高考文科數(shù)學人教A版25 指數(shù)與指數(shù)函數(shù)_第1頁
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文檔簡介

§2.5指數(shù)與指數(shù)函數(shù)最新考綱考情考向分析1.了解指數(shù)函數(shù)模型的實際背景.2.理解有理數(shù)指數(shù)冪的含義,了解實數(shù)指數(shù)冪的意義,掌握冪的運算.3.理解指數(shù)函數(shù)的概念及其單調(diào)性,掌握指數(shù)函數(shù)圖象通過的特殊點,會畫底數(shù)為2,3,10,eq\f(1,2),eq\f(1,3)的指數(shù)函數(shù)的圖象.4.體會指數(shù)函數(shù)是一類重要的函數(shù)模型.直接考查指數(shù)函數(shù)的圖象與性質(zhì);以指數(shù)函數(shù)為載體,考查函數(shù)與方程、不等式等交匯問題,題型一般為選擇、填空題,中檔難度.1.分數(shù)指數(shù)冪(1)我們規(guī)定正數(shù)的正分數(shù)指數(shù)冪的意義是=eq\r(n,am)(a>0,m,n∈N*,且n>1).于是,在條件a>0,m,n∈N*,且n>1下,根式都可以寫成分數(shù)指數(shù)冪的形式.正數(shù)的負分數(shù)指數(shù)冪的意義與負整數(shù)指數(shù)冪的意義相仿,我們規(guī)定=(a>0,m,n∈N*,且n>1).0的正分數(shù)指數(shù)冪等于0;0的負分數(shù)指數(shù)冪沒有意義.(2)有理數(shù)指數(shù)冪的運算性質(zhì):aras=ar+s,(ar)s=ars,(ab)r=arbr,其中a>0,b>0,r,s∈Q.2.指數(shù)函數(shù)的圖象與性質(zhì)y=axa>10<a<1圖象定義域(1)R值域(2)(0,+∞)性質(zhì)(3)過定點(0,1)(4)當x>0時,y>1;當x<0時,0<y<1(5)當x>0時,0<y<1;當x<0時,0<y<1當x<0時,y>1(6)在(-∞,+∞)上是增函數(shù)(7)在(-∞,+∞)上是減函數(shù)知識拓展1.指數(shù)函數(shù)圖象的畫法畫指數(shù)函數(shù)y=ax(a>0,且a≠1)的圖象,應(yīng)抓住三個關(guān)鍵點:(1,a),(0,1),eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(-1,\f(1,a))).2.指數(shù)函數(shù)的圖象與底數(shù)大小的比較如圖是指數(shù)函數(shù)(1)y=ax,(2)y=bx,(3)y=cx,(4)y=dx的圖象,底數(shù)a,b,c,d與1之間的大小關(guān)系為c>d>1>a>b>0.由此我們可得到以下規(guī)律:在第一象限內(nèi),指數(shù)函數(shù)y=ax(a>0,a≠1)的圖象越高,底數(shù)越大.3.指數(shù)函數(shù)y=ax(a>0,a≠1)的圖象和性質(zhì)跟a的取值有關(guān),要特別注意應(yīng)分a>1與0<a<1來研究.題組一思考辨析1.判斷下列結(jié)論是否正確(請在括號中打“√”或“×”)(1)eq\r(n,an)=(eq\r(n,a))n=a(n∈N*).(×)(2)分數(shù)指數(shù)冪可以理解為eq\f(m,n)個a相乘.(×)(3)函數(shù)y=3·2x與y=2x+1都不是指數(shù)函數(shù).(√)(4)若am<an(a>0,且a≠1),則m<n.(×)(5)函數(shù)y=2-x在R上為單調(diào)減函數(shù).(√)題組二教材改編2.[P59A組T4]化簡eq\r(4,16x8y4)(x<0,y<0)=________.答案-2x2y3.[P56例6]若函數(shù)f(x)=ax(a>0,且a≠1)的圖象經(jīng)過點Peq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2,\f(1,2))),則f(-1)=________.答案eq\r(2)解析由題意知eq\f(1,2)=a2,所以a=eq\f(\r(2),2),所以f(x)=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(\r(2),2)))x,所以f(-1)=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(\r(2),2)))-1=eq\r(2).4.[P59A組T7]已知a=,b=,c=,則a,b,c的大小關(guān)系是________.答案c<b<a解析∵y=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3,5)))x是減函數(shù),∴>>eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3,5)))0,即a>b>1,又c=<eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3,2)))0=1,∴c<b<a.題組三易錯自糾5.計算:×eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(-\f(7,6)))0+×eq\r(4,2)-=________.答案2解析原式=×1+×-=2.6.若函數(shù)y=(a2-1)x在(-∞,+∞)上為減函數(shù),則實數(shù)a的取值范圍是________.答案(-eq\r(2),-1)∪(1,eq\r(2))解析由題意知0<a2-1<1,即1<a2<2,得-eq\r(2)<a<-1或1<a<eq\r(2).7.函數(shù)y=8-23-x(x≥0)的值域是________.答案[0,8)解析∵x≥0,∴-x≤0,∴3-x≤3,∴0<23-x≤23=8,∴0≤8-23-x<8,∴函數(shù)y=8-23-x的值域為[0,8).

