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文檔簡(jiǎn)介
專(zhuān)題59排列與組合(新高考專(zhuān)用)
目錄
【知識(shí)梳理】................................................................2
【真題自測(cè)】................................................................3
【考點(diǎn)突破】................................................................8
【考點(diǎn)1】排列問(wèn)題..........................................................8
【考點(diǎn)2】組合問(wèn)題..........................................................12
【考點(diǎn)31排列與組合的綜合問(wèn)題..............................................15
【分層檢測(cè)】...............................................................19
【基礎(chǔ)篇】.................................................................19
【能力篇】.................................................................26
考試要求:
1.理解排列、組合的概念;能利用計(jì)數(shù)原理推導(dǎo)排列數(shù)公式、組合數(shù)公式.
2.能解決簡(jiǎn)單的實(shí)際問(wèn)題.
.知識(shí)梳理
1.排列與組合的概念
名稱(chēng)定義
并按照一定的順序排成一列,叫做從〃個(gè)
排列從〃個(gè)不同元素
元素中取出機(jī)個(gè)元素的一個(gè)排列
中取出m(mWn)
作為一組,叫做從n個(gè)不同元素中取出m
組合個(gè)元素
個(gè)元素的一個(gè)組合
2.排列數(shù)與組合數(shù)
(1)從n個(gè)不同元素中取出mOnW”)個(gè)元素的所有不同排列的個(gè)數(shù),叫做從n個(gè)不同元素中取出
加個(gè)元素的排列數(shù),用符號(hào)AT表示.
⑵從n個(gè)不同元素中取出"?(mW")個(gè)元素的所有不同組合的個(gè)數(shù),叫做從n個(gè)不同元素中取出
加個(gè)元素的組合數(shù),用符號(hào)CT表示.
3.排列數(shù)、組合數(shù)的公式及性質(zhì)
12!
(1)A伊一〃(〃一1)(及一2>??(〃一加十—加].
A伊n(〃-1)(〃-2)…(n—m+1)
公式⑵-A廠(chǎng)加
_?1一(",加£N*,且加特別地C2—1
加kn—m)!
(1)0!=1;A[="!.
性質(zhì)
(2)c俄=c「m;a=c^+a-i
I常用結(jié)論
1.解受條件限制的排列、組合題,通常有直接法(合理分類(lèi))和間接法(排除法).分類(lèi)時(shí)標(biāo)準(zhǔn)應(yīng)統(tǒng)
一,避免出現(xiàn)重復(fù)或遺漏.
2.對(duì)于分配問(wèn)題,一般先分組、再分配,注意平均分組與不平均分組的區(qū)別,避免重復(fù)或遺漏.
真題自測(cè)
一、單選題
1.(2024?全國(guó)?高考真題)甲、乙、丙、丁四人排成一列,則丙不在排頭,且甲或乙在排尾的概率是()
2
2.(2023?全國(guó)?高考真題)某學(xué)校為了解學(xué)生參加體育運(yùn)動(dòng)的情況,用比例分配的分層隨機(jī)抽樣方法作抽樣
調(diào)查,擬從初中部和高中部?jī)蓪庸渤槿?0名學(xué)生,已知該校初中部和高中部分別有400名和200名學(xué)生,
則不同的抽樣結(jié)果共有()?
A.C-C器種B.C2.C或種
D.C%C北種
3.(2023?全國(guó)?高考真題)甲乙兩位同學(xué)從6種課外讀物中各自選讀2種,則這兩人選讀的課外讀物中恰有
1種相同的選法共有()
A.30種B.60種C.120種D.240種
4.(2023?全國(guó)?高考真題)現(xiàn)有5名志愿者報(bào)名參加公益活動(dòng),在某一星期的星期六、星期日兩天,每天從
這5人中安排2人參加公益活動(dòng),則恰有1人在這兩天都參加的不同安排方式共有()
A.120
5.(2022?全國(guó)?高考真題)有甲、乙、丙、丁、戊5名同學(xué)站成一排參加文藝匯演,若甲不站在兩端,丙和
丁相鄰,則不同排列方式共有()
A.12種B.24種C.36種D.48種
6.(2022?全國(guó)?高考真題)從2至8的7個(gè)整數(shù)中隨機(jī)取2個(gè)不同的數(shù),則這2個(gè)數(shù)互質(zhì)的概率為()
、填空題
7.(2024?全國(guó)?高考真題)在如圖的4x4的方格表中選4個(gè)方格,要求每行和每列均恰有一個(gè)方格被選中,
則共有種選法,在所有符合上述要求的選法中,選中方格中的4個(gè)數(shù)之和的最大值是.
11213140
12223342
13223343
15243444
8.(2024?全國(guó)?高考真題)有6個(gè)相同的球,分別標(biāo)有數(shù)字1、2、3、4、5、6,從中無(wú)放回地隨機(jī)取3次,
每次取1個(gè)球.記機(jī)為前兩次取出的球上數(shù)字的平均值,”為取出的三個(gè)球上數(shù)字的平均值,則加與”之差
的絕對(duì)值不大于1的概率為
2
9.(2023?全國(guó)?高考真題)某學(xué)校開(kāi)設(shè)了4門(mén)體育類(lèi)選修課和4門(mén)藝術(shù)類(lèi)選修課,學(xué)生需從這8門(mén)課中選修
3
2門(mén)或3門(mén)課,并且每類(lèi)選修課至少選修1門(mén),則不同的選課方案共有種(用數(shù)字作答).
