2025屆海南省東方市物理高二上期末預(yù)測試題含解析

2025屆海南省東方市物理高二上期末預(yù)測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，水平放置的平行板電場，上極板接地，下極板帶正電，從板間電場的左邊緣P點可連續(xù)水平打出完全相同的帶負(fù)電的液滴，其初速度都為v0，垂直進(jìn)入電場區(qū)域，若某液滴恰落在B點位置，其速度大小為v，液滴落在下極板后電量即被吸收，則之后的另一液滴落在下極板時，下列說法正確的是A.可能仍落在B點B.可能落在C點C.落在下極板時速度將大于vD.落在下極板時的速度將小于v2、如圖所示，MDN為在豎直面內(nèi)由絕緣材料制成的光滑半圓形軌道，半徑為R，最高點為M和N，整個空間存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，一電荷量為+q，質(zhì)量為m的小球自N點無初速度滑下（始終未脫離軌道），下列說法中正確的是A.運動過程中小球受到的洛倫茲力大小不變B.小球滑到D點時，對軌道壓力大于mgC.小球滑到D點時，速度大小是D.小球滑到軌道左側(cè)時，不會到達(dá)最高點M3、下面四幅圖表示了磁感應(yīng)強度B、電荷速度v和洛倫茲力F三者方向之間的關(guān)系，其中正確的是（）A. B.C. D.4、一個帶正電荷的小球從a點出發(fā)水平進(jìn)入正交垂直的勻強電場和勻強磁場區(qū)域，電場方向豎直向上，某時刻小球運動到了b點，則下列說法正確的是A.從a到b，小球可能做勻速直線運動B.從a到b，小球可能做勻加速直線運動C.從a到b，小球動能可能不變D.從a到b，小球機械能可能不變5、物體處于平衡狀態(tài)時，該物體()A.一定靜止B.一定做勻速直線運動C.受到的合外力等于零D.可能做勻速圓周運動6、如圖所示是個單擺在時間內(nèi)做簡諧運動的圖象，由圖象可知A.在時間內(nèi)，擺球受到的回復(fù)力越來越小B.時刻，擺球的速度最大C.擺球的動能和重力勢能相互轉(zhuǎn)化的周期為D.擺球的動能和重力勢能相互轉(zhuǎn)化的周期為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖為一種質(zhì)譜儀示意圖，由加速電場、靜電分析器和磁分析器組成，若靜電分析器通道中心線的半徑為R，通道內(nèi)均勻輻射電場在中心線處的電場強度大小為E，磁分析器有范圍足夠大的有界勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向外，一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子從靜止開始經(jīng)加速電場加速后沿中心線通過靜電分析器，由P點垂直邊界進(jìn)入磁分析器，最終打到膠片上的Q點，不計粒子重力，下列說法中正確的是A極板M比極板N電勢低B.加速電場的電壓C.直徑D.若一群粒子從靜止開始經(jīng)過上述過程都落在膠片上同一點，則該群粒子具有相同的比荷8、下列說法正確的是()A.磁場是一種看不見摸不著的實際存在的物質(zhì)B.根據(jù)公式可知，電場強度跟電場力成正比，跟放入電場中的電荷的電量成反比C.只對勻強電場成立D.帶電粒子在磁場中運動時一定會受到洛侖茲力作用9、水平固定放置的足夠長的U形金屬導(dǎo)軌處于豎直向上的勻強磁場中，如圖所示，在導(dǎo)軌上放著金屬棒ab，開始時ab棒以水平初速度v0向右運動，最后靜止在導(dǎo)軌上，就導(dǎo)軌光滑和粗糙兩種情況比較，這個過程A.外力對棒所做功相等B.電流所做功相等C.通過ab棒的電荷量相等D.安培力對ab棒所做的功不相等10、如圖所示，MN是一負(fù)點電荷產(chǎn)生的電場中的一條電場線．一個帶正電的粒子(不計重力)從a到b穿越這條電場線的軌跡如圖中虛線所示．下列結(jié)論正確的是()A.帶電粒子從a到b過程中動能逐漸減小B.負(fù)點電荷一定位于M點左側(cè)C.帶電粒子在a點時具有的電勢能大于在b點時具有的電勢能D.帶電粒子在a點的加速度小于在b點的加速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一學(xué)習(xí)小組要用伏安法盡量準(zhǔn)確地描繪一個標(biāo)有“6V，1.5W”的小燈泡的I-U圖線,現(xiàn)有下列器材供選用：A．學(xué)生電源（直流9V）B．開關(guān)一個、導(dǎo)線若干C．電壓表（0~3V，內(nèi)阻約10KΩ）D．電壓表（0~6V，內(nèi)阻約10KΩ）E．電壓表（0~15V，內(nèi)阻約30KΩ）F．