題型一指數(shù)冪的運算1.eq\f(a3,\r(a)·\r(5,a4))(a>0)的值是________.答案解析eq\f(a3,\r(a)·\r(5,a4))===.2.計算:+-10(eq\r(5)-2)-1+π0=________.答案-eq\f(167,9)解析原式=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(-\f(3,2)))-2+-eq\f(10\r(5)+2,\r(5)-2\r(5)+2)+1,=eq\f(4,9)+10eq\r(5)-10eq\r(5)-20+1=-eq\f(167,9).3.(2017·蘭州模擬)化簡:=________.(a>0)答案a2解析原式===a2.思維升華(1)指數(shù)冪的運算首先將根式,分數(shù)指數(shù)冪統(tǒng)一為分數(shù)指數(shù)冪,以便利用法則計算,還應(yīng)注意:①必須同底數(shù)冪相乘,指數(shù)才能相加;②運算的先后順序.(2)當?shù)讛?shù)是負數(shù)時,先確定符號,再把底數(shù)化為正數(shù).(3)運算結(jié)果不能同時含有根號和分數(shù)指數(shù),也不能既有分母又含有負指數(shù).題型二指數(shù)函數(shù)的圖象及應(yīng)用典例(1)函數(shù)f(x)=1-e|x|的圖象大致是()答案A解析f(x)=1-e|x|是偶函數(shù),圖象關(guān)于y軸對稱,又e|x|≥1,∴f(x)≤0.符合條件的圖象只有A.(2)若曲線|y|=2x+1與直線y=b沒有公共點,則b的取值范圍是________.答案[-1,1]解析曲線|y|=2x+1與直線y=b的圖象如圖所示,由圖象可知,如果|y|=2x+1與直線y=b沒有公共點,則b應(yīng)滿足的條件是b∈[-1,1].思維升華(1)已知函數(shù)解析式判斷其圖象一般是取特殊點,判斷選項中的圖象是否過這些點,若不滿足則排除.(2)對于有關(guān)指數(shù)型函數(shù)的圖象可從指數(shù)函數(shù)的圖象通過平移、伸縮、對稱變換而得到.特別地,當?shù)讛?shù)a與1的大小關(guān)系不確定時應(yīng)注意分類討論.跟蹤訓練(1)已知實數(shù)a,b滿足等式2018a=2019b,下列五個關(guān)系式:①0<b<a;②a<b<0;③0<a<b;④b<a<0;⑤a=b.其中不可能成立的關(guān)系式有()A.1個B.2個C.3個D.4個答案B解析如圖,觀察易知,a,b的關(guān)系為a<b<0或0<b<a或a=b=0.(2)方程2x=2-x的解的個數(shù)是________.答案1解析方程的解可看作函數(shù)y=2x和y=2-x的圖象交點的橫坐標,分別作出這兩個函數(shù)的圖象(如圖).由圖象得只有一個交點,因此該方程只有一個解.題型三指數(shù)函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用命題點1指數(shù)函數(shù)單調(diào)性的應(yīng)用典例(1)(2017·河南百校聯(lián)考)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,則f(a),f(b)的大小關(guān)系是________.答案f(b)<f(a)解析易知f(x)=2x-2-x在R上為增函數(shù),又a==>=b.∴f(a)>f(b).(2)設(shè)函數(shù)f(x)=eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x-7,x<0,,\r(x),x≥0,))若f(a)<1,則實數(shù)a的取值范圍是________.答案(-3,1)解析當a<0時,不等式f(a)<1可化為eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))a-7<1,即eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))a<8,即eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))a<eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))-3,∴a>-3.又a<0,∴-3<a<0.當a≥0時,不等式f(a)<1可化為eq\r(a)<1.∴0≤a<1,綜上,a的取值范圍為(-3,1).命題點2與指數(shù)函數(shù)有關(guān)的復(fù)合函數(shù)的單調(diào)性典例(1)已知函數(shù)f(x)=2|2x-m|(m為常數(shù)),若f(x)在區(qū)間[2,+∞)上單調(diào)遞增,則m的取值范圍是________;(2)函數(shù)f(x)=的單調(diào)減區(qū)間為____________.答案(1)(-∞,4](2)(-∞,1]解析(1)令t=|2x-m|,則t=|2x-m|在區(qū)間eq\b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(m,2),+∞))上單調(diào)遞增,在區(qū)間eq\b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\co1(-∞,\f(m,2)))上單調(diào)遞減.而y=2t在R上單調(diào)遞增,所以要使函數(shù)f(x)=2|2x-m|在[2,+∞)上單調(diào)遞增,則有eq\f(m,2)≤2,即m≤4,所以m的取值范圍是(-∞,4].