2025屆山西省朔州市懷仁八中高三物理第一學期期中聯(lián)考試題含解析

2025屆山西省朔州市懷仁八中高三物理第一學期期中聯(lián)考試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個大人和一個小孩進行登樓比賽，他們同時從底層出發(fā)，最后到達六樓，小孩比大人先到．下面說法正確的是A．小孩重力勢能的變化一定大B．大人重力勢能的變化一定大C．小孩重力做功的功率一定更大D．大人重力做功的功率一定更大2、在兩固定的豎直擋板間有一表面光滑的重球，球的直徑略小于擋板間的距離，用一橫截面為直角三角形的楔子抵住楔子的底角為，重力不計設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力為使球不下滑，楔子與擋板間的動摩擦因數(shù)至少應為A．B．C．D．3、一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地，在兩極板間有一正電荷(電量很小)固定在點，如圖所示，以表示兩極板間的場強，表示電容器的電壓，表示正電荷在點的電勢能，若保持負極板不動，將正極板移到圖中虛線所示的位置，則()A．不變，不變B．變大，變大C．變小，不變D．變小，變小4、如圖甲所示，質量不計的彈簧豎直固定在水平面上，t=0時刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反復，通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測出這一過程彈簧彈力F隨時間t的變化圖象如圖乙所示，則（）A．t1時刻小球速度最大B．t2至t3時間內(nèi)，小球速度一直增大C．t3時刻小球處于超重狀態(tài)D．t2至t3時間內(nèi)，小球速度先增大后減小5、如圖所示，一個小球（視為質點）從H=18m高處，由靜止開始通過光滑弧形軌道AB，進入半徑R=6m的豎直圓環(huán)，且與圓環(huán)間動摩擦因數(shù)處處相等，當?shù)竭_環(huán)頂C時，剛好對軌道壓力為零；沿CB圓弧滑下后，進入光滑弧形軌道BD，且到達高度為h的D點時的速度為零，g=10m/s2，所有高度均相對B點而言，則h值可能為（）A．10m B．11m C．12m D．13m6、火星是我們認為最有可能有生命活動的地方。我國將于2020年發(fā)射火星探測器。如圖所示，探測器在太空直飛火星，在P點進行制動，使火星沿著大橢圓軌道Ⅰ運動，再經(jīng)過P點時再次制動，使得探測器沿著近火星圓軌道Ⅱ做圓周運動而達到近距離探測的目的。則下列說法正確的是A．完成兩次制動之后，探測器在軌道Ⅱ上的運行周期大于在軌道Ⅰ上的運行周期B．探測器分別在軌道Ⅰ和軌道Ⅱ上經(jīng)過P點時的加速度相同C．探測器分別在軌道Ⅰ和軌道Ⅱ上經(jīng)過P點時的速度相同D．探測器在軌道Ⅱ上運行速度大于火星的第一宇宙速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一根輕質彈簧一端固定于光滑豎直桿上，另一端與質量為m的滑塊P連接，P穿在桿上，一根輕繩跨過定滑輪將滑塊P和重物Q連接起來，重物Q的質量M=6m，把滑塊從圖中A點由靜止釋放后沿豎直桿上下運動，當它經(jīng)過A、B兩點時彈簧對滑塊的彈力大小相等，已知OA與水平面的夾角θ=53°，OB長為L，與AB垂直，不計滑輪的摩擦力，重力加速度為g，滑塊P從A到B的過程中，說法正確的是A．對于滑塊Q，其重力功率先增大后減小B．滑塊P運動到位置B處速度達到最大，且大小為C．輕繩對滑塊P做功4mgLD．P與Q的機械能之和先減小后增加8、一質量為的小球從處自由下落，與水平地面相碰后以的速度反彈．已知小球與地面的作用時間為，重力加速度取，則下列說法正確的是（）A．小球反彈起的最大高度為B．碰撞前后速度改變量的大小為C．地面對小球的沖量大小為D．地面對小球的平均作用力大小為9、如圖所示為某時刻的兩列簡諧橫波在同一介質中沿相同方向傳播的波形圖，此時a波上某質點P的運動方向如圖所示，則下列說法正確的是（）A．兩列波具有相同的波速B．此時b波上的質點Q正向下運動C．在P質點完成30次全振動的時間內(nèi)Q質點可完成20次全振動D．若b波的周期為T，則Q質點從圖位置第一次到波谷時間10、用細繩拴一個質量為m的小球，小球將一固定在墻上的水平輕質彈簧壓縮了x(小球與彈簧不拴連)，如圖所示．將細繩剪斷后()．A．小球立即獲得的加速度B．小球落地的速度大于C．小球落地的時間等于D．小球在細繩剪斷瞬間起開始做平拋運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）探究加速度與力的關系的實驗裝置如圖甲所示。在實驗中為了平衡摩擦力,需將木板不帶滑輪一端墊起一定高度，使小車在不掛砂桶時能拖動紙帶沿木板________________。實驗中得到的一條紙帶如圖乙所示，相鄰計數(shù)點間有四個點未標出，各計數(shù)點到A點的距離已標出。電源的頻率為50Hz,則小車的加速度大小為________m/s2。利用實驗測得的數(shù)據(jù)做出的a--F圖線不可能是圖丙中的___________。12．（12分）某同學在練習使用多用電表時連接的電路如下圖所示（1）若旋轉選擇開關，使尖端對準直流電流擋，此時測得的是通過________（選填“R1”或“R2”）的電流；（2）若斷開電路中的電鍵，旋轉選擇開關使其尖端對準歐姆擋，則測得的是_________。A．R1的電阻B．R2的電阻C．R1和R2的串聯(lián)電阻D．R1和R2的并聯(lián)電阻（3）將選擇倍率的旋鈕撥至“×100Ω”的擋時，測量時指針偏轉角很大，為了提高測量的精確度，應將選擇開關撥至_________擋（選填“×1kΩ”或“×10Ω”），將兩根表筆短接調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，使指針停在0Ω刻度線上，然后將兩根表筆分別接觸待測電阻的兩端，若此時指針偏轉情況如圖所示，則所測電阻大小為________Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）質量均為m=0.1kg的兩小滑塊A、B，相距L=2m、放在足夠長的絕緣水平面上，與水平面間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.2，A帶電量為q=+3×10﹣3C，B不帶電．在水平面附近空間加有水平向左的勻強電場E=l×102v/m，現(xiàn)同時由靜止釋放A、B，此后A將與B發(fā)生多次碰撞，碰撞時間極短且無機械能損失，A帶電量保持不變，B始終不帶電，g取10m/s2試求（1）A、B第一次碰前瞬間A的速度vA1（2）A、B第一次碰后瞬間B的速度vB1（3）小滑塊B運動的總路程S．14．（16分）物體A在水平力F作用下，沿著傾角為37°的斜面勻速上滑，物體A所受到的重力為，它與斜面之間的動摩擦因數(shù)，求：（1）物體A所受到的支持力．（2）水平外力F的大?。ǎ?5．（12分）如圖甲所示，水平放置的平行金屬板A、B間距為d=20cm，板長L=30cm，在金屬板的左端豎直放置一帶有小孔的擋板，小孔恰好位于A、B中間，距金屬板右端=15cm處豎直放置一足夠大的熒光屏.現(xiàn)在A、B板間加如圖乙所示的方波形周期電壓，有大量質量=10-7kg、電荷量q=1.0×10-2C的帶負電粒子以平行于金屬板的速度=1.0×104m/s持續(xù)射向擋板.已知U0=1.0×102V，粒子重力不計，求:（1）粒子在電場中的運動時間;（2）t=0時刻進入的粒子離開電場時在豎直方向的位移大小;（3）撤去擋板后熒光屏上的光帶寬度.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

