重慶市萬(wàn)州區(qū)2022-2023學(xué)年高三物理上學(xué)期1月質(zhì)量檢測(cè)試題

Page172023年高2023屆1月質(zhì)量檢測(cè)物理試題全卷共6頁(yè)，滿分150分，考試時(shí)間75分鐘?？忌氈?.答題前，考生務(wù)必用黑色簽字筆將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、座位號(hào)在答題卡上填寫(xiě)清楚；2.每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，在試卷上作答無(wú)效；3.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回；一、單選題(28分)1．下列各組物理量，在國(guó)際單位制中屬于基本量的是（）A．速度、質(zhì)量、長(zhǎng)度 B．質(zhì)量、長(zhǎng)度、時(shí)間C．加速度、長(zhǎng)度、速度 D．質(zhì)量、加速度、力2．一束紅光射向一塊有雙縫的不透光的薄板，在薄板后的光屏上呈現(xiàn)明暗相間的干涉條紋。現(xiàn)在將其中一條窄縫擋住，讓這束紅光只通過(guò)一條窄縫，則在光屏上可以看到（）A．與原來(lái)相同的明暗相間的條紋，只是明條紋比原來(lái)暗些B．與原來(lái)不相同的明暗相間的條紋，而且中央明條紋比兩側(cè)的寬些C．只有一條與縫寬對(duì)應(yīng)的明條紋D．無(wú)條紋，只存在一片紅光3．輸電能耗演示電路如圖所示。左側(cè)升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1：3，輸入電壓為7.5V的正弦交流電。連接兩理想變壓器的導(dǎo)線總電阻為r，負(fù)載R的阻值為10Ω。開(kāi)關(guān)S接1時(shí)，右側(cè)降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為2：1，R上的功率為10W；接2時(shí)，匝數(shù)比為1：2，R上的功率為P。下列說(shuō)法中正確的是（）A．接1時(shí)，左側(cè)升壓變壓器副線圈兩端電壓為U2＝2.5VB．接1時(shí)，右側(cè)降壓變壓器原線圈中的電流為I3＝2AC．導(dǎo)線總電阻r＝10ΩD．接2時(shí)，R上的功率P＝22.5W4．如圖所示，用一條絕緣輕繩懸掛一個(gè)帶正電的小球，小球質(zhì)量為，所帶電荷量為，現(xiàn)加一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，平衡時(shí)絕緣輕繩與豎直方向成37°角，取，，，則（）A．小球受到的拉力大小為B．電場(chǎng)強(qiáng)度大小為C．改變場(chǎng)強(qiáng)方向，仍使小球靜止在原位置，則電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值為D．剪斷輕繩，帶電小球?qū)⒆鲱惼綊佭\(yùn)動(dòng)5．當(dāng)?shù)厍蛭挥谔?yáng)和木星之間且三者幾乎排成一條直線時(shí)，稱之為“木星沖日”，2019年6月10日出現(xiàn)了一次“木星沖日”。已知木星與地球幾乎在同一平面內(nèi)沿同一方向繞太陽(yáng)近似做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，木星到太陽(yáng)的距離大約是地球到太陽(yáng)距離的5倍。則下列說(shuō)法正確的是（??）A．下一次的“木星沖日”時(shí)間發(fā)生在2021年B．下一次的“木星沖日”時(shí)間發(fā)生在2020年C．木星運(yùn)行的加速度比地球的大D．木星運(yùn)行的周期比地球的小6．把一個(gè)曲率半徑很大的凸透鏡的彎曲表面壓在另一個(gè)玻璃平面上，讓單色光從上方射入（如圖甲），這時(shí)可以看到亮暗相間的同心圓（如圖乙）。這個(gè)現(xiàn)象是牛頓首先發(fā)現(xiàn)的，這些同心圓叫做牛頓環(huán)，為了使同一級(jí)圓環(huán)的半徑變大（例如從中心數(shù)起的第二道圓環(huán)），則應(yīng)（）①將凸透鏡的曲率半徑變大②將凸透鏡的曲率半徑變小③改用波長(zhǎng)更長(zhǎng)的單色光照射④改用波長(zhǎng)更短的單色光照射。A．①③ B．①④ C．②③ D．②④7．