江西省聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高二年級上冊1月期末聯(lián)考物理試題（解析版）

物理試卷

試卷共6頁，15小題，滿分100分?？荚囉脮r75分鐘。

注意事項：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改

動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本

試卷上無效。

3.考生必須保持答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將答題卡交回。

一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項是符

合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，

選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

1.矩形金屬線框在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動，具體的運(yùn)動情況如下列選項所示，其中能夠產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）

[D

【解析】

【詳解】A.圖中線圈向右移動過程，線圈的磁通量一直為0,保持不變，不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯

誤；

B.圖中線圈繞。。'軸轉(zhuǎn)動過程，線圈的磁通量一直為0,保持不變，不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯誤；

C.圖中線圈向右移動過程，線圈的磁通量保持不變，不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯誤；

D,圖中線圈繞OO'軸轉(zhuǎn)動過程，線圈的磁通量發(fā)生周期性變化，會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D正確。

故選D。

2.晉代陸機(jī)《文賦》中的“或因枝以振葉，或沿波而討源”呈現(xiàn)了樹葉振動和水波傳播的情境，下列說法

正確的是（）

A.樹葉做受迫振動的頻率小于其驅(qū)動力的頻率

B.飄落到水面上的樹葉不會被水波推向岸邊

C.兩列水波在水面上相遇疊加時，必然能形成干涉圖樣

D.當(dāng)水波遇到障礙物時，不能發(fā)生衍射現(xiàn)象

【答案】B

【解析】

【詳解】A.根據(jù)做受迫振動的物體，其振動頻率等于驅(qū)動力的頻率，可知樹葉做受迫振動的頻率等于其

驅(qū)動力的頻率，故A錯誤；

B.飄落到水面上的樹葉不會被水波推向岸邊，而是在自身的平衡位置上下振動，故B正確；

C.若有兩列水波在水面上相遇疊加時，不一定產(chǎn)生干涉圖樣，還與兩列水波的頻率有關(guān)，故C錯誤；

D.根據(jù)發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件：障礙物或孔的尺寸與波長相差不多，或比波長小時，衍射現(xiàn)象最明

顯；所以當(dāng)水波遇到尺寸與其波長相差不大的障礙物時，能夠發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故D錯誤。

故選B。

3.八方兩列簡諧橫波在同一均勻介質(zhì)中分別沿4軸正、負(fù)方向傳播，f=0時刻，x軸上x=0至x=4m區(qū)域

內(nèi)，兩列波的波形如圖所示，則在圖示區(qū)域內(nèi)，下列說法正確的是（）

A.兩列波振幅不同，在疊加區(qū)域不能形成穩(wěn)定干涉

B.x=1m處的質(zhì)點和x=3m處的質(zhì)點振動總是相反

C.x=lm處的質(zhì)點位移始終為y=Tcm

D.[=0時刻，x=2m處的質(zhì)點振動速度可能為零

【答案】B

【解析】

【詳解】A.由于兩列波的波動周期相同，波動頻率相同，因此疊加后能形成干涉。A錯誤；

B.由于x=lm處質(zhì)點和x=3m處質(zhì)點振動減弱，當(dāng)x=lm處質(zhì)點處于波谷時，x=3m處的質(zhì)點處于波

峰，因此x=lm處的質(zhì)點與x=3m處的質(zhì)點振動始終相反。B正確；

C.根據(jù)波的疊加，當(dāng)/=0時刻時，x=lm處質(zhì)點的位移為一1cm。C錯誤；

D.兩列波疊加后，，=0時刻，x=2m處的質(zhì)點振動加強(qiáng)，質(zhì)點振動速度不為零。D錯誤；

故選B。

4.如圖甲，將一個半導(dǎo)體和一個小燈泡串聯(lián)在電路中，它們的伏安特性曲線如圖乙所示，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)

