2025屆上海市長寧、嘉定區(qū)物理高二上期末復習檢測模擬試題含解析

2025屆上海市長寧、嘉定區(qū)物理高二上期末復習檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、矩形通電導線框abcd與無限長通電直導線MN在同一平面內(nèi)，電流方向如圖所示，ab邊與MN平行．關于MN的磁場對線框的作用，下列敘述正確的是()A.線框有兩條邊不受安培力B.線框有兩條邊所受的安培力相同C.線框所受安培力的合力向左D.線框將繞MN轉動2、以下說法正確的是A.等勢面一定與電場線垂直B.電場中電勢為零的地方場強一定為零C.電容器的電容越大，其所帶的電荷量就越多D.電場線只能描述電場的方向，不能描述電場的強弱3、如圖所示，一有限范圍的勻強磁場的寬度為d，將一邊長為l的正方形導線框由磁場邊緣以速度v勻速地通過磁場區(qū)域，若d>l，則在線框通過磁場區(qū)域的過程中，不產(chǎn)生感應電流的時間為()A. B.C. D.4、空間存在甲、乙兩相鄰的金屬球，甲球帶正電，乙球原來不帶電，由于靜電感應，兩球在空間形成了如圖所示穩(wěn)定的靜電場．實線為其電場線，虛線為其等勢線，A、B兩點與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點關于直線AB對稱，則()A.A點和B點電勢相同B.C點和D點的電場強度相同C.正電荷從A點移至B點，靜電力做正功D.負電荷從C點沿直線CD移至D點，電勢能先增大后減小5、如圖虛線為某電場的等勢面，有兩個帶電粒子（重力不計），以不同的速率沿不同的方向，從A點飛入電場后，沿不同的徑跡1和2運動，由軌跡可以判定（）A.兩粒子帶電多少一定不同B.兩粒子的電性可能相同C.兩粒子的電勢能都是先減少后增大D.經(jīng)過B、C兩點，兩粒子的速率可能相等6、如圖所示是一多匝線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動所產(chǎn)生的感應電動勢的圖象，根據(jù)圖象可知A.此感應電動勢的瞬時表達式為e=200sin(0.02t)VB.此感應電動勢的解時表達式為e=200sin(50πt)VC.t=0.01s時，穿過線圈的磁通量為零D.t=0.02s時，穿過線圈的磁通量的變化率為零二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、速度相同的一束帶電粒子由左端射入質譜儀后的運動軌跡如圖所示，則下列相關說法中正確的是A.速度選擇器的P1極板帶負電B.該束帶電粒子帶正電C.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫S0，粒子的比荷越大D.能通過狹縫S0的帶電粒子的速率等于EB18、如圖所示，質量為、長為的直導線用兩絕緣細線懸掛于、，并處于勻強磁場中，當導線中通以沿正方向的電流，且導線保持靜止時，懸線與豎直方向夾角為。則磁感應強度方向和大小可能為（）A.軸正方向，B.軸負方向，C.軸正方向，D.軸負方向，9、阻值為10Ω的電阻接到電壓波形如圖所示的交流電源上．以下說法中正確的是（）A.電壓的有效值為10VB.通過電阻的電流有效值為AC.電阻消耗電功率為5WD.電阻每秒種產(chǎn)生的熱量為10J10、在如圖甲所示的電路中，電阻R1＝R2＝2R，單匝圓形金屬線圈半徑為r1，線圈的電阻為R，在半徑為r2（r2<r1）的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面向里的勻強磁場，磁感應強度B隨時間t變化的關系圖線如圖乙所示，圖線在橫、縱軸的截距分別為t0和B0，其余導線的電阻不計。閉合S，至t1時刻，電路中的電流已穩(wěn)定，下列說法正確的是（）A.電容器上極板帶正電 B.電容器下極板帶正電C.線圈兩端的電壓為 D.