在實(shí)際情況中，物體做拋體運(yùn)動(dòng)時(shí)總會(huì)受到空氣阻力的影響。如圖所示，虛線是炮彈在忽略空氣阻力情況下計(jì)算出的飛行軌跡；實(shí)線是炮彈以相同的初速度和拋射角射出在空氣中實(shí)際的飛行軌跡，這種曲線叫作彈道曲線。由于空氣阻力的影響，彈道曲線的升弧和降弧不再對(duì)稱，升弧長(zhǎng)而平伸，降弧短而彎曲。炮車的大小可以忽略。當(dāng)炮彈做彈道運(yùn)動(dòng)時(shí)，結(jié)合學(xué)過(guò)的力學(xué)知識(shí)，分析判斷下列說(shuō)法正確的是（）A．炮彈上升的時(shí)間一定等于下降的時(shí)間B．炮彈在最高點(diǎn)時(shí)的加速度等于重力加速度C．炮彈在上升階段損失的機(jī)械能大于在下降階段損失的機(jī)械能D．炮彈在上升階段重力勢(shì)能的增加量大于在下降階段重力勢(shì)能的減少量二、多選題(15分)8．如圖所示，關(guān)于兩個(gè)斜面實(shí)驗(yàn)，下列分析正確的是（）A．伽利略利用圖甲的U型槽進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，球從左邊斜面滾上右側(cè)也是理想的，現(xiàn)實(shí)不存在的B．伽利略利用圖乙中的斜而進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，得出下落的小球位移與時(shí)間成正比C．伽利略利用圖甲中的斜面進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，得出物體的運(yùn)動(dòng)不需要力；利用圖乙中的斜面進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，最后推導(dǎo)得出自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律D．伽利略利用圖甲中的斜面進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，物體的運(yùn)動(dòng)需要力來(lái)維持；利用圖乙中的斜面進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，直接得出自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律9．某次火箭發(fā)射過(guò)程中，火箭的質(zhì)量為m，發(fā)射塔的高度為h，火箭自塔底以恒定的加速度a豎直向上起飛，火箭可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小為g。下列說(shuō)法正確的是（）A．火箭從點(diǎn)火至離開(kāi)發(fā)射塔的過(guò)程中，處于失重狀態(tài)B．火箭自開(kāi)始發(fā)射至離開(kāi)發(fā)射塔共用時(shí)為C．火箭離開(kāi)發(fā)射塔時(shí)的速度大小為D．火箭離開(kāi)發(fā)射塔時(shí)克服重力做功的瞬時(shí)功率為10．如圖甲所示，粗糙水平面上：靜置一質(zhì)量M=1kg的長(zhǎng)木板，其上疊放一質(zhì)量為m的木塊。現(xiàn)給木板施加一隨時(shí)間t均勻增大的水平力F=kt（k=1N/s）。已知木板與地面間的摩擦力為f1，木塊與木板之間的摩擦力為f2，f1和f2隨時(shí)間t的變化圖線如圖乙所示。若最大靜摩擦力均與相應(yīng)的滑動(dòng)摩擦力相等，重力加速度g=10m/s2。下列說(shuō)法正確的是（

）A．木塊的質(zhì)量m=3kgB．木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1C．木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3D．16s末木塊與木板的速度大小之比為2：3三、實(shí)驗(yàn)題11．某同學(xué)利用如圖所示的裝置進(jìn)行“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)，操作步驟如下：①在水平桌面上的適當(dāng)位置固定好彈簧發(fā)射器，使其出口處切線與水平桌面相平；②在一塊長(zhǎng)平木板表面先后釘上白紙和復(fù)寫(xiě)紙，將該木板豎直并貼緊桌面右側(cè)邊緣。將小球a向左壓縮彈簧并使其由靜止釋放，a球碰到木板，在白紙上留下壓痕P；③將木板向右水平平移適當(dāng)距離，再將小球a

