2023-2024學(xué)年山東省威海市高一下學(xué)期期末考試物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1高一物理1．本試卷共6頁，滿分100分，考試用時90分鐘。2．答題前，考生先將自己的姓名、考生號、座號填寫在相應(yīng)位置。3．選擇題〖答案〗必須使用2B鉛筆（按填涂樣例）正確填涂；非選擇題〖答案〗必須使用0.5毫米黑色簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。4．請按照題號在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的〖答案〗無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。保持卡面清潔，不折疊、不破損。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.如圖所示，帶電體C的右側(cè)有兩個相互接觸的金屬導(dǎo)體A和B，均放在絕緣支座上。先將A、B分開，再移走C，關(guān)于A、B的帶電情況，下列說法正確的是（）A.A帶正電、B帶負(fù)電 B.A帶負(fù)電、B帶正電C.A、B均帶負(fù)電 D.A、B均帶正電〖答案〗B〖解析〗帶電體C靠近相互接觸的金屬導(dǎo)體A和B時，在A的左端感應(yīng)出負(fù)電荷，在B的右端感應(yīng)出與A等量的正電荷，如果先將A、B分開，再移走C，則A帶負(fù)電、B帶正電。故選B。2.關(guān)于功和功率，下列說法正確的是（）A.力越大，力做功就越多 B.位移越大，力做功就越多C.功率越大，力做功就越多 D.功率越大，力做功就越快〖答案〗D〖解析〗AB．根據(jù)功的計算公式可知，功與力、位移以及力與位移的夾角都有關(guān)系，力越大，力做功不一定越多；同理，位移越大，力做功也不一定越多，故AB錯誤；D．功率是描述物體做功快慢的物理量，功率越大，做功越快；故D正確；C．根據(jù)功率與功的關(guān)系W＝Pt可知，功率越大，做功多少還與時間有關(guān)，所以功率越大，力做功不一定就越多，故C錯誤。故選D。3.某電場的三條電場線如圖所示（方向未知），A、B為其中兩點，下列說法正確的是（）A.A點場強大于B點場強B.A點場強小于B點場強C.A點電勢高于B點電勢D.A點電勢低于B點電勢〖答案〗A〖解析〗AB．電場線密的地方電場的強度大，所以A點場強大于B點場強，A正確，B錯誤；CD．沿電場線的方向，電勢降低，題中未給出電場線方向，故不能確定A、B兩點電勢大小關(guān)系，CD錯誤。故選A。4.如圖所示，已充好電的平行板電容器兩極板正對，G為靜電計，下列說法正確的是（）A.僅使M板向上移動，靜電計讀數(shù)變大B.僅使M板向下移動，靜電計讀數(shù)不變C.僅使M板向左移動，靜電計讀數(shù)變小D.僅使M板向右移動，靜電計讀數(shù)不變〖答案〗A〖解析〗A．僅使M板向上移動，兩板間正對面積S減小，根據(jù)，可知電容器電容減小，由于兩極板所帶電荷量不變，根據(jù)，可知靜電計讀數(shù)變大，故A正確；B．僅使M板向下移動，兩板間正對面積S減小，根據(jù)，可知電容器電容減小，由于兩極板所帶電荷量不變，根據(jù)，可知靜電計讀數(shù)變大，故B錯誤；C．僅使M板向左移動，兩板間距離d增大，根據(jù)，可知電容器電容減小，由于兩極板所帶電荷量不變，根據(jù)，可知靜電計讀數(shù)變大，故C錯誤；D．僅使M板向右移動，兩板間距離d減小，根據(jù)，可知電容器電容增大，由于兩極板所帶電荷量不變，根據(jù)，可知靜電計讀數(shù)變小，故D錯誤。故選A。5.請估算兩個電子在真空中的庫侖力是其萬有引力的多少倍。已知電子的比荷，靜電力常量k=9.0×109N·m2/C2，引力常量G=6.67×10-11N·m2/kg2（）A.4×1012 B.4×1022 C.4×1032 D.4×1042〖答案〗D〖解析〗設(shè)兩個電子間的庫侖力為，萬有引力為，由庫侖定律和萬有引力定律分別可得，可得兩個電子在真空中的庫侖力與萬有引力大小之比為故選D。6.起重機將一重物從靜止開始豎直向上吊起，重物做勻加速直線運動，則起重機對重物做功的功率P隨時間t變化的圖像為（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗重物做勻加速直線運動，根據(jù)則起重機拉力一定，重物速度起重機對重物做功的功率（k為定值）所以P隨時間t變化的圖像為過原點的一條射線。