電流表（0~0．3A，內(nèi)阻約0．3Ω）G．電流表（0~0．6A，內(nèi)阻約0．4Ω）H．電流表（0~3A，內(nèi)阻約0．6Ω）I．滑動變阻器（10Ω，2A）J．滑動變阻器（200Ω，1A）（1）實驗中電壓表應(yīng)選______，電流表應(yīng)選_______，滑動變阻器應(yīng)選_______（用字母序號表示）；（2）在下面方框內(nèi)畫出實驗電路圖______：（3）對應(yīng)實驗電路圖將實物連線補充完整________________；（4）閉合開關(guān)前，滑動變阻器滑片的位置應(yīng)在__________選填“a”、“b”或“ab正中間”）端。12．（12分）(1)如圖甲是簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池；R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭的滿偏電流為500μA，內(nèi)阻Rg=200Ω，R1=20Ω，R2=180Ω。虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。A端與___（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。該多用電表5個擋位為直流電壓50V擋和500V擋，直流電流1mA擋和10mA擋，歐姆×1Ω擋。B接___（填“1”或“2”）為10mA擋，R4=___kΩ。若電源電動勢為1.5V，內(nèi)阻忽略不計，R3=400Ω，則歐姆擋中值電阻為___Ω。(2)如圖乙，如果用歐姆檔來測電阻，當(dāng)用100Ω擋測量時，若指針指在刻線附近，則應(yīng)換用___（填“1”、“10”或“1k”）擋，換擋之后應(yīng)先將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)部件___（填“S”或“T”），進(jìn)行___（填“歐姆調(diào)零”或“機械調(diào)零”），使指針對準(zhǔn)電阻的“0”刻線，再將待測電阻接入紅黑表筆之間。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)，虛線MO與水平線PQ相交于O，二者夾角θ=30°，在MOP范圍內(nèi)存在豎直向下的勻強電場，電場強度為E，MOQ上方的某個區(qū)域有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，O點處在磁場的邊界上，現(xiàn)有一群質(zhì)量為m、電量為+q的帶電粒子在紙面內(nèi)以速度v（0<v≤）垂直于MO從O點射入磁場，所有粒子通過直線MO時，速度方向均平行于PQ向左，不計粒子的重力和粒子間的相互作用力．求：（1）速度最大的粒子在磁場中運動的時間；（2）速度最大的粒子打在水平線POQ上的位置離O點的距離；（3）磁場區(qū)域的最小面積14．（16分）如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在著磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，方向垂直于紙面向里，一帶負(fù)電的粒子(不計重力)沿水平方向以速度v正對圓心入射，通過磁場區(qū)域后速度方向偏轉(zhuǎn)了60°（1）求粒子的比荷（2）求粒子在磁場中的運動時間t15．（12分）在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下，有體積為V的水和體積為V的可認(rèn)為是理想氣體的水蒸氣，已知水的密度為ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，水的摩爾質(zhì)量為M，在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的摩爾體積為Vm，求：(1)它們中各有多少個水分子?(2)它們中相鄰兩個水分子之間的平均距離是多大?（用立方體模型解題）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】液滴的電量被下極板吸收后，極板的帶電量減小，由知板間電壓減小，則板間場強E減小，由牛頓第二定律知液滴的加速度會變化，以此分析各個選項即可.【詳解】液滴的電量被下極板吸收后，極板的帶電量Q減小，由知板間電壓U減小，則板間場強E減小，液滴受重力、電場力，由牛頓第二定律知：

