2025屆福建省福州市第十中學(xué)物理高二上期末檢測模擬試題含解析

2025屆福建省福州市第十中學(xué)物理高二上期末檢測模擬試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，MDN為在豎直面內(nèi)由絕緣材料制成的光滑半圓形軌道，半徑為R，最高點(diǎn)為M和N，整個空間存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，一電荷量為+q，質(zhì)量為m的小球自N點(diǎn)無初速度滑下（始終未脫離軌道），下列說法中正確的是A.運(yùn)動過程中小球受到的洛倫茲力大小不變B.小球滑到D點(diǎn)時，對軌道壓力大于mgC.小球滑到D點(diǎn)時，速度大小是D.小球滑到軌道左側(cè)時，不會到達(dá)最高點(diǎn)M2、我國于2010年3月5日成功發(fā)射了“遙感衛(wèi)星九號”，在繞地球運(yùn)行的過程中，該衛(wèi)星受到地球引力的大小A.只與地球的質(zhì)量有關(guān) B.只與衛(wèi)星的質(zhì)量有關(guān)C.與地球和衛(wèi)星的質(zhì)量均有關(guān) D.與地球和衛(wèi)星的質(zhì)量均無關(guān)3、如圖，矩形金屬線框abcd固定在桌面上，直導(dǎo)線MN貼近桌面且通有M向N的恒定電流I．將MN從圖中I位置勻速平移到II位置過程中，線圈中感應(yīng)電流的方向是A.一直沿abcda方向B.一直沿adcba方向C.先沿adcba方向，后沿abcda方向D.先沿abcda方向，再沿adcba方向，后沿abcda方向4、下列物理量中，屬于矢量的是（）A.時間 B.動能C.功 D.安培力5、如圖所示，長直導(dǎo)線與矩形線框同處于光滑水平面上，長直導(dǎo)線固定，線框可以在桌面上自由滑動，當(dāng)通以圖中所示電流時，矩形線框的運(yùn)動情況是（）A.靠近通電直導(dǎo)線 B.遠(yuǎn)離通電直導(dǎo)線C.保持靜止不動 D.順時針轉(zhuǎn)動6、如圖為質(zhì)譜儀的結(jié)構(gòu)原理圖，磁場方向如圖，某帶電粒子穿過S′孔打在MN板上的P點(diǎn)．則（）A.該粒子一定帶負(fù)電B.a極板電勢一定比b極板高C.到達(dá)P點(diǎn)粒子的速度大小與ab間電磁場強(qiáng)弱無關(guān)D.帶電粒子的比值越大，PS′間距離越大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線間空間存在由勻強(qiáng)電場E和勻強(qiáng)磁場B組成的正交或平行的電場和磁場，有一個帶正電小球(電荷量為＋q，質(zhì)量為m)從正交或平行的電磁混合場上方的某一高度自由落下，那么，帶電小球可能沿直線通過下列的哪個電磁混合場（）ABC.D.8、如圖所示的電路中，已知電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，滑動變阻器R的阻值可以從零連續(xù)增大到Rmax，定值電阻R1的阻值范圍為r<R1<Rmax，則下列結(jié)論正確的是()A.當(dāng)R＝R1－r時，R1消耗的功率最大B.R消耗的最大功率可能為C.當(dāng)R＝0時，R1消耗的功率最大D.外電路消耗的最大功率為9、圖示為手機(jī)無線充電裝置，手機(jī)和充電板內(nèi)部均安裝了金屬線圈，將手機(jī)置于通電的充電板上，便實(shí)現(xiàn)了“無線充電”．下列說法正確的是（）A.無線充電的原理是電磁感應(yīng)B.將手機(jī)旋轉(zhuǎn)一小角度放置，便不能充電C.在手機(jī)和充電板間墊上幾張A4紙，也能充電D.充電板不論通入交變電流還是恒定電流均可充電10、下列說法正確的是A.液晶分子排列的有序性介于固體和液體之間B.多晶體沒有固定的熔點(diǎn)，但具有各向同性的性質(zhì)C.若把氫氣和氧氣看做理想氣體，則質(zhì)量和溫度均相同的氫氣和氧氣內(nèi)能相等D.