浙江省稽陽(yáng)聯(lián)誼學(xué)校2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期11月聯(lián)考（選考）物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024年11月稽陽(yáng)聯(lián)考物理科（選考）試題卷本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。考生注意：1．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2．答題時(shí)，請(qǐng)按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。3．非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無效。4．可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度g均取10m/s2。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列各選項(xiàng)中，負(fù)號(hào)表示方向的是（）A.“-1J”的功 B.“-1C”的電量C.“”的加速度 D.“-1Wb”的磁通量【答案】C【解析】A．功是標(biāo)量，功有正負(fù)，但正表示動(dòng)力做功，負(fù)表示阻力做功，即正負(fù)表示一種性質(zhì)，不表示方向，故A錯(cuò)誤；B．電量是標(biāo)量，電量的正負(fù)表示帶電體帶正電還是帶負(fù)點(diǎn)，即表示性質(zhì)，不表示方向，故B錯(cuò)誤；C．加速度是矢量，加速度的正負(fù)表示方向，故C正確；D．磁通量是標(biāo)量，磁通量有正負(fù)，若磁場(chǎng)穿過線圈平面的方向與規(guī)定方向相同取正值，與規(guī)定方向相反取負(fù)值，但磁通量的正負(fù)不表示方向，故D錯(cuò)誤。故選C。2.2024年10月乒乓球亞錦賽男單比賽，中國(guó)選手林詩(shī)棟連扳三局，戰(zhàn)勝伊朗選手。下列說法正確的是（）A.乒乓球速度減小時(shí)，加速度可能增大B.研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)，可把其看作質(zhì)點(diǎn)C.做殺球動(dòng)作時(shí)，球拍對(duì)乒乓球一定不做功D.球拍擊球使乒乓球原速率反彈，球拍對(duì)乒乓球的沖量為零【答案】A【解析】A．乒乓球的運(yùn)動(dòng)方向與受力方向相反時(shí)，速度減小，加速度可能在增大，A正確；B．旋轉(zhuǎn)的物體各部分運(yùn)動(dòng)情況不同，不能看成質(zhì)點(diǎn)，B錯(cuò)誤；C．做殺球動(dòng)作時(shí)，球拍可能對(duì)乒乓球做功，C錯(cuò)誤；D．球拍擊球使乒乓球原速率反彈，速度大小不變，方向發(fā)生改變，乒乓球的動(dòng)量變化不為零，根據(jù)動(dòng)能定理可知，球拍對(duì)乒乓球的沖量不為零，D錯(cuò)誤。故選A。3.真空中有兩個(gè)帶電金屬導(dǎo)體、，其中導(dǎo)體內(nèi)部存在空腔，兩者間的電場(chǎng)線分布如圖中帶箭頭實(shí)線所示，曲線為某帶電粒子在該電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，、、、為電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，為空腔內(nèi)部的一點(diǎn)，取無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，下列說法正確的是（）A.點(diǎn)電勢(shì)等于點(diǎn)電勢(shì)B.點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)均小于零D.帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下沿曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功【答案】D【解析】A．電勢(shì)沿著電場(chǎng)線降低，c點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn)電勢(shì)，A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)線密集處電場(chǎng)強(qiáng),電場(chǎng)線稀疏處電場(chǎng)弱，a點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度，B錯(cuò)誤；C．