故選A。7.某靜電場的方向平行于x軸，坐標(biāo)原點為O，P、Q為x軸上的兩點，電勢φ隨x的變化規(guī)律如圖所示，下列判斷正確的是（）A.電場方向沿x軸正方向BP點電勢高于Q點電勢C.電場強度大小為400V/mD.電勢差UOP＞UPQ〖答案〗C〖解析〗A．由圖像可知，沿x軸正方向電勢逐漸升高，由沿電場方向電勢降低可知，電場方向沿x軸負(fù)方向，A錯誤；B．由沿電場方向電勢降低可知，P點電勢低于Q點電勢，B錯誤；C．由圖像的斜率表示電場強度大小可知C正確；D．由于電場是勻強電場，在沿電場方向間隔相等的兩點間的電勢差相等，因此有UOP=UPQD錯誤。故選C。8.如圖所示，水平向右的勻強電場，場強大小為。質(zhì)量為1kg、電量為1.6C帶正電的小物塊，從原點O以的初速度向右運動，物塊所受阻力f與位移x的關(guān)系為。則物塊運動的最大速度為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗由題意知，電場力大小等于所受阻力大小時，合力為零，物塊速度達到最大，設(shè)物塊所受電場力為，場強為，電量為q，此時則代入得則可知，當(dāng)物塊運動1m時速度達到最大，由題知阻力為變力，設(shè)當(dāng)時，阻力為，當(dāng)時，設(shè)阻力為，物塊初速度為，物塊末速度為，由動能定理知代入得B正確；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.科學(xué)家推測，雙星的運動是產(chǎn)生引力波的來源之一。假設(shè)P、Q兩天體組成一雙星系統(tǒng)，各自圍繞它們連線上某點在二者間萬有引力作用下做勻速圓周運動。已知P、Q的質(zhì)量比為2:3，下列說法正確的是（）A.P、Q的周期之比為2:3 B.P、Q的半徑之比為3:2C.P、Q的向心力之比為2:3 D.P、Q的向心加速度之比為3:2〖答案〗BD〖解析〗AB．P、Q兩天體各自圍繞它們連線上某點做勻速圓周運動，則轉(zhuǎn)動的角速度相等，有公式可知，P、Q的周期之比為，又有可得故A錯誤，B正確；C．P、Q兩顆星的向心力都等于兩者之間的萬有引力，因此P、Q兩星的向心力之比為，故C錯誤；D．根據(jù)題意，由牛頓第二定律有解得則有故D正確。故選BD。10.如圖所示，兩個等量正點電荷形成的電場中，O點為兩電荷連線的中點，O、A、B、C為以其中一正電荷為圓心的圓上四點，取無限遠處電勢為零。下列說法正確的是（）A.A、C兩點電場強度相同BA、C兩點電勢相等C.O點的電勢為零D.電子在O點的電勢能小于在B點的電勢能〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)對稱性，A、C兩點電場強度大小相等，方向不同，故A錯誤；B．A、C兩點距兩個等量正點電荷的距離相等，則A、C兩點電勢相等，故B正確；C．根據(jù)正點電荷電勢分布可知，左側(cè)正點電荷在O點的電勢大于零，右側(cè)正點電荷在O點的電勢大于零，故O點的電勢大于零，故C錯誤；D．根據(jù)正點電荷電勢分布可知，左側(cè)正點電荷在O點的電勢大于B點的電勢，右側(cè)正點電荷在O點的電勢等于B點的電勢，則O點的電勢大于在B點的電勢，負(fù)電荷在高電勢處電勢能反而小，則電子在O點的電勢能小于在B點的電勢能，故D正確。故選BD。11.游樂場中“旋轉(zhuǎn)飛椅”的簡化模型如圖所示，座椅都用等長的繩子懸掛在水平轉(zhuǎn)盤的不同位置。M、N兩人坐在座椅上隨轉(zhuǎn)盤一起在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，M的懸點離轉(zhuǎn)盤中心O點更遠一些。不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.M的加速度大于NB.M的加速度小于NC.M的繩子與豎直方向的夾角大于ND.M的繩子與豎直方向的夾角小于N〖答案〗AC〖解析〗AB．人在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，所以由于M的半徑大于N的半徑，而二者角速度相同，所以故A正確，B錯誤；CD．