浙江省2024屆高三上學(xué)期期末物理試題

浙江省2024屆高三上學(xué)期期末物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．如圖所示為某住宅區(qū)的應(yīng)急供電系統(tǒng)，由交流發(fā)電機(jī)和副線圈匝數(shù)可調(diào)的理想降壓變壓器組成。發(fā)電機(jī)中矩形線圈所圍的面積為S，匝數(shù)為N，電阻不計(jì)，它可繞水平軸OO/在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。矩形線圈通過(guò)滑環(huán)連接降壓變壓器，滑動(dòng)觸頭P上下移動(dòng)時(shí)可改變輸出電壓，R0表示輸電線的電阻。以線圈平面在中性面為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，下列判斷正確的是（）A．若發(fā)電機(jī)線圈某時(shí)刻處于圖示位置，變壓器原線圈的電流瞬時(shí)值為零B．發(fā)電機(jī)線圈感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=NBSωC．當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)，變壓器原線圈兩端的電壓不變D．當(dāng)用戶數(shù)目增多時(shí)，電路中的電流變小，用戶得到的電壓變小2．筆記本電腦機(jī)身和顯示屏對(duì)應(yīng)部位分別有磁體和霍爾元件。當(dāng)顯示屏開(kāi)啟時(shí)磁體遠(yuǎn)離霍爾元件，電腦正常工作；當(dāng)顯示屏閉合時(shí)磁體靠近霍爾元件，屏幕熄滅，電腦進(jìn)入休眠狀態(tài)。如圖所示，一塊寬為a、長(zhǎng)為c的矩形半導(dǎo)體霍爾元元件，元件內(nèi)的導(dǎo)電粒子是電荷量為e的自由電子，通入方向向右的電流I時(shí)，電子的定向移動(dòng)速度v，當(dāng)顯示屏閉合時(shí)元件處于垂直于上表面、方向向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中，于是元件的前、后表面間出現(xiàn)電壓U，以此控制屏幕的熄滅。則元件的（）A．前表面的電勢(shì)比后表面的低。B．前、后表面間的電壓U=BveC．前、后表面間的電壓U與I成正比D．自由電子受到的洛倫茲力大小為eU3．某實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，用細(xì)繩豎直懸掛一個(gè)多匝矩形線圈，細(xì)繩與傳感器相連，傳感器可以讀出細(xì)繩上的拉力大小。將線框的下邊ab置于蹄形磁鐵的、S極之間，使ab邊垂直于磁場(chǎng)方向且ab邊全部處于N、S極之間的區(qū)域中。接通電路的開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，當(dāng)電流表讀數(shù)為I時(shí)，傳感器的讀數(shù)為F1；保持ab中的電流大小不變，方向相反，傳感器的讀數(shù)變?yōu)镕2（F2<F1）。已知金屬線框的匝數(shù)為n，A．金屬線框的質(zhì)量m=B．N、S極之間的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=C．傳感器的讀數(shù)為F1時(shí)，ab中的電流方向?yàn)閎→D．減小電流I重復(fù)實(shí)驗(yàn)，則F1、F4．如圖所示為氫原子的能級(jí)圖，用某種頻率的光照射大量處于基態(tài)的氫原子，結(jié)果受到激發(fā)后的氫原子能輻射出三種不同頻率的光子，讓輻射出的光子照射某種金屬，結(jié)果有兩種頻率的光子能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，其中一種光子恰好能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則打出的光電子的最大初動(dòng)能為（）A．0 B．1.89eV C．10.2eV D．12.09eV5．如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕直棒一端可繞固定軸O轉(zhuǎn)動(dòng)，另一端固定一質(zhì)量為m的小球，小球擱在水平升降臺(tái)上，升降平臺(tái)以速度v勻速上升，下列說(shuō)法正確的是（）A．小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B．當(dāng)棒與豎直方向的夾角為α?xí)r，小球的速度為vC．棒的角速度逐漸增大D．當(dāng)棒與豎直方向的夾角為α?xí)r，棒的角速度為v6．“世紀(jì)工程”﹣港珠澳大橋已于2018年10月24日9時(shí)正式通車，大橋主橋部分由約為6.7km海底隧道和22.9km橋梁構(gòu)成，海底隧道需要每天24小時(shí)照明，而橋梁只需晚上照明。假設(shè)該大橋的照明電路可簡(jiǎn)化為如圖所示電路，其中太陽(yáng)能電池供電系統(tǒng)可等效為電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源，電阻R1、R2分別視為隧道燈和橋梁路燈，已知r小于R1和R2，則下列說(shuō)法正確的是（）A．夜間，電流表示數(shù)為EB．夜間，開(kāi)關(guān)K閉合，電路中電流表、電壓表示數(shù)均變小C．夜間，由于用電器的增多，則太陽(yáng)能電池供電系統(tǒng)損失的電功率增大D．當(dāng)電流表示數(shù)為I則太陽(yáng)能電池供電系統(tǒng)輸出電功率為EI二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7．用如圖所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，光電管陰極K與滑動(dòng)變阻器的中心抽頭c相連，光電管陽(yáng)極與滑動(dòng)變阻器的滑片P相連，初始時(shí)滑片P與抽頭c正對(duì)，電壓表的示數(shù)為0（電壓表0刻線在表盤(pán)中央）。在移動(dòng)滑片P的過(guò)程中，光電流，隨電壓表示數(shù)U變化的圖像如圖所示，已知入射光的光子能量為1.6eV。下列說(shuō)法正確的是（）A．當(dāng)滑片P與c正對(duì)時(shí)，電路中無(wú)光電流B．當(dāng)U=－0.6V時(shí)，滑片P位于b、c之間C．陰極材料的逸出功為0.6eVD．