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寧夏石嘴山市三中2025屆高一物理第一學(xué)期期末檢測(cè)模擬試題注意事項(xiàng):1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2.回答選擇題時(shí),選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑,如需改動(dòng),用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí),將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題:(1-6題為單選題7-12為多選,每題4分,漏選得2分,錯(cuò)選和不選得零分)1、為了估算井口到水面的距離,讓一個(gè)小石塊從井口自由落下,經(jīng)過2s后聽到石塊擊水的聲音,則井口到水面的距離約為()A. B.C. D.2、如圖所示,滑輪固定在天花板上,物塊A、B用跨過滑輪不可伸長(zhǎng)的輕細(xì)繩相連接,物塊B靜止在水平地面上。如用f和FN分別表示水平地面對(duì)物塊B的摩擦力和支持力,那么若將物塊B向右移動(dòng)一小段距離,物塊B仍靜止在水平地面上,則f和FN的大小變化情況是()A.f、FN都增大 B.f、FN都減小C.f增大,F(xiàn)N減小 D.f減小,F(xiàn)N增大3、如圖所示,質(zhì)量為m的小球用水平輕質(zhì)彈簧系住,并用傾角為的光滑木板AB托住,小球恰好處于靜止?fàn)顟B(tài).當(dāng)木板AB突然向下撤離的瞬間,小球的加速度大小為()A.0 B.gC.g D.g4、一物塊從粗糙斜面底端,以某一初速度開始向上滑行,到達(dá)某位置后又沿斜面下滑到底端,則物塊在此運(yùn)動(dòng)過程中()A.上滑時(shí)的摩擦力小于下滑時(shí)的摩擦力B.上滑時(shí)的摩擦力大小等于下滑時(shí)的摩擦力大小C.上滑時(shí)的加速度小于下滑時(shí)的加速度D.上滑的時(shí)間大于下滑的時(shí)間5、如圖,滑塊以初速度v0沿表面粗糙且足夠長(zhǎng)的固定斜面,從頂端下滑,直至速度為零.對(duì)于該運(yùn)動(dòng)過程,若用h、s、v、a分別表示滑塊的下降高度、位移、速度和加速度的大小,t表示時(shí)間,則下列圖象最能正確描述這一運(yùn)動(dòng)規(guī)律的是()A. B.C. D.6、為了進(jìn)一步提高學(xué)生的物理實(shí)踐意識(shí),練老師利用手機(jī)采用頻閃拍攝法來代替打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)小球的速度和加速度。讓小球從靠近豎直磚墻的某位置由靜止釋放,用頻閃方法拍攝的小球位置如圖中1、2、3、4所示.已知連續(xù)兩次閃光的時(shí)間間隔均為T,每塊磚的厚度為d.由此可知小球()A.在位置“1”是小球的初始位置B.下落過程中的加速度大小約為C.從位置1到位置4的過程中平均速度大小約為D.經(jīng)過位置4時(shí)瞬時(shí)速度大小約為:7、如圖所示,有一斜面傾角為θ、質(zhì)量為M的斜面體置于水平面山,A是最高點(diǎn),B是最低點(diǎn),C是AB的中點(diǎn),其中AC段光滑、CB段粗糙.一質(zhì)量為m的小滑塊由A點(diǎn)靜止釋放,經(jīng)過時(shí)間t滑至C點(diǎn),又經(jīng)過時(shí)間t到達(dá)B點(diǎn).斜面體始終處于靜止?fàn)顟B(tài),取重力加速度為g,則()A.A到C與C到B過程中,滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度相同B.A到C與C到B過程中,滑塊運(yùn)動(dòng)的平均速度相等C.C到B過程地面對(duì)斜面體的摩擦力水平向左D.C到B過程地面對(duì)斜面體支持力大于(M+m)g8、在“探究滑動(dòng)摩擦力的大小與壓力、接觸面粗糙程度之間的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中,老師提供了兩個(gè)實(shí)驗(yàn)方案:方案一:如圖1所示,用彈簧測(cè)力計(jì)拉著木塊A在長(zhǎng)木板B上滑動(dòng)。