2025屆河北省石家莊二中雄安校區(qū)安新中學物理高二第一學期期末聯考模擬試題含解析

2025屆河北省石家莊二中雄安校區(qū)安新中學物理高二第一學期期末聯考模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、計數器因射線照射，內部氣體電離，在時間t內有n個二價正離子到達陰極，有2n個電子到達陽極，則計數器中的電流為（）A.0 B.C. D.2、如圖所示，電源內阻較大，當開關閉合、滑動變阻器滑片位于某位置時，水平放置的平行板電容器間一帶電液滴恰好處于靜止狀態(tài)，燈泡L也能正常發(fā)光，現將滑動變阻器滑片由該位置向a端滑動，則（）A.燈泡將變暗，電源效率將減小B.液滴帶正電，將向下做加速運動C.電源的路端電壓增大，輸出功率也增大D.滑片滑動瞬間，帶電液滴電勢能將減小3、如圖所示，有一金屬塊放在垂直于側面C的勻強磁場中，當有穩(wěn)恒電流自左向右通過時，下列說法正確的是()A.金屬塊上表面的電勢高于下表面的電勢B.磁感應強度增大時，金屬塊上、下兩表面間的電勢差U增大C.電流增大時，金屬塊上、下兩表面間的電勢差U減小D.電流不變時，金屬塊中單位體積內自由電子越多，上下兩表面間的電勢差U越大4、關于電場，下列說法中正確的是A.電場并不是客觀存在的物質 B.描述電場的電場線是客觀存在的C.電場對放入其中的電荷有力的作用 D.電場對放入其中的電荷沒有力的作用5、如圖，一束正離子先后經過速度選擇器和勻強磁場區(qū)域，則在速度選擇器中沿直線運動，且在勻強磁場中偏轉半徑又相等的離子具有相同的（）A.電量和質量 B.質量和動能C.速度和比荷 D.速度和質量6、額定電壓都是110V、額定功率PA=110W和PB=40W的電燈兩盞，若接在電壓是220V的電路上，使兩盞電燈均能正常發(fā)光，且電路中消耗功率最小的電路是（）A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖(a)所示，金屬圓環(huán)處在勻強磁場中，磁場大小隨時間的變化關系如圖(b)所示．在0-2T內，關于金屬圓環(huán)中的感應電流，下列說法中正確的是（）A.方向先順時針后逆時針B.方向先逆時針后順時針C.大小先增大后減小D.大小一直保持不變8、一斜面固定在水平面上，在斜面頂端有一長木板，木板與斜面之間的動摩擦因數為μ，木板上固定一輕質彈簧測力計，彈簧測力計下面固定一個光滑的小球，如圖所示，木板固定時，彈簧測力計示數為F1，由靜止釋放后木板沿斜面下滑，穩(wěn)定時彈簧測力計的示數為F2，斜面的高為h，底邊長為d，則下列說法正確的是()A.穩(wěn)定后彈簧一定處于壓縮狀態(tài)B.穩(wěn)定后彈簧仍處于拉伸狀態(tài)C.D.9、如圖所示，一個正點電荷Q靜止在正方形的一個角上，另一個帶電粒子（可視為點電荷）射入該區(qū)域時，恰好能經過正方形的另外三個角a、b、c，粒子僅受靜電力作用，則粒子由a經b運動到c的過程中，下列分析正確的有（）A.a、b、c三點電勢高低及場強大小的關系是：φa=φc>φb，Ea=Ec=2EbB.粒子由a到b電勢能增加，由b到c電場力做正功，在b點動能最小C.粒子在a、b、c三處的加速度大小之比是1:2:1D.改變粒子在a處的速度，有可能使其經過a、b、c三點做勻速圓周運動10、根據外媒某軍事雜志一篇關于中國航母的報道，其猜測中國自行設計建造的第三代國產航母將采用電磁彈射裝置．航母上飛機彈射起飛所利用的電磁驅動原理如圖所示．當固定線圈上突然通過直流電流時，線圈左側的金屬環(huán)被彈射出去．則下列說法正確的是（）A.合上開關S的瞬間，從右側看環(huán)中產生沿順時針方向的感應電流B.金屬環(huán)被向左彈射的瞬間，還有擴張的趨勢C.若將金屬環(huán)置于線圈的右側，環(huán)將不能彈射出去D.若將電池正、負極調換后，金屬環(huán)彈射方向仍然向左三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某探究小組在“電表的改裝和練習使用多用電表”的實驗中。（1）如圖甲，某同學設計的電流、電壓兩用表的電路，已知電流計G的量程是1mA，內阻是100Ω，電阻R1=1Ω，R2=99Ω，則選擇開關接到____（填“1”或“2”）時是電壓表；量程是___________V。（2）如圖乙為某種型號多用電表電阻檔內部原理示意圖，已知電流計內阻為，電池內阻為r。某同學用其電阻檔測電阻時進行如下操作：先閉合開關S，將紅、黑表筆分開時，調節(jié)可變電阻，當可變電阻接入電路的阻值為R時電流表滿偏；再將接入A、B表筆之間時電流計指針指在表盤的正中央，則待測電阻的阻值________。