統(tǒng)考版2025屆高考物理二輪復(fù)習(xí)30分鐘許提分練8+2實(shí)驗(yàn)四含解析

PAGE7-30分鐘小卷提分練(8＋2試驗(yàn))(四)一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．14．下列說法正確的是()A．光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)揭示了光具有波粒二象性B．牛頓第肯定律是利用邏輯推理對(duì)試驗(yàn)事實(shí)進(jìn)行分析的產(chǎn)物，能夠用試驗(yàn)干脆驗(yàn)證C．英國物理學(xué)家湯姆孫發(fā)覺了電子，否定了“原子不行再分”的觀點(diǎn)D．愛因斯坦首先把能量子的概念引入物理學(xué)，否定了“能量連續(xù)改變”的觀點(diǎn)15．如圖所示，木塊A、B置于光滑水平桌面上，木塊A沿水平方向向左運(yùn)動(dòng)與B相碰，碰后粘連在一起，將彈簧壓縮到最短．則木塊A、B組成的系統(tǒng)，從A、B相遇到彈簧壓縮至最短的整個(gè)過程中()A．動(dòng)量不守恒、機(jī)械能守恒B．動(dòng)量不守恒、機(jī)械能不守恒C．動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒D．動(dòng)量守恒、機(jī)械能不守恒16．通過一志向變壓器，經(jīng)同一線路輸送相同電功率P，原線圈的電壓U保持不變，輸電線路的總電阻為R.當(dāng)副線圈與原線圈的匝數(shù)比為k時(shí)，線路損耗的電功率為P1，若將副線圈與原線圈的匝數(shù)比提高到nk，線路損耗電功率為P2，則P1和eq\f(P2,P1)分別為()A.eq\f(PR,kU)，eq\f(1,n)B.eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(P,kU)))2R，eq\f(1,n)C.eq\f(PR,kU)，eq\f(1,n2)D.eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(P,kU)))2R，eq\f(1,n2)17．如圖所示，在點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的靜電場中，一帶電粒子僅在電場力的作用下依次通過a、b、c三個(gè)位置，其中b點(diǎn)距點(diǎn)電荷Q最近，c點(diǎn)距點(diǎn)電荷Q最遠(yuǎn)．下列說法中正確的是()A．該粒子肯定帶正電B．b點(diǎn)的電勢肯定比a、c兩點(diǎn)的電勢高C．粒子通過c點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能小于通過b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能D．粒子通過b點(diǎn)時(shí)的加速度大于通過a點(diǎn)時(shí)的加速度18．[2024·河北百校聯(lián)盟聯(lián)考]如圖所示，在等腰直角三角形OPQ區(qū)域內(nèi)存在著垂直于紙面對(duì)外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，邊長OP＝L.O處有一個(gè)粒子源，將質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子以大小和方向不同的速度射入磁場，不計(jì)粒子的重力．則在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長的粒子中，速度的最大值是()A.eq\f(qBL,2m)B.eq\f(\r(2)qBL,2m)C.eq\f(qBL,m)D.eq\f(2qBL,m)19．[2024·湖南省衡陽市第三次聯(lián)考]世界上沒有永不謝幕的傳奇，NASA的“卡西尼”號(hào)探測器進(jìn)入土星探測任務(wù)的最終篇章．據(jù)NASA報(bào)道，“卡西尼”2017年4月26日首次到達(dá)土星和土星內(nèi)環(huán)(碎冰塊、巖石塊、塵埃等組成)之間，之后，衛(wèi)星將在土星的近圓軌道做圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示．在極其淡薄的大氣阻力作用下，衛(wèi)星最終將墜向土星的懷抱，這一階段持續(xù)到九月中旬．若“卡西尼”只受土星引力和淡薄氣體阻力的作用，則()A．4月26日，“卡西尼”在近圓軌道上繞土星的角速度大于它在內(nèi)環(huán)上繞土星的角速度B．4月28日，“卡西尼”在近圓軌道上繞土星的速率小于它在內(nèi)環(huán)上繞土星的速率C．5月到6月間，“卡西尼”的動(dòng)能越來越大D．6月到8月間，“卡西尼”的動(dòng)能、以及它與火星的引力勢能之和增大20．[2024·河南安陽高三二模]如圖1所示，光滑水平面上靜置一個(gè)薄長木板，長木板上表面粗糙，其質(zhì)量為M，t＝0時(shí)刻質(zhì)量為m的物塊以水平速度v滑上長木板，此后木板與物塊運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖2所示，重力加速度g＝10m/s2，則下列說法正確的是()A．M＝mB．M＝2C．木板的長度為8mD．木板與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.121．