2025 選考專題高考 物理 （川陜青寧蒙新晉豫）第一部分核心主干復(fù)習(xí)專題第8講　恒定電流和交變電流 含答案

2025選考專題高考物理（川陜青寧蒙新晉豫）第一部分核心主干復(fù)習(xí)專題專題四電路與電磁感應(yīng)第8講恒定電流和交變電流【網(wǎng)絡(luò)構(gòu)建】【關(guān)鍵能力】理清各個(gè)基本概念,熟記各公式及適用條件,掌握交流電“四值”的特點(diǎn)及適用范圍,注意訓(xùn)練和掌握閉合電路的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題、含電容器電路的分析問(wèn)題、變壓器電路的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題的分析思路與方法,提高解決與實(shí)際生活、生產(chǎn)、科技相結(jié)合問(wèn)題的能力.題型1直流電路的分析與計(jì)算1.非靜電力做功與電功和電熱電源做功W=qE=EIt,電流做功W=qU=UIt,電熱Q=I2Rt.(1)對(duì)純電阻電路,電功等于電熱.電流流經(jīng)純電阻電路,消耗的電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,W=Q=UIt=I2Rt=U2(2)對(duì)非純電阻電路(如電動(dòng)機(jī)和電解槽),由于W>Q,這時(shí)電功只能用W=UIt計(jì)算,電熱只能用Q=I2Rt計(jì)算.2.閉合電路兩個(gè)重要圖像的應(yīng)用(1)閉合電路的U-I圖像如圖甲所示.當(dāng)外電路短路時(shí)(R=0,因而U=0),電流最大,為I短=Er(不允許出現(xiàn)這種情況,因?yàn)闀?huì)把電源燒壞)(2)電源的輸出功率(P外)與外電阻R的關(guān)系,P外=IU=E2R(R+r)2=E2例1[2022·浙江1月選考]某節(jié)水噴灌系統(tǒng)如圖所示,水以v0=15m/s的速度水平噴出,每秒噴出水的質(zhì)量為2.0kg.噴出的水是從井下抽取的,噴口離水面的高度保持H=3.75m不變.水泵由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng),電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí),輸入電壓為220V,輸入電流為2.0A.不計(jì)電動(dòng)機(jī)的摩擦損耗,電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于水泵所需要的輸入功率.已知水泵的抽水效率(水泵的輸出功率與輸入功率之比)為75%,忽略水在管道中運(yùn)動(dòng)的機(jī)械能損失,g取10m/s2,則 ()A.每秒水泵對(duì)水做功為75JB.每秒水泵對(duì)水做功為225JC.水泵輸入功率為440WD.電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為10Ω【技法點(diǎn)撥】1.電源的總功率包括輸出功率與熱功率兩部分;2.對(duì)電動(dòng)機(jī)(非純電阻元件),電動(dòng)機(jī)的輸入功率包括輸出功率與熱功率兩部分.輸入電功用P入=UI計(jì)算,熱功率用P熱=I2R計(jì)算,輸出功率用P出=P入-P熱或者P出=Fv計(jì)算.例2[2024·河北保定模擬]在如圖所示的電路中,燈L1、L2的電阻分別為R1、R2,變阻器的最大電阻為R0,且R0>R2,電容器的電容為C.若有電流通過(guò),燈就能發(fā)光,假設(shè)燈的電阻不變,當(dāng)變阻器的滑片P由a端向b端移動(dòng)過(guò)程中,以下說(shuō)法中正確的是 ()A.L1先變暗后變亮,L2一直變亮B.L1先變亮后變暗,L2先變暗后變亮C.電容器極板所帶的電荷量先減小后增大D.電源的效率先減小后增大【技法點(diǎn)撥】本題主要考查分析直流動(dòng)態(tài)電路中燈的亮暗變化、電容器極板所帶電荷量的變化、電源效率的變化的方法.滑動(dòng)變阻器與燈L2的連接為混聯(lián)電路,該部分電路的總電阻非單調(diào)變化.