2025屆福建省福州市長樂區(qū)長樂高級中學高二物理第一學期期末達標檢測模擬試題含解析

2025屆福建省福州市長樂區(qū)長樂高級中學高二物理第一學期期末達標檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、三根相互平行的通電長直導線放在等邊三角形的三個頂點上，圖為其截面圖，電流方向如圖所示．若每根導線的電流均為I，每根直導線單獨存在時，在三角形中心O點產(chǎn)生的磁感應強度大小都是B，則三根導線同時存在時O點的磁感應強度大小為（）A.0 B.BC.2B D.B2、如圖，電源的內(nèi)阻不能忽略，當電路中點亮的電燈的數(shù)目增多時，下面說法正確的是（）A.外電路的總電阻逐漸變大，電燈兩端的電壓逐漸變小B.外電路的總電阻逐漸變大，電燈兩端的電壓不變C.外電路的總電阻逐漸變小，電燈兩端的電壓不變D.外電路的總電阻逐漸變小，電燈兩端的電壓逐漸變小3、如圖所示，M、N為兩個帶等量的正點電荷，在其連線的中垂線上有一點P（規(guī)定無窮遠處的電勢為零），下列說法中正確的是A.P點電場強度方向水平向右B.P點到O點電場強度大小可能先增大后減小C.P點的電勢大于O點的電勢D.O點的電勢為零4、如圖所示，A、B、O、C為在同一豎直平面內(nèi)的四點，其中A、B、O沿同一豎直線，B、C同在以O為圓心的圓周(用虛線表示)上，沿AC方向固定有一光滑絕緣細桿L，在O點固定放置一帶負電的小球．現(xiàn)有兩個質(zhì)量和電荷量都相同的帶正電小球a、b均可視為點電荷，先將a套在細桿上．讓其從A點由靜止開始沿桿下滑，后使b從A點由靜止開始沿豎直方向下落，則下列說法中正確的是（）A.從A點到C點，小球a做勻加速運動B.小球a在C點的動能等于小球b在B點的動能C.從A點到C點，小球a的機械能先增加后減少，但機械能與電勢能之和不變D.小球a從A點到C點電場力做的功大于小球b從A點到B點電場力做的功5、如圖所示，條形磁鐵用細線懸掛在點，點正下方固定一個水平放置的鋁線圈。讓磁鐵在豎直面內(nèi)擺動，下列說法中正確的是（）A.磁鐵左右擺動一次，線圈內(nèi)感應電流的方向?qū)⒅桓淖?次B.磁鐵所受到的感應電流對它的作用力始終是阻力C.磁鐵所受到的感應電流對它的作用力有時是阻力有時是動力D.磁鐵始終受到感應電流磁場的斥力作用6、如圖所示是示波器原理圖，電子被電壓為U1的加速電場加速后射入電壓為U2的偏轉(zhuǎn)電場，離開偏轉(zhuǎn)電場后電子打在熒光屏上的P點，P點與O點的距離叫做偏轉(zhuǎn)距離，偏轉(zhuǎn)電場極板長為L，板間距離為d，為了增大偏轉(zhuǎn)距離，下列措施可行的是A.增大U1B.增大U2C.減小LD.增大d二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電流表、電壓表均為理想電表，L為小燈泡，C為電容器，R為滑動變阻器，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r．現(xiàn)將開關S閉合，當滑動變阻器滑片P向右移動時，下列結論正確的是（）A.燈泡L變亮B.電流表讀數(shù)變小C.電壓表讀數(shù)變小D.電容器C上的電荷量增加8、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在沒有磁場的情況下帶電粒子（不計重力）以初速度v0沿截面直徑方向入射，穿過此區(qū)域的時間為t。在該區(qū)域加沿軸線方向的勻強磁場，磁感應強度為B，帶電粒子仍以同一初速度沿截面直徑入射，粒子飛出此區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)60°角，根據(jù)上述條件下列說法正確的是（）A.該粒子帶正電 B.帶電粒子在磁場中運動的時間為C.帶電粒子在磁場中運動的半徑為 D.帶電粒子的比荷為9、矩形線圈abcd，長ab=20cm，寬bc=10cm，匝數(shù)n=200，線圈回路總電阻R=5Ω。整個線圈平面內(nèi)均有垂直于線圈平面的磁場穿過。若磁感應強度B隨時間t的變化規(guī)律如圖所示，則()A.線圈回路中感應電動勢隨時間均勻變化B.線圈回路中產(chǎn)生的感應電流為0.4AC.