天津一中2025屆高二物理第一學期期末達標檢測模擬試題含解析

天津一中2025屆高二物理第一學期期末達標檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一圓柱形勻強磁場區(qū)域的橫截面是半徑為R的圓，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外．一質量為m、電荷量為q的帶負電的粒子沿垂直于直徑ab的方向射入磁場區(qū)域，入射點與ab的距離為，已知粒子出射時速度方向偏轉了60°(不計重力)．則粒子的速率為()A.B.C.D.2、物理學的關系式確定了物理量間的數(shù)量關系的同時，也確定了物理量的單位關系，如關系式U=IR既反映了電壓、電流和電阻之間的關系，也確定了V（伏）與A（安）和Ω（歐）的乘積等效?，F(xiàn)有物理量單位：J（焦）、C（庫）、F（法）、W（瓦）、A（安）和T（特）、m（米）、s（秒），由它們組合成的單位與電壓單位V（伏）不能等效的是（）A.J/C B.C/FC.W/A D.T·m/s3、一勻強電場的方向豎直向下，時刻，一重力不計的帶正電粒子以一定初速度水平射入該電場中，時刻該帶電粒子的動能為Ek，則Ek–t關系圖象可表示為（）AB.C.D.4、下列物理量為標量的是（）A.平均速度 B.加速度C.位移 D.功5、如圖所示，某種物質發(fā)射的一束豎直向上的粒子流在勻強磁場中分成3束，分別沿三條路徑運動，則下列說法正確的是A.沿路徑1運動的粒子帶負電B.沿路徑3運動的粒子帶正電C.沿路徑2運動的粒子不帶電D.沿路徑2運動的粒子帶電量最大6、如圖所示為有兩個量程的電壓表，當使用a、b兩端點時，量程為1V；當使用a、c兩端點時，量程為10V．已知電流表的內阻Rg為50Ω，滿偏電流Ig為1mA．則R1和R2的電阻值：A.R1=950Ω，R2=9kΩB.R1=9kΩ，R2=950ΩC.R1=9kΩ，R2=1kΩD.R1=1kΩ，R2=9kΩ二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩根互相平行的長直導線過紙面上的M、N兩點，且與紙面垂直，導線中通有大小不等、方向相反的電流．a、0、b在M、N的連線上，0為MN的中點，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到0點的距離均相等．則下列說法正確的是()A.0點處的磁感應強度不可能為零B.b點處的磁感應強度不可能為零C.a、b兩點處的磁感應強度大小可能相等，方向相反D.c、d兩點處的磁感應強度大小可能相等，方向相同8、如圖所示為兩列相向傳播的振幅、波長都相同的橫波，它們在O點相遇，此后可能出現(xiàn)的狀態(tài)是A. B.C. D.9、兩根足夠長的光滑導軌豎直放置，兩導軌間距為L，底端接阻值為R的電阻。將一質量為m的金屬棒懸掛在一個固定的輕彈簧下端，金屬棒和導軌接觸良好，導軌所在平面與磁感應強度大小為B的勻強磁場垂直，如圖所示，除電阻R外，其余電阻不計?，F(xiàn)將金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放，則（）A.金屬棒將做往復運動，金屬棒動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能的總和保持不變B.金屬棒最后將靜止，靜止時彈簧的伸長量為C.金屬棒最后將靜止，整個過程中電阻R上產生的總熱量小于mg·D.當金屬棒第一次達到最大速度時，彈簧的伸長量為10、如圖所示，圖中實線是一簇未標明方向的由點電荷產生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，箭頭表示運動方向，a、b是軌跡上的兩點．若粒子在運動中只受電場力作用．根據(jù)此圖能作出的正確判斷是()A.帶電粒子所帶電荷的符號B.粒子在a、b兩點的受力方向C.粒子在a、b兩點何處速度大D.a、b兩點電場的強弱三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）由焦耳定律Q=I2Rt可知，減少電能在輸送過程中的損失有兩個途徑：一是減小輸電線的_____，二是減小輸電線的_____。12．（12分）圖（a）為某簡易多用電表的電路圖．圖中G是表頭；E是電池；R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻；R6是可變電阻；虛線方框內為換擋開關，A端和B端分別與兩表筆相連．該多用電表有5個擋位，分別為：直流電壓2.5V擋和5V擋，直流電流2.5mA擋和10mA擋，歐姆×100Ω擋(1)圖（a）中的A端與___________（填“紅”或“黑”）色表筆相連接(2)某次測量時該多用電表指針位置如圖（b）中的c位置所示．