減小.A、B、豎直方向：偏轉(zhuǎn)量，y不變a減小，所以t增大，水平方向：x=v0t增大，所以落在B的右側(cè)，故A、B錯誤；C、D、豎直方向：，a減小，所以vy減小，落在下極板時的速度：減小，故C錯誤，D正確.故選D.【點睛】本題考查了液滴在電場中的運動，解決的思路還是類平拋運動的方法，但要明確哪些量在變化，哪些量不變.2、C【解析】小球受重力、支持力和洛倫茲力作用，重力做正功，支持力和洛倫茲力不做功，根據(jù)動能定理可知，在下落過程，速度大小增大，根據(jù)f=qBv，可知洛倫茲力的大小在變化，故A錯誤；小球運動到D點時，若受到的洛倫茲力的方向向上，在D點，由牛頓第二定律得：，解得：，小球?qū)壍赖膲毫Σ灰欢ù笥趍g，故B錯誤；從N點運動到D點的過程中只有重力做功，根據(jù)動能定理得：，解得：，故C正確；小球在整個運動過程中，只有重力做功，小球的機械能守恒，小球滑到軌道右側(cè)時，可以到達(dá)軌道最高點M，故D錯誤；故選C.【點睛】洛倫茲力的方向指向圓心，不改變速度的大小，根據(jù)動能定理求出到達(dá)D點時的速度．根據(jù)牛頓第二定律，徑向的合力提供向心力，求出軌道對小球的支持力3、B【解析】伸開左手，讓大拇指與四指方向垂直，并且在同一個平面內(nèi)，磁感線通過掌心，四指方向與正電荷運動方向相同，大拇指所指的方向為洛倫茲力方向【詳解】A圖中，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向豎直向下．故A錯誤．B圖中，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向豎直向上．故B正確．C圖中，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向垂直紙面向外．故C錯誤．D圖中，電荷的運動方向與磁場方向平行，電荷不受洛倫茲力．故D錯誤．故選B【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則，注意四指方向與正電荷運動方向相同，與負(fù)電荷運動方向相反4、C【解析】AB．帶電小球從a點運動到b點的過程中小球在豎直方向上發(fā)生位移，所以小球受力不為零，即小球不可能做勻速直線運動，小球受到磁場給的豎直向上的洛倫茲力，要改變速度方向，所以小球不可能做直線運動，故AB不符合題意；C．當(dāng)小球的重力和電場力平衡時，小球受到的洛倫茲力只改變小球的速度方向，小球的動能不變，C符合題意D．從a到b電場力對小球做正功，洛倫茲力不做功，小球機械能增加，D不符合題意5、C【解析】A、平衡狀態(tài)時，物體可能處于靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運動狀態(tài)，但合力肯定為零，故選項C正確，A、B錯誤；D、勻速圓周運動合外力始終指向圓心，不為零，故選項D錯誤【點睛】物體在兩個或兩個以上力的作用時，保持靜止或勻速直線運動狀態(tài)，這幾個就是平衡力，平衡狀態(tài)：靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運動狀態(tài)，處于平衡狀態(tài)的物體受平衡力的作用6、D【解析】在時間內(nèi)，擺球的位移增大，受到的回復(fù)力越來越大，故A錯誤；由圖可知，該擺球的周期為，且，質(zhì)點位移最大，可知在時刻質(zhì)點的位移也是最大，速度為零，故B錯誤；動能與勢能都是標(biāo)量，它們變化的周期等于簡諧振動的周期的一半，所以擺球的動能和重力勢能相互轉(zhuǎn)化的周期為，故C錯誤，D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】粒子經(jīng)加速電場加速后進(jìn)入靜電分析器在電場力的作用下做勻速圓周運動，因此由電場力指向圓心可知粒子帶正電，因此加速電場的場強方向由M指向N，所以M極板的電勢高，故A錯誤；在加速電場由動能定理由，在分析器內(nèi)做圓周運動，因此由，聯(lián)立可得，故B錯誤；粒子進(jìn)入磁場后再洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，由，可得，故C正確，通過C可以看出直徑和粒子的比荷有關(guān)，因此通過膠片同一點的粒子比荷相同，故D正確8、AC【解析】A．磁場看不見摸不著，但是客觀存在，故A正確；B．公式是電場強度的定義式，電場強度是電場本身固有的屬性，與和無關(guān)，故B錯誤；C．公式是勻強電場中電勢差與電場強度的關(guān)系，故C正確；D．帶電粒子速度方向與磁感應(yīng)強度方向平行，不受洛倫茲力，故D錯誤。故選AC9、AD【解析】A．