(2)設(shè)u=-x2+2x+1,∵y=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))u在R上為減函數(shù),所以函數(shù)f(x)=的減區(qū)間即為函數(shù)u=-x2+2x+1的增區(qū)間.又u=-x2+2x+1的增區(qū)間為(-∞,1],所以f(x)的減區(qū)間為(-∞,1].(3)函數(shù)f(x)=4x-2x+1的單調(diào)增區(qū)間是________.答案[0,+∞)解析設(shè)t=2x(t>0),則y=t2-2t的單調(diào)增區(qū)間為[1,+∞),令2x≥1,得x≥0,又y=2x在R上單調(diào)遞增,所以函數(shù)f(x)=4x-2x+1的單調(diào)增區(qū)間是[0,+∞).命題點3指數(shù)函數(shù)性質(zhì)的綜合應(yīng)用典例已知函數(shù)f(x)=.(1)若a=-1,求f(x)的單調(diào)區(qū)間;(2)若f(x)有最大值3,求a的值;(3)若f(x)的值域是(0,+∞),求a的值.解(1)當a=-1時,f(x)=,令u=-x2-4x+3=-(x+2)2+7.則u在(-∞,-2)上單調(diào)遞增,在(-2,+∞)上單調(diào)遞減,而y=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))u在R上單調(diào)遞減,所以f(x)在(-∞,-2)上單調(diào)遞減,在(-2,+∞)上單調(diào)遞增,即函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間是(-2,+∞),單調(diào)遞減區(qū)間是(-∞,-2).(2)令h(x)=ax2-4x+3,y=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))h(x),由于f(x)有最大值3,所以h(x)應(yīng)有最小值-1,因此必有eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a>0,,\f(12a-16,4a)=-1,))解得a=1,即當f(x)有最大值3時,a的值為1.(3)由f(x)的值域是(0,+∞)知,ax2-4x+3的值域為R,則必有a=0.思維升華(1)利用指數(shù)函數(shù)的函數(shù)性質(zhì)比較大小或解不等式,最重要的是“同底”原則.(2)求解與指數(shù)函數(shù)有關(guān)的復(fù)合函數(shù)問題,要明確復(fù)合函數(shù)的構(gòu)成,涉及值域,單調(diào)區(qū)間,最值等問題時,都要借助“同增異減”這一性質(zhì)分析判斷.跟蹤訓練(1)已知函數(shù)f(x)=eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x,a≤x<0,,-x2+2x,0≤x≤4))的值域是[-8,1],則實數(shù)a的取值范圍是()A.(-∞,-3] B.[-3,0)C.[-3,-1] D.{-3}答案B解析當0≤x≤4時,f(x)∈[-8,1],當a≤x<0時,f(x)∈eq\b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\co1(-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))a,-1)),∴eq\b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\co1(-\f(1,2a),-1))[-8,1],即-8≤-eq\f(1,2a)<-1,即-3≤a<0,∴實數(shù)a的取值范圍是[-3,0).(2)(2017·江淮十校第三次聯(lián)考)函數(shù)f(x)=x2-bx+c滿足f(x+1)=f(1-x),且f(0)=3,則f(bx)與f(cx)的大小關(guān)系是()A.f(bx)≤f(cx) B.f(bx)≥f(cx)C.f(bx)>f(cx) D.與x有關(guān),不確定答案A解析∵f(x+1)=f(1-x),∴f(x)關(guān)于x=1對稱,易知b=2,c=3,當x=0時,b0=c0=1,∴f(bx)=f(cx),當x>0時,3x>2x>1,又f(x)在(1,+∞)上單調(diào)遞增,∴f(bx)<f(cx),當x<0時,3x<2x<1,f(x)在(-∞,1)上單調(diào)遞減,∴f(bx)<f(cx),綜上,f(bx)≤f(cx).指數(shù)函數(shù)底數(shù)的討論典例已知函數(shù)y=b+(a,b為常數(shù),且a>0,a≠1)在區(qū)間eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(-\f(3,2),0))上有最大值3,最小值eq\f(5,2),試求a,b的值.錯解展示:現(xiàn)場糾錯解令t=x2+2x=(x+1)2-1,∵x∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(-\f(3,2),0)),∴t∈[-1,0].①若a>1,函數(shù)f(t)=at在[-1,0]上為增函數(shù),∴at∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(1,a),1)),b+a∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(b+\f(1,a),b+1)),依題意得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(b+\f(1,a)=\f(5,2),,b+1=3,))解得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a=2,,b=2.))