2025屆福建省詔安縣懷恩中學高二物理第一學期期中質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2025屆福建省詔安縣懷恩中學高二物理第一學期期中質量跟蹤監(jiān)視試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法中正確的是()A．物體所受合外力為零時,物體的速度必為零B．物體所受合外力越大,則加速度越大,速度也越大C．物體的速度方向一定與物體受到的合外力的方向一致D．物體的加速度方向一定與物體所受到的合外力方向相同2、兩個電子以大小不同的初速度沿垂直磁場的方向射入同一個勻強磁場中．設r1、r2為這兩個電子的運動軌道半徑，T1、T2是它們的運動周期，則（）A．r1＝r2，T1≠T2 B．r1≠r2，T1≠T2C．r1＝r2，T1＝T2 D．r1≠r2，T1＝T23、如圖所示，在坡度一定的斜面頂點以大小相同的初速v同時水平向左與水平向右拋出兩個小球A和B，兩側斜坡的傾角分別為37°和53°，小球均落在坡面上，若不計空氣阻力，則A和B兩小球的運動時間之比為（）A．3：4 B．4：3 C．9：16 D．16：94、在一個電動勢為3V、內阻不能忽略的電池兩端接一個電阻，當有1C電荷通過電阻R時，在R上產生的熱量()A．大于3J B．小于3JC．等于3J D．內阻未知，無法確定5、如圖所示，水平放置的平行金屬板a、b分別與電源的兩極相連，帶電液滴P在金屬板a、b間保持靜止，現(xiàn)設法使P固定，再使兩金屬板a、b分別繞中心點O、O′垂直于紙面的軸順時針轉相同的小角度α，然后釋放P，則P在電場內將做()A．勻速直線運動B．斜向右下方的勻加速直線運動C．水平向右的勻加速直線運動D．曲線運動6、有一長為L，橫截面積為S的均勻直導線，電阻阻值為R，現(xiàn)把它均勻拉長到2L，這時它的電阻阻值為R1；若不把它拉長，而把它對折成L/2的導線，這時它的阻值為R2，則R1：R2的比值為（）A．1：16B．16：1C．4：1D．1：4二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一帶正電的點電荷固定于O點，兩虛線圓均以O為圓心，兩實線分別為帶電粒子M和N先后在電場中運動的軌跡，a、b、c、d、e為軌跡和虛線圓的交點。不計重力。下列說法說法正確的是A．N帶負電荷，M帶正電荷B．M在b點的動能小于它在a點的動能C．N在從c點運動到d點的過程中克服電場力做功D．N在d點的電勢能等于它在e點的電勢能8、如圖所示，用兩根輕細懸線將質量為m，長為l的金屬棒ab懸掛在c、d兩處，置于勻強磁場內。當棒中通以從a到b的電流I后，兩懸線偏離豎直方向θ角而處于平衡狀態(tài)，為了使棒平衡在該位置上，所需的磁場的磁感應強度的大小和方向正確的是（）A．，豎直向下 B．，豎直向上C．，平行懸線向上 D．，平行懸線向下9、人類認識原子結構和開發(fā)利用原子能經歷了十分曲折的過程，盧瑟福、湯姆孫、玻爾、查德威克等科學家做出了卓越的貢獻．關于他們的主要成就，下列說法正確的是A．查德威克通過α粒子轟擊鈹核的實驗發(fā)現(xiàn)了中子B．盧瑟福提出了原子的核式結構模型并認為氫原子的能級是分立的C．玻爾第一次把微觀世界中物理量取分立值的觀念應用到原子系統(tǒng)D．湯姆孫通過對陰極射線的研究發(fā)現(xiàn)了電子，并提出了原子的核式結構模型10、有兩根長直導線a、b互相平行放置，如圖所示為垂直于導線的截面圖．在如圖所示的平面內，O點為兩根導線連線的中點，M、N為兩導線連線的中垂線上兩點，與O點的距離相等，aM與MN夾角為θ．若兩導線中通有大小相等、方向相同的恒定電流I，單根導線中的電流在M處產生的磁感應強度為B0，則關于線段MN上各點的磁感應強度，下列說法中正確的是（）A．M點和N點的磁感應強度方向一定相反B．M點和N點的磁感應強度大小均為2B0cosθC．