根據(jù)動能定理可知兩種情況下外力功都等于動能的變化量，因初狀態(tài)和末狀態(tài)相同，則合外力對棒做功相同，故A正確；BD．電流所做的功等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱，根據(jù)功能關(guān)系，當(dāng)導(dǎo)軌光滑時，金屬棒克服安培力做功，動能全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱，產(chǎn)生的內(nèi)能等于金屬棒的初動能；當(dāng)導(dǎo)軌粗糙時，金屬棒在導(dǎo)軌上滑動，一方面要克服摩擦力做功，摩擦生熱，把部分動能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，另一方面要克服安培力做功，金屬棒的部分動能轉(zhuǎn)化為焦耳熱，摩擦力做功產(chǎn)生的內(nèi)能與克服安培力做功轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的和等于金屬棒的初動能；所以導(dǎo)軌粗糙時，安培力做的功少，導(dǎo)軌光滑時，安培力做的功多，故B錯誤、D正確.C．根據(jù)感應(yīng)電荷量公式：x是ab棒滑行的位移大小，B、R、導(dǎo)體棒長度L相同，x越大，感應(yīng)電荷量越大；而導(dǎo)軌光滑時滑行的位移x較大，故感應(yīng)電荷量大．故C錯誤故選AD10、CD【解析】由于該粒子只受電場力作用且做曲線運動，電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，電場力方向大致向右，對帶電粒子做正功，其動能增加，故A錯誤．帶正電的粒子所受電場力向右，電場線由M指向N，說明負(fù)電荷在直線N點右側(cè)，故B錯誤．電場力對帶電粒子做正功，電勢能減小，則帶電粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能，故C正確．a(chǎn)點離點電荷較遠(yuǎn)，a點的電場強度小于b點的電場強度，帶電粒子在a點的電場力小于在b點的電場力，根據(jù)牛頓第二定律得知，帶電粒子在a點的加速度小于在b點的加速度，故D正確考點：電場線，電場力做功與電勢能變化的關(guān)系，牛頓第二定律三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.D②.F③.I④.⑤.⑥.a【解析】(1)[1]燈泡額定電壓是6V，電壓表選量程為6V的D；[2]燈泡額定電流I=則電流表選量程為0.3A的F；[3]為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選擇小電阻I；(2)[4]由于小燈泡的電阻值比較小，則電流表采用外接法，由表中實驗數(shù)據(jù)可知，電壓與電流從零開始變化，則滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，電路圖如圖所示；(3)[5]根據(jù)原理圖實物連線如圖所示(4)[6]為了安全和保護(hù)電表，開關(guān)閉合前將滑片置于接入電路電阻值最大，故滑片在a端。12、①.黑②.1③.49.9④.1500⑤.×1k⑥.T⑦.歐姆調(diào)零【解析】(1)[1]多用電表歐姆擋內(nèi)部電源的正極接黑表筆，所以端與黑表筆相連接。[2]根據(jù)并聯(lián)分流規(guī)律可知表頭和電阻并聯(lián)可以改裝為電流表，小電阻分大電流，所以當(dāng)端和1相連接時，表頭和串聯(lián)后，與并聯(lián)，所以并聯(lián)電阻較小，分流較大，電流表量程較大。[3]端和4相連，電流表量程為，根據(jù)串聯(lián)分壓規(guī)律可知，大電阻分大電壓，端和4串聯(lián)后改裝為的電壓表，根據(jù)歐姆定律解得[4]若接入中值電阻后，表頭指針偏轉(zhuǎn)量程的一半，歐姆擋內(nèi)部電阻，根據(jù)解得(2)[5]當(dāng)用×100Ω擋測量時，若指針指在∞刻線附近，說明待測阻值較大，所以改用×1k檔。[6][7]換擋后，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕T，進(jìn)行歐姆調(diào)零，使指針對準(zhǔn)電阻的“0”刻線，再將待測電阻接入紅黑表筆之間。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；（3）【解析】（1）因粒子通過直線MO時，速度方向均平行于PQ向左，說明粒子速度方向改變了，由