當(dāng)U=0.8V時(shí)，到達(dá)陽(yáng)極的光電子的最大動(dòng)能為1.4eV8．如圖，兩軸心間距離l=10m、與水平面間夾角為37°的傳送帶，在電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)下沿順時(shí)針?lè)较蛞詖=2m/s的速度勻速運(yùn)行。一質(zhì)量m=50kg的貨物從傳送帶底端由靜止釋放，貨物與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.8。已知重力加速度大小為10m/sA．貨物增加的機(jī)械能為3B．摩擦力對(duì)貨物做的功為1C．系統(tǒng)因運(yùn)送貨物增加的內(nèi)能為13D．傳送帶因運(yùn)送貨物多做的功為49．如圖所示，一個(gè)斜面固定在水平面上，不計(jì)空氣阻力。第一次將小物體從斜面頂端處以水平初速度v沿水平方向拋出，落在斜面上的位置與斜面頂端的距離為斜面長(zhǎng)度的12。第二次將小物體從斜面頂端以速度2vA．時(shí)間之比為1：2 C．豎直位移之比為1：4 10．某人提著箱子站在電梯里，電梯從一樓上升到三樓的整個(gè)過(guò)程中先勻加速后勻減速，關(guān)于此過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是A．手對(duì)箱子的力大小始終等于箱子對(duì)手的力的大小B．手對(duì)箱子的力大小始終等于箱子的重力的大小C．人對(duì)電梯的壓力先持續(xù)增大后持續(xù)減小D．人對(duì)電梯的壓力先大于人和箱子的總重力后小于人和箱子的總重力三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．某同學(xué)要精確測(cè)量某一金屬絲的電阻率。（1）先用多用電表×1擋粗測(cè)其電阻，指針偏轉(zhuǎn)如圖甲所示，讀數(shù)為Ω，然后用螺旋測(cè)微器測(cè)其直徑如圖乙所示，讀數(shù)為mm，最后用米尺測(cè)其長(zhǎng)度如圖丙所示，其讀數(shù)cm。（2）采用伏安法進(jìn)一步測(cè)定這段金屬絲的電阻。有以下器材可供選擇：（要求測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確）A．電池組（3V，內(nèi)阻約1Ω）B．電流表（0~3A，內(nèi)阻約0.025Ω）C．電流表（0~0.6A，內(nèi)阻約0.125Ω）D．電壓表（0~3V，內(nèi)阻約3kΩ）E電壓表（0~15V，內(nèi)阻約15kΩ）F滑動(dòng)變阻器（0~G滑動(dòng)變阻器（0~1000Ω，額定電流H．開(kāi)關(guān)，導(dǎo)線實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)選用的器材是（選填器材前字母代號(hào)）。請(qǐng)?jiān)谙旅娴奶摼€框中補(bǔ)全實(shí)驗(yàn)電路圖。用該方法測(cè)金屬絲電阻，測(cè)量結(jié)果會(huì)比真實(shí)值偏（選填“大”或“小”）。在某次測(cè)量時(shí)電表示數(shù)如圖丁所示，則電流表示數(shù)為，電壓表的示數(shù)為。（3）為了減小系統(tǒng)誤差，有人設(shè)計(jì)了如圖戊所示的實(shí)驗(yàn)方案。其中Rx是待測(cè)電阻，R是電阻箱，R1、R2是已知阻值的定值電阻。閉合開(kāi)關(guān)S，靈敏電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)。將R調(diào)至阻值為R0時(shí)，靈敏電流計(jì)的示數(shù)為零。由此可計(jì)算出待測(cè)電阻Rx=。（用12．某實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)利用下列器材做“研究合外力做功與動(dòng)能變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)：A．一端帶有滑輪和刻度尺的軌道B．兩個(gè)光電計(jì)時(shí)器C．安裝有擋光片的小車（質(zhì)量為M）D．拴有細(xì)線的托盤(pán)（質(zhì)量為m0）E.可以調(diào)節(jié)高度的平衡支架F.一定數(shù)量的鉤碼某小組選用上述器材安裝實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，軌道上安裝了兩個(gè)光電門(mén)A、B。實(shí)驗(yàn)步驟：①調(diào)節(jié)兩個(gè)光電門(mén)中心的距離，記為L(zhǎng)；②調(diào)節(jié)軌道的傾角，輕推小車后，使小車?yán)^碼和托盤(pán)能沿軌道向下勻速經(jīng)過(guò)光電門(mén)A、B，鉤碼的質(zhì)量記為m；③撤去托盤(pán)和鉤碼，讓小車仍沿軌道向下加速經(jīng)過(guò)光電門(mén)A、B，光電計(jì)時(shí)器記錄小車通過(guò)A、B的時(shí)間分別為△t1和△t2；④利用測(cè)得的數(shù)據(jù)求得合外力做功與動(dòng)能變化的關(guān)系。根據(jù)實(shí)驗(yàn)過(guò)程，滑輪的摩擦力不計(jì)，回答以下問(wèn)題（1）圖乙是用游標(biāo)卡尺測(cè)擋光片的寬度d，則d=cm。（2）小車加速?gòu)腁到B過(guò)程中合外力做的功W=；小車動(dòng)能的變化量的表達(dá)式△Ek=（用測(cè)得的物理量的字母符號(hào)表示）。通過(guò)實(shí)驗(yàn)可得出：在誤差允許的范圍內(nèi)合外力所做的功等于小車動(dòng)能的增量。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．人們對(duì)手機(jī)的依賴性越來(lái)越強(qiáng)，有些人喜歡躺著玩手機(jī)。若手機(jī)的質(zhì)量為150g，從離人臉約20cm的高度無(wú)初速度掉落，砸到人臉后手機(jī)未反彈，人臉受到手機(jī)的沖擊時(shí)間約為0.1s，重力加速度g=10m/s2，試求手機(jī)對(duì)人臉的平均沖力大小。14．一粗細(xì)均勻的U形管，左側(cè)封閉，右側(cè)開(kāi)口，同時(shí)左側(cè)用水銀柱封閉--定質(zhì)量的氣體，開(kāi)始時(shí)左右兩側(cè)的水銀柱等高，現(xiàn)將左管密閉氣體的溫度緩慢降低到280K，穩(wěn)定時(shí)兩管水銀面有一定的高度差，如圖所示，圖中L1=19cm，?h=6cm。已知大氣壓強(qiáng)為P0=76cmHg。（i）（ii）