AB．從底層到達六樓，重力勢能增加，△Ep=mgh，大人與小孩上升的高度相等，大人質量大，重力勢能的增量大，故A項錯誤，B項正確；CD．小孩重力做功W=-mgh，比大人重力做功少；小孩所用時間短。根據(jù)功率：，無法比較大人和小孩重力做功功率的大小。故C項錯誤，D項錯誤。2、A【解析】設球的質量為M，隔離光滑均勻圓球，對球受力分析如圖所示，由幾何關系可知，θ=30°，可得：FN=Fcosθ；Mg-Fsinθ=0；解得：；再以楔子為研究對象，由于其質量忽略不計，所以只受到球的壓力、墻壁的支持力和摩擦力，如圖：由共點力平衡可得：FN′=F′cosθ；f-F′sinθ=0其中F′與F大小相等，方向相反．又：f=μFN′聯(lián)立得：．故A正確，BCD錯誤．故選A3、C【解析】平行板電容器充電后與電源斷開后，電量不變，將正極板移到圖中虛線所示的位置時，板間距離減小，根據(jù)知，電容增大，根據(jù)，板間電壓U變小，由，得到，可知與無關，則知電場強度不變，與負極板間的距離不變，由公式可知，與負極板間的電勢差不變，點的電勢不變，正電荷在點的電勢能不變，故C正確，ABD錯誤。點睛：平行板電容器充電后與電源斷開后，電量不變，將正極板移到圖中虛線所示的位置時，d減小，通過電容的變化，確定兩極板電勢差的變化、電場強度的變化、以及P點的電勢變化，從而確定P點電勢能的變化。4、D【解析】

