河北省2024屆高三上期末物理模擬試題

河北省2024屆高三上期末物理模擬試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，一組同學(xué)用同一光電管在不同實(shí)驗(yàn)條件下得到了四條光電流與電壓之間的關(guān)系曲線(甲、乙、丙、丁)，如圖所示。以下判斷正確的是（）A．甲光的頻率大于乙光 B．丙光的頻率等于丁光C．甲光的強(qiáng)度等于丙光 D．乙光的強(qiáng)度等于丁光2．如圖所示，空間有兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷Q1和Q2，Q1帶正電、Q2帶負(fù)電，兩點(diǎn)電荷間的距離為L(zhǎng)，O為連線的中點(diǎn)。在以Q1、Q2為圓心，L2A．A，C兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同B．帶正電的試探電荷在M、N兩點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力方向相反C．把帶正電的試探電荷從C點(diǎn)沿圓弧移動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中電勢(shì)能不變D．帶負(fù)電的試探電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于在A點(diǎn)的電勢(shì)能3．滑索速降是一項(xiàng)具有挑戰(zhàn)性、刺激性和娛樂(lè)性的現(xiàn)代化體育游樂(lè)項(xiàng)目。可跨越草地、湖泊、河流、峽谷，借助高度差從高處以較高的速度向下滑行，使游客在有驚無(wú)險(xiǎn)的快樂(lè)中感受刺激和滿(mǎn)足。下行滑車(chē)甲和乙正好可以簡(jiǎn)化為下圖所示的狀態(tài)，滑車(chē)甲的鋼繩與索道恰好垂直，滑車(chē)乙的鋼繩正好豎直。套在索道上的滑輪質(zhì)量為m，滑輪通過(guò)輕質(zhì)鋼繩吊著質(zhì)量為M的乘客，則（）A．滑輪a、b都只受三個(gè)力作用B．滑輪b不受摩擦力的作用C．甲一定做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙做勻速直線運(yùn)動(dòng)D．乙中鋼繩對(duì)乘客的拉力小于乘客的總重力4．如圖所示，豎直放置的兩端開(kāi)口的U形管，一段空氣柱被水銀柱a和水銀柱b封閉在右管內(nèi)，水銀柱b的兩個(gè)水銀面的高度差為h。現(xiàn)將U形管放入熱水槽中，則系統(tǒng)再度達(dá)到平衡的過(guò)程中（水銀沒(méi)有溢出，外界大氣壓保持不變）（）A．空氣柱的壓強(qiáng)變大B．空氣柱的長(zhǎng)度不變C．水銀柱b左邊液面要上升D．水銀柱b的兩個(gè)水銀面的高度差h不變5．靜止在湖面的小船上有兩個(gè)人分別向相反方向水平拋出質(zhì)量相同的小球，甲向左拋，乙向右拋，如圖所示．甲先拋，乙后拋，拋出后兩小球相對(duì)岸的速率相等，若不計(jì)水的阻力，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．兩球拋出后，船往左以一定速度運(yùn)動(dòng)，乙球受到的沖量大一些B．兩球拋出后，船往右以一定速度運(yùn)動(dòng)，甲球受到的沖量大一些C．兩球拋出后，船的速度為零，甲球受到的沖量大一些D．兩球拋出后，船的速度為零，兩球所受的沖量相等6．如圖所示，邊長(zhǎng)為l的單匝正方形線圈放在光滑水平面上，其有一半處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。第一次保持磁場(chǎng)不變，使線圈在水平向右的拉力作用下，以恒定速度v向右運(yùn)動(dòng)；第二次保持線圈不動(dòng)，使磁感應(yīng)強(qiáng)度大小發(fā)生變化。若線圈的總電阻為R，則有（）A．若要使兩次產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同，則第二次時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小必須逐漸增大B．若要使兩次產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小相同，則第二次時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間必須均勻變化，且變化率ΔBC．第一次時(shí)，在線圈離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中，水平拉力做的功為BD．第一次時(shí)，在線圈離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中，通過(guò)線圈某一橫截面的電荷量為B二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7．2019年4月10日晚，數(shù)百名科學(xué)家參與合作的“事件視界望遠(yuǎn)鏡(EHT)”項(xiàng)目在全球多地同時(shí)召開(kāi)新聞發(fā)布會(huì)，發(fā)布了人類(lèi)拍到的首張黑洞照片．理論表明：黑洞質(zhì)量M和半徑R的關(guān)系為MRA．該黑洞的質(zhì)量M＝v2r2GC．該黑洞的半徑R＝2v2r8．宇宙中，兩顆靠得比較近的恒星，只受到彼此之間的萬(wàn)有引力作用互相繞轉(zhuǎn)，稱(chēng)之為雙星系統(tǒng)。設(shè)某雙星系統(tǒng)A、B繞其連線上的O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示。若AO>OB，則（）A．恒星A的質(zhì)量大于恒星B的質(zhì)量B．恒星A的動(dòng)能大于恒星B的動(dòng)能C．恒星A的動(dòng)量與恒星B的動(dòng)量大小相等D．恒星A的向心加速度大小小于恒星B的向心加速度大小9．如圖，從P點(diǎn)以水平速度v將小皮球拋向固定在地面上的塑料筐，小皮球恰好能夠入筐。不考慮空氣阻力，則小皮球在空中飛行的過(guò)程中（）A．在相等的時(shí)間內(nèi)，皮球動(dòng)量的改變量相同B．在相等的時(shí)間內(nèi)，皮球動(dòng)能的改變量相同C．下落相同的高度，皮球動(dòng)量的改變量相同D．下落相同的高度，皮球動(dòng)能的改變量相同10．如圖所示，用一輕繩將小球P系于光滑豎直墻壁上的O點(diǎn)，在墻壁和小球P之間夾有一正方體物塊Q，P、Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將一鉛筆緊貼墻壁壓在輕繩上并從O點(diǎn)開(kāi)始緩慢下移，P、Q始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，則在鉛筆緩慢下移的過(guò)程中（）A．物塊Q受到的靜摩擦力將增大 B．小球P受到4個(gè)力的作用C．物塊Q受到4個(gè)力的作用 D．輕繩的拉力減小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．在學(xué)校社團(tuán)活動(dòng)中，某實(shí)驗(yàn)小組先將一只量程為300μA的微安表頭G改裝為量程為0.3A的電流表，然后用改裝的電流表測(cè)量未知電阻的阻值?？