山東德州一中2025屆高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測模擬試題含解析

山東德州一中2025屆高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測模擬試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示是質(zhì)譜儀工作原理的示意圖．重力均可忽略的帶電粒子a、b經(jīng)電壓U加速(在A點(diǎn)的初速度為零)后，進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場做勻速圓周運(yùn)動，最后分別打在感光板S上的x1、x2處．圖中半圓形的虛線分別表示帶電粒子a、b所通過的路徑，則()A.a的質(zhì)量一定大于b的質(zhì)量 B.a的電荷量一定大于b的電荷量C.在磁場中a運(yùn)動的時間一定小于b運(yùn)動的時間 D.a的比荷一定大于b的比荷2、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內(nèi)阻為1.0Ω，電路中電阻R0為1.5Ω，小型直流電動機(jī)M的內(nèi)阻為0.5Ω．閉合開關(guān)S后，電動機(jī)轉(zhuǎn)動，理想電流表的示數(shù)為2.0A．則以下判斷中正確的是（）A.電動機(jī)兩端的電壓為7.0VB.電動機(jī)的輸出功率為14WC.電動機(jī)的發(fā)熱功率為4.0WD.電源輸出的電功率為24W3、如圖所示圓形區(qū)域內(nèi)，有垂直于紙面方向的勻強(qiáng)磁場，一束質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率，沿著相同的方向，對準(zhǔn)圓心O射入勻強(qiáng)磁場，又都從該磁場中射出，這些粒子在磁場中的運(yùn)動時間有的較長，有的較短，若帶電粒子在磁場中只受磁場力的作用，則在磁場中運(yùn)動時間越長的帶電粒子A.速率一定越大 B.速率一定越小C.在磁場中的周期一定越大 D.在磁場中通過的路程越短4、下列說法中正確的是（）A.奧斯特首先引入電場線和磁感線，極大地促進(jìn)了他對電磁現(xiàn)象的研究B.法拉第在對理論基礎(chǔ)和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后，提出了電磁感應(yīng)定律C.楞次認(rèn)為，在原子、分子等物質(zhì)微粒的內(nèi)部存在著一種環(huán)形電流，從而使每個物質(zhì)微粒都成為微小的磁體D.安培發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律，洛侖茲發(fā)現(xiàn)了磁場對運(yùn)動電荷的作用規(guī)律5、傳感器已廣泛應(yīng)用于日常生活，下列傳感器能夠?qū)⒘W(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量的是（）A.B.C.D.6、如圖所示，有一金屬塊放在垂直于側(cè)面C的勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)有穩(wěn)恒電流自左向右通過時，下列說法正確的是()A.金屬塊上表面的電勢高于下表面的電勢B.磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時，金屬塊上、下兩表面間的電勢差U增大C.電流增大時，金屬塊上、下兩表面間的電勢差U減小D.電流不變時，金屬塊中單位體積內(nèi)自由電子越多，上下兩表面間的電勢差U越大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中，電源電動勢為E＝3V，內(nèi)電阻為r＝1Ω，定值電阻為R＝4Ω，滑動變阻器能接入電路的最大阻值為R0＝10Ω，當(dāng)滑動變阻器的滑片在中間位置時，在平行板電容器C中恰好有一帶電粒子處于懸空靜止?fàn)顟B(tài)，以下判斷的是（）A.電路中的電流為0.3AB.電容器兩端電壓為2.7VC.若將R0的滑片向左端滑動，液滴向下運(yùn)動D.若將R0的滑片向左端滑動，電容器的帶電量增加8、如圖所示的U﹣I圖象中，直線I為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系，直線Ⅱ?yàn)槟骋浑娮鑂的伏安特性曲線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）A.R的阻值為1.5Ω B.電源電動勢為3V，內(nèi)阻為0.5ΩC.電源的輸出功率為3.0W D.電源內(nèi)部消耗功率為1.5W9、如圖所示電路中，A、B為兩個相同燈泡，L為自感系數(shù)較大、電阻可忽略不計(jì)的電感線圈，C為電容較大的電容器，下列說法中正確的有A.接通開關(guān)S，A立即變亮，最后A、B一樣亮B.接通開關(guān)S，B逐漸變亮，最后A、B一樣亮C.斷開開關(guān)S，A、B都立刻熄滅D.斷開開關(guān)S，A立刻熄滅，B逐漸熄滅10、某研究性學(xué)習(xí)小組描繪了三種電學(xué)元件的伏安特性曲線，如圖所示，下列判斷中正確的是（）A.