【答案】（1）求左管密閉的氣體在原溫度基礎(chǔ)上降低了多少攝氏度？（2）現(xiàn)要兩管水銀面恢復(fù)到等高，求需要向右管注入水銀柱的長(zhǎng)度。15．如圖圓柱形導(dǎo)熱氣缸質(zhì)量為M，內(nèi)部橫截面積為S，活塞的質(zhì)量為m，穩(wěn)定時(shí)活塞到氣缸底部的距離為L(zhǎng)1。用豎直方向的力將活塞緩慢向上拉，直到氣缸即將離開(kāi)地面為止，此時(shí)活塞仍在氣缸中，此過(guò)程中拉力做的功為W0。已知大氣壓強(qiáng)為p0（1）最終活塞到氣缸底部的距離L2（2）上拉過(guò)程中氣體從外界吸收的熱量Q。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．當(dāng)線圈與磁場(chǎng)平行時(shí)，感應(yīng)電流最大，A不符合題意；B．從中性面開(kāi)始計(jì)時(shí)，發(fā)電機(jī)線圈感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=NBSωB不符合題意；C．當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)，輸出電壓變小，但變壓器原線圈兩端的電壓將不變，C符合題意；D．當(dāng)用戶數(shù)目增多時(shí)，電路總電阻變小，電路中的電流變大，則輸電線上電阻的電壓增大，用戶得到的電壓變小，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用法拉第電磁感應(yīng)定律求解電壓的大小，用戶增多，電路中的電流增加，導(dǎo)線分得的電壓增加，用戶得到的電壓就會(huì)減小。2．【答案】C【解析】【解答】A、電流方向向右，電子向左定向移動(dòng)，根據(jù)左手定則判斷可知，電子所受的洛倫茲力方向向里，則后表面積累了電子，前表面的電勢(shì)比后表面的電勢(shì)高，故A錯(cuò)誤；