氣體體積不變溫度升高的過程中，每秒撞擊單位面積器壁上的氣體分子數(shù)增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，用螺旋測微器測量金屬絲直徑，用米尺測出金屬絲的長度L，用伏安法測出金屬絲的電阻Rx，然后根據(jù)電阻定律計算出該金屬材料的電阻率。(1)測量金屬絲直徑時螺旋測微器刻度如圖所示，讀數(shù)D=_________mm。(2)按照下圖實(shí)物連接好電路，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，讀出多組電壓表與電流表示數(shù)U、I，處理數(shù)據(jù)得到金屬絲的電阻Rx。請依據(jù)實(shí)物圖在方框內(nèi)畫出電路原理圖_________。(3)用圖中的電路測量金屬絲的電阻比真實(shí)值_________（填“偏大”或“偏小”）。(4)該金屬絲電阻率的表達(dá)式為ρ=_________（用題中所給物理量的字母表示）。12．（12分）勻強(qiáng)電場中a、b、c三點(diǎn)，在以它們?yōu)轫旤c(diǎn)的三角形中，∠a＝30°、∠c＝90°.電場方向與三角形所在平面平行．已知a、b和c點(diǎn)的電勢分別為(2－)V、(2＋)V和2V．該三角形的外接圓上最低電勢為________；最高電勢為______________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）有一根長的直導(dǎo)線，通有的電流將此直導(dǎo)線垂直磁場方向放入勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)線受到的安培力，求：該勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B

的大?。蝗魧?dǎo)線中的電流增大為而其他不變，則該導(dǎo)體受到的安培力是多大？14．（16分）如圖所示，在光滑水平面上有一長為L=0.5m的單匝正方形閉合導(dǎo)體線框abcd，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.4T的有界勻強(qiáng)磁場中，其ab邊與磁場的邊界重合．線框由同種粗細(xì)均勻、電阻為R=2Ω的導(dǎo)線制成．現(xiàn)用垂直于線框ab邊的水平拉力，將線框以速度v=5m/s向右沿水平方向勻速拉出磁場，此過程中保持線框平面與磁感線垂直，且ab邊與磁場邊界平行．求線框被拉出磁場的過程中：（1）通過線框的電流大小及方向；（2）線框中c、d兩點(diǎn)間的電壓大??；（3）水平拉力的功率15．（12分）如圖所示，光滑傾斜導(dǎo)軌寬為L，與水平面成α角，處在方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，質(zhì)量為m的金屬桿ab水平放在導(dǎo)軌上．當(dāng)回路接通時，金屬桿ab恰好保持靜止，（重力加速度為g）則；(1)求回路中的電流大??；(2)求導(dǎo)軌對金屬桿的支持力FN的大?。?/p>

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】小球受重力、支持力和洛倫茲力作用，重力做正功，支持力和洛倫茲力不做功，根據(jù)動能定理可知，在下落過程，速度大小增大，根據(jù)f=qBv，可知洛倫茲力的大小在變化，故A錯誤；小球運(yùn)動到D點(diǎn)時，若受到的洛倫茲力的方向向上，在D點(diǎn)，由牛頓第二定律得：，解得：，小球?qū)壍赖膲毫Σ灰欢ù笥趍g，故B錯誤；從N點(diǎn)運(yùn)動到D點(diǎn)的過程中只有重力做功，根據(jù)動能定理得：，解得：，故C正確；小球在整個運(yùn)動過程中，只有重力做功，小球的機(jī)械能守恒，小球滑到軌道右側(cè)時，可以到達(dá)軌道最高點(diǎn)M，故D錯誤；故選C.【點(diǎn)睛】洛倫茲力的方向指向圓心，不改變速度的大小，根據(jù)動能定理求出到達(dá)D點(diǎn)時的速度．