如圖所示，AB是豎直的光滑墻壁，高度為h，現(xiàn)將一質(zhì)量為m的小球從距水平面AD高為h，離A點(diǎn)水平距離為2h的C點(diǎn)以初速度v0水平向左拋出，由于存在水平向右的風(fēng)力(該風(fēng)力為恒力，其他方向空氣的作用力不計(jì))，小球恰好能沿著光滑墻壁從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，已知重力加速度為g，下列分析正確的是()A．小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的速度方向豎直向下，大小為v0B．小球受到的風(fēng)力的大小為F＝2mgC．小球由C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所用的時(shí)間為2eq\r(\f(h,g))D．小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度大小為eq\r(v\o\al(2,0)＋4gh)二、非選擇題：第22～23題為必考題，共15分．每個(gè)試題考生都必需作答．22．(5分)某同學(xué)利用如圖甲所示裝置探究平拋運(yùn)動(dòng)中物體機(jī)械能是否守恒．在斜槽軌道的末端安裝一個(gè)光電門B，調(diào)整激光束與球心等高，斜槽末端水平．地面上依次鋪有白紙、復(fù)寫紙，讓小球從斜槽上固定位置A點(diǎn)無初速度釋放，通過光電門后落在地面的復(fù)寫紙上，在白紙上留下打擊印．重復(fù)試驗(yàn)多次，測得小球通過光電門的平均時(shí)間為3.30ms(當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭＝9.8m/s2)．(1)用游標(biāo)卡尺測得小球直徑如圖乙所示，則小球直徑為d＝________mm，由此可知小球通過光電門的速度vB＝________m/s.(2)試驗(yàn)測得軌道末端離地面的高度h＝0.784m，小球的平均落點(diǎn)P到軌道末端正下方O點(diǎn)的距離x＝0.600m，則由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律解得小球平拋的初速度v0＝________m/s.(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)(3)在誤差允許范圍內(nèi)，試驗(yàn)結(jié)果中小球通過光電門的速度vB與由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解的平拋初速度v0相等，就可以認(rèn)為平拋運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能是守恒的．23．(10分)做“測定銅導(dǎo)線的電阻率”試驗(yàn)中可供運(yùn)用的器材有：A．橫截面積為1.0mm2、長度為100m的一捆銅導(dǎo)線(電阻Rx約2Ω)；B．電流表G(內(nèi)阻Rg＝100Ω，滿偏電流Ig＝3mA)；C．電流表A(量程0～0.6A，內(nèi)阻約1Ω)；D．滑動(dòng)變阻器R(最大阻值5Ω)；E．定值電阻(R0＝3Ω，R1＝900Ω，R2＝1000Ω)；F．電源(電動(dòng)勢6V，內(nèi)阻不計(jì))；G．開關(guān)、導(dǎo)線若干．請(qǐng)完成下列試驗(yàn)內(nèi)容：(1)把電流表G與定值電阻串聯(lián)改裝成量程為0～3V的電壓表，則定值電阻應(yīng)選________(填“R1”或“R2(2)為了盡可能獲得多組數(shù)據(jù)，試驗(yàn)電路圖應(yīng)選下列四幅中的________，電路中R0的作用是______________________．(3)依據(jù)正確的電路圖，完成實(shí)物圖的連接(已正確連接了部分導(dǎo)線)．(4)某次測量中，電流表G的讀數(shù)為2.40mA時(shí)，電流表A的讀數(shù)為0.50A，由此求得銅導(dǎo)線的電阻率為________Ω·m(保留兩位有效數(shù)字)．30分鐘小卷提分練(8＋2試驗(yàn))(四)14．答案：C解析：光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)揭示了光具有粒子性，A錯(cuò)誤；牛頓第肯定律是利用邏輯推理對(duì)試驗(yàn)事實(shí)進(jìn)行分析的產(chǎn)物，不能夠用試驗(yàn)干脆驗(yàn)證，B錯(cuò)誤；英國物理學(xué)家湯姆孫發(fā)覺了電子，否定了“原子不行再分”的觀點(diǎn)，C正確；普朗克在1900年把能量子引入物理學(xué)，破除了“能量連續(xù)改變”的傳統(tǒng)觀念，D錯(cuò)誤．15．答案：B解析：A、B組成的系統(tǒng)，從相遇到彈簧壓縮至最短的過程中，由于彈力的存在，合外力不為零，故系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，由于非彈性碰撞，彈簧彈力做功，機(jī)械能不守恒，B正確．16．答案：D解析：依據(jù)變壓器的變壓比，當(dāng)副線圈與原線圈的匝數(shù)比為k時(shí)，有k＝eq\f(U1,U)，副線圈與原線圈的匝數(shù)比提高到nk時(shí)，有nk＝eq\f(U2,U)，由于線路的輸送功率不變，則有P＝U1I1＝U2I2.