M點和N點的磁感應強度大小均為2B0sinθD．在線段MN上各點的磁感應強度都不可能為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）測定電源的電動勢和內電阻的實驗電路和U﹣I圖象如圖1、2所示，請回答下列問題：在閉合開關之前為防止電表過載，滑動變阻器的滑動頭P應放在_____處．該電池的電動勢E=_____V，內電阻r=_____Ω．（2）有一小燈泡上標有“3V，0.3A”字樣，現(xiàn)要描繪該小燈泡的伏安特性曲線，有下列器材供選用A電壓表（0﹣3V，內阻2.0kΩ）B電壓表（0﹣5V，內阻3.0kΩ）C電流表（0﹣0.3A，內阻2.0Ω）D電流表（0﹣6A，內阻1.5Ω）E滑動變阻器（2A，30Ω）F滑動變阻器（0.5A，1000Ω）G學生電源（直流4.5V），及開關，導線等實驗中為了精度盡量高，且有足夠大測量范圍，則所用的電壓表應選_____，電流表應_____，滑動變阻器應選_____12．（12分）氣墊導軌是常用的一種實驗儀器，它是利用氣泵使帶孔的導軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導軌上，滑塊在導軌上的運動可視為沒有摩擦．我們可以用帶豎直擋板C和D的氣墊導軌和滑塊A和B驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示(彈簧的長度忽略不計)，采用的實驗步驟如下：a．用天平分別測出滑塊A、B的質量mA、mB；b．調整氣墊導軌，使導軌處于水平；c．在A和B間放入一個被壓縮的輕彈簧，用電動卡銷鎖定，靜止放置在氣墊導軌上；d．用刻度尺測出A的左端至擋板C的距離L1；e．按下電鈕放開卡銷，同時分別記錄滑塊A、B運動時間的計時器開始工作，當A、B滑塊分別碰撞擋板C、D時計時結束，記下A、B分別到達C、D的運動時間t1和t1．①實驗中還應測量的物理量及其符號是_______________________________________．②利用上述測量的實驗數(shù)據，驗證動量守恒定律的表達式是______________，上式中算得的A、B兩滑塊的動量大小并不完全相等，產生誤差的原因有________________________________________________________________________________________(至少答出兩點)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，金屬桿ab的質量為m，長為L，通過的電流為I，處在磁感應強度為B的勻強磁場中，結果ab靜止且緊壓于水平導軌上．若磁場方向與導軌平面成θ角，求：（1）棒ab受到的摩擦力；（2）棒對導軌的壓力．14．（16分）如圖所示，A為電解槽，為電動機，N為電爐子，恒定電壓U＝12V，電解槽內阻RA＝2Ω，當S1閉合，S2、S3斷開時，電流表示數(shù)為6A；當S2閉合，S1、S3斷開時，電流表示數(shù)為5A，且電動機輸出功率為35W；當S3閉合，S1、S2斷開時，電流表示數(shù)為4A．求：(1)電爐子的電阻及發(fā)熱功率；(2)電動機的內阻；(3)在電解槽工作時，電能轉化為化學能的功率為多少．15．（12分）如圖所示，abcd是一個正方形盒子．cd邊的中點有一個小孔e，盒子中有沿ad方向的勻強電場．一個質量為m、帶電量為q的粒子從a處的小孔沿ab方向以初速度v0射入盒內，并恰好從e處的小孔射出。(忽略粒子重力)求：(1)該帶電粒子從e孔射出的速度大??；(2)若正方形的邊長為L，求該電場的場強大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A、根據牛頓第二定律可知：合外力為零，加速度一定為零，但速度不一定為零．比如勻速直線運動．故A錯誤．