滑動變阻器的滑片到某一個位置時，半導(dǎo)體和燈泡消耗的功率恰好相等，此時再將滑動變阻器的滑片向左

移一些，則滑片移動后（）

半導(dǎo)體

甲乙

A.半導(dǎo)體的功率比燈泡功率大

B.半導(dǎo)體功率變小、燈泡的功率變大

C.半導(dǎo)體和燈泡的功率均變大

D.半導(dǎo)體和燈泡功率仍然相等

【答案】A

【解析】

【詳解】調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片到某一個位置時，半導(dǎo)體和燈泡消耗的功率恰好相等，可知此時半導(dǎo)體和

燈泡的電流和電壓均相等，對應(yīng)圖乙中兩圖線的交點；此時再將滑動變阻器的滑片向左移一些，可知滑動

變阻器接入電路阻值變大，電路電流變小，由乙圖可知，半導(dǎo)體和燈泡的電流和電壓均變小，則半導(dǎo)體和

燈泡的功率均變小，但半導(dǎo)體的電壓大于燈泡的電壓，由于電流相等，所以半導(dǎo)體的功率比燈泡功率大。

故選Ao

5.將一個不帶電的金屬球P放在一個正點電荷附近并處于靜電平衡狀態(tài)，空間的電場線分布如圖所示，。、

人是靜電場中的兩點，c、d是金屬球內(nèi)兩點，下列說法正確的是（）

A.a點電勢比h點電勢圖

B.a點場強(qiáng)比b點場強(qiáng)小

C.c點電勢和d點電勢不相等

D.金屬球感應(yīng)電荷在c點產(chǎn)生的場強(qiáng)比在d點產(chǎn)生的場強(qiáng)小

【答窠】A

【解析】

【詳解】A.根據(jù)沿電場方向電勢降低，由圖可知〃點電勢比方點電勢高，故A正確；

B.根據(jù)電場線的疏密程度，由圖可知。點場強(qiáng)比〃點場強(qiáng)大，故B錯誤；

CD.金屬球P為一等勢體，則。點電勢和d點電勢相等；金屬球P內(nèi)部場強(qiáng)為零，則金屬球感應(yīng)電荷在內(nèi)

部某點的場強(qiáng)大小等于正點電荷在該點的場強(qiáng)大小，由于c點離正點電荷較近，則金屬球感應(yīng)電荷在c點

產(chǎn)生的場強(qiáng)比在d點產(chǎn)生的場強(qiáng)大，故CD錯誤。

故選Ao

6.圖甲為名叫“彈簧公仔”的玩具，由頭部、輕彈簧及底座組成，可簡化為如圖乙所示模型，已知物塊A

的質(zhì)量為加，物塊A靜止時，彈簧的壓縮量為x,現(xiàn)用力向下按物塊A,使彈簧的壓縮量為3x時撤去壓力，

物塊A在豎直方向上做簡諧運(yùn)動，當(dāng)物塊A運(yùn)動到最高點時物塊B對水平面的壓力恰好為零，重力加速度

為g，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。物塊A的位移隨時間的變化規(guī)律如圖丙所示，下列說法正確的是()

10

A.x=—cm

3

B.撤去壓力的一瞬間，物塊A的加速度大小為3g

C.物塊B質(zhì)量大小等于〃？

D.物塊A的振動方程為y=10cos(m)(cm)

【答案】C

【解析】

【詳解】A.物塊A靜止時，彈簧的壓縮量為-此時物塊A處于平衡位置，由題意可知

3x-x=A=10cm

可得

x=5cm

故A錯誤；

B.撤去壓力的一瞬間，彈簧彈力不變，對物塊A受力分析，由牛頓第二定律

kx3x-mg=ma

其中

kx=mg

聯(lián)立可得，物塊A的加速度大小為

a=2g

故B錯誤；

C.當(dāng)物塊A運(yùn)動到最高點，由對稱性可知，彈簧此時伸長量為-對B有

kx=

其中

kx=mg

解得物塊B的質(zhì)量大小為

/nB=m

故C正確;

