（詳解詳析）2024年河南某外國(guó)語中學(xué)三模·物理

物理試卷第頁（共頁）2024年河南某外國(guó)語中學(xué)三?！の锢碓斀庠斘鲆弧⑻羁疹}（本題共6小題，每空1分，共14分）1.音色

鼓面【解析】聽眾能區(qū)分出是哪種樂器發(fā)出的聲音是根據(jù)聲音的音色不同；鼓聲是由鼓面的振動(dòng)產(chǎn)生的.2.引力

吸引輕小物體【解析】?jī)傻涡∷椤拔钡揭黄鸪蔀橐坏未笏槭且驗(yàn)榉肿娱g存在引力；因?yàn)閹щ婓w具有吸引輕小物體的性質(zhì)，塑料尺與頭發(fā)摩擦后帶電，故能“吸”起碎紙屑.3.變大

變大

勻速直線運(yùn)動(dòng)【解析】慣性的大小與物體的質(zhì)量有關(guān)，物體的質(zhì)量越大，慣性越大；雪球越滾越大，雪球的質(zhì)量變大，故其慣性變大；質(zhì)量變大，速度不變，物體的動(dòng)能變大，故雪球在勻速滾動(dòng)過程中，動(dòng)能變大；假如雪球在滾動(dòng)過程中受到的外力全部消失，根據(jù)牛頓第一定律可知，雪球?qū)⒈３謩蛩僦本€運(yùn)動(dòng)狀態(tài).4.電磁波

60【解析】激光屬于電磁波；已知激光的傳播速度為3×108

m/s，汽車的激光雷達(dá)發(fā)出激光后經(jīng)4×10-7

s接收到反射光，則激光從汽車到障礙物的時(shí)間為t=4×10?7s2=2×10?75.6

R1

108

【解析】由圖甲可知，當(dāng)開關(guān)S閉合后，電阻R1與R2并聯(lián)，電壓表測(cè)量R1（或R2或電源）兩端電壓，電流表A1測(cè)量干路中的電流，電流表A2測(cè)量通過R2的電流.根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知，電流表A1的示數(shù)一定大于A2的示數(shù)；由圖乙可知，干路的電流I=1.5A，通過R2的電流I2=0.3A，則通過R1的電流為I1=I-I2=1.5A-0.3A=1.2A，則電壓表示數(shù)為U2=I2R2=0.3A×20Ω=6V；R1的阻值R1=U1I1=U2I1=6

V1.2

A=5

Ω，同種材料制成的長(zhǎng)度相同的導(dǎo)體，橫截面積越大，其電阻越小，由于R6.<

甲、乙球的初始機(jī)械能相同，運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)甲球的一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為橡皮筋的彈性勢(shì)能，乙球的機(jī)械能守恒，故W甲＜W乙【解析】初始階段，甲、乙兩球的質(zhì)量和高度相同，它們具有的機(jī)械能相等，在甲球擺動(dòng)到C點(diǎn)的過程中，甲球的一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為橡皮筋的彈性勢(shì)能，導(dǎo)致甲球的機(jī)械能減??；不計(jì)空氣阻力，則乙球在擺動(dòng)到C點(diǎn)的過程中，其機(jī)械能守恒，故W甲＜W乙.二、選擇題（本題共8小題，每小題2分，共16分.第7~12題每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求；第13~14題每小題有兩個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得2分，選對(duì)但不全的得1分，有錯(cuò)選的得0分）7.A【解析】一名中學(xué)生的正常體溫約為37℃，A符合實(shí)際

；用空調(diào)正常工作的電流約為3~10A，B不符合實(shí)際

；一名中學(xué)生的重力約為500N，對(duì)地面的壓力約為500N

，C不符合實(shí)際

；體育考試中所用實(shí)心球的質(zhì)量約為2kg，D不符合實(shí)際.故選A.8.B【解析】“池水映明月，潭清疑水淺”中的“水淺”是由光的折射造成的，A正確，不符合題意

；“千山鳥飛絕，萬徑人蹤滅”中“鳥飛”是因?yàn)榱魉僭酱蟮牡胤綁簭?qiáng)越小，B錯(cuò)誤，符合題意

；“遲日江山麗，春風(fēng)花草香”中“花草香”的原因是分子在不停地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，C正確，不符合題意

；“兩岸青山相對(duì)出，孤帆一片日邊來”中以“孤帆”為參照物，“青山”是運(yùn)動(dòng)的，D正確，不符合題意.故選B.9.C【解析】花花抱住樹干休息時(shí)處于靜止?fàn)顟B(tài)，豎直方向上受重力、摩擦力的作用，摩擦力等于重力，A錯(cuò)誤；花花對(duì)地面的壓力不變，雙腳站立時(shí)比四肢著地時(shí)的受力面積小，由p=

