2024年上海市虹口區(qū)高考物理二模試卷(含詳細(xì)答案解析)

2024年上海市虹口區(qū)高考物理二模試卷

一、實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共9分。

1.秋千

蕩秋千是非常普遍的娛樂運(yùn)動(dòng)。

①（多選題）人在A處

A.合力不為零

8.向心力為零

C.合力沿切線〃的方向

。.向心力沿d的方向

②從人蕩到C點(diǎn)的過程中，其動(dòng)能隨時(shí)間的變化關(guān)系圖像為

(2)小明同學(xué)蕩秋千時(shí)，發(fā)現(xiàn)秋千在運(yùn)動(dòng)過程中具有周期性，于是他在實(shí)驗(yàn)室找到一些器材進(jìn)行探究。

①(多選題)為了能夠滿足“單擺”的模型要求，應(yīng)______o

A.選用I米左右的輕質(zhì)細(xì)線

B.選用質(zhì)量較小的塑料球

C將線緊密纏繞在水平橫桿上

。.擺角盡可能的小

②測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，先用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球直徑，方法正確的是______圖。

(3)小明用拉力傳感器替代光電門傳感器，按圖(5)所示安裝好。擺球在小角度擺動(dòng)的過程中，啟動(dòng)計(jì)算機(jī)

軟件，得到圖(6)所示的圖像。則i=1.5s時(shí)擺球在_____位置，擺球的振動(dòng)周期7=_____s。

二、簡(jiǎn)答題：本大題共5小題，共15分。

2.雷電

雷電是大氣中的放電現(xiàn)象，多形成在積雨云中。通常下部的雷云因摩擦而帶負(fù)電，上部的雷云帶正電。當(dāng)

某處積聚的電荷密度很大，周圍產(chǎn)生強(qiáng)電場(chǎng)，就可擊穿空氣分子，形成雷電，釋放巨大能量。

(1)由于靜電感應(yīng)，會(huì)使雷云下方附近的地面積聚_____電荷，在云層和地面之間產(chǎn)生電場(chǎng)的大致方向:

(2)為避免雷電造成損害，高大的建筑物會(huì)裝有避雷針。如圖2,雷雨天，在避雷針附近產(chǎn)生電場(chǎng)，其等勢(shì)

面的分布如虛線所示。

①A、B、C三點(diǎn)中，場(chǎng)強(qiáng)最大的位置是______,一帶電量為一2.0x10-7。的電荷心由4運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)，則

其電勢(shì)能的變化量

②沿水平方向在某區(qū)域建立坐標(biāo)軸Ox,軸上各點(diǎn)電勢(shì)分布如圖3所示，人為圖線最高點(diǎn)，則。

人力點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零

B力點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)豎直向上

C。、c兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同

。.沿水平方向〃點(diǎn)距離避雷針比c點(diǎn)更遠(yuǎn)

(3)1752年6月的一天，富蘭克林在空曠地帶高舉裝有金屬桿的風(fēng)箏，剛好一道閃電從風(fēng)箏上掠過，他將

風(fēng)箏線上的電引入萊顧瓶中，I可家進(jìn)行了各種電學(xué)實(shí)驗(yàn)，證明雷電與人工摩擦產(chǎn)生的電具有相同的性質(zhì)。

已知萊頓瓶的電容C=1000p凡測(cè)出其兩端的電壓U=120l則富蘭克林收集到雷電的電量Q=

Co(IpF=IO"尸)