含電容器的支路在穩(wěn)定狀態(tài)下無(wú)電流通過(guò),電阻R不分壓,分析電源的效率時(shí)無(wú)須考慮含電容器的支路.【遷移拓展】1.[2024·廣西卷]將橫截面相同、材料不同的兩段導(dǎo)體L1、L2無(wú)縫連接成一段導(dǎo)體,總長(zhǎng)度為1.00m,接入圖甲電路.閉合開(kāi)關(guān)S,滑片P從M端滑到N端,理想電壓表讀數(shù)U隨滑片P的滑動(dòng)距離x的變化關(guān)系如圖乙所示,則導(dǎo)體L1、L2的電阻率之比約為 ()A.2∶3 B.2∶1C.5∶3 D.1∶32.(多選)在如圖所示的電路中,電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r,R1、R2均為定值電阻,R3為滑動(dòng)變阻器,C為電容器,A、V分別為理想電流表和理想電壓表.在滑動(dòng)變阻器的滑片P自一端向另外一端滑動(dòng)的過(guò)程中,電壓表的示數(shù)增大,則 ()A.電流表的示數(shù)增大B.電源的輸出功率增大C.電容器所帶電荷量增加D.電阻R2的電功率減小3.(多選)[2023·全國(guó)乙卷]黑箱外有編號(hào)為1、2、3、4的四個(gè)接線柱,接線柱1和2、2和3、3和4之間各接有一個(gè)電阻,在接線柱間還接有另外一個(gè)電阻R和一個(gè)直流電源.測(cè)得接線柱之間的電壓U12=3.0V,U23=2.5V,U34=-1.5V.符合上述測(cè)量結(jié)果的可能接法是 ()A.電源接在1、4之間,R接在1、3之間B.電源接在1、4之間,R接在2、4之間C.電源接在1、3之間,R接在1、4之間D.電源接在1、3之間,R接在2、4之間題型2交變電流的分析與計(jì)算書寫交變電流瞬時(shí)值表達(dá)式的基本思路(1)確定正弦式交變電流的峰值,根據(jù)已知圖像讀出或由公式Em=nBSω求出相應(yīng)峰值.(2)明確計(jì)時(shí)起點(diǎn)時(shí)線圈的位置,找出對(duì)應(yīng)的函數(shù)關(guān)系式.①若從線圈在中性面位置開(kāi)始計(jì)時(shí),則i-t圖像為正弦函數(shù)圖像,函數(shù)表達(dá)式為i=Imsinωt.②若從線圈在垂直于中性面位置開(kāi)始計(jì)時(shí),則i-t圖像為余弦函數(shù)圖像,函數(shù)表達(dá)式為i=Imcosωt.交變電流的產(chǎn)生與描述例3(多選)[2024·新課標(biāo)卷]電動(dòng)汽車制動(dòng)時(shí)可利用車輪轉(zhuǎn)動(dòng)將其動(dòng)能轉(zhuǎn)換成電能儲(chǔ)存起來(lái).車輪轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)帶動(dòng)磁極繞固定的線圈旋轉(zhuǎn),在線圈中產(chǎn)生電流.磁極勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的某瞬間,磁場(chǎng)方向恰與線圈平面垂直,如圖所示.將兩磁極間的磁場(chǎng)視為勻強(qiáng)磁場(chǎng),則磁極再轉(zhuǎn)過(guò)90°時(shí),線圈中 ()A.電流最小B.電流最大C.電流方向由P指向QD.電流方向由Q指向P變壓器和遠(yuǎn)距離輸電例4[2024·四川成都模擬]如圖所示,理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1∶n2=2∶1,原線圈接電壓隨時(shí)間變化規(guī)律為u=2202sin100πt(V)的交流電源,A1、A2、A3是三個(gè)理想電流表,定值電阻R1=55Ω,R2為滑動(dòng)變阻器,則下列說(shuō)法正確的是 ()A.電流表A2的示數(shù)為22AB.R2的滑片向上滑動(dòng)的過(guò)程中,A1示數(shù)變小C.R2的滑片向上滑動(dòng)的過(guò)程中,A3示數(shù)變小D.R2的滑片向上滑動(dòng)的過(guò)程中,輸入端功率增大【技法點(diǎn)撥】關(guān)于變壓器的動(dòng)態(tài)分析(1)變壓器匝數(shù)不變時(shí),變壓器的輸入、輸出電壓均不變,但變壓器原、副線圈中的電流均隨負(fù)載的變化而變化.