北京市昌平區(qū)2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期物理期末質(zhì)量檢測試卷

北京市昌平區(qū)2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期物理期末質(zhì)量檢測試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三總分評(píng)分一、單選題1．2022年10月，中國科學(xué)院近代物理研究所使用蘭州重離子加速器與中國超重元素研究加速器裝置，成功合成了新核素錒204（89204A．115 B．89 C．204 D．2932．小明同學(xué)將手中的蘋果豎直向上拋出，經(jīng)過t0時(shí)間，蘋果又重新落回手中，不計(jì)空氣阻力。用x表示蘋果運(yùn)動(dòng)的位移、v表示蘋果運(yùn)動(dòng)的速度、a表示蘋果運(yùn)動(dòng)的加速度、FA． B．C． D．3．截至2022年9月底，我國高鐵運(yùn)營總里程超過4萬公里，穩(wěn)居世界第一。高鐵車廂的水平桌面上放置一本書，書與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ為0.4，假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10m/s2。若書相對(duì)桌面不滑動(dòng)，該高鐵的最大加速度是（）A．2m/s2 B．4m/s2 C．4．如圖所示，兩同學(xué)用同樣大小的力F1和F2共同提起一桶水，F(xiàn)1和FA．當(dāng)θ減小時(shí)，F(xiàn)1和FB．當(dāng)θ增大時(shí)，水桶所受合力變大C．當(dāng)θ減小時(shí)，兩同學(xué)更省力D．當(dāng)θ增大時(shí)，兩同學(xué)更省力5．如圖所示，在半徑為r的洗衣機(jī)圓桶內(nèi)，有一件質(zhì)量為m的衣服緊貼著圓桶的豎直內(nèi)壁隨圓桶以角速度ω做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。滾筒轉(zhuǎn)軸沿豎直方向，重力加速度為g。下列說法不正確的是（）A．衣服對(duì)圓桶內(nèi)壁的壓力大小為mB．圓桶內(nèi)壁對(duì)衣服的靜摩擦力大小為mgC．若圓桶的轉(zhuǎn)速增大，則衣服對(duì)圓桶內(nèi)壁的壓力也增大D．若圓桶的轉(zhuǎn)速增大，則圓桶內(nèi)壁對(duì)衣服的靜摩擦力也增大6．運(yùn)動(dòng)員將質(zhì)量為400g的足球踢出后，某人觀察它在空中飛行情況，估計(jì)上升的最大高度是5.0m，在最高點(diǎn)的速度為20m/s。不考慮空氣阻力，g取10m/sA．100J B．80J C．60J D．20J7．2022年10月12日下午，“天宮課堂”第三課在中國空間站問天實(shí)驗(yàn)艙開講。中國航天員陳冬、劉洋、蔡旭哲演示了微重力環(huán)境下毛細(xì)效應(yīng)實(shí)驗(yàn)、水球變“懶”實(shí)驗(yàn)、太空趣味飲水、會(huì)調(diào)頭的扳手等趣味實(shí)驗(yàn)。在太空中，水球呈現(xiàn)標(biāo)準(zhǔn)的球形并可以自由地懸浮，這表明水球（）A．所受地球引力近似為零B．所受地球引力與飛船對(duì)其作用力兩者的合力近似為零C．所受地球引力的大小與其隨飛船運(yùn)動(dòng)所需向心力的大小近似相等D．隨飛船運(yùn)動(dòng)所需向心力的大小大于在地球表面上所受引力的大小8．圖為一列簡諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖，此時(shí)x=2m處的質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方向向上；再經(jīng)0.2s，Q質(zhì)點(diǎn)第1次回到平衡位置。下列說法正確的是（）A．該波沿x軸負(fù)方向傳播B．該波的傳播速度為10m/sC．t=0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的速度和加速度均最大D．在任意0.1s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)Q通過的路程均為4cm9．如圖所示，長直導(dǎo)線MN和矩形線框abcd被固定在豎直平面內(nèi)，線框的ad、bc兩條邊與導(dǎo)線MN平行。