3.跳跳球

跳跳球的彈性很好，內(nèi)封一定質(zhì)量的氣體，是有趣的兒童玩具。為方便討論，均不計(jì)空氣阻力，重力加速

度g取9.8?n/s2。

圖］S2圖3圖4

(1)接觸地面后，跳跳球在被擠壓的過程中，不計(jì)內(nèi)能的變化。

①關(guān)于能量的變化，下列說法正確的是______。

4.動(dòng)能一直減小

B.動(dòng)能一直增大

C彈性勢(shì)能一直增大

。.人的機(jī)械能總量保持不變

②為了能彈起更高，接觸地面后，人應(yīng)。

(2)如圖3,跳跳球還可用來跳繩比賽。某同學(xué)1分鐘跳繩12()次，離開地面后重心均升高h(yuǎn)二10cm。若將

人看作質(zhì)點(diǎn)，則一次跳躍過程中，球與地面接觸的時(shí)間￡=_____s(保留2位有效數(shù)字)。

(3)夏天27℃時(shí)給跳跳球充氣，球內(nèi)氣體壓強(qiáng)為不計(jì)球的容積變化，在不漏氣的情況下，冬天

-13℃時(shí)，球內(nèi)氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能_____(填寫其變化情況)，球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p'=______atm.

(4)某同學(xué)購買的是無法充氣的質(zhì)地稍硬的跳跳球，玩耍時(shí)不慎撞成圖4示的凹陷，檢杳發(fā)現(xiàn)也沒漏氣。請(qǐng)

你幫他設(shè)計(jì)一個(gè)易于操作的方法把球恢復(fù)原狀，并簡(jiǎn)要說明其物理原理。

②已知微球偏離平衡位置微小位移x時(shí)，光線對(duì)微球總的作用力近似滿足F=-依，則微球從平衡位置開

5.微觀粒子的碰撞

通過對(duì)微觀粒子碰撞的研究，科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子、中子和中微子等基本粒子，對(duì)微觀世界的認(rèn)識(shí)不斷深

入。

(1)下列粒子中，質(zhì)量最小的是一。

A電子

B.原子

C.中子

Da粒子

(2)圖2為盧瑟福所做微觀粒子撞擊的實(shí)驗(yàn)裝置圖。該裝置中，放射源R放出的粒子是______o轉(zhuǎn)動(dòng)顯微

鏡，在熒光屏S上觀察到有個(gè)別粒子發(fā)生了大角度的偏轉(zhuǎn)，據(jù)此提出了原子的______模型。

(3)查德威克用針放出的a射線轟擊被，從而發(fā)現(xiàn)了中子。裝置圖3中的粒子8為—,發(fā)現(xiàn)中子的核反

應(yīng)方程為：—>4-QHO

(4)在核反應(yīng)堆中常用石墨做減速劑。已知碳核質(zhì)量是中子質(zhì)量的12倍，碰撞前中子的動(dòng)能為&o,碳核均

處于靜止?fàn)顟B(tài)，中子與碳核相遇即發(fā)生彈性正碰。

①與碳核發(fā)生一次碰撞，中子損失的動(dòng)能為多少？

②一個(gè)中子至少與碳核發(fā)生幾次碰撞，其動(dòng)能才可減小為原來的萬分之一？

6.發(fā)電機(jī)

從發(fā)電廠、變電站引出的輸電線，將電能輸送到鄉(xiāng)村、工廠和千家萬戶，為我們的美好生活做出了巨大貢

獻(xiàn)，而發(fā)電機(jī)則是功不可沒。

(1)圖I示為交流發(fā)電的裝置簡(jiǎn)圖，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、匝數(shù)為N的正方形線框。仇/在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以恒定的角速

度3繞。0'軸沿圖示方向轉(zhuǎn)動(dòng)。

①從圖1示位置開始計(jì)時(shí)，e、/兩點(diǎn)間電勢(shì)差隨時(shí)間/的變化關(guān)系圖像為_____。

②已知線框邊長(zhǎng)L=0.1771,匝數(shù)N=200,線框總電阻r=40,負(fù)載電阻R=16。。穿過線框的磁通量按

圖2示規(guī)律變化，則磁感應(yīng)強(qiáng)度8=T；輸出電壓4=幾

(2)圖3示為某直流發(fā)電機(jī)的簡(jiǎn)化原理圖。以。點(diǎn)為圓心、半徑為/的圓弧形金屬導(dǎo)軌MN固定在紙面內(nèi),

長(zhǎng)為/的導(dǎo)體棒CM可繞。點(diǎn)以角速度3勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向里，請(qǐng)運(yùn)用法