導(dǎo)體空腔內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，C錯(cuò)誤；D．由運(yùn)動(dòng)軌跡結(jié)合電場(chǎng)線分布可知，帶電粒子帶負(fù)電，電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功，D正確。故選D。4.2024年10月，中國(guó)人民解放軍東部戰(zhàn)區(qū)在臺(tái)島周邊開展實(shí)戰(zhàn)演習(xí)，震懾“臺(tái)獨(dú)”勢(shì)力。一枚質(zhì)量為的炮彈以初速度斜向上發(fā)射，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，點(diǎn)為炮彈發(fā)射點(diǎn)，點(diǎn)為與點(diǎn)等高的落地點(diǎn)，點(diǎn)為曲線最高點(diǎn)。假設(shè)這枚炮彈在空中無動(dòng)力飛行時(shí)受到的空氣阻力大小不變（小于重力），方向始終與速度方向相反。下列說法正確的是（）A.炮彈在點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)B.炮彈在點(diǎn)的加速度大于C.炮彈在上升過程中處于超重狀態(tài)D.炮彈上升過程和下降過程運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等【答案】B【解析】A．炮彈在點(diǎn)后受到重力和空氣阻力，所以之后不做平拋運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．炮彈在點(diǎn)時(shí)受到豎直向下的重力和水平向左的空氣阻力，合外力大于重力，根據(jù)牛頓第二定律可知，炮彈在點(diǎn)的加速度大于，故B正確；C．炮彈在上升過程中豎直方向的合外力向下，豎直方向的加速度向下，故處于失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．由于上升時(shí)和下落時(shí)豎直方向的加速度不同，故炮彈上升過程和下降過程運(yùn)動(dòng)時(shí)間不相等，故D錯(cuò)誤。故選B。5.核電池能效高、續(xù)航時(shí)間長(zhǎng)。其中某種核電池是將（镅）衰變釋放的核能部分轉(zhuǎn)換成電能。（镅）的衰變方程為，則（）A.極寒、高壓環(huán)境會(huì)使半衰期變短B.該核反應(yīng)發(fā)生時(shí)，镅核必須克服核力的排斥作用C.該反應(yīng)要持續(xù)進(jìn)行，镅核原料的體積必須大于臨界體積D.衰變成和時(shí)，和的結(jié)合能之和大于【答案】D【解析】A．半衰期只由原子核自身決定，極寒、高壓環(huán)境不會(huì)使半衰期變短，故A錯(cuò)誤；B．該核反應(yīng)發(fā)生時(shí)，镅核必須克服核力的吸引作用，故B錯(cuò)誤；C．該反應(yīng)是衰變，不是核裂變反應(yīng)，所以該反應(yīng)要持續(xù)進(jìn)行，镅核原料的體積沒有臨界體積，故C錯(cuò)誤；D．衰變成和時(shí)，生成物比反應(yīng)物更穩(wěn)定，所以和的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能，由于質(zhì)量數(shù)不變，則和的結(jié)合能之和大于，故D正確。故選D。6.小明觀察到出水口豎直朝下的水龍頭流出的水，落在硬質(zhì)水平瓷磚上時(shí)會(huì)濺起明顯水花。他對(duì)此進(jìn)行研究：測(cè)得水龍頭出口處圓管內(nèi)徑為，水龍頭出口處與瓷磚的高度差為。調(diào)節(jié)水龍頭旋鈕，出現(xiàn)明顯水花，極短時(shí)間內(nèi)從出口處流出水的體積是，重力加速度為，水的密度為，不考慮空氣阻力。假定水在管道內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則（）A.水從水龍頭出口落至瓷磚，用時(shí)為B.水落到瓷磚上時(shí)的速度是C.水落到瓷磚上時(shí)的重力功率為D.瓷磚對(duì)濺起的水做負(fù)功【答案】B【解析】AB．水龍頭出口處的圓管面積為極短時(shí)間內(nèi)流水的速度根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知解得水落到瓷磚上時(shí)的速度是所用時(shí)間為故A錯(cuò)誤，B正確；C．水落到瓷磚上時(shí)的重力功率為故C錯(cuò)誤；D．瓷磚對(duì)已濺起的水花不做功，故D錯(cuò)誤。故選B。7.2024年9月，我國(guó)成功發(fā)射首顆可重復(fù)使用返回式試驗(yàn)衛(wèi)星——實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星。