D.由圖丙可知，振幅為

A=10cm

周期為

T=ls

物塊A的振動方程為

2萬

y=Acos(—r)(cm)

代入數(shù)據(jù)可得

y=10cos(2^r)(cm)

故D錯誤。

故選C。

7.如圖是我國首次進(jìn)行立式風(fēng)洞跳傘實艙的情景，風(fēng)洞噴出豎直向上的氣流使幾個實驗者懸在空中，若氣

流密度、氣流速度大小均保持不變，氣流吹到人身上后速度均變?yōu)榱悖渲屑?、乙兩人的質(zhì)量分別為犯、

機(jī)2,受風(fēng)面積分別為耳、S2,下列關(guān)系式正確的是（）

町啊m.m,

A.~r^=~r^=B.—=—

C.町S[=〃72s2D.S）=S2

【答案】B

【解析】

【詳解】根據(jù)題意，設(shè)氣流密度為。、氣流速度為叭時間為由平衡條件可知，氣流對人的作用為

卜'=mg

由牛頓第三定律可知，人對氣流的作用力

F=F=mg

對氣流，由動量定理有

-mgAt=0-Awv

又有

A/w=pvSbt

整理可得

m_pv2

Sg

由于氣流密度、氣流速度大小均保持不變，則有

加1_m2

M瓦

故選B。

8.如圖甲，跨步電壓觸電是指人在高壓輸電線路附近，因雙腳腳底形成電勢差而引起的觸電故。某同學(xué)不

慎靠近了一落地的高壓電線，其兩腳間形成的電勢差與電流入地點之間的距離關(guān)系如圖乙所示，下列說法

正確的是（）

A.為了安全，該同學(xué)應(yīng)大踏步走向電流入地點

B.為了安全，該同學(xué)應(yīng)大踏步遠(yuǎn)離電流入地點

C.若地面導(dǎo)電性能均勻，離電流入地點越遠(yuǎn)，電勢降落得越慢

D.若地面導(dǎo)電性能均勻，繞電流入地點做圓周運(yùn)動，不會造成跨步電壓觸電

【答案】CD

【解析】

【詳解】AB.步幅越大，兩腳之間的電勢差越大，越容易造成跨步電壓觸電，AB錯誤；

C.離電流入地點越遠(yuǎn)，電勢變化的曲線斜率越小，故電勢降落得越慢，C正確；

D.若地面導(dǎo)電性能均勻，則以電流人地點為圓心的圓周上各點均為等勢點，繞電流入地點做圓周運(yùn)動,

不會迨成跨步電壓觸電，D正確。

故選CDo

9.如圖，質(zhì)量為1kg的物塊P與物塊Q（質(zhì)量未知）靜止在光滑水平面匕物塊Q上拴接一輕彈簧，彈簧

處于原長。給物塊P向左的初速度i，i,物塊P與彈簧作用的過程中，物塊P、Q的速度也、口的大小關(guān)系如

圖乙所示，彈簧形變始終在彈性限度內(nèi)，下列說法正確的是（）

A.物塊Q質(zhì)量為3kg

B.物塊Q獲得的最大速度為lm/s

C.彈簧被壓縮時具有的最大彈性勢能為3.75J

3

D.彈簧壓縮量最大時，兩物塊的共同速度大小為一m/s

4

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.物塊PQ組成系統(tǒng)動量守恒，由圖可知，系統(tǒng)初動量大小為

