2025屆云南省玉第一中物理高三上期中考試模擬試題含解析

2025屆云南省玉第一中物理高三上期中考試模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量為m1=1kg的物塊和質量為m2=2kg的長木板疊放在水平地面上，物塊與長木板間的動摩擦因數(shù)為，長木板與地面間的動摩擦因數(shù)為，且最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等，現(xiàn)對物塊施加一水平向右的拉力F，g=10m/s2，下列選項正確的是:()A．若F=3.5N，長木板對物塊的摩擦力大小為3.5NB．若F=4.2N，物塊的加速度為0.4m/s2C．若F=4.8N，地面對長木板的摩擦力大小為4ND．若F=9N，物塊的加速度為3m/s22、如圖所示，滑塊穿在水平橫桿上并可沿桿左右滑動，它的下端通過一根細線與小球相連，小球受到水平向右的拉力F的作用，此時滑塊與小球處于靜止狀態(tài)．保持拉力F始終沿水平方向，改變F的大小，使細線與豎直方向的夾角緩慢增大，這一過程中滑塊始終保持靜止，則（）A．滑塊對桿的壓力增大B．滑塊受到桿的摩擦力不變C．小球受到細線的拉力大小增大D．小球所受各力的合力增大3、兩根材料相同的均勻導線x和y串聯(lián)在電路中，兩導線沿長度方向的電勢變化情況分別如圖中的ab段和bc段圖線所示，則導線x和y的橫截面積之比為（）A．2∶1 B．1∶2 C．6∶1 D．1∶64、如圖所示的電路中，電源電動勢為E．內阻為R，L1和L2為相同的燈泡，每個燈泡的電阻和定值電阻阻值均為R．電壓表為理想電表，K為單刀雙擲開關，當開關由1位置擲到2位置時，下列說法中正確的是（）A．L1亮度不變，L2將變暗B．L1將變亮，L2將變暗C．電源內阻的發(fā)熱功率將變小D．電壓表示數(shù)將變小5、2019年春晚在舞《春?！分欣_帷幕．如圖，五名領舞者在鋼絲繩的拉動下以相同速度緩緩升起，下列說法中正確的是（）A．觀眾欣賞表演時可把領舞者看作質點B．2號和4號領舞者的重力勢能一定相等C．3號領舞者的重力勢能可能為負值D．她們在上升過程中機械能守恒6、兩千多年前，埃拉脫色尼通過卓越的分析求出地球的半徑。他住在尼羅河口的亞歷山大城，在夏日的中午他觀察到太陽光線與地面成θ角（單位：弧度），他還知道向南L距離處此刻太陽光線與地面垂直。則他計算地球半徑的公式為（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖1所示，一個彈簧秤放在水平地面上（為與輕彈簧上端連在一起的秤盤），為一重物．在空間建立一個固定的坐標軸，為系統(tǒng)處于靜止平衡狀態(tài)時秤盤底部的位置，小計空氣阻力．現(xiàn)使該系統(tǒng)振動起來，并且從某時刻開始計時后所形成的振動圖象如圖2所示．下列說法正確的是（）A．“”時刻，重物處于失重狀態(tài)B．，重物的動能增加、重物和彈簧秤組成的系統(tǒng)的彈性勢能減小、重力勢能增加C．，重物和彈簧秤組成的系統(tǒng)的彈性勢能增加、重力勢能減小、機械能不變D．，回復力做正功，其功率先增后減8、如圖所示，平板小車停在光滑水平面上．甲、乙兩人站在小車左、右兩端，當他倆同時相向而行時，發(fā)現(xiàn)小車向右運動，下列說法中正確的是A．乙的速度必定大于甲的速度B．乙對小車的沖量必定大于甲對小車的沖量C．乙的動量必定大于甲的動量D．甲、乙的動量之和必定不為零9、物體受到合力F的作用，由靜止開始運動，力F隨時間變化的圖象如圖所示，下列說法中正確的是（）A．該物體將始終向一個方向運動B．3s時該物體回到原出發(fā)點C．0～3s內，力F的沖量等于零，功也等于零D．2～4s內，力F的沖量不等于零，功卻等于零10、足夠長的傳送帶與水平方向的傾角為θ，物塊a通過平行于傳送帶的輕繩跨過光滑輕滑輪與物塊b相連，b的質量為m.開始時，a、b及傳送帶均靜止，且a不受傳送帶摩擦力作用.現(xiàn)讓傳送帶逆時針勻速轉動，則在b上升h高度(未與滑輪相碰)的過程中()A．物塊a的重力勢能減少mghB．摩擦力對a做的功等于a機械能的增量C．摩擦力對a做的功等于物塊a、b動能增量之和D．任意時刻，重力對a、b做功的瞬時功率大小相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系．(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是可以通過僅測量________(填選項前的序號)，間接地解決這個問題．