依據(jù)焦耳定律，線路損耗有：P1＝Ieq\o\al(2,1)R＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(P,U1)))2R＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(P,kU)))2R，P2＝Ieq\o\al(2,2)R，eq\f(P2,P1)＝eq\f(I\o\al(2,2),I\o\al(2,1))＝eq\f(U\o\al(2,1),U\o\al(2,2))＝eq\f(1,n2).17．答案：D解析：點(diǎn)電荷Q的電性未知，故粒子的電性無法確定，A錯(cuò)誤；點(diǎn)電荷四周的電場線方向不能確定，故a、b、c三點(diǎn)的電勢凹凸無法確定，B錯(cuò)誤；由運(yùn)動(dòng)軌跡可知，從a到b再到c，電場力對(duì)粒子先做負(fù)功，再做正功，故粒子在b點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最小，C錯(cuò)誤；b點(diǎn)離點(diǎn)電荷最近，電場強(qiáng)度最大，故粒子通過b點(diǎn)時(shí)所受的電場力最大，粒子通過b點(diǎn)時(shí)加速度最大，D正確．18．答案：C解析：同種粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，這些粒子的周期相同，要在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長，則粒子在勻強(qiáng)磁場中的軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角應(yīng)為最大，必需從OQ邊離開磁場，又因?yàn)橐笤诖艌鲋羞\(yùn)動(dòng)速度最大，由幾何關(guān)系可得粒子沿OP方向射入，軌跡與PQ相切(切點(diǎn)為Q)時(shí)，符合條件，此時(shí)粒子軌道半徑為L，可求得速度最大值v＝eq\f(qBL,m)，C正確，A、B、D錯(cuò)誤．19．答案：AC解析：由萬有引力供應(yīng)向心力得：Geq\f(Mm,r2)＝mrω2，解得ω＝eq\r(\f(GM,r3))，則軌道半徑小的角速度大，則A正確；由萬有引力供應(yīng)向心力得：Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(v2,r)，解得v＝eq\r(\f(GM,r))，則軌道半徑小的速率大，則B錯(cuò)誤；5到6月間，因有淡薄氣體阻力做負(fù)功，探測器的速度減小，做向心運(yùn)動(dòng)，萬有引力做正功，動(dòng)能增加，則C正確；6月到8月間，因淡薄氣體阻力做負(fù)功，機(jī)械能減小，則D錯(cuò)誤．20．答案：BC解析：由題圖可知，水平向右為正方向，物塊在木板上運(yùn)動(dòng)過程中，在水平方向上只受到木板給的水平向左的滑動(dòng)摩擦力，故－μmg＝ma1，而v-t圖象的斜率表示加速度，故a1＝eq\f(3－7,2)m/s2＝－2m/s2.解得μ＝0.2，D錯(cuò)誤；對(duì)木板受力分析可知μmg＝Ma2，a2＝eq\f(2－0,2)m/s2＝1m/s2，解得M＝2m，A錯(cuò)誤，B正確；從圖中可知物塊和木板最終分別，從起先到分別時(shí)兩者v-t圖象與t軸圍成的面積之差等于木板的長度，故L＝eq\f(1,2)×(7＋3)×2m－eq\f(1,2)×2×2m＝8m，C正確．21．答案：BC解析：依據(jù)題意可知小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)水平速度減為零，只有豎直向下的速度vA，設(shè)小球從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)所用的時(shí)間為t1，則有t1＝eq\f(vA,g)，h＝eq\f(vA,2)t1,2h＝eq\f(v0,2)t1，解得t1＝eq\f(v0,2g)，vA＝eq\f(v0,2)，A錯(cuò)誤；依據(jù)加速度定義式得小球在水平方向上的加速度大小為ax＝eq\f(v0,t1)＝2g，小球受到的風(fēng)力的大小為F＝2mg，B正確；小球由C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，在豎直方向做加速度為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以2h＝eq\f(1,2)gt2，解得t＝2eq\r(\f(h,g))，C正確；小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的水平速度為0，只有豎直方向的速度，依據(jù)豎直方向運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性可知veq\o\al(2,B)＝2g·2h，解得vB＝2eq\r(gh)，D錯(cuò)誤．22．答案：(1)5.00(1分)1.52(2分)(2)1.50(2分)解析：(1)主尺讀數(shù)為5mm5mm＋0×0.05mm＝5.00mm；利用小球通過光電門的平均速度代替瞬時(shí)速度，有vB＝eq\f(d,t)＝eq\f(0.005,0.0033)m/s＝1.52m/s.(2)依據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有h＝eq\f(1,2)gt2、x＝v0t，聯(lián)立解得v0＝1.50m/s.23．答案：(1)R1(2分)(2)甲(2分)減慢電表示數(shù)的改變，愛護(hù)電表(2分)(3)如圖所示(2分)(4)1.8×10－8(2分)解析：(1)要把電流表G改裝成量程為0～3V的電壓表，串聯(lián)的定值電阻阻值為eq\f(3V,3mA)－100Ω＝900Ω，則定