遼寧省2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期期末考試物理試題（含答案）

遼寧省2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期期末考試物理試題一、選擇題（共10小題，1~7題每小題4分，8~10題每小題6分，共46分.在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，第8~10題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.）1．物理學(xué)的發(fā)展推動了社會的進(jìn)步，下列關(guān)于物理學(xué)上的一些事件和科學(xué)方法的敘述正確的是（）A．在探究合力與分力的關(guān)系實驗時，采用了控制變量法B．伽利略通過理想斜面實驗得到了“力不是維持物體運動的原因”的結(jié)論C．最早建立平均速度、瞬時速度以及加速度概念的科學(xué)家是牛頓D．用比值定義法定義的物理概念在物理學(xué)中占有相當(dāng)大的比例，例如加速度a=F2．空氣、水等流體介質(zhì)對在其中運動的物體的阻力大小與速度有關(guān)，其規(guī)律一般可表示為F(v)=γ?v+kv2，其中第一項γ?v為粘滯阻力，對于半徑為r的球形物體，阻力系數(shù)γ與半徑r的關(guān)系為γ=Cr，其中C是由實驗測得的常數(shù)，A．無單位 B．N?m/s C．kg?m2/3．甲、乙兩個質(zhì)點分別在兩個并排直軌道上運動，其速度隨時間的變化規(guī)律分別如圖中a、b所示，圖線a是直線，圖線b是拋物線，0～t2時間內(nèi)圖線a、b與橫軸圍成的面積之比是3：A．0～tB．0～t1C．0～tD．0～t4．如圖所示，某同學(xué)把不可伸長的輕繩的一端拴在天花板上，再將繩穿過質(zhì)量為m的光滑圓環(huán)后，將另一端握在手中，已知該同學(xué)的質(zhì)量為M，當(dāng)圓環(huán)靜止時右側(cè)輕繩與豎直方向夾角為30°，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．左側(cè)輕繩與豎直方向的夾角θ大于30°B．該同學(xué)受到地面的支持力大小為(m+M)gC．該同學(xué)將握住繩子的手沿豎直方向向上緩慢移動的過程中，地面對該同學(xué)的摩擦力始終不變D．該同學(xué)將握住繩子的手沿豎直方向向上緩慢移動的過程中，θ角將變大5．如圖，某河流中水流速度大小恒為v1，A處的下游C處有個漩渦，漩渦與河岸相切于B點，漩渦的半徑為r，AB=3rA．12v1 B．32v16．如圖所示，A、B為質(zhì)量均為m的物塊，A的上方為不可伸長的輕繩，A、B間為輕彈簧，箱子C的質(zhì)量為4m，若將懸掛在天花板的繩子剪斷，則剪斷的瞬間（不計空氣阻力，重力加速度為g），下列說法正確的是（）A．箱子C的加速度為1.2g C．A上方繩子的張力突變?yōu)? D．A的加速度為17．市面上一種旋轉(zhuǎn)“飛蜓”玩具的結(jié)構(gòu)如圖所示，輕繩的一端連接蜻蜓，穿過手柄后與重物連接，人們可以通過旋轉(zhuǎn)手柄讓蜻蜓在水平面內(nèi)做勻速圓周運動。第一次玩耍，蜻蜓在水平面內(nèi)做勻速圓周運動時，重物與手柄底端的距離為H，外部輕繩與豎直方向的夾角為α；第二次玩耍，蜻蜓在水平面內(nèi)做勻速圓周運動時，重物與手柄底端的距離小于H。兩次運動過程中，重物均處于靜止?fàn)顟B(tài)，不計一切阻力，則相比第一次，蜻蜓第二次運動時（）A．外部輕繩與豎直方向的夾角為α變大B．蜻蜓運動的周期不變C．蜻蜓運動的角速度變大D．蜻蜓運動的線速度變大8．如圖所示，升降機(jī)的天花板上懸掛一輕質(zhì)彈簧，彈簧下端栓一質(zhì)量為m的物體，對升降機(jī)施加一向上的拉力T，使升降機(jī)由靜止開始，以1m/sA．物體與電梯達(dá)到共速之后一起做勻加速運動B．物體加速度達(dá)到1m/sC．速度相等時，物體的加速度大于1m/D．升降機(jī)受到的拉力T一直變大9．如圖所示，傾角為θ的斜面體C置于粗糙水平面上，物塊B置于斜面上，已知B、C間的動摩擦因數(shù)為μ=tanθ，B通過輕繩跨過光滑的輕質(zhì)定滑輪與物塊A連接，連接B的一段輕繩與斜面平行，A、B的質(zhì)量分別為m、M?，F(xiàn)給B一初速度，使B沿斜面下滑，C始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g，則在B下滑的過程中，下列說法正確的是（）A．不論A、B的質(zhì)量大小關(guān)系如何，A一定處于失重狀態(tài)B．A運動的加速度大小為a=C．地面對斜面的摩擦力始終為0D．水平面對C的支持力小于B、C的總重力10．如圖所示，在光滑水平桌面上用四根長度均為L的相同輕質(zhì)細(xì)桿做成框架，各桿的兩端全用光滑鉸鏈相連。開始時，相對的兩鉸鏈A和C彼此靠近（可看作在同一點），鉸鏈A固定，鉸鏈C在水平外力F（大小未知）的作用下從靜止開始做初速度為零，大小為a的恒定加速度沿菱形對角線運動。