2024年新疆烏魯木齊市高考物理一檢試卷(含詳細(xì)答案解析)

2024年新疆烏魯木齊市高考物理一檢試卷

一、單選題：本大題共6小題，共24分。

1.我國“人造太陽”實(shí)驗(yàn)裝置（EAST）多次創(chuàng)造新的放電世界紀(jì)錄，其內(nèi)部發(fā)生輕核聚變的核反應(yīng)方程之一

為：He+X,其中乂是（）

A.質(zhì)子，其粒子流有很強(qiáng)的電離作用B.質(zhì)子，其粒子流有很強(qiáng)的穿透能力

C.中子，其粒子流有很強(qiáng)的電離作用D.中子，其粒子流有很強(qiáng)的穿透能力

2.我國愛因斯坦探針衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。衛(wèi)星的質(zhì)量為1.45￡,線速度大小為7.6km/s,運(yùn)動(dòng)周期

為96min”在48min內(nèi)，萬有引力對該衛(wèi)星的沖量的大小和方向?yàn)椋ǎ?/p>

A.約2.2X與末速度方向垂直B.約2.2X107/V-s,與末速度方向相同

C.約1.1X106N.S,與末速度方向垂直D.約1.1X106N.S,與末速度方向相同

3.“中國天眼凡4ST'發(fā)現(xiàn)一個(gè)由甲、乙兩恒星組成的雙星系統(tǒng)。甲、乙兩恒星繞其連線上某點(diǎn)做勻速圓周

運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比為4：萬，則甲、乙兩怛星的動(dòng)能之比為（）

A.rj：r2B.r2：r:C.rf：r,D.r/：rf

4.電容式加速度傳感器可用于汽車安全氣囊系統(tǒng)，傳感器的核心部件為由M、N兩塊極板組成的平行板電

容器，其中極板N固定，極板M可以自由移動(dòng)，移動(dòng)的距離與汽車的加速度大小成正比。己知電容器所

帶電荷量始終保持不變，當(dāng)汽車速度減小時(shí)，由于慣性導(dǎo)致極板M、N之間的相對位置發(fā)生變化，電容器

M、N兩極板之間的電壓減小，些電壓減小到某一值時(shí)，安全氣囊彈出。下列車內(nèi)平行板電容器的安裝方

5.杭州復(fù)興號亞運(yùn)會(huì)動(dòng)車組由8節(jié)車廂組成，為4動(dòng)4拖的分散型車組，其中第1、3、5、7節(jié)車廂帶動(dòng)

力，其余4節(jié)車廂不帶動(dòng)力。若每節(jié)車廂的質(zhì)量均相同，在平直軌道上運(yùn)行時(shí)、每節(jié)動(dòng)力車廂的牽引力均

相同，每節(jié)車廂受到的阻力均相同。已知?jiǎng)榆嚱M在平直軌道上勻加速運(yùn)行時(shí)，7、8節(jié)車廂之間的作用力為

F。。則6、7節(jié)車廂之間的作用力.％7和5、6節(jié)車廂之間的作用力F56分別為（）

=

A.F67=0,尸56F0B.%=F。,&6=F。

=

C.F57—2F0?F563FQD.F67—3F0>F56=2FQ

6.如圖所示，電學(xué)實(shí)驗(yàn)室的“黑盒子”表面有A、4、C三個(gè)接線柱，盒內(nèi)有一只定

?B

值阻阻和一個(gè)二極管，每兩個(gè)接線柱之間最多連接一個(gè)元件。為了探明盒內(nèi)元件的連

?C

接方式，實(shí)驗(yàn)小組用多用電表的吹姆擋進(jìn)行測量，把紅、黑表筆分別與接線柱A、

8、C連接，前5次測量結(jié)果如表所示。則把紅、黑表筆分別接C、B之間的測量結(jié)果是（）

紅表筆ABACBC

黑表筆BACACB

阻值（0500500603000560

A.500/2B.560aC.30600D.35000

二、多選題：本大題共4小題，共16分。

7.“波”字最早用于描述水紋起伏之狀，唐代詩人有“微風(fēng)動(dòng)柳生水波”的描述。圖甲為一列可看成簡諧

橫波的水波在t=0.5s時(shí)的波形圖,P、Q是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，圖乙為質(zhì)點(diǎn)尸的振動(dòng)圖像。下列說法中正

船

是

AJ

A

A

2

O/s

2-

6Cmr//CO.