設(shè)繩子與豎直方向的夾角為θ，對人受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得所以由于θ所以M的繩子與豎直方向的夾角大于N的繩子與豎直方向的夾角，故C正確，D錯誤。故選AC。12.如圖所示，傾角為37°的斜面底端固定一輕質(zhì)彈簧，質(zhì)量為1kg的小滑塊從斜面上的A點以2m/s的初速度向下滑動，運動到B點時彈簧壓縮量最大，滑塊被彈回后恰好能夠返回A點。已知滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.25，重力加速度取10m/s2，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，整個過程斜面保持靜止，不計空氣阻力，，，則（）A.A、B間距為0.5mB.A、B間距為1mC.彈簧的最大彈性勢能為4JD.彈簧的最大彈性勢能為8J〖答案〗AC〖解析〗AB．根據(jù)動能定理可得解得故A正確，B錯誤；CD．從A到B根據(jù)動能定理可得又解得故C正確，D錯誤。故選AC。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.如圖甲所示，某實驗小組利用光電門和數(shù)字計時器等器材驗證機械能守恒定律。主要實驗步驟如下，請回答相關(guān)問題：（1）用游標(biāo)卡尺測量小鐵球的直徑如圖乙所示，直徑為________mm；（2）用電磁鐵吸住小鐵球，將光電門調(diào)整到合適位置，測量小鐵球距離光電門的高度為h；（3）切斷電磁鐵電源，直徑為d的小鐵球下落，數(shù)字計時器記錄小鐵球通過光電門的時間為t，則小鐵球通過光電門的速度大小為_________；（4）調(diào)整h的大小，多次實驗并記錄h、t的數(shù)據(jù)，以為縱軸，h為橫軸描點連線。若作出的圖線為一條過原點的傾斜直線，且直線的斜率為_______（用g、d表示），說明小鐵球下落過程機械能守恒。〖答案〗（1）12.35（3）（4）〖解析〗（1）20分度游標(biāo)卡尺的精確值為，由圖乙可知小鐵球的直徑為（3）由于擋光時間很短，可認(rèn)為擋光過程平均速度等于小鐵球通過光電門的速度，則有（4）根據(jù)機械能守恒可得聯(lián)立可得可知作出的圖線為一條過原點的傾斜直線，且直線的斜率為則說明小鐵球下落過程機械能守恒。14.某同學(xué)利用伏安法測量一種合金絲的電阻率，實驗器材如下：A．合金絲Rx（阻值約為2Ω）B．電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約為15kΩ）C．電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約為75kΩ）D．電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω）E．電流表A2（量程3A，內(nèi)阻約為0.2Ω）F．滑動變阻器R（0~10Ω，0.6A）G．定值電阻R0（5Ω，1A）H．電池E（電動勢為3V，內(nèi)阻約為0.3Ω）I．開關(guān)S及導(dǎo)線若干（1）由于合金絲的電阻較小，為了保護電路且減小測量誤差，需要將R0與Rx串聯(lián)后接入電路，則電壓表選用_____，電流表選用_____（選填器材前的序號）；（2）該同學(xué)采用累積的方法測量合金絲的直徑，如圖所示，取一段合金絲在圓柱形鉛筆上緊密纏繞，并用刻度尺進行測量，則合金絲的直徑為______mm（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（3）畫出測量Rx的電路圖_____；（4）若合金絲電阻率的測量值小于真實值，則可能的原因是（）A.直徑的測量值偏大 B.長度的測量值偏大C.電壓表的分流作用 D.電流表的分壓作用〖答案〗（1）BD（2）0.88（3）或（4）BC〖解析〗【小問1詳析】由于電源的電動勢為3V，所以電壓表選擇3V的電壓表，即電壓表應(yīng)選B；流過待測電阻的最大電流為所以選擇0.6A的電流表，即電流表應(yīng)選D；【小問2詳析】由圖可知所以金屬絲的直徑為【小問3詳析】由于所以電流表應(yīng)采用外接法，同時滑動變阻器最大阻值為10Ω，可以采用限流接法，也可以用分壓接法，所以電路圖如圖所示或小問4詳析】根據(jù)電阻定律可得所以根據(jù)歐姆定律可得所以由此可知，若合金絲電阻率的測量值小于真實值，則可能原因是直徑的測量值D偏小，長度的測量值L偏大，電壓表的分流作用使得I偏大，電阻率測量值偏小，而電流表外接時，電流表的分壓作用對測量無影響。