2025屆貴州省銅仁市西片區(qū)高中教育聯(lián)盟高二物理第一學(xué)期期末聯(lián)考試題含解析

2025屆貴州省銅仁市西片區(qū)高中教育聯(lián)盟高二物理第一學(xué)期期末聯(lián)考試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,帶負電的物塊A放在足夠長的不帶電的絕緣小車B上,兩者均保持靜止,置于垂直于紙面向里的勻強磁場中,在t=0時刻用水平恒力F向左推小車B.已知地面光滑,A、B接觸面粗糙,A所帶電荷量保持不變.關(guān)于A、B的v-t圖像大致正確的是A.B.C.D.2、處于一勻強磁場中的一段載流導(dǎo)體，若導(dǎo)體內(nèi)的自由移動的電荷沿x軸正方向運動，會受到洛倫茲力作用，在導(dǎo)體內(nèi)就會形成一電場，這種現(xiàn)象就是霍爾效應(yīng)。下圖中對電場方向描述正確的是（）A.B.C.D.3、如圖所示，R為光敏電阻，光照越強電阻值越?。叫邪咫娙萜靼彘g電壓為U，板間距為d，兩板間為勻強電場．讓質(zhì)子流以初速度垂直電場方向射入電場（不計質(zhì)子重力），沿a軌跡落到下板的中央．現(xiàn)只改變下列一個條件，有可能讓質(zhì)子沿b軌跡落到下板邊緣的是（）A.開關(guān)S斷開B.初速度變?yōu)镃.使光照強度減弱D.豎直移動上板，使板間距變?yōu)?d4、磁場中某區(qū)域磁感線如圖所示，下列論述正確的是（）A.a，b兩處的磁感應(yīng)強度大?。耡＞ＢbB.同一電流元放在a處受力不一定比b處受力小C.兩條磁感線的空隙處不存在磁場D.磁感線上某點的切線方向就是在該點放置的相對磁場靜止的正點電荷所受力的方向5、如圖所示，以O(shè)為圓心的圓周上有六個等分點a、b、c、d、e、f.等量正、負點電荷分別放置在a、d兩處時，在圓心O處產(chǎn)生的電場強度大小為E.現(xiàn)將a處點電荷移至其他位置，O點的電場強度隨之改變，下列說法中正確的是()A.移至c處，O處的電場強度大小為E，方向沿OeB.移至b處，O處的電場強度大小為，方向沿OdC.移至e處，O處的電場強度大小為，方向沿OcD.移至f處，O處的電場強度大小為E，方向沿Oe6、如圖所示，質(zhì)子（11H）和α粒子（24He）以相同的初動能垂直射入偏轉(zhuǎn)電場(粒子不計重力)，則這兩個粒子射出電場時的側(cè)位移y之比為()A.1∶1 B.1∶2C.2∶1 D.1∶4二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，閉合線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的N極朝下．當(dāng)磁鐵向下運動時（但未插入線圈內(nèi)部），下列判斷正確的是（）A.磁鐵與線圈相互排斥B.磁鐵與線圈相互吸引C.通過R的感應(yīng)電流方向為從a到bD.通過R的感應(yīng)電流方向為從b到a8、如圖所示為小型交流發(fā)電機的示意圖，線圈繞垂直于磁場方向的水平軸OO′沿逆時針方向以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動．線圈的匝數(shù)為n、電阻為r，外接電阻為R，A為交流電流表．線圈從圖示位置（線圈平面平行于磁場方向）開始轉(zhuǎn)過60°時的感應(yīng)電流為I．下列說法中正確的有A.電流表的讀數(shù)為2IB.轉(zhuǎn)動過程中穿過線圈磁通量的最大值為C.線圈轉(zhuǎn)動一周的過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量為D.