圖甲反映該電學(xué)元件的導(dǎo)電性能隨電壓的增大而增強(qiáng)B.圖乙反映溫度會影響該電學(xué)元件的導(dǎo)電性能C.圖丙反映該電學(xué)元件加正向電壓和反向電壓時導(dǎo)電性能一樣D.圖丙反映該電學(xué)元件如果加了較高的反向電壓（大于40V）時，反向電流才急劇變大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）研究小組欲測一新材料制成的均勻圓柱體的電阻率，步驟如下：（1）用螺旋測微器測量其直徑D如圖甲，讀數(shù)為_____mm；用游標(biāo)卡尺測量其長度L如圖乙，讀數(shù)為_________________mm（2）該同學(xué)想用伏安法測量其電阻R，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R（阻值約為200Ω）直流電源E（電動勢3V，內(nèi)阻不計(jì)）電流表A1（量程4mA，內(nèi)阻約50Ω）電流表A2（量程15mA，內(nèi)阻約30Ω）電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約10kΩ）電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約25kΩ）滑動變阻器R（阻值15Ω，允許通過的最大電流為2.0A）開關(guān)S導(dǎo)線若干電流表應(yīng)用______，電壓表應(yīng)用________（3）若流經(jīng)圓柱體的電流I，圓柱體兩端之間的電壓為U，則用測得的D、L、I、U表示的電阻率的關(guān)系式為ρ=________12．（12分）有一個小燈泡上標(biāo)有“4V，2W”的字樣?，F(xiàn)在要用伏安法描繪這個小燈泡的伏安特性曲線?，F(xiàn)有下列器材供選用：A．電壓表V（0~5V，內(nèi)阻約10kΩ）；B．電流表A（0~0.6A，內(nèi)阻約0.4Ω）；C．滑動變阻器R（0~10Ω，2A）；D．學(xué)生電源（直流6V）、開關(guān)及導(dǎo)線。則：(1)為使實(shí)驗(yàn)誤差盡量減小，要求從零開始多取幾組數(shù)據(jù)；請?jiān)谙旅娴姆娇蛑挟嫵鰧?shí)驗(yàn)電路圖（其中，部分電路已畫出）___________________________。(2)某同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)畫出了該小燈泡的伏安特性曲線，如上圖所示，P為上圖中圖線上的一點(diǎn)，PN為圖線上P點(diǎn)的切線、PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線，下列說法中正確的是_________A．隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小B．隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大C．對應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的實(shí)際功率約為1.08WD．對應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻約為0.1875Ω四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）t=0時刻位于坐標(biāo)原點(diǎn)O處的質(zhì)點(diǎn)開始向y軸負(fù)方向運(yùn)動，形成一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波．t1=0.8s時刻波的圖像如圖所示．P是x軸上距坐標(biāo)原點(diǎn)96cm處的點(diǎn)．求：（1）該波的波速；（2）P處質(zhì)點(diǎn)第一次經(jīng)過波峰的時刻14．（16分）如圖所示，在xoy坐標(biāo)面第一象限內(nèi)有沿y軸方向的勻強(qiáng)電場，在第四現(xiàn)象內(nèi)有垂直xoy平面向外的勻強(qiáng)磁場。一質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子在P點(diǎn)（6L，L）以速度v0向x軸負(fù)方向運(yùn)動，從x軸上N點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）進(jìn)入磁場，然后從x軸上M點(diǎn)（2L，0）離開磁場，在M點(diǎn)速度方向與x軸負(fù)方向夾角為45°。不計(jì)粒子重力。(1)求電場強(qiáng)度E的大小；(2)求勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；(3)求粒子從P點(diǎn)到M點(diǎn)所用的時間。15．（12分）如圖所示，帶電粒子以某一初速度進(jìn)入一垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B有界勻強(qiáng)磁場，粒子垂直進(jìn)入磁場時的速度與水平方向成θ＝角，接著垂直進(jìn)入電場強(qiáng)度大小為E，水平寬度為L、方向豎直向上的勻強(qiáng)電場，粒子穿出電場時速度大小變?yōu)樵瓉淼谋?