2024-2025學年江西省多校高三上學期10月月考物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE1江西省10月份高三聯(lián)考物理本試卷滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。4．本試卷主要考試內(nèi)容：高考全部內(nèi)容。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.鈾235在中子轟擊下，會分裂成兩個中等質(zhì)量數(shù)的核，同時放出若干個中子，若放出的中子繼續(xù)引起重核裂變，裂變系統(tǒng)中就會形成自持的鏈式裂變反應(yīng)，中子的總數(shù)將隨時間呈指數(shù)增長，利用鈾235重原子核裂變反應(yīng)，瞬間釋放出巨大能量的核武器，亦稱裂變彈。其中一種裂變方程為。下列判斷正確的是（）A.x＝2 B.x＝3 C.x＝4 D.x＝5【答案】B【解析】根據(jù)核反應(yīng)滿足質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，有解得，故選B2.如圖所示，O點為等量異種點電荷A、B連線的中點，PQ為A、B連線的中垂線，C點為中垂線上一點，下列說法正確的是（）A.C、O兩點的電場強度相同B.C、O兩點的電勢相等C.將一負試探電荷由C點移到O點，電場力做正功D.將一正試探電荷由C點移到O點，電場力做正功【答案】B【解析】A．由等量異種電荷的場強分布規(guī)律可知，C點的電場強度大小小于O點的電場強度，方向相同，故A錯誤；B．PQ連線為等勢線，所以C、O兩點的電勢相等，故B正確；CD．由于C、O兩點的電勢相等，所以無論是正電荷還是負電荷，由C點移到O點，電場力都不做功，故CD錯誤。故選B。3.如圖所示，真空中的楔形玻璃的橫截面POQ的頂角為30°，一束激光從S點垂直射入玻璃，從N點射出時的折射角為45°，已知S點到O點的距離為d，光在真空中的傳播速度為c，激光在玻璃中傳播的時間為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】根據(jù)題圖可知，折射率則激光在玻璃中的傳播速度為激光在玻璃中傳播的時間為故選C。4.一名宇航員來到一個星球上，該星球的質(zhì)量與地球的質(zhì)量相等，它的直徑是地球直徑的2倍，地球和該星球均可視為均質(zhì)球體，那么這名宇航員攜帶的單擺（在地球表面上時擺動周期為2s的單擺）在該星球上的擺動周期為（）A. B. C.2s D.4s【答案】D【解析】物體在星球表面有該星球的質(zhì)量與地球的質(zhì)量相等，可知該星球表面重力加速度與地球表面重力加速度之比為根據(jù)單擺周期公式可知在該星球上的擺動周期為故選D。5.一半徑為R的圓柱體水平固定，橫截面如圖所示，長度為、不可伸長的輕細繩，一端固定在圓柱體最高點P，另一端系一個質(zhì)量為m的小球，小球位于P點右側(cè)同一水平高度的Q點時，繩剛好拉直，將小球從Q點由靜止釋放，不計空氣阻力，重力加速度大小為g，小球的最大動能為（）A.（π＋1）mgR B.（π＋2）mgR C. D.【答案】A【解析】當與圓柱體未接觸部分的細繩豎直時，小球的動能最大，此時下落的高度為根據(jù)動能定理有解得故選A。6.如圖所示，兩根相互平行的光滑長直金屬導軌固定在水平絕緣桌面上，在導軌的左端接入電容為C的電容器。質(zhì)量為m、阻值為R的導體棒MN靜止于導軌上，與導軌垂直，且接觸良好，導軌電阻忽略不計，整個系統(tǒng)處于方向豎直向下的勻強磁場中。開始時，電容器所帶的電荷量為Q，合上開關(guān)S后，下列說法正確的是（）A.通過導體棒MN的電流最大值為B.導體棒MN先向右加速運動后勻速運動C.導體棒MN速度最大時所受的安培力也最大D.導體棒MN上產(chǎn)生的焦耳熱等于電容器釋放的能量【答案】B【解析】A．通過導體棒MN的電流最大時，導體棒MN所受安培力的最大，通過導體棒MN的電流最大值為故A錯誤；B．當電容器兩極板間的電壓大于導體棒MN切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢時，導體棒MN受到向右的安培力，導體棒MN做加速運動，隨著導體棒MN的速度增大，導體棒MN切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢增大，導體棒MN受到向右的安培力逐漸減小直至為零，導體棒MN最終向右勻速運動，故B正確；C．