A．小球開始釋放的高度hB．小球拋出點距地面的高度HC．小球做平拋運動的水平位移(2)用天平測量兩個小球的質量m1、m2.圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放；然后把被碰小球m2靜止于軌道水平部分的右側末端，再將入射小球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并重復多次，分別找到小球的平均落點M、P、N，并測量出平均水平位移OM、OP、ON.(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為________[用(2)中測量的量表示]；若碰撞是彈性碰撞，那么還應該滿足的表達式為________[用(2)中測量的量表示]．12．（12分）如圖甲所示，質量為m的滑塊A放在氣墊導軌上，B為位移傳感器，它能將滑塊A到傳感器B的距離數(shù)據(jù)實時傳送到計算機上，經計算機處理后在屏幕上顯示滑塊A的速率-時間（）圖象．整個裝置置于高度h可調節(jié)的斜面上，斜面長度為．（1）現(xiàn)給滑塊A沿氣墊導軌向上的初速度，其圖線如圖乙所示．從圖線可得滑塊A上滑時的加速度大小_________（結果保留一位有效數(shù)字）．（2）若用此裝置來驗證牛頓第二定律，通過改變_______，可驗證力一定時，加速度與質量成反比的關系；通過改變_________，可驗證質量一定時，加速度與力成正比的關系（重力加速度g的值不變）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，半徑的光滑圓弧軌道BCD與足夠長的傳送帶DE在D處平滑連接，O為圓弧軌道BCD的圓心，C點為圓弧軌道的最低點，半徑OB、OD與OC的夾角分別為和，傳送帶以的速度沿順時針方向勻速轉動，將一個質量的煤塊視為質點從B點左側高為處的A點水平拋出，恰從B點沿切線方向進入圓弧軌道．已知煤塊與軌道DE間的動摩擦因數(shù)，重力加速度g取，，求：煤塊水平拋出時的初速度大小；煤塊第一次到達圓弧軌道BCD上的D點的速度大??；煤塊在傳送帶上向上滑行的最大位移？14．（16分）如圖所示，半圓玻璃磚的半徑R=10cm，折射率n=，直徑AB與屏幕MN垂直并接觸于A點．激光a以入射角i=60°射向玻璃磚圓心O，結果在屏幕MN上出現(xiàn)兩光斑，求兩光斑之間的距離L．15．（12分）如圖所示，水平桌面上有一輕彈簧，左端固定在A點，自然狀態(tài)時其右端位于B點．D點位于水平桌面最右端，水平桌面右側有一豎直放置的光滑軌道MNP，其形狀為半徑R＝0.45m的圓環(huán)剪去左上角127°的圓弧，MN為其豎直直徑，P點到桌面的豎直距離為R，P點到桌面右側邊緣的水平距離為1.5R．若用質量m1＝0.4kg的物塊將彈簧緩慢壓縮到C點，釋放后彈簧恢復原長時物塊恰停止在B點，用同種材料、質量為m2＝0.2kg的物塊將彈簧緩慢壓縮到C點釋放，物塊過B點后其位移與時間的關系為x＝4t﹣2t2，物塊從D點飛離桌面后恰好由P點沿切線落入圓軌道．g＝10m/s2，求：（1）質量為m2的物塊在D點的速度；（2）判斷質量為m2＝0.2kg的物塊能否沿圓軌道到達M點：（3）質量為m2＝0.2kg的物塊釋放后在桌面上運動的過程中克服摩擦力做的功.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】兩物體間的滑動摩擦力,2與地面間的摩擦力,則當F>3N時，兩物體開始一起滑動，由于f1>f2,故木板最終會加速運動，2的最大加速度大小為，對整體受力分析可知當兩物體的加速度達到0.5m/s2時，兩物體開始發(fā)生相對滑動，此時拉力，解得F=4.5N.A、3N<F=3.5N<4.5N,則1和2一起加速，，對1物體有，得，故A錯誤.B、3N<F=4.2N<4.5N，仍然是1和2一起加速，，故B正確.C、F=4.8N>4.5N,兩者都各種加速且相對滑動，故地面對木板的摩擦力為滑動摩擦力為3N，則C錯誤.D、F=9N>4.5N，同樣是兩物體都各自加速且相對滑動，對1物體，，得，故D錯誤．則選B.【點睛】對AB受力分析，當施加的拉力小于B與地面的摩擦力時，AB靜止，對B受力分析，判斷出B的最大加速度，在對A受力分析，判斷出AB發(fā)生相對滑動時的拉力大小，此后AB受到的摩擦力均為滑動摩擦力，結合牛頓第二定律即可判斷.2、C【解析】:CD、對球分析,受重力mg、拉力F和細線的拉力T,如圖所示:

根據(jù)平衡條件,有:

隨著θ的不斷增大，故拉力F不斷增加,拉力T也增加;小球的合力為零,保持不變故C正確，D錯誤；

AB、對球和滑塊整體分析,受到總重力、支持力、拉力和靜摩擦力,根據(jù)平衡條件,有:

所以支持力不變,根據(jù)牛頓第三定律,壓力也不變，靜摩擦力等于拉力，不斷增加;故AB錯誤；綜上所述本題答案是：C3、B【解析】試題分析：ab段和bc段的電勢差分別為2V，4V，電流相等，根據(jù)歐姆定律得：．根據(jù)電阻定律得，，則，則橫截面積之比：．故選B．考點：電阻定律;歐姆定律【名師點睛】本題考查了歐姆定律、電阻定律以及串并聯(lián)電路的特點，要能從給定的圖線中獲取兩電阻兩端電壓的大小，根據(jù)歐姆定律求解電阻；難度不大．4、D【解析】開關在位置1時，外電路總電阻R總=32R，電壓表示數(shù)U=3R2R+3R2E=3E5，同理，兩燈電壓電源內阻的發(fā)熱功率為P熱=(25E開關在位置2時，外電路總電阻R總′=23R，電壓表示數(shù)U′=2R3R+2R3E=2E5，燈泡L1的電壓U1′=15E，L2′的電壓A、由上可知，L1亮度不變，L2將變亮。故AB錯誤。C、電源內阻的發(fā)熱功率將變大。故C錯誤D、電壓表讀數(shù)變小。故D正確。故選：D。5、C【解析】

A.觀眾欣賞表演時不可把領舞者看作質點，因為如果看領舞者看作質點，則沒法欣賞，故A錯誤；B.2號和4號領舞者的重力勢能不一定相等，因為兩者的質量可能不一樣，盡管高度相同，故B錯誤；C.如果把3號領舞者的上方規(guī)定為參考平面，則3號領舞者的重力勢能可能為負值，故C正確；D.因為緩緩升起過程，鋼絲線對她們做了功，所以她們在上升過程中機械能不守恒，故D錯誤．6、B【解析】