10.(2022?全國(guó)?高考真題)從甲、乙等5名同學(xué)中隨機(jī)選3名參加社區(qū)服務(wù)工作,則甲、乙都入選的概率
為.
參考答案:
題號(hào)123456
答案BDCBBD
1.B
【分析】解法一:畫(huà)出樹(shù)狀圖,結(jié)合古典概型概率公式即可求解.
解法二:分類(lèi)討論甲乙的位置,結(jié)合得到符合條件的情況,然后根據(jù)古典概型計(jì)算公式進(jìn)行求解.
【詳解】解法一:畫(huà)出樹(shù)狀圖,如圖,
甲
乙丙丁
丙丁乙丁乙丙丙丁甲丁甲丙
丁丙丁乙丙乙丁丙丁甲丙甲
丙
甲乙丁
乙丁甲丁甲乙乙丙甲丙甲乙
丁乙丁甲乙甲丙乙丙甲乙甲
由樹(shù)狀圖可得,甲、乙、丙、丁四人排成一列,共有24種排法,
其中丙不在排頭,且甲或乙在排尾的排法共有8種,
Q1
故所求概率p=五=十
解法二:當(dāng)甲排在排尾,乙排第一位,丙有2種排法,丁就1種,共2種;
當(dāng)甲排在排尾,乙排第二位或第三位,丙有1種排法,丁就1種,共2種;
于是甲排在排尾共4種方法,同理乙排在排尾共4種方法,于是共8種排法符合題意;
基本事件總數(shù)顯然是A:=24,
Q1
根據(jù)古典概型的計(jì)算公式,丙不在排頭,甲或乙在排尾的概率為五="
故選:B
2.D
【分析】利用分層抽樣的原理和組合公式即可得到答案.
4
【詳解】根據(jù)分層抽樣的定義知初中部共抽取60X£K=40人,高中部共抽取60xv=20,
600600
根據(jù)組合公式和分步計(jì)數(shù)原理則不同的抽樣結(jié)果共有C%c嘉種.
故選:D.
3.C
【分析】相同讀物有6種情況,剩余兩種讀物的選擇再進(jìn)行排列,最后根據(jù)分步乘法公式即可得到答案.
【詳解】首先確定相同得讀物,共有或種情況,
然后兩人各自的另外一種讀物相當(dāng)于在剩余的5種讀物里,選出兩種進(jìn)行排列,共有A;種,
根據(jù)分步乘法公式則共有A;=120種,
故選:C.
4.B
【分析】利用分類(lèi)加法原理,分類(lèi)討論五名志愿者連續(xù)參加兩天公益活動(dòng)的情況,即可得解.
【詳解】不妨記五名志愿者為a,6,c,d,e,
假設(shè)。連續(xù)參加了兩天公益活動(dòng),再?gòu)氖S嗟?人抽取2人各參加星期六與星期天的公益活動(dòng),共有A;=12
種方法,
同理:女c,d,e連續(xù)參加了兩天公益活動(dòng),也各有12種方法,
所以恰有1人連續(xù)參加了兩天公益活動(dòng)的選擇種數(shù)有5x12=60種.
故選:B.
5.B
【分析】利用捆綁法處理丙丁,用插空法安排甲,利用排列組合與計(jì)數(shù)原理即可得解
【詳解】因?yàn)楸∫谝黄?,先把丙丁捆綁,看做一個(gè)元素,連同乙,戊看成三個(gè)元素排列,有3!種排列方
式;為使甲不在兩端,必須且只需甲在此三個(gè)元素的中間兩個(gè)位置任選一個(gè)位置插入,有2種插空方式;
注意到丙丁兩人的順序可交換,有2種排列方式,故安排這5名同學(xué)共有:3!x2x2=24種不同的排歹U方式,
故選:B
6.D
【分析】由古典概型概率公式結(jié)合組合、列舉法即可得解.
5
【詳解】從2至8的7個(gè)整數(shù)中隨機(jī)取2個(gè)不同的數(shù),共有C;=21種不同的取法,
若兩數(shù)不互質(zhì),不同的取法有:(2,4),(2,6),(2,8),(3,6),(4,6),(4,8),(6,8),共7種,
21-72
故所求概率尸=一=彳.
213
故選:D.
7.24112
【分析】由題意可知第一、二、三、四列分別有4、3、2、1個(gè)方格可選;利用列舉法寫(xiě)出所有的可能結(jié)果,
即可求解.
【詳解】由題意知,選4個(gè)方格,每行和每列均恰有一個(gè)方格被選中,
則第一列有4個(gè)方格可選,第二列有3個(gè)方格可選,
第三列有2個(gè)方格可選,第四列有1個(gè)方格可選,
所以共有4x3x2x1=24種選法;
每種選法可標(biāo)記為(a/,c,d),%6,Gd分別表示第一、二、三、四列的數(shù)字,
則所有的可能結(jié)果為:
(11.22,33,44),(11,22,34,43),(11,22,33,44),(11,22,34,42),(11,24,33,43),(H,24,33,42),
(12,21,33,44),(12,21,34,43),(12,22,31,44),(12,22,34,40),(12,24,31,43),(12,24,33,40),
(13,21,33,44),(13,21,34,42),(13,22,31,44),(13,22,34,40),(13,24,31,42),(13,24,33,40),
(15,21,33,43),(15,21,33,42),(15,22,31,43),(15,22,33,40),(15,22,31,42),(15,22,33,40),
所以選中的方格中,(15,21,33,43)的4個(gè)數(shù)之和最大,為15+21+33+43=112.