向左壓縮彈簧到某一固定位置并由靜止釋放，撞到木板上，在白紙上留下壓痕P2；④將半徑相同的小球b放在桌面的右邊緣，仍讓小球a從步驟③中的釋放點(diǎn)由靜止釋放，與b球相碰后，兩球均撞在木板上，在白紙上留下壓痕P1、P3。（1）下列說(shuō)法正確的是______。A．小球a的質(zhì)量可以小于小球b的質(zhì)量B．彈簧發(fā)射器的內(nèi)接觸面及桌面一定要光滑C．步驟③④中入射小球a的釋放點(diǎn)位置一定相同D．桌面右邊緣末端可以不水平（2）本實(shí)驗(yàn)必須測(cè)量的物理量有______。A．小球a、b的質(zhì)量m1、m2B．小球的半徑rC．木板距離桌子邊緣的距離x2D．小球在木板上的壓痕P1、P2、P3分別與P之間的豎直距離h1、h2、h3（3）用（2）中所測(cè)的物理量來(lái)驗(yàn)證兩球碰撞過(guò)程中動(dòng)量是否守恒，當(dāng)滿足關(guān)系式_________時(shí)，則證明a、b兩球碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒。12．（1）某學(xué)校的義工活動(dòng)小組收集到一段銅絲，他們欲測(cè)量其電阻率，現(xiàn)用游標(biāo)卡尺測(cè)得直徑為_(kāi)_____cm。（2）為了減小測(cè)電阻的系統(tǒng)誤差，該小組設(shè)計(jì)了如圖所示的電路圖。實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：先將R2的滑動(dòng)觸頭滑到______（填“最左端”或“最右端”），連接電路，再將單刀雙擲開(kāi)關(guān)向“1”閉合，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1、R2，使電壓表或電流表示數(shù)______（填“盡量大些”或“盡量小些”），讀出此時(shí)電壓表和電流表示數(shù)U1、I1，然后保持兩滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭位置不變，將單刀雙擲開(kāi)關(guān)向“2”閉合，讀出此時(shí)電壓表和電流表示數(shù)U2、I2、，則被測(cè)電阻的表達(dá)式Rx=______（用U1、I1、U2、I2表示）。四、解答題13．某理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為．當(dāng)輸入電壓為時(shí)，輸出電壓為多少？當(dāng)輸入電壓減少時(shí)，輸出電壓為多少？輸入電壓的改變量與輸出電壓改變量之比為多少？14．如圖所示，質(zhì)量m=1kg的物體放在水平面上，它與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.3，若該物體受到一個(gè)水平方向恒力F=6N的作用后開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，g=10m/s2。求：（1）物體運(yùn)動(dòng)的加速度a的大??；（2）當(dāng)它的速度達(dá)到12m/s時(shí)，物體前進(jìn)的距離x。15．如圖所示，x軸下方為垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅲ，x軸上方為場(chǎng)強(qiáng)大小相同的兩個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)Ⅱ和Ⅰ，在﹣h≤x≤h區(qū)域電場(chǎng)Ⅰ向+x方向，在x≤﹣h和h≤x區(qū)域電場(chǎng)Ⅱ向﹣y方向。一帶正電的粒子（不計(jì)重力）從y軸上O（0，h）點(diǎn)處由靜止釋放，經(jīng)A（h，h）點(diǎn)時(shí)速率為v（圖中未畫(huà)出），由C（3h，0）點(diǎn)處進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅲ，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)后從D點(diǎn)（﹣3h，0）返回電場(chǎng)Ⅱ。