當(dāng)導(dǎo)線MN中電流I逐漸增大時(shí)，下列說法正確的是（）A．線框中感應(yīng)電流沿abcda方向B．線框整體受到的安培力方向水平向右C．線框的ab、dc兩條邊不受安培力作用D．線框的ad、bc兩條邊所受安培力大小相等、方向相反10．粒子物理研究中使用的一種球狀探測裝置橫截面的簡化模型如圖所示。內(nèi)圓區(qū)域有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，外圓是探測器。兩個(gè)粒子先后從P點(diǎn)沿徑向射入磁場，粒子1沿直線通過磁場區(qū)域后打在探測器上的M點(diǎn)。粒子2經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后打在探測器上的N點(diǎn)。裝置內(nèi)部為真空狀態(tài)，忽略粒子重力及粒子間相互作用力。下列說法正確的是（）A．粒子1帶正電B．粒子2帶負(fù)電C．若增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，粒子1可能打在探測器上的Q點(diǎn)D．若增大粒子入射速度，粒子2可能打在探測器上的Q點(diǎn)11．2022年北京冬奧會(huì)短道速滑混合團(tuán)體接力決賽中，中國隊(duì)以2分37秒348的成績奪冠。在交接區(qū)域，“交棒”運(yùn)動(dòng)員猛推“接棒”運(yùn)動(dòng)員一把，使“接棒”運(yùn)動(dòng)員向前快速?zèng)_出，如圖所示。在此過程中，忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面間在水平方向上的相互作用，下列說法正確的是（）A．兩運(yùn)動(dòng)員的加速度一定相同B．兩運(yùn)動(dòng)員相互作用力做的總功一定等于零C．兩運(yùn)動(dòng)員相互作用力的總沖量一定等于零D．兩運(yùn)動(dòng)員組成的系統(tǒng)動(dòng)量和機(jī)械能均守恒12．利用熱敏電阻在通以恒定電流（實(shí)驗(yàn)設(shè)定恒定電流為50.0μA）時(shí)，其阻值隨溫度的變化關(guān)系（如圖甲所示）可以制作電子溫度計(jì)。把恒壓直流電源E、熱敏電阻RT、可變電阻R1、電流表A、電壓表A．電壓較高時(shí)表示溫度也較高B．該電子溫度計(jì)表盤上溫度的刻度是均勻的C．當(dāng)熱敏電阻的溫度升高時(shí)，應(yīng)將R1D．每升高相同的溫度，熱敏電阻的阻值變化均相等13．2021年中國全超導(dǎo)托卡馬克核聚變實(shí)驗(yàn)裝置創(chuàng)造了新的紀(jì)錄。為粗略了解等離子體在托卡馬克環(huán)形真空室內(nèi)的運(yùn)動(dòng)狀況，某同學(xué)將一小段真空室內(nèi)的電場和磁場理想化為方向均水平向右的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場（如圖），電場強(qiáng)度大小為E，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。若某電荷量為q的正離子在此電場和磁場中運(yùn)動(dòng)，其速度平行于磁場方向的分量大小為v1，垂直于磁場方向的分量大小為v2，不計(jì)離子重力，則（）A．電場力的瞬時(shí)功率為qEB．該離子受到的洛倫茲力大小為qv1BC．v2與v1的比值不斷變大D．該離子的加速度大小不變14．在實(shí)際情況中，物體做拋體運(yùn)動(dòng)時(shí)總會(huì)受到空氣阻力的影響。如圖所示，虛線是炮彈在忽略空氣阻力情況下計(jì)算出的飛行軌跡；實(shí)線是炮彈以相同的初速度和拋射角射出在空氣中實(shí)際的飛行軌跡，這種曲線叫作彈道曲線。由于空氣阻力的影響，彈道曲線的升弧和降弧不再對(duì)稱，升弧長而平伸，降弧短而彎曲。炮車的大小可以忽略。當(dāng)炮彈做彈道運(yùn)動(dòng)時(shí)，結(jié)合學(xué)過的力學(xué)知識(shí)，分析判斷下列說法正確的是（）A．炮彈上升的時(shí)間一定等于下降的時(shí)間B．炮彈在最高點(diǎn)時(shí)的加速度等于重力加速度C．炮彈在上升階段損失的機(jī)械能大于在下降階段損失的機(jī)械能D．炮彈在上升階段重力勢(shì)能的增加量大于在下降階段重力勢(shì)能的減少量二、實(shí)驗(yàn)題15．利用“打點(diǎn)計(jì)時(shí)器+紙帶”裝置，可以完成不同實(shí)驗(yàn)。