晒┻x擇的實(shí)驗(yàn)器材有：微安表頭G(量程300μA，內(nèi)阻約為幾百歐姆)滑動(dòng)變阻器R1(0～10kΩ)滑動(dòng)變阻器R2(0～50kΩ)電阻箱R(0~9999Ω)電源E1(電動(dòng)勢(shì)約為1.5V)電源E2(電動(dòng)勢(shì)約為9V)開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干（1）實(shí)驗(yàn)小組先用如圖(a)所示電路測(cè)量表頭G的內(nèi)阻Rg，實(shí)驗(yàn)方法是：A．按圖(a)連接好電路，將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)至圖中最右端；B．?dāng)嚅_(kāi)S2，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片位置，使G滿(mǎn)偏；C．閉合S2，并保持滑動(dòng)變阻器的滑片位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使表頭G的示數(shù)為200μA，記錄此時(shí)電阻箱的阻值R0，①實(shí)驗(yàn)中電源應(yīng)選用，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用(選填儀器字母代號(hào))；②測(cè)得表頭G的內(nèi)阻Rg=，表頭內(nèi)阻的測(cè)量值較其真實(shí)值(選填“偏大”或“偏小”)；（2）實(shí)驗(yàn)測(cè)得G的內(nèi)阻Rg=500Ω，要將表頭G改裝成量程為0.3A的電流表，應(yīng)選用阻值為Ω的電阻與表頭G并聯(lián)；（3）實(shí)驗(yàn)小組利用改裝后的電流表A，用圖(b)所示電路測(cè)量未知電阻Rx的阻值。測(cè)量時(shí)電壓表V的示數(shù)為1.20V，表頭G的指針指在原電流刻度的250Ω處，則Rx=Ω。12．小宇同學(xué)利用如圖甲所示的裝置驗(yàn)證動(dòng)能定理，遮光條的寬度d為圖乙中的游標(biāo)卡尺（游標(biāo)有十個(gè)分度）所示，其中托盤(pán)的質(zhì)量為m=10g，每個(gè)砝碼的質(zhì)量均為m=10g，小車(chē)和遮光條以及傳感器的總質(zhì)量為M=100g，忽略繩子與滑輪之間的摩擦。小宇做了如下的操作：①滑塊上不連接細(xì)繩，將長(zhǎng)木板的右端適當(dāng)墊高，以平衡摩擦力；②取5個(gè)砝碼放在小車(chē)上，讓小車(chē)由靜止釋放，傳感器的示數(shù)為F，記錄遮光條經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的擋光時(shí)間為Δt；③測(cè)出遮光條距離光電門(mén)的間距為s，如圖丙所示；④從小車(chē)上取一個(gè)砝碼放在托盤(pán)上，并將小車(chē)由同一位置釋放，重復(fù)②，直到將砝碼全部放在托盤(pán)中；由以上操作分析下列問(wèn)題：（1）遮光條的寬度d為mm，遮光條到光電門(mén)的間距s為m；（2）用以上的字母表示遮光條經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度的表達(dá)式為；（3）在②過(guò)程中細(xì)繩的拉力所做的功為，所對(duì)應(yīng)動(dòng)能的變化量為；（用字母表示）（4）在上述過(guò)程中如果將托盤(pán)及盤(pán)中砝碼的總重力計(jì)為F′，則F′所做的功為，所對(duì)應(yīng)系統(tǒng)的動(dòng)能的變化量為；（用字母表示）（5）如果以F′為縱軸，Δt的為橫軸，該圖線為直線，由題中的條件求出圖線的斜率k，其大小為（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．如圖所示，讓小球從圖中的A位置靜止擺下，擺到最低點(diǎn)B處擺線剛好被拉斷，小球在B處恰好未與地面接觸，小球進(jìn)入粗糙的水平面后向右運(yùn)動(dòng)到C處進(jìn)入一豎直放置的光滑圓弧軌道。已知擺線長(zhǎng)L=1m，θ=60°，小球質(zhì)量m=1kg，B點(diǎn)C點(diǎn)的水平距離s=2m，小球與水平面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，g取（1）求擺線所能承受的最大拉力為多大；（2）要使小球不脫離圓弧軌道，求圓弧軌道半徑R的取值范圍。14．如圖甲所示，直角坐標(biāo)系xOy的第一象限內(nèi)存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，在第四象限內(nèi)有一半徑為R的圓形有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，磁場(chǎng)的邊界剛好與x軸相切于A點(diǎn)，A點(diǎn)的坐標(biāo)為(3R，0)，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子在A點(diǎn)正上方的P點(diǎn)由靜止釋放，粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后從A點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)射出磁場(chǎng)后剛好經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)O，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（1）P點(diǎn)的坐標(biāo)；（2）若在第三、四象限內(nèi)、圓形區(qū)域外加上垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為B，如圖乙所示，粒子釋放的位置改為A點(diǎn)正上方P'點(diǎn)處，P'點(diǎn)的坐標(biāo)為(3R，qB2R22mE)，讓粒子在P'15．空間存在一邊界為MN、方向與紙面垂直、大小隨時(shí)間變化的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖甲所示，方向向里為正。用單位長(zhǎng)度電阻值為R0的硬質(zhì)導(dǎo)線制作一個(gè)半徑為r的圓環(huán)，將該圓環(huán)固定在紙面內(nèi)，圓心O在MN上，如圖乙所示。（1）判斷圓環(huán)中感應(yīng)電流的方向；（2）求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大??；（3）求出0~t1的時(shí)間內(nèi)電路中通過(guò)的電量。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】AB、根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程E反向截止電壓E同一光電管的逸出功W0相同，由于Uc1>Uc2，所以可以判定：甲光的頻率大于乙光的頻率；丙光的頻率（等于甲光）大于丁光的頻率（等于乙光），故A正確，B錯(cuò)誤；