故選BC。15.2024年5月，嫦娥六號探測器在我國文昌成功發(fā)射，之后進入地月轉(zhuǎn)移軌道，5月8日探測器成功實施近月制動，順利進入環(huán)月軌道飛行，做周期為T的勻速圓周運動，之后登陸月球，完成月球背面采樣任務(wù)后成功返回。若探測器登陸月球后，采集的質(zhì)量為m的土壤靜置在月球表面的水平壓力傳感器上，傳感器的示數(shù)為F。已知月球半徑為r，引力常量為G，求：（1）月球表面的重力加速度及月球質(zhì)量；（2）環(huán)月軌道距月球表面的高度?！即鸢浮剑?），（2）〖解析〗【小問1詳析】質(zhì)量為m的土壤在月球上的重力月球表面的重力加速度對月球表面的物體【小問2詳析】對環(huán)月軌道上的物體環(huán)月軌道距月球表面的高度16.如圖所示，質(zhì)量為m的小球用長為l的輕繩懸掛在O點，在O點的正下方有一光滑的釘子。把小球拉至右端使輕繩處于水平位置，由靜止釋放小球，輕繩碰到釘子后，小球恰好能完成完整的圓周運動。已知重力加速度為g，不計空氣阻力。求：（1）釘子離O點的距離；（2）碰到釘子后的瞬間輕繩上拉力的大小?！即鸢浮剑?）（2）6mg〖解析〗【小問1詳析】設(shè)釘子離O點的距離為d，則小球做圓周運動的半徑，由題可知解得【小問2詳析】由題可知解得17.如圖所示，直角坐標(biāo)系xOy中，第一象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強電場I，第三象限存在沿x軸正方向的勻強電場II。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子，以沿x軸負(fù)方向的初速度v0從a點開始運動，經(jīng)O點進入第三象限，最終到達y軸上的b點，粒子從a到O和從O到b的時間相等。已知a點的坐標(biāo)為（8L，3L），粒子的重力忽略不計。求：（1）I的電場強度；（2）II的電場強度；（3）粒子在電場II中距離y軸的最遠距離；（4）b點的坐標(biāo)?！即鸢浮剑?）（2）（3）2L（4）（0，-6L）〖解析〗【小問1詳析】在勻強電場I中，由于粒子的重力忽略不計，粒子做類平拋運動故故【小問2詳析】第三象限存在沿x軸正方向勻強電場II，則解得【小問3詳析】由于則【小問4詳析】因為則坐標(biāo)為：（0，-6L）18.如圖所示，質(zhì)量M=4kg、長度L=2m的木板A靜止在光滑水平面上，其左端上表面與半徑R=0.5m的四分之一豎直圓軌道相切，A的右側(cè)某位置豎直固定一擋板P。將質(zhì)量m=2kg的物塊B從軌道最高點由靜止釋放，A、B共速后A與P發(fā)生碰撞，碰后A以某一速度反彈，B最終恰好沒有從A上滑離。已知B經(jīng)軌道最低點時對軌道的壓力FN=56N，A、B間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，重力加速度g=10m/s2。求：（1）B在圓軌道運動過程中克服阻力做的功；（2）從B滑上A至A、B第一次共速，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量；（3）A與P碰撞損失的機械能?！即鸢浮剑?）1J（2）6J（3）〖解析〗【小問1詳析】在軌道最低點，由牛頓第二定律得B從軌道最高點下滑到最低點的過程中，由動能定理得聯(lián)立以上兩式，代入已知數(shù)據(jù)，可得【小問2詳析】對A，根據(jù)牛頓第二定律對B，根據(jù)牛頓第二定律A、B第一次共速共速時二者速度為由能量守恒定律得聯(lián)立可得【小問3詳析】如圖分析可知因為設(shè)碰撞后A的速度大小為v2，從碰撞后到第二次共速的時間為t2，則共速時A向左運動位移大小B向右運動位移大小另有聯(lián)立可得高一物理1．本試卷共6頁，滿分100分，考試用時90分鐘。2．答題前，考生先將自己的姓名、考生號、座號填寫在相應(yīng)位置。3．選擇題〖答案〗必須使用2B鉛筆（按填涂樣例）正確填涂；非選擇題〖答案〗必須使用0.5毫米黑色簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。