若此時多用電表使用的是直流電壓2.5V擋，則多用電表讀數(shù)為_____________V；若此時多用電表使用的是歐姆×100Ω擋，則讀數(shù)為_____________Ω(3)某次使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，若多用電表指針位置如圖（b）中的d位置，則應應將R6接入電路的電阻調______(填“大”或“小”)，才能使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置(4)當多用電表使用10mA檔時，虛線方框內的換擋開關應與________號接線柱連接四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在傾角為θ的固定光滑斜面上，放置一根長為L、質量為m、通有電流I的導體棒，為了使導體棒靜止在斜面上，現(xiàn)施加一個豎直向上的勻強磁場，求該勻強磁場的磁感應強度大小。（重力加速度為g）14．（16分）如圖所示，空間分布著方向平行于紙面且與場區(qū)邊界垂直的有界勻強電場，電場強度為E、場區(qū)寬度為L。在緊靠電場右側的圓形區(qū)域內，分布著垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應強度B大小未知，圓形磁場區(qū)域半徑為r。一質量為m，電荷量為q的帶正電的粒子從A點由靜止釋放后，在M點離開電場，并沿半徑方向射入磁場區(qū)域，然后從N點射出，O為圓心，∠MON=120°，粒子重力可忽略不計，求(1)粒子經電場加速后，進入磁場時速度的大小；(2)勻強磁場磁感應強度B的大小及粒子從A點出發(fā)到從N點離開磁場所經歷的時間；(3)若粒子在離開磁場前某時刻，磁感應強度方向不變，大小突然變?yōu)锽′，此后粒子恰好被束縛在磁場中，則B′的最小值為多少？15．（12分）如圖所示，在水平方向的勻強電場中（電場線未畫出），一根長為L，不可伸長的絕緣細線的一端連著一個質量為m的帶電小球，另一端固定于O點，將小球拉起直至細線與場強平行的A點，然后無初速釋放，已知小球最多擺到最低點另一側的B點，BO連線與豎直方向的夾角為，求：（結果可用根式表示）(1)小球經過最低點時細線對小球的拉力；(2)小球由A到B過程中的最大速度。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】粒子運動軌跡如圖所示：粒子出射時速度方向偏轉了60°，即：θ＝60°，由題意可知：入射點與ab距離為，則：AB＝CD＝，cosβ＝＝，解得：β＝60°，由幾何知識得：α＝＝＝60°，粒子做圓周運動的軌道半徑：r＝CDtanβ＋CDtanα＝tan60°＋tan60°＝R，粒子在磁場中做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB＝m，解得：v＝故C符合題意，ABD不符合題意。2、D【解析】A．根據(jù)，得1V=1J/C，所以組成的單位與電壓的單位能等效，故A不符合題意；B．根據(jù)，可得：，即1V=1C/F，所以組成的單位與電壓的單位能等效，故B不符合題意；C．由P=UI可得：，即1V=1W/A，所以組成的單位與電壓的單位能等效，故C不符合題意；D．根據(jù)E=BLv得，1V=1T?m?m/s，即T?m/s與電壓的單位不能等效，故D符合題意。故選：D。3、D【解析】帶電粒子垂直進入電場后做類平拋運動，在沿電場方向上，向下做初速度為零的勻加速直線運動，故沿電場方向上的速度為：，故t秒時粒子的動能為，則說明Ek–t關系圖象為一條拋物線，時間為零時，粒子動能不為零，故D正確ABC錯誤。故選D。4、D【解析】ABC．平均速度、加速度、位移都是有方向的物理量，是矢量，故ABC錯誤；D．功只有大小，沒有方向，是標量，故D正確。故選D。5、C【解析】粒子在勻強磁場中只受洛倫茲力作用；故由左手定則可得：不帶電的粒子不受力，做直線運動（曲線2）；帶正電粒子在洛倫茲力作用下做逆時針偏轉（曲線1）；帶負電粒子在洛倫茲力作用下做順時針偏轉（曲線3）；故C正確，ABD錯誤6、A【解析】根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路的特點可知：代入數(shù)據(jù)可解得：同理有：代入數(shù)據(jù)可解得：所以只有選項A正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】根據(jù)右手螺旋定則，M處導線在O點產生的磁場方向豎直向下，N處導線在O點產生的磁場方向豎直向下，合成后磁感應強度不等于0，故A正確．