根據(jù)牛頓第二定律，徑向的合力提供向心力，求出軌道對小球的支持力2、C【解析】根據(jù)萬有引力定律表達(dá)式得：其中M為地球質(zhì)量，m為衛(wèi)星的質(zhì)量．故選C3、D【解析】根據(jù)通電導(dǎo)線由安培定則，來判斷通電直導(dǎo)線周圍的磁場分布，知道它是非勻強(qiáng)電場，同時要根據(jù)楞次定律和安培定則判斷感應(yīng)電流的方向【詳解】由安培定則得，載有恒定電流的直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場在導(dǎo)線右邊的方向?yàn)榇怪奔埫嫦蛲?，?dāng)導(dǎo)線從圖中I位置勻速平移到II位置過程中，在導(dǎo)線靠近線圈時，第1個過程，穿過線圈的磁通量先向外增加；導(dǎo)線經(jīng)過線框上方時，第2個過程穿過線圈的磁通量向外減小；第3個過程磁通量向里變大，第4個過程磁通量向里減小磁通量向里減??；根據(jù)楞次定律可知，線圈中的感應(yīng)電流先沿abcda方向，再沿adcba方向，后沿abcda方向，故選D.【點(diǎn)睛】通電指導(dǎo)線周圍的磁場為非勻強(qiáng)磁場，會應(yīng)用楞次定律，注意通電導(dǎo)線的磁場大小與方向的分布．同時強(qiáng)調(diào)線圈中心軸處于導(dǎo)線位置時，磁通量為零4、D【解析】時間、動能和功只有大小沒有方向，都是標(biāo)量，故ABC錯誤．安培力既有大小又有方向，是矢量，故D正確.5、A【解析】根據(jù)同向電流相互吸引、異向電流相互排斥，則知線框左側(cè)的電流受到的安培力向左，右側(cè)的安培力向右，由于左側(cè)靠近電流I1，則I1對左側(cè)的安培力大于對右側(cè)的安培力，線圈所受的安培力合力方向向左，則線圈將向左運(yùn)動A．描述與分析相符，故A正確.B．描述與分析不符，故B錯誤C．描述與分析不符，故C錯誤.D．描述與分析不符，故D錯誤.6、B【解析】粒子經(jīng)過速度選擇器時所受的電場力和洛倫茲力平衡，根據(jù)帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)方向判斷電荷的電性．根據(jù)平衡求出粒子經(jīng)過速度選擇器的速度．通過帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)，根據(jù)半徑的大小判斷粒子比荷的大小【詳解】A項(xiàng)：粒子在里的磁場中向右運(yùn)動，向上偏轉(zhuǎn)，由左手定則可知粒子帶正電，故A錯誤；B項(xiàng)：由左手定則可知，粒子在選擇器中受向上的洛倫茲力，由qE=qvB，此時粒子受力平衡，電場力的方向向下，所以電場強(qiáng)度的方向也向下，a極板電勢一定比b極板高，故B正確；C項(xiàng)：由qE=qvB可知，粒子的速度：，到達(dá)P點(diǎn)粒子的速度大小與ab間電磁場強(qiáng)弱有關(guān)，故C錯誤；D項(xiàng)：由洛倫茲力提供向心力得：則：知荷質(zhì)比越大，r越小，PS′間距離越小，越靠近狹縫，故D錯誤故應(yīng)選：B【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道粒子在速度選擇器中做勻速直線運(yùn)動，在磁場中做勻速圓周運(yùn)動二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A．小球受重力、向左的電場力、向右的洛倫茲力，下降過程中速度一定變大，故洛倫茲力一定變化，不可能一直與電場力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲線運(yùn)動，故A錯誤；B．小球受重力、向左的電場力、垂直向外的洛倫茲力，合力與速度一定不共線，故一定做曲線運(yùn)動，故B錯誤；C．小球受重力、向左上方的電場力、水平向右的洛倫茲力，若三力平衡，則粒子做勻速直線運(yùn)動；故C正確；D．