機(jī)PH=mQv2=3kg-m/s

解得

叫=3kg

故A正確：

B.當(dāng)P與彈簧分離時，物塊Q獲得的速度最大，則

〃"匕=6p彩+/HQI，3

112

解得

33

v2=--m/s,v3=-m/s

3

即Q的最大速度為二m/s,故B錯誤；

2

CD.當(dāng)兩物塊速度相等時，彈簧被壓縮到最短，即壓縮量最大，彈性勢能最大，所以

wPv,=(mp+mQ')v

；〃2P片=；（〃%+，％）/+4

解得

1m/s,E=3.375J

4p

故C錯誤，D正確。

故選AD。

10.如圖甲所示電路中，電源電動勢E=12V,內(nèi)阻片1.0C,電源負(fù)極端接地。定值電阻Ri=6.0C,R=4.0C,

R3=2.0Q,/?4=8.0Q,長=10。，電容器。的電容為2",當(dāng)電鍵K閉合，流經(jīng)Rs的電流隨時間的變化如圖乙

所示，電路穩(wěn)定后，下列說法正確的是（）

//A

A.電容器下極板的電勢比上極板高

B.通過電阻凡的電流是2A

C.乙組圖線和坐標(biāo)軸包圍面積代表通過R的電量是8c

D.斷開電鍵K到電路再次穩(wěn)定過程中，通過R電量是8xl(T6c

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.根據(jù)閉合電路歐姆定律可知

.E.2

—(?+&)(&+-)?「A

%+R?+R3+R$

則并聯(lián)部分的電壓為

U=E-Ir=}OV

電源負(fù)極電勢為零，則a點電勢為

五工h凡=4V

%+?2

b點電勢為

9b="\"=8V

電容器下極板的電勢比上極板高，故A正確；

B.cd間電壓為10V,故通過電阻Ri的電流是

/=---=1A

Ri+R2

故B錯誤;

C.乙圖圖線和坐標(biāo)軸包圍的面積代表通過凡的電量，也是電容器的帶電量

Q=CU加=2〃Fx4V=8xl0-6c

故C錯誤；

D.斷開電鍵K到電路再次穩(wěn)定過程中，通過心電量等于電容器的帶電量8x10-6（2,故D正確。

故選ADO

二、非選擇題：本題共5小題，共54分。

11.某同學(xué)利用單擺測量重力加速度，裝置如圖甲所示。

11川川“川仙山cm

010

甲乙

（1）使用游標(biāo)卡尺測量小鋼球直徑d的讀數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為mm。

（2）關(guān)于實驗的要點，下列說法正確的是o

A.為了防止擺角過大，懸線盡可能選短一些的不可伸長的細(xì)線

B.由于擺長等于擺線長加小球半徑，因比選用半徑大一些小球?qū)嶒灈]有影響

C.測量擺長時，擺線應(yīng)接好擺球，使擺球處于自然下垂?fàn)顟B(tài)，擺長是擺線長度和小球半徑之和

D.測量周期時，當(dāng)單擺擺到最高點時開始計時，測量經(jīng)過30~50次全振動的總時間算出周期

（3）按規(guī)范操作完成35次全振動的時間是70s,已知擺線長99.44cm,由這些數(shù)據(jù)計算得出重力加速度大

小8=m/s2o（后取9.86,結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

【答案】11.2②.C③.9.86

【解析】

【詳解】（1）[1]10分度游標(biāo)卡尺的精確值為0.1mm,由圖乙可知小球的直徑為

d=llmm+2xO.lmm=l1.2mm

（2）⑵

A.為了防止擺角過大，懸線盡可能選長一些的不可伸長的細(xì)線，故A錯誤；

B.為了減小空氣阻力的影響，應(yīng)選擇半徑小一些，密度大一些的小球，故B錯誤；

C.測量擺長時，擺線應(yīng)接好擺球，使擺球處于自然下垂?fàn)顟B(tài)，擺長是擺線長度和小球半徑之和，故C正

確；

D.測量周期時，當(dāng)單擺經(jīng)過平衡位置時開始計時，測量經(jīng)過30~50次全振動的總時間算出周期，故D錯

誤。

故選C。

（3）［3］按規(guī)范操作完成35次全振動的時間是70s,則單盤的周期為

T70。

T=—s=2s

35

根據(jù)單擺周期公式

T=

又

1.12

L=99.44cm+-----cm=100cm=Im

2

聯(lián)立可得重力加速度大小

萬經(jīng)