當t=0.3s時，線圈ab邊所受的安培力大小為0.016ND.在1min內(nèi)線圈回路產(chǎn)生的焦耳熱為48J10、如圖所示，用控制變量法可以研究影響平行板電容器電容的因素．設兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ.實驗中，極板所帶電荷量不變，則（）A.保持S不變，增大d，則θ變大B.保持S不變，增大d，則θ變小C.保持d不變，增大S，則θ變大D.保持d不變，增大S，則θ變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某多用電表盤電阻刻度線正中央刻度對應數(shù)字為25,將選擇開關指在歐姆“100”擋，正確操作后測量待測電阻，當指針指在正中央時，所測電阻為____，當指針指在電流量程的時，所測電阻為____。12．（12分）在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中，某同學進行了如下測量：（1）用毫米刻度尺測量接入電路中的被測金屬絲的有效長度，測量結果如圖甲所示，金屬絲的另一端與刻度尺的零刻線對齊，則接入電路的金屬絲長度為______cm．用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，測量結果如圖乙所示，則金屬絲的直徑為______mm。（2）在接下來實驗中發(fā)現(xiàn)電流表量程太小，需要通過測量電流表的滿偏電流和內(nèi)阻來擴大電流表量程。他設計了一個用標準電流表G1（量程為0～30μA）來校對待測電流表G2的滿偏電流和測定G2內(nèi)阻的電路，如圖所示。已知G1的量程略大于G2的量程，圖中R1為滑動變阻器，R2為電阻箱。該同學順利完成了這個實驗。①實驗步驟如下：A.分別將R1和R2的阻值調(diào)至最大。B.合上開關S1。C.調(diào)節(jié)R1使G2的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度，此時G1的示數(shù)I1如圖甲所示，則I1=______μA。D.合上開關S2。E.反復調(diào)節(jié)R1和R2的阻值，使G2的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半，G1的示數(shù)仍為I1，此時電阻箱R2的示數(shù)r如圖乙所示，則r=______Ω。②若要將G2的量程擴大為I，并結合前述實驗過程中測量的結果，寫出需在G2上并聯(lián)的分流電阻RS的表達式，RS=______。（用I、I1、r表示）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩根足夠長平行金屬導軌MN、PQ固定在傾角的絕緣斜面上，頂部接有一阻值的定值電阻，下端開口，導軌間距。整個裝置處于磁感應強度為B=2T的勻強磁場中，磁場方向垂直斜面向上。質(zhì)量m=2kg的金屬棒ab，由靜止釋放后沿導軌運動，運動過程中始終豎直于導軌，且與導軌接觸良好，金屬棒與導軌間的動摩擦因數(shù)。從金屬棒ab開始運動至達到最大速度的過程中，金屬棒下降的豎直高度為h=6m。金屬棒ab在導軌之間的電阻，電路中其余電阻不計。，，取。求：(1)金屬棒ab達到的最大速度。(2)金屬棒ab沿導軌向下運動速度v=5m/s時的加速度大小。(3)從金屬棒ab開始運動至達到最大速度過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量。14．（16分）如圖所示.在平面直角坐標系xOy的第一象限內(nèi)有一直角邊長為L的等腰直角三角形區(qū)域OPQ，三角形的O點恰為平面直角坐標系xOy的坐標原點，該區(qū)域內(nèi)有磁感應強度為B、方向垂直于紙面向里的勻強磁場，第一象限的其它區(qū)域內(nèi)有大小為E、方向沿x軸正方向的勻強電場：一束電子（電荷量為-e、質(zhì)量為m）以大小不同的速度從坐標原點O沿y軸正方向射入勻強磁場區(qū)．則：（1）能夠進入電場區(qū)域的電子的速度范圍是多少？（2）已知一個電子恰好從P點離開了磁場，求該電子的速度和由O到P的運動時間15．