故答案為:24;112
【點(diǎn)睛】關(guān)鍵點(diǎn)點(diǎn)睛:解決本題的關(guān)鍵是確定第一、二、三、四列分別有4、3、2、1個(gè)方格可選,利用列
舉法寫(xiě)出所有的可能結(jié)果.
8.」
15
【分析】根據(jù)排列可求基本事件的總數(shù),設(shè)前兩個(gè)球的號(hào)碼為以第三個(gè)球的號(hào)碼為c,則
a+b-3<2c<a+b+3,就c的不同取值分類(lèi)討論后可求隨機(jī)事件的概率.
【詳解】從6個(gè)不同的球中不放回地抽取3次,共有A:=120種,
設(shè)前兩個(gè)球的號(hào)碼為。,6,第三個(gè)球的號(hào)碼為。,則”(二一審4;,
故|2c-(<7+6)歸3,故-3W2c-(“+Z043,
6
若c=l,則a+H5,則(。㈤為:(2,3),(3,2),故有2種,
若c=2,則1<。+647,則(a,b)為:(1,3),(1,4),(1,5),(1,6),(3,4),
(3,1),(4,1),(5,1),(6,1),(4,3),故有10種,
當(dāng)c=3,則3Va+AV9,則(a,6)為:
(1,2),(1,4),(1,5),(1,6),(2,4),(2,5),(2,6),(4,5),
(2,1),(4,1),(5,1),(6,1),(4,2),(5,2),(6,2),(5,4),
故有16種,
當(dāng)c=4,則5Va+Z?Vll,同理有16種,
當(dāng)c=5,貝!]7Va+Z?W13,同理有10種,
當(dāng)c=6,貝!]9Wa+bW15,同理有2種,
共m與”的差的絕對(duì)值不超過(guò)之時(shí)不同的抽取方法總數(shù)為2(2+10+16)=56,
故所求概率為1=:.
7
故答案為:~
9.64
【分析】分類(lèi)討論選修2門(mén)或3門(mén)課,對(duì)選修3門(mén),再討論具體選修課的分配,結(jié)合組合數(shù)運(yùn)算求解.
【詳解】(1)當(dāng)從8門(mén)課中選修2門(mén),則不同的選課方案共有C:C:=16種;
(2)當(dāng)從8門(mén)課中選修3門(mén),
①若體育類(lèi)選修課1門(mén),則不同的選課方案共有C:C:=24種;
②若體育類(lèi)選修課2門(mén),則不同的選課方案共有CjC;=24種;
綜上所述:不同的選課方案共有16+24+24=64種.
故答案為:64.
3,
10.—/0.3
10
【分析】根據(jù)古典概型計(jì)算即可
【詳解】解法一:設(shè)這5名同學(xué)分別為甲,乙,1,2,3,從5名同學(xué)中隨機(jī)選3名,
7
有:(甲,乙,1),(甲,乙,2),(甲,乙,3),(甲,1,2),(甲,1,3),(甲,2,3),(乙,1,2),(乙,1,
3),(乙,2,3),(1,2,3),共10種選法;
3
其中,甲、乙都入選的選法有3種,故所求概率尸=記.
3
故答案為:—.
解法二:從5名同學(xué)中隨機(jī)選3名的方法數(shù)為C;=10
甲、乙都入選的方法數(shù)為C;=3,所以甲、乙都入選的概率尸=歷
3
故答案為:—
考點(diǎn)突破
【考點(diǎn)1]排列問(wèn)題
一、單選題
1.(2023?遼寧?三模)安排包括甲、乙在內(nèi)的4名大學(xué)生去3所不同的學(xué)校支教,每名大學(xué)生只去一個(gè)學(xué)校,
每個(gè)學(xué)校至少去1名,甲、乙不能安排在同一所學(xué)校,則不同的安排方法有()
A.36種B.30種C.24種D.12種
2.(23-24高三上?山西運(yùn)城?期末)第33屆夏季奧運(yùn)會(huì)預(yù)計(jì)2024年7月26日至8月11日在法國(guó)巴黎舉辦,
這屆奧運(yùn)會(huì)將新增2個(gè)競(jìng)賽項(xiàng)目和3個(gè)表演項(xiàng)目.現(xiàn)有三個(gè)場(chǎng)地A,B,C分別承擔(dān)這5個(gè)新增項(xiàng)目的比賽,
且每個(gè)場(chǎng)地至少承辦其中一個(gè)項(xiàng)目,則不同的安排方法有()
A.150種B.300種C.720種D.1008種
二、多選題
3.(2024?江蘇?模擬預(yù)測(cè))若m,見(jiàn)為正整數(shù)且〃>加>1,則()
()1
C.mC:=n-lC'^D.A:+mA:-=A:'+1
4.(23-24高二上?遼寧遼陽(yáng)?期末)某班星期一上午要安排語(yǔ)文、數(shù)學(xué)、英語(yǔ)、物理4節(jié)課,且該天上午總
共4節(jié)課,下列結(jié)論正確的是()
A.若數(shù)學(xué)課不安排在第一節(jié),則有18種不同的安排方法
B.若語(yǔ)文課和數(shù)學(xué)課必須相鄰,且語(yǔ)文課排在數(shù)學(xué)課前面,則有6種不同的安排方法
C.若語(yǔ)文課和數(shù)學(xué)課不能相鄰,則有12種不同的安排方法
D.若語(yǔ)文課、數(shù)學(xué)課、英語(yǔ)課按從前到后的順序安排,則有3種不同的安排方法
三、填空題
8
5.(2024?全國(guó)?模擬預(yù)測(cè))2023年10月18日,第三屆"一帶一路"國(guó)際合作高峰論壇在北京舉行.在“一帶
一路"歡迎晚宴上,我國(guó)拿出特有的美食、美酒款待大家,讓國(guó)際貴賓們感受中國(guó)飲食文化、茶文化、酒文
化.這次晚宴菜單中有"全家?!?沙蔥牛肉""北京烤鴨""什錦鮮蔬""冰花鍋貼""蟹黃燒麥""天鵝酥""象形枇
杷”.假設(shè)在上菜的過(guò)程中服務(wù)員隨機(jī)上這八道菜(每次只上一道菜),貝/沙蔥牛肉""北京烤鴨”相鄰的概率
為.