CD、根據(jù)飽和光電流與照射光強(qiáng)度的關(guān)系可知，甲光的強(qiáng)度大于丙光，乙光的強(qiáng)度大于丁光，故CD錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】同一光電管的逸出功相同，根據(jù)愛(ài)因斯坦的光電效應(yīng)方程可知，光照頻率越大，遏制電壓越大，光照頻率相等，遏止電壓相等，即頻率相等。頻率相等的光，光照強(qiáng)度越大，飽和光電流越大。2．【答案】D【解析】【解答】A．由等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布可知，A、C兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，A不符合題意；B．帶正電的試探電荷在M、N兩點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力方向都水平向左，B不符合題意；C．由于C、N兩點(diǎn)離負(fù)點(diǎn)電荷距離相等，但C點(diǎn)離正點(diǎn)電荷更近，則C、N兩點(diǎn)電勢(shì)不同，則電勢(shì)能不同，C不符合題意；D．由于M、A兩點(diǎn)離正點(diǎn)電荷距離相等，但A點(diǎn)離負(fù)點(diǎn)電荷更近，則A點(diǎn)電勢(shì)更低，根據(jù)負(fù)電荷在電勢(shì)低處電勢(shì)能大，則帶負(fù)電的試探電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于在A點(diǎn)的電勢(shì)能，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用電場(chǎng)線的分布可以判別場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向；利用電場(chǎng)線方向可以判別電場(chǎng)力的方向；利用電勢(shì)不同可以判別電勢(shì)能發(fā)生變化；利用電勢(shì)的大小結(jié)合電性可以判別電勢(shì)能的大小。3．【答案】C【解析】【解答】AB、設(shè)索道的傾角為α，甲圖中，對(duì)乘客，根據(jù)牛頓第二定律得Mg解得a=g對(duì)滑輪和乘客組成的整體，設(shè)滑輪a受到的摩擦力大小為f，由牛頓第二定律得(M+m)g解得f=0故滑輪a只受重力和鋼繩的拉力兩個(gè)力作用；乙圖中，對(duì)乘客分析知，乘客只受重力和鋼繩的拉力兩個(gè)力作用，這兩個(gè)力必定平衡，若這兩個(gè)力的合力不為零，且合力與速度不在同一直線上，乘客不能做直線運(yùn)動(dòng)，故該乘客做勻速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)滑輪和乘客組成的整體可知，滑輪b一定受到摩擦力，故AB錯(cuò)誤；