（1）粒子從O出發(fā)至返回O點(diǎn)所用時(shí)間t（2）若粒子返回O點(diǎn)后繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，適當(dāng)改變Ⅲ區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度，可使粒子再次回到O點(diǎn)，求前后兩次通過(guò)磁場(chǎng)時(shí)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度之比。2023年高2023屆1月質(zhì)量檢測(cè)物理試題參考答案1．B【詳解】國(guó)際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量，分別為長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光強(qiáng)度和物質(zhì)的量。選B。2．B【詳解】這束紅光通過(guò)雙縫產(chǎn)生了干涉現(xiàn)象，說(shuō)明每條縫都很窄，這就滿足了這束紅光發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件，這束紅光形成的干涉圖樣特點(diǎn)是，中央出現(xiàn)明條紋，兩側(cè)對(duì)稱地出現(xiàn)等間隔的明暗相間條紋；這束紅光通過(guò)單縫時(shí)形成的衍射圖樣特點(diǎn)是，中央出現(xiàn)較寬的明條紋，兩側(cè)對(duì)稱地出現(xiàn)不等間隔的明暗相間條紋，且距中央明條紋遠(yuǎn)的明條紋亮度迅速減弱，所以衍射圖樣看上去明暗相間的條紋數(shù)量較少，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。3．D【詳解】A．開(kāi)關(guān)S接1時(shí)，左側(cè)升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1：3，輸入電壓為7.5V的正弦交流電，根據(jù)解升壓變壓器的副線圈電壓為故A錯(cuò)誤；B．開(kāi)關(guān)S接1時(shí)，右側(cè)降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為2：1，R上的功率為10W，根據(jù)公式P＝I2R可知，電阻的電流為I4＝1A根據(jù)歐姆定律得：降壓變壓器的副線圈電壓為 U4＝IR＝1×10V＝10V根據(jù)匝數(shù)比可知 U3:U4=2:1I3:I4=1:2解得，I3＝0.5A右側(cè)降壓變壓器原線圈中的電流為0.5A，故B錯(cuò)誤；C．因左側(cè)升壓變壓器副線圈的電壓為，右側(cè)降壓變壓器原線圈的電壓為，根據(jù)歐姆定律得故C錯(cuò)誤；D．開(kāi)關(guān)接2時(shí)，設(shè)輸電電流為I，則右側(cè)變壓器的次級(jí)電流為0.5I；右側(cè)變壓器兩邊電壓關(guān)系可知解得I＝3A則R上的功率為P＝（0.5I）2R＝1.52×10W＝22.5W故D正確。故選D。4．C【詳解】A．以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，對(duì)小球受力分析，小球受到重力、繩子的拉力和電場(chǎng)力的作用，受力如圖所示根據(jù)平衡條件有，小球受到的拉力大小為故A錯(cuò)誤；B．由幾何關(guān)系得得故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與輕繩方向垂直時(shí)，電場(chǎng)強(qiáng)度最小，有解得故C正確；D．剪斷輕繩，帶電小球?qū)⒀刂亓碗妶?chǎng)力的合力方向做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選C。5．B【詳解】AB．地球公轉(zhuǎn)周期T1＝1年，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有又解得木星公轉(zhuǎn)周期≈11.18年設(shè)經(jīng)時(shí)間t再次出現(xiàn)“木星沖日”，則有ω1t－ω2t＝2π其中，解得t≈1.1年因此下一次“木星沖日”發(fā)生在2020年，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．設(shè)太陽(yáng)質(zhì)量為M，行星質(zhì)量為m，軌道半徑為r，周期為T(mén)，加速度為a。