山東省棗莊八中2025屆物理高二第一學期期末經(jīng)典模擬試題含解析

山東省棗莊八中2025屆物理高二第一學期期末經(jīng)典模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是某一正點電荷電場中的一條電場線，則A、B兩點電場強度EA、EB的大小關系是（）A.EA＞EBB.EA=EBC.EA＜EBD.上述三種情況都可能2、如圖所示的電路中，電源電動勢E=4V，內(nèi)阻r=0.5Ω，定值電阻R=1Ω．開關S閉合后，電動機M剛好正常工作，理想電流表A的示數(shù)為1A．電動機的線圈電阻R0=0.5Ω，下列說法中正確的是A.定值電阻消耗的熱功率3.5WB.電動機的輸出功率為2WC.電動機兩端的電壓為2VD.電源的輸出功率是4W3、靜電場方向平行于x軸，其電勢φ隨x分布可簡化為如圖所示的圖線，圖中φ0和d為已知量。一個帶正電的粒子沿x軸方向由x=d/2處運動至x=d處。已知該粒子質量為m、電量為q，忽略重力。則運動過程中（）A.粒子所受電場力的大小為B.粒子的電勢能減少C.Od間的電勢差為D.粒子運動的加速度越來越大4、航母飛行甲板前端上翹，水平部分與上翹部分通過一段圓弧平滑連接，如圖所示，D為圓弧最低點，圓弧半徑為R.戰(zhàn)斗機以速度v越過D點時A.戰(zhàn)斗機起落架受到重力、支持力、向心力的作用B.戰(zhàn)斗機處于超重狀態(tài)C.戰(zhàn)斗機起落架對地面的壓力等于轟炸機的重力D.R越小，v越小，飛機起落架受的作用力越小5、如圖所示，勻強磁場垂直于圓形線圈指向紙里，a、b、c、d為圓形線圈上等距離的四點，現(xiàn)用外力作用在上述四點，將線圈拉成正方形．設線圈導線不可伸長，且線圈仍處于原先所在的平面內(nèi)，則在線圈發(fā)生形變的過程中()A.線圈中將產(chǎn)生adcb方向的感應電流B.線圈中產(chǎn)生感應電流的方向先是abcd，后是adcbC.線圈中將產(chǎn)生abcd方向的感應電流D.線圈中無感應電流產(chǎn)生6、如圖所示，當滑動變阻器R1的觸頭由右向左滑動時，電路中電流表A及電壓表V1、V2的讀數(shù)的變化是A.V1、V2、A的讀數(shù)都減小B.V1、V2、A的讀數(shù)都增大C.V1減小，V2、A增大D.V1增大，V2、A減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、A、B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內(nèi)側表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球可視為點電荷兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，電路中的為光敏電阻其阻值隨所受光照強度的增大而減小，為滑動變阻器，為定值電阻．當?shù)幕琍在中間時閉合電鍵S，此時電流表和電壓表的示數(shù)分別為I和U，帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板A的夾角為電源電動勢E和內(nèi)阻r一定，電表均為理想電表．下列說法中正確的是（）A.無論將的滑動觸頭P向a端移動還是向b端移動，均不會變化B.若將的滑動觸頭P向b端移動，則I減小，U減小C.保持滑動觸頭P不動，用較強的光照射，則小球重新達到穩(wěn)定后變小D.保持滑動觸頭P不動，用較強的光照射，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變8、如圖甲所示為一個質量為m、電荷量為＋q的圓環(huán)，可在水平放置的足夠長的粗糙細桿上滑動，細桿處于磁感應強度為B的勻強磁場中，（不計空氣阻力），現(xiàn)給圓環(huán)向右的初速度v0，在以后的運動過程中，圓環(huán)運動的速度圖象可能正確的是（）A. B.C. D.9、如圖所示電路，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R3的滑片向上端移動時，則（）A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)減小C.燈泡亮度變亮D.R2上消耗的功率逐漸增大10、如圖所示，在0<x<a的區(qū)域內(nèi)，存在方向垂直坐標平面、磁感應強度B=kx的磁場，一邊長為a的正方形閉合金屬線框各邊分別與兩坐標軸平行或垂直，以恒定速度v沿x方向運動．則線框中的感應電流i，維持線框運動的外力F隨線框右邊的位置坐標變化的圖像可能是A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“用多用電表測電阻、電流和電壓”的實驗中：（1）用多用電表測電流或電阻的過程中正確的是____A．在測量電阻時，更換倍率后必須重新進行調零B．在測量電流時，更換量程后必須重新進行調零C．