C、由上分析知，甲一定做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；

D、乙做勻速直線運(yùn)動(dòng)，乙中鋼繩對(duì)乘客的拉力等于乘客的總重力，故D錯(cuò)誤；

故答案為：C。

【分析】由于甲、乙中滑車(chē)和滑輪均保持相對(duì)靜止，則滑車(chē)和滑輪的加速度相等。由于滑車(chē)只受到重力和鋼索拉力，分別對(duì)滑車(chē)進(jìn)行受力分析根據(jù)牛頓第二定律確定其加速度即運(yùn)動(dòng)情況。再根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況確定滑輪的受力情況。4．【答案】D【解析】【解答】AB．外界大氣壓不變，被封閉氣體壓強(qiáng)始終不變，氣體做等壓變化，溫度升高，則氣體體積增大，AB不符合題意；CD．被封閉氣體壓強(qiáng)始終不變，水銀柱b兩液面高度差h不變，則液面位置也不會(huì)發(fā)生變化，C不符合題意，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用等壓變化結(jié)合溫度升高可以判別體積增大；利用壓強(qiáng)不變可以判別高度差保持不變。5．【答案】C【解析】【解答】設(shè)小船的質(zhì)量為M，小球的質(zhì)量為m，甲球拋出后，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：mv=（M+m）v′，v′的方向向右．乙球拋出后，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：（M+m）v′=mv+Mv″，解得v″=0．根據(jù)動(dòng)量定理得，所受合力的沖量等于動(dòng)量的變化，對(duì)于甲球，動(dòng)量的變化量為mv，對(duì)于乙球動(dòng)量的變化量為mv-mv′，知甲的動(dòng)量變化量大于乙球的動(dòng)量變化量，所以拋出時(shí)，人給甲球的沖量比人給乙球的沖量大．故C符合題意．故答案為：C

【分析】利用動(dòng)量守恒定律可以判別船的速度大小；利用動(dòng)量的變化可以判別沖量的大小。6．【答案】B【解析】【解答】A．根據(jù)右手定則可知，第一次時(shí)線框中的感應(yīng)電流方向順時(shí)針?lè)较?；若要使兩次產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同，根據(jù)楞次定律，則第二次時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小必須逐漸減小，故A不符合題意；B．根據(jù)切割感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式E=BLv及閉合電路歐姆定律可得第一次時(shí)感應(yīng)電流大小：I=若要使兩次產(chǎn)生的感應(yīng)強(qiáng)度電流大小相同，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律及閉合電路歐姆定律則有：ΔB則第二次時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間必須均勻變化，且變化率為：ΔB故B符合題意；C．第一次時(shí)，在線圈離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中，水平拉力做的功為：W=F故C不符合題意；D．第一次時(shí)，在線圈離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中，通過(guò)線圈某一橫截面的電荷量為：q=It=故D不符合題意；故答案為：B。

【分析】利用楞次定律可以判別磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化；利用法拉第電磁感應(yīng)定律可以求出變化率的大??；利用安培力做功可以求出水平拉力做功的大??；利用磁通量變化量結(jié)合電阻大小可以求出電荷量的大小。7．【答案】B,C【解析】【解答】AB.設(shè)黑洞的質(zhì)量為M，環(huán)繞天體的質(zhì)量為m，根據(jù)萬(wàn)有引力提供環(huán)繞天體做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力有：GMmr2CD.根據(jù)黑洞的質(zhì)量M和半徑R的關(guān)系MR=c故答案為：BC