44x9.86x122

二亍m/s=9.86m/s

g22

12.某實驗小組要測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻。實驗室提供的器材有：

A.待測干電池1個

B,滑動變阻器&（0<5Q）

C.電壓表（0~3V,內(nèi)阻很大）

D.電壓表V2（0~15V,內(nèi)阻很大）

E,電流表A］（0-3A,內(nèi)阻5約為1C）

F.電流表A2（0?100mA,內(nèi)阻弓=10C）

G.定值電阻&=2。

H.開關(guān)一個，導(dǎo)線若干

（1）請根據(jù)實驗器材，設(shè)計實驗電路圖，并將電路圖畫在圖甲方框中，要求盡可能減小實驗誤差

電路中電壓表選（選填"Y”或"V?”）,電流表選（選填"A1”或“A?”）。

甲

（2）根據(jù)設(shè)計的電路圖連接好實物電路，閉合開關(guān)前，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片到一端，使滑動變阻器接

入電路的電阻（選填“最大”或“最小”）,閉合開關(guān)后，調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多組電壓表的示數(shù)

U和電流表的示數(shù)/,作U—/圖像如圖乙所示，圖中所標(biāo)物理量均已知，則電池的電動勢后,電池

的內(nèi)阻片o（均用測量的和已知的物理量符號表示）

（3）本實驗（選填“存在”或“不存在”）因電表內(nèi)阻引起的系統(tǒng)誤差。

【答案】①.見解析②.V,③.A2④.最大⑤.U2⑥.（僚:喈一小餐

+r2）iQK2+r2

⑦.不存在

【解析】

【詳解】（1）[1][2北3]由于一節(jié)干電池的電動勢約為1.5V,則電路中電壓表應(yīng)選V"要求盡可能減小實驗

誤差，由于電流表A?內(nèi)阻已知，所以電流表選A”但由于電流表A2量程較小，可將定值電阻R?與A?

并聯(lián)，擴(kuò)大電流表.鼠程，則實驗電路圖如圖所示

（2）⑷閉合開關(guān)前，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片到?端，使滑動變阻器接入電路的電阻最大;

⑸⑹團(tuán)合開關(guān)后，調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多組電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)/,則電路總電流為

%與A2并聯(lián)后的電阻為

R井=-^-

1i

根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

E=U+——-I(r+—^―)

&&+乃

整理可得

U.Erg+Q+Rgj

R2

可知U-/圖像的縱軸截距為

E=U2

u-/圖像的斜率絕對值為

r（&+.）+2弓_—2q

瓦/o

解得電池的內(nèi)阻為

廣二（5/陽R2r2

（6+4）/°R2+r2

（3）⑺本實驗由于電流表內(nèi)阻已知，則電流表的分壓已知，所以不存在因電表內(nèi)阻引起的系統(tǒng)誤差。

13.如圖，海面上有A、B兩個導(dǎo)航浮標(biāo)，兩個浮標(biāo)間距為30m,一列水波（看作簡諧橫波）沿海面從A

浮標(biāo)向B浮標(biāo)傳播，兩個浮標(biāo)隨波上下振動，每分鐘完成20次全振動，振動最高點和最低點間的距離為

20cm,B浮標(biāo)比A浮標(biāo)振動落后30s,A、B浮標(biāo)均看作質(zhì)點，求：

（1）水波的波長；

（2）當(dāng)A位于波峰時，A、B間有幾個波峰（不包括A、B兩點）；若以此時為計時零點，在0~1.5s內(nèi)，

浮標(biāo)B通過的路程為多少？

【答案】（1）3m；（2）9個，20cm

【解析】

【詳解】（1）浮標(biāo)隨波上下振動，每分鐘完成20次全振動，可知周期為

B浮標(biāo)比A浮標(biāo)振動落后30s,則波速為

v=^=30m/s=lm/s

Z30

水波的波長為

A=vT=1x3m=3m

（2）由于

xAB=30m=102

當(dāng)A位于波峰時，此時B也位于波峰，可知不包括A、B兩點，A、B間有9個波峰；振動最高點和最低

點間的距離為20cm,可知振幅為

“200

A=—cm=10cm

2

在0~1.5s內(nèi)，由于

Ar=1.5s=-7'