如圖所示，此衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道高度約為800km，此軌道稱為太陽(yáng)同步軌道：它隨地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的同時(shí)，軌道平面平均每天轉(zhuǎn)動(dòng)的角度約為1°，使軌道平面始終與太陽(yáng)保持固定的取向，這樣太陽(yáng)光能始終照射到實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星上。已知地球半徑取6400km。則（）A.實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星的向心力始終不變B.實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大于7.9km/sC.實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的周期約為100分鐘D.實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度大小約為rad/s【答案】C【解析】A．實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，向心力始終指向地心，方向時(shí)刻改變，故A錯(cuò)誤；B．第一宇宙速度是所有繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，則實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星的速度小于7.9km/s，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律解得故實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的周期約為100分鐘，故C正確；D．實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度大小約為故D錯(cuò)誤。故選C。8.大海中有各種燈浮標(biāo)，其中有一種燈浮標(biāo)如圖甲所示，它的結(jié)構(gòu)可以簡(jiǎn)要分為上下兩部分，分別為標(biāo)體（含燈等裝置）和浮體（形狀為圓柱體，部分浮在水上）?，F(xiàn)在用外力將燈浮標(biāo)向下按壓一段距離后釋放，整體所受的浮力隨時(shí)間正弦式周期性變化，如圖乙所示，已知整個(gè)過程中圓柱體浮體始終未完全浸入水中，忽略空氣及水的阻力，下列說法正確的是（）A.燈浮標(biāo)整體做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，回復(fù)力由重力提供B.0-0.5s內(nèi)燈浮標(biāo)整體的加速度逐漸減小C.燈浮標(biāo)整體的重力等于D.燈浮標(biāo)整體所受合外力大小與偏離受力平衡位置的距離成正比【答案】D【解析】AD．由題圖乙可知，燈浮標(biāo)整體始終受浮力作用，說明整體始終未脫離水面，設(shè)受力平衡時(shí)浮體在水下的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，根據(jù)平衡條件有設(shè)釋放后某時(shí)刻距受力平衡位置x，以向下為正方向，系統(tǒng)所受的力可知燈浮標(biāo)整體所受合外力大小與偏離受力平衡位置的距離成正比，即燈浮標(biāo)整體做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，回復(fù)力是水的浮力與系統(tǒng)重力的合力，故A錯(cuò)誤，D正確；B．0-0.5s內(nèi)燈浮標(biāo)整體從浮力最大的位置運(yùn)動(dòng)到浮力最小的位置，即從最低點(diǎn)上浮到最高點(diǎn)的位置，分別處于簡(jiǎn)諧振動(dòng)的正向最大位移處和負(fù)向最大位移處，燈浮標(biāo)整體的加速度先逐漸減小，后反向增大，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，燈浮標(biāo)整體在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)的加速度大小相等，則在最低點(diǎn)有在最高點(diǎn)有聯(lián)立可得燈浮標(biāo)整體的重力故C錯(cuò)誤。故選D。9.原子處于磁場(chǎng)中，某些能級(jí)會(huì)發(fā)生劈裂。某種原子能級(jí)劈裂前后的部分能級(jí)圖如圖所示，相應(yīng)能級(jí)躍遷放出的光子分別設(shè)為①、②、③，對(duì)應(yīng)頻率分別為、、。