導體棒MN速度最大時，電容器兩極板間的電壓等于導體棒MN切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，回路中電流為0，則此時安培力為0，故C錯誤；D．開始時電容器中儲存的部分電能轉(zhuǎn)化為焦耳熱和導體棒的動能，故D錯誤。故選B。7.如圖所示，足夠長的固定光滑斜面上有兩個挨得很近的小球A、B，將小球A以初速度水平拋出的同時，小球B開始以速度沿斜面向下運動，不計空氣阻力，兩小球均可視為質(zhì)點，當小球A落到斜面上的P點時，下列說法正確的是（）A.此時小球B的位置在P點以下 B.此時小球B的位置在P點以上C.此時小球B的位置在P點D.由于未知，故無法確定此時小球B的位置【答案】A【解析】設(shè)A球落到P點的時間為t，AP的豎直位移為h；A球做平拋運動，則，則可得則水平位移為所以B球做的是初速度為的勻加速直線運動，加速度的大小為a=gsinθ根據(jù)位移公式聯(lián)立可得因為則所以即故當小球A落到斜面上的P點時，小球B的位置在P點以下。故選A。8.如圖所示，一個半球形的碗固定在桌面上，碗口水平，O點為其球心，碗的內(nèi)表面及碗口是光滑的。一根輕質(zhì)細線跨在碗口上，線的兩端分別系有兩個小球。當它們處于平衡狀態(tài)時，碗內(nèi)質(zhì)量為m的小球和O點的連線與豎直方向的夾角為30°，另一小球靜止于空中，兩小球均視為質(zhì)點，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）A.碗內(nèi)小球受到的支持力大小為mg B.小球?qū)ν氲膲毫Υ笮镃.細線中的張力大小為mg D.碗外小球的質(zhì)量為【答案】BD【解析】ABC．對碗內(nèi)小球受力分析，設(shè)繩上的拉力為F，碗對小球的支持力為FN，根據(jù)平衡條件可得解得根據(jù)牛頓第三定律可得，碗內(nèi)小球受到的支持力大小等于小球?qū)ν氲膲毫Υ笮椋蔄C錯誤，B正確；D．外面的小球保持靜止狀態(tài)，根據(jù)平衡條件可得解得故D正確。故選BD。9.如圖所示，t＝0時刻，將可視為質(zhì)點的物體從光滑斜面上的A點由靜止釋放，物體先做勻加速直線運動經(jīng)過B點后進入水平面做勻減速直線運動，最后停在C點。每隔2s物體的瞬時速度記錄在下表中，已知物體經(jīng)過B點前后的速度大小不變，下列說法正確的是（）t/s0246804897A.t＝5s時物體恰好經(jīng)過B點B.t＝14s時物體恰好停在C點C.物體的最大速度為10m/sD.A、B兩點間的距離等于B、C兩點間的距離【答案】AC【解析】AC．根據(jù)前三段數(shù)據(jù)可知勻加速運動的加速度大小為后兩段數(shù)據(jù)可得勻減速直線運動的加速度大小為設(shè)從再經(jīng)過到達B點，即達到最大速度，有解得，即在t＝5s時物體恰好經(jīng)過B點，且達到最大速度，故AC正確；B．物體從B點減速的時間為則物體共經(jīng)過停在C點，故B錯誤；D．A、B兩點間距離和B、C兩點間的距離分別為故D錯誤。故選AC。10.輸電能耗演示電路如圖所示。左側(cè)a、b間接入有效值不變的正弦交變電壓，輸電線的電阻為r。開關(guān)S接1時，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為3∶2；開關(guān)S接2時，原、副線圈匝數(shù)比為1∶2；開關(guān)S接1和接2時，負載電阻R上的熱功率相等，下列說法正確的是（）A.r∶R=3∶4 B.開關(guān)S接1時的輸電效率為75%C.開關(guān)S接2時的輸電效率為25% D.開關(guān)S接1和接2時的輸電效率相等【答案】ABC【解析】A．因為R的功率不變，所以R的電流不變，設(shè)R的電流為I；當開關(guān)接2時，原線圈的電流為，副線圈電壓為IR，原線圈電壓為，r電壓為，則當電源電壓為開關(guān)接1時，原線圈的電流為2I，副線圈電壓為IR，原線圈電壓為，r電壓為2Ir，則解得故A正確；BCD．開關(guān)S接1時的輸電效率為開關(guān)S接2時的輸電效率為故BC正確，D錯誤。故選ABC。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學利用如圖甲所示的實驗裝置驗證牛頓第二運動定律，所用器材有：右端帶滑輪的長木板、輕細繩、若干個相同的鉤碼、光電門2個、電腦數(shù)字計時器、帶遮光條的滑塊。