從圖示位置開始轉(zhuǎn)過90°的過程中，通過電阻R的電荷量為9、如圖a所示在光滑水平面上用恒力F拉質(zhì)量m的單匝均勻正方形銅線框，邊長為a，在1位置以速度v0進入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場并開始計時t＝0，若磁場的寬度為b（b＞3a），在3t0時刻線框到達2位置速度又為v0并開始離開勻強磁場．此過程中v﹣t圖象如圖b所示，則（）A.t＝0時，線框右側(cè)邊MN的兩端電壓為Bav0B.在t0時刻線框的速度為C.線框完全離開磁場的瞬間位置3速度一定比t0時刻線框的速度大D.線框從1位置進入磁場到完全離開磁場位置3過程中，線框中產(chǎn)生的電熱為2Fb10、在平行板電容器極板間有場強為E、方向豎直向下的勻強電場和磁感應(yīng)強度為B1、方向水平向里的勻強磁場．左右兩擋板中間分別開有小孔S1、S2，在其右側(cè)有一邊長為L的正三角形磁場，磁感應(yīng)強度為B2，磁場邊界ac中點S3與小孔S1、S2正對．現(xiàn)有大量的帶電荷量均為+q、而質(zhì)量和速率均可能不同的粒子從小孔S1水平射入電容器，其中速率為v0的粒子剛好能沿直線通過小孔S1、S2．粒子的重力及各粒子間的相互作用均可忽略不計．下列有關(guān)說法中正確的是()A.v0一定等于B.在電容器極板中向上偏轉(zhuǎn)的粒子的速度一定滿足C.質(zhì)量的粒子都能從ac邊射出D.能打在ac邊的所有粒子在磁場B2中運動的時間一定都相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)利用圖(a)中的電路測量電流表的內(nèi)阻RA(約為5Ω)和直流電源的電動勢E(約為10V)．圖中R1和R2為電阻箱，S1和S2為開關(guān)．已知電流表的量程為100mA，直流電源的內(nèi)阻為r(1)斷開S2，閉合S1，調(diào)節(jié)R1的阻值，使?jié)M偏；保持R1的阻值不變，閉合S2，調(diào)節(jié)R2，當(dāng)R2的阻值為4.8Ω時的示數(shù)為48.0mA．忽略S2閉合后電路中總電阻的變化，經(jīng)計算得RA=________Ω(2)保持S1閉合，斷開S2，多次改變R1的阻值，并記錄電流表的相應(yīng)示數(shù)．若某次R1的示數(shù)如圖(b)所示，則此次R1的阻值為________Ω；(3)利用記錄的R1的阻值和相應(yīng)的電流表示數(shù)I，作出I-1-R1圖線，如圖(c)所示．用電池的電動勢E、內(nèi)阻r和電流表內(nèi)阻RA表示I-1隨R1變化的關(guān)系式為I-1=________．利用圖(c)可求得E=________V．(保留2位有效數(shù)字)12．（12分）如圖所示，兩條相距d的平行金屬導(dǎo)軌位于同一水平面內(nèi)，其右端接一阻值為R的電阻．質(zhì)量為m的金屬桿靜置在導(dǎo)軌上，其左側(cè)的矩形勻強磁場區(qū)域MNPQ的磁感應(yīng)強度大小為B、方向豎直向下．當(dāng)該磁場區(qū)域以速度v0勻速地向右掃過金屬桿后，金屬桿的速度變?yōu)関．導(dǎo)軌和金屬桿的電阻不計，導(dǎo)軌光滑且足夠長，桿在運動過程中始終與導(dǎo)軌垂直且兩端與導(dǎo)軌保持良好接觸．求：（1）MN剛掃過金屬桿時，桿中感應(yīng)電流的大小I；（2）MN剛掃過金屬桿時，桿的加速度大小a；（3）PQ剛要離開金屬桿時，感應(yīng)電流的功率P四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源電動勢，內(nèi)阻，電阻，，，電容器的電容，開關(guān)S原來斷開，現(xiàn)在合上開關(guān)S到電路穩(wěn)定，試問這一過程中通過電流表的電量是多少？