線圈兩端的電壓為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“研究電磁感應現(xiàn)象”的實驗中，首先按圖1接線，以查明電流表指針的偏轉方向與電流方向之間的關系；當閉合S時，觀察到電流表指針向右偏，不通電時電流表指針停在正中央．然后按圖2所示將電流表與副線圈B連成一個閉合回路，將原線圈A、電池、滑動變阻器和電鍵S串聯(lián)成另一個閉合電路．根據(jù)電磁感應規(guī)律，填寫實驗現(xiàn)象（向左偏轉、向右偏轉、不偏轉）①S閉合后，將螺線管A（原線圈）插入螺線管B（副線圈）的過程中，電流表的指針___②線圈A放在B中不動時，電流表的指針___③線圈A放在B中不動，將滑動變阻器的滑片P向左滑動時，電流表的指針___④線圈A放在B中不動，突然斷開S．電流表的指針_____12．（12分）某同學用伏安法測量導體的電阻率，現(xiàn)有量程為3V、內(nèi)阻約為3kΩ的電壓表和量程為0.6A、內(nèi)阻約為0.1Ω的電流表．采用分壓電路接線，待測電阻絲Rx阻值約為5Ω（1）圖甲是未完成的實物連線圖，圖中a為待測導體右端接線柱，b為電流表正極接線柱，c為滑動變阻器左上端接線柱，d為滑動變阻器左下端接線柱．則導線①應連接______（選填a或b）．導線②應連接______（選填c或d）（2）正確接線后，實驗測得的數(shù)據(jù)如下表，請在圖乙中作出U-I圖線（）U/V0.300.400.801.101.20160I/A0.070.090.180.220.270.35（3）用作圖法求得Rx的阻值為______Ω（結果保留兩位有效數(shù)字）（4）某次用螺旋測微器測金屬絲直徑，示數(shù)如圖丙所示，金屬絲的直徑d=______mm．測出金屬絲長度，則可求出該金屬絲的電阻率四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在空中有一水平方向的勻強磁場區(qū)域，區(qū)域的上下邊緣間距為，磁感應強度為。有一長度為、寬度為、電阻為、質量為的矩形線圈緊貼磁場區(qū)域的上邊緣從靜止起豎直下落，當線圈的下邊穿出磁場時，恰好以速率勻速運動。已知重力加速度為，求：（1）穿過磁場區(qū)域過程中，線圈中產(chǎn)生的熱量（2）線圈穿過整個磁場區(qū)域所經(jīng)歷的時間14．（16分）如圖所示，兩塊平行金屬板豎直放置，兩板間的電勢差U=1.5×103V(僅在兩板間有電場)，現(xiàn)將一質量m=1×10-2kg、電荷量q=4×10-5C的帶電小球從兩板的左上方距兩板上端的高度h=20cm的地方以初速度v0=4m/s水平拋出，小球恰好從左板的上邊緣進入電場，在兩板間沿直線運動，從右板的下邊緣飛出電場，g取10m/s2，求：（1）金屬板的長度L；（2）小球飛出電場時的動能Ek15．（12分）輕質細線吊著一質量為m＝0.42kg、邊長為L＝1m、匝數(shù)n＝10的正方形線圈，其總電阻為r＝1Ω.在線圈的中間位置以下區(qū)域分布著磁場，如圖甲所示.磁場方向垂直紙面向里，磁感應強度大小隨時間變化關系如圖乙所示.(g＝10m/s2)(1)判斷線圈中產(chǎn)生的感應電流的方向是順時針還是逆時針；(2)求線圈的電功率；(3)求在t＝4s時輕質細線的拉力大小.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A.直導線中的電流方向由M到N，根據(jù)安培定則，知導線右側區(qū)域磁感應強度方向向內(nèi)，根據(jù)左手定則，知ab邊受的安培力向左，cd邊受到的安培力向右，bc邊受到的安培力向上，ad受到的安培力向下，都受安培力作用，故A錯誤；B.由于離MN越遠的位置，磁感應強度B越小，故根據(jù)安培力公式F=BIL，ab邊受到的安培力大于cd邊，bc邊受到的安培力大小等于ad受到受到的安培力，但方向相反，故B錯誤；CD.