（1）某同學(xué)利用如圖1所示的裝置做“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)。長木板水平放置，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電源的頻率為50.0Hz。圖2是打出紙帶的一部分，以計(jì)數(shù)點(diǎn)O為位移測量起點(diǎn)和計(jì)時(shí)起點(diǎn)，則打下計(jì)數(shù)點(diǎn)B時(shí)小車位移大小為cm。由圖3中描繪小車運(yùn)動(dòng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)，求得小車的加速度大小為m/s2（計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。（2）該同學(xué)繼續(xù)用圖1所示裝置做“探究加速度與力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，需做出調(diào)整的是__________。A．換成質(zhì)量更小的車B．調(diào)整長木板的傾斜程度C．調(diào)整定滑輪使細(xì)繩與長木板平行（3）利用“打點(diǎn)計(jì)時(shí)器+紙帶”組合裝置，還可以完成哪個(gè)實(shí)驗(yàn)？簡要說明實(shí)驗(yàn)原理。16．用圖1所示的電路測定一節(jié)蓄電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。蓄電池的電動(dòng)勢(shì)E約為2V，內(nèi)阻r比較小，R0（1）現(xiàn)有蓄電池、電流表（量程0~0.6A）、滑動(dòng)變阻器（0~20Ω）、開關(guān)、導(dǎo)線若干，以及下面的器材：A．電壓表（0~3V）B．電壓表（0~15V）C．定值電阻R0（2Ω）D．定值電阻R0（實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選用；R0應(yīng)選用（2）圖2是實(shí)驗(yàn)器材實(shí)物圖，已連接了部分導(dǎo)線。請(qǐng)根據(jù)圖1，補(bǔ)充完成其他連線。（3）某位同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)作出如圖3所示的U?I圖像。根據(jù)圖像可知，該蓄電池的電動(dòng)勢(shì)E=V，內(nèi)阻r=Ω（計(jì)算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（4）采用圖1電路測量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是__________。A．電流表的分壓作用 B．電壓表的分流作用（5）某同學(xué)按圖1連接好電路，閉合開關(guān)后發(fā)現(xiàn)：無論怎樣移動(dòng)滑片P，電流表的示數(shù)始終為零，電壓表的示數(shù)接近2V不變。已知所用導(dǎo)線都完好。有同學(xué)說，因?yàn)殡娏鞅頉]有示數(shù)，所以一定是電流表損壞了。你認(rèn)為該同學(xué)的說法是否正確？簡要說明理由。三、解答題17．一個(gè)質(zhì)量為m=60kg的蹦床運(yùn)動(dòng)員，從離水平網(wǎng)面高h(yuǎn)1=3.2m處自由下落，著網(wǎng)后沿豎直方向蹦回到離水平網(wǎng)面高h(yuǎn)2=5.0m處。不計(jì)空氣阻力，（1）運(yùn)動(dòng)員在剛接觸網(wǎng)瞬間和剛離開網(wǎng)瞬間的速度大小v1和v（2）運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)作用過程中速度變化量Δv的大小和方向；（3）運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)作用過程中所受合力的沖量大小I。18．某一質(zhì)譜儀原理如圖所示，區(qū)域Ⅰ為粒子加速器，加速電壓為U1；區(qū)域Ⅱ?yàn)樗俣冗x擇器，磁場與電場正交，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，兩板間距離為d；區(qū)域Ⅲ為偏轉(zhuǎn)分離器，磁感應(yīng)強(qiáng)度為（1）粒子離開加速器時(shí)的速度大小v；（2）速度選擇器兩板間的電壓U2（3）粒子在分離器中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R。