B、由電子受力平衡可得e且有I=neSv解得U=電流越大，電子的定向移動(dòng)速度v越大，所以前、后表面間的電壓U與I成正比，故B錯(cuò)誤，C正確；

D、穩(wěn)定時(shí)自由電子受力平衡，受到的洛倫茲力等于電場(chǎng)力，即F=eE=e故D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)電流的方向確定電子的移動(dòng)方向，再根據(jù)左手定則確定電子的偏轉(zhuǎn)方向，繼而確定前后表面電勢(shì)的高低情況。熟悉掌握霍爾元件的工作原理及霍爾電壓的計(jì)算方法。3．【答案】A【解析】【解答】AB、通電線圈受到重力安培力和細(xì)繩的拉力作用，當(dāng)電流表讀數(shù)為I時(shí)，繩子的拉力為F1則F保持ab中的電流大小不變，方向相反，繩子的拉力為F2，則F聯(lián)立解得金屬框的質(zhì)量為m=磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=故A正確，B錯(cuò)誤；

C、傳感器的讀數(shù)為F1時(shí)，安培力豎直向下，根據(jù)左手定則可知，ab中的電流方向?yàn)閍→b，故C錯(cuò)誤；

D、減小電流I重復(fù)實(shí)驗(yàn)，則F1減小，F(xiàn)2增大，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)平衡條件確定傳感器拉力與線圈所受安培力與重力之和的關(guān)系，再根據(jù)題確定改變電流方向時(shí)，確定線框受力的平衡方程及安培力的方向。繼而確定線框質(zhì)量及磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。根據(jù)左手定則確定不同示數(shù)時(shí)，ab中的電流方向。4．【答案】B【解析】【解答】由題可知，某種頻率的光照射處于基態(tài)的氫原子后，處于激發(fā)態(tài)的氫原子能輻射出三種不同頻率的光子，表面氫原子激發(fā)后處于n=3的激發(fā)態(tài)，輻射出的光子中，兩種頻率較高的光子能量為hv1由于這兩種光子中有一種光子恰好能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，由此可知，該金屬的逸出功為10.2eV，則打出的光電子的最大初動(dòng)能為E故答案為：B。

【分析】根據(jù)氫原子能級(jí)躍遷理論結(jié)合題意確定原子躍遷所釋放的光子的最大能量，再根據(jù)愛(ài)因斯坦的光電效應(yīng)方程進(jìn)行解答。5．【答案】D【解析】【解答】A、小球受重力、平臺(tái)的彈力和桿的作用力，因?yàn)樯灯脚_(tái)以速度v勻速上升，平臺(tái)的彈力和桿的作用力變化，即小球受到的合力大小變化，小球做的不是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

BCD、棒與平臺(tái)接觸點(diǎn)的實(shí)際運(yùn)動(dòng)即合運(yùn)動(dòng)方向是垂直于棒指向左上，如圖所示

合速度v沿豎直向上方向上的速度分量等于vv=ωL所以v合=平臺(tái)向上運(yùn)動(dòng)，夾角增大，角速度減小，故BC錯(cuò)誤，D正確。

故答案為：D。

【分析】平臺(tái)向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程，棒與小球繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的關(guān)聯(lián)性可知，小球沿豎直方向的分速度與平臺(tái)向上運(yùn)動(dòng)的速度相等，再根據(jù)運(yùn)動(dòng)的分解確定小球的運(yùn)動(dòng)速度與平臺(tái)移動(dòng)速度的關(guān)系，繼而確定小球的運(yùn)動(dòng)情況及小球在不同位置的速度及線速度大小。6．【答案】C【解析】【解答】A、夜間開(kāi)關(guān)閉合，R1、R2為并聯(lián)，電流表示數(shù)為I=故A錯(cuò)誤；