(2)變壓器匝數(shù)變化時(shí),要注意區(qū)分是原線圈還是副線圈匝數(shù)變化.(3)分析變壓器原線圈接有負(fù)載時(shí)應(yīng)注意:①變壓器原、副線圈間的電壓關(guān)系、電流關(guān)系與匝數(shù)關(guān)系仍然滿足變壓器原理,原線圈的輸入功率仍然等于副線圈的輸出功率.②首先需要確定原線圈所連接負(fù)載與原線圈的連接關(guān)系,若串聯(lián),則應(yīng)從電流關(guān)系作為突破口確定匝數(shù)比和電壓關(guān)系;若并聯(lián),則應(yīng)從電壓關(guān)系作為突破口確定匝數(shù)比和電流關(guān)系.例5如圖所示,某小型水電站發(fā)電機(jī)的輸出功率P=100kW,發(fā)電機(jī)的電壓U1=250V,經(jīng)變壓器升壓后向遠(yuǎn)處輸電,輸電線總電阻R線=8Ω,在用戶端用降壓變壓器把電壓降為U4=220V.已知輸電線上損失的功率P線=5kW,假設(shè)兩個(gè)變壓器均是理想變壓器,下列說(shuō)法正確的是 ()A.發(fā)電機(jī)輸出的電流I1=40AB.輸電線上的電流I線=625AC.降壓變壓器的匝數(shù)比n3∶n4=190∶11D.用戶得到的電流I4=455A【遷移拓展】1.[2024·廣東卷]將阻值為50Ω的電阻接在正弦式交流電源上,電阻兩端電壓隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖所示.下列說(shuō)法正確的是 ()A.該交流電的頻率為100HzB.通過(guò)電阻的電流峰值為0.2AC.電阻在1s內(nèi)消耗的電能為1JD.電阻兩端電壓表達(dá)式為u=102sin100πt(V)2.(多選)[2024·湖南永州模擬]圖為一理想自耦變壓器,在A、B間輸入電壓有效值恒定的交變電流,起初滑片P1位于線圈CD的中點(diǎn)G,滑片P2位于滑動(dòng)變阻器R的中點(diǎn),電流表A1和A2為理想電表,下列說(shuō)法正確的是 ()A.若僅將滑片P1向上滑動(dòng),則電流表A1、A2的示數(shù)均變小B.若僅將滑片P1向上滑動(dòng),則電流表A1、A2的示數(shù)均變大C.若僅將滑片P2向上滑動(dòng),則電流表A1、A2的示數(shù)均變小D.若僅將滑片P2向上滑動(dòng),則電流表A1、A2的示數(shù)均變大3.(多選)[2024·河南洛陽(yáng)模擬]為建設(shè)美麗鄉(xiāng)村,某地興建的小型水電站交流發(fā)電機(jī)輸出功率為P,輸電線總電阻為R線,升壓變壓器、降壓變壓器均為理想變壓器.如圖所示為發(fā)電站為用戶供電的電路圖.下列說(shuō)法正確的是 ()A.I線=PR線 B.I線C.I線=n1n4I1I4專題四電路與電磁感應(yīng)第8講恒定電流和交變電流題型1例1D[解析]每秒水泵對(duì)水做的功轉(zhuǎn)化為水的機(jī)械能,即被噴出的水的機(jī)械能,為E=12mv02+mgH=300J,選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤.水泵對(duì)水做功的功率P=300W,則水泵輸入功率(即電機(jī)輸出功率)為P電出=Pη=300W75%=400W,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;根據(jù)上述分析可知,電動(dòng)機(jī)線圈消耗的功率為Pr=UI-P電出=40W,由Pr=I2r可知,電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為r=10例2A[解析]由于R0>R2,燈L2與滑動(dòng)變阻器的左部分串聯(lián)的總電阻先大于后小于右部分的電阻,當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由a向b端移動(dòng)時(shí),電路中總電阻先增大,后減小,所以總電流先減小后增大,所以通過(guò)燈L1的電流先減小后增大,故L1先變暗后變亮;并聯(lián)部分阻值增大時(shí),電壓增大,燈L2支路電阻減小,L2中的電流增大;并聯(lián)部分阻值減小時(shí),總電流增大,通過(guò)變阻器右側(cè)的電流減小,L2中的電流繼續(xù)增大,L2不斷變亮,所以A正確,B錯(cuò)誤.