粒子受向下的重力和向上的電場力，合力一定與速度共線，故粒子一定做直線運(yùn)動，故D正確；故選CD。8、BCD【解析】AC．計算R1的最大功率，只需要回路中電流最大，此時R＝0，R1消耗的功率為最大為，故A錯誤，C正確。B．因?yàn)閞<R1<Rmax，計算R最大功率時，可把R1＋r等效為電源的內(nèi)阻，此時可能出現(xiàn)Rmax大于、等于或小于R1＋r，因此R的最大功率可能為，故B正確。D．計算外電路消耗的最大功率時，R1＋R越接近r的值對應(yīng)外電路的功率越大，當(dāng)R＝0時，外電路的最大功率就等于R1的最大功率。故D正確。故選BCD9、AC【解析】ABC項(xiàng):手機(jī)內(nèi)部的線圈，能將充電板中變化的磁場轉(zhuǎn)化為電流給手機(jī)電池充電，是利用電磁感應(yīng)原理工作的，故AC正確，B錯誤；D、充電底座利用的電磁感應(yīng)原理工作的，故不能直接使用直流電進(jìn)行充電；故D錯誤10、AD【解析】見解析【詳解】A．液晶分子排列的有序性介于固體和液體之間，符合客觀實(shí)際，故A正確；B．多晶體有固定的熔點(diǎn)，具有各向同性的性質(zhì)，故B錯誤；C．若把氫氣和氧氣看做理想氣體，則質(zhì)量和溫度均相同的氫氣和氧氣，因氫氣分子個數(shù)多，氫氣的內(nèi)能大，故C錯誤；D．氣體體積不變溫度升高的過程中，分子運(yùn)動變得激烈，每秒撞擊單位面積器壁上的氣體分子數(shù)增大，故D正確點(diǎn)睛】見解析三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).0.680(2).(3).偏小(4).或者【解析】(1)[1]．由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：0.5mm+18.0×0.01mm=0.680mm；(2)[2]．電流表采用外接法，滑動變阻器為分壓接法，如圖。(3)[3]．由于電壓表的分流，測得的電流比流過Rx的電流大，根據(jù)知電阻測量值偏小。(4)[4]．由電阻定律可知其中，所以電阻率12、①.0②.4【解析】作出三角形的外接圓，其圓心O在ab的中點(diǎn)，該點(diǎn)電勢為2V，OC為等勢線，作出OC的垂線MN為電場線，根據(jù)U=Ed，順著電場線MN，找出離O點(diǎn)最遠(yuǎn)的點(diǎn)，電勢最低；逆著電場線，離O點(diǎn)最遠(yuǎn)點(diǎn)電勢最高如圖所示，取ab的中點(diǎn)O，即為三角形的外接圓的圓心，則：O點(diǎn)的電勢為故Oc為等勢線，其垂線MN為電場線，方向?yàn)椋篗→N所以外接圓上電勢最低點(diǎn)為N點(diǎn)，最高點(diǎn)為M點(diǎn)設(shè)外接半徑為R，則Op間的電勢差等于Oa間的電勢差，即：又UON=ER，UOP=ERcos30°，則：故有：UON=2V，N點(diǎn)電勢為零，為最低電勢點(diǎn)，同理M點(diǎn)電勢為4V，為最高電勢點(diǎn)。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】根據(jù)安培力的大小公式求出磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小以及安培力的大小即可；【詳解】（1）根據(jù)得，磁感應(yīng)強(qiáng)度為：；（2）根據(jù)安培力的大小公式得：【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握安培力的大小公式，為B與I之間的夾角14、（1）0.5A方向?yàn)閏badc（2）0.75V（3）0.5W【解析】（1）cd邊切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，代入數(shù)據(jù)解得方向?yàn)閏badc（2）cd兩點(diǎn)間電壓為路端電壓，由閉合電路歐姆定律=0.75V（3）線框