實驗操作步驟如下：①安裝器材，調(diào)整木板左端高度，在不懸掛鉤碼時使滑塊能夠沿木板勻速下滑；②先在細繩下端懸掛一個鉤碼，接通電源，釋放滑塊，數(shù)字計時器可直接顯示滑塊的加速度大?。虎鄹淖儜覓煦^碼的數(shù)量重復實驗，得到多組數(shù)據(jù)，以滑塊加速度的倒數(shù)為縱坐標，懸掛鉤碼總質(zhì)量的倒數(shù)為橫坐標，描點得到如圖乙所示的圖像，圖像的截距為b，斜率為k?；卮鹣铝袉栴}：（1）當?shù)氐闹亓铀俣却笮＝______。（2）滑塊的質(zhì)量M＝______?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳解】以鉤碼為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得以滑塊為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得可得根據(jù)圖像可得解得重力加速度為【小問2詳解】根據(jù)可知圖像的斜率為可知滑塊的質(zhì)量為12.某同學測量一根粗細均勻的導體的電阻率，步驟如下：（1）用10分度的游標卡尺測量其長度如圖甲所示，可知其長度L=______cm。（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，可知其直徑d=______mm。（3）因電表內(nèi)阻未知，用如圖丙所示的電路來判定電流表應(yīng)該內(nèi)接還是外接。正確連線后，合上開關(guān)S，將滑動變阻器的滑片P移至合適位置。單刀雙擲開關(guān)K擲到1，電壓表的讀數(shù)，電流表的示數(shù)如圖丁所示，其讀數(shù)______A；將K擲到2，電壓表和電流表的讀數(shù)分別為、。由此可知應(yīng)采用電流表______（填“內(nèi)”或“外”）接法，電阻的測量值比真實值______（填“偏大”“偏小”或“一樣”）。（4）根據(jù)上面的數(shù)據(jù)，算得該材料的電阻率ρ=______Ω·m（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。【答案】（1）11.97（2）1.800（3）0.28內(nèi)偏大（4）【解析】【小問1詳解】游標卡尺讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標尺讀數(shù)之和，所以【小問2詳解】螺旋測微器讀數(shù)為固定刻度與可動刻度之和，所以【小問3詳解】[1]由于電流表量程為0~0.6A，則精度為0.02A，所以電流表讀數(shù)為[2]由于說明電壓表分流作用明顯，即待測電阻阻值較大，故應(yīng)采用電流表內(nèi)接法；[3]由于電流表的分壓作用，電壓的測量值偏大，則電阻偏大，電阻率測量值比真實值偏大?！拘?詳解】根據(jù)電阻定律，解得13.由兩段圓柱體連接而成的導熱容器上端與大氣連通，用直徑為d的光滑活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞連接的細線將該裝置懸掛在天花板上，當封閉氣體的熱力學溫度為時，活塞到容器上、下的距離分別為h、H，如圖甲所示。環(huán)境溫度緩慢升高，容器內(nèi)封閉氣體的壓強一體積關(guān)系如圖乙所示，圖乙中A點的氣體狀態(tài)與圖甲對應(yīng)，已知A、B兩點連線和橫軸平行，B、C兩點連線和縱軸平行，容器的質(zhì)量為M，外界大氣壓恒為，重力加速度大小為g。求：（1）圖乙中A點對應(yīng)的封閉氣體的壓強p；（2）圖乙中B點對應(yīng)的封閉氣體的熱力學溫度T。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】容器懸掛后處于平衡狀態(tài)，有解得【小問2詳解】從A點到B點的過程中，氣體發(fā)生等壓變化，從B到C等容變化，說明B態(tài)對應(yīng)于活塞到達了最高位置，有解得14.如圖所示，在的區(qū)域Ⅰ內(nèi)存在垂直坐標平面向里的勻強磁場，在的區(qū)域Ⅱ內(nèi)存在垂直坐標平面向外的勻強磁場，區(qū)域Ⅰ、Ⅱ內(nèi)勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小均為。