在測量未知電阻時，必須先選擇倍率最大擋進行試測D．在測量未知電流時，必須先選擇電流最大量程進行試測（2）測量時多用電表指針指在如圖所示位置，若選擇開關處于“10V”擋，其讀數(shù)為__V；若選擇開關處于“”擋，其讀數(shù)___（選填“大于”“等于”或“小于”）。12．（12分）真空中兩個點電荷電量分別為q1、q2，兩點電荷間的距離為r，相互作用的庫侖力為F?(1)若甲的電量是乙的4倍，則甲對乙的作用力是乙對甲的作用力的_________倍；(2)保持兩電荷電量不變，將距離增為原來的3倍，那么它們之間的相互作用力變?yōu)樵瓉淼腳________倍?四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的空間，勻強電場的方向豎直向下，場強為E，勻強磁場的方向水平向外，磁感應強度為B。有兩個帶電小球A和B都能在垂直于磁場力方向的同一豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動（兩小球間的庫侖力可忽略），運動軌跡如圖所示。已知兩個帶電小球A和B的質量關系為mA=4mB，軌道半徑為RA=4RB。(1)試說明小球A和B帶什么電，它們所帶的電荷量之比等于多少？(2)求A和B的繞行方向，并求A和B繞行速度大小之比為多少？(3)設帶電小球A和B在圖示位置P處相碰撞，且碰撞后原先在小圓軌道上運動的帶電小球B恰好能沿大圓軌道運動，若碰撞前帶電小球A軌道半徑為RA=16cm，求帶電小球A碰撞后所做圓周運動的軌道半徑（設碰撞時兩個帶電小球間電荷量不轉移）。14．（16分）如圖，直線MN兩側的勻強磁場方向均垂直紙面向里，左側磁場的磁感應強度大小為B，右側磁場的磁感應強度大小為2B．一質量為m、電荷量為q（q>0）的帶電粒子，以速度v沿與NM夾角θ=方向第1次經(jīng)過MN上的O點射入右側磁場中，不計粒子重力．求：（1）粒子第2次經(jīng)過MN時的位置與O點的距離；（2）粒子從離開O點到第2次經(jīng)過O點經(jīng)歷的時間15．（12分）在平面直角坐標系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度為B．一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度v0垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點與x軸正方向成θ＝60°角射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，如圖所示．不計粒子重力，求（1）M、N兩點間的電勢差UMN；（2）粒子在磁場中運動的軌道半徑r；（3）粒子從M點運動到P點的總時間t

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】電場線的疏密表示場強的大小，一條電場線不能判斷電場線的疏密，所以不能判斷場強的大小。故選D。2、B【解析】定值電阻的功率由焦耳定律求得，電源的輸出功率由總功率減去內(nèi)阻功率，電動機是非純電阻電路，輸出功率等于輸入功率與熱功率之差【詳解】A、定值電阻消耗的熱功率，A錯誤；BC、電動機兩端的電壓，則電動機的電功率為，又因為電動機線圈上的發(fā)熱功率為，所以，電動機的輸出功率為，B正確，C錯誤；D、電源的輸出功率為，D錯誤故選B【點睛】電動機是非純電阻電路，輸出功率等于輸入功率與熱功率之差；電源的輸出功率由總功率減去內(nèi)阻功率，要注意功率公式的適用條件3、A【解析】在圖象中斜率表示電場強度，因各點斜率相同，說明該電場為勻強電場，設場強大小為E粒子所受電場力的大小為故A正確；該電場為勻強電場，方向沿+x，帶正電的粒子從x=d/2處運動至x=d處，電場力做正功，粒子的電勢能減少，故B錯誤；Od間的電勢差為故C錯誤；D．該電場為勻強電場，粒子受到的電場力不變，運動的加速度不變，故D錯誤。故選擇A選項。4、B【解析】A．戰(zhàn)斗機起落架受到重力、支持力，其合力提供向心力，故A錯誤；B．戰(zhàn)斗機以速度v越過D點時，具有向上的加速度，處于超重狀態(tài)，故B正確；C．由于具有向上的加速度，處于超重狀態(tài)，故戰(zhàn)斗機起落架對地面的壓力大于戰(zhàn)斗機的重力，故C錯誤；D．在D點，根據(jù)牛頓第二定律得解得R越小，v越小，飛機起落架承受的作用力不一定越小，與比值有關，故D錯誤5、C【解析】當由圓形變成正方形時磁通量變小，根據(jù)楞次定律知在線圈中將產(chǎn)生abcda方向的感應電流．故選C6、D【解析】當滑動變阻器的滑片P向左移動時，R1的阻值變大，串聯(lián)電路的總阻值增大，則根據(jù)歐姆定律可知，串聯(lián)電路的電流變小，即電流表A的讀數(shù)減小，電路中電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，則電壓表V1讀數(shù)會增大．