2025屆江西省新余第四中學(xué)、上高第二中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末綜合測試模擬試題含解析

2025屆江西省新余第四中學(xué)、上高第二中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末綜合測試模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于速度和加速度的關(guān)系，下列說法正確的是()A.速度越大，加速度越大B.速度為零，加速度不一定為零C.速度變化越快，加速度變化越快D.速度變化量越大，加速度越大2、如圖所示，勻強(qiáng)磁場中有一個(gè)電荷量為q的正離子，自a點(diǎn)沿半圓軌道運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)，突然吸收了附近若干電子，接著沿另一半圓軌道運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，已知a、b、c在同一直線上，且ab=ac，電子電荷量為e，電子質(zhì)量可忽略不計(jì)，則該離子吸收的電子個(gè)數(shù)為A. B.C. D.3、如圖所示為做簡諧運(yùn)動(dòng)物體的振動(dòng)圖像．由圖可知A.0~0.5s時(shí)間內(nèi)，物體的加速度從零變?yōu)檎蜃畲驜.0.5s~1.0s時(shí)間內(nèi)，物體所受回復(fù)力從零變?yōu)檎蜃畲驝.1.0s~1.5s時(shí)間內(nèi)，物體的速度從零變?yōu)檎蜃畲驞.1.5s~2.0s時(shí)間內(nèi)，物體的動(dòng)量從從零變?yōu)檎蜃畲?、如圖所示，用起電機(jī)使金屬球A帶上正電荷，并靠近驗(yàn)電器B，則()A.驗(yàn)電器金屬箔片不張開，因?yàn)榍駻沒有和球B接觸B.驗(yàn)電器金屬箔片張開，因整個(gè)驗(yàn)電器都感應(yīng)出了正電荷C.驗(yàn)電器金屬箔片張開，因?yàn)檎麄€(gè)驗(yàn)電器都感應(yīng)出了負(fù)電荷D.驗(yàn)電器金屬箔片張開，因?yàn)轵?yàn)電器的下部箔片感應(yīng)出了正電荷5、如圖所示，矩形金屬框CDEF用兩根絕緣細(xì)線懸掛于天花板上，其中CD和EF質(zhì)量均為m，CF和DE重力不計(jì)，金屬框處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場中?，F(xiàn)使金屬框中通過圖中所示的恒定電流。當(dāng)系統(tǒng)穩(wěn)定后，則（）A.CD邊將垂直紙面向里偏離至某處B.EF邊將垂直紙面向里偏離至某處C.兩根絕緣細(xì)線的拉力均大于mgD.兩根絕緣細(xì)線的拉力均等于mg6、如圖所示，LA和LB是兩個(gè)相同的小燈泡，L是一個(gè)自感系數(shù)很大的線圈，其電阻值與R相同。由于存在自感現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.開關(guān)S閉合瞬間，A、B兩燈亮度相同B.開關(guān)S閉合時(shí)，B燈比A燈先亮C.開關(guān)S閉合，電路達(dá)到穩(wěn)定后，斷開開關(guān)S時(shí)，A、B兩燈同時(shí)熄滅D.開關(guān)S閉合，電路達(dá)到穩(wěn)定后，斷開開關(guān)S時(shí)，B燈立即熄滅，A燈稍遲熄滅二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，豎直向上的勻強(qiáng)電場中，一豎直絕緣輕彈簧的下端固定在地面上，上端連接一帶正電小球，小球靜止時(shí)位于N點(diǎn)且彈簧恰好處于原長狀態(tài)。保持小球的電荷量不變，現(xiàn)將小球提高到M點(diǎn)再由靜止釋放。則釋放后，小球從M運(yùn)動(dòng)到N的過程中（）A.小球的機(jī)械能與彈簧的彈性勢能之和保持不變B.小球運(yùn)動(dòng)的速度先增大后減小C.彈簧彈性勢能的減少量等于小球動(dòng)能的增加量D.小球重力勢能的減少量等于小球電勢能的增加量8、一個(gè)面積S＝4×10－2m2、匝數(shù)n＝100的線圈放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于線圈平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖所示，則下列判斷正確的是A.0～2s內(nèi)穿過線圈的磁通量變化率等于－0.08Wb/sB.0～2s內(nèi)穿過線圈的磁通量的變化量等于零C.0～2s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢等于8VD.在第3s末線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢等于零9、質(zhì)量為m、電荷量為q的微粒以速度v與水平方向成θ角從O點(diǎn)進(jìn)入豎直平面內(nèi)方向如圖所示的正交勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場組成的混合場區(qū)，該微粒只在電場力、洛倫茲力和重力的共同作用下，恰好沿直線運(yùn)動(dòng)到A，下列說法中正確的是()A.