（12分）半徑為a的圓形區(qū)域內(nèi)有均勻磁場，磁感應強度為B=0.2T，磁場方向垂直紙面向里，半徑為b的金屬圓環(huán)面與磁場垂直，其中a＝0.4m，b＝0.6m.金屬環(huán)上分別接有燈L1、L2，兩燈的電阻均為R＝2Ω，一金屬棒MN與金屬環(huán)接觸良好，棒與環(huán)的電阻均忽略不計.（1）若棒以v0＝10m/s的速率在環(huán)上向右勻速滑動，求棒滑過圓環(huán)直徑的瞬時，（如圖），MN中的電動勢和流過燈L1的電流.（2）撤去中間的金屬棒MN，將右面的半圓環(huán)以為軸向上翻轉(zhuǎn)90o，若此時磁場隨時間均勻變化，其變化率為，求L1的功率.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】根據(jù)安培定則判斷得知：三根導線在O點產(chǎn)生的磁感應強度的方向分別為：上面導線產(chǎn)生的B方向水平向左，大小為B；下面左邊導線產(chǎn)生的B方向斜向左上方，與水平成60°角；下面右邊導線產(chǎn)生的B方向斜向右上方，與水平成60°角；則根據(jù)平行四邊形定則進行合成可知，上方的導線與右下方的導線產(chǎn)生的磁場夾角為120°，則合場強大小為B，方向沿左上方與水平方向成60°角，所以三根導線同時存在時的磁感應強度大小為2B，方向沿左上方與水平方向成60°角。故選C。點評：本題首先運用安培定則判斷B的方向，其次要利用平行四邊形定則進行合成，同時要利用好幾何關系2、D【解析】由并聯(lián)電路總電阻小于任意支路電阻可知，并聯(lián)的路段越多電阻越小，總電阻越小，電流增大，內(nèi)電阻分壓增大，路端電壓減小，D對；3、B【解析】M、N為兩個等量的正點電荷，在O上方，其連線中垂線上電場強度方向O→P，由于電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，根據(jù)沿著電場線方向電勢是降低的，電場強度與電勢無關【詳解】A項：在O上方，在等量同種正電荷連線中垂線上電場強度方向O→P，故A錯誤；B項：由于電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，因此P點到O點電場強度大小可能先增大后減小，也可能一直減小，故B正確；C項：依據(jù)沿著電場線方向電勢是降低的，因此P點的電勢小于O點的電勢，故C錯誤；D項：依據(jù)電場的疊加，結合矢量合成法則，則O點的電場強度為零，但電勢不一定為零，故D錯誤故選B【點睛】本題的關鍵要掌握等量異種電荷電場線的分布情況及特點，要抓住電場線的對稱性，要注意在電場線分布情況不確定時電場強度的大小也不確定4、C【解析】小球A在運動過程中庫侖力得大小一直發(fā)生變化，因此小球得合力發(fā)生變化，因此不是勻變速運動，A錯誤；AB過程和AC過程中電場力做功相同，但是AC過程重力做功更多，因此小球C點動能更大，因此B錯誤D錯誤；從A到C電場力現(xiàn)做負功后正功，因此機械能先減小后增大，由能量守恒可知機械能和電勢能總和不變，C正確；5、B【解析】A．在一個周期之內(nèi)，穿過鋁線圈的磁通量先增大，后減小，再增大，最后又減小，穿過鋁線圈磁場方向不變，磁通量變化趨勢改變，感應電流方向發(fā)生改變，因此在一個周期內(nèi)，感應電流方向改變4次，故A錯誤；B．由楞次定律可知，磁鐵靠近鋁線圈時受到斥力作用，遠離鋁線圈時受到引力作用，感應電流對它的作用力始終是阻力，故B正確；C．由楞次定律可知，感應電流總是阻礙磁鐵的相對運動，感應電流對磁鐵的作用力總是阻力，故C錯誤；D．由楞次定律可知，磁鐵靠近鋁線圈時受到斥力作用，遠離鋁線圈時受到引力作用，故D錯誤；故選B。