方案二:如圖2所示,將彈簧測(cè)力計(jì)一端固定在P點(diǎn),另一端連接木塊A,木塊放在長(zhǎng)木板B上,拉動(dòng)長(zhǎng)木板B。方案一和方案二都是用彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)表示木塊所受滑動(dòng)摩擦力的大小。下列說法正確的是()A.方案一中木塊必需做勻速運(yùn)動(dòng)B.方案一中木塊可以做變速運(yùn)動(dòng)C.方案二中木板必需做勻速運(yùn)動(dòng)D.方案二中木板可以做變速運(yùn)動(dòng)9、質(zhì)量為1kg的物體,自由下落2s,則在這2s內(nèi):(取g=10m/s2)A.重力做正功200J B.重力做正功100JC.重力做功的平均功率為50W D.重力做功的平均功率為100W10、如圖甲所示,豎直電梯中質(zhì)量為m的物體置于壓力傳感器P上,電腦可描繪出物體對(duì)P的壓力F隨時(shí)間的變化圖線;圖乙中K、L、M、N四條圖線是電梯在四種運(yùn)動(dòng)狀態(tài)下由電腦獲得的Ft圖線,由圖線分析電梯的運(yùn)動(dòng)情況,下列結(jié)論中正確的是()A.由圖線K可知,此時(shí)電梯一定處于勻加速上升狀態(tài)B.由圖線L可知,此時(shí)電梯加速度大小一定等于gC.由圖線M可知,此時(shí)電梯一定處于靜止?fàn)顟B(tài)D.由圖線N可知,此時(shí)電梯加速度的方向一定先向上后向下11、兩個(gè)共點(diǎn)力的大小分別為3.0N和5.0N,這兩個(gè)力的合力大小可能為:()A.1.6 B.2.0NC.4.3N D.8.1N12、質(zhì)量均為m的A、B兩個(gè)小球之間系一個(gè)質(zhì)量不計(jì)的彈簧,放在光滑的臺(tái)面上.A緊靠墻壁,如圖所示,今用恒力F將B球向左擠壓彈簧,達(dá)到平衡時(shí),突然將力F撤去,此瞬間()A.A球的加速度為零 B.A球的加速度為C.B球的加速度為 D.B球的加速度為二、實(shí)驗(yàn)題(本題共16分,答案寫在題中橫線上)13、(6分)14、(10分)三、計(jì)算題要求解題步驟,和必要的文字說明(本題共36分)15、(12分)一架質(zhì)量m的飛機(jī)在水平跑道上運(yùn)動(dòng)時(shí)會(huì)受到機(jī)身重力、豎直向上的機(jī)翼升力、發(fā)動(dòng)機(jī)推力、空氣阻力、地面支持力和跑道的阻力的作用.其中機(jī)翼升力與空氣阻力均與飛機(jī)運(yùn)動(dòng)的速度平方成正比,即,跑道的阻力與飛機(jī)對(duì)地面的壓力成正比,比例系數(shù)為(均為已知量),重力加速度為g(1)飛機(jī)在滑行道上以速度勻速滑向起飛等待區(qū)時(shí),發(fā)動(dòng)機(jī)應(yīng)提供多大的推力?(2)若將飛機(jī)在起飛跑道由靜止開始加速運(yùn)動(dòng)直至飛離地面的過程視為勻加速直線運(yùn)動(dòng),發(fā)動(dòng)機(jī)的推力保持恒定,請(qǐng)寫出的關(guān)系表達(dá)式;(3)飛機(jī)剛飛離地面的速度多大?16、(12分)質(zhì)量m=1.5kg的物體,在水平恒力F=15N的作用下,從靜止開始運(yùn)動(dòng)0.5s后撤去該力,物體繼續(xù)滑行一段時(shí)間后停下來.已知物體與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2,g取10m/s2.求:(1)恒力作用于物體時(shí)的加速度大??;(2)撤去恒力后物體繼續(xù)滑行的時(shí)間;(3)物體從開始運(yùn)動(dòng)到停下來的總位移大小17、(12分)汽車以10ms的速度在平直公路上勻速行駛,剎車后做勻減速直線運(yùn)動(dòng),經(jīng)2s后速度變?yōu)?m/s求:(1)剎車過程中的加速度(2)剎車后2s內(nèi)前進(jìn)的距離(3)剎車后8s內(nèi)前進(jìn)的距離