6.(2024?廣西?模擬預(yù)測(cè))第19屆杭州亞運(yùn)會(huì)的吉祥物,分別取名為"琮琮""蓮蓮""宸宸",是一組承載深厚
底蘊(yùn)和充滿(mǎn)時(shí)代活力的機(jī)器人,組合名為“江南憶”.現(xiàn)有6個(gè)不同的吉祥物,其中"琮琮""蓮蓮"和"宸宸"各2
個(gè),將這6個(gè)吉祥物排成前后兩排,每排3個(gè),且每排相鄰兩個(gè)吉祥物名稱(chēng)不同,則排法種數(shù)共有.
(用數(shù)字作答)
參考答案:
題號(hào)1234
答案BAADABC
1.B
【分析】利用間接法,先求所有的可能情況,再排除甲、乙安排在同一所學(xué)校的可能情況.
【詳解】若每名大學(xué)生只去一個(gè)學(xué)校,每個(gè)學(xué)校至少去1名,則不同的安排方法有CjA;=36種,
若甲、乙安排在同一所學(xué)校,則不同的安排方法有A;=6種,
所以甲、乙不能安排在同一所學(xué)校,則不同的安排方法有36-6=30種.
故選:B.
2.A
【分析】分3,1』和2,2,1兩種情況,結(jié)合排列組合知識(shí)進(jìn)行求解.
【詳解】若三個(gè)場(chǎng)地分別承擔(dān)3,1,1個(gè)項(xiàng)目,則有=60種安排,
若三個(gè)場(chǎng)地分別承擔(dān)2,2,1個(gè)項(xiàng)目,則有6=90種安排,
綜上,不同的安排方法有60+90=150種.
故選:A
3.AD
【分析】根據(jù)組合數(shù)和排列數(shù)的計(jì)算公式和性質(zhì),對(duì)每個(gè)選項(xiàng)逐一計(jì)算即可判斷.
【詳解】對(duì)A:由組合數(shù)性質(zhì):C:=C;E可知,A正確;
9
對(duì)B:€:;=&■,故B錯(cuò)誤;
73!
m_加一(D!,-1\f~\m-l_/
又寸C:mC〃-m"■一■■一〃~-,(〃-1)C_]—(〃-1)■",左右
m\(ji—m)\(m—l)!(n—m)!(m—l)!(n—m)!(m—l)!(n—m)!
不相等,故C錯(cuò)誤;
.riIriI,,nIriI
=5+1)7-A;=(("+?x=A;+1,故D正確.
故選:AD
4.ABC
【分析】選項(xiàng)A將數(shù)學(xué)排在后三節(jié),再將其余3個(gè)科目全排列即可;選項(xiàng)B采用捆綁法進(jìn)行求解;選項(xiàng)C
采用插空法進(jìn)行求解;選項(xiàng)D根據(jù)除序法進(jìn)行求解.
【詳解】對(duì)于A(yíng),有3A:=18種排法,故A正確;
對(duì)于B,采用捆綁法,有A;=6種排法,故B正確;
對(duì)于C,采用插空法,有A;A;=12種排法,故C正確;
對(duì)于D,有冬=4種排法,故D錯(cuò)誤.
故選:ABC
1,
5.-/0.25
4
【分析】根據(jù)元素相鄰關(guān)系進(jìn)行捆綁并結(jié)合排列問(wèn)題得出結(jié)果.
【詳解】服務(wù)員隨機(jī)上這八道菜有A:種排法,
"沙蔥牛肉","北京烤鴨"相鄰有A;種排法,
A2.A71
所以所求概率尸
A;4
故答案為:
6.336
【分析】
分兩種情況,前排含有兩種不同名稱(chēng)的吉祥物和前排含有三種不同名稱(chēng)的吉祥物,結(jié)合排列組合知識(shí)進(jìn)行
求解.