電容器上的電壓UC=E-I(r+R1),總電流先減小后增大,所以電容器上的電壓先增大后減小,則電容器極板所帶的電荷量先增大后減小,所以C錯(cuò)誤.電源的效率η=P外P總×100%=UIEI×100%=UE=E-IrE=1-IrE【遷移拓展】1.B[解析]根據(jù)電阻定律有R=ρLS,根據(jù)歐姆定律有ΔU=I·ΔR,整理可得ρ=SI·ΔUL,結(jié)合題圖可知導(dǎo)體L1、L2的電阻率之比ρ1ρ2=2.AD[解析]電壓表測(cè)量定值電阻R1兩端的電壓,電壓表示數(shù)變大,說(shuō)明通過(guò)R1的電流變大,即干路電流I1變大,電源內(nèi)電壓變大,可知R2和R3并聯(lián)電路的電壓減小,則通過(guò)R2的電流I2減小,又I1=I2+I3,可知通過(guò)R3的電流I3增大,即電流表示數(shù)增大,故A正確;電源內(nèi)阻和外電路總電阻大小關(guān)系未知,不能確定電源的輸出功率變化情況,故B錯(cuò)誤;R2兩端的電壓減小,電容不變,由C=QU可知,電容器所帶電荷量減小,故C錯(cuò)誤;由P=I22R2,可知電阻R2的電功率減小,故3.CD[解析]若電源接在1、4之間,由于1、2間的電勢(shì)差為正,所以1要接電源正極,如圖甲所示,不管電阻R接在1、3之間還是接在2、4之間,3、4間的電勢(shì)差都一定是正的,即U34>0,與題目已知條件不符合,故A、B錯(cuò)誤;由上述分析可知電源一定接在1、3之間,若電阻R接在1、4之間,如圖乙所示,則U13=U12+U23=5.5V,同時(shí)U13=U14+U43,因?yàn)閁43=-U34=1.5V,所以只要UR=U14=4V就能滿足題目要求,故C正確;若電阻R接在2、4之間,如圖丙所示,則U23=2.5V,同時(shí)U23=U24+U43,因?yàn)閁43=-U34=1.5V,所以只要UR=U24=1V就能滿足題目要求,故D正確.題型2例3BD[解析]由圖可知,開(kāi)始線圈處于中性面位置,當(dāng)磁極再轉(zhuǎn)過(guò)90°時(shí),穿過(guò)線圈的磁通量變化率最大,則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大,線圈中電流最大;此時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量向右且在減小,根據(jù)楞次定律可知,感應(yīng)電流方向由Q指向P,故B、D正確.例4D[解析]依題意,原線圈電壓有效值為U1=Um2=220V,根據(jù)理想變壓器原、副線圈電壓和匝數(shù)的關(guān)系,可得U1U2=n1n2,解得U2=110V,則電流表A2的示數(shù)為I2=U2R1=2A,故A錯(cuò)誤;R2的滑片向上滑動(dòng)的過(guò)程中,滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值減小,根據(jù)I3=U2R2,可知A3示數(shù)變大,由I1I2+I3=n2n1,可知例5C[解析]發(fā)電機(jī)的輸出電流I1=PU1=100×103250A=400A,選項(xiàng)A錯(cuò)誤.輸電線上的電流I線=P線R線=5×1038A=25A,選項(xiàng)B錯(cuò)誤.升壓變壓器的輸出電壓U2=PI線=100×10325V=4×103V,輸電線損耗電壓ΔU=I線R線=25×8V=200V,降壓變壓器的原線圈電壓U3=U2-ΔU=3800V,故降壓變壓器的匝數(shù)比n3n4=U3U4=3800220=19011,選項(xiàng)C正確.降壓變壓器的功率P4=P3=P-P線=【遷移拓展】1.D[解析]由題圖可知,該交