-A-A

甲乙

A.水波沿4軸負(fù)方向傳播B.水波的波速為0.72m/s

C」=1.0s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的位移為?D.質(zhì)點(diǎn)尸的平衡位置坐標(biāo)孫=4cm

8.在學(xué)校籃球比賽中，小王同學(xué)投進(jìn)一個(gè)三分球，籃球在空中的運(yùn)動(dòng)軟跡如圖中虛線所示。若籃球所受空

氣阻力與其速度大小成正比，籃球從被投出到入筐的過程中，所受到的空氣阻力丹與合力?分的變化情況是

A.與一直變小B./7/先變小后變大C./人a一直變小D.尸入a先變小后變大

9.如圖所示，橢圓與兩等量異種點(diǎn)電荷的連線相切于。點(diǎn)，。點(diǎn)為兩電荷

連線的中點(diǎn)，0/3為橢圓的長軸，AC為橢圓的短軸。一帶正電的檢驗(yàn)電荷

夕在外力作用下從。點(diǎn)開始沿橢圓順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)一周，則（）

A.A、C兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同

B.。點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于4點(diǎn)的電場強(qiáng)度

C.從。點(diǎn)到A點(diǎn)的過程中，電場力對電荷q一直做負(fù)功

D.從B點(diǎn)到0點(diǎn)的過程中，電荷的電勢能先減小后增大

10.如圖所示，烏魯木齊機(jī)場在傳輸旅客行李的過程中，行李從一個(gè)斜面滑下。為防止

行李下滑時(shí)速度過大，斜面上設(shè)置了一段“減速帶”（行李與“減速帶”間動(dòng)摩擦因數(shù)

較大）。小梁的行李箱質(zhì)量為，〃、長度為L“減速帶”的長度為2A,該仃李箱與“減

速帶”間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，斜面與水平面間的夾角為。，重力加速度的大小為g，行

李箱滑過“減速帶”的過程中，不會(huì)發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)且箱內(nèi)物品相對行李箱靜止。設(shè)該行李

箱質(zhì)量分布均勻和不均勻的兩種情況下滑過“減速帶”的過程中，克服“減速帶”的摩擦力做的功分別為

明和色。貝心）

A.叫一定等于2卬ngLcos。B.%一定大于2〃mgLcose

C.也一定等于％D.1%可能大于名

三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共14分。

11.小常同學(xué)完成“用單擺測量重力加速度”的實(shí)驗(yàn)。

（1）用游標(biāo)卡尺測量擺球的直徑，其讀數(shù)如圖所示，該讀數(shù)為cm；

（2）為了減小測量周期的誤差，應(yīng)在擺球經(jīng)過最（選填“高”或“低”）點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí);

（3）若兩次實(shí)驗(yàn)的擺長之差為山，周期的平方之差為4T2,則重力加速度。

123（cm）

II111,11II1I??1IIillIII1II?

|n|?hi|II?qII111

05101520

12.在測量電流表4（0~內(nèi)阻約150。）的內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，供選擇的儀器如下：

A.電流表4（0?20m4內(nèi)阻約50。）

8.滑動(dòng)變阻器（0?1012）

C定值電陽%（150。）

D定值電阻&(50。)

￡電源(電動(dòng)勢3.0，，內(nèi)阻忽略不計(jì))

F.開關(guān)S及導(dǎo)線若干

(1)請根據(jù)實(shí)物圖在答題卡虛線框中畫出電路圖:

(2)若要求兩電流表最大偏轉(zhuǎn)均能達(dá)到滿偏刻度的全定值電阻應(yīng)選(填序號):