拉第電磁感應(yīng)定律，證明導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=

(3)某大型燃煤發(fā)電機(jī)組輸出的是正弦交流電，各種功率分配如圖5所示。遠(yuǎn)距離輸電過程中的損耗均為輸

電線熱損耗，變壓器視為理想變壓器，1MW=1O6W。

①渦輪機(jī)損耗的功率P^=_____MW,整個(gè)系統(tǒng)的效率_______%。

②若遠(yuǎn)距離輸電線的總電阻/@二250,發(fā)電機(jī)的輸出電壓U=2000乙則升壓變壓器的匝數(shù)比為。

答案和解析

1.【答案】A8CAAQ4平衡2

【解析】解：(1)①蕩秋千的人連司座椅看作質(zhì)點(diǎn)，因質(zhì)點(diǎn)在A點(diǎn)時(shí)速度為零，故向心加速度與向心力均

為零。而在4點(diǎn)質(zhì)點(diǎn)受到豎直向下的重力和沿繩子方向的拉力，這兩個(gè)力合力不為零，在此處加速度沿垂

直繩的方向(圓周運(yùn)動(dòng)的切向)，故合力沿切線。的方向，故A4c正確，。錯(cuò)誤。

故選：ABC.

②從人點(diǎn)蕩到C點(diǎn)的過程中，動(dòng)能先增大后減小，當(dāng)?shù)竭_(dá)C點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最大。圖像的斜率表示動(dòng)能變化的快

慢，根據(jù)動(dòng)能定理可知，動(dòng)能變億的快慢等于重力做功的快慢，即等于重力的瞬時(shí)功率，從A到最低點(diǎn)，

重力的瞬時(shí)功率先變大后變小，從最低點(diǎn)到C,重力的瞬時(shí)功率先變大后變小，則圖像的傾斜程度先變

大，后變小，再變大，再變小，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A。

(2)①為了能夠滿足“單擺”的模型要求，應(yīng)選用1米左右的輕質(zhì)細(xì)線；選用質(zhì)量較大體積較小的金屬球；

細(xì)線不能纏繞在橫桿上，否則擺動(dòng)過程中擺長(zhǎng)會(huì)發(fā)生變化；同時(shí)要保證擺角盡量的小，故AD正確，錯(cuò)

誤。

故選：AD.

②用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球直徑時(shí)，方法正確的是圖4。

(3)￡=1.5s時(shí)拉力傳感器示數(shù)最大，擺線的拉力最大，擺球所需向心力最大，擺球速度最大，可知此時(shí)擺

球在最低點(diǎn)，即平衡位置。

根據(jù)圖像可知，O~ls時(shí)間內(nèi)對(duì)應(yīng)擺球由最高點(diǎn)經(jīng)最低點(diǎn)到達(dá)另一側(cè)最高點(diǎn)，此為全振動(dòng)的一半，故振動(dòng)

周期F=2s。

故答案為：(1)①ABC；②A；(2)①AO；②4；(3)平衡；2。

(1)①對(duì)研究對(duì)象受力分析，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)解答；

②根據(jù)圖像斜率的物理意義，結(jié)合重力的瞬時(shí)功率的變化解答；

(2)①根據(jù)單擺的運(yùn)動(dòng)能近似為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的條件解答；

②根據(jù)游標(biāo)卡尺的使用方法解答；

(3)根據(jù)拉力傳感器的示數(shù)變化，結(jié)合向心力的變化，得出擺球的位置和對(duì)應(yīng)的振動(dòng)周期。

本題主要考查了圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)與單擺的相關(guān)知識(shí)，理解單擺運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，結(jié)合實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)