（用Rg、R、r表示）12．（12分）（1）用20分度的游標卡尺測得某小球的直徑如下圖所示，則小球的直徑為d=_______mm（2）用螺旋測微器測金屬導線的直徑，其示數如下圖所示，該金屬導線的直徑為_____mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，與導軌等寬的導體棒ab放在水平的導軌上，導體棒的質量為2kg，導軌的寬度L=0.5m，放在磁感應強度B=0.8T的勻強磁場中，磁場方向垂直于導軌平面，當導體棒中通過5A的電流時，ab剛好向右做勻速運動．求：（1）導體棒受到的安培力有多大？（2）導體棒受到的摩擦力有多大？（3）若導體棒中通過的電流為10A時，導體棒獲得的加速度多大？14．（16分）場是物質存在的一種形式。我們可以通過物體在場中的受力情況來研究場的強弱，并由此定義了電場強度、磁感應強度等物理量。①寫出電場強度的定義式，并說明各物理量的含義；②寫出磁感應強度的定義式，并說明各物理量的含義。15．（12分）如圖所示，在豎直平面內有一個半徑為r，質量為m0的金屬圓環(huán)，圓環(huán)平面與紙面平行，圓環(huán)部分處在磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里，磁場的水平邊界與圓環(huán)相交于M、N點，圓心角∠MON=120°。用絕緣輕繩把放在斜面上的滑塊通過定滑輪與圓環(huán)相連。當圓環(huán)中通有逆時針方向大小為I的電流時，滑塊保持靜止。已知斜面傾角為30°，斜面和滑輪均光滑。求：（1）滑塊的質量；（2）若圓環(huán)電流I大小不變，方向突然變?yōu)轫槙r針方向時，滑塊的瞬時加速度為多大。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】由題意可知，t時間內，有n個二價正離子到達陰極，有2n個電子到達探測器的陽極，且正離子和電子產生的電流方向相同，則通過導體橫截面的總電荷量為根據電流定義式得計數器中的電流為故選D。2、D【解析】A．將滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，電路中總電阻增大，電路中電流減小，燈泡消耗的功率減小，則燈泡將變暗．電源的效率外電路總電阻增大，路端電壓增大，則電源效率增大．故A項錯誤B．液滴受力平衡，因電容器上極板帶負電，板間場強向上，則知液滴帶正電．滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，電路中總電阻增大，電路中電流減小，電容器板間電壓增大，板間場強增大，液滴所受的電場力增大，因此液滴將向上做加速運動．故B項錯誤C．由于電源的內電阻與外電阻關系未知，所以不能判斷輸出功率如何變化，故C項錯誤D．因電容器兩端的電壓增大，板間場強增大，下極板與電荷所在位置間的電勢差增大，因下極板接地，電勢始終為0，則電荷所在位置的電勢減??；粒子帶正電，則粒子電勢能減?。蔇項正確【點睛】本題是電容器動態(tài)變化分析與電路動態(tài)變化分析的綜合，抓住電容器的電壓與電阻電壓的關系進行分析；下極板接地且與電源正極相連，板間各點電勢均為負值3、B【解析】電子做定向移動時，受到洛倫茲力發(fā)生偏轉，在上下表面間形成電勢差，最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據電流的微觀表達式以及平衡求出電壓表的示數和單位體積內的自由電子數【詳解】A項：根據左手定則，知電子向上表面偏轉，上表面帶負電，下表面帶正電，所以上表面比下表面電勢低，故A錯誤；B項：最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，有：，得U=Bvd，故B增大時M、N兩表面間的電壓U增大，B正確；C項：設電流橫截面的寬為b，高為d，電流的微觀表達式為I=nevS=nevbd，電流增大，則v增大，又U=Bvd則U增大，故C錯誤；D項：由C選項分析可知，，則，單位體積內的自由電子數越多，則電勢差越小，故D錯誤故選B【點睛】解決本題的關鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力方向，以及最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡4、C【解析】A、電場是電荷周圍空間里存在的一種特殊物質，電場這種物質與通常的實物不同，它不是由分子原子所組成，但它是客觀存在的，故A錯誤；B、電場線是為了直觀形象地描述電場分布，在電場中引入的一些假想的曲線，故B錯誤；C、D、電場具有通常物質所具有的力和能量等客觀屬性，電場的力的性質表現為，電場對放入其中的電荷有作用力，這種力稱為電場力，故C正確，D錯誤故選C5、C【解析】在正交的電磁場區(qū)域中，正離子不偏轉，說明離子受力平衡，在此區(qū)域Ⅰ中，離子受電場力和洛倫茲力，由得v＝可知這些正離子具有相同的速度；進入只有勻強磁場的區(qū)域Ⅱ時，偏轉半徑相同，由R＝和v=可知這些正離子具有相同的比荷，故C正確，ABD錯誤。