質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的粒子沿x軸從原點O射入?yún)^(qū)域Ⅰ，從點P（3a，a）進入?yún)^(qū)域Ⅱ，不計粒子受到的重力，求：（1）粒子射入磁場時的速度大??；（2）粒子離開磁場時的縱坐標y?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳解】設(shè)粒子在磁場中運動軌跡半徑為R，有解得【小問2詳解】如圖所示粒子在區(qū)域Ⅰ中運動軌跡的圓心為，在區(qū)域Ⅱ中運動軌跡的圓心為，則有解得15.如圖所示，質(zhì)量為3m、半徑為R的四分之一光滑圓弧軌道放在光滑水平地面上，下端與水平地面相切，可視為質(zhì)點的質(zhì)量為5m的物塊B靜止在光滑的水平地面上，其左端固定有水平輕彈簧，可視為質(zhì)點的質(zhì)量為m的物塊A從圓弧軌道的頂端由靜止滑下，之后物塊A與彈簧發(fā)生作用，并沖上圓弧軌道，不計空氣阻力，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度大小為g。求：（1）彈簧被壓縮的最大彈性勢能。（2）物塊A沿圓弧軌道上升的最大高度h；（3）圓弧軌道的最大速度?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳解】以水平向右為正方向，設(shè)物塊A第一次離開圓弧軌道時，物塊A的速度大小為，圓弧軌道的速度大小為，彈簧被壓縮至最短時，物塊A、B的速度大小為，則有解得【小問2詳解】設(shè)物塊A與彈簧分離時，物塊A的速度大小為，物塊B的速度大小為，物塊A與圓弧軌道上升到最大高度時，兩者的速度大小為，有解得【小問3詳解】設(shè)物塊A與圓弧軌道再次分離時，物塊A的速度為，有解得江西省10月份高三聯(lián)考物理本試卷滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。4．本試卷主要考試內(nèi)容：高考全部內(nèi)容。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.鈾235在中子轟擊下，會分裂成兩個中等質(zhì)量數(shù)的核，同時放出若干個中子，若放出的中子繼續(xù)引起重核裂變，裂變系統(tǒng)中就會形成自持的鏈式裂變反應(yīng)，中子的總數(shù)將隨時間呈指數(shù)增長，利用鈾235重原子核裂變反應(yīng)，瞬間釋放出巨大能量的核武器，亦稱裂變彈。其中一種裂變方程為。下列判斷正確的是（）A.x＝2 B.x＝3 C.x＝4 D.x＝5【答案】B【解析】根據(jù)核反應(yīng)滿足質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，有解得，故選B2.如圖所示，O點為等量異種點電荷A、B連線的中點，PQ為A、B連線的中垂線，C點為中垂線上一點，下列說法正確的是（）A.C、O兩點的電場強度相同B.C、O兩點的電勢相等C.將一負試探電荷由C點移到O點，電場力做正功D.將一正試探電荷由C點移到O點，電場力做正功【答案】B【解析】A．由等量異種電荷的場強分布規(guī)律可知，C點的電場強度大小小于O點的電場強度，方向相同，故A錯誤；B．PQ連線為等勢線，所以C、O兩點的電勢相等，故B正確；CD．由于C、O兩點的電勢相等，所以無論是正電荷還是負電荷，由C點移到O點，電場力都不做功，故CD錯誤。故選B。3.如圖所示，真空中的楔形玻璃的橫截面POQ的頂角為30°，一束激光從S點垂直射入玻璃，從N點射出時的折射角為45°，已知S點到O點的距離為d，光在真空中的傳播速度為c，激光在玻璃中傳播的時間為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】根據(jù)題圖可知，折射率則激光在玻璃中的傳播速度為激光在玻璃中傳播的時間為故選C。4.一名宇航員來到一個星球上，該星球的質(zhì)量與地球的質(zhì)量相等，它的直徑是地球直徑的2倍，地球和該星球均可視為均質(zhì)球體，那么這名宇航員攜帶的單擺（在地球表面上時擺動周期為2s的單擺）在該星球上的擺動周期為（）A. B. C.2s D.4s【答案】D【解析】物體在星球表面有該星球的質(zhì)量與地球的質(zhì)量相等，可知該星球表面重力加速度與地球表面重力加速度之比為根據(jù)單擺周期公式可知在該星球上的擺動周期為故選D。5.