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，以&的示數(shù)，2為縱坐標(biāo)，月1的示數(shù)A為橫坐標(biāo)，取A和&的標(biāo)度相同，作出相應(yīng)圖線，

其圖線的斜率的值接近于_____(選填“2”或"4”)；

(4)若將電流表力I、力2均改裝成量程為0?15V的電壓表，接入電路測量電壓時(shí),由(選填或

“七”)改裝成的電壓表的內(nèi)阻對電路影響較小。

四、簡答題：本大題共5小題，共46分。

13.如圖所示為某科技小組設(shè)計(jì)的等臂“電流天平”，其左臂掛一質(zhì)量為的

空飲料瓶作為掛盤，右臂掛一質(zhì)昂.?為租2的矩形線圈，其下半部分處于方向垂直

線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場中。當(dāng)線圈中通有大小為/、沿順時(shí)針方向的電流時(shí)，

“電流天平”平衡。在掛盤內(nèi)放入100粒米泉大米后，當(dāng)線圈中通有大小為

)/、仍沿順時(shí)針方向的電流時(shí)，,'電流天平”再次平衡.已知矩形線圈的水平

4

邊長為3重力加速度大小為g。

(1)求勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)?雖度B的大?。?/p>

(2)若mi=40g,m2=30g,求一粒米泉大米的平均質(zhì)量加。

14.如圖所示為中國航天員的一種環(huán)形訓(xùn)練器材，環(huán)面與水平面間的夾角為

60。，A、8為航天員的座艙。某次訓(xùn)練中，座艙內(nèi)質(zhì)量為機(jī)的某航天員繞軸線

00'做半徑為A的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)航天員運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，座艙對航天員的作

用力的大小等于航天員的重力大小。已知重力加速度的大小為g,取航天員做圓

周運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)為本勢能點(diǎn)。求：

(1)航天員做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的向心加速度〃的大?。?/p>

(2)航天員做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)機(jī)械能的最大值Em。

15.冰壺運(yùn)動(dòng)是冬奧會(huì)上極具觀賞性的比賽項(xiàng)目，其比賽場地示意圖如圖所示。在某場比賽的一次投擲

中，中國隊(duì)運(yùn)動(dòng)員從起滑架處推著冰壺出發(fā)，在投擲線A3處放手讓冰壺以速度%=2m/s沿虛線滑出，冰

壺滑行一段距離后最終停在C處(未畫出)。冰壺滑行過程中，運(yùn)動(dòng)員用毛刷連續(xù)摩擦冰壺前方冰面的距離

為了。己知投擲線人8與。之間的電離So=24.8m,運(yùn)動(dòng)員不擦冰時(shí)冰壺與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)%=

0.01,擦冰時(shí)冰壺與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.004,重力加速度大小g取lOm/s?。求

(1)擦冰的距離5；

(2)整個(gè)過程中冰壺滑行時(shí)間的可能值的最大值片。

起滑架投擲線

16.某興趣小組通過一款小游戲研究碰撞問題。游戲裝置如圖所示，在水平

面上固定一個(gè)游戲盒，其水平底面和圓形軌道內(nèi)側(cè)均光滑，緊貼軌道內(nèi)側(cè)放

置兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球A、B,其質(zhì)量分別為加、pm,開始時(shí)3球靜止，

A球在其左側(cè)以初速度為向右與月球發(fā)生碰撞，碰撞后兩小球始終不脫離圓

形軌道。已知兩小球人、8間的碰撞為對心彈性碰撞。

(1)求小球4、8第一次碰撞后瞬間的速度大小心〔、以1；

(2)若0>1,求在足夠長的時(shí)間內(nèi)，小球A、B通過的路程的比值。

17.如圖所示，在y>0的空間中存在勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E,方向沿yV

軸負(fù)方向；在y<0的空間中存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為從方向垂直L

xQy平面(紙面)向外。一帶正電的粒子(重力不計(jì))，從)，軸上A點(diǎn)以水平初速.