若用①照射某金屬表面時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)，則（）A.頻率為的光子的動(dòng)量為B.若用②照射該金屬表面時(shí)也一定能發(fā)生光電效應(yīng)C.用①、③兩種光分別照射該金屬，逸出光電子的最大初動(dòng)能之差D.用②、③兩種光分別射入雙縫間距為，雙縫到屏的距離為的干涉裝置，產(chǎn)生的干涉條紋間距之差為【答案】A【解析】A．由于光子的動(dòng)量根據(jù)波長(zhǎng)、波速、頻率的關(guān)系可知聯(lián)立解得故頻率為的光子的動(dòng)量為，A正確；B．因②對(duì)應(yīng)的能級(jí)差小于①對(duì)應(yīng)的能級(jí)差，可知②的能量小于①的能量，②的頻率小于①的頻率，則若用①照射某金屬表面時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)，用②照射該金屬不一定能發(fā)生光電效應(yīng)，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)光電效應(yīng)方程可，①、③兩種光分別照射該金屬，逸出光電子的最大初動(dòng)能故最大初動(dòng)能之差C錯(cuò)誤；D．根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式可得其中整理可得同理可得②、③兩種光的干涉條紋間距的差值為D錯(cuò)誤。故選A10.我國(guó)古代利用水輪從事農(nóng)業(yè)生產(chǎn)，其原理簡(jiǎn)化如圖所示，細(xì)繩跨過光滑固定轉(zhuǎn)軸，一端繞在固定轉(zhuǎn)輪上，另一端與重物相連。已知轉(zhuǎn)輪與水輪圓心等高且距離為6m，轉(zhuǎn)軸到圓心距離為3m，重物質(zhì)量為4kg?，F(xiàn)水輪繞點(diǎn)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)（重物未與圓盤接觸），通過轉(zhuǎn)輪收放細(xì)繩，使細(xì)繩始終繃緊，那么細(xì)繩對(duì)轉(zhuǎn)軸的作用力范圍為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】如圖1所示在水輪緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，虛線圓為固定轉(zhuǎn)軸B的軌跡，因?yàn)楣潭ㄞD(zhuǎn)軸光滑且緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，所以軸兩邊繩子上的拉力均為mg，根據(jù)平行四邊形定則，可知當(dāng)兩邊繩子之間的夾角最小時(shí)合力最大，夾角最大時(shí)合力最小。由幾何關(guān)系可知，圖1中位置時(shí)合力最大，位置時(shí)合力最小。對(duì)固定轉(zhuǎn)軸在位置處進(jìn)行受力分析如圖2所示設(shè)，在直角三角形中，根據(jù)幾何關(guān)系可得解得根據(jù)平行四邊形定則，可得合力與豎直方向的夾角為，則有同理，對(duì)固定轉(zhuǎn)軸在位置處進(jìn)行受力分析，如圖3所示根據(jù)幾何關(guān)系可知?jiǎng)t與豎直方向的夾角為，根據(jù)平行四邊形定則，可知合力與豎直方向的夾角為，則可得故輕繩對(duì)固定轉(zhuǎn)軸B的作用力范圍為，故選C。11.如圖所示是邊長(zhǎng)為的正六邊形的橫截面，在A點(diǎn)有一粒子源能以相同的動(dòng)能向正六邊形內(nèi)各個(gè)方向發(fā)射質(zhì)量為、電荷量為的帶正電粒子，六邊形內(nèi)有平行于平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，經(jīng)過點(diǎn)的粒子的動(dòng)能是，粒子從電場(chǎng)中射出的最大動(dòng)能是，不計(jì)粒子重力及粒子間的相互作用，下列說法正確的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為B.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為C.電場(chǎng)強(qiáng)度方向可能從A指向D.電場(chǎng)強(qiáng)度方向可能從A指向【答案】B【解析】CD．由題意可知，經(jīng)過點(diǎn)的粒子的動(dòng)能增加量為，粒子從電場(chǎng)中以最大動(dòng)能射出時(shí)動(dòng)能增加量為，也就是說，以最大動(dòng)能射出的粒子沿電場(chǎng)方向的位移大小是從B點(diǎn)射出的粒子沿電場(chǎng)方向位移大小的2倍，說明電場(chǎng)方向是沿從A指向C的方向，故C、D錯(cuò)誤；AB．