鉸鏈處質(zhì)量不可忽略，均為m。當(dāng)AB和BC間的夾角成120°時，下列說法正確的是（）A．此時鉸鏈C的速度大小為23aL B．此時鉸鏈BC．BC桿上的彈力大小為1633ma二、實驗題（每空2分，共14分.）11．在“探究平拋運動的特點”的實驗中：（1）關(guān)于這個實驗，以下說法正確的是____。A．小球釋放的初始位置越高越好B．每次小球要從同一高度由靜止釋放C．實驗前要用重垂線檢查坐標(biāo)紙上的豎線是否豎直D．小球在平拋運動時要靠近但不接觸木板（2）某同學(xué)為了更精確地描繪出小球做平拋運動的軌跡，使用頻閃照相機(jī)（每隔相等時間T拍一次照片）拍攝小球在空中的位置。如圖所示為一小球做平拋運動的頻閃照片的一部分，圖中背景方格的邊長表示實際長度8mm，如果取g=10m/s①照相機(jī)的頻閃周期T=s（結(jié)果保留兩位小數(shù)）；②小球做平拋運動的初速度大小是v0=12．用如圖甲所示的實驗裝置做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗：（1）下面列出了一些實驗器材：電磁打點計時器、紙帶、帶滑輪的長木板、墊塊、小車和砝碼、砂和砂桶。除以上器材外，還需要的實驗器材有____。A．天平 B．秒表C．刻度尺（最小刻度為1mm） D．低壓交流電源（2）此實驗中需要滿足一些條件，下列正確的做法是____A．小車放在長木板上，反復(fù)調(diào)節(jié)長木板的傾斜程度，直至輕推小車使其在不受繩的拉力下沿木板做勻速運動B．小車放在長木板上，后面固定一條紙帶，紙帶穿過打點計時器。反復(fù)調(diào)節(jié)長木板的傾斜程度，直至輕推小車使其在不受繩的拉力下沿木板做勻速運動C．實驗中，不需要滿足砂和砂桶的總質(zhì)量m與小車和車上砝碼的總質(zhì)量M之間m?M的條件D．實驗中，為了保證砂和砂桶所受的重力近似等于使小車做勻加速運動的拉力，砂和砂桶的總質(zhì)量m與小車和車上砝碼的總質(zhì)量M之間應(yīng)滿足的條件是m?M（3）乙圖為某次實驗得到的紙帶，交流電的頻率為50Hz，在相鄰兩計數(shù)點間都有四個打點末畫出，小車的加速度大小a=m/s（4）另一小組在研究“小車質(zhì)量一定時，加速度與力的關(guān)系”實驗時，用改變砂的質(zhì)量的辦法來改變對小車的作用力F，然后根據(jù)測得的數(shù)據(jù)作出a?F圖像，如圖三所示。發(fā)現(xiàn)圖像既不過原點，末端又發(fā)生了彎曲，可能的原因是（）A．沒有補(bǔ)償摩擦阻力，且小車質(zhì)量較大B．補(bǔ)償摩擦阻力時，木板的傾斜角度過大，且砂和砂桶的質(zhì)量較大C．補(bǔ)償摩擦阻力時，木板的傾斜角度過小，且砂和砂桶的質(zhì)量較大D．補(bǔ)償摩擦阻力時，木板的傾斜角度過小，且小車質(zhì)量較大三、計算題（共3小題，13題10分，14題12分，15題18分，共40分.解答時應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。將試題全部答在“答題紙”上，答在試卷上無效）13．有一種大型游戲機(jī)叫“跳樓機(jī)”，參加游戲的游客被安全帶同定在座椅上，由電動機(jī)將座椅沿光滑的豎直軌道提升到離地面40m高處，然后由靜止釋放．可以認(rèn)為座椅沿軌道做自由落體運動2s后，開始受到恒定阻力而立即做勻減速運動，且下落到離地面4m高處時速度剛好減小到零．然后再讓座椅以相當(dāng)緩慢的速度穩(wěn)穩(wěn)下落，將游客送回地面．（g取10m/s（1）座椅在勻減速階段的時間是多少？（2）在勻減速階段，座椅對游客的作用力大小是游客體重的多少倍？14．如圖所示，碎石場有一長L=7.25m的傳送帶與水平面夾角θ=37°，傳送帶以恒定速率v=5m/s沿逆時針方向轉(zhuǎn)動，在傳送帶上端有一質(zhì)量m=1kg石塊被與水平的輕繩系住保持靜止不動，t=0時刻剪斷輕繩，石塊由靜止開始滑下，已知石塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.5.取重力加速度g=10m/s（1）t=0時刻前繩子的拉力T大小和物體受到的摩擦力f大小和方向；（2）石塊到傳送帶底端所用的時間；15．如圖甲所示，豎直面內(nèi)有一光滑軌道BCD，軌道的上端點B和圓心O的連線與水平方向的夾角α=30°，圓弧軌道半徑為R=83m，與水平軌道CD相切于點C.現(xiàn)將一小滑塊（可視為質(zhì)點）從空中的A點以v0=4m/s的初速度水平向左拋出，恰好從B點沿軌道切線方向進(jìn)入軌道，沿著圓弧軌道運動到C點，滑塊在圓弧末端C點速度為vc=12m/s，對軌道的壓力NC=64N，之后繼續(xù)沿水平軌道CD滑動，經(jīng)過D點滑到質(zhì)量為M=1kg（1）小滑塊經(jīng)過圓弧軌道上B點的速度大小；（2）小滑塊的質(zhì)量；（3）全過程中木板的位移。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A、在探究合力與分力的關(guān)系實驗時，采用了等效替代法，故A錯誤；