19．微元累積法是物理學(xué)的一種重要的思想方法，是微積分思想解決物理問題的應(yīng)用和體現(xiàn)。（1）當(dāng)物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，其v?t圖像為一條傾斜的直線。如果把物體的運(yùn)動(dòng)分成6小段，如圖1甲所示，在每一小段內(nèi)，可粗略認(rèn)為物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)。如果以這6個(gè)小矩形的面積之和代表物體在整個(gè)過程中的位移，計(jì)算的結(jié)果要（選填“小于”或“大于”）物體實(shí)際的位移。如果把運(yùn)動(dòng)過程劃分為更多的小段，如圖1乙所示，這些小矩形的面積之和就更（選填“接近”或“遠(yuǎn)離”）物體的實(shí)際位移。對(duì)于非勻變速直線運(yùn)動(dòng)，（選填“能”或“不能”）用v?t圖像與t軸所圍的面積來表示物體的位移。（2）某摩天大樓中有一部直通高層的客運(yùn)電梯，已知電梯在t=0時(shí)由靜止開始上升，電梯運(yùn)行時(shí)的加速度a隨時(shí)間t變化的圖像如圖2所示。求10s末電梯的速度大小v。（3）半徑為R、均勻帶正電荷的球體在空間產(chǎn)生球?qū)ΨQ的電場，場強(qiáng)大小沿半徑分布如圖3所示，圖中E0已知，E?r曲線下O?R部分的面積等于R?2R部分的面積。求質(zhì)量為m、電荷量為q的負(fù)電荷在球面處需至少具有多大的速度才能剛好運(yùn)動(dòng)到2R20．傳感器讓我們的生活變得更加便利，其基本工作原理是把非電學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量，從而方便進(jìn)行測量、傳輸和控制。（1）為了測量儲(chǔ)罐中某種不導(dǎo)電液體液面的高度，某同學(xué)利用平行板電容器制作了一個(gè)“液位監(jiān)測儀”，如圖1所示，將兩塊平行金屬板豎直插入到該液體中，液體填充在兩極板之間。兩極板分別用導(dǎo)線接到數(shù)字電容表上，數(shù)字電容表可顯示出電容器的電容，從電容的變化就可以知道容器中液面高度的變化。當(dāng)數(shù)字電容表示數(shù)增大時(shí)，液面高度是上升還是下降？簡要說明理由。（2）如圖2所示為大型電子地磅電路圖。不稱物體時(shí)，滑片P在A端，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大，電流最?。环Q重物時(shí)，在壓力作用下滑片P下滑，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻減小，電流增大。將電流表的電流刻度轉(zhuǎn)換成對(duì)應(yīng)的重力刻度，就可以讀出被稱物體的重力。已知電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)；滑動(dòng)變阻器A、B間距離為L，最大阻值等于定值電阻R0的阻值；兩根彈簧的總彈力大小與形變量成正比，比例系數(shù)為k；電流表內(nèi)阻不計(jì)。請(qǐng)推導(dǎo)所稱重物的重力G的大小與電流I（3）利用霍爾元件可以進(jìn)行微小位移的測量。如圖3甲所示，在兩塊磁感應(yīng)強(qiáng)度相同、N極相對(duì)放置的磁體縫隙中放入霍爾元件，當(dāng)霍爾元件處于中間位置時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為0，霍爾電壓為0，將該點(diǎn)作為位移的零點(diǎn)，當(dāng)霍爾元件沿±x方向移動(dòng)時(shí)，同時(shí)通有如圖3乙所示的恒定電流I，由于不同位置處磁感應(yīng)強(qiáng)度B不同，在M、N表面間產(chǎn)生的電勢(shì)差UMN不同。在小范圍內(nèi)，兩磁極間磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小與位移x的大小成正比，比例系數(shù)為k。已知該霍爾元件長為a，寬為b，厚為c，單位體積中導(dǎo)電的電子數(shù)為n，電子的電荷量為e。請(qǐng)推導(dǎo)霍爾元件M、N表面間的電勢(shì)差UMN與位移