10
【詳解】
由題意可分兩種情形:
①前排含有兩種不同名稱(chēng)的吉祥物,
首先,前排從"琮琮""蓮蓮"和"宸宸"中取兩種,有C;種情況,
從選出的兩種吉祥物中,其中一種取兩個(gè),另一種選一個(gè),有c;c;c;種排法,
選出的三個(gè)吉祥物進(jìn)行排列,選一個(gè)的一定放中間,名字相同的放兩邊,
由于屬于不同的吉祥物,故有A;種排法,
綜上,有C;C;C;C;A:=24種排法;
其次,后排剩余兩個(gè)相同名字的吉祥物和另一個(gè)名字不同的吉祥物,
故有A;=2種排法,故共有24x2=48種不同的排法;
②前排含有三種不同名稱(chēng)的吉祥物,
先從"琮琮""蓮蓮"和"宸宸"各二選一,有C;C;C;種選法,
再進(jìn)行全排列,故有C;C;C;A;=48種排法;
同理后排有A;=6種排法,止匕時(shí)共有48x6=288種排法;
因此,共有48+288=336種排法,
故答案為:336.
反思提升:
排列應(yīng)用問(wèn)題的分類(lèi)與解法
(1)對(duì)于有限制條件的排列問(wèn)題,分析問(wèn)題時(shí)有位置分析法、元素分析法,在實(shí)際進(jìn)行排列時(shí)
一般采用特殊元素優(yōu)先原則,即先安排有限制條件的元素或有限制條件的位置,對(duì)于分類(lèi)過(guò)多
的問(wèn)題可以采用間接法.
(2)對(duì)相鄰問(wèn)題采用捆綁法、不相鄰問(wèn)題采用插空法、定序問(wèn)題采用倍縮法是解決有限制條件
的排列問(wèn)題的常用方法.
【考點(diǎn)2】組合問(wèn)題
一、單選題
1.(2024?河南?模擬預(yù)測(cè))將8個(gè)數(shù)學(xué)競(jìng)賽名額全部分給4個(gè)不同的班,其中甲、乙兩班至少各有1個(gè)名額,
則不同的分配方案種數(shù)為()
A.56B.84C.126D.210
11
2.(2024?河南商丘?模擬預(yù)測(cè))若S(")=f”與c,則5(98)=()
M(左+1)伏+2)
101Kl010
“2-102。2-101「2°-101c2"-100
A.-------D.------------------C.--------------D.-------------
102001020099009900
二、多選題
3.(2023?吉林?三模)從4名男生和3名女生中選出4人去參加一項(xiàng)創(chuàng)新大賽,下列說(shuō)法正確的是()
A.若4人中男生女生各選2人,則有18種選法
B.若男生甲和女生乙必須在內(nèi),則有12種選法
C.若男生甲和女生乙至少有1人在內(nèi),則有15種選法
D.若4人中既有男生又有女生,則有34種選法
4.(2024?河南信陽(yáng)?二模)下列命題中真命題是()
A.設(shè)一組數(shù)據(jù)4孫…,%的平均數(shù)為"方差為$2,則$2=,£尤;-(可2
〃i=\
B.將4個(gè)人分到三個(gè)不同的崗位工作,每個(gè)崗位至少1人,有36種不同的方法
C.一組數(shù)據(jù)148,149,154,155,155,156,157,158,159,161的第75百分位數(shù)為158
D.已知隨機(jī)變量乂的分布列為「(*=7)=吊%(,=1,2,3,...,100),則。=粉
三、填空題
5.(2024?湖北?二模)已知x,y,zeN*,且y>2,z>3,則方程x+y+z=10的解的組數(shù)為.
6.(2024?廣東?模擬預(yù)測(cè))將1到10這10個(gè)正整數(shù)平均分成甲、乙兩組,每組5個(gè)正整數(shù),且甲組的中位
數(shù)比乙組的中位數(shù)小1,則不同的平分方法共有種.
參考答案:
題號(hào)1234
答案BCADABC
1.B
【分析】將問(wèn)題等價(jià)轉(zhuǎn)換為將10個(gè)數(shù)學(xué)競(jìng)賽名額全部分給4個(gè)不同的班,每個(gè)班至少有1個(gè)名額的分法,
利用隔板法即可求解.
【詳解】將8個(gè)數(shù)學(xué)競(jìng)賽名額全部分給4個(gè)不同的班,其中甲、乙兩班至少各有1個(gè)名額的分法,
等價(jià)于將10個(gè)數(shù)學(xué)競(jìng)賽名額全部分給4個(gè)不同的班,每個(gè)班至少有1個(gè)名額的分法.
用3個(gè)隔板插入10個(gè)小球中間的空隙中,將球分成4堆,
由于10個(gè)小球中間共有9個(gè)空隙,因此共有C;=84種不同的分法.
故選:B.
2.C
12
【分析】利用組合數(shù)公式可得,再求和并結(jié)合二項(xiàng)式系數(shù)的性質(zhì)求出5("),然后
(左+1)(左+2)(〃+2)(〃+1)
賦值即得.
n\n\
【詳解】依題意,
(左+1)(左+2)(%+2)(左+1)?%!(〃一%)!(女+2)!("_%)!
1(幾+2)!