4．請按照題號在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的〖答案〗無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。保持卡面清潔，不折疊、不破損。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.如圖所示，帶電體C的右側(cè)有兩個相互接觸的金屬導(dǎo)體A和B，均放在絕緣支座上。先將A、B分開，再移走C，關(guān)于A、B的帶電情況，下列說法正確的是（）A.A帶正電、B帶負(fù)電 B.A帶負(fù)電、B帶正電C.A、B均帶負(fù)電 D.A、B均帶正電〖答案〗B〖解析〗帶電體C靠近相互接觸的金屬導(dǎo)體A和B時，在A的左端感應(yīng)出負(fù)電荷，在B的右端感應(yīng)出與A等量的正電荷，如果先將A、B分開，再移走C，則A帶負(fù)電、B帶正電。故選B。2.關(guān)于功和功率，下列說法正確的是（）A.力越大，力做功就越多 B.位移越大，力做功就越多C.功率越大，力做功就越多 D.功率越大，力做功就越快〖答案〗D〖解析〗AB．根據(jù)功的計算公式可知，功與力、位移以及力與位移的夾角都有關(guān)系，力越大，力做功不一定越多；同理，位移越大，力做功也不一定越多，故AB錯誤；D．功率是描述物體做功快慢的物理量，功率越大，做功越快；故D正確；C．根據(jù)功率與功的關(guān)系W＝Pt可知，功率越大，做功多少還與時間有關(guān)，所以功率越大，力做功不一定就越多，故C錯誤。故選D。3.某電場的三條電場線如圖所示（方向未知），A、B為其中兩點，下列說法正確的是（）A.A點場強大于B點場強B.A點場強小于B點場強C.A點電勢高于B點電勢D.A點電勢低于B點電勢〖答案〗A〖解析〗AB．電場線密的地方電場的強度大，所以A點場強大于B點場強，A正確，B錯誤；CD．沿電場線的方向，電勢降低，題中未給出電場線方向，故不能確定A、B兩點電勢大小關(guān)系，CD錯誤。故選A。4.如圖所示，已充好電的平行板電容器兩極板正對，G為靜電計，下列說法正確的是（）A.僅使M板向上移動，靜電計讀數(shù)變大B.僅使M板向下移動，靜電計讀數(shù)不變C.僅使M板向左移動，靜電計讀數(shù)變小D.僅使M板向右移動，靜電計讀數(shù)不變〖答案〗A〖解析〗A．僅使M板向上移動，兩板間正對面積S減小，根據(jù)，可知電容器電容減小，由于兩極板所帶電荷量不變，根據(jù)，可知靜電計讀數(shù)變大，故A正確；B．僅使M板向下移動，兩板間正對面積S減小，根據(jù)，可知電容器電容減小，由于兩極板所帶電荷量不變，根據(jù)，可知靜電計讀數(shù)變大，故B錯誤；C．僅使M板向左移動，兩板間距離d增大，根據(jù)，可知電容器電容減小，由于兩極板所帶電荷量不變，根據(jù)，可知靜電計讀數(shù)變大，故C錯誤；D．僅使M板向右移動，兩板間距離d減小，根據(jù)，可知電容器電容增大，由于兩極板所帶電荷量不變，根據(jù)，可知靜電計讀數(shù)變小，故D錯誤。故選A。5.請估算兩個電子在真空中的庫侖力是其萬有引力的多少倍。已知電子的比荷，靜電力常量k=9.0×109N·m2/C2，引力常量G=6.67×10-11N·m2/kg2（）A.4×1012 B.4×1022 C.4×1032 D.4×1042〖答案〗D〖解析〗設(shè)兩個電子間的庫侖力為，萬有引力為，由庫侖定律和萬有引力定律分別可得，可得兩個電子在真空中的庫侖力與萬有引力大小之比為故選D。6.起重機將一重物從靜止開始豎直向上吊起，重物做勻加速直線運動，則起重機對重物做功的功率P隨時間t變化的圖像為（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗重物做勻加速直線運動，根據(jù)則起重機拉力一定，重物速度起重機對重物做功的功率（k為定值）所以P隨時間t變化的圖像為過原點的一條射線。故選A。7.某靜電場的方向平行于x軸，坐標(biāo)原點為O，P、Q為x軸上的兩點，電勢φ隨x的變化規(guī)律如圖所示，下列判斷正確的是（）A.電場方向沿x軸正方向BP點電勢高于Q點電勢C.電場強度大小為400V/mD.電勢差UOP＞UPQ〖答案〗C〖解析〗A．由圖像可知，沿x軸正方向電勢逐漸升高，由沿電場方向電勢降低可知，電場方向沿x軸負(fù)方向，A錯誤；B．