B、開(kāi)關(guān)閉合后，R1、R2為并聯(lián)，外電路總電阻變小，所以電壓表示數(shù)變小。電源電動(dòng)勢(shì)不變，總電阻變小，所以電流變大。故B錯(cuò)誤；

C、夜間用電器增多，總電阻減小，電流增大，所以太陽(yáng)能電池供電系統(tǒng)損失的電功率增大。故C正確。

D、當(dāng)電流表示數(shù)為I時(shí)，則太陽(yáng)能電池供電系統(tǒng)輸出電功率為P=EI-故D錯(cuò)誤；

故答案為：C。

【分析】根據(jù)題意確定夜間時(shí)，開(kāi)關(guān)的通斷情況，再根據(jù)閉合電路的歐姆定律及串并聯(lián)規(guī)律確定夜間電表的示數(shù)大小及變化情況。夜間用電器增多，總電阻減小，電流增大，損失的電功率增大。系統(tǒng)的輸出功率等于總功率與熱功率之差。7．【答案】B,D【解析】【解答】A．由題意可知，能發(fā)生光電效應(yīng)，當(dāng)滑片P與c正對(duì)時(shí)，光電管兩端無(wú)電壓，但此時(shí)光電子仍能從陰極到達(dá)陽(yáng)極，則電路中有光電流，A不符合題意；B．由圖可知，當(dāng)U=－0.6V時(shí)，光電流為0即為遏制電壓，即光電管兩端接反向電壓，則陰極電勢(shì)應(yīng)更高，滑片P位于b、c之間，B符合題意；C．由光電效應(yīng)方程有Ek=hν?聯(lián)立解得WC不符合題意；D．光電子逸出時(shí)的最大初動(dòng)能為E當(dāng)U=0.8V時(shí)由動(dòng)能定理得eU=得ED符合題意。故答案為：BD。

【分析】當(dāng)滑動(dòng)頭P從a移動(dòng)到c的過(guò)程，光電管加的是正向電壓，從c到b的過(guò)程，加的是反向電壓。根據(jù)光電效應(yīng)方程結(jié)合遏止電壓關(guān)系分析陰極材料的逸出功。根據(jù)動(dòng)能定理計(jì)算到達(dá)陽(yáng)極的光電子的最大動(dòng)能。8．【答案】A,D【解析】【解答】AB、當(dāng)貨物剛放上傳送帶時(shí)，對(duì)貨物由牛頓第二定律得μmg設(shè)貨物與傳送帶共速時(shí)用時(shí)為t，則v=at解得t=5則這段時(shí)間內(nèi)貨物運(yùn)動(dòng)的位移s傳送帶運(yùn)動(dòng)的位移s貨物從底端運(yùn)動(dòng)至頂端的過(guò)程中，滑動(dòng)摩擦力對(duì)貨物做的功W靜摩擦力對(duì)貨物做的功W故摩擦力對(duì)貨物做的功W根據(jù)功能關(guān)系得貨物增加的機(jī)械能也為?E=故A正確，B錯(cuò)誤；

CD、系統(tǒng)因運(yùn)送貨物增加的內(nèi)能為Q=μmg傳送帶因運(yùn)送貨物多做的功等于系統(tǒng)增加的內(nèi)能與貨物增加的機(jī)械能之和W=故C錯(cuò)誤，D正確。