(〃+2)5+1)(左+2)![(〃+2)—(%+2)]!(n+2)(n+l)
「左+2
11,+2
則$(")=£5+2ZC震=(ZC—久)
k=0(〃+2)(九+1)(〃+2)(〃+1)氏=0(〃+2)(〃+1)k=0
12n+2-n-3
[2"+2-(H+2)-1]=
(〃+2)(〃+1)(〃+2)(〃+1)
2100-101
所以5(98)=
9900
故選:C
n\
【點(diǎn)睛】關(guān)鍵點(diǎn)點(diǎn)睛:正確掌握并運(yùn)用組合數(shù)公式C:而二初及階乘的運(yùn)算性質(zhì)是解決本題的關(guān)鍵.
ml
3.AD
【分析】選項(xiàng)A、B根據(jù)組合及分步計(jì)數(shù)原理的知識(shí)可列出表達(dá)式,進(jìn)行計(jì)算可得結(jié)果;選項(xiàng)C、D可采用
間接的方法,先計(jì)算出反面一共有多少種,然后用總的種數(shù)減去反面的種數(shù)即可得到結(jié)果.
【詳解】對(duì)選項(xiàng)A,依題意,根據(jù)組合及分步計(jì)數(shù)原理,可知一共有=6x3=18種.所以該選項(xiàng)正確;
對(duì)選項(xiàng)B,依題意,要從7名同學(xué)中選取4人,而甲乙必須在內(nèi),則相當(dāng)于從5名同學(xué)中選取2人,一共有
砥=10種.所以該選項(xiàng)不正確;
對(duì)選項(xiàng)C,依題意,要從7名同學(xué)中選取4人,一共有C:=35種,而甲乙都不在內(nèi)一共有C;=5種,
.?.甲與乙至少要有1人在內(nèi)有C;-C;=35-5=30種.所以該選項(xiàng)錯(cuò)誤;
對(duì)選項(xiàng)D,依題意,假設(shè)全是男生一共有C:=l種,全是女生的情況沒(méi)有,
,既有男生又有女生一共有C;-C:=35-1=34種.所以該選項(xiàng)正確.
故選:AD
4.ABC
【分析】對(duì)于A(yíng),由方差公式平均數(shù)公式化簡(jiǎn)即可;對(duì)于B,由先分組再分配即可;對(duì)于C,由百分位數(shù)的
定義求解即可;對(duì)于D,由所以概率之和為1,裂項(xiàng)求和即可判斷.
1〃7
【詳解】對(duì)于A(yíng),由方差定義可得$2=—2(%-可
ni=l
所以52=工£任2-2XjX+)=—-2x^xi+加之]
n
NJ=13=1i=l)
13
=—^^-2rix2+rix^=—^j^-x2,A正確;
對(duì)于B,先把4個(gè)人分成3組,每組至少一個(gè)人,有Cj=6種分法,
再把三族人分配到三個(gè)不同的工作崗位,有A;=6種分配方法,
所以共有6x6=36種不同的方法,故B正確;
對(duì)于C,10x75%=7.5,所以該組數(shù)據(jù)的第75百分位數(shù)為158,故C正確;
對(duì)于D,尸(X=J=一4)?=1,2,3,…,100),
2(ZI1)kIII1J
111111Cl1110°〃1而山_101
?T以Q|1---1-----F???H---------I=QI1-------------1所以”而,故D錯(cuò)誤.
(223100101J1101J101
故選:ABC.
5.15
【分析】問(wèn)題等價(jià)于將7個(gè)相同的小球放入3個(gè)不同的盒子,每個(gè)盒子中至少放入1個(gè)小球的方法個(gè)數(shù),
利用隔板法求解即可.
【詳解】由題意,原問(wèn)題等價(jià)于將7個(gè)相同的小球放入3個(gè)不同的盒子,每個(gè)盒子中至少放入1個(gè)小球的
方法個(gè)數(shù),在7個(gè)相同的小球之間形成的6個(gè)空中,任選2個(gè)放入兩個(gè)隔板,共有C;=?==15種方法,
2x1
即方程x+y+z=10的解的組數(shù)為15.
故答案為:15
6.36
【分析】首先確定甲和乙的中位數(shù),再?gòu)钠渌臄?shù)字分組,利用組合數(shù)公式,即可求解.
【詳解】依題意,甲組的中位數(shù)必為5,乙組的中位數(shù)必為6,
所以甲組另外四個(gè)數(shù),可從L2,3,4和7,8,9,10這兩組數(shù)各取2個(gè),共有C:Cj=36.
故答案為:36
反思提升:
組合問(wèn)題常有以下兩類(lèi)題型變化:
(1)“含有”或“不含有”某些元素的組合題型:“含”,則先將這些元素取出,再由另外元
素補(bǔ)足;“不含”,則先將這些元素剔除,再?gòu)氖O碌脑刂腥ミx取.
(2)“至少”或“至多”含有幾個(gè)元素的組合題型:解這類(lèi)題必須十分重視“至少”與“至多
這兩個(gè)關(guān)鍵詞的含義,謹(jǐn)防重復(fù)與漏解.用直接法和間接法都可以求解,通常用直接法分類(lèi)復(fù)
雜時(shí),考慮逆向思維,用間接法處理.