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】新核素錒204的質(zhì)子數(shù)為89，質(zhì)量數(shù)為204，所以中子數(shù)為204?89=115故答案為：A。

【分析】中子數(shù)等于質(zhì)量數(shù)減去質(zhì)子數(shù)。2．【答案】B【解析】【解答】根據(jù)題意，由對(duì)稱性可知，蘋果上升的時(shí)間和下降的時(shí)間相等，均為t0A．根據(jù)公式x=v0t+12B．根據(jù)公式v=v0+at可得，蘋果運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系式為v=CD．蘋果整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，只受重力，加速度一直為重力加速度，則合力F和加速度a不隨時(shí)間變化，CD不符合題意。故答案為：B。

【分析】求解蘋果位移與時(shí)間關(guān)系式，判斷x?t圖像是否正確。蘋果整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，只受重力，加速度一直為重力加速度。3．【答案】B【解析】【解答】根據(jù)題意可知，書不滑動(dòng)，說明書與高鐵的加速度相同，書的最大加速度就是二者一起運(yùn)動(dòng)最大加速度，書的最大加速度由最大靜摩擦力提供，則有μmg=mam故答案為：B。

【分析】書的最大加速度由最大靜摩擦力提供，書不滑動(dòng)，即書與高鐵的加速度相同。4．【答案】C【解析】【解答】AB．根據(jù)題意，對(duì)水桶受力分析可知，由于水桶保持靜止，無論θ如何變化，都有F1和F2的合力與水桶的重力等大反向，水桶的合力為0，即當(dāng)θ減小時(shí)，F(xiàn)1和FCD．根據(jù)題意，對(duì)水桶受力分析，如圖所示由平衡條件有2F1cosθ2=2F2cosθ2故答案為：C。

【分析】利用力合成時(shí)平行四邊形法則作圖即可。兩個(gè)拉力的合力總等于重力，大小不變。夾角變大變小，利用圖像很容易判斷。5．【答案】D【解析】【解答】AC．根據(jù)題意可知，衣服做圓周運(yùn)動(dòng)，靠圓桶內(nèi)壁的彈力提供向心力，由牛頓第二定律得N=mω2rBD．根據(jù)題意，設(shè)圓桶內(nèi)壁對(duì)衣服的靜摩擦力大小為f，在豎直方向上，由平衡條件有f=mg，可知，圓桶內(nèi)壁對(duì)衣服的靜摩擦力大小為mg，若圓桶的轉(zhuǎn)速增大，則圓桶內(nèi)壁對(duì)衣服的靜摩擦力不變，C正確，不符合題意，D錯(cuò)誤，符合題意。故答案為：D。

【分析】衣服做圓周運(yùn)動(dòng)，靠圓桶內(nèi)壁的彈力提供向心力。速度增大，服對(duì)圓桶內(nèi)壁的壓力也增大。靜摩擦力總等于重力，大小不變。6．【答案】A【解析】【解答】根據(jù)題意，設(shè)運(yùn)動(dòng)員踢球時(shí)對(duì)足球做的功約為W，從開始踢球到足球上升到最大高度的過程，根據(jù)動(dòng)能定理有W?mgh=12故答案為：A。

【分析】開始踢球到足球上升到最大高度的過程，根據(jù)動(dòng)能定理即可求解運(yùn)動(dòng)員踢球時(shí)對(duì)足球做的功。7．【答案】C【解析】【解答】根據(jù)題意，設(shè)地球的質(zhì)量為M，半徑為R，水球的質(zhì)量為m，空間站距地面的高度為hABC．水球所受萬有引力為F=GMmD．在地球表面上所受引力的大小為F=GMm故答案為：C。

【分析】水球隨飛船做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力。地球表面距離地心較近，導(dǎo)致萬有引力較大。8．【答案】B【解析】【解答】A．根據(jù)題意，由同側(cè)法可知，該波沿x軸正方向傳播，A不符合題意；B．根據(jù)題意可知，由于質(zhì)點(diǎn)Q再經(jīng)0.2s，第1次回到平衡位置，則周期為T=0.4s，由圖可知，該波的波長為λ=4m，由公式v=λT可得，該波的傳播速度為C．t=0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q振動(dòng)14D．該波的周期為0.4s，0.1s為14T，質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)通過的路程是四個(gè)振幅，但只有質(zhì)點(diǎn)從平衡位置或端點(diǎn)開始振動(dòng)時(shí)，14故答案為：B。