對(duì)行星由牛頓第二定律可得解得，由于木星到太陽(yáng)的距離大約是地球到太陽(yáng)距離的5倍，因此，木星運(yùn)行的加速度比地球的小，木星運(yùn)行的周期比地球的大，故CD錯(cuò)誤。故選B。6．A【詳解】①、②當(dāng)光程差為波長(zhǎng)的整數(shù)倍時(shí)是亮條紋，當(dāng)光程差為半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)是暗條紋。將凸透鏡的曲率半徑變大，與透鏡中心等距離位置的空氣層厚度變小，出現(xiàn)同一亮條紋的厚度由中心向外偏移，同一級(jí)圓環(huán)的半徑變大；相反，凸透鏡的曲率半徑變小，同一級(jí)圓環(huán)的半徑變小，故①正確，②錯(cuò)誤；③、④改用波長(zhǎng)更長(zhǎng)的單色光照射，出現(xiàn)同一級(jí)亮紋的光程差變大，空氣層厚度應(yīng)變大，所以，同一級(jí)圓環(huán)的半徑變大，因此要使半徑變大，則可以改用波長(zhǎng)更長(zhǎng)的單色光照射，故③正確，④錯(cuò)誤。故選A。7．C【詳解】A．炮彈上升過(guò)程中，在豎直方向上，受到重力和阻力在豎直向下的分力，即解得炮彈下降過(guò)程中，在豎直方向，受到向下的重力和阻力在豎直向上的分力，即解得則設(shè)炮彈上升的時(shí)間為，炮彈下降的時(shí)間為，根據(jù)得炮彈上升的時(shí)間一定小于下降的時(shí)間。A錯(cuò)誤；B．到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，除受豎直向下的重力外還受到水平方向的空氣阻力作用，合力由牛頓第二定律可知，炮彈在最高點(diǎn)時(shí)的加速度大于重力加速度。B錯(cuò)誤；C．假設(shè)空氣阻力大小不變，由微元法，上升過(guò)程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與上升過(guò)程路程的乘積，下降過(guò)程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與下降過(guò)程路程的乘積。升弧長(zhǎng)而平伸，降弧短而彎曲。上升過(guò)程克服空氣阻力做的功大于下降過(guò)程克服空氣阻力做的功。又由功能關(guān)系，克服空氣阻力做的功等于機(jī)械能的減少量。炮彈在上升階段損失的機(jī)械能大于在下降階段損失的機(jī)械能。假設(shè)空氣阻力大小與速度成正比或與速度的平方成正比，由于空氣阻力始終做負(fù)功，同一高度處，上升過(guò)程的速度大小總是下降過(guò)程的速度大小，則同一高度處，上升過(guò)程的空氣阻力大小總是大于下降過(guò)程的空氣阻力大小。由微元法，上升過(guò)程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與上升過(guò)程路程的乘積，下降過(guò)程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與下降過(guò)程路程的乘積。升弧長(zhǎng)而平伸，降弧短而彎曲。上升過(guò)程克服空氣阻力做的功大于下降過(guò)程克服空氣阻力做的功。又由功能關(guān)系，克服空氣阻力做的功等于機(jī)械能的減少量。炮彈在上升階段損失的機(jī)械能大于在下降階段損失的機(jī)械能。C正確。D．炮彈在上升階段重力勢(shì)能的增加量等于在下降階段重力勢(shì)能的減少量。D錯(cuò)誤。故選C。8．AC【詳解】A．斜面不可能沒(méi)有摩擦，故伽利略利用圖甲的U型槽進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，球從左邊斜面滾上右側(cè)也是理想的，現(xiàn)實(shí)不存在的，A正確；B．伽利略利用圖乙中的斜而進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，得出下落的小球位移與時(shí)間的平方成正比，B錯(cuò)誤；CD．伽利略利用圖甲中的斜面進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，得出物體的運(yùn)動(dòng)不需要力；利用圖乙中的斜面進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，最后推導(dǎo)得出自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，C正確，D錯(cuò)誤；故選AC。