對(duì)于從B點(diǎn)射出的粒子，根據(jù)動(dòng)能定理有求得故A錯(cuò)誤，B正確。故選B。12.如圖甲所示，在豎直平面內(nèi)有一半徑為的固定光滑絕緣圓桶，在空間中有平行圓桶軸線的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為、帶電量為的帶電小球沿圓桶外壁做圓周運(yùn)動(dòng)，如圖乙所示為帶電小球所在處的截面圖，為豎直直徑，初始時(shí)帶電小球位于圓環(huán)最高點(diǎn)A（圓桶外側(cè)），并且有水平方向的速度（以水平向左為速度的正方向），如果帶電小球在A點(diǎn)不脫離圓桶，帶電小球初速度可能的取值為（）A.3m/s B.6m/s C.-3m/s D.-6m/s【答案】A【解析】假設(shè)初速度向左，則小球所受洛倫茲力豎直向下，小球不脫離圓桶需滿足即求得故選A。13.如圖所示，在之間接有交流電源，其電壓的有效值為。電路中共接有六個(gè)相同的定值電阻。S斷開時(shí)，滑動(dòng)變阻器觸片滑到最下面時(shí)，恰好理想變壓器的輸出功率最大（包含副線圈負(fù)載電阻阻值從0到無窮大的變化范圍）。S閉合后，滑動(dòng)變阻器觸片仍然滑到最下面時(shí)，下列說法正確的是（）A.變壓器原、副線圈匝數(shù)的比值為1∶4B.S閉合后，兩端電壓為C.S閉合后，兩端電壓為D.S閉合后，的功率是的4倍【答案】D【解析】A．設(shè)定值電阻阻值為，將副線圈電阻等效到原線圈，則有理想變壓器的輸入功率可知當(dāng)時(shí)，輸入功率最大，根據(jù)能量守恒可知，此時(shí)輸出功率也最大，由于等效電阻和串聯(lián)且電壓相等，則有解得故A錯(cuò)誤；B．S閉合后，與并聯(lián)再與串聯(lián)，則分擔(dān)的電壓即輸入電壓為副線圈輸出電壓兩端電壓為故B錯(cuò)誤；C．S閉合后，兩端電壓與等效電阻的電壓相等，即故C錯(cuò)誤；D．S閉合后，兩端的電壓的功率的功率所以故D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得分）14.下列說法正確的是（）A.動(dòng)量守恒定律適用于微觀、高速領(lǐng)域B.水銀在玻璃上形成“圓珠狀”的液滴說明水銀浸潤(rùn)玻璃C.赫茲首先發(fā)現(xiàn)了光電效應(yīng)現(xiàn)象，愛因斯坦解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象D.用能量為3.5eV的光子照射處于激發(fā)態(tài)的氫原子（基態(tài)能級(jí)），氫原子可以發(fā)生電離【答案】ACD【解析】A．動(dòng)量守恒定律具有普適性，不僅適用于微觀、高速領(lǐng)域，而且也適用于宏觀、低速領(lǐng)域，故A正確；B．水銀在玻璃上形成“圓珠狀”的液滴說明水銀不浸潤(rùn)玻璃，故B錯(cuò)誤；C．赫茲首先發(fā)現(xiàn)了光電效應(yīng)現(xiàn)象，愛因斯坦解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象，故C正確；D．根據(jù)波爾定態(tài)假設(shè)可知，激發(fā)能級(jí)滿足，故n=2的激發(fā)態(tài)能級(jí)為，由于3.5eV>3.4eV，故用能量為3.5eV的光子照射處于激發(fā)態(tài)的氫原子，氫原子可以發(fā)生電離，故D正確。故選ACD。15.某興趣小組設(shè)計(jì)了一種檢測(cè)油深度的油量計(jì)，如圖甲所示油量計(jì)固定在油桶蓋上并將油量計(jì)豎直插入油桶，通過油箱蓋的矩形窗口可看見油量計(jì)上端面的明暗區(qū)域。圖乙是油量計(jì)的部分正視圖，鋸齒數(shù)共有10個(gè)，它是一塊鋸齒形的透明塑料，鋸齒形的底部是一個(gè)等腰直角三角形，腰長(zhǎng)為，相鄰兩個(gè)鋸齒連接的豎直短線長(zhǎng)度為，最右邊的鋸齒剛接觸到油桶的底部，塑料的折射率小于油的折射率。若油面不會(huì)超過圖乙中的虛線Ⅰ，不計(jì)油量計(jì)對(duì)油面變化的影響，則（）A.窗口豎直向下射入的光線在塑料和空氣的界面處發(fā)生全反射，返回油量計(jì)的上端面并射出，形成亮區(qū)B.窗口豎直向下射入的光線在塑料和油的界面處發(fā)生折射進(jìn)入油中，油中反射光線發(fā)生干涉，疊加加強(qiáng)，形成亮區(qū)C.油的折射率可能為1.5D.油的深度與明線長(zhǎng)度滿足的關(guān)系式為【答案】AC【解析】AB．窗口豎直向下射入的光線在塑料和空氣的界面處發(fā)生全反射，返回油量計(jì)的上端面并射出，進(jìn)入人的眼睛，因此人看到的是亮區(qū)，故A正確，B錯(cuò)誤；C．由于鋸齒形的底部是一個(gè)等腰直角三角形，故光線從塑料入射到空氣時(shí)的臨界角C小于等于，故有所以油的折射率可能為1.5，故C正確；D．