2025屆安徽省毫州市第二中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測(cè)試題含解析

2025屆安徽省毫州市第二中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于摩擦起電和感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)，下列說(shuō)法中正確的是（）①摩擦起電現(xiàn)象說(shuō)明了機(jī)械能可以轉(zhuǎn)化為電能，也說(shuō)明通過(guò)做功可以創(chuàng)造電荷；②摩擦起電說(shuō)明電荷可以從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體；③感應(yīng)起電說(shuō)明電荷可以從物體的一個(gè)部分轉(zhuǎn)移到物體的另一個(gè)部分；④感應(yīng)起電說(shuō)明電荷從帶電的物體轉(zhuǎn)移到原來(lái)不帶電的物體上．A．②④B．②③C．①④D．③④2、真空中某靜電場(chǎng)，虛線表示等勢(shì)面，各等勢(shì)面電勢(shì)的值如圖所示，一帶電粒子只在電場(chǎng)力的作用下，沿圖中的實(shí)線從A經(jīng)過(guò)B運(yùn)動(dòng)到C，BC兩點(diǎn)位于同一等勢(shì)面上，則以下說(shuō)法正確的是A．帶電粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于在C點(diǎn)的電勢(shì)能B．A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度C．帶電粒子從A經(jīng)過(guò)B運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中動(dòng)能先增大再減小D．帶電粒子從A到C電場(chǎng)力所做的功等于從A到B電場(chǎng)力做的功3、某電源的電動(dòng)勢(shì)為4V，則關(guān)于該電源，以下看法不正確的是A．該電源沒(méi)有接入電路時(shí)，其兩極之間的電勢(shì)差為4VB．當(dāng)通過(guò)該電源的電荷量為1C時(shí)，該電源提供的電能為4JC．該電源每工作1s鐘，電源提供的電能為4JD．將該電源接入電路中當(dāng)其路端電壓為2V時(shí)，電源的供電效率為504、人造衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，衛(wèi)星離地面的高度越高，則下列說(shuō)法正確的是（）A．速度越大 B．角速度越大C．周期越大 D．向心加速度越大5、如圖，勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一個(gè)絕緣直角桿PQM，PQ＝L，QM＝2L，桿上固定三個(gè)帶電小球A、B、C，初始時(shí)桿PQ段與電場(chǎng)線垂直．現(xiàn)將桿繞Q點(diǎn)順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)90°至虛線位置，發(fā)現(xiàn)A、B、C三個(gè)球的電勢(shì)能之和保持不變，若不計(jì)小球間的相互作用，下列說(shuō)法正確的是A．此過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)A球和C球做功的代數(shù)和為零B．A球一定帶正電，C球一定帶負(fù)電C．此過(guò)程中C球電勢(shì)能減少D．A、C兩球帶電量的絕對(duì)值之比|qA|∶|qC|＝1∶26、通過(guò)電阻R的電流強(qiáng)度為I時(shí)，在t時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q，若電阻為2R，電流強(qiáng)度為，則在時(shí)間t內(nèi)產(chǎn)生的熱量為（）A．4Q B．2Q C． D．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個(gè)D形金屬盒。兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在通過(guò)狹縫時(shí)都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能，下列說(shuō)法中正確的是（）A．減小狹縫間的距離B．增大勻強(qiáng)電場(chǎng)間的加速電壓C．增大磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度D．增大D形金屬盒的半徑8、一帶電液滴在重力和勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)它的作用力作用下，從靜止開始由b沿直線運(yùn)動(dòng)到d，且bd與豎直方向所夾的銳角為45°，則下列結(jié)論正確（）A．此液滴帶負(fù)電B．液滴的加速度等于2C．液滴的重力勢(shì)能和電勢(shì)能都減小D．合外力對(duì)液滴做的總功等于零9、關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度、磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說(shuō)法正確的是（）A．由真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式可知當(dāng)r趨近于零時(shí)，其電場(chǎng)強(qiáng)度趨近于無(wú)限大B．電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式適用于任何電場(chǎng)C．由安培力公式可知，一小段通電導(dǎo)體在某處不受安培力，說(shuō)明此處一定無(wú)磁場(chǎng)D．一通電直導(dǎo)線在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中受到安培力時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向一定垂直于安培力方向10、如圖所示，A是地球的同步衛(wèi)星，B是地球的近地衛(wèi)星，C是地面上的物體，A、B、C質(zhì)量相等，均在赤道平面上繞地心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。設(shè)A、B與地心連線在單位時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積分別為SA、SB，周期分別為TA、TB、TC，A、B、C做圓周運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能分別為EkA、EkB、EkC。