一半徑為R的圓柱體水平固定，橫截面如圖所示，長度為、不可伸長的輕細繩，一端固定在圓柱體最高點P，另一端系一個質(zhì)量為m的小球，小球位于P點右側(cè)同一水平高度的Q點時，繩剛好拉直，將小球從Q點由靜止釋放，不計空氣阻力，重力加速度大小為g，小球的最大動能為（）A.（π＋1）mgR B.（π＋2）mgR C. D.【答案】A【解析】當與圓柱體未接觸部分的細繩豎直時，小球的動能最大，此時下落的高度為根據(jù)動能定理有解得故選A。6.如圖所示，兩根相互平行的光滑長直金屬導軌固定在水平絕緣桌面上，在導軌的左端接入電容為C的電容器。質(zhì)量為m、阻值為R的導體棒MN靜止于導軌上，與導軌垂直，且接觸良好，導軌電阻忽略不計，整個系統(tǒng)處于方向豎直向下的勻強磁場中。開始時，電容器所帶的電荷量為Q，合上開關(guān)S后，下列說法正確的是（）A.通過導體棒MN的電流最大值為B.導體棒MN先向右加速運動后勻速運動C.導體棒MN速度最大時所受的安培力也最大D.導體棒MN上產(chǎn)生的焦耳熱等于電容器釋放的能量【答案】B【解析】A．通過導體棒MN的電流最大時，導體棒MN所受安培力的最大，通過導體棒MN的電流最大值為故A錯誤；B．當電容器兩極板間的電壓大于導體棒MN切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢時，導體棒MN受到向右的安培力，導體棒MN做加速運動，隨著導體棒MN的速度增大，導體棒MN切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢增大，導體棒MN受到向右的安培力逐漸減小直至為零，導體棒MN最終向右勻速運動，故B正確；C．導體棒MN速度最大時，電容器兩極板間的電壓等于導體棒MN切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，回路中電流為0，則此時安培力為0，故C錯誤；D．開始時電容器中儲存的部分電能轉(zhuǎn)化為焦耳熱和導體棒的動能，故D錯誤。故選B。7.如圖所示，足夠長的固定光滑斜面上有兩個挨得很近的小球A、B，將小球A以初速度水平拋出的同時，小球B開始以速度沿斜面向下運動，不計空氣阻力，兩小球均可視為質(zhì)點，當小球A落到斜面上的P點時，下列說法正確的是（）A.此時小球B的位置在P點以下 B.此時小球B的位置在P點以上C.此時小球B的位置在P點D.由于未知，故無法確定此時小球B的位置【答案】A【解析】設(shè)A球落到P點的時間為t，AP的豎直位移為h；A球做平拋運動，則，則可得則水平位移為所以B球做的是初速度為的勻加速直線運動，加速度的大小為a=gsinθ根據(jù)位移公式聯(lián)立可得因為則所以即故當小球A落到斜面上的P點時，小球B的位置在P點以下。故選A。8.如圖所示，一個半球形的碗固定在桌面上，碗口水平，O點為其球心，碗的內(nèi)表面及碗口是光滑的。一根輕質(zhì)細線跨在碗口上，線的兩端分別系有兩個小球。當它們處于平衡狀態(tài)時，碗內(nèi)質(zhì)量為m的小球和O點的連線與豎直方向的夾角為30°，另一小球靜止于空中，兩小球均視為質(zhì)點，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）A.碗內(nèi)小球受到的支持力大小為mg B.小球?qū)ν氲膲毫Υ笮镃.細線中的張力大小為mg D.碗外小球的質(zhì)量為【答案】BD【解析】ABC．對碗內(nèi)小球受力分析，設(shè)繩上的拉力為F，碗對小球的支持力為FN，根據(jù)平衡條件可得解得根據(jù)牛頓第三定律可得，碗內(nèi)小球受到的支持力大小等于小球?qū)ν氲膲毫Υ笮椋蔄C錯誤，B正確；D．外面的小球保持靜止狀態(tài)，根據(jù)平衡條件可得解得故D正確。故選BD。9.如圖所示，t＝0時刻，將可視為質(zhì)點的物體從光滑斜面上的A點由靜止釋放，物體先做勻加速直線運動經(jīng)過B點后進入水平面做勻減速直線運動，最后停在C點。每隔2s物體的瞬時速度記錄在下表中，已知物體經(jīng)過B點前后的速度大小不變，下列說法正確的是（）t/s0246804897A.t＝5s時物體恰好經(jīng)過B點B.t＝14s時物體恰好停在C點C.物體的最大速度為10m/sD.A、B兩點間的距離等于B、C兩點間的距離【答案】AC【解析】AC．根據(jù)前三段數(shù)據(jù)可知勻加速運動的加速度大小為后兩段數(shù)據(jù)可得勻減速直線運動的加速度大小為設(shè)從再經(jīng)過到達B點，即達到最大速度，有解得，即在t＝5s時物體恰好經(jīng)過B點，且達到最大速度，故AC正確；B．