根據(jù)ab邊受的安培力向左，cd邊受到的安培力向右，bc邊受到的安培力向上，ad受到的安培力向下，bc邊受到的安培力大小等于ad受到受到的安培力大小，方向相反，所以線框所受的安培力的合力向左，將向左平動，故C正確，D錯誤；故選C.2、A【解析】A、在等勢面上移動電荷時不做功，故等勢面與電場線處處垂直；故A正確.B、電勢零點可以人為任意選擇，而場強是由電場決定，場強和電勢兩者沒有直接關系；故B錯誤.C、電容器電容越大，容納電荷本領越大，電容器兩極板間電壓每增加1V時增加的電荷量越大，不是電荷量大;C錯誤.D、電場線即能描述電場的方向，又能反映電場強度的大?。籇錯誤.故選A.【點睛】場強和電勢都是描述電場的物理量，可結合定義式來正確理解各自的物理意義，并要掌握電場線的兩個意義：電場線的方向反映電勢的高低，電場線的疏密表示場強的方向3、B【解析】如圖所示，從線框完全進入直到右邊開始離開磁場區(qū)域，線框中的磁通量就不再發(fā)生變化，故線圈中沒有感應電流的距離為d-l；因導線框做勻速運動，故不產(chǎn)生感應電流的時間；故選B.4、C【解析】A．A點和B點不在同一個等勢面上，所以它們的電勢不同，故A錯誤B．根據(jù)電場的對稱性可知，C點和D點的電場強度的大小相同，但是它們的方向不同，則電場強度不同，故B錯誤C．從A點移至B點，電勢降低，所以正電荷從A點移至B點，電場力做正功，故C正確D．C點和D點在同一個等勢面上，負電荷在CD兩點電勢能相等；負電荷從C點沿直線CD移至D點，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增大原來的值，故D錯誤5、D【解析】試題分析：由圖無法判定兩電荷在同一位置時所受電場力的大小，故無法判定兩粒子帶電量的大小關系，故A錯誤．由圖可知電荷1如果不受電場力的話將沿直線向中心電荷運動，而本題中電荷1卻逐漸遠離了中心電荷，故電荷1受到中心電荷的斥力，而電荷2受到中心電荷的引力，故兩粒子的電性一定不同．故B錯誤．由B選項分析可知2粒子在從A向C運動過程中電場力先做正功后做負功，電勢能先減小后增大，而粒子1在從A向B運動過程中電場力先做負功后做正功，電勢能小增大后減小，故C錯誤；從A到B和從A到C電場力做功不同，而兩粒子的初速度不同，所以經(jīng)過B、C兩點，兩粒子的速率可能相等，D正確；故選D考點：帶電粒子在電場中的運動點評：根據(jù)軌跡判定“電荷1受到中心電荷的斥力，而電荷2受到中心電荷的引力”是解決本題的突破口6、D【解析】AB、由圖象知周期T=0.02s，所以頻率f=50Hz，由圖象知電動勢最大值為200V，角速度為，所以感應電動勢的瞬時表達式為e=200sin100πt，故AB錯誤；C、t=0.01

s時，感應電動勢為零，則穿過線圈的磁通量最大，故C錯誤；D、t=0.02

s時，感應電動為零，則穿過線圈的磁通量的變化率也為零，故D正確；故選D【點睛】從圖象得出電動勢最大值、周期，從而算出頻率、角速度，進而得出感應電動勢的瞬時表達式；當磁通量最大時電動勢為零，磁通量為零時電動勢最大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB．由圖可知，帶電粒子進入勻強磁場B2時向下偏轉，所以粒子所受的洛倫茲力方向向下，根據(jù)左手定則判斷得知該束粒子帶正電。在平行金屬板中受到電場力和洛倫茲力兩個作用而做勻速直線運動，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向上，則電場力方向向下，粒子帶正電，電場強度方向向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電。故A錯誤，B正確。C．