不計(jì)A、B、C之間的相互作用力，下列關(guān)系式正確的是()A．SA=SBB．SA＞SBC．TC=TA＞TBD．EkA＜EkB=EkC三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）如圖所示是探究影響平行板電容器電容大小因素的實(shí)驗(yàn)裝置．①關(guān)于此實(shí)驗(yàn)裝置中的靜電計(jì)，下列說(shuō)法中正確的是______．（選填選項(xiàng)前面的字母）A．靜電計(jì)指針張角的大小反映了平行板電容器所帶電荷量的多少B．靜電計(jì)指針張角的大小反映了平行板電容器兩板間電壓的大小C．靜電計(jì)的外殼與A板相連接后可不接地D．可以用量程為3V的電壓表替代靜電計(jì)②讓平行板電容器正對(duì)的兩極板帶電后，靜電計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)一定角度．不改變A、B兩板所帶電荷量，且保持兩板在豎直平面內(nèi)．現(xiàn)要使靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角變大，下列做法中可行的是________．（選填選項(xiàng)前面的字母）A．保持B板不動(dòng)，A板向上平移B．保持B板不動(dòng)，A板向左平移C．保持B板不動(dòng)，A板向右平移D．保持A、B兩板不動(dòng)，在A、B之間插入一塊絕緣介質(zhì)板．12．（12分）為測(cè)量“12V,5W”的小電珠在不同電壓下的功率，給定了以下器材：電源：12V，內(nèi)阻不計(jì)；電流表：量程0～0.6A、0～3A，內(nèi)阻約為0.2Ω電壓表：量程0～3V、0～15V，內(nèi)阻約為15kΩ滑動(dòng)變阻器：0～5Ω，開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干，實(shí)驗(yàn)要求加在小電珠上的電壓可從0開始調(diào)節(jié).(1)以上四個(gè)電路圖你認(rèn)為最合適的是______(2)在本實(shí)驗(yàn)中，電流表的量程可選_________(3)某位同學(xué)測(cè)得小電珠的伏安特性曲線如圖所示，某次測(cè)量時(shí)，電流表讀數(shù)為0.40A，此時(shí)小電珠的實(shí)際功率為_____W。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）某電子天平原理如圖所示，E形磁鐵的兩側(cè)為N極，中心為S極，兩極間的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，磁極寬度均為L(zhǎng)，忽略邊緣效應(yīng)．一正方形線圈套于中心磁極，其骨架與秤盤連為一體，線圈兩端C、D與外電路連接．當(dāng)質(zhì)量為m的重物放在秤盤上時(shí)，彈簧被壓縮，秤盤和線圈一起向下運(yùn)動(dòng)(骨架與磁極不接觸)，穩(wěn)定后外電路對(duì)線圈供電，秤盤和線圈恢復(fù)到未放重物時(shí)的位置并靜止，由此時(shí)對(duì)應(yīng)的供電電流I可確定重物的質(zhì)量．已知線圈匝數(shù)為n，線圈電阻為R，重力加速度為g，問(wèn)：(1)供電電流I是從C端還是從D端流入？求重物質(zhì)量與電流的關(guān)系．(2)若線圈消耗的最大功率為P，該電子天平能稱量的最大質(zhì)量是多少？14．（16分）在光滑絕緣水平面上放置一質(zhì)量m＝0.2kg、電荷量q＝5×10－4C的帶正電的小球，小球系在長(zhǎng)L＝0.5m的絕緣細(xì)線上，線的另一端固定在O點(diǎn)．整個(gè)裝置置于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向與水平面平行且沿OA方向，如圖所示（此圖為俯視圖）．現(xiàn)給小球一初速度使其繞點(diǎn)O做圓周運(yùn)動(dòng)，小球經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)細(xì)線的張力F＝140N，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，最大動(dòng)能比最小動(dòng)能大20J，小球視為質(zhì)點(diǎn)．（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?）求運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球的最小動(dòng)能。15．（12分）如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為2kg的物體靜止在光滑水平面上.?現(xiàn)沿水平方向?qū)ξ矬w施加10N的拉力，g取10m/s2，求：（1）物體運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度的大小；（2）物體運(yùn)動(dòng)3s時(shí)速度的大?。唬?）物體從開始運(yùn)動(dòng)到位移為10m時(shí)經(jīng)歷的時(shí)間.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】①摩擦起電現(xiàn)象說(shuō)明機(jī)械能可以轉(zhuǎn)化為電能，但并沒(méi)有創(chuàng)造電荷．電荷只是發(fā)生轉(zhuǎn)移．故①錯(cuò)誤；②摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，即說(shuō)明了電荷可以從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體．故②正確；③感應(yīng)起電說(shuō)明電荷可以從物體的一個(gè)部分轉(zhuǎn)移到物體的另一個(gè)部分，故③正確；④感應(yīng)起電是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分．電荷可以從帶電的物體轉(zhuǎn)移到原來(lái)不帶電的物體是接觸帶電．故④錯(cuò)誤．故選B．【點(diǎn)睛】摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，并沒(méi)有創(chuàng)造電荷．感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)是電荷可以從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分．2、D【解析】