【考點(diǎn)3】排列與組合的綜合問(wèn)題
一、單選題
14
1.(22-23高三下?湖北?階段練習(xí))甲、乙、丙、丁、戊5名志愿者參加新冠疫情防控志愿者活動(dòng),現(xiàn)有A3,C三
個(gè)小區(qū)可供選擇,每個(gè)志愿者只能選其中一個(gè)小區(qū).則每個(gè)小區(qū)至少有一名志愿者,且甲不在A(yíng)小區(qū)的概率
為()
19310025
A.-----B.-----C.—D.一
24324339
2.(22-23高三下?江蘇蘇州?開(kāi)學(xué)考試)將六枚棋子A,B,C,D,E,尸放置在2x3的棋盤(pán)中,并用紅、黃、
藍(lán)三種顏色的油漆對(duì)其進(jìn)行上色(顏色不必全部選用),要求相鄰棋子的顏色不能相同,且棋子48的顏
色必須相同,則一共有()種不同的放置與上色方式
A.11232B.10483C.10368D.5616
二、多選題
3.(21-22高二?全國(guó)?單元測(cè)試)帶有編號(hào)1、2、3、4、5的五個(gè)球,貝|()
A.全部投入4個(gè)不同的盒子里,共有45種放法
B.放進(jìn)不同的4個(gè)盒子里,每盒至少一個(gè),共有C:種放法
C.將其中的4個(gè)球投入4個(gè)盒子里的一個(gè)(另一個(gè)球不投入),共有C;C;種放法
D.全部投入4個(gè)不同的盒子里,沒(méi)有空盒,共有C;A:種不同的放法
三、填空題
4.(2024?廣東佛山?二模)甲、乙、丙3人在公交總站上了同一輛公交車(chē),已知3人都將在第4站至第8站
的某一公交站點(diǎn)下車(chē),且在每一個(gè)公交站點(diǎn)最多只有兩人同時(shí)下車(chē),從同一公交站點(diǎn)下車(chē)的兩人不區(qū)分下
車(chē)的順序,則甲、乙、丙3人下車(chē)的不同方法總數(shù)是.
5.(2023?廣東汕頭?三模)現(xiàn)在有5人通過(guò)3個(gè)不同的閘機(jī)進(jìn)站乘車(chē),每個(gè)閘機(jī)每次只能過(guò)1人,要求每個(gè)
閘機(jī)都要有入經(jīng)過(guò),則有種不同的進(jìn)站方式(用數(shù)字作答)
參考答案:
題號(hào)123
答案BCACD
1.B
【分析】根據(jù)題意,先求得所有情況數(shù),然后求得甲去A的情況數(shù),從而得到甲不去A小區(qū)的情況數(shù),再
結(jié)合概率公式,即可得到結(jié)果.
【詳解】首先求所有可能情況,5個(gè)人去3個(gè)地方,共有35=243種情況,
再計(jì)算5個(gè)人去3個(gè)地方,且每個(gè)地方至少有一個(gè)人去,
5人被分為3,1,1或2,2,1
當(dāng)5人被分為3,1,1時(shí),情況數(shù)為C;xA;=60;
15
當(dāng)5人被分為2,2,1時(shí),情況數(shù)為生與蟲(chóng).=90;
A;
所以共有60+90=150.
由于所求甲不去A,情況數(shù)較多,反向思考,求甲去A的情況數(shù),最后用總數(shù)減即可,
當(dāng)5人被分為3,1,1時(shí),且甲去A,甲若為1,則C;xA;=8,甲若為3,則C;xA;=12
共計(jì)8+12=20種,
當(dāng)5人被分為2,2,1時(shí),且甲去A,甲若為1,則"|xA;=6,甲若為2,貝|C;xC;xA;=24,共計(jì)6+24=30
種,
所以甲不在A(yíng)小區(qū)的概率為-(20+3。)=W2
243243
故選:B.
2.C
【分析】進(jìn)行顏色分配,然后利用分類(lèi)原理的相加和分步相乘的原理進(jìn)行分析即可.
【詳解】①3個(gè)1,3個(gè)2,0個(gè)3如表:
□0
000
只用兩種顏色,并選取兩個(gè)位置放此時(shí)有:A;(C;+C;)=36種,
②1個(gè)1,2個(gè)2,3個(gè)3如表:
000
000
選用三種顏色(1+2+3,且只用一次的顏色放在拐角),并選取兩個(gè)位置放AB,此時(shí)有:C〉A(chǔ),(C;+C;)=96
種,
或
000
000
選用三種顏色(1+2+3,且只用一次的顏色放在中間),并選取兩個(gè)位置放物此時(shí)有:C>ANC:+C;)=48
16
種,
③2個(gè)工,2個(gè)2,2個(gè)3如表:
0
00
選用三種顏色(2+2+2),并選取兩個(gè)位置放A3,此時(shí)有:C;?A;=18種,
或
n0
Q0
選用三種顏色(2+2+2),并選取兩個(gè)位置放AB,此時(shí)有:C;?A;=18種,
所以不同的放置與上色方式有:
(36+96+48+18+18>A;?A:=10368.
故選:C.
3.ACD
【分析】對(duì)A:根據(jù)分步乘法計(jì)數(shù)原理運(yùn)算求解;對(duì)B:分類(lèi)討論一共用了幾個(gè)球,再結(jié)合捆綁法運(yùn)算求解;
對(duì)C:根據(jù)分步乘法計(jì)數(shù)原理運(yùn)算求解;對(duì)D:利用捆綁法運(yùn)算求解.