B、伽利略通過理想斜面實驗得到了“力不是維持物體運動的原因”的結(jié)論，故B正確；

C、平均速度、瞬時速度以及加速度概念是伽利略在研究自由落體運動規(guī)律中建立的，故C錯誤；

D、公式a=是牛頓第二定律的表達(dá)式，不是采用比值定義的，故D錯誤。

故答案為：B。

【分析】在探究合力與分力的關(guān)系實驗時，采用了等效替代法。平均速度、瞬時速度以及加速度概念是伽利略在研究自由落體運動規(guī)律中建立的。伽利略通過理想斜面實驗得到了“力不是維持物體運動的原因”的結(jié)論。2．【答案】D【解析】【解答】根據(jù)題意可知f=γ?v則有γ=又有γ=Cr解得C=故答案為：D。

【分析】根據(jù)題意確定粘滯阻力的表達(dá)式，繼而確定阻力系數(shù)的單位，再根據(jù)題意推導(dǎo)得出C的單位。3．【答案】D【解析】【解答】A、v-t圖像與時間軸圍成的面積表示位移，由圖可知0~t1時間內(nèi)甲、乙的距離一直在增大，故A錯誤；

B、假設(shè)乙是做勻變速直線運動，則在0~t1時間內(nèi)滿足v但圖線b是拋物線，則在0~t1時間內(nèi)平均速度大于v12，故B錯誤；

C、v-t圖象的斜率代表加速度，由圖可知初始階段乙的加速度大于甲的加速度，故C錯誤；

D、由圖可知t2是0~t3的中間時刻，根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律可知甲在0~t2的位移是t2~t3的3倍，0～t2時間內(nèi)圖線a、b與橫軸圍成的面積之比是3：2，根據(jù)數(shù)學(xué)方法可知，0～t3時間內(nèi)甲、乙的位移大小相等，故D正確。