由題中可知，鋸齒總共有個(gè)，等腰直角形鋸齒的斜邊長(zhǎng)度為，故當(dāng)明線長(zhǎng)度為時(shí)，發(fā)生全反射的鋸齒個(gè)數(shù)為因此發(fā)生折射的鋸齒個(gè)數(shù)為由于豎線的長(zhǎng)度為，故油的深度為故D錯(cuò)誤。故選AC。非選擇題（本題共5小題，共55分）三、實(shí)驗(yàn)題（Ⅰ、Ⅱ兩小題，共14分）16.用甲圖裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，為了平衡摩擦力，若所有操作均正確，打出的紙帶如圖乙所示，應(yīng)_______（填“減小”或“增大”）木板的傾角。【答案】增大【解析】由打出的紙帶可知，小車做的是減速運(yùn)動(dòng)，說明木板的傾角偏小，應(yīng)增大木板的傾角。17.如圖所示為一條記錄小車運(yùn)動(dòng)情況的紙帶，圖中、、、、為計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔，根據(jù)數(shù)據(jù)可計(jì)算出點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小為_______m/s，小車運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小為________m/s2?！敬鸢浮?.550.60【解析】[1]根據(jù)中間時(shí)刻的速度等于相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的平均速度，則[2]根據(jù)逐差法，小車運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小為18.如圖所示，小車通過細(xì)繩與鉤碼相連，遮光片固定在小車的最右端，光電門傳感器固定在長(zhǎng)木板上，小明研究組利用圖中裝置完成了“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)，小紅研究組將長(zhǎng)木板放平，并把小車換成木塊，完成了“測(cè)定長(zhǎng)木板與木塊間動(dòng)摩擦因數(shù)”的實(shí)驗(yàn)。（1）關(guān)于小明研究組的實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是_______。A.需要平衡摩擦力，要求鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量B.不需要平衡摩擦力，要求鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量C.需要平衡摩擦力，不要求鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量D.不需要平衡摩擦力，不要求鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量（2）在實(shí)驗(yàn)操作完全正確的情況下，小明研究組將小車從某一位置由靜止釋放，測(cè)出遮光片的寬度和它通過光電門的擋光時(shí)間，小車靜止時(shí)的位置到光電門的位移，小車的質(zhì)量，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，則與應(yīng)滿足的關(guān)系式為________。（可用、、、等字母表示）（3）小紅研究組測(cè)出木塊靜止時(shí)遮光片右端距光電門左端的位移，由遮光片寬度和擋光時(shí)間求出滑塊的速度大小，并算出，然后作出的圖像如圖所示，根據(jù)圖像可求得動(dòng)摩擦因數(shù)_______。（可用、、、等字母表示）【答案】（1）C（2）（3）【解析】【小問1詳析】因?yàn)榱捎蓮椈蓽y(cè)力計(jì)測(cè)出，所以近似不需要；摩擦力還是要平衡的。故選C。【小問2詳析】小車通過光電門的速度由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律解得若滿足牛頓第二定律則有解得【小問3詳析】根據(jù)動(dòng)能定理可得解得結(jié)合圖像可得聯(lián)立解得19.某同學(xué)在測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：A.電流表：量程0~0.6A，內(nèi)阻約B.電流表：量程0~3A，內(nèi)阻約C.電壓表：量程0~3V，內(nèi)阻約D.電壓表：量程0~15V，內(nèi)阻約E.滑動(dòng)變阻器（最大阻值）F.滑動(dòng)變阻器（最大阻值）G.