操作，并結(jié)合圖像的物理意義即可完成分析。

2.【答案】正向上A點(diǎn)一8.0x10-431.2x10-7

【解析】解：(1)因下部的雷云帶負(fù)電，故由于靜電感應(yīng)會(huì)使雷云下方附近的地面積聚正電荷，電場(chǎng)方向

由正電荷指向負(fù)電荷，則在云層和地面之間產(chǎn)生電場(chǎng)的大致方向是向上。

(2)①等勢(shì)面越密集的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越強(qiáng)，A、B、C三點(diǎn)中月處等勢(shì)面最密集，故場(chǎng)強(qiáng)最大的位置是A

點(diǎn)。

根據(jù)：Ep=q(p,可得此過程其電勢(shì)能的變化量為：

-73-4

AEp=q(pc~q9B=q(9c-<PB)=_2.0x10Cx[-31/—(-71Z)x10]/=-8.0xIO70

②48.根據(jù)0-％圖像的斜率絕對(duì)值等于電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，由圖3可知。點(diǎn)沿水平方向場(chǎng)強(qiáng)分量為零，而豎

直方向的場(chǎng)強(qiáng)分量不為零，且場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向上。故A錯(cuò)誤，B正確；

C根據(jù)沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，由圖3可知沿x軸正方向。點(diǎn)附近電勢(shì)升高，c點(diǎn)附近電勢(shì)降低，故a、c兩

點(diǎn)水平方向的場(chǎng)強(qiáng)分量方向相反，而它們的豎直方向的場(chǎng)強(qiáng)分量均向上，故。、c兩點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)方向一定

不相同，則4、。兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不相同，故。錯(cuò)誤：

D由圖2可知，在避雷針正上方的等勢(shì)面的位置的切線方向?yàn)樗椒较?，此處電?chǎng)線豎直向上，則8點(diǎn)有

可能處于避雷針正上方，故沿水平方向8點(diǎn)距離避雷針的距離有可能為零，故沿水平方向力點(diǎn)距離避雷針

可能比。點(diǎn)更進(jìn)，故。錯(cuò)誤。

(3)根據(jù)電容C=今，可得收集到雷電的電量Q=CU=1000xIO-12x1206=1.2x10-7Co

故答案為：(1)正；向上；(2)①A點(diǎn)；—8.0x10-4；②B；(3)1.2x10-7

(1)根據(jù)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，電場(chǎng)方向的規(guī)定分析解答。

(2)①根據(jù)等勢(shì)面越密集的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越強(qiáng)，電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系解答。

②根據(jù)9圖像斜率的物理意義解答44選項(xiàng)；根據(jù)沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，結(jié)合圖3可知判斷。兩點(diǎn)

的場(chǎng)強(qiáng)方向是否相同；根據(jù)圖2判斷4點(diǎn)可能所處的位置.0

(3)根據(jù)電容定義式解答。

本題考查了電場(chǎng)的基本性質(zhì)，電勢(shì)與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系是電場(chǎng)基本性質(zhì)的核心問題。掌握沿電場(chǎng)線電勢(shì)降

低；等勢(shì)面與電場(chǎng)線處處垂直；電場(chǎng)強(qiáng)度越強(qiáng)的地方沿電場(chǎng)線電勢(shì)降落地越快。掌握租-X圖像斜率的物

理意義。

3.【答案】C下蹲并用力向下蹬地面0.21變小1.3

【脩析】解：(1)接觸地面后，跳跳球在被擠壓的過程中，跳跳球?qū)θ说膹椓χ饾u增大，先小于人的重

力，后大于人的重力，可知人先加速運(yùn)動(dòng)后減速運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，故人和跳跳球的系統(tǒng)動(dòng)能先增大后減小。

跳跳球的形變量一直增大，故彈性勢(shì)能一直增大。跳跳球的機(jī)械能一直增大，根據(jù)機(jī)械能守恒，可知人的

機(jī)械能減小，故C正確，A8。錯(cuò)誤；

②為了能彈起更面，接觸地面后，人應(yīng)下蹲并用力向下蹬地面，增大跳跳球的彈性勢(shì)能。

(2)離開地面后人做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由/1=4跳2,可得每一次上升或下降的時(shí)間為：