根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，確定出電場(chǎng)線方向，根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)中物體所受的合力方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，可判斷出粒子所受的電場(chǎng)力方向，判斷粒子的電性．根據(jù)等差等勢(shì)面密處場(chǎng)強(qiáng)大，可判斷場(chǎng)強(qiáng)的大小．由電場(chǎng)力做功正負(fù)，判斷電勢(shì)能的大?。驹斀狻緼、根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，可知電場(chǎng)線方向大致向右，根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向可知，粒子所受的電場(chǎng)力方向大致向左，則知粒子一定帶負(fù)電．從A到C，由，知，，則，即電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，A處電勢(shì)能小于C處電勢(shì)能，故A錯(cuò)誤；B、等差等勢(shì)面的疏密反映電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，則知A處場(chǎng)強(qiáng)小于B處場(chǎng)強(qiáng)，故B錯(cuò)誤；C、帶電粒子從A經(jīng)過(guò)B運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減?。畯腂運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中電場(chǎng)力不做功，動(dòng)能不變．故C錯(cuò)誤．D、由圖知，AC間電勢(shì)差等于AB間的電勢(shì)差，根據(jù)知從A到C的電場(chǎng)力所做的功等于從A到B電場(chǎng)力做的功，故D正確．故選D.【點(diǎn)睛】本題要掌握等勢(shì)面與電場(chǎng)線的關(guān)系和曲線運(yùn)動(dòng)合力指向，由粒子的軌跡判斷出電場(chǎng)力方向，分析能量的變化.3、C【解析】

A．電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極之間的電壓，故A正確；BC．電源做的總功為W=EIt=Eq電源做功等于電源提供的電能，可知電動(dòng)勢(shì)總等于電路中通過(guò)1C的正電荷時(shí)，電源提供的能量，故B正確，C錯(cuò)誤；D．電源效率為故D正確。4、C【解析】

衛(wèi)星距地面越高，則運(yùn)動(dòng)半徑r越大，根據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有A．有線速度知，半徑r越大，線速度v越小，故A錯(cuò)誤；B．角速度知，半徑r越大，角速度ω越小，故B錯(cuò)誤；C．周期知半徑r越大，周期越大，故C正確；D．向心加速度知，半徑r越大，向心加速度越小，故D錯(cuò)誤．5、A【解析】

A．電場(chǎng)力對(duì)A、C都做功，A、B、C三個(gè)球的電勢(shì)能之和保持不變，說(shuō)明電場(chǎng)力對(duì)A球和C球做功的代數(shù)和為零，故A正確。B．電場(chǎng)力對(duì)系統(tǒng)做功為零，因此A、C電性一定相反，A可能帶正電，也可能帶負(fù)電，故B錯(cuò)誤；C．C的電性不確定，無(wú)法判斷其電勢(shì)能的變化，故C錯(cuò)誤；D．電場(chǎng)力對(duì)A、C做功大小相等，方向相反，所以有：EqA×L=EqC×2L因此qA：qc=2：1故D錯(cuò)誤；6、C【解析】

根據(jù)焦耳定律可知，電流變?yōu)樵瓉?lái)的，電阻變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則在相同的時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱為ABD錯(cuò)誤，C正確。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】

當(dāng)粒子從D形盒中出來(lái)時(shí)速度最大，根據(jù)得則最大動(dòng)能為知最大動(dòng)能與加速的電壓無(wú)關(guān)，與狹縫間的距離無(wú)關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和D形盒的半徑有關(guān)，增大磁感應(yīng)強(qiáng)度和D形盒的半徑，可以增加粒子的最大動(dòng)能。故選CD。8、ABC【解析】

根據(jù)帶電液滴作直線運(yùn)動(dòng)可知帶電液滴所受重力與電場(chǎng)力的合力一定沿運(yùn)動(dòng)方向，利用假設(shè)法可以判定出帶電液滴所帶電荷的性質(zhì)，從而求出電場(chǎng)力的大小與合外力的大小再根據(jù)牛頓第二定律計(jì)算出物體的加速度；根據(jù)合外力的方向與速度的方向相同可知合外力做正功，根據(jù)電場(chǎng)力做功的情況可以判定電勢(shì)能變化情況?！驹斀狻緼項(xiàng)：若液滴帶正電，其受力情況如圖所示，液滴不可能沿bd運(yùn)動(dòng)，故只能帶負(fù)電荷，故A正確；B項(xiàng)：對(duì)液滴進(jìn)行受力分析，其受力情況如圖所示，故物體所受合力F=2mg，故物體的加速度a=2C項(xiàng)：由于電場(chǎng)力所做的功W電=Eqxbdcos45°＞0，故電場(chǎng)力對(duì)液滴做正功，故液滴的電勢(shì)能減小，液滴向下運(yùn)動(dòng)，所以重力勢(shì)能也減小，故C正確；D項(xiàng)：由于液滴從靜止開始做加速運(yùn)動(dòng)，故合力的方向與運(yùn)動(dòng)的方向相同，故合外力對(duì)物體做正功，故D錯(cuò)誤。故應(yīng)選：ABC?！军c(diǎn)睛】帶電液滴從靜止開始由b沿直線運(yùn)動(dòng)到d，是我們判定液滴帶電性質(zhì)的突破口，在今后的學(xué)習(xí)中我們經(jīng)常用到要注意掌握。9、BD【解析】