14．（16分）如圖所示，兩平行金屬板間距為d，電勢差為U，板間電場可視為勻強電場；金屬板下方有一磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，帶電量為+q、質(zhì)量為m的粒子，由靜止開始從正極板出發(fā)，經(jīng)電場加速后射出，并進入磁場做勻速圓周運動，忽略重力的影響，求：（1）勻強電場場強E的大小；（2）粒子從電場射出時速度ν的大??；（3）粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑R。15．（12分）如圖所示，兩根足夠長的金屬導(dǎo)軌ab、cd與水平面成固定，導(dǎo)軌間距離為L=1m，電阻不計．在導(dǎo)軌上端接一個阻值為R0的定值電阻．在c、N之間接有電阻箱．整個系統(tǒng)置于勻強磁場中，磁感應(yīng)強度方向與導(dǎo)軌所在平面垂直，磁感應(yīng)強度大小為B=1T；現(xiàn)將一質(zhì)量為m、電阻可以忽略的金屬棒MN從圖示位置由靜止開始釋放．金屬棒下滑過程中與導(dǎo)軌接觸良好．金屬棒與導(dǎo)軌間的滑動摩擦因數(shù)為．改變電阻箱的阻值R，測定金屬棒的最大速度，得到的關(guān)系如圖所示．若軌道足夠長，重力加速度．求：(1)金屬桿的質(zhì)量m和定值電阻的阻值；(2)當(dāng)電阻箱R取時，且金屬桿的加速度為時，此時金屬桿的速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】開始兩者一起勻加速運動，隨著速度的增加，物塊A受到向上的洛倫茲力，壓力減小，后來A與B相對運動，最終A受到的洛倫茲力與重力大小相等時做勻速運動，C正確2、D【解析】AB．正電荷沿x軸正方向運動，由左手定則可知，受到的洛倫茲力方向豎直向上，正電荷向上偏，所以形成的電場方向豎直向下，故AB錯誤；CD．負電荷沿x軸正方向運動，由左手定則可知，受到的洛倫茲力方向豎直向下，負電荷向下偏，所以形成的電場方向豎直向下，故C錯誤，D正確。故選D。3、C【解析】以一定速度垂直進入偏轉(zhuǎn)電場，由于速度與電場力垂直，所以粒子做類平拋運動．這樣類平拋運動可將看成沿初速度方向的勻速直線與垂直于初速度方向勻加速直線運動．根據(jù)運動學(xué)公式解題【詳解】A項：開關(guān)S斷開，粒子不受電場力作用，將勻速直線運動，不可能運動到b，故A錯誤；B項：將初速度變?yōu)?，質(zhì)子加速度不變，運動時間不變，質(zhì)子的水平位移變?yōu)樵瓉淼囊话耄豢赡艿竭_下板邊緣，故B錯誤；C項：使光照強度減弱，光敏電阻阻值變大，總電流變小，路端電壓變大，R1中的電流變大，流過R2電流變小，所以電容器兩端電壓變小，粒子的加速度變小，運動到下極板的時間變長，所以有可能讓質(zhì)子沿b軌跡落到下板邊緣，故C正確；D項：豎直移動上板，使板間距變?yōu)?d，則板間場強變?yōu)樵瓉淼?，電場力為原來的，加速度為原來的根?jù)y＝知時間為原來的水平位移為原來，不能到達下板邊緣，故D錯誤故選C【點睛】帶電粒子在電場中偏轉(zhuǎn)時做勻加速曲線運動，應(yīng)用類平拋運動的規(guī)律處理粒子運動，但要注意的是平行板電容器充滿電與電源斷開后，由于電荷量不變，場強不變，所以位移也不變4、B【解析】磁感應(yīng)的疏密表示磁場的強弱，某點的切線方向就是該點的磁場方向，磁感線是假想的，不實際存在；靜止電荷在磁場中不受力的作用【詳解】A.