度小沿五軸正方向射入電場中，之后粒子在電場、磁場中做周期性運(yùn)動(dòng)。已二一一了

知備粒了每次進(jìn)、出磁場時(shí)兩點(diǎn)間的距離均為乩

D

(1)求粒子第一次經(jīng)過X軸的位置距坐標(biāo)原點(diǎn)的距離X。；

(2)若孫=尊，求粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)軌跡的相鄰的兩交點(diǎn)間的距離

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒，核反應(yīng)方程為

22H3

1+1T2He+^n

可得X是中子，中子流有很強(qiáng)的穿透能力，故A6c錯(cuò)誤，。正確；

故選：Do

根據(jù)質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒的規(guī)則書寫核反應(yīng)方程式并對產(chǎn)物微粒的特征進(jìn)行分析判斷。

考查核反應(yīng)方程的書寫規(guī)則，會(huì)根據(jù)事例進(jìn)行分析并作出正確的判斷。

2.【答案】B

【解析】解：48min內(nèi)，衛(wèi)星運(yùn)行半個(gè)周期，規(guī)定末速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理有

I=Ap=771V—(―7HV)

解得/V2.2x107N-s,方向性與末速度方向相同，故AC。錯(cuò)誤，3正確:

故選:故

48min內(nèi)，衛(wèi)星運(yùn)行半個(gè)周期，速度方向相反，根據(jù)動(dòng)量定理分析解答。

本題考查動(dòng)量定理，解題關(guān)鍵掌握動(dòng)量的矢量性與方向性。

3.【答案】4

【解析】解：設(shè)甲、乙兩恒星的質(zhì)量分別為m1、m2,線速度分別為力、外，它們之間的距離為L甲、乙

兩恒星繞它們連線上的某點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期和角速度相等，由它們之間的萬有引力提供各自的向心

力，可得：

2

G---~=mi-

L2廠】

°丁="

可得：雪=口

巾2嶺r2

由動(dòng)能&=26后,可知甲、乙兩恒星的動(dòng)能之比為n：r2,故A正確，8C。錯(cuò)誤。

故選：Ao

甲、乙兩恒星繞它們連線上的某點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由它們之間的萬有引力提供各自的向心力。根據(jù)萬有

引力定律、牛頓第二定律、動(dòng)能表達(dá)式求解。

本題考查了雙星系統(tǒng)的基礎(chǔ)問題，要知道雙星系統(tǒng)中兩星體的角速度和周期相等，兩者靠相互間的萬有引

力提供向心力。

4.【答案】B

【解析】【分析】

本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析，目的是考查學(xué)生的推理能力。根據(jù)電容的決定式C=就，結(jié)合當(dāng)汽車速度