又R2的阻值不變，根據(jù)U2=IR2可知電壓表V2的讀數(shù)減小，故D正確，ABC錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】AB．滑動變阻器處于含容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭P，和所在電路中電流I不變，U也不變，所以角度不變，故A正確，B錯誤；C．用更強的光線照射，的阻值變小，外電路總電阻減小，電流I增大，內(nèi)電壓和的電壓增大，則電容器板間電壓減小，板間電場強度變小，小球所受的電場力變小，則減小，故C正確；D．保持滑動觸頭P不動，逐漸增加照射的光強，總電阻減小，電流I增大，外電壓U減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：，可見，保持不變，故D正確。故選ACD。8、AD【解析】v0大小不同，洛倫茲力qv0B與重力mg的大小關系不確定，所以有三種可能性。A．若滿足，則桿對環(huán)無壓力，無摩擦力，環(huán)做勻速直線運動，故A正確；BC．若滿足，則桿對環(huán)的彈力向上，豎直方向有滑動過程中，摩擦力阻礙環(huán)的運動，環(huán)做減速運動，速度越小，洛倫茲力越小，則壓力增大，由牛頓第二定律可知，加速度增大，即做加速度增大的減速運動，BC錯誤；D．若滿足，則有滑動過程中，摩擦力阻礙環(huán)的運動，環(huán)做減速運動，速度越小，洛倫茲力越小，則支持力減小，由牛頓第二定律可知，加速度減小，即做加速度減小的減速運動，當速度減小到某個值使得時，有無摩擦力，不再減速，接下來做勻速直線運動，D正確。故選AD。9、BD【解析】分析電路的結構，由滑片的移動可知電路中電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可知各電表示數(shù)的變化；【詳解】由圖可知，燈泡與滑動變阻器R3串聯(lián)后與R2并聯(lián)后，再由R1串聯(lián)接在電源兩端．當滑片向上移動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，則電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，路端電壓增大，同時R1兩端的電壓也減小，故并聯(lián)部分的電壓增大，則流過R2的電流增大，根據(jù)P＝I2R知消耗的功率增大，故電流表示數(shù)減小，燈泡分壓減小，燈泡變暗，因并聯(lián)部分的電壓增大，而R3中電壓增大，故電壓表示數(shù)增大，故AC錯誤，BD正確；【點睛】解決閉合電路歐姆定律的題目，一般可以按照整體-局部-整體的思路進行分析，要靈活選用等效的方法研究電路的結構10、BD【解析】分階段分析討論線圈經(jīng)過磁場時的情況：x由0-a過程中，根據(jù)E=Blv求解電動勢，根據(jù)I=E/R求解電流；根據(jù)F=F安=BIL求解外力的表達式.【詳解】線圈的最右邊從進入磁場時到出離磁場時，即x由0-a過程中：電動勢E=Bav=kxav；感應電流：，方向逆時針方向；安培力；線圈勻速運動，則外力，方向向右；同理線圈的最左邊在磁場中運動時，即x由a-2a過程中情況與前者相同，只不過電流方向是順時針方向，但是外力F仍沿向右的方向；故選BD.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.AD②.5.4③.小于【解析】（1）[1]A.在測量電阻時，更換倍率后，歐姆表的內(nèi)部電阻發(fā)生了變化，歐姆擋的零刻度在最右邊，也就是電流滿偏，所以必須重新進行調零，選項A正確；B.在測量電流時，根據(jù)電流表的原理，電流的零刻度在左邊，更換量程后不需要調零，選項B錯誤；C.在測量未知電阻時，若先選擇倍率最大擋進行試測，當被測電阻較小時，電流有可能過大，所以應從倍率較小的擋進行測試，若指針偏角過小，再換用倍率較大的擋，選項C錯誤；D.在測量未知電流時，為了電流表的安全，必須先選擇電流最大量程進行試測，若指針偏角過小，再換用較小的量程進行測量，選項D正確。故選AD。（2）[2].選擇開關處于“10V”擋，最小分度值為0.2V，所以此時的讀數(shù)為5.4V。[3]（因多用電表的歐姆擋的刻度分布不是均勻的，越向左，刻度越密集，所以10至30的中間數(shù)值一定小于20，若選擇開關處于“×10”擋，由圖可知其讀數(shù)小于。12、①.1②.【解析】本題考查牛頓第三定律和庫侖定律。【詳解】(1)[1]根據(jù)牛頓第三定律，可知作用力與反作用力總是等大反向的，因此是1倍。(2)[2]根據(jù)庫侖定律距離增為原來的3倍，它們之間的相互作用力變?yōu)樵瓉淼?。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)都帶負電，(2)繞行方向都相同，(3)13cm【解析】(1)因為兩帶電小球都在復合場中做勻速圓周運動，故必有qE=m