【分析】衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合衛(wèi)星的周期，根據(jù)向心力公式列方程求解中心天體的質(zhì)量。8．【答案】B,C【解析】【解答】A．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有m可得m因?yàn)閞OA>即A的質(zhì)量一定小于B的質(zhì)量，A不符合題意；B．雙星系統(tǒng)中，恒星的動(dòng)能為E因?yàn)閞OA>恒星A的動(dòng)能大于恒星B的動(dòng)能，B符合題意；C．雙星系統(tǒng)中，恒星的動(dòng)量大小為p=mv=mωr，所以有p恒星A的動(dòng)量大小等于恒星B的動(dòng)量大小，C符合題意；D．雙星系統(tǒng)中，恒星的加速度大小為a=因?yàn)閞OA>恒星A的向心加速度大小大于恒星B的向心加速度大小，D不符合題意；故答案為：BC。

【分析】?jī)蓚€(gè)恒星繞著兩者的質(zhì)心做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，角速度相同，利用向心力公式分析運(yùn)動(dòng)半徑、加速度、線速度的關(guān)系。9．【答案】A,D【解析】【解答】A．因物體在空中只受重力，所以在相等的時(shí)間間隔內(nèi)，皮球受到的沖量均為mgt，故皮球受到的沖量相同，根據(jù)動(dòng)量定理可得，皮球動(dòng)量的改變量相同，A符合題意；B．在相等的時(shí)間間隔內(nèi)，皮球下落的高度不同，故重力做的功不相等，即合外力做功不等，故皮球動(dòng)能的改變量不同，B不符合題意；C．下落相同的高度，時(shí)間并不相等，故皮球受到的重力的沖量不相等，故皮球動(dòng)量的增量不相同，C不符合題意；D．下落相同的高度，重力做功均為mgh，故重力做功相等，小球動(dòng)能的增量相同，D符合題意。故答案為：AD。

【分析】利用相同時(shí)間及重力不變可以判別重力沖量相同則動(dòng)量改變量相同；由于相同時(shí)間位移不同所以動(dòng)能變化量不同；利用相同位移重力做功相同則動(dòng)能改變量相等，作用時(shí)間不同則動(dòng)量改變量不同。10．【答案】B,C【解析】【解答】A．Q處于靜止?fàn)顟B(tài)，豎直墻壁光滑，由平衡條件可知，Q受到的靜摩擦力等于Q的重力大小，不變，A不符合題意；B．小球P受重力、Q對(duì)P的彈力、Q對(duì)P的摩擦力和輕繩的拉力的作用，B符合題意；C．物塊Q受重力、壓力、支持力和靜摩擦作用，C符合題意；D．P、Q作為一個(gè)整體分析，其受三個(gè)力的作用，并處于平衡狀態(tài)，輕繩的拉力F=鉛筆緩慢下移的過(guò)程中θ增大，輕繩的拉力增大，D不符合題意。故答案為：BC。

【分析】利用平衡條件可以判別Q受到的摩擦力等于重力；利用平衡條件可以判別受力的個(gè)數(shù)；利用整體法可以判別拉力的大小與角度的大小關(guān)系。11．【答案】（1）E2；R2；12R0（2）0.5（3）4.3【解析】【解答】（1）①閉合S2開(kāi)關(guān)時(shí)，認(rèn)為電路電流不變，實(shí)際上閉合開(kāi)關(guān)S2時(shí)電路總電阻變小，電路電流增大，電源電動(dòng)勢(shì)越大、滑動(dòng)變阻器阻值越大，閉合開(kāi)關(guān)S2時(shí)微安表兩端電壓變化越小，實(shí)驗(yàn)誤差越小，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，電源應(yīng)選擇E2，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇R2；

②閉合開(kāi)關(guān)S2時(shí)，認(rèn)為電路電流不變，流過(guò)微安表電流為滿(mǎn)偏電流的三分之二，則流過(guò)電阻箱的電流為滿(mǎn)偏電流的三分之一，微安表與電阻箱并聯(lián)，流過(guò)并聯(lián)電路的電流與阻值成反比，則R閉合開(kāi)關(guān)S2時(shí)整個(gè)電路電阻變小，電路電流變大，大于300μA，當(dāng)表頭G示數(shù)為200μA時(shí)，流過(guò)電阻箱的電流大于100μA，電阻箱阻值小于表頭G電阻的一半，實(shí)驗(yàn)認(rèn)為電流表內(nèi)阻等于電阻箱阻值的一半，因此表頭G內(nèi)阻測(cè)量值偏??；