故答案為：D。

【分析】v-t圖像與時間軸圍成的面積表示位移，v-t圖象的斜率代表加速度，斜率的正負(fù)表示加速度的方向。根據(jù)對稱性確定乙的總位移與0～t2時間內(nèi)乙位移的關(guān)系，繼而確定0～t4．【答案】C【解析】【解答】A、根據(jù)題意可知，圓環(huán)為光滑圓環(huán)，可在繩上自由滑動，則圓環(huán)兩側(cè)繩的拉力相等，水平方向上，由平衡條件可得F解得θ=30°故A錯誤；

B、根據(jù)題意，對圓環(huán)受力分析，豎直方向上有2F解得F=對該同學(xué)受力分析，豎直方向上，由平衡條件有F解得F故B錯誤；

CD、根據(jù)題意，設(shè)繩子的兩個端點的水平距離為d，繩長為L，由幾何關(guān)系可得sin握住繩子的手沿豎直方向向上緩慢移動的過程中，d和L不變，則θ不變，繩子的拉力不變，則繩子對人的拉力在水平方向的分力F保持不變，則該同學(xué)仍相對地面靜止，則地面對該同學(xué)的摩擦力為f=F保持不變，故C正確，D錯誤。

故答案為：C。

【分析】圓環(huán)和同學(xué)均處于靜止?fàn)顟B(tài)，即兩者處于受力平衡狀態(tài)。根據(jù)平衡條件及力的合成與分解結(jié)合夾角的變化情況進(jìn)行分析。5．【答案】B【解析】【解答】如圖，當(dāng)小船相對地面的運動軌跡恰好與旋渦邊界相切，且小船在靜水中的速度v船與其相對地面的速度垂直時，小船在靜水中的速度最小

由幾何關(guān)系sin故∠CAB=30°所以小船相對地面的速度與水平方向的夾角為θ=60°故v故答案為：B。

【分析】小船的速度越小，則小船的運動軌跡與AB邊的夾角越小，當(dāng)小船相對地面的運動軌跡恰好與旋渦邊界相切時，且船速與小船的合速度垂直時，小船的速度最小。再根據(jù)幾何關(guān)系及運動的合成與分解進(jìn)行解答。6．【答案】A【解析】【解答】AD、剪斷懸掛在天花板的繩子前，彈簧的彈力大小等于B的重力，剪斷繩子后，箱子C與物塊A一起運動，以箱子C和物塊A看作整體，根據(jù)牛頓第二定律，有mg+4mg+mg=(4m+m)a代入數(shù)據(jù)解得a=1.2g故A正確，D錯誤；

B、物體B受力情況不變，所以剪斷懸掛在天花板的繩子后物體B的合力為零，所以物體B的加速度為零，故B錯誤；

C、隔離箱子C，受到重力和細(xì)線的拉力作用，根據(jù)牛頓第二定律，有4mg+F=4ma代入數(shù)據(jù)解得F=0.8mg繩子上的拉力不為零，故C錯誤。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)平衡條件確定剪斷繩子前繩子及彈簧的彈力大小。剪斷繩子瞬間，繩子的拉力突變?yōu)榱?，彈簧彈力不發(fā)生突變。斷繩子后，箱子C與物塊A一起運動，B受力不發(fā)生突變保持靜止。再對A、C及兩者構(gòu)成的整體運用牛頓第二定律進(jìn)行分析。7．【答案】D【解析】【解答】A、由于兩次過程中重物均處于靜止?fàn)顟B(tài)，因此前后兩次繩子上拉力T的大小，與重物的重力大小相等。對蜻蜓進(jìn)行受力分析，假設(shè)蜻蜓質(zhì)量為m，可知mg=Tcosα故外部輕繩與豎直方向的夾角與H無關(guān)，夾角為α不變，故A錯誤；

B、由于T與α不變，因此蜻蜓兩次做勻速圓周運動的向心力F向不變，但由于H變小、繩長不變，因此蜻蜓做勻速圓周運動的半徑變大，再由公式F可得周期T變大，角速度ω變小，線速度v變大，故B錯誤，故C錯誤，D正確。