②若0<a<1,函數(shù)f(t)=at在[-1,0]上為減函數(shù),∴at∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(1,\f(1,a))),b+a∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(b+1,b+\f(1,a))),依題意得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(b+\f(1,a)=3,,b+1=\f(5,2),))解得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a=\f(2,3),,b=\f(3,2).))綜上知,a=2,b=2或a=eq\f(2,3),b=eq\f(3,2).糾錯心得在研究指數(shù)型函數(shù)的單調(diào)性或值域問題時,當?shù)讛?shù)含參數(shù)時,要對底數(shù)分類討論.1.函數(shù)f(x)=ax-b的圖象如圖所示,其中a,b為常數(shù),則下列結(jié)論正確的是()A.a(chǎn)>1,b<0B.a(chǎn)>1,b>0C.0<a<1,b>0D.0<a<1,b<0答案D解析由f(x)=ax-b的圖象可以觀察出,函數(shù)f(x)=ax-b在定義域上單調(diào)遞減,所以0<a<1.函數(shù)f(x)=ax-b的圖象是在f(x)=ax的基礎(chǔ)上向左平移得到的,所以b<0.2.設(shè)2x=8y+1,9y=3x-9,則x+y的值為()A.18B.21C.24D.27答案D解析∵2x=8y+1=23(y+1),∴x=3y+3,∵9y=3x-9=32y,∴x-9=2y,解得x=21,y=6,∴x+y=27.3.(2017·河南南陽、信陽等六市一模)已知a,b∈(0,1)∪(1,+∞),當x>0時,1<bx<ax,則()A.0<b<a<1 B.0<a<b<1C.1<b<a D.1<a<b答案C解析∵當x>0時,1<bx,∴b>1.∵當x>0時,bx<ax,∴當x>0時,eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a,b)))x>1.∴eq\f(a,b)>1,∴a>b.∴1<b<a,故選C.4.(2018屆吉林實驗中學月考)設(shè)a=log2eq\f(1,3),b=,c=lnπ,則()A.c<a<b B.a(chǎn)<c<bC.a(chǎn)<b<c D.b<a<c答案C解析∵log2eq\f(1,3)<0,0<<1,lnπ>1,∴a<b<c.5.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b為常數(shù))的圖象經(jīng)過點(2,1),則f(x)的值域為()A.[9,81] B.[3,9]C.[1,9] D.[1,+∞)答案C解析由f(x)過定點(2,1)可知b=2,因為f(x)=3x-2在[2,4]上是增函數(shù),f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故選C.6.若函數(shù)f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)滿足f(1)=eq\f(1,9),則f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間是()A.(-∞,2] B.[2,+∞)C.[-2,+∞) D.(-∞,-2]答案B解析由f(1)=eq\f(1,9)得a2=eq\f(1,9),所以a=eq\f(1,3)或a=-eq\f(1,3)(舍去),即f(x)=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上單調(diào)遞減,在[2,+∞)上單調(diào)遞增,所以f(x)在(-∞,2]上單調(diào)遞增,在[2,+∞)上單調(diào)遞減.故選B.7.已知函數(shù)f(x)=a-x(a>0,且a≠1),且f(-2)>f(-3),則a的取值范圍是__________.答案(0,1)解析因為f(x)=a-x=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,a)))x,且f(-2)>f(-3),所以函數(shù)f(x)在定義域上單調(diào)遞增,所以eq\f(1,a)>1,解得0<a<1.8.不等式>eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x+4的解集為________.答案(-1,4)解析原不等式等價為>2-x-4,又函數(shù)y=2x為增函數(shù),∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-1<x<4.9.若直線y1=2a與函數(shù)y2=|ax-1|(a>0且a≠1)的圖象有兩個公共點,則a的取值范圍是________.答案eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0,\f(1,2)))解析(數(shù)形結(jié)合法)當0<a<1時,作出函數(shù)y2=|ax-1|的圖象,由圖象可知0<2a<1,∴0<a<eq\f(1,2);同理,當a>1時,解得0<a<eq\f(1,2),與a>1矛盾.