FS可知，雙腳站立時(shí)的壓強(qiáng)大，B錯(cuò)誤

；用力將竹子掰彎，說明力可以改變物體的形狀，C正確；躺平時(shí)受到的支持力和重力作用在花花身上，大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，是一對(duì)平衡力，D錯(cuò)誤.故選10.B【解析】由圖可知，當(dāng)光屏上出現(xiàn)清晰的像時(shí)，物距大于像距，此時(shí)成的是倒立、縮小的實(shí)像，照相機(jī)就是利用這一成像原理工作的，A正確，不符合題意；由凸透鏡成像規(guī)律可知，

u=30.0

cm>2f，f<v=20.0

cm<2f，解得

10.0

cm<f<15.0

cm，B錯(cuò)誤，符合題意；保持凸透鏡的位置不變，將蠟燭和光屏的位置互換后物距小于像距，根據(jù)光路可逆性可知，光屏上還能成像，此時(shí)成倒立、放大的實(shí)像，C正確，不符合題11.C【解析】由圖可知，鋁的比熱容隨溫度的升高而增大，A錯(cuò)誤；由圖可知，鋁的比熱容在100~110℃區(qū)間的圖線比在160~170℃區(qū)間的圖線更陡，變化更快，B錯(cuò)誤；由圖可知，鋁在100℃的比熱容小于在160℃時(shí)的比熱容，質(zhì)量和吸收的熱量相同時(shí)，根據(jù)Q=cmΔt可知，100℃的鋁比160℃的鋁的溫度變化大，C正確；鋁在100~110℃區(qū)間的比熱容比在160~170℃區(qū)間的比熱容小，根據(jù)Q=cmΔt可知，升高相同的溫度，比熱容越大，吸收的熱量越多，故一定質(zhì)量的鋁從100℃升高至110℃吸收的熱量比從160℃升高至170℃吸收的熱量少，D錯(cuò)誤.故選C.12.D【解析】風(fēng)力發(fā)電機(jī)的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象.選項(xiàng)A的原理是通電導(dǎo)體周圍存在磁場(chǎng)，A不符合題意；B的原理是通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中受到力的作用，B不符合題意；C的原理是電磁鐵磁性的強(qiáng)弱與電流的大小有關(guān)，C不符合題意；D的原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，D符合題意.故選D.13.AC【解析】手機(jī)芯片是采用半導(dǎo)體材料制成的，A正確；核能屬于不可再生能源，地?zé)崮軐儆诳稍偕茉?，B錯(cuò)誤；核潛艇是利用核裂變來獲取動(dòng)力的，C正確；激光在光導(dǎo)纖維的內(nèi)壁是經(jīng)過多次反射來傳遞信息的，D錯(cuò)誤.故選AC.14.BD【解析】小球在甲液體中漂浮，F(xiàn)浮甲=G球，小球在乙液體中懸浮，F(xiàn)浮乙=G球，由于小球的重力不變，故小球在甲、乙兩液體中受到的浮力相等，A錯(cuò)誤；小球在甲液體中漂浮，則ρ球＜ρ甲，小球在乙液體中懸浮，則ρ球=ρ乙，故ρ甲＞ρ乙，B正確；由圖可知，甲、乙兩液體的深度h相同，ρ甲＞ρ乙，根據(jù)p=ρ液gh可知，p甲＞p乙，C錯(cuò)誤；甲液體的密度大于小球的密度，乙液體的密度等于小球的密度，則甲、乙兩液體混合后的密度一定大于小球的密度，故將小球放入混合液體中靜止時(shí)小球呈漂浮狀態(tài)，D正確.故選BD.三、作圖題（本題共2小題，每小題2分，共4分）15.如答圖所示【解析】由題意可知，在沙發(fā)右側(cè)D部位被抬起來的過程中，B點(diǎn)部位始終不離地，且與地面不發(fā)生滑動(dòng)，則B點(diǎn)是支點(diǎn)，根據(jù)杠桿的平衡條件可知，要使動(dòng)力最小，動(dòng)力臂應(yīng)最長(zhǎng)，由圖可知，連接BC，動(dòng)力作用在C點(diǎn)，BC就是最長(zhǎng)的動(dòng)力臂.連接BC，過C點(diǎn)沿向上的方向作BC的垂線，并在線段的末端標(biāo)注箭頭，就是最小動(dòng)力F，具體如答圖所示.16.如答圖所示【解析】螺線管通電時(shí)具有磁性，相當(dāng)于一個(gè)條形磁體，轉(zhuǎn)動(dòng)后靜止時(shí)A端指向北方，B端指向南方，則A端為通電螺線管的N極，B端為S極，根據(jù)異名磁極相互吸引可知，靠近通電螺線管B端的那端為小磁針的N極；再利用安培定則可知，P點(diǎn)的電流方向向上，具體如答圖所示.四、實(shí)驗(yàn)探究題（本題共3小題，第17題4分，第18題6分，第19題9分，共19分）17.（1）30℃

（2）

入射光線與反射光線重合

（3）在同一平面內(nèi)