太陽光為一束平行光，如圖所示，兩地之間的距離，為圓上兩點間的弧長，根據(jù)幾何知識可得解得故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A．由于彈簧處于伸長狀態(tài)，依據(jù)受力分析合力向下，加速度方向向下，重物處于失重狀態(tài)故A正確；B．動能在減小，故B錯誤；C．的時間段內，重物和彈簧秤組成的系統(tǒng)，機械能守恒，彈性勢能增加、重力勢能減小，故C正確；D．依據(jù)機械運動可知，故D正確．故選ACD【點睛】重物和彈簧秤組成的系統(tǒng)，機械能守恒，下降過程彈性勢能增加、重力勢能減小。8、BCD【解析】

ACD.甲、乙兩人及小車組成的系統(tǒng)不受外力，系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律得：甲甲乙乙車車=0小車向右運動，則說明甲與乙兩人的總動量向左，說明乙的動量大于甲的動量，即兩人的總動量不為零，但是由于不知兩人的質量關系，故無法確定兩人的速度大小關系，故選項A不符合題意，C、D符合題意；B.小車速度方向向右，即動量的變化量向右，根據(jù)動量定理知乙對小車的沖量方向向右，甲對小車的沖量方向向左，可知乙對小車的沖量大于甲對小車的沖量，故選項B符合題意．9、BCD【解析】

A．0-1s內F的沖量即速度方向為負方向，1-2s內F的沖量0-2s內F的沖量為，速度方向發(fā)生了改變，所以A錯誤．BC．2-3s內F的沖量，故0-3s內F的沖量為即0s時的速度和3s時的速度相等，為0，在.0～3s內力F做功因為力F不為0，所以位移等于零，故3s末該物體回到原出發(fā)點，所以BC正確．D．2-4s內F的沖量即沖量不為零．由公式可得2s末的速度和4s末的速度大小相等，方向相反，故F做功為零．故D正確．故選BCD。10、ACD【解析】

A．開始時，a、b及傳送帶均靜止且a不受傳送帶摩擦力作用，有則b上升h，則a下降hsinθ，則a重力勢能的減小量為mag×hsinθ=mgh故A正確；BC．根據(jù)能量守恒得，系統(tǒng)機械能增加，摩擦力對a做的功等于a、b機械能的增量．所以摩擦力做功大于a的機械能增加．因為系統(tǒng)重力勢能不變，所以摩擦力做功等于系統(tǒng)動能的增加，故B錯誤，C正確；D．任意時刻a、b的速率相等，對b，克服重力的瞬時功率Pb=mgv對a有：Pa=magvsinθ=mgv所以重力對a、b做功的瞬時功率大小相等，故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）C（3）【解析】（1）驗證動量守恒定律實驗中，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過落地高度不變情況下水平射程來體現(xiàn)速度，故選C．（3）若兩球相碰前后的動量守恒，則，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v1t，代入得：；若碰撞是彈性碰撞，滿足能量守恒：，代入得；m1OP1=m1OM1+m1ON1．12、調節(jié)滑塊的質量及斜面的高度，且使mh不變高度h【解析】(1)在v-t圖象中斜率代表加速度故．(2)牛頓第二定律研究的是加速度與合外力和質量的關系．當質量一定時，可以改變力的大小，當斜面高度不同時，滑塊受到的力不同，可以探究加速度與合外力的關系．由于滑塊下滑加速的力是由重力沿斜面向下的分力提供，所以要保證向下的分力不變，應該使不變，所以應該調節(jié)滑塊的質量及斜面的高度，且使mh不變．【點睛】解答本題關鍵是能夠把v-t圖象運用物理規(guī)律結合數(shù)學知識解決問題．對滑塊進行運動和受力分析，運用牛頓第二定律結合運動學公式解決問題．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】

(1)煤塊做平拋運動，由自由落體運動的規(guī)律求出煤塊落在A時的豎直分速度，然后應用運動的合成與分解求出煤塊的初速度大小v1．(2)通過計算分析清楚煤塊的運動過程，由動能定理求出煤塊在D點的速度；(3)先分析煤塊的運動情況，再根據(jù)牛頓第二定律結合運動學基本公式求解．【詳解】（1）煤塊在拋出后豎直方向做自由落體運動，豎直方向有：煤塊恰從A點沿切線方向進入圓弧軌