開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）為了較準(zhǔn)確測(cè)量電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，按照如圖甲所示電路圖，電壓表應(yīng)該選擇_________，電流表應(yīng)該選擇________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇________。（均選填儀器前面的字母序號(hào)）（2）在實(shí)驗(yàn)中測(cè)得多組電壓和電流值，得到如圖乙所示的圖線，由圖可知電源電動(dòng)勢(shì)_______V。內(nèi)阻________。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（3）①按如圖甲所示電路圖實(shí)驗(yàn)時(shí)，由于電流表和電壓表都不是理想電表，所以測(cè)量結(jié)果有系統(tǒng)誤差。下列說法正確的是_______；A.引入系統(tǒng)誤差的原因是電流表的分壓作用B.引入系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流作用②圖丙中實(shí)線為小明同學(xué)按如圖甲所示電路圖，正確操作時(shí)作出的圖線，兩條虛線、中有一條是電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻真實(shí)圖線，下列說法正確的有_______。A.圖線表示真實(shí)圖線，小明同學(xué)所測(cè)電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻均偏小B.圖線表示真實(shí)圖線，小明同學(xué)所測(cè)電動(dòng)勢(shì)大小等于真實(shí)值，內(nèi)阻偏大（4）現(xiàn)有兩個(gè)相同規(guī)格小燈泡、，此種燈泡的特性曲線如圖丁所示，將它們并聯(lián)后與同類型的兩節(jié)干電池（，）和定值電阻（）相連，如圖戊所示，則燈泡的實(shí)際功率為_______W。（結(jié)果保留兩位小數(shù)）【答案】（1）CAE（2）1.47##1.48##1.49##1.501.78##1.79##1.80##1.81##1.82（3）BA（4）0.20【解析】【小問1詳析】[1]干電池的電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，所以電壓表選C；[2]因?yàn)殡娫磧?nèi)阻一般為幾歐，則短路電流為，估算短路電流不到1A，為了精確測(cè)量，所以選小量程電流表，故應(yīng)A；[3]滑動(dòng)變阻器F的最大阻值過大，在調(diào)節(jié)時(shí)電路中電流都很小，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器E；【小問2詳析】[1]根據(jù)路端電壓與電流的關(guān)系可知圖像縱截距表示電源電動(dòng)勢(shì)，則[2]以上分析可知，圖像斜率絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻，則【小問3詳析】[1]小明實(shí)驗(yàn)時(shí)，引入系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流作用，使電流表示數(shù)偏小，A錯(cuò)誤，B正確；[2]當(dāng)外電路短路時(shí)，電壓表分流為0，短路電流相同，即小明作出的圖線和真實(shí)圖線與橫軸交點(diǎn)相同，圖線表示真實(shí)圖線，根據(jù)圖線可知所測(cè)電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻均偏小，A正確，B錯(cuò)誤；【小問4詳析】圖戊中，根據(jù)閉合電路歐姆定律得整理得將其圖像畫在圖丁中，如圖所示，藍(lán)色圖線與縱軸截距為0.30A，與橫軸交點(diǎn)為3.00V兩線相交處，燈泡的實(shí)際功率為20.玻璃瓶可作為測(cè)量水深的簡(jiǎn)易裝置。如圖所示，白天潛水員在水面上將100mL水裝入容積為400mL的玻璃瓶中，擰緊瓶蓋后帶入水底，瓶身長(zhǎng)度相對(duì)水深可忽略，倒置瓶身，打開瓶蓋，讓水進(jìn)入瓶中，穩(wěn)定后測(cè)得瓶?jī)?nèi)水的體積為250mL。將瓶?jī)?nèi)氣體視為理想氣體，全程氣體不泄漏。已知大氣壓強(qiáng)p0=1.0×105Pa，水的密度ρ=1.0×103kg/m3。則：（1）若溫度保持不變，瓶?jī)?nèi)氣體內(nèi)能的變化量ΔU__0（選填“大于”、“等于”或“小于”），全過程瓶?jī)?nèi)氣體____（選填“吸收熱量”、“放出熱量”或“不吸熱也不放熱”）；（2）若溫度保持不變，求白天水底的壓強(qiáng)p1和水的深度h。（3）若白天水底溫度為27℃，夜晚水底的溫度為24℃，水底壓強(qiáng)p1不變，求夜晚瓶?jī)?nèi)氣體體積?！