減小時(shí)，d和S的變化得出電容的變化，結(jié)合公式。=苴判斷電E的變化，進(jìn)一步判斷安全氣囊能否彈出。

【解答】

A.當(dāng)汽車的速度減小時(shí)，由于慣性導(dǎo)致M板相對于N板向右運(yùn)動(dòng)，可得兩極板間的距離d增大，由平行板

電容器電容的決定式C=觥可知d增大，C減小，由C=￡可知，Q不變、U增大，當(dāng)電壓U增大時(shí)，安

全氣囊不會(huì)彈出，故A錯(cuò)誤；

4.當(dāng)汽車的速度減小時(shí)，由干慣性導(dǎo)致例板相對干N板向右運(yùn)動(dòng)，可得兩極板間的距離d減小，由平行板

電容器電容的決定式C=線可知d減小，C增大，由C可知，Q不變、U減小，當(dāng)電壓減小到某一值

時(shí)，安全氣囊會(huì)彈出，故8正確；

CD.當(dāng)汽車的速度減小時(shí)，由于慣性導(dǎo)致M板相對于N板運(yùn)動(dòng)，可得兩極板的正對面積S減小，由平行板

電容器電容的決定式C=線可知5減小，C減小，由。=蕓可知，Q不變，U增大，當(dāng)電壓。增大時(shí)，安

全氣囊不會(huì)彈出，故CQ錯(cuò)誤。

故選瓦

5.【答案】4

【解析】解：設(shè)第1、3、5、7節(jié)車廂的牽引力為凡每節(jié)車廂受到的阻力為7,對整體，根據(jù)牛頓第二定

律有4F—8/=8ma

對第8節(jié)車廂，根據(jù)牛頓第二定律有e-/=771。

對第7、8節(jié)車廂，根據(jù)牛頓第二定律有生7+戶一2/=2ma

解得及7=0

對第6、7、8節(jié)車廂，根據(jù)牛頓第二定律有產(chǎn)56+9一3/=3ma

解得尸56=FO,故A正確,BCD錯(cuò)誤。

故選：A。

通過對第1、3、5、7節(jié)、第8節(jié)、第7、8節(jié)、第6、7、8節(jié)進(jìn)行分析，利用牛頓第二定律可求出兩個(gè)作

用力大小。

學(xué)生在解答本題時(shí)，應(yīng)注意除了熟練運(yùn)用牛頓笫二定律外，選好研究對象也是解題的關(guān)鍵。

6.【答案】。

【解析】解?：紅表筆接小黑表筆接8,AB兩接線柱之間的電阻為5000將紅、黑表筆交換接線柱進(jìn)行

測量，電阻值不變，說明AB間接有定值電阻；

紅表筆接A、黑表筆接C,AC兩接線柱之間的電阻為60。，將紇、黑表筆交換接線柱進(jìn)行測量，電阻值為

3000。，說明A3間接有二極管，且二極管的正極與C相接；

紅表筆接8、黑表筆接C,C8兩接線柱之間的電阻為560。，說明C8間接有定值電阻和二極管的正向電

阻，黑盒子內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示：

紅表筆接。、黑表筆接用8c兩接線柱之間接有定值電阻和二極管的反向電阻，測量結(jié)果為&=500。+

3000。=350012o

綜上分析，故A8C錯(cuò)誤，。正確.

故選：

多用電表歐姆擋判斷黑盒子問題的方法，歐姆表紅、黑表筆正接、反接時(shí)，示數(shù)不變的為定值電阻；歐姆

表紅、黑表筆正接、反接時(shí)，示數(shù)相差很大的為二極管；歐姆表黑表筆與二極管正極相連，二極管導(dǎo)通，

歐姆表示數(shù)較小，歐姆表紅表筆與二極管正極相連，二極管截止，歐姆表示數(shù)很大。

掌握利用多用電表歐姆擋判斷黑盒子問題的方法，歐姆表紅、黑表筆正接、反接時(shí)，示數(shù)不變的為定值電

阻；歐姆表紅、黑表筆正按、反接時(shí)，示數(shù)相差很大的為二極管。

7.【答案】AD

【解析】解：A、t=0.5sP向下振動(dòng)，根據(jù)平移法可知波向x軸負(fù)方向傳播，故人正確；

B、根據(jù)圖像讀出波長是12cm=0.12m,周期是1.2s,該列波的波速為：v=^=^-m/s=OAm/s,故B

錯(cuò)誤；

C＞從圖甲所示到￡=1.0s時(shí)間向左傳遞x=vt'=0.1x0.5m=0.05m=5cm

根據(jù)對稱性可知，此時(shí)Q到平衡位置的距離與尸到平衡位置的距離相等，則。點(diǎn)的位移為-今故C錯(cuò)

誤；

D、圖甲中質(zhì)點(diǎn)P的位移為名說明質(zhì)點(diǎn)尸再經(jīng)過￡'=舌=冷=0.1$回到平衡位置，那么波向左移動(dòng)右，

則0Q=.

質(zhì)點(diǎn)尸的平衡位置坐標(biāo)為%=0Q-^

解得Xp=4cm

故。正確；

故選：AD.