根據(jù)右手螺旋定則，M處導線在b點產生的磁場方向豎直向下，N處導線在b點產生的磁場方向豎直向下，合成后磁感應強度不等于0．故B正確；M在a處產生的磁場方向豎直向下，在b處產生的磁場方向豎直向下，N在a處產生的磁場方向豎直向下，b處產生的磁場方向豎直向下，根據(jù)場強的疊加知，a、b兩點處磁感應強度大小相等，方向相同．故C錯誤．M在c處產生的磁場方向垂直于cM偏下，在d出產生的磁場方向垂直dM偏下，N在c處產生的磁場方向垂直于cN偏下，在d處產生的磁場方向垂直于dN偏下，但因兩條導線中通有大小不等的電流，根據(jù)平行四邊形定則，知c、d兩處的合場強不可能相等．故D錯誤．故選AB8、BD【解析】當左列波的波峰和右列波的波谷相遇時，疊加后的圖象為B；當兩列波的波峰相遇時，疊加后的圖象為D；而A和C是不可能出現(xiàn)的9、BC【解析】A．根據(jù)能量轉化和守恒定律得知：金屬棒的動能、重力勢能與彈簧的彈性勢能的總和不斷減小，轉化為電路中的內能，故A錯誤；B．金屬棒最后將靜止，重力與彈簧的彈力二力平衡，由胡克定律得：彈簧伸長量為故B正確；C．據(jù)能量守恒知：最終金屬棒的重力勢能轉化為彈簧的彈性勢能和電路中的內能，棒的重力勢能減小為故知電阻R上產生的總熱量小于，故C正確；D．當金屬棒速度第一次達到最大時，重力與彈簧彈力和安培力合力平衡，彈簧的伸長量小于，故D錯誤。故選BC。第II卷（非選擇題10、BCD【解析】由題圖中粒子的運動軌跡可知粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左，由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性，故A錯誤，B正確；由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關系分析可知，電場力對粒子做負功，粒子動能減小，電勢能增大，則粒子在a點的速度較大，故C正確；根據(jù)電場線的疏密程度可判斷a、b兩點電場的強弱a點場強較大，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.電阻②.電流【解析】[1][2]．遠距離輸電時，要減少輸電線上電能的損失，根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt，發(fā)現(xiàn)有兩個途徑：一是減小輸電線的電阻，二是減小輸送的電流；12、①.(1)黑②.(2)1.48（1.46-1.49）③.1.1×103④.(3)?、?(4)1【解析】（1）歐姆表內置電源正極與黑表筆相連，紅表筆與負極相連，分析圖示電路圖答題；（2）根據(jù)多用電表所測量的量與量程確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)；（3）歐姆表的工作原理是閉合電路的歐姆定律，根據(jù)歐姆表工作原理分析答題；（4）表頭并聯(lián)的電阻越小，其改裝后的量程越大【詳解】（1）由圖（a）所示電路圖可知，A端與歐姆表內置電源的正極相連，所以A為黑表筆；（2）若此時多用電表使用的是直流電壓2.5V擋，則用0-250的量程先讀數(shù)，再除以100，即為最后讀數(shù)，所以此時的電表讀數(shù)為：．（1.46-1.49均正確）；若此時多用電表使用的是歐姆×100Ω擋，則此時的電阻讀數(shù)為：；（3）指針指在d，說明接入電路的電阻偏大，此時電流小于表頭滿偏電流，所以若將阻值往小調，這時即可達到目的，即可以讓歐姆表指針指零；（4）若表頭G并聯(lián)的電阻越小，其量程越大，故當多用電表使用10mA檔時，虛線方框內的換擋開關應與1號接線柱連接；【點睛】會規(guī)范使用多用電表，能正確讀出多用電表的示數(shù)，是解決本題的關鍵，在平時實驗訓練過程中要多加注意規(guī)范操作和正確使用，多用電表的讀數(shù)，重點是分清測量的物理量不同，讀數(shù)方法不同，電壓、電流對應量程、電阻是倍率；要特別注意四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】導體棒受重力、支持力和水平向右的安培力處于平衡，根據(jù)共點力平衡得解得所以所加磁場的磁感應強度的大小為。14、(1)；(2)；；(3)。【解析】(1)設粒子經電場加速后的速度為v，根據(jù)動能定理有：解得：(2)粒子在磁場中完成了如圖所示的部分圓運動，設其半徑為R，因洛倫茲力提供向心力所以有：由幾何關系得：所以設粒子在電場中加速的時間為t1，在磁場中偏轉的時間t2，則粒子在電場中運動的時間粒子在磁場中做勻速圓周運動，其周期為由于∠MON=120°，所以∠MO′N=60°，故粒子在磁場中運動時間所以粒子從A點出發(fā)到從N點離開磁場所用經歷的時間