6、B【解析】電子先加速后進入偏轉(zhuǎn)電場后做類平拋運動，根據(jù)動能定理得到加速獲得的速度表達式，運用運動的分解，得到偏轉(zhuǎn)距離的表達式進行分析即可【詳解】電子在加速電場中加速，根據(jù)動能定理可得，eU1=mv02，所以電子進入偏轉(zhuǎn)電場時速度的大小為，，電子進入偏轉(zhuǎn)電場后的偏轉(zhuǎn)的位移為，，所以為了增大偏轉(zhuǎn)距離，可以增大L、減小d、減小U1、增大U2，故B正確，ACD錯誤；故選B【點睛】本題關鍵是分直線加速和類似平拋運動過程，根據(jù)動能定理和分運動公式列式求解出側(cè)移量表達式進行分析二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】當滑動變阻器滑片P向右移動時，分析變阻器接入電路電阻的變化，確定外電路總電阻的變化，由歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化，判斷兩電表讀數(shù)的變化和小燈泡亮度的變化，由歐姆定律分析電容器電壓的變化，確定其電荷量的變化；【詳解】A、當滑動變阻器滑片P向右移動時，變阻器接入電路電阻減小，外電路總電阻減小，由歐姆定律得知，總電流增大，路端電壓減小，則電流表示數(shù)變大，電壓表示數(shù)變小，燈泡L變亮，故AC正確，B錯誤；D、電容器的電壓，I增大，其它量不變，則U減小，由可知電容器C上電荷量Q減小，故D錯誤；【點睛】本題是電路的動態(tài)變化分析問題，按“部分→整體→部分”的思路進行分析8、AC【解析】A．根據(jù)左手定則可知該粒子帶正電，故A正確；BCD．沒有磁場時，粒子做勻速直線運動，故有加上磁場后，軌跡如圖根據(jù)幾何關系，則有帶電粒子在磁場中運動的半徑為根據(jù)幾何關系可知粒子轉(zhuǎn)過的圓心角，粒子在磁場中做圓周運動的運動時間粒子磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得解得帶電粒子的比荷為故C正確，B、D錯誤；故選AC。9、BD【解析】AB．由法拉第電磁感應定律可得由閉合電路歐姆定律可得A錯誤，B正確；C．當t=0.3s時，通電導線受到的安培力為C錯誤；D．在1min內(nèi)線圈回路產(chǎn)生的焦耳熱D正確。故選BD。10、AD【解析】A、B、根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板間距離成反比，當保持S不變，增大d時，電容減小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析可知板間電勢差增大，則靜電計指針的偏角θ變大；故A正確，B錯誤.C、D、根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板的正對面積成正比，當保持d不變，增大S時，電容增大，電容器極板所帶的電荷量Q不變，則由電容的定義式分析可知板間電勢差減小，靜電計指針的偏角θ變??；故C錯誤，D正確.故選AD.【點睛】本題是電容動態(tài)變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是掌握電容的兩個公式：電容的決定式和.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.2500②.7500【解析】[1]所測電阻為：；該多用電表歐姆檔的內(nèi)阻為2500Ω，電流計滿偏時，[2]現(xiàn)在指在電流量程的時，故，解得：。12、①.22.46②.0.850③.25.0④.508⑤.【解析】（1）[1]毫米刻度尺讀數(shù)要估讀到0.1mm，故讀數(shù)為224.6mm=22.46cm；[2]螺旋測微器固定刻度讀數(shù)為0.5mm；可動刻度讀數(shù)故毫米刻度尺讀數(shù)為；（2）①[3]C.微安表最小分度為1μA，故指針示數(shù)為25.0μA；E.[4]由電阻箱示數(shù)可知，電阻箱的讀數(shù)為：5×100+0+8×1=508Ω；②[5]擴大量程要并聯(lián)電阻分流，并聯(lián)的電阻為：。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）9J【解析】（1）當安培力為零時，加速度最大，根據(jù)牛頓第二定律求解最大加速度；當加速度為零時速度最大，根據(jù)平衡條件求解最大速度；（2）金屬棒速度最大時感應電流最大，首先求解此時的安培力，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度；（3）根據(jù)能量守恒定律求解回路中的總熱量，根據(jù)比例關系求解電阻R上產(chǎn)生的熱量【詳解】（1）金屬棒ab達到最大速度時，受力平衡，有金屬棒ab產(chǎn)生的