故答案為：D。

【分析】重物均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則繩子拉力不變，蜻蜓在豎直方向上處于受力平衡狀態(tài)，水平面上做勻速圓周運動。根據(jù)力的合成與分解確定向心力及夾角變化情況。再根據(jù)幾何關(guān)系確定運動半徑變化情況，再根據(jù)向心力與線速度、角速度及周期的關(guān)系進(jìn)行分析。8．【答案】C,D【解析】【解答】AC、在達(dá)到共速前，物體相對升降機(jī)一直向下運動，彈簧彈力一直增大，根據(jù)Δv=aΔt可知，速度增加量相同，時間相同，則平均加速度相等，所以物體與電梯達(dá)到共速之后，物體加速度大于升降機(jī)加速度，故A錯誤，C正確；

B、第一次共速時，彈簧彈力最大，彈簧長度最長，之后由于物體加速度大于升降機(jī)，物體會相對升降機(jī)向上運動，彈簧長度變小，故B錯誤；

D、對升降機(jī)分析可知T-Mg-kΔx=Ma由于彈簧彈力一直增大，則拉力一直增大，故D正確。

故答案為：CD。

【分析】根據(jù)運動的相對性，判斷共速前彈簧的形變情況，物體做變加速運動，再根據(jù)加速度的定義判斷物體加速度與升降機(jī)加速度的關(guān)系。物體與升降機(jī)共速前，升降機(jī)的速度大于物體的速度，兩者的相對位移不斷增大，即彈簧的形變量不斷變大，共速時，形變量達(dá)到最大，此時彈力最大。9．【答案】A,B,C【解析】【解答】AB、對A、B整體受力分析mg-Mg又μ=tanθ得A、B加速度大小a=方向沿斜面向上，不論A、B的質(zhì)量大小關(guān)系如何，A加速度一定向下，因此一定處于失重狀態(tài)，故A正確，B正確；

C、對C受力分析，B給的壓力Mgcosθ和摩擦力μMgcosθ，因為μ=因此二者的矢量在水平方向分量滿足Mg所以C水平方向不受地面的摩擦力，故C正確；

D、對C的分析豎直方向N=則可知水平面對C的支持力與物體B和斜面體C的總重力大小相等，故D錯誤。

故答案為：ABC。

【分析】AB的加速度大小相等，對AB構(gòu)成的整體運用牛頓第二定律確定兩者加速度的大小和方向，加速度向下，物體處于失重狀態(tài)。對C進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件及力的合成與分解確定其所受各力大小情況。10．【答案】A,B,D【解析】【解答】A、鉸鏈C在水平外力F作用下，做勻加速直線運動，從A到C，運動的位移為x由v得v故A正確；

B、由鉸鏈B的運動可知，B繞A做圓周運動，當(dāng)AB和BC間的夾角成120°時，B點的速度方向與AB垂直且與BC夾角為30°，鉸鏈B和鉸鏈C通過BC連接，則沿桿方向的分速度相等v可得v故B正確；

CD、B點做圓周運動，在圖示位置時v則可得圓周運動的向心加速度為a對B受力分析可得，AB方向上FAC方向上，從開始運動到圖示位置B點的位移為C點位移的一半，則圖示位置時，B水平方向的加速度a水平方向上受力可得F因此解得FBC=故C錯誤，D正確。

故答案為：ABD。

【分析】鉸鏈C在水平外力F作用下在水平方向做勻加速直線運動，根據(jù)位移與速度的關(guān)系確定此時鉸鏈C的速度。鉸鏈B和鉸鏈C通過BC連接，屬于“關(guān)聯(lián)模型”，則沿桿方向的分速度相等。B點以A點為圓心做圓周運動，由桿AB及桿BC沿AB方向的分力提供向心力。根據(jù)運動的分解可知，B點在水平方向上做勻加速直線運動，水平位移為C的一半。再根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行解答。11．【答案】（1）B；C；D（2）0.04；0.6【解析】【解答】（1）A、探究平拋運動的特點實驗中，需要小球運動軌跡大體落在紙面中間位置附近，小球初始位置越高，軌跡約偏上部，因此需要釋放位置適中，故A錯誤；