【分析】根據(jù)同側(cè)法或者“上坡下，下坡上”即可判斷波的傳播方向。由題意可得振動(dòng)周期以及波長，由v=λ9．【答案】B【解析】【解答】A．根據(jù)右手螺旋定則，可知導(dǎo)線MN中電流I在矩形線框abcd區(qū)域產(chǎn)生的磁場方向向里；當(dāng)導(dǎo)線MN中電流I逐漸增大時(shí)，矩形線框abcd的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，線框中感應(yīng)電流沿adcba方向，A不符合題意；BCD．線框中感應(yīng)電流沿adcba方向，根據(jù)左手定則可知，線框的ab邊受到向下的安培力，dc邊受到向上的安培力，根據(jù)對(duì)稱性可知ab邊受到的安培力與dc邊受到的安培力剛好相互抵消；線框的ad邊受到水平向右的安培力，bc邊受到水平向左的安培力，由于ad邊離導(dǎo)線MN更近，ad邊受到的安培力大于bc邊受到的安培力；綜上分析可知線框整體受到的安培力方向水平向右，B符合題意，CD不符合題意。故答案為：B。【分析】根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流方向。離導(dǎo)線越近，導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場越強(qiáng)，安培力越大。10．【答案】D【解析】【解答】AB．根據(jù)題意，由圖可知，粒子1在磁場中不偏轉(zhuǎn)，粒子1不帶電，粒子2在磁場中受向上的洛倫茲力，由左手定則可知，粒子2帶正電，AB不符合題意；C．由以上分析可知粒子1不帶電，則無論如何增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，粒子1都不會(huì)偏轉(zhuǎn)，C不符合題意；D．粒子2在磁場中洛倫茲力提供向心力，有qvB=mv2r，可得r=故答案為：D。

【分析】沿徑向射入磁場，必定沿徑向射出磁場。粒子1在磁場中不偏轉(zhuǎn)，可知粒子1不帶電，則無論如何增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，粒子1都不會(huì)偏轉(zhuǎn)。洛倫茲力提供向心力。11．【答案】C【解析】【解答】A．“交棒”運(yùn)動(dòng)員和“接棒”運(yùn)動(dòng)員受到的推力大小相等，方向相反，但是質(zhì)量不一定相同，由牛頓第二定律a=FB．交接棒過程中兩運(yùn)動(dòng)員之間的相互作用力等大反向，但兩力作用的位移并不相同，總功并不為零，B不符合題意；C．兩個(gè)運(yùn)動(dòng)員相互作用的力的作用時(shí)間相同，等大、反向、共線，故“交棒”運(yùn)動(dòng)員對(duì)“接棒”運(yùn)動(dòng)員的沖量與“接棒”運(yùn)動(dòng)員對(duì)“交棒”運(yùn)動(dòng)員的沖量等大、反向、共線，兩運(yùn)動(dòng)員相互作用力的總沖量等于零，C符合題意；D．運(yùn)動(dòng)員與冰面間的摩擦可忽略不計(jì)，在“交棒”過程中，“交棒”運(yùn)動(dòng)員猛推“接棒”運(yùn)動(dòng)員一把，兩個(gè)運(yùn)動(dòng)員相互作用的力等大、反向、共線，作用時(shí)間相同，根據(jù)動(dòng)量定理，兩個(gè)運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量變化等大、反向、共線，系統(tǒng)動(dòng)量守恒。因?yàn)橥屏ψ龉?，“交棒”運(yùn)動(dòng)員和“接棒”運(yùn)動(dòng)員組成的系統(tǒng)機(jī)械能一定增加，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】推力大小相等，方向相反，但是運(yùn)動(dòng)員質(zhì)量不一定相同。兩力作用的位移并不相同，總功并不為零。推力做功，“交棒”運(yùn)動(dòng)員和“接棒”運(yùn)動(dòng)員組成的系統(tǒng)機(jī)械能一定增加。12．【答案】C【解析】【解答】A．根據(jù)題意可知，電路通有恒定的電流，溫度越高，由圖甲可知，RT阻值越小，由U=IB．由上述分析可知，電壓表的示數(shù)為U=IRT，由甲圖可知，C．當(dāng)熱敏電阻的溫度升高時(shí)，阻值減小，要保證電路中電流恒定，則增大R1，即將RD．由甲圖可知，RT故答案為：C。