A．當(dāng)r趨近于零時(shí)，電荷不能再視為點(diǎn)電荷，該公式不在使用，故A錯(cuò)誤；B．為電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，適用于一切電場(chǎng)，故B正確；C．導(dǎo)線不受安培力，可能是導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向平行，故C錯(cuò)誤；D．安培力方向垂直于導(dǎo)線和磁場(chǎng)構(gòu)成的平面，故D正確；故選BD。10、BC【解析】

AB．人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓的面積為：S=πr2，所以人造衛(wèi)星與地心連線在單位時(shí)間內(nèi)所掃過(guò)的面積為因A的軌道半徑大于B的軌道半徑，則有SA＞SB，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD．赤道上的物體A與同步通信衛(wèi)星C轉(zhuǎn)動(dòng)周期相同，即為：TA=TC根據(jù)：，由于赤道上物體C的軌道半徑小于同步通信衛(wèi)星A的軌道半徑，故根據(jù)動(dòng)能為：A與C的質(zhì)量相等，而vC＜vA，故Ekc＜EkA；A、B是圍繞地球公轉(zhuǎn)的衛(wèi)星，根據(jù)得線速度為：周期因A的軌道半徑大于B的軌道半徑，則有vA＜vB，TA＞TB根據(jù)動(dòng)能，A與B的質(zhì)量相等，而vA＜vB，故EkA＜EkB綜上分析可得：TA=TC＞TB，EkC＜EkA＜EkB故C正確，D錯(cuò)誤；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、BCAB．【解析】（1）A、靜電計(jì)是定性反映電壓高低的儀器，不能發(fā)映了平行板電容器的電荷量的多少，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、靜電計(jì)測(cè)量的是兩板間的電壓高低，可以直接將A板與電容器外殼相接，不需要都接地，故C正確；

D、靜電計(jì)與電壓表、電流表的原理不同，不能替代．電流表、電壓表線圈中必須有電流通過(guò)時(shí)，指針才偏轉(zhuǎn)，故不能用電壓表代替靜電計(jì)，故D錯(cuò)誤。

（2）A、保持B板不動(dòng)，A板向上平移，減小兩極板的正對(duì)面積S時(shí)，由電容的決定式C=εS4πkd分析可知電容C減小，而電容器的電量Q不變，則由C=QU得到，板間電壓U增大，靜電計(jì)的指針偏角變大，故A正確．

B、保持B板不動(dòng)，A板向左平移，使兩極板遠(yuǎn)離一些時(shí)，板間距離d增大，由電容的決定式C=εS4πkd，分析可知電容C減小，而電容器的電量Q不變，則由C=QU得到，板間電壓U增大，靜電計(jì)的指針偏角變大，故B正確；

C、保持B板不動(dòng)，A板向右平移，使兩極板靠近一些時(shí)，板間距離d減小，由電容的決定式C=εS4πkd，分析可知電容C增大，而電容器的電量Q不變，則由C=QU得到，板間電壓U減小，靜電計(jì)的指針偏角變小，故C錯(cuò)誤．

D、保持A、B兩板不動(dòng)，在兩極板間插入一塊絕緣介質(zhì)板時(shí)，ε變大，由電容的決定式C=εS4πkd點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，正確掌握靜電計(jì)的使用方法，對(duì)于電容器的動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，常常是電容的決定式和定義式結(jié)合分析，抓住不變量是分析的基礎(chǔ)。12、(1)A(2)0～0.6A(3)2.4【解析】

（1）小電珠上的電壓可從0開始調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻R=U2/R=122/5=28.8Ω，R/RA=28.8/0.2=144；RV/R=15000/28.8=520，RVR＞RRA，電流表選擇外接法，故選圖A所示電路．

（3）電流表讀數(shù)為0.40A時(shí)，此時(shí)小電珠的電壓為6.0U，則實(shí)際功率為P=IU=2.4W?！军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵明確電流表內(nèi)外接法和滑動(dòng)變阻器的分壓、限流接法的選擇原則，要想得到從0開始連續(xù)可調(diào)的電壓時(shí)必須用分壓電路；當(dāng)電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值時(shí)，用電流表外接。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求