6、C【解析】由P=和已知條件可知RA＜RB對于A電路，由于RA＜RB，所以UB>110V，B燈燒毀，兩燈不能正常發(fā)光，對于B電路，由于RB>RA，A燈又并聯變阻器，并聯電阻更小于RB，所以UB>110VB燈燒毀，對于C電路，B燈與變阻器并聯，電阻可能等于RA，所以可能有UA=UB=110V兩燈可以正常發(fā)光，對于D電路，若變阻器的有效電阻等于A、B的并聯電阻，則UA=UB=110V兩燈可以正常發(fā)光，比較C、D兩個電路，由于C電路中變阻器功率為(IA－IB)×110，而D電路中變阻器功率為(IA+IB)×110，所以C電路消耗電功率最小。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】由圖可知，在0-T時間內由楞次定律可知，電路中電流方向為順時針方向；在T-2T時間內由楞次定律可知，電路中電流方向為逆時針，故A正確，B錯誤；由圖可知，0-T和T-2T時刻線圈中磁通量的變化率相同，根據法拉第電磁感應定律得：，故感應電動勢的大小不變，根據閉合電路的歐姆定律得：，可知感應電流的大小不變，故C錯誤，D正確；故選AD【點睛】由右圖可知磁感應強度的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法拉第電磁感應定律可知電動勢的大小，根據閉合電路的歐姆定律可知電路中電流的變化情況8、BC【解析】AB.平衡時，對小球分析F1=mgsinθ…①木板運動后穩(wěn)定時，對整體分析有：a=gsinθ-μgcosθ…②則a＜gsinθ，根據牛頓第二定律得知，彈簧對小球的彈力應沿斜面向上，彈簧處于拉伸狀態(tài)．選項A錯誤，B正確；CD.對小球有mgsinθ-F2=ma…③而tanθ＝…④聯立①②③④計算可得．選項C正確，D錯誤.9、AB【解析】電荷受到的合力指向軌跡的內側，根據軌跡彎曲方向判斷出粒子與固定在O點的電荷是異種電荷，它們之間存在引力，根據點電荷的電場線的特點，Q與ac距離相等，都小于b，故B點的電勢高于ac兩點的電勢．應用牛頓第二定律求出加速度之間的關系.【詳解】根據點電荷的電場線的特點，Q與ac距離相等，都小于b，故b點的電勢低于ac兩點的電勢，即φa=φc>φb；Ea=Ec=；Eb=，故A正確；電荷受到的合力指向軌跡的內側，根據軌跡彎曲方向判斷出粒子與固定在O點的電荷是異種電荷，它們之間存在引力，所以質點由a到b電場力做負功，電勢能增加，動能減小；由b到c電場力做正功，動能增大，在b點動能最??；故B正確；粒子P在a、b、c三點時的加速度大小要根據庫侖定律求出庫侖力．由圖可知，ra=rc=,根據庫侖定律：，可得：可知，加速度之比應為：2：1：2；故C錯誤；由帶電粒子所受的電場力的方向可知，帶電粒子abc三個點受到的電場力大小不相等，所以不可能其經過a、b、c三點做勻速圓周運動．故D錯誤．故選AB.【點睛】本題屬于電場中軌跡問題，考查分析推理能力．根據軌跡的彎曲方向，判斷出電荷受到的電場力指向軌跡內側．進而判斷出電荷是負電荷10、AD【解析】楞次定律可以概括為“增反減同”“增縮減擴”“來拒去留”根據這幾句可以判斷電流的方向，面積的變化，甚至環(huán)受到力的方向【詳解】A、合上開關S的瞬間，環(huán)中突然增加了向右的磁場，根據楞次定律可知：從右側看環(huán)中產生沿順時針方向的感應電流，故A對B、穿過環(huán)的磁通量增大，根據楞次定律“增縮減擴”可知金屬環(huán)被向左彈射的瞬間，還有縮小的趨勢，故B錯；C、只要穿過環(huán)的磁通量發(fā)生變化，根據“來拒去留”環(huán)都會受到力的作用，故C錯；D、根據“來拒去留”在閉合開關的瞬間，環(huán)都會受到向左的力作用，與電源正負極無關，故D對；故選AD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.2②.10③.【解析】（1）[1][2]．選擇開關接到1時為G與并聯為電流表，其量程為；選擇開關接到2時為改裝后的電流表與串聯為電壓表，根據歐姆定律，有：；（2）[3]．當未接入時，閉合開關S，將紅、黑表筆分開時，調節(jié)可變電阻，使電流表滿偏，由閉合電路歐姆定律得：當接入A、B表筆之間時，若電流表的指針指