9．BD【詳解】A．火箭從點(diǎn)火至離開(kāi)發(fā)射塔的過(guò)程中，火箭的加速度的方向向上，所以處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．由可得，火箭開(kāi)始發(fā)射至離開(kāi)發(fā)射塔共用時(shí)為故B正確；C．火箭離開(kāi)發(fā)射塔時(shí)的速度大小為故C錯(cuò)誤；D．火箭離開(kāi)發(fā)射塔時(shí)的克服重力做功的瞬時(shí)功率為故D正確。故選BD。10．ABD【詳解】AB．設(shè)木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1，由圖乙可知，0~4s時(shí)間內(nèi)，木板與地面間的摩擦力f1隨F增大而增大，木塊與木板之間的摩擦力f2為0，說(shuō)明木板和木塊均靜止，4s后，摩擦力f1保持不變，說(shuō)明木板開(kāi)始相對(duì)地面滑動(dòng)，且滑動(dòng)摩擦力f1=μ1(M＋m)g=4N設(shè)木板與木塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，4~12s內(nèi)，木塊與木板之間的摩擦力f2隨F增大而增大，說(shuō)明摩擦力f2為靜摩擦力，木板和木塊相對(duì)靜止，一起加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)木塊和木板整體，根據(jù)牛頓第二定律得F－μ1(M＋m)g=(M＋m)a對(duì)木塊根據(jù)牛頓第二定律得f2=ma當(dāng)t=12s時(shí)F=kt=12N由圖像得f2=6N代入數(shù)據(jù)解得m=3kg，μ1=0.1AB正確；C．12s后，摩擦力f2保持不變，說(shuō)明木塊相對(duì)木板開(kāi)始滑動(dòng)，且滑動(dòng)摩擦力f2=μ2mg=6N代入數(shù)據(jù)解得μ2=0.2C錯(cuò)誤；D．0~4s時(shí)間內(nèi)，木塊和木板靜止，4~16s時(shí)間內(nèi)，f—t圖像與時(shí)間軸圍成的面積表示摩擦力的沖量大小，木塊所受摩擦力的沖量為木板所受合外力的沖量為由動(dòng)量定理得I2=mv2，I1=Mv1代入數(shù)據(jù)解得v2=16m/s，v1=24m/s則16s末木塊與木板的速度大小之比為v2：v1=2：3D正確。故選ABD。11．

C

AD##DA

=+【詳解】（1）[1]A．小球a與小球b相撞后，小球a繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，則小球a的質(zhì)量必須大于小球b的質(zhì)量，A錯(cuò)誤；BC．彈簧發(fā)射器的內(nèi)接觸面及桌面不需要光滑，只需要在步驟③④中入射小球a的釋放點(diǎn)位置相同，小球a與小球b相撞前的速度就相同，B錯(cuò)誤，C正確；D．使小球做平拋運(yùn)動(dòng)，桌面右邊緣末端必須水平，D錯(cuò)誤。故選C。（2）[2]由動(dòng)量守恒由平拋運(yùn)動(dòng)，得代入動(dòng)量守恒表達(dá)式則需測(cè)量?jī)尚∏蛸|(zhì)量以及小球下落高度。故選AD。（3）[3]由（2）可知，當(dāng)滿足關(guān)系式則證明a、b兩球碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒。12．

0.840

最左端

盡量大些

【詳解】（1）[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標(biāo)尺讀數(shù)之和，故圖中所測(cè)銅絲的直徑為（2）[2]閉合開(kāi)關(guān)之前為了確保被測(cè)電路安全，滑動(dòng)觸頭滑到阻值最大處，即R2的最左端；[3]為了減小相對(duì)誤差，電壓表或電流表示數(shù)盡量大些；[4]本實(shí)驗(yàn)采用了差值法測(cè)電阻，即保持滑動(dòng)變阻器R1阻值不變，則13．3V，2.5V，【詳解】根據(jù)得輸出電壓當(dāng)輸入電壓減少2V時(shí)，則輸入電壓為根據(jù)得輸出電壓根據(jù)得14．（1）3m/s2；（2）24m【詳解】（1）物體受到的摩擦力為由牛頓第二定律有