故答案為：AD。

【分析】當(dāng)貨物與傳送帶發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，貨物與傳送帶之間由于滑動(dòng)摩擦力的作用產(chǎn)生內(nèi)能。根據(jù)牛頓第二定律及勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律確定開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至共速階段貨物與傳送帶之間的相對(duì)位移。再根據(jù)功的定義確定摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能。傳送帶因運(yùn)送貨物多做的功等于系統(tǒng)增加的內(nèi)能與貨物增加的機(jī)械能之和。摩擦力對(duì)貨做的功等于滑動(dòng)摩擦力與靜摩擦做功之和。9．【答案】A,D【解析】【解答】AB.設(shè)斜面傾角為θ，長(zhǎng)度為L(zhǎng)。小物體以速度v水平拋出時(shí)，豎直分位移和水平分位移滿足tan解得小物體在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t則落點(diǎn)距斜面頂端距離s若以2v的速度將小物體水平拋出，如果小物體依然落在斜面上，則同理可得，落點(diǎn)距斜面頂端s則有s該距離大于斜面的長(zhǎng)度L，可知以2v的速度水平拋出的小物體落在水平面上，以速度v平拋時(shí)t以速度2v平拋落在水平面上時(shí)有t則有tA符合題意，B不符合題意；

CD.第一次與第二次平拋的豎直位移之比為yD符合題意，C不符合題意。

故答案為：AD。

【分析】根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的水平分位移和豎直分位移的幾何關(guān)系，求出第一次小物體在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和落點(diǎn)距斜面頂端距離的表達(dá)式，假設(shè)第二次拋出的小物體也落在斜面上，通過(guò)分析落點(diǎn)的位置，確定假設(shè)是否正確，再求解小球在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間和豎直位移。10．【答案】A,D【解析】【解答】A、根據(jù)牛頓第三定律可知，人手對(duì)箱子力的大小始終等于箱子對(duì)手的力的大小，故A正確；

B、向上加速時(shí)處于超重狀態(tài)，向上減速時(shí)處于失重狀態(tài)，則手對(duì)箱子的拉力先大于箱子的重力，后小于箱子的重力，故B錯(cuò)誤；

CD、向上勻加速時(shí)，人對(duì)電梯的壓力大于人和箱子的總重力，且不變，向上勻減速時(shí)，人對(duì)電梯的壓力小于人和箱子的總重力，不變，故C錯(cuò)誤，D正確。

故答案為：AD。

【分析】熟悉掌握相互作用力的特點(diǎn)。加速度向上，處于超重狀態(tài)，支持力大于重力。勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體所受合外力不變，即支持力不變。11．【答案】（1）11；0.600；60.10（2）ACDFH；；小；0.14；2.40（3）R【解析】【解答】（1）歐姆表的讀數(shù)為表盤(pán)示數(shù)與倍率的乘積，所以圓形柱體的電阻大致為R=11×1螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為固定刻度的毫米數(shù)與可動(dòng)刻度的n×0.01mm的和，由圖示螺旋測(cè)微器可知，其直徑為0.5根據(jù)米尺讀數(shù)原理，可知米尺的讀數(shù)為60.10cm；

（2）金屬絲電阻約為11Ω，電池組電動(dòng)勢(shì)為3V，回路中最大電流約I故電流表選C，電壓表選D。

伏安法測(cè)電阻，滑動(dòng)變阻器采用限流接法，選用阻值變化范圍較小的F即可。由于R所以選用電流表外接法，故所需儀器為：ACDFH。電路圖如圖所示

利用此方法測(cè)得的電流偏大，根據(jù)R=可得金屬絲電阻值的測(cè)量值比真實(shí)值偏小。電流表選用小量程0.6A，分度值為0.02A，電流為0.14A；電壓表選用小量程3V，分度值為0.01V，電壓為2.40V；

（3）靈敏電流計(jì)示數(shù)為零，說(shuō)明其兩端電勢(shì)相等，可得R解得R【分析】讀數(shù)時(shí)注意儀器的分度值及是否需要估讀。熟悉掌握儀器的選擇方法及原則，明確電流表內(nèi)接法和外接法的判斷方法和滑動(dòng)變阻器分壓式和限流式接法的選定原則。靈敏電流計(jì)示數(shù)為零，說(shuō)明其兩端電勢(shì)相等，再根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律及歐姆定律確定待測(cè)電阻值。12．【答案】（1）0.735（2）(m0【解析】【解答】(1)游標(biāo)為20分度，精確度為0.05mm，游標(biāo)對(duì)齊的格數(shù)不估讀，則測(cè)擋光片的寬度為d=7mm+7×0.05mm=7.35mm=0.735cm(2)調(diào)節(jié)軌道的傾角輕推小車后使小車?yán)^碼和托盤(pán)能沿軌道向下勻速下滑，說(shuō)明小車的合力