【分析】RT13．【答案】D【解析】【解答】A．根據(jù)瞬時(shí)功率的計(jì)算公式可知P=Fvcosθ，正離子所受電場力方向水平向有，與速度v1同向，故電場力的瞬時(shí)功率為P=Eqv1，A不符合題意；

B．因速度v1與磁場B平行，即離子在水平方向上不受力，根據(jù)洛倫茲力的計(jì)算公式有F洛=qv2B，B不符合題意；

C．根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成原理可知，離子在洛倫茲力作用下，垂直于紙面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在電場力作用下，沿水平方向做加速運(yùn)動(dòng)，則v1增大，v2不變，v2與v1的比值不斷變小，C不符合題意；

D．離子受到的洛倫茲力不變，電場力不變，則該離子所受合力不變，根據(jù)牛頓第二定律，加速度大小不變，D符合題意。

14．【答案】C【解析】【解答】A．炮彈上升過程中，在豎直方向上，受到重力和阻力在豎直向下的分力，即mg+f1=may1，解得ay1=mg+f1m，炮彈下降過程中，在豎直方向，受到向下的重力和阻力在豎直向上的分力，即mg?f2=maB．到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，除受豎直向下的重力外還受到水平方向的空氣阻力作用f，合力F合C．假設(shè)空氣阻力大小不變，由微元法，上升過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與上升過程路程的乘積，下降過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與下降過程路程的乘積。升弧長而平伸，降弧短而彎曲。上升過程克服空氣阻力做的功大于下降過程克服空氣阻力做的功。又由功能關(guān)系，克服空氣阻力做的功等于機(jī)械能的減少量。炮彈在上升階段損失的機(jī)械能大于在下降階段損失的機(jī)械能。假設(shè)空氣阻力大小與速度成正比或與速度的平方成正比，由于空氣阻力始終做負(fù)功，同一高度處，上升過程的速度大小總是下降過程的速度大小，則同一高度處，上升過程的空氣阻力大小總是大于下降過程的空氣阻力大小。由微元法，上升過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與上升過程路程的乘積，下降過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與下降過程路程的乘積。升弧長而平伸，降弧短而彎曲。上升過程克服空氣阻力做的功大于下降過程克服空氣阻力做的功。又由功能關(guān)系，克服空氣阻力做的功等于機(jī)械能的減少量。炮彈在上升階段損失的機(jī)械能大于在下降階段損失的機(jī)械能。C符合題意。D．炮彈在上升階段重力勢(shì)能的增加量等于在下降階段重力勢(shì)能的減少量。D不符合題意。故答案為：C。