由磁感線的疏密可知Ba<Bb，故A錯誤；B.一定的通電導(dǎo)線在磁場中受到的安培力大小不僅與磁感應(yīng)強度大小有關(guān)，還與磁場方向與導(dǎo)線之間的夾角有關(guān)，故B正確；C.磁感線是為了形象描述磁場假想的，并不實際存在，空隙處依然存在磁場，故C錯誤；D.某點的切線方向就是該點的磁場方向，靜止電荷在磁場中不受力的作用，故D錯誤故選B.5、C【解析】A．由題意可知，等量正、負點電荷在O處的電場強度大小均為，方向水平向右．當(dāng)移至c處，兩點電荷在該處的電場強度方向夾角為120°，則O處的合電場強度大小為，但方向沿Oe，故A錯誤；B．同理，當(dāng)移至b處，O處的合電場強度大小增大，方向沿Od與Oe角平分線，故B錯誤；C．同理，當(dāng)移至e處，兩點電荷在該處的電場強度方向夾角為120°，O處的合電場強度大小，方向沿Oc，故C正確；D．同理，當(dāng)移至f處，O處的合電場強度大小增大，方向沿Od與Oc角平分線，故D錯誤；6、B【解析】質(zhì)子和α粒子垂直射入偏轉(zhuǎn)電場都做類平拋運動，根據(jù)牛頓第二定律得到粒子加速度的表達式為：；粒子射出電場時的側(cè)位移y的表達式為：y=at2；又；聯(lián)立上三式得：；由題，兩個粒子的初動能Ek相同，E、l相同，則y與q成正比，質(zhì)子（11H）和α粒子（24He）電荷量之比為1：2，側(cè)位移y之比為1：2．故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由“來拒去留”可知，磁鐵靠近線圈，則磁鐵與線圈相互排斥，故A正確，B錯誤；由題目中圖可知，當(dāng)磁鐵豎直向下運動時，穿過線圈的磁場方向向下增大，由楞次定律可知感應(yīng)電流的磁場應(yīng)向上，則由右手螺旋定則可知電流方向從a經(jīng)過R到b．故C正確，D錯誤、故選AC點睛：在判斷電磁感應(yīng)中磁極間的相互作用時可以直接利用楞次定律的第二種表示：“來拒去留”直接判斷，不必再由安培定則判斷線圈中的磁場，再由磁極間的相互作用判斷力的方向8、BCD【解析】根據(jù)感應(yīng)電流瞬時值表達式求出最大值，再求解有效值，即可得到電流表的讀數(shù)；磁通量的最大值Φm=BS．由閉合電路歐姆定律求出感應(yīng)電動勢的最大值Em，由公式Em=nBSω求解Φm．通過電阻R的電荷量根據(jù)公式q=求解；熱量根據(jù)焦耳定律求解【詳解】A項：由題有：I=Imcos，則得感應(yīng)電流的最大值Im=2I，有效值I有=，則電流表的讀數(shù)為，故A錯誤；B項：感應(yīng)電動勢的最大值Em=Im（R+r）=2I（R+r），又Em=nBSω，磁通量的最大值Φm=BS，聯(lián)立解得：Φm=，故B正確；C項：線圈轉(zhuǎn)動一周的過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量Q=，故C正確；D項：從圖示位置開始轉(zhuǎn)過的過程中，通過電阻R的電荷量，故D正確故應(yīng)選：BCD【點睛】本題關(guān)鍵知道正弦式交流電峰值的表達式Em=nBSω，以及瞬時值與最大值之間的關(guān)系，對于交變電流，求解熱量、電功和電功率要用有效值，對于正弦式電流最大值是有效值的倍9、BD【解析】A.t＝0時，MN邊切割磁感線相當(dāng)于電源，線框右側(cè)邊MN的兩端電壓為外電壓，感應(yīng)電動勢：E＝Bav0外電壓U外EBav0，故A項不合題意.B.根據(jù)圖象可知在t0～3t0時間內(nèi)，線框做勻加速直線運動，合力等于F，則在t0時刻線框的速度為v＝v0-a?2t0＝v0故B項符合題意.C.