，已知帶電粒子的質(zhì)量為m、電荷量為q，重力不計(jì)(1)分析判斷粒子的電性;(2)求帶電粒子磁場中運(yùn)動時速度v;(3)求磁場的水平寬度d.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】ABD．設(shè)粒子經(jīng)電場加速后的速度大小為v，磁場中圓周運(yùn)動的半徑為r，電荷量和質(zhì)量分別為q、m，打在感光板上的距離為S。根據(jù)動能定理，得解得：由解得：則得到：由圖，Sa＜Sb，U、B相同，則故AB錯誤，D正確；C．根據(jù)粒子做勻速圓周運(yùn)動，周期公式，可知，它們的周期相同，由于運(yùn)動的時間是周期的一半，因此磁場中a運(yùn)動的時間一定等于b運(yùn)動的時間，故C錯誤；故選D。2、A【解析】A．電動機(jī)兩端的電壓：UM=E-I（r+R0）=12-2×（1.0+1.5）=7V，故A正確；BC．電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動機(jī)的總功率為：P總=UMI=7×2=14W，電動機(jī)的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=22×0.5=2W，所以電動機(jī)的輸出功率為：P出=14W-2W=12W，故BC錯誤；D．電源的輸出的功率為：P輸出=EI-I2R=12×2-22×1W=20W，故D錯誤。故選A。3、B【解析】質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場中，則運(yùn)動半徑的不同，導(dǎo)致運(yùn)動軌跡也不同．因此運(yùn)動軌跡對應(yīng)的半徑越大，則粒子的速率也越大．而運(yùn)動周期它們均一樣，但運(yùn)動時間卻由圓弧對應(yīng)的圓心角決定.【詳解】由周期公式得：由于帶電粒子們的B、q、m均相同，所以T相同，故C錯誤根據(jù)t=T可知，在磁場中運(yùn)動時間越長的帶電粒子，圓心角越大，半徑越小，由知速率一定越小，A錯誤，B正確．通過的路程即圓弧的長度l=rθ，與半徑r和圓心角θ有關(guān)，粒子運(yùn)動時間越長，路程不一定越短，故D錯誤．故選B【點(diǎn)睛】帶電粒子在磁場、質(zhì)量及電量相同情況下，運(yùn)動的半徑與速率成正比，從而根據(jù)運(yùn)動圓弧來確定速率的大??；運(yùn)動的周期均相同的情況下，可根據(jù)圓弧的對應(yīng)圓心角來確定運(yùn)動的時間的長短4、D【解析】A.法拉第首先引入電場線和磁感線，極大地促進(jìn)了他對電磁現(xiàn)象研究，選項(xiàng)A錯誤；B.電磁感應(yīng)定律是紐曼和韋伯在對理論基礎(chǔ)和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后提出，法拉第只是發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項(xiàng)B錯誤；C.安培認(rèn)為，在原子、分子等物質(zhì)微粒的內(nèi)部存在著一種環(huán)形電流，從而使每個物質(zhì)微粒都成為微小的磁體，選項(xiàng)C錯誤；D.安培發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律，洛侖茲發(fā)現(xiàn)了磁場對運(yùn)動電荷的作用規(guī)律，選項(xiàng)D正確。故選D。5、A【解析】A．應(yīng)變片是能夠把物體形變這個力學(xué)量轉(zhuǎn)換成電壓這個電學(xué)量，故A正確；B．干簧管是一種磁控制的開關(guān)，是一種能夠感知磁場的傳感器，故B錯誤；C．熱敏電阻能夠把溫度這個熱學(xué)量轉(zhuǎn)換為電阻這個電學(xué)量，故C錯誤；D．霍爾元件是能夠把磁感應(yīng)強(qiáng)度這個磁學(xué)量轉(zhuǎn)換為電壓這個電學(xué)量，故D錯誤。故選A。6、B【解析】電子做定向移動時，受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，在上下表面間形成電勢差，最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據(jù)電流的微觀表達(dá)式以及平衡求出電壓表的示數(shù)和單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)【詳解】A項(xiàng)：根據(jù)左手定則，知電子向上表面偏轉(zhuǎn)，上表面帶負(fù)電，下表面帶正電，所以上表面比下表面電勢低，故A錯誤；B項(xiàng)：最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，有：，得U=Bvd，故B增大時M、N兩表面間的電壓U增大，B正確；C項(xiàng)：設(shè)電流橫截面的寬為b，高為d，電流的微觀表達(dá)式為I=nevS=nevbd，電流增大，則v增大，又