跳繩120次在空中的總時(shí)間為：q=120x2t0

則一次跳躍過程中，球與地面接觸的時(shí)間￡=需

其中：h=10cm=0.1m,g=9.Bm/s2

解得：t?0.21s。

(3)溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，球內(nèi)氣體溫度降低，其分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能變小。

根據(jù)查理定律可得：黑=1

1

112

其中：pi=l.Satm,%=(273+27)K=300K,T2=(273-13)K=260K

解得：p'=13atm0

(4)方法：取一個(gè)大容器，向其中倒入足夠多的熱水，再把變形的跳跳球浸沒在熱水中，經(jīng)過一段時(shí)間，

球就能自動(dòng)恢復(fù)原貌。

其物理原理為：球浸入熱水后，內(nèi)部封閉氣體溫度升高，最初點(diǎn)體體積幾乎不變，根據(jù)查理定律，氣體壓

強(qiáng)增大，達(dá)到一定數(shù)值，就可以推動(dòng)外殼恢發(fā)原狀。

故答案為：(1)①C②下蹲并用力向下蹬地面。(2)0.21；(3)變小i1.3；(4)見解答。

解：(1)根據(jù)力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系或功與能的關(guān)系分析系統(tǒng)動(dòng)能與人的機(jī)械能變化，根據(jù)跳跳球的形變量變化

分析其彈性勢(shì)能的變化；

②從增大跳跳球的彈性勢(shì)能的角度解答。

(2)離開地面后人做豎直上拋運(yùn)動(dòng),根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解每一次上升或下降的時(shí)間，求出跳繩120次在空中

的總時(shí)間，根據(jù)時(shí)間關(guān)系求解次跳躍過程中，球與地面接觸的時(shí)間。

(3)溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，物體溫度越高，其分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能越大。根據(jù)查理定律求解末態(tài)

壓強(qiáng)。

(4)利用熱脹冷縮的原理把球恢復(fù)原狀。從氣體實(shí)驗(yàn)定律的物理原理解釋。

本題考查了氣體實(shí)驗(yàn)定律的應(yīng)用，直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用。題目較簡(jiǎn)單，根據(jù)相應(yīng)的物理

規(guī)律及原理解答即可。

4.【答案】波粒二象性寸小于aCDB

【解析】解：(1)該公式表明光子既有波動(dòng)性又有粒子性，即光具有的特性是波粒二象性。

頻率為"的光子其波長(zhǎng)為入二%其動(dòng)量為P=?=弓，垂直照射到平面鏡，在反射的過程中，動(dòng)量改變量的

大小4P=2p=半。

(2)①由折射定律,=翳，可知n>l,由17=(Vc,則光線在微球內(nèi)的傳播速度小于直空中的光速。。

由光路可逆原理，可知從8點(diǎn)射巴后的折射角等于在A點(diǎn)的入射角，即。=a。

②光束經(jīng)過微球的過程中，其動(dòng)量變化量為麗二無-雙，則有：而=匯+而

如圖1所示，根據(jù)平行四邊形定則，入射時(shí)的動(dòng)量為:與動(dòng)量變化量而合成為出射時(shí)的動(dòng)量近。

圖1

可得光束經(jīng)過微球的過程中，其動(dòng)量變化量的方向與人月垂直向下，根據(jù)動(dòng)量定理可知微球?qū)馐淖饔?/p>

力與48垂直向下，根據(jù)牛頓第三定律可知光束對(duì)微球產(chǎn)生的光壓垂直48向上，故C正確，人A。錯(cuò)誤。

(3)①根據(jù)上一?問的解答，入射光〃、b對(duì)微球甲產(chǎn)生壓力分別指向右上方與左上方，入射光c、d對(duì)微球乙

產(chǎn)生壓力分別指向左下方與右下方，如圖2所示。

則兩球所受合力的方向?yàn)椋杭浊蚴芎狭ο蛏?，乙球受合力向下，故。正確，C錯(cuò)誤。

②光線對(duì)微球總的作用力滿足簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力特征，則微球從平衡位置開始做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的位移x