粒子進入勻強磁場B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得，解得可見，由于v是一定的，B不變，粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫S0，則半徑r越小，則越大。故C正確。D．粒子能通過狹縫，電場力與洛倫茲力平衡，則有：qvB1=qE解得故D錯誤。故選BC。8、AD【解析】A．磁感應強度方向y軸正方向，根據(jù)左手定則，直導線所受安培力方向豎直向上，當時，安培力與重力二力平衡，導線可以保持靜止時，懸線與豎直方向夾角為，故A正確；B．磁感應強度方向y軸負方向，根據(jù)左手定則，直導線所受安培力方向豎直向下，當時，繩子只有在豎直位置靜止，故B錯誤；C．磁感應強度方向為z正方向，根據(jù)左手定則，直導線所受安培力方向沿y負方向，直導線不能在偏離y正方向的位置平衡，故C錯誤；D．磁感應強度方向為z軸負方向，根據(jù)左手定則，直導線所受安培力方向沿y正方向，根據(jù)平衡條件得故D正確。故選AD。9、BC【解析】由U-t圖象，交流電壓最大值為10V，有效值．故A錯誤．通過電阻的電流．故B正確．根據(jù)，知電阻消耗的電功率．故C正確，電阻每秒產(chǎn)生熱量．故D錯誤故選BC．10、BD【解析】AB．由楞次定律知圓形金屬線圈中的感應電流方向為順時針方向，金屬線圈相當于電源，電源內(nèi)部的電流從負極流向正極，則電容器的下極板帶正電，上極板帶負電，選項A錯誤，B正確；CD．由法拉第電磁感應定律知感應電動勢為由閉合電路歐姆定律得感應電流為所以線圈兩端的電壓U＝I（R1＋R2）＝選項C錯誤，D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.向左偏轉②.不偏轉③.向左偏轉④.向右偏轉【解析】①先判斷線圈A中磁場方向，然后根據(jù)楞次定律判斷線圈B中感應電流的磁場方向，最后得到線圈B中的感應電流方向；②線圈不動，磁通量不變，無感應電流；③滑片向左移動，電流變大，先判斷線圈A中磁場方向，然后根據(jù)楞次定律判斷線圈B中感應電流的磁場方向，最后得到線圈B中的感應電流方向；④突然斷開S，先判斷線圈A中磁場方向，然后根據(jù)楞次定律判斷線圈B中感應電流的磁場方向，最后得到線圈B中的感應電流方向；【詳解】由題意可知，當閉合S時，觀察到電流表指針向右偏，則有電流從正極進入時，電流指針向右偏；電流從負極進入時，電流指針向左偏；①[1]線圈A中磁場方向向上，插入B線圈，故線圈B中磁通量變大，阻礙變大，故感應電流的磁場方向向下，故電流從右向左流過電流表，故電流表指針向左偏轉；②[2]線圈不動，磁通量不變，無感應電流，故指針不動；③[3]線圈A中磁場方向向上，滑片向左移動，電流變大，故線圈B中磁通量變大，阻礙變大，故感應電流的磁場方向向下，故電流從右向左流過電流表，故電流表指針向左偏轉；④[4]線圈A中磁場方向向上，突然斷開S，磁通量減小，阻礙減小，故感應電流的磁場方向向上，故電流從左向右流過電流表，故電流表指針向右偏轉?！军c睛】本題關鍵是根據(jù)先安培定則判斷出A中磁場方向，然后根據(jù)楞次定律判斷線圈B中感應電流的方向12、①.a②.d③.④.4.5~4.8⑤.0.715~0.717【解析】（1）[1][2]由題意可知，本實驗采用分壓接法，故導線②要與d接通；由于電流表內(nèi)阻與待測電阻阻值接近，因此只能采用電流表外接法，以減小實驗誤差；故導線①應接a；（2）根據(jù)表中的數(shù)據(jù)作出的U-I圖如下圖所示：（3）[3]根據(jù)U-I圖象的斜率表示電阻，則有：Ω（4.5~4.8Ω）（4）[4]由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)：d=0.5mm+21.5×0.01mm=0.715mm(0.715~0.717mm)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明