（2）把微安表改裝成0.3A的電流表需要并聯(lián)分流電阻，并聯(lián)電阻阻值為R=（3）改裝后電流表內(nèi)阻為R微安表量程為300μA，改裝后電流表量程為0.3A，量程擴(kuò)大了1000倍，微安表示數(shù)為250μA時(shí)，流過(guò)電流表的電流為250×由圖乙所示電路圖可知，待測(cè)電阻阻值為R【分析】本實(shí)驗(yàn)電路（a）中采用理想試驗(yàn)法，即認(rèn)為閉合開(kāi)關(guān)s2時(shí)，電路總電流不變，再根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律確定表頭的阻值，該實(shí)驗(yàn)方法的主要誤差源于忽略閉合開(kāi)關(guān)后，電路中總電流變大的影響。熟悉掌握電表改裝的原理及計(jì)算方法。在電路圖（b）中確定待測(cè)電阻兩端的電壓及電流，根據(jù)歐姆定律及串并聯(lián)規(guī)律進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。12．【答案】（1）12.0；1.44（2）d（3）Fs；(M+5m)（4）F′s；(M+6m)（5）倒數(shù)的二次方；7.9×10－6~8.1×10－6【解析】【解答】(1)該游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為12mm+0×0.1mm=12.0mm刻度尺要估讀，讀數(shù)為s=1.44m。(2)當(dāng)時(shí)間間隔比較小時(shí)，平均速度約等于某一位置或某一時(shí)刻的瞬時(shí)速度，故由平均速度公式可得，經(jīng)過(guò)光電門(mén)位置的速度v=dΔt(3)傳感器的示數(shù)為細(xì)繩的拉力，則其做功為Fs，所對(duì)應(yīng)動(dòng)能的變化量為ΔEk=1圖像為直線的條件是橫坐標(biāo)為Δt倒數(shù)的二次方，該圖線的斜率為k=代入數(shù)據(jù)得k=8.0×10－6

【分析】（1）明確游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則進(jìn)行讀數(shù)即可；利用刻度尺測(cè)量物體的長(zhǎng)度，讀數(shù)需要估讀到分度數(shù)后一位；

（2）當(dāng)運(yùn)動(dòng)位移很短時(shí)，物體的平均速度等于物體運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度，位移越短，平均速度越接近瞬時(shí)速度；

（3）（4）求解拉力做功，利用力的大小乘以移動(dòng)的距離，結(jié)合物體的末速度和動(dòng)能表達(dá)式求解即可；

（5）根據(jù)動(dòng)能定律的表達(dá)式，結(jié)合圖像的橫縱坐標(biāo)求解圖像的形式即可。13．【答案】（1）解：小球從A到B的過(guò)程，由動(dòng)能定理得：mgL（1?cosθ）=解得：v在B點(diǎn)，由牛頓第二定律得：T?mg=m解得：T=20N（2）解：B到C的過(guò)程中摩擦力做功，由動(dòng)能定理可得：1可得：v小球進(jìn)入圓軌道后，設(shè)小球能到達(dá)圓軌道最高點(diǎn)的速度為v，要不脫離軌道應(yīng)滿(mǎn)足：mg≤m考慮小球從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到圓軌道最高點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理得：?mg?2R=聯(lián)立以上解得：R≤0.04m；小球進(jìn)入圓軌道后，小球上升的最大高度滿(mǎn)足：h≤R，小球可沿軌道返回。小球從D點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高處的過(guò)程，由動(dòng)能定理得?mgh=0?解得：R≥0.1m；所以要使小球不脫離圓弧軌道，圓弧軌道半徑R的取值范圍是R≤0.04m或R≥0.1m?！窘馕觥俊痉治觥浚?）小球從A到B的過(guò)程中機(jī)械能守恒，確定小球做圓周運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的受力情況及向心力的來(lái)源，再根據(jù)動(dòng)能定理及牛頓第二定律進(jìn)行解答；

（2）小球不脫離軌道，當(dāng)小球能到達(dá)圓軌道最高點(diǎn)時(shí)，則在最高點(diǎn)完全由重力提供向心力時(shí)，此時(shí)最高點(diǎn)