物體從B點減速的時間為則物體共經(jīng)過停在C點，故B錯誤；D．A、B兩點間距離和B、C兩點間的距離分別為故D錯誤。故選AC。10.輸電能耗演示電路如圖所示。左側(cè)a、b間接入有效值不變的正弦交變電壓，輸電線的電阻為r。開關(guān)S接1時，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為3∶2；開關(guān)S接2時，原、副線圈匝數(shù)比為1∶2；開關(guān)S接1和接2時，負載電阻R上的熱功率相等，下列說法正確的是（）A.r∶R=3∶4 B.開關(guān)S接1時的輸電效率為75%C.開關(guān)S接2時的輸電效率為25% D.開關(guān)S接1和接2時的輸電效率相等【答案】ABC【解析】A．因為R的功率不變，所以R的電流不變，設(shè)R的電流為I；當開關(guān)接2時，原線圈的電流為，副線圈電壓為IR，原線圈電壓為，r電壓為，則當電源電壓為開關(guān)接1時，原線圈的電流為2I，副線圈電壓為IR，原線圈電壓為，r電壓為2Ir，則解得故A正確；BCD．開關(guān)S接1時的輸電效率為開關(guān)S接2時的輸電效率為故BC正確，D錯誤。故選ABC。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學利用如圖甲所示的實驗裝置驗證牛頓第二運動定律，所用器材有：右端帶滑輪的長木板、輕細繩、若干個相同的鉤碼、光電門2個、電腦數(shù)字計時器、帶遮光條的滑塊。實驗操作步驟如下：①安裝器材，調(diào)整木板左端高度，在不懸掛鉤碼時使滑塊能夠沿木板勻速下滑；②先在細繩下端懸掛一個鉤碼，接通電源，釋放滑塊，數(shù)字計時器可直接顯示滑塊的加速度大??；③改變懸掛鉤碼的數(shù)量重復實驗，得到多組數(shù)據(jù)，以滑塊加速度的倒數(shù)為縱坐標，懸掛鉤碼總質(zhì)量的倒數(shù)為橫坐標，描點得到如圖乙所示的圖像，圖像的截距為b，斜率為k。回答下列問題：（1）當?shù)氐闹亓铀俣却笮＝______。（2）滑塊的質(zhì)量M＝______。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】以鉤碼為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得以滑塊為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得可得根據(jù)圖像可得解得重力加速度為【小問2詳解】根據(jù)可知圖像的斜率為可知滑塊的質(zhì)量為12.某同學測量一根粗細均勻的導體的電阻率，步驟如下：（1）用10分度的游標卡尺測量其長度如圖甲所示，可知其長度L=______cm。（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，可知其直徑d=______mm。（3）因電表內(nèi)阻未知，用如圖丙所示的電路來判定電流表應(yīng)該內(nèi)接還是外接。正確連線后，合上開關(guān)S，將滑動變阻器的滑片P移至合適位置。單刀雙擲開關(guān)K擲到1，電壓表的讀數(shù)，電流表的示數(shù)如圖丁所示，其讀數(shù)______A；將K擲到2，電壓表和電流表的讀數(shù)分別為、。由此可知應(yīng)采用電流表______（填“內(nèi)”或“外”）接法，電阻的測量值比真實值______（填“偏大”“偏小”或“一樣”）。（4）根據(jù)上面的數(shù)據(jù)，算得該材料的電阻率ρ=______Ω·m（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）11.97（2）1.800（3）0.28內(nèi)偏大（4）【解析】【小問1詳解】游標卡尺讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標尺讀數(shù)之和，所以【小問2詳解】螺旋測微器讀數(shù)為固定刻度與可動刻度之和，所以【小問3詳解】[1]由于電流表量程為0~0.6A，則精度為0.02A，所以電流表讀數(shù)為[2]由于說明電壓表分流作用明顯，即待測電阻阻值較大，故應(yīng)采用電流表內(nèi)接法；[3]由于電流表的