U=Bvd則U增大，故C錯誤；D項(xiàng)：由C選項(xiàng)分析可知，，則，單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)越多，則電勢差越小，故D錯誤故選B【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力方向，以及最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由閉合電路歐姆定律求得電流，再根據(jù)歐姆定律得到電容器兩端電壓；根據(jù)滑片移動得到電阻變化，即可由歐姆定律得到電流變化，從而得到電容器兩端電壓變化，進(jìn)而得到電荷量及場強(qiáng)變化，再根據(jù)電場力變化得到合外力變化，從而得到運(yùn)動方向【詳解】根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：電路中的電流，故A正確；由歐姆定律可得：電容器兩端電壓UC＝UR＝IR＝1.2V，故B錯誤；滑片向左端滑動，滑動變阻器接入電路的電阻增大，總電阻增大，故總電流減小，R兩端電壓減小，所以，電容器兩端電壓減小，故帶電量Q＝CU減??；電容器兩端電壓減小，場強(qiáng)減小，故電場力減小，又有重力不變，那么液滴受到的合外力方向向下，液滴向下運(yùn)動，故C正確，D錯誤；故選AC【點(diǎn)睛】電容器接在電路中相當(dāng)于斷路，故常根據(jù)歐姆定律得到電容器兩端電壓，然后根據(jù)電壓變化由Q=CU求解電荷量變化8、AD【解析】A．R的阻值為選項(xiàng)A正確；B．由圖像可知，電源電動勢為E=3V內(nèi)阻為選項(xiàng)B錯誤；C．電源的輸出功率為P=UI=1.5×1W=1.5WD．電源內(nèi)部消耗功率為選項(xiàng)D正確故選AD。9、ABD【解析】接通開關(guān)S，電容器C要通過A充電，因此A立刻亮，由于充電電流越來越小，當(dāng)充電完畢后，相當(dāng)于斷路，而L對電流變化有阻礙作用，所以通過B的電流逐漸增大，故B逐漸變亮，當(dāng)閉合足夠長時間后，C中無電流，相當(dāng)于斷路，L相當(dāng)于短路，因此A、B一樣亮，故AB正確；當(dāng)S閉合足夠長時間后再斷開，A立刻熄滅，而L產(chǎn)生自感電動勢，且電容器也要對B放電，故B要逐漸熄滅，故C錯誤D正確【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道電感器對電流的變化有阻礙作用，當(dāng)電流增大時，會阻礙電流的增大，當(dāng)電流減小時，會阻礙其減小，注意電容器也要放電10、BD【解析】A．圖甲中圖線的斜率的倒數(shù)表示電阻，由圖可知，電阻阻值不變，所以圖甲反映該電學(xué)元件的導(dǎo)電性能不變，故A錯誤；B．圖乙圖線的斜率的倒數(shù)表示電阻，由圖可知，電阻隨電壓變大，電阻阻值變化，所以圖乙反映溫度會影響該電學(xué)元件的導(dǎo)電性能，故B正確；C．由圖丙可知，當(dāng)正向電壓很小時，電流較大，而反向電壓很大時，電流也較小，故C錯誤；D．當(dāng)該二極管兩端的反向電壓為40V時，二極管中的反向電流突然增大，此時二極管將會被擊穿，故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.0.900②.14.50③.A2④.V1⑤.【解析】（1）由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：0.5mm+40.0×0.01mm=0.900mm由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：14mm+10×0.05mm=14.50mm（2）通過電阻的最大電流：，電流表選擇A2；電源電動勢為3V，電壓表應(yīng)選擇V1（3）圓柱體電阻為：由電阻定律可知：電阻率：；12、①.②.BC【解析】（1）[1]燈泡內(nèi)阻電壓表遠(yuǎn)大于燈泡內(nèi)阻，應(yīng)采用電流表外接法，而由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法，電路圖如圖所示（2）[2]AB．圖線的斜率逐漸減小，說明電阻逐漸增大，故A錯誤，B正確；C．對應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的實(shí)際功率約為故C正確；D．根據(jù)歐姆定律，對應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻約為故D錯誤。故選BC。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.3m/s（2）3.8s【解析】根據(jù)波在t=0.8s內(nèi)傳播的距離得知周期，由此求波速．當(dāng)t1=0.8s時刻處于x=6cm處的波峰傳到x=96cm的位置時，P處質(zhì)點(diǎn)第一次經(jīng)過波峰，從而確定P點(diǎn)第一次達(dá)到波峰的時刻【詳解】（1）經(jīng)過0.8s時O處質(zhì)點(diǎn)形成的波動圖象為一個波長，所以該質(zhì)點(diǎn)振動的周期是T=0.8