因為t＝0時刻和t＝3t0時刻線框的速度相等，進入磁場和穿出磁場的過程中受力情況相同，故線框完全離開磁場時的速度與t0時刻的速度相等，故C項不合題意.D.因為t＝0時刻和t＝3t0時刻線框的速度相等，進入磁場和穿出磁場的過程中受力情況相同，故線框完全離開磁場時的速度與t0時刻的速度相等，進入磁場克服安培力做的功和離開磁場克服安培力做的功一樣多.線框在位置1和位置2時的速度相等，從位置1到位置2過程中外力做的功等于克服安培力做的功，即有Fb＝Q，所以線框穿過磁場的整個過程中，產(chǎn)生的電熱為2Fb，故D項符合題意.10、AB【解析】A.當(dāng)正粒子向右進入復(fù)合場時，受到的電場力向下，洛倫茲力方向向上，如果大小相等，即解得v0=就會做勻速直線運動，A正確；B.正粒子向上偏轉(zhuǎn)是因為向上的洛倫茲力大于向下的電場力，即v0>，故B正確；C.設(shè)質(zhì)量為m0的粒子的軌跡剛好與bc邊相切，如圖所示由幾何關(guān)系得R+R=，而R=，解得m0=，所以m<的粒子都會從ac邊射出，而<，故C錯誤；D.質(zhì)量不同的粒子在磁場中運動的周期不同，所以在磁場中運動的時間不同，D錯誤；故選AB三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.5.2②.148.2③.④.9.1(8.9至9.4之間)【解析】本題考查是一個半偏法測表頭內(nèi)阻的實驗，附帶測量電源的電動勢【詳解】（1）因為忽略S2閉合后電路中總電阻的變化，總電流還是為100mA，表頭與R2并聯(lián)，電流按電阻成反比分配，即：，易知：RA=5.2Ω（2）由圖可知（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律，易得由斜率，可求出.12、（1）；（2）；（3）；【解析】本題的關(guān)鍵在于導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生電動勢E=Blv，切割的速度（v）是導(dǎo)體與磁場的相對速度，分析這類問題，通常是先電后力，再功能（1）根據(jù)電磁感應(yīng)定律的公式可得知產(chǎn)生的電動勢，結(jié)合閉合電路的歐姆定律，即可求得MN剛掃過金屬桿時，桿中感應(yīng)電流的大小I；（2）根據(jù)第一問求得的電流，利用安培力的公式，結(jié)合牛頓第二定律，即可求得MN剛掃過金屬桿時，桿的加速度大小a；（3）首先要得知，PQ剛要離開金屬桿時，桿切割磁場的速度，即為兩者的相對速度，然后結(jié)合感應(yīng)電動勢的公式以及功率的公式即可得知感應(yīng)電流的功率P【詳解】（1）感應(yīng)電動勢感應(yīng)電流解得（2）安培力牛頓第二定律解得（3）金屬桿切割磁感線的速度，則感應(yīng)電動勢電功率解得【點睛】該題是一道較為綜合的題，考查了電磁感應(yīng)，閉合電路的歐姆定律以及電功電功率．對于法拉第電磁感應(yīng)定律是非常重要的考點，經(jīng)常入選高考物理壓軸題，平時學(xué)習(xí)時要從以下幾方面掌握（1）切割速度v的問題切割速度的大小決定了E的大小；切割速度是由導(dǎo)體棒的初速度與加速度共同決定的．同時還要注意磁場和金屬棒都運動的情況，切割速度為相對運動的速度；不難看出，考電磁感應(yīng)的問題，十之八九會用到牛頓三大定律與直線運動的知識（2）能量轉(zhuǎn)化的問題電磁感應(yīng)主要是將其他形式能量（機械能）轉(zhuǎn)化為電能，可由于電能的不可保存性，很快又會想著其他形式能量（