隨時(shí)間，變化的圖像為正余弦規(guī)律圖像，故8正確，ACO錯(cuò)誤。

故答案為：(1)波粒二象性；邳：(2)①小于，a；②C：(3)①O；②8

(1)該公式表明光子既有波動(dòng)性乂有粒子性。根據(jù)頻率與波長(zhǎng)的關(guān)系，光子動(dòng)量的表達(dá)式解答。

(2)①根據(jù)折射定律與光路可逆原理解答；

②根據(jù)平行四邊形定則確定光束的動(dòng)量變化量的方向，根據(jù)動(dòng)量定理和牛頓第三定律解答。

(3)①根據(jù)上一問的解答，確定各個(gè)入射光對(duì)微球產(chǎn)生壓力的方向，根據(jù)矢量合成確定兩球所受合力的方

向；

②光線對(duì)微球總的作用力滿足簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力特征，則微球從平衡位置開始做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。

本題考查了光子及光的波粒二象性，光的折射現(xiàn)象，動(dòng)量定理的應(yīng)用，掌握矢量的變化量的求解方法，掌

握光子動(dòng)量的表達(dá)式。

5.【答案】Aa粒子核式結(jié)構(gòu)質(zhì)子"

【解析】解：(1)中子與質(zhì)子的質(zhì)量相當(dāng)，a粒子的質(zhì)量大約為質(zhì)子質(zhì)量的四倍，電子的質(zhì)量線為質(zhì)子質(zhì)量

的總Z

故A正確。

(2)圖2為盧瑟福用a粒子轟擊金箔的實(shí)驗(yàn)裝置圖，所以放射源H放出的粒子是。粒f,轉(zhuǎn)動(dòng)顯微鏡，在熒

光屏S上觀察到有個(gè)別粒子發(fā)生了大角度的偏轉(zhuǎn)，據(jù)此提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型。

(3)查德威克用針放出的a射線轟擊被，從而發(fā)現(xiàn)了中子，裝置圖中的粒子4為質(zhì)子，核反應(yīng)方程為

[也+[BeC+Jn；

(4)①設(shè)中子質(zhì)量為如則碳核質(zhì)量為12機(jī)，選中子的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒

定律得

mv=+12mv2

111,

5mp7=?mv9f+5(12m泗

乙乙乙

解得%=一凈

中子損失的動(dòng)能/以=\mv2-\mvl

1

mv9

Eko=2

解得4Ek=

②由第一問可知，中子與碳核碰撞一次，其動(dòng)能為碰前的(m)2

JLO

最終動(dòng)能為曲2叫。=嬴“

兩邊取對(duì)數(shù)，解得n=27.57

故答案為：(l){2)a粒子，核式結(jié)構(gòu)(3)質(zhì)子，12C

①中子損失的動(dòng)能4%=^^。

②中子至少需經(jīng)過28次碰撞，其動(dòng)能才可減小為原來的萬分之一

電子的質(zhì)量約為質(zhì)子質(zhì)量的焉，盧瑟福根據(jù)a粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型。中子與碳核相

A0*31

遇，根據(jù)彈性碰撞模型即可求解。

本題為一道綜合性題目，注意夯實(shí)基礎(chǔ)，解題關(guān)鍵是需要知道彈性碰撞的規(guī)律。

6.【答案】^0,540/2TT1200361：250

【解?析】解：(1)①根據(jù)圖1,此時(shí)瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式e=Em8s=N8L2cos有楞次定律可知線框

中感應(yīng)電流的方向?yàn)閍在外電路中即為erf,由以上可知從圖1示位置開始計(jì)時(shí)，《、/兩點(diǎn)間電勢(shì)

差隨時(shí)間/的變化關(guān)系圖像為B,故8正確，ACO錯(cuò)誤；

故選:B.