該微粒一定帶負(fù)電B.微粒從O到A的運(yùn)動(dòng)可能是勻變速運(yùn)動(dòng)C.該磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為D.該電場的場強(qiáng)為Bvcosθ10、某電荷只在電場力作用下從電場中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場力做了的功，則（）A.電荷在B處時(shí)將具有的電勢能B.電荷在B處將具有的動(dòng)能C.電荷的電勢能減少了D.電荷的動(dòng)能增加了三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一位同學(xué)在測定電池的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，利用圖的電路進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的測量記錄，又將測得的數(shù)據(jù)在圖的坐標(biāo)系中作出了圖線。根據(jù)圖線得出電池的電動(dòng)勢_____，電池的內(nèi)阻___。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）對圖電路分析可知，實(shí)驗(yàn)中實(shí)際測得的_______（選填“電壓值”或“電流值”）并不等于實(shí)驗(yàn)原理中所要的值，而是比所要的值_______（選填“偏大”或“偏小”）。12．（12分）如圖所示為驗(yàn)證動(dòng)量守恒的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖（1）若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2．則要完成該實(shí)驗(yàn)須滿足（）A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＞m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2（2）0為斜槽末端垂足，P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置，M、N兩點(diǎn)為碰后兩球平均落點(diǎn)位置，則在誤差允許的范圍內(nèi)，關(guān)系式m1OP=_________________（用m1、m2及圖中字母表示）成立，即表示碰撞中動(dòng)量守恒四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L＝0.40m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ＝37°，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.80T，方向垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場．金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢E＝4.5V、內(nèi)阻r＝0.50Ω的直流電源．現(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量m＝0.04kg的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒恰好靜止．導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的電阻R0＝2.5Ω，金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，g取10m/s2．已知sin37°＝0.60，cos37°＝0.80，求：(1)導(dǎo)體棒受到的安培力的大??；(2)導(dǎo)體棒與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)14．（16分）如圖（a）所示，兩條足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌豎直放置，導(dǎo)軌間距L＝lm，兩導(dǎo)軌的上端接有一個(gè)R＝2Ω的定值電阻．虛線OO′下方是垂直于導(dǎo)軌平面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝2T．現(xiàn)將質(zhì)量m＝0.1kg、電阻不計(jì)的金屬桿ab，從OO′上方某處由靜止釋放，金屬桿在下落的過程中與導(dǎo)軌保持良好接觸，且始終保持水平，導(dǎo)軌電阻不計(jì)．已知金屬桿下落0.3m的過程中，加速度a與下落距離h的關(guān)系如圖（b）所示，g取10m/s2．求：（1）金屬桿剛進(jìn)入磁場時(shí)，速度v0多大？（2）金屬桿下落0.3m的過程中，在電阻R上產(chǎn)生的熱量Q為多少？（3）金屬桿下落0.3m的過程中，在電阻R上通過的電量q為多少？