根據(jù)P點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況結(jié)合平移法可知波的傳播方向，由圖像讀出波長、周期，然后求出波速。根據(jù)P。的

位置關(guān)系分析CD項(xiàng)。

本題考查識別、理解振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象的能力，以及把握兩種圖象聯(lián)系的能力。對于波的怪象往往先判

斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向和波的傳播方向間的關(guān)系。同時(shí)，能熟練分析波動(dòng)方程和振動(dòng)方程。

8.【答案】BC

【脩析】解?：AB、在籃球上升過程中，籃球的速度逐漸變小，根據(jù)題意可知籃球受到的空氣阻力。變小，

在籃球下降過程中，籃球的速度逐漸變大，籃球受到的空氣阻力與變大，即籃球受到的空氣阻力與先變小

后變大，故8正確，A錯(cuò)誤；

CD,將籃球的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向和豎直方向，籃球水平方向的速度一直減小，則籃球受到的空氣阻力年

水平方向的分力一直減小，上升過程中，籃球速度減小，籃球受到的空氣阻力弓豎直方向的分力向下且減

小，重力不變，豎直方向受到的合力減小，籃球卜.降過程中，籃球豎直方向速度增大，籃球受到的空氣阻

力丹豎直方向的分力向上且增大，重力不變，豎直方向受到的合力減小，根據(jù)力的合成可知F合一直變小，

故C1E確，。錯(cuò)誤。

故選:BC。

根據(jù)力與運(yùn)動(dòng)關(guān)系進(jìn)行分析再結(jié)合受力情況進(jìn)行分析。

本題主要考查力運(yùn)動(dòng)和力得關(guān)系，解題關(guān)鍵是正確分析籃球的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，結(jié)合受力情況進(jìn)行分析。

9.【答案】BD

【脩析】解：A、根據(jù)等量異種電荷形成的電場分布，可知A、C兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，但方向不同，

故A錯(cuò)誤；

比根據(jù)等最異種電荷形成的電場分布，可知電場線的疏密程度代表場強(qiáng)的大小，在等量異種電荷連線的中

垂線上，。點(diǎn)電場線最密集，場強(qiáng)最大，即。點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于8點(diǎn)的電場強(qiáng)度，故B正確；

C、正檢驗(yàn)電荷所受電場力的方向與其所在位置電場線的方向一致，在。點(diǎn)處，正電荷所受電場力方向與

其運(yùn)動(dòng)方向相反，在A點(diǎn)處正電荷所受電場力的方向與其運(yùn)動(dòng)方向成銳角。所以從。點(diǎn)到A點(diǎn)的過程中，

電場力對電荷夕先做負(fù)功后做正功，故C錯(cuò)誤；

。、等量異種電荷連線的中垂線勢能為0,沿電場線方向電勢降低所以在中垂線右側(cè)電勢小于0,電荷q從

8TCT。的過程中，電勢先減小后增大，根據(jù)電勢能&=q＞可知正電荷高勢高能，低勢低能，所以從8

點(diǎn)到。點(diǎn)的過程中，電荷，/的電勢能先減小后增大，故。正確.

故選：BD.

根據(jù)等量異種電荷形成的電場分行情況可以判斷4、C兩點(diǎn)的場強(qiáng)的關(guān)系和。、8兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度的關(guān)

系：正電荷順著電場線方向運(yùn)動(dòng)，電場力做正功，逆著電場線方向運(yùn)動(dòng)，電場力做負(fù)功，正電荷在電勢高

處電勢能大。

本潁主要幫助學(xué)牛通過圖象了解抽象的電場問題，從認(rèn)知水平角度分析，屈于珅解與應(yīng)用部分，掌握住等

量異種電荷的電場線和等勢線分右情況和特點(diǎn)，知道正電荷電荷在電勢高處電勢能大，即可解決本題。

10.【答案】AC

【解析】解：將行李箱看成無數(shù)段距離很小的質(zhì)量微元，每段質(zhì)量微元在“減速帶”中受到的摩擦力為

Af=n^mgcosO

每段質(zhì)量微元經(jīng)過“減速帶”時(shí)，摩擦力的作用距離均為2乙則克服“減速帶”的摩擦力做的功

W—￡4/-2L=-2L=2林gLcGsU￡Am—2fi?ngLcos0

可得

Wr=W2=W=2^mgLcos0

故AC正確，BD錯(cuò)誤。

故選:AC.