2

浮標(biāo)B通過的路程為

s=2A=20cm

14.如圖，質(zhì)量為3〃?的長木板A放在光滑水平面上，質(zhì)量為3m的鐵塊B放在長木板A的上表面左端，擋

板D固定在光滑水平面上，質(zhì)量為m的小球C用長為R的細(xì)線懸于。點。將小球C拉至與。等高的位置，

細(xì)線伸直，由靜止釋放，小球C運(yùn)動到最低點時剛好沿水平方向與鐵塊B發(fā)生彈性碰撞，碰撞后鐵塊B在

長木板上表面向右滑動，在長木板A與擋板D碰撞前，鐵塊B與長木板A已相對靜止，鐵塊B與長木板A

上表面的動摩擦因數(shù)為0.2,鐵塊B、小球C均看作質(zhì)點，重力加速度為g。求：

（1）小球C與鐵塊B碰撞前一瞬間，細(xì)線對小球的拉力大?。?/p>

（2）小球C與鐵塊B碰撞后一瞬間，鐵塊B的速度大小；

（3）開始時，長木板A右端離擋板D的距離至少多大。

co-----------?（）

\

\I

Kr

/7777777777777777_777_777_777_777_777_777_7777晅/77^

【答案】（1）3〃吆；（2）巡皿；（3）—

216

【解析】

【詳解】（1）小球C從靜止釋放到與鐵塊B碰撞前一瞬間，根據(jù)機(jī)械能守恒可得

n12

mgR=-mvQ

乙

解得

%=7^

根據(jù)牛頓第二定律可得

T-mg=m—

解得細(xì)線對小球的拉力大小

（2）小球C與鐵塊B發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動量守恒可得

mv0=mvc+3〃7yB

根據(jù)機(jī)械能守恒可得

聯(lián)立解得小球C與鐵塊B碰撞后一瞬間，鐵塊B的速度大小為

（3）碰撞后鐵塊B在長木板上表面向右滑動，在長木板A與擋板D碰撞前，鐵塊B與長木板A已相對靜

止，根據(jù)動量守恒可得

37nvB=(3m+3m)u共

解得

以木板A為對象，根據(jù)動能定理可得

=-x3mv^

解得共速前木板A的位移大小為

5R

V而

可知開始時，長木板A的右端離擋板D的距離至少為空。

16

15.如圖甲，在平面直角坐標(biāo)系X。），的第一象限內(nèi)，虛線AB上方有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，A8與x軸負(fù)

方向夾角為37。，4點在y軸上，離。點距離為44點在彳軸上，在第二象限內(nèi)有平行于｝，軸的平行板M、

M板間加的電壓隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。在M板附近有?粒子源，不斷地由靜止釋放質(zhì)量為加、電

荷量為g的帶正電的粒子，粒子經(jīng)加速電場加速后，以垂直于），軸的方向從），軸上的A點進(jìn)入第一象限，粒

子在M、N間運(yùn)動的時間遠(yuǎn)小于T,從，=0時刻釋放的粒子進(jìn)入第一象限的電場偏轉(zhuǎn)后剛好從48的中點離

開電場，在x軸上有一個水平放置的足夠大的接收屏，不計粒子的重力，求:

（1），=0時刻釋放的粒子到達(dá)A點時速度的大小;

（2）第一象限內(nèi)的勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度的大??；

（3）接收屏上能接收到粒子的