由沿電場方向電勢降低可知，P點電勢低于Q點電勢，B錯誤；C．由圖像的斜率表示電場強度大小可知C正確；D．由于電場是勻強電場，在沿電場方向間隔相等的兩點間的電勢差相等，因此有UOP=UPQD錯誤。故選C。8.如圖所示，水平向右的勻強電場，場強大小為。質(zhì)量為1kg、電量為1.6C帶正電的小物塊，從原點O以的初速度向右運動，物塊所受阻力f與位移x的關(guān)系為。則物塊運動的最大速度為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗由題意知，電場力大小等于所受阻力大小時，合力為零，物塊速度達到最大，設(shè)物塊所受電場力為，場強為，電量為q，此時則代入得則可知，當(dāng)物塊運動1m時速度達到最大，由題知阻力為變力，設(shè)當(dāng)時，阻力為，當(dāng)時，設(shè)阻力為，物塊初速度為，物塊末速度為，由動能定理知代入得B正確；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.科學(xué)家推測，雙星的運動是產(chǎn)生引力波的來源之一。假設(shè)P、Q兩天體組成一雙星系統(tǒng)，各自圍繞它們連線上某點在二者間萬有引力作用下做勻速圓周運動。已知P、Q的質(zhì)量比為2:3，下列說法正確的是（）A.P、Q的周期之比為2:3 B.P、Q的半徑之比為3:2C.P、Q的向心力之比為2:3 D.P、Q的向心加速度之比為3:2〖答案〗BD〖解析〗AB．P、Q兩天體各自圍繞它們連線上某點做勻速圓周運動，則轉(zhuǎn)動的角速度相等，有公式可知，P、Q的周期之比為，又有可得故A錯誤，B正確；C．P、Q兩顆星的向心力都等于兩者之間的萬有引力，因此P、Q兩星的向心力之比為，故C錯誤；D．根據(jù)題意，由牛頓第二定律有解得則有故D正確。故選BD。10.如圖所示，兩個等量正點電荷形成的電場中，O點為兩電荷連線的中點，O、A、B、C為以其中一正電荷為圓心的圓上四點，取無限遠處電勢為零。下列說法正確的是（）A.A、C兩點電場強度相同BA、C兩點電勢相等C.O點的電勢為零D.電子在O點的電勢能小于在B點的電勢能〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)對稱性，A、C兩點電場強度大小相等，方向不同，故A錯誤；B．A、C兩點距兩個等量正點電荷的距離相等，則A、C兩點電勢相等，故B正確；C．根據(jù)正點電荷電勢分布可知，左側(cè)正點電荷在O點的電勢大于零，右側(cè)正點電荷在O點的電勢大于零，故O點的電勢大于零，故C錯誤；D．根據(jù)正點電荷電勢分布可知，左側(cè)正點電荷在O點的電勢大于B點的電勢，右側(cè)正點電荷在O點的電勢等于B點的電勢，則O點的電勢大于在B點的電勢，負(fù)電荷在高電勢處電勢能反而小，則電子在O點的電勢能小于在B點的電勢能，故D正確。故選BD。11.游樂場中“旋轉(zhuǎn)飛椅”的簡化模型如圖所示，座椅都用等長的繩子懸掛在水平轉(zhuǎn)盤的不同位置。M、N兩人坐在座椅上隨轉(zhuǎn)盤一起在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，M的懸點離轉(zhuǎn)盤中心O點更遠一些。不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.M的加速度大于NB.M的加速度小于NC.M的繩子與豎直方向的夾角大于ND.M的繩子與豎直方向的夾角小于N〖答案〗AC〖解析〗AB．人在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，所以由于M的半徑大于N的半徑，而二者角速度相同，所以故A正確，B錯誤；CD．設(shè)繩子與豎直方向的夾角為θ，對人受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得所以由于θ所以M的繩子與豎直方向的夾角大于N的繩子與豎直方向的夾角，故C正確，D錯誤。故選AC。12.如圖所示，傾角為37°的斜面底端固定一輕質(zhì)彈簧，質(zhì)量為1kg的小滑塊從斜面上的A點以2m/s的初速度向下滑動，運動到B點時彈簧壓縮量最大，滑塊被彈回后恰好能夠返回A點。