利用微元法求出每段質(zhì)量微元受到的摩擦力，在利用功的公式計(jì)算該行李箱質(zhì)量分布均勻和不均勻的兩種

情況下摩擦力做的功。

本題考查了功的公式，關(guān)鍵要明確微元法的應(yīng)用，屬于不太常見的題型。

11.【答案】1.420低?

【蟀析】解：⑴游標(biāo)卡尺的精確度為0.0567幾，其讀數(shù)為147即2+4x0.05mm=14.20mm=1.420c?n；

(2)為了減小測量周期的誤差，結(jié)合實(shí)驗(yàn)的注意事項(xiàng)，應(yīng)在擺球經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)；

(3)根據(jù)單擺的周期公式

T=2n

qg

可得72—47r2,

9

則〃2=T2_T2=耳%-L)=竽Al

r-r-..I4n2-Al

所以g=E?~

故答案為：(1)1.420；(2)低；(3)與弗。

(1)根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則完成讀數(shù)；

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)選擇計(jì)時(shí)起點(diǎn)位置；

(3)根據(jù)單擺的周期公式計(jì)算重力加速度。

考查游標(biāo)卡尺的讀數(shù)和單擺測重力加速度原理，會(huì)根據(jù)題意列式求解相關(guān)的物理量。

12.【答案】&2A2

【解析】解：(1)根據(jù)實(shí)物圖所作的電路圖如圖所示:

(2)電流表必與定值電阻&并聯(lián)后的量程約為5=+*=10mA+1叱儼=20mA

與電流表&的量程相當(dāng);

電流表A］與定值電阻&并聯(lián)后的量程約為，12=垢+*=10m4+”喘迎=40mA

"/<2bUJz

陸程約為電流表42的最程2倍:

當(dāng)電流表人示數(shù)為滿刻度的舞,電流表的示數(shù)為滿刻度的/因此定值電阻選擇七:

(3)根據(jù)歐姆定律，定值電阻&=彩

變形得，2二*1?A

圖像的斜率憶=色戶150+150

-150=2

(4)將電流表必改裝成量程為0?15V的電壓表，電壓表內(nèi)阻即1=/=—=1500。

'gl1UX1U

串聯(lián)電阻R=7^--n?—坦-150。=1350。

110X10

電流表內(nèi)阻與電壓表內(nèi)阻的百分匕白X100%=擺X100%=10%

/＜卜］IbUU

將電流表力改裝成量程為0?151/的電壓表，電壓表內(nèi)阻Rv2="=就產(chǎn)。=750。

」g2ZUX1U

串聯(lián)電阻？==一/24水需C-50。=700。

1g2ZUX1U

電流表內(nèi)阻與電壓表內(nèi)阻的百分匕Bxl00%=^-xl00%?6.7%

A1/2/DU

因此接入電路測量電壓時(shí)，由4改裝成的電壓表的內(nèi)阻對電路影響較小。

故答案為:(1)見解析；(2)%；(3)2；(4)&。

(1)根據(jù)實(shí)物圖完成電路圖；

(2)并聯(lián)電阻具有分流作用，根據(jù)歐姆定律結(jié)合并聯(lián)電路的特點(diǎn)分別求解電流表4與定值電阻自、/?2并聯(lián)

后的量程，然后作答；

(3)根據(jù)歐姆定律求解/2-。函數(shù)，分析圖像的斜率,，然后作答；

(4)根據(jù)歐姆定律分別求解改裝電壓表的內(nèi)阻，再求電流表內(nèi)阻與電壓表內(nèi)阻的百分比，然后作答。

本題主要考查了電流表、電壓表的改裝；知道電流表的改裝要并聯(lián)一個(gè)電阻，電壓表的改裝要串聯(lián)?個(gè)電

阻：能夠根據(jù)歐姆定律分析電流表內(nèi)阻對改裝表的影響。

13.【答案】解：(1)當(dāng)線圈中通有順時(shí)針方向的電流時(shí)，根據(jù)左手定則可知線圈受到安培力向下，設(shè)為

F,

因?yàn)榫€圈處于平衡狀態(tài)，結(jié)合杠桿平衡可以得到:

啊？=瓶2g+尸

F=BIL

聯(lián)立解得：B=如譚應(yīng)

/Lt

(2)當(dāng)線圈再次達(dá)到平衡后，設(shè)此時(shí)的安培力大小為V,同理可得:

"i]?十lOOrny=nt2y+F'

,5

F'=-rBIL

4

聯(lián)立解得：m=0.025g

答：(1)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度8的大小為3詈為；

(2)一粒米泉大米的平均質(zhì)量m為0.025g。

【解析】對線圈進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件結(jié)合安培力的計(jì)算公式r=8〃計(jì)算出磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度；

當(dāng)放上大米、改變電流，線圈再次平衡之后，對線圈進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件可以求出1。0粒大米的

質(zhì)量，進(jìn)而求出一粒大米的平均質(zhì)量。

本題考查磁場對電流的作用與受力分析相結(jié)合的問題，解題的突破點(diǎn)在于先判斷出安培力的方向，再根據(jù)

受力平衡進(jìn)行列式求解。

14.【答案】解：(1)航天員的受力情況如圖所示：

ma

根據(jù)牛頓第二定律可得：2mgeos30。=ma

解得：a=

(2)根據(jù)題意航天員在最高點(diǎn)機(jī)械能最大，設(shè)航天員做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小為V,在最高點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為

Ek，重力勢能為斗，則合力提供向心力可得：ma=m4

Ep=2mgRsin600

又，Ek=

Em=Ek+Ep

聯(lián)立解得：Em=

答：(1)航天員做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的向心加速度。的大小為Cg;

(2)航天員做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)機(jī)械能的最大值為苧mgR。

【解析】(1)由牛頓第二定律可求航天員運(yùn)動(dòng)的向心加速度的大小；

(2)由向心力公式可求航天員運(yùn)動(dòng)的最大線速度的大小，由機(jī)械能為動(dòng)能和重力勢能之和求出最大的機(jī)械

能。

本題是對機(jī)械能的定義和牛頓第二定律及向心力公式的考查，基礎(chǔ)題。

15.【答案】解：(1)設(shè)冰壺得質(zhì)量為,〃，根據(jù)動(dòng)能定理可得

-Utmg(So-s)-42mgs=0-5m詔

代入數(shù)據(jù)解得

s=8機(jī)

(2)設(shè)運(yùn)動(dòng)員擦冰過程冰壺的加速度為電、擦冰時(shí)間為￡2。根據(jù)題意可知，在最后8〃?擦冰，冰壺滑行時(shí)間

最長。根據(jù)牛頓第二定律運(yùn)用逆向思維得

12

S3

a2=“2。

12=

s。

tm=G+22

代人數(shù)據(jù)解得

tm=32s。

答：(1)擦冰的距離s為8m；

(2)整個(gè)過程中冰壺滑行時(shí)間的可能值的最大值。為325。

【解析】(1)利用動(dòng)能定理計(jì)算擦冰距離；

(2)冰壺滑行末速度為零，根據(jù)題意可知，在最后擦冰，冰壺滑行時(shí)間最長.可結(jié)合牛頓第二定律、運(yùn)

動(dòng)學(xué)公式計(jì)算最大時(shí)間。

本題旨在考查牛頓第二定律與勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的實(shí)際應(yīng)用，其中第一問可利用動(dòng)能定理解題。

16.【答案】解：(1)規(guī)定向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律得：

mv0=mvAl+PmvB1

1,1,1,

mv

5m詔=^2A1i+526m詢i

解得：%1=1"。，VB1=

(2)若6>1,小球A、B第一次碰撞后做相向