參考答案一、選擇題:(1-6題為單選題7-12為多選,每題4分,漏選得2分,錯(cuò)選和不選得零分)1、B【解析】根據(jù)得故選B。2、A【解析】本題考查力的平衡分析。【詳解】由于物體A始終靜止,繩上拉力等與物體A的重力,始終不變,但B往右移動(dòng)一小段距離,拉B的繩和水平地面的夾角變小,拉力的水平分力變大,豎直分力變小,物體B靜止,水平拉力等于摩擦力,所以摩擦力f變大,豎直方向支持力加豎直分力等于重力,所以支持力FN變大,故A正確,BCD錯(cuò)誤。故選A。3、B【解析】木板撤去前,小球處于平衡態(tài),受重力、支持力和彈簧的拉力,如圖,根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件,有解得,木板AB突然撤去后,支持力消失,重力和拉力不變,合力等于支持力N,方向與N反向,故加速度為故選B。4、B【解析】AB.設(shè)斜面傾角為,物體受到的摩擦力,物塊上滑與下滑時(shí)的滑動(dòng)摩擦力相等,A錯(cuò)誤,B正確;C.根據(jù)牛頓第二定律有,上滑時(shí)的加速度a上=下滑時(shí)加速度a下=由此可知,上滑時(shí)的加速度大于下滑時(shí)的加速度,C錯(cuò)誤;D.上滑的過程,采用逆向思維,是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),根據(jù)可知上滑時(shí)的加速度大于下滑時(shí)的加速度,所以上滑時(shí)的時(shí)間小于下滑時(shí)的時(shí)間,D錯(cuò)誤。故選B。5、B【解析】CD、由題意知,在下滑的過程中,根據(jù)牛頓第二定律可得:,故加速度保持不變,物塊做勻減速運(yùn)動(dòng),所以C、D錯(cuò)誤;B、根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)的規(guī)律,可得B正確;A、下降的高度,所以A錯(cuò)誤6、D【解析】A.從圖可知用頻閃方法拍攝小球位置1、2、3、4之間的位移分別為2d、3d、4d,若位置1是小球的初始位置需滿足位移之比為1:3:5的關(guān)系,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;B.小球位置1、2、3、4之間的位移差為一塊磚的厚度,即,根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移差公式有:,所以下落過程中的加速度大小,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;C.從位置1到位置4的過程中平均速度大小約為,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;D.經(jīng)過位置3時(shí)的瞬時(shí)速度等于位置2到位置4的平均速度,即,則小球經(jīng)過位置4時(shí)瞬時(shí)速度大小約為:,選項(xiàng)D正確。故選D。7、BCD【解析】根據(jù)牛頓第二定律得:AC段有:mgsinθ=ma1;BC段有:mgsinθ-μmgcosθ=ma2;可知,A到C與C到B過程中,滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度不同,故A錯(cuò)誤.根據(jù)平均速度公式知,兩個(gè)過程的位移和時(shí)間均相等,則平均速度相等.故B正確.設(shè)滑塊到達(dá)C和B的速度分別為vC和vB.根據(jù)平均速度相等有:,可得vB=0,說明滑塊由C到B過程做勻減速運(yùn)動(dòng),加速度沿斜面向上,有水平向左的分加速度,對(duì)斜面和滑塊整體,由牛頓第二定律知,地面對(duì)斜面體的摩擦力水平向左.故C正確.滑塊由C到B過程做勻減速運(yùn)動(dòng),加速度沿斜面向上,有豎直向上的分加速度,處于超重狀態(tài),所以地面對(duì)斜面體的支持力大于(M+m)g.故D正確.故選BCD點(diǎn)睛:本題考查牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的應(yīng)用,在解題時(shí)注意D的解答中,直接應(yīng)用超重失重的規(guī)律可避免復(fù)雜的受力分析過程,也可以根據(jù)隔離法研究8、AD【解析】AB.