已知滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.25，重力加速度取10m/s2，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，整個過程斜面保持靜止，不計空氣阻力，，，則（）A.A、B間距為0.5mB.A、B間距為1mC.彈簧的最大彈性勢能為4JD.彈簧的最大彈性勢能為8J〖答案〗AC〖解析〗AB．根據(jù)動能定理可得解得故A正確，B錯誤；CD．從A到B根據(jù)動能定理可得又解得故C正確，D錯誤。故選AC。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.如圖甲所示，某實驗小組利用光電門和數(shù)字計時器等器材驗證機械能守恒定律。主要實驗步驟如下，請回答相關(guān)問題：（1）用游標(biāo)卡尺測量小鐵球的直徑如圖乙所示，直徑為________mm；（2）用電磁鐵吸住小鐵球，將光電門調(diào)整到合適位置，測量小鐵球距離光電門的高度為h；（3）切斷電磁鐵電源，直徑為d的小鐵球下落，數(shù)字計時器記錄小鐵球通過光電門的時間為t，則小鐵球通過光電門的速度大小為_________；（4）調(diào)整h的大小，多次實驗并記錄h、t的數(shù)據(jù)，以為縱軸，h為橫軸描點連線。若作出的圖線為一條過原點的傾斜直線，且直線的斜率為_______（用g、d表示），說明小鐵球下落過程機械能守恒?！即鸢浮剑?）12.35（3）（4）〖解析〗（1）20分度游標(biāo)卡尺的精確值為，由圖乙可知小鐵球的直徑為（3）由于擋光時間很短，可認(rèn)為擋光過程平均速度等于小鐵球通過光電門的速度，則有（4）根據(jù)機械能守恒可得聯(lián)立可得可知作出的圖線為一條過原點的傾斜直線，且直線的斜率為則說明小鐵球下落過程機械能守恒。14.某同學(xué)利用伏安法測量一種合金絲的電阻率，實驗器材如下：A．合金絲Rx（阻值約為2Ω）B．電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約為15kΩ）C．電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約為75kΩ）D．電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω）E．電流表A2（量程3A，內(nèi)阻約為0.2Ω）F．滑動變阻器R（0~10Ω，0.6A）G．定值電阻R0（5Ω，1A）H．電池E（電動勢為3V，內(nèi)阻約為0.3Ω）I．開關(guān)S及導(dǎo)線若干（1）由于合金絲的電阻較小，為了保護電路且減小測量誤差，需要將R0與Rx串聯(lián)后接入電路，則電壓表選用_____，電流表選用_____（選填器材前的序號）；（2）該同學(xué)采用累積的方法測量合金絲的直徑，如圖所示，取一段合金絲在圓柱形鉛筆上緊密纏繞，并用刻度尺進行測量，則合金絲的直徑為______mm（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（3）畫出測量Rx的電路圖_____；（4）若合金絲電阻率的測量值小于真實值，則可能的原因是（）A.直徑的測量值偏大 B.長度的測量值偏大C.電壓表的分流作用 D.電流表的分壓作用〖答案〗（1）BD（2）0.88（3）或（4）BC〖解析〗【小問1詳析】由于電源的電動勢為3V，所以電壓表選擇3V的電壓表，即電壓表應(yīng)選B；流過待測電阻的最大電流為所以選擇0.6A的電流表，即電流表應(yīng)選D；【小問2詳析】由圖可知所以金屬絲的直徑為【小問3詳析】由于所以電流表應(yīng)采用外接法，同時滑動變阻器最大阻值為10Ω，可以采用限流接法，也可以用分壓接法，所以電路圖如圖所示或小問4詳析】根據(jù)電阻定律可得所以根據(jù)歐姆定律可得所以由此可知，若合金絲電阻率的測量值小于真實值，則可能原因是直徑的測量值D偏小，長度的測量值L偏大，電壓表的分流作用使得I偏大，電阻率測量值偏小，而電流表外接時，電流表的分壓作用對測量無影響。故選BC。15.2024年5月，嫦娥六號探測器在我國文昌成功發(fā)射，之后進入地月轉(zhuǎn)移軌道，5月8日探測器成功實施近月制動，順利進入環(huán)月軌道飛行，做周期為T的勻速圓周運動，之后登陸月球，完成月球背面采樣任務(wù)后成功返回。若探測器登陸月球后，采集的