敬鸢浮浚?）等于放出熱量（2）2.0×105Pa，10m（3）148.5mL【解析】【小問1詳析】[1][2]溫度不變，則氣體內(nèi)能不變，即ΔU=0，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體放出熱量?！拘?詳析】根據(jù)玻意耳定律即解得根據(jù)解得【小問3詳析】根據(jù)蓋呂薩克定律可知即解得21.如圖所示，半徑的四分之一光滑圓軌道與光滑水平長(zhǎng)直軌道在點(diǎn)平滑連接，圓軌道A點(diǎn)與圓心等高，點(diǎn)切線水平。一條長(zhǎng)度的水平傳送帶以的速度勻速向右運(yùn)行。時(shí)刻一物塊在傳送帶左端靜止釋放。另一時(shí)刻，一與物塊完全相同的物塊從A點(diǎn)以一初速度釋放。時(shí)刻物塊以的速度沖上傳送帶左端。已知物塊、質(zhì)量均恒為，兩物塊與傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，兩物塊運(yùn)動(dòng)過程中均可看作質(zhì)點(diǎn)，兩者的碰撞時(shí)間極短（可忽略不計(jì)），而且碰后物塊、粘在一起，求：（1）物塊在A點(diǎn)時(shí)受到軌道支持力的大??；（2）碰撞前瞬間物塊、的速度分別多大；（3）物塊從傳送帶左端運(yùn)動(dòng)到右端所用的時(shí)間；（4）在0-3s時(shí)間內(nèi)，傳送帶額外消耗的電能。【答案】（1）80N（2）6m/s，8m/s（3）2s（4）24J【解析】【小問1詳析】從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理得在A點(diǎn)，對(duì)物塊受力分析，由牛頓第二定律得物塊在A點(diǎn)時(shí)受到軌道支持力的大小為【小問2詳析】在傳送帶上對(duì)物塊由牛頓第二定律可知可得和的加速度大小均為相遇時(shí)由運(yùn)動(dòng)學(xué)關(guān)系可知解得或（舍去）得碰撞前瞬間物塊、的速度大小分別為【小問3詳析】碰撞過程中有動(dòng)量守恒定律解得由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得，則【小問4詳析】0-2s內(nèi)傳送帶位移2s-3s內(nèi)對(duì)傳送帶的摩擦力和對(duì)傳送帶的摩擦力大小相等，方向相反，總的摩擦力對(duì)傳送帶不做功所以傳送帶額外消耗的電能22.如圖甲所示，一傾角為的絕緣光滑斜面固定在水平地面上，其頂端與兩根相距為的水平光滑平行金屬導(dǎo)軌相連，其末端裝有擋板、。另一傾角、寬度也為的傾斜光滑平行金屬直導(dǎo)軌頂端接一電容的不帶電電容器。傾斜導(dǎo)軌與水平導(dǎo)軌在處絕緣連接（處兩導(dǎo)軌間絕緣物質(zhì)未畫出），兩導(dǎo)軌均處于一豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。從導(dǎo)軌上某處?kù)o止釋放一金屬棒，滑到后平滑進(jìn)入水平導(dǎo)軌，并與電容器斷開，此刻記為時(shí)刻，同時(shí)開始在上施加水平向右拉力繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，之后始終與水平導(dǎo)軌垂直且接觸良好；時(shí)，與擋板、相碰，碰撞時(shí)間極短，碰后立即被鎖定。另一金屬棒的中心用一不可伸長(zhǎng)絕緣細(xì)繩通過輕質(zhì)定滑輪與斜面底端的物塊相連；初始時(shí)繩子處于拉緊狀態(tài)并與垂直，滑輪左側(cè)細(xì)繩與斜面平行，右側(cè)與水平面平行。在后的速度-時(shí)間圖線如圖乙所示，其中1-2s段為直線，棒始終與導(dǎo)軌接觸良好。、、、均平行。已知：磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，，、和的質(zhì)量均為0.4kg，無電阻，電阻為；導(dǎo)軌電阻、細(xì)繩與滑輪的摩擦力均忽略不計(jì)；整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程未與滑輪相碰，未運(yùn)動(dòng)到處，圖甲中水平導(dǎo)軌上的虛線表示導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)。，，，，圖乙中為一常數(shù)，。求：（1）棒剛滑到傾斜軌道時(shí)的加速度大?。娙萜鞴ぷ髡＃Y(jié)果保留1位小數(shù)）；（2）在1~2s時(shí)間段內(nèi)，棒的加速度大小和細(xì)繩對(duì)的拉力大?。唬?）時(shí)，棒上拉力的瞬時(shí)功率；（4）在2~3s時(shí)間段內(nèi)，棒滑行的距離。【答案】（1）（2），1.8N（3）32.3W（4）2.53m【解析】【小問