【分析】炮彈上升加速度大于下降的加速度，所以上升時(shí)間更短。炮彈在最高點(diǎn)時(shí)受重力和阻力，加速度大于重力加速度。同一高度處，上升過程的空氣阻力大小總是大于下降過程的空氣阻力大小。上升過程克服空氣阻力做的功大于下降過程克服空氣阻力做的功。15．【答案】（1）6.20；1.88（2）B（3）探究動(dòng)能定理實(shí)驗(yàn)；探究力做功與物體動(dòng)能改變的關(guān)系，可通過改變力對(duì)物體做的功，測出力對(duì)物體做不同的功時(shí)物體動(dòng)能的變化，從而得到力做功與物體動(dòng)能改變的關(guān)系?！窘馕觥俊窘獯稹浚?）刻度尺的分度值為0.1cm，需要估讀到分度值的下一位，由圖2可知，打下計(jì)數(shù)點(diǎn)B時(shí)小車位移大小為6.20cm。根據(jù)題意，由圖3中描繪小車運(yùn)動(dòng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)，求得小車的加速度大小為a=（2）A．利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要滿足小車質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于槽碼質(zhì)量，所以不需要換質(zhì)量更小的車，A不符合題意；B．利用圖1裝置“探究加速度與力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要利用小車斜向下的分力以平衡其摩擦阻力，所以需要將長木板靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的一端墊高一些，B符合題意；C．利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，實(shí)驗(yàn)過程中，需將連接槽碼和小車的細(xì)繩應(yīng)跟長木板始終保持平行，與之前的相同，不需要調(diào)整，C不符合題意。故答案為：B。（3）利用“打點(diǎn)計(jì)時(shí)器+紙帶”組合裝置，還可以完成“探究動(dòng)能定理實(shí)驗(yàn)”，實(shí)驗(yàn)原理：探究力做功與物體動(dòng)能改變的關(guān)系，可通過改變力對(duì)物體做的功，測出力對(duì)物體做不同的功時(shí)物體動(dòng)能的變化，從而得到力做功與物體動(dòng)能改變的關(guān)系?！痉治觥浚?）vt圖像的斜率表示加速度，通過坐標(biāo)求出斜率即求出了加速度。

（2）探究加速度與力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)平衡其摩擦阻力，前面實(shí)驗(yàn)不需要，所以要調(diào)整木板的傾斜程度。

（3）通過改變力對(duì)物體做的功，測出力對(duì)物體做不同的功時(shí)物體動(dòng)能的變化，從而得到力做功與物體動(dòng)能改變的關(guān)系。16．【答案】（1）A；C（2）（3）2.1；0.60（4）B（5）不正確；有可能是滑動(dòng)變阻器損壞【解析】【解答】（1）一節(jié)蓄電池的電動(dòng)勢(shì)約為2.0V，則實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選用A；如果定值電阻選擇D，電路電流太小，定值電阻應(yīng)選擇C；（2）根據(jù)圖示電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示（3）根據(jù)電源的U－I圖像在U軸上的截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)，故蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為E=2.1V，圖像斜率的絕對(duì)值表示電源的等效內(nèi)電阻，有R0+r=（4）采用圖1電路測量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是電壓表的分流作用，故答案為：B；（5）電流表的示數(shù)始終為零，電壓表的示數(shù)接近2V不變。說明電流表和滑動(dòng)變阻器支路是斷路，又已知所用導(dǎo)線都完好，所以故障是電流表損壞或者滑動(dòng)變阻器損壞。所以同學(xué)說一定是電流表損壞了說法不正確，有可能是滑動(dòng)變阻器損壞?！痉治觥浚?）在安全的前提下，電壓表量程越小，測量結(jié)果越精確。

（2）電流表內(nèi)接，根據(jù)電流的流向，依次連接導(dǎo)線。

（3）電源的U－I圖像在U軸上的截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)，圖像斜率的絕對(duì)值表示電源的等效內(nèi)電阻。

（4）用圖1電路測量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是電壓表的分流作用。

（5）電壓表的示數(shù)接近2V不變，即等于電源電壓，說明電流表和滑動(dòng)變阻器支路是斷路?？赡苁请娏鞅頁p壞，也可能是滑動(dòng)變阻器損壞。17．【答案】（1）解：由自由落體運(yùn)動(dòng)公式v2=2gh運(yùn)動(dòng)員剛離開網(wǎng)瞬間的速度大小v（2）解：運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)作用過程中速度變化量Δv的大小Δv=方向豎直向上（3）解：由動(dòng)量定理可得運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)作用過程中所受合力的沖量大小I=m【解析】【分析】（1）利用自由落體公式或者豎直上拋公式即可求解兩個(gè)速度。

（2）根據(jù)速度變化量的定義代入數(shù)據(jù)求解。

（3）由動(dòng)量定理可得運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)作用過程中所受合力的沖量大小等于運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量的該變量。18．【答案】（1）解：粒子加速過程根據(jù)動(dòng)能定理，則有q解得v=（2）解：粒子經(jīng)過速度選