15．（12分）如圖所示，直角坐標(biāo)系xOy位于豎直平面內(nèi)，在水平x軸下方存在勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直xOy平面向里，電場線平行于y軸．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小球，從y軸上的A點(diǎn)水平向右拋出，經(jīng)x軸上的M點(diǎn)進(jìn)入電場和磁場，恰能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從x軸上的N點(diǎn)第一次離開電場和磁場，MN之間的距離為L，小球過M點(diǎn)時(shí)的速度方向與x軸的方向夾角為.不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，求（1）電場強(qiáng)度E的大小和方向；（2）小球從A點(diǎn)拋出時(shí)初速度v0的大小；（3）A點(diǎn)到x軸的高度h.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】加速度表征速度變化快慢，不能表征速度大小，所以速度很大時(shí)，加速度也可能為零，速度很小時(shí)，加速度也可能很大，速度變化快，加速度一定大，加速度變化不一定大，速度變化大，加速度不一定大。故選B。2、B【解析】正離子在吸收電子這前的半徑由半徑公式得：正離子吸收若干電子后由半徑公式得：雙因聯(lián)立解得：故選B3、D【解析】A.0～0.5s時(shí)間內(nèi)，物體的位移x從零變?yōu)檎蜃畲?，根?jù)牛頓第二定律可得：可得加速度從零變?yōu)樨?fù)向最大，故A錯(cuò)誤；B.0.5s～1.0s時(shí)間內(nèi)，物體所受回復(fù)力從負(fù)向最大變?yōu)榱悖蔅錯(cuò)誤；C.1.0s～1.5s時(shí)間內(nèi)，物體的速度從負(fù)向最大變?yōu)榱悖蔆錯(cuò)誤；D.1.5s～2.0s時(shí)間內(nèi)，物體的速度從零變?yōu)檎蜃畲?，根?jù)P=mv可知物體的動(dòng)量從零變?yōu)檎蜃畲?，故D正確4、D【解析】把一個(gè)帶正電的物體A，靠近一個(gè)原來不帶電的驗(yàn)電器的金屬小球，驗(yàn)電器的金屬小球由于感應(yīng)會帶上負(fù)電荷和金屬箔由于感應(yīng)會帶上正電荷，而整個(gè)驗(yàn)電器不帶電。所以驗(yàn)電器金箔張開，因?yàn)轵?yàn)電器下部箔片都帶上了正電。A．驗(yàn)電器金屬箔片不張開，因?yàn)榍駻沒有和球B接觸，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．驗(yàn)電器金屬箔片張開，因?yàn)檎麄€(gè)驗(yàn)電器都感應(yīng)出了正電荷，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．驗(yàn)電器金屬箔片張開，因?yàn)檎麄€(gè)驗(yàn)電器都感應(yīng)出了負(fù)電荷，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．驗(yàn)電器金屬箔片張開，因?yàn)轵?yàn)電器的下部箔片感應(yīng)出了正電荷，與結(jié)論相符，選項(xiàng)D正確；故選D。5、D【解析】CD．根據(jù)：結(jié)合左手定則可知導(dǎo)體棒CD和EF受到的安培力等大反向，從左向右看，對線框整體受力分析：根據(jù)平衡條件：所以兩根繩子拉力均為：C錯(cuò)誤，D正確；AB．從左向右看分別對導(dǎo)體棒CD和EF受力分析：結(jié)合整體法可知CD邊保持原來狀態(tài)靜止不動(dòng)，EF邊將垂直紙面向外偏離至某處，AB錯(cuò)誤。故選D。6、D【解析】AB．開關(guān)閉合瞬間，L相當(dāng)于斷路，AB同時(shí)亮，A的電流大于B的，故A比B亮，故AB錯(cuò)誤；CD．開關(guān)S閉合，電路達(dá)到穩(wěn)定后，斷開開關(guān)S時(shí)，B燈立即熄滅，L相當(dāng)于電源與A燈串聯(lián)，A燈稍遲熄滅，故C錯(cuò)誤，D正確故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】小球靜止時(shí)位于N點(diǎn)且彈簧恰好處于原長狀態(tài)，可知小球所受的重力與電場力等大反向；A．小球從M運(yùn)動(dòng)到N的過程中，由于有電場力做功，故小球和彈簧系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒，小球的機(jī)械能與彈簧的彈性勢能之和是改變的，故A錯(cuò)誤；B．釋放后小球從M運(yùn)動(dòng)到N過程中，合力等于彈簧的拉力，做正功，故動(dòng)能一直增加，即球一直加速，故B錯(cuò)誤；C．釋放后小球從M運(yùn)動(dòng)到N過程中，重力和電場力平衡，等效與只有彈簧彈力做功，故彈簧彈性勢能和球動(dòng)能之和保持不變，即彈簧彈性勢能的減少量等于小球動(dòng)能的增加量，故C正確；D．