（4）上升【解析】（1）入射光線與法線的夾角為入射角，由圖乙可知，入射角為90°-

60°=30°；（2）使入射光沿法線NO射入O點(diǎn)，則反射光沿法線ON原路反射回去，此時(shí)反射光線與入射光線重合，故光束變亮了；（3）將紙板F繞ON向后折，發(fā)現(xiàn)紙板F上看不到反射光，這說明反射光線、入射光線和法線在同一平面內(nèi)；（4）保持入射光的方向不變，在水面上升或下降時(shí)，反射光線也是平行的，由此畫出光斑移動(dòng)到B'點(diǎn)時(shí)的反射光線，如解圖所示，由解圖可知，水面上升.18.（1）勻速直線

（2）壓力大小

（3）不能

沒有控制壓力大小相同

（4）

=（5）

B【解析】（1）實(shí)驗(yàn)過程中，當(dāng)用彈簧測(cè)力計(jì)拉著木塊在水平木板上做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，木塊處于平衡狀態(tài)，此時(shí)木塊受到的摩擦力和拉力是一對(duì)平衡力，二者大小相等，通過彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)就可以測(cè)得木塊所受的滑動(dòng)摩擦力的大??；（2）比較甲、乙兩次實(shí)驗(yàn)可知，接觸面的粗糙程度相同，壓力大小不同，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)不同，即滑動(dòng)摩擦力的大小不同，這兩次實(shí)驗(yàn)是為了探究滑動(dòng)摩擦力的大小與壓力大小的關(guān)系；（3）要得出滑動(dòng)摩擦力的大小跟接觸面的粗糙程度有關(guān)的結(jié)論，實(shí)驗(yàn)過程中應(yīng)控制壓力大小相同，只改變接觸面的粗糙程度，甲、丙兩次實(shí)驗(yàn)未控制壓力大小相同，違背了控制變量法，故不能得出相關(guān)結(jié)論；（4）由圖丁可知，在0~t1和t1~t2時(shí)間內(nèi)，木塊均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，只是速度大小不同，拉力大小始終等于滑動(dòng)摩擦力，由于滑動(dòng)摩擦力的大小不變，故兩次的拉力大小相等，即F1=F2；（5）要探究滑動(dòng)摩擦力與壓強(qiáng)的關(guān)系，應(yīng)保持其他因素都不變，只改變壓強(qiáng)的大小，故應(yīng)選B.19.（1）如答圖所示

（2）滑動(dòng)變阻器

2

（3）右

2:1

（4）反比

（5）②0.2

③8.3【解析】（1）電流表應(yīng)與定值電阻串聯(lián)，電壓表應(yīng)與定值電阻并聯(lián)，改正方法：把連接電流表“-”接線柱的導(dǎo)線，改接到電壓表“3V”接線柱上；（2）閉合開關(guān)，電流表和電壓表均無示數(shù)，說明斷路出現(xiàn)在與電壓表并聯(lián)以外的電路，即滑動(dòng)變阻器發(fā)生斷路；由圖乙可知，電流表示數(shù)為

0.4

A，而定值電阻的阻值為

5

Ω，則此時(shí)電壓表示數(shù)（3）當(dāng)把

5

Ω的定值電阻換為

10

Ω時(shí)，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理可知，此時(shí)定值電阻兩端的電壓變大，為了保持定值電阻兩端的電壓不變，應(yīng)增大滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值，即把滑片向右滑動(dòng)；在電壓表示數(shù)不變時(shí)，根據(jù)

P=UI=U（4）由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，當(dāng)電壓一定時(shí)，導(dǎo)體中的電流與導(dǎo)體的電阻成反比；（5）①閉合開關(guān)

S和

S1，斷開

S2，小燈泡

L與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)（等效電路如圖

a所示），電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器使小燈泡正常發(fā)光，此時(shí)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓為

7

V?2.5

V=4.5

V；②保持滑片的位置不變，開關(guān)

S和

S2閉合，

S1斷開（等效電路如圖

b所示），此時(shí)

R0與滑動(dòng)變阻器的最大電阻串聯(lián)，電壓表測(cè)量滑片

P右側(cè)電阻絲兩端的電壓，電壓表的示數(shù)為

3

V；再將滑動(dòng)變阻器的滑片移到最左端，滑動(dòng)變阻器的最大電阻仍與

R0串聯(lián)（等效電路如圖

c所示），此時(shí)電壓表測(cè)量整個(gè)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，此時(shí)電壓表示數(shù)為

5

V，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律可知，定值電阻

R0兩端的電壓為

U0=U?U滑=7

V?5

V=2

V，此時(shí)電路中的電流為

I0=U0R0=2

V10

Ω=0.2

A；③在第②步中，由于電壓表接在滑片上，無論怎樣移動(dòng)滑片，電路都是

R0五、綜合應(yīng)用題（本題共2小題，第20題8分，第21題9分，共17分）20.（1）通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中受力而運(yùn)動(dòng)（