方案一中,木塊A受到拉力和滑動(dòng)摩擦力,而彈簧測(cè)力計(jì)顯示的是拉力大小,故要使得彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)表示木塊所受滑動(dòng)摩擦力的大小,必須拉力和摩擦力相等,即木塊合力為零,做勻速直線運(yùn)動(dòng),A正確B錯(cuò)誤;CD.方案二中,木塊A與彈簧測(cè)力計(jì)固定不動(dòng),即相對(duì)地面處以靜止?fàn)顟B(tài),根據(jù)二力平衡,測(cè)力計(jì)示數(shù)等于A受到的摩擦力,無(wú)論木板如何運(yùn)動(dòng),只要保證木塊A與彈簧測(cè)力計(jì)固定不動(dòng)即可,故木板可以做變速運(yùn)動(dòng),C錯(cuò)誤D正確。故選AD。9、AD【解析】AB.下落2s的位移為則重力做功W=mgh=1×10×20=200J.故選項(xiàng)A符合題意,選項(xiàng)B不符合題意.CD.重力做功平均功率為故選項(xiàng)C不符合題意,選項(xiàng)D符合題意.10、BD【解析】A.由圖線K可知,物體對(duì)P的壓力大于物體的重力,且逐漸增大,則支持力大于重力,且逐漸增大,根據(jù)牛頓第二定律知,加速度方向豎直向上,且逐漸增大,電梯加速度方向豎直向上,且在變化,故A錯(cuò)誤;B.由圖線L可知,支持力的大小等于2mg,根據(jù)牛頓第二定律得,解得方向豎直向上,故B正確;C.由圖線M可知,支持力等于重力,知電梯可能處于靜止,可能處于勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài),故C錯(cuò)誤;D.由圖線N可知,支持力的大小先大于再小于,根據(jù)牛頓第二定律知,加速度的方向先向上,再向下,故D正確故選BD.11、BC【解析】本題考查兩個(gè)力的合力范圍:【詳解】?jī)蓚€(gè)力合力范圍為,即,故BC正確,AD錯(cuò)誤12、AC【解析】先分析將力F撤去前彈簧的彈力大小,再分析將力F撤去的瞬間兩球所受的合力,根據(jù)牛頓第二定律求解加速度【詳解】力F撤去前彈簧的彈力大小為F.將力F撤去的瞬間,彈簧的彈力沒有變化,則A的受力情況沒有變化,合力為零,B的合力大小等于F,根據(jù)牛頓第二定律得到A球的加速度為零,B球的加速度為【點(diǎn)睛】瞬時(shí)問題是牛頓定律應(yīng)用典型的問題,一般先分析狀態(tài)變化前彈簧的彈力,再研究狀態(tài)變化瞬間物體的受力情況,求解加速度,要抓住彈簧的彈力不能突變的特點(diǎn)二、實(shí)驗(yàn)題(本題共16分,答案寫在題中橫線上)13、14、三、計(jì)算題要求解題步驟,和必要的文字說明(本題共36分)15、(1);(2);(3)【解析】(1)分析粒子飛機(jī)所受5個(gè)力,勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)滿足,列式求解推力;(2)根據(jù)牛頓第二定律列式求解k0與k1、k2的關(guān)系表達(dá)式;(3)飛機(jī)剛飛離地面時(shí)對(duì)地面的壓力為零.【詳解】(1)當(dāng)物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),所受合力為零,此時(shí)有空氣阻力飛機(jī)升力飛機(jī)對(duì)地面壓力為N,地面對(duì)飛機(jī)的阻力為:由飛機(jī)勻速運(yùn)動(dòng)得:由以上公式得(2)飛機(jī)勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí),加速度為a,某時(shí)刻飛機(jī)的速度為v,則由牛頓第二定律:解得:(3)飛機(jī)離開地面時(shí):解得:16、(1)8.0m/s2;(2)2.0s;(3)5.0m?!窘馕觥浚?)以m為研究對(duì)象,受力情況如圖所示根據(jù)平衡條件有:根據(jù)牛頓第二定律:又聯(lián)立解得:8.0m/s2(2)撤去恒力F后受力分析如圖所示設(shè)撤去恒力F的瞬間物體的速度為v,根據(jù)速度時(shí)間公式:代入數(shù)據(jù)解得:v=4.0m/s設(shè)撤去恒力F后,物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度為a2,設(shè)滑行的時(shí)間為,
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