重力做功等于重力勢能的減小量，克服電場力做功等于電勢能的增加量，重力和電場力平衡，故小球重力勢能的減少量等于小球電勢能的增加量，故D正確；故選CD。8、AC【解析】A．線圈磁通量的變化率：＝其中磁感應(yīng)強(qiáng)度變化率即為B-t圖像的斜率，由題圖知0～2s內(nèi)＝－2T/s所以：==－2×4×10－2Wb/s＝－0.08Wb/s故A正確；B．在0～2s內(nèi)線圈磁感應(yīng)強(qiáng)度B由2T減到0，又從0向相反方向增加到2T，所以這2s內(nèi)的磁通量的變化量：故B錯(cuò)誤；C．0～2s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢：E＝n＝100×0.08V＝8V故C正確；D．第3s末線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢等于2～4s內(nèi)的平均感應(yīng)電動(dòng)勢：E′＝n＝nS＝100×2×4×10－2V＝8V故D錯(cuò)誤9、AC【解析】A、若粒子帶正電，電場力向左，洛倫茲力垂直于OA線斜向右下方，則電場力、洛倫茲力和重力不能平衡．若粒子帶負(fù)電，符合題意．所以A正確．B、粒子如果做勻變速運(yùn)動(dòng)，重力和電場力不變，而洛倫茲力變化，粒子不能沿直線運(yùn)動(dòng)，與題意不符．故B錯(cuò)誤．D、粒子受力如圖：由圖qE=qvBsinθ，所以E=Bvsinθ．故D錯(cuò)誤；C、由平衡條件得qvBcosθ=mg，，故C正確；故選AC【點(diǎn)睛】本題是帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動(dòng)的問題，考查綜合分析和解決問題的能力，要抓住洛倫茲力與速度有關(guān)的特點(diǎn)10、CD【解析】由于只受電場力作用，電勢能和動(dòng)能的和保持不變，因此從電場中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)時(shí)，電場力做了5×10－6J的正功，電勢能減少5×10－6J，動(dòng)能增加5×10－6J，但由于在A點(diǎn)具有的電勢能未知，因此在B處的電勢能大小未知。在A點(diǎn)具有的動(dòng)能未知，因此在B處的動(dòng)能大小也未知。故選CD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.(1.47~1.50)②.(0.855~0.909)③.電流值④.偏小【解析】[1][2]根據(jù)全電路的歐姆定律：可知，圖像的總截距表示電動(dòng)勢，斜率表示內(nèi)阻，有：(1.47V~1.50V)；(0.855~0.909)。[3][4]本實(shí)驗(yàn)測干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，采用的是滑動(dòng)變阻器的限流式接法，電流表的內(nèi)接法，其中電壓表測路端電壓準(zhǔn)確，電流表測干路電流偏小，因?yàn)殡妷罕聿皇抢硐腚姳?，?shí)際有一定的分流。12、①.C②.m1OM+m2ON【解析】（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量；為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同（2）根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出需要驗(yàn)證的表達(dá)式【詳解】（1）為保證兩球發(fā)生對心正碰，兩球的半徑應(yīng)相等，為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，故選C；（2）小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，小球拋出點(diǎn)的高度相等，則它們在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒，需要驗(yàn)證：m1v1=m1v1′+m2v2，則：m1v1t=m1v1′t+m2v2t，m1x1=m1x1′+m2x2，因此需要驗(yàn)證：m1OP=m1OM+m2ON【點(diǎn)睛】本題考查利用平拋運(yùn)動(dòng)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律；主要是運(yùn)用等效思維方法，平拋時(shí)間相等，用水平位移代替初速度，這樣將不便驗(yàn)證的方程變成容易驗(yàn)證四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.48N（2）0.75【解析】（1）利用閉合電路歐姆定律可以求出通過導(dǎo)體棒的電流；利用安培力的計(jì)算公式F=BLI計(jì)算導(dǎo)體棒受到的安培力大??；（2）利用力的分解，根據(jù)二力平衡，計(jì)算摩擦因數(shù)；【詳解】（1）導(dǎo)體棒、金屬導(dǎo)軌和直流電源構(gòu)成閉合電路，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：導(dǎo)體棒受到的安培力：F=BIL=0.