【詳解】對(duì)于A(yíng):每個(gè)球都可以放入4個(gè)不同的盒子,貝IJ共有4x4x4x4x4=45種放法,A正確;
對(duì)于B:放進(jìn)不同的4個(gè)盒子里,每盒至少一個(gè),則有:
全部投入4個(gè)不同的盒子里,每盒至少一個(gè),相當(dāng)于把其中的2個(gè)球捆綁成一個(gè)球,再進(jìn)行排列,共有
C;A:=240種放法,B錯(cuò)誤;
對(duì)于C:先選擇4個(gè)球,有C:種,再選擇一個(gè)盒子,有C;種,故共有C:C;種放法,C正確;
對(duì)于D:全部投入4個(gè)不同的盒子里,沒(méi)有空盒,則相當(dāng)于把其中的2個(gè)球捆綁成一個(gè)球,再進(jìn)行排列,共
有C;A:=240種放法,D正確;
故選:ACD.
4.120
【分析】分3人都在第4站至第8站的某一公交站點(diǎn)1人獨(dú)自出下車(chē)和3人中有2人在同一公交站點(diǎn)下車(chē),
另人在另外一公交站點(diǎn)下車(chē),兩種情況討論即可,
【詳解】由題意,3人都在第4站至第8站的某一公交站點(diǎn)工人獨(dú)自出下車(chē),共有A;=60種,
17
3人中有2人在同一公交站點(diǎn)下車(chē),另1人在另外一公交站點(diǎn)下車(chē),共有C;A;=60種,
故甲、乙、丙3人下車(chē)的不同方法總數(shù)是60+60=120種.
故答案為:120.
5.720
【分析】考慮1+1+3和2+2+1兩種情況,結(jié)合同一閘機(jī)的不同人的順序,計(jì)算相加得到答案.
【詳解】將5人分為3組,有1+1+3和2+2+1兩種情況:
當(dāng)分組為1+1+3時(shí):共有.A;=360;
當(dāng)分組為2+2+1時(shí):共有V7^A,A;?A;=360;
A?
綜上所述:共有360+360=720種不同的進(jìn)站方式.
故答案為:720.
反思提升:
(1)對(duì)相鄰問(wèn)題采用捆綁法、不相鄰問(wèn)題采用插空法、定序問(wèn)題采用倍縮法是解決有限制條件
的排列問(wèn)題的常用方法.
⑵對(duì)于分堆與分配問(wèn)題應(yīng)注意三點(diǎn)
①處理分配問(wèn)題要注意先分堆再分配.
②被分配的元素是不同的.
③分堆時(shí)要注意是否均勻.
分層檢測(cè)
【基礎(chǔ)篇】
一、單選題
1.(2024?貴州?三模)2023年全國(guó)中學(xué)生數(shù)學(xué)奧林匹克競(jìng)賽(決賽)于2023年11月26日至12月3日在湖
北省武漢市武鋼三中舉行,賽后來(lái)自某所學(xué)校的3名同學(xué)和2名老師站成一排合影,若兩名老師之間至少
有一名同學(xué),則不同的站法有()種.
A.48B.64C.72D.120
2.(2024?廣東深圳?二模)已知某六名同學(xué)在CMO競(jìng)賽中獲得前六名(無(wú)并列情況),其中甲或乙是第一名,
丙不是前三名,則這六名同學(xué)獲得的名次情況可能有()
A.72種B.96種C.144種D.288種
3.(2024?河北邯鄲?二模)某班聯(lián)歡會(huì)原定5個(gè)節(jié)目,己排成節(jié)目單,開(kāi)演前又增加了2個(gè)節(jié)目,現(xiàn)將這2
個(gè)新節(jié)目插入節(jié)目單中,要求新節(jié)目既不排在第一位,也不排在最后一位,那么不同的插法種數(shù)為()
18
A.12B.18C.20D.60.
4.(2024?山東煙臺(tái)?一模)將8個(gè)大小形狀完全相同的小球放入3個(gè)不同的盒子中,要求每個(gè)盒子中至少放
2個(gè)小球,則不同放法的種數(shù)為()
A.3B.6C.10D.15
二、多選題
5.(23-24高三上?福建廈門(mén)?期中)以下結(jié)論中,正確的是()
A.若復(fù)數(shù)z(l—3i)=2-i,則+
B.若復(fù)數(shù)z滿(mǎn)足|z-2i|=l,則忖的最大值為3
C.已知復(fù)數(shù)2=。+歷,其中ae{—2,0,1}4€{0,1,4,9},則復(fù)數(shù)2=。+歷是純虛數(shù)的概率為;
D.A,B,C,D,E五名學(xué)生按任意次序站成一排,則A和8站兩端的概率為《
6.(2023?湖北武漢?一模)已知離散型隨機(jī)變量X服從二項(xiàng)分布3(”,p),其中〃wN*,0<p<l,記X為奇
數(shù)的概率為。,X為偶數(shù)的概率為6,則下列說(shuō)法中正確的有()
A.a-\-b=l8.2=3時(shí),々=6
c.0<p<g時(shí),。隨著"的增大而增大D.J<P<1時(shí),。隨著〃的增大而減小
7.(2024?山東青島?一模)袋子中有6個(gè)相同的球,分別標(biāo)有數(shù)字1,2,3,4,5,6,從中隨機(jī)取出兩個(gè)球,
設(shè)事件A="取出的球的數(shù)字之積為奇數(shù)",事件3="取出的球的數(shù)字之積為偶數(shù)",事件C="取出的球的數(shù)
字之和為偶數(shù)",則()
A.事件A與B是互斥事件B.事件A與8是對(duì)立事件
C.事件B與C是互斥事件D.事件8與C相互獨(dú)立
三、填空題
8.(23
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