B、實驗中在描繪小球運動軌跡過程中，需要保證每次小球平拋運動的初速度相同，因此必須保證每次小球要從同一高度由靜止釋放，故B正確；

C、實驗過程中，描繪的小球運動軌跡需保證在豎直面內(nèi)，因此實驗前要用重垂線檢查坐標(biāo)紙上的豎線是否豎直，故C正確；

D、小球在運動過程中，為了便于描繪小球的運動軌跡，需要靠近木板；但是要保證小球在運動過程中受到的阻力盡量小，因此不接觸木板，故D正確。

故答案為：BCD。

（2）由方格紙上描繪的點跡可知，小球從A運動到B過程中，水平方向位移x豎直方向上位移y小球從B運動到C過程中，水平方向位移x豎直方向上位移y水平方向上是勻速直線運動，又因為x則兩段所用時間t豎直方向上自由落體運動Δy=g代入數(shù)據(jù)得T=0.04小球水平方向上做勻速直線運動v【分析】探究平拋運動的特點實驗中，需要小球運動軌跡大體落在紙面中間位置附近，小球初始位置適中，為保證每次小球平拋運動的初速度相同，因此必須保證每次小球要從同一高度由靜止釋放。根據(jù)圖紙確定小球在連續(xù)相等時間內(nèi)水平和豎直位移的大小，再根據(jù)平拋運動規(guī)律結(jié)合逐差法進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。12．【答案】（1）A；C；D（2）B；D（3）1.0（4）C【解析】【解答】（1）根據(jù)實驗原理及操作要求，還需要天平測量質(zhì)量、刻度尺處理紙帶的數(shù)據(jù)、低壓交流電源給打點計時器供電，不需要秒表。

故答案為：ACD。

（2）AB、小車放在長木板上，后面固定一條紙帶，紙帶穿過打點計時器。反復(fù)調(diào)節(jié)長木板的傾斜程度，直至輕推小車使其在不受繩的拉力下沿木板做勻速運動，以平衡紙帶和打點計時器及小車和木板間的摩擦力，故A錯誤，B正確；

CD、實驗中，為了保證砂和砂桶所受的重力近似等于使小車做勻加速運動的拉力，砂和砂桶的總質(zhì)量m與小車和車上砝碼的總質(zhì)量M之間應(yīng)滿足的條件是m?M，故C錯誤，D正確。

故答案為：BD。

（3）相鄰兩計數(shù)點間都有四個打點末畫出，相鄰計數(shù)點間的間隔T=5×0.02小車的加速度a=（4）由圖示圖象可知，圖象沒有過原點，當(dāng)拉力大到一定值時才產(chǎn)生加速度，這是由于實驗前沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足即木板傾角過小造成的；由圖示圖象可知，當(dāng)F較大時圖象發(fā)生彎曲，這是由于砂與砂桶質(zhì)量過大，不再滿足m?M造成的。

故答案為：C。

【分析】熟悉掌握“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗的操作步驟及所需儀器。由于繩子拉力無法測得，為保證砂和砂桶所受的重力近似等于使小車做勻加速運動的拉力，砂和砂桶的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車和車上砝碼的總質(zhì)量，且實驗開始前需平衡摩擦力。熟悉掌握只帶數(shù)據(jù)處理方法。13．【答案】（1）解：自由下落的位移h座椅自由下落結(jié)束時刻的速度v=g設(shè)座椅勻減速運動的總高度為h，則h=(40?4?20)m=16m由h=vt=1.（2）解：設(shè)座椅勻減速階段的加速度大小為a，座椅對游客的作用力大小為F，由v=at得a=12由牛頓第二定律得F?mg=ma解得Fmg【解析】【分析】（1）座椅先做自由落體運動在做勻減速直線。根據(jù)自由落體運動規(guī)律確定自由落體運動階段的位移。再根據(jù)位移與平均速度的關(guān)系確定勻減速運動的時間；

（2）根據(jù)速度與時間的關(guān)系確定游客的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行解答。14．【答案】（1）解：剪斷前對石塊受力分析沿傳送帶方向T垂直傳送帶方向mg滑動摩擦力f=μN(yùn)整理解得T=20N，N=20N，f=10N摩擦力方向沿斜面向上（2）解：石塊與傳送帶共速前，根據(jù)牛頓第二定律得mg解得a