A、t1時刻小球剛與彈簧接觸；當彈簧彈力與重力平衡時速度最大，故A錯誤；B、D、t2時刻小球受到的彈力最大，處于最低點，合力向上，速度為零，故先加速向上運動，當重力與彈力平衡時，速度最大，之后做減速運動，故B錯誤，D正確；C、t3時刻彈力為零，合力向下，故小球處于失重狀態(tài)，重物C錯誤．故選D．【點睛】關鍵要將小球的運動分為自由下落過程、向下的加速和減速過程、向上的加速和減速過程進行分析處理，同時要能結合圖象分析．5、D【解析】

小球到達環(huán)頂C時，剛好對軌道壓力為零，所以在C點，重力充當向心力，由牛頓第二定律得：.已知圓環(huán)半徑R=6m，小球在C點動能：，以B所在平面為零勢能面，在C點，小球重力勢能EP=2mgR=12mg，小球從靜止開始運動到到達C點過程中由動能定理得：，解得Wf=-3mg，小球在C點時的機械能：E=EK+EP=15mg.由于克服摩擦力做功，機械能減少，小球到達底端時的機械能小于15mg；小球從C點下滑過程中克服摩擦力做功，機械能減少，到達軌道同一高度處的速度比上升時的速度小，小球對軌道壓力變小，摩擦力變小，小球下滑時，克服摩擦力做功小于3mg，故小球到達底端時的機械能大于15mg-3mg=12mg，小球進入光滑弧形軌道BD時，小球機械能的范圍為，12mg＜E＜15mg，小球到達最高點時的機械能E=mgh，則12m＜h＜15m，故A，B，C錯誤，D正確.故選D.【點睛】本題解題的關鍵是對小球運動過程的分析，知道小球在兩個半圓上的摩擦力做功不等.6、B【解析】

A、根據(jù)開普勒第三定律，探測器在軌道Ⅱ上的運行周期小于在軌道Ⅰ上的運行周期，故A錯誤。B、探測器分別在軌道Ⅰ和軌道Ⅱ上經(jīng)過P點時受火星的萬有引力相同，由牛頓定律可知，加速度一樣大，故B正確。C、由于在P點萬有引力的方向和速度方向垂直，所以探測器只有向心加速度，a1=a2，而探測器在橢圓軌道Ⅰ上P點的曲率半徑r大于圓軌道Ⅱ上的半徑R，由向心加速度a1=v12r，a2=V22D、火星的第一宇宙速度是繞火星表面附近的速度，由v=GMr故選：B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A．物塊Q釋放瞬間的速度為零，當物塊P運動至B點時，物塊Q的速度也為零，所以當P從A點運動至B點時，物塊Q的速度先增加后減小，物塊Q的重力的功率也為先增加后減小，A正確；B．由于物塊P在AB兩點處彈簧的彈力大小相等，所以物塊P在A點時受到彈簧向上的彈力，運動至B點時受到向下的彈力，物塊P從A到B過程中，必定先加上后減速，B錯誤；C．從A到B過程中，對于PQ系統(tǒng)由動能定律可得對于P由動能定理可得聯(lián)立解得，C正確；D．對于PQ系統(tǒng)，豎直桿不做功，系統(tǒng)的機械能只與彈簧對P的做功有關，從A到B的過程中，彈簧對P先做正功，后做負功，所以系統(tǒng)的機械能先增加后減小，D錯誤；故選AC。8、AD【解析】規(guī)定向下為正方向，依據(jù)豎直上拋運動的特點．故．故A正確；速度的改變量．即．由自由落體的特點可知．得，故．故B錯誤；依據(jù)動量定理，．故．由題可知，．得，．故C錯誤，D正確；故選AD．點睛：由于物體在空中只受重力，所以無論物體的下落過程還是從地面反彈的過程，物體的加速度都是g，位移、速度以及動量都是矢量，解題時要注意正方向.9、ACD【解析】