綜上,a的取值范圍是eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0,\f(1,2))).10.當x∈[-2,2]時,ax<2(a>0,且a≠1),則實數(shù)a的取值范圍是____________.答案eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(\r(2),2),1))∪(1,eq\r(2))解析當x∈[-2,2]時,ax<2(a>0,且a≠1),若a>1,y=ax是增函數(shù),則有a2<2,可得-eq\r(2)<a<eq\r(2),故有1<a<eq\r(2);若0<a<1,y=ax是減函數(shù),則有a-2<2,可得a>eq\f(\r(2),2)或a<-eq\f(\r(2),2),故有eq\f(\r(2),2)<a<1.綜上知a∈eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(\r(2),2),1))∪(1,eq\r(2)).11.(2017·安徽江淮十校聯(lián)考)已知max(a,b)表示a,b兩數(shù)中的最大值.若f(x)=max{e|x|,e|x-2|},則f(x)的最小值為________.答案e解析由題意得,f(x)=eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(ex,x≥1,,e|x-2|,x<1.))當x≥1時,f(x)=ex≥e(當x=1時取等號),當x<1時,f(x)=e|x-2|=e2-x>e,因此x=1時,f(x)有最小值f(1)=e.12.已知函數(shù)f(x)=b·ax(其中a,b為常量,且a>0,a≠1)的圖象經(jīng)過點A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表達式;(2)若不等式eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,a)))x+eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,b)))x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求實數(shù)m的取值范圍.解(1)因為f(x)的圖象過A(1,6),B(3,24),所以eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(b·a=6,,b·a3=24.))所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,則x∈(-∞,1]時,eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x+eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))x-m≥0恒成立,即m≤eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x+eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))x在(-∞,1]上恒成立.又因為y=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x與y=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))x均為減函數(shù),所以y=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x+eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))x也是減函數(shù),所以當x=1時,y=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x+eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))x有最小值eq\f(5,6).所以m≤eq\f(5,6).即m的取值范圍是eq\b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\co1(-∞,\f(5,6))).13.已知y=f(x)是定義在R上的奇函數(shù)且當x≥0時,f(x)=-eq\f(1,4x)+eq\f(1,2x),則此函數(shù)的值域為________.答案eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(-\f(1,4),\f(1,4)))解析設(shè)t=eq\f(1,2x),當x≥0時,2x≥1,∴0<t≤1,g(t)=-t2+t=-eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(t-\f(1,2)))2+eq\f(1,4).∴0≤g(t)≤eq\f(1,4),故當x≥0時,f(x)∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(0,\f(1,4))).∵y=f(x)是定義在R上的奇函數(shù),∴當x≤0時,f(x)∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\

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