B、根據牛頓第二定律可知：合外力越大，加速度越大，而速度與合外力沒有直接的關系，不一定越大．故B錯誤．

C、D加速度方向一定與合外力方向相同，而速度方向不一定與合外力方向相同，比如平拋運動、勻速圓周運動．故C錯誤，D正確．綜上所述本題答案是：D2、D【解析】

設電子的初速度為v，磁場的磁感應強度為B，電子的質量和電量分別為m、q．根據牛頓第二定律得qvB=m得到，運動軌跡半徑為r=，m、q、B相同，則r與v成正比，電子的初速度不同，則半徑不同，即r1≠r1．電子圓周運動的周期T=，m、q、B均相同，則電子運動的周期相同，即T1=T1．A．r1＝r1，T1≠T1，與結論不相符，選項A錯誤；B．r1≠r1，T1≠T1，與結論不相符，選項B錯誤；C．r1＝r1，T1＝T1，與結論不相符，選項C錯誤；D．r1≠r1，T1＝T1，與結論相符，選項D正確；故選D.3、C【解析】

對于A球有：，解得：，同理對B有：，由此解得：，故C正確，ABD錯誤．4、B【解析】

根據電源電動勢的定義可得，當有1C電荷通過電路時，電源做功為；電阻R上產生的熱量為，而，所以；故B項正確，ACD三項錯誤。5、C【解析】試題分析：當a、b金屬板水平放置時，帶電液滴P在電場內處于靜止狀態(tài)，說明處于平衡狀態(tài)，豎直向上的電場力大小等于重力的大小．當兩平行金屬板a、b分別以O、0′中心為軸在豎直平面內轉過相同的較小角度α，然后釋放P，此時P受到豎直向下的重力、垂直金屬板的電場力，電場力方向與豎直方向的夾角為α，如圖．設板間距離原來為d，則由幾何知識得知：轉過α角時，板間距離為dcosα，板間場強為E=U/dcosα，電場力為F="qE=q"U/dcosα，電場力方向與豎直方向的夾角為α，豎直方向的分力為Fcosα="q"U/d．而原來液滴處于靜止狀態(tài)，即有mg=qE=qU/d，則得此時液滴豎直方向受力平衡，合力水平向右，故P將水平向右作勻加速直線運動．故C正確．考點：含有電容器的電路【名師點睛】考查了已知受力求運動，正確受力分析，根據牛頓第二定律判斷運動情況．題中帶電液滴P原來在水平放置的a、b金屬板間的電場內處于靜止狀態(tài)，說明處于平衡狀態(tài)，豎直向上的電場力大小等于重力的大小，當兩平行金屬板a、b分別以O、0′中心為軸在豎直平面內轉過相同的較小角度θ，然后釋放P，此時P受到重力、電場力，合力向右，故P向右的勻加速直線運動．6、B【解析】均勻拉長到2L，橫截面積變?yōu)镾/2，根據電阻定律，電阻R1=4R；對折后絞合起來，長度減小為L/2，橫截面積變?yōu)?S，根據電阻定律，電阻R2=R/4，則兩電阻之比為16:1.故選：B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A、由粒子運動軌跡可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M帶負電荷，N帶正電荷，故A錯誤；B、M從a到b點，庫侖力做負功，根據動能定理知，動能減小，則b點的動能小于在a點的動能，故B正確；C、N從c到d，庫侖斥力做正功，故C錯誤；D、d點和e點在同一等勢面上，電勢相等，則N在d點的電勢能等于在e點的電勢能，故D正確。點睛：本題關鍵是根據曲線運動的條件判斷出靜電力的方向，掌握判斷動能和電勢能變化的方向，一般的解題思路是根據動能定理判斷動能的變化，根據電場力做功判斷電勢能的變化。8、BC【解析】

為了使該棒仍然平衡在該位置上，

Fmin=mgsinθ得由左手定則知所加磁場的方向平行懸線向上。或者若磁場豎直向上，則棒受水平安培力，則mgtanθ=BIl解得故BC正確，AD錯誤。

故選BC。9、AC【解析】質子是盧瑟福發(fā)現(xiàn)的，A錯；氫原子的能級是分立的，這是波爾的理論，B錯；盧瑟福提出了原子的核式結構模型,D錯；10、AB【解析】如圖所示，導線a(或b)在M處的磁感應強度大小為B0，方向垂直于aM(或bM)，與OM的夾角相等，因而合磁感應強度大小為2B0sin(90°－θ)＝2B0cosθ，方向與OM垂直且向下(或向上)，選項A、B正確；導線a、b在O點的磁感應強度方向分別為沿ON和OM且大小相等，合磁感應強度為零，選項D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、a1.51.0ACE【解析】試題分析：滑動變阻器采用限流接法時，為保護電路安全，閉合開關前，滑片要置于阻值最大處．電源U-I圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內阻；根據小燈泡的額定電壓可以選出電壓表，根據燈泡的額定功率可求出額定電流，則可確定出電流表；根據滑動變阻器的接法可選出滑動變阻器．（1）由圖1所示實驗電路圖可知，滑動變阻器采用限流接法，因此閉合開關前為防止電表過載滑動變阻器的滑動頭P應放在a端．由圖2所示電源U-I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值為1.5，電源電動勢E=1.5V，電源內阻為．（2）由題意可知，燈泡的額定電壓為3V，為了準確性及安全性原則，電壓表應選擇A；燈泡的額定電流為0.3A，故電流表應選擇C；測量燈泡的伏安特性曲線實驗中應采用分壓接法，故滑動變阻器應選用小電阻，故滑動變阻器應選擇E；12、L1①L1、L1、t1、t1、mA、mB的數(shù)據測量誤差；②沒有考慮彈簧推動滑塊的加速過程；③滑塊并不是做標準的勻速直線運動，滑塊與導軌間有少許摩擦力．④氣墊導軌不完全水平．【解析】

A、B兩滑塊被壓縮的彈簧彈開后，在氣墊導軌上運動時可視為勻速運動，因此只要測出A與C的距離L1、B與D的距離L1及A到C、B到D的時間t1和t1，測出兩滑塊的質量，就可以用mA＝mB驗證動量是否守恒．(1)實驗中還應測量的物理量為B的右端至擋板D的距離，符號為L1.(1)驗證動量守恒定律的表達式是mA＝mB產生誤差的原因：①L1、L1、t1、t1、mA、mB的數(shù)據測量誤差；②沒有考慮彈簧推動滑塊的加速過程；③滑塊并不是做標準的勻速直線運動，滑塊與導軌間有少許摩擦力．④氣墊導軌不完全水平．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