A．兩列簡諧橫波在同一介質中傳播，波速相同，故A正確；B．此時波上質點的運動方向向下，由波形平移法可知，波向左傳播，則知此時波上的質點正向上運動，故B錯誤；C．由圖可知，兩列波波長之比：波速相同，由波速公式得、兩波頻率之比為：所以在質點完成30次全振動的時間內(nèi)質點可完成20次全振動，故C正確；D．質點此時的縱坐標為，那么其第一次到達平衡位置的時間，再由B選項分析可知，質點此時向上振動，則質點從圖位置第一次到波谷時間：故D正確。故選ACD．10、BC【解析】

A．初態(tài)小球平衡，剪斷繩后，小球合外力與繩中拉力等大反向：，所以加速度：，A錯誤．B．設初態(tài)彈簧的彈性勢能為，根據(jù)機械能守恒得：，速度大于，B正確．C．小球被水平彈出后，只受重力做平拋運動，豎直方向：，運動時間，C正確．D．小球在細繩剪斷瞬間，仍受彈簧彈力，所以不是平拋運動，D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、勻速運動（勻速下滑）1.48CD【解析】

（1）[1]．平衡摩擦力時應當將穿過打點計時器的紙帶連在小車上，調(diào)整木板的傾斜度，讓小車拖著紙帶做勻速直線運動；（2）[2]．小車的加速度大小為：（3）[3]．當m鉤碼＜＜m小車時，可以認為小車受到的合力等于鉤碼的重力，根據(jù)牛頓第二定律可知，a-F圖象是過原點傾斜的直線；如果鉤碼的質量太大，則小車受到的合力小于鉤碼的重力，實驗誤差較大，a-F圖象偏離直線向下彎曲，故AB正確，CD錯誤；

本題選不可能的，故選CD。12、R1;C;×10Ω;160;【解析】

（1）多用電表使用電流檔時應該串聯(lián)在電路中，圖中多用電表與滑動變阻器串聯(lián)，電流相等，若旋轉選擇開關，使其尖端對準直流電流檔，此時測得的是通過R1的電流．（2）斷開電路中的電鍵，R1與R2串聯(lián)，多用電表兩表筆接在其兩端，故測得的是R1與R2串聯(lián)的總電阻，故選C；（3）用“×100Ω”測電阻時擋時，指針停在刻度盤0Ω附近，說明所選擋位太大，為準確測量電阻阻值，應換用小擋，應選“×10Ω”擋，然后對歐姆表重新進行歐姆調(diào)零，然后再測電阻阻值；由圖象表盤可知，待測電阻阻值為：16×10Ω=160Ω；【點睛】本題關鍵明確多用電表的使用，電流表應串聯(lián)接入電路，使用多用電表的歐姆檔測電阻時應把待測電阻與電源斷開，分析清楚電路結構是正確解題的關鍵；用歐姆表測電阻時要選擇合適的擋位，使指針指針表盤中央刻度線附近，歐姆表換擋后要重新進行歐姆調(diào)零．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2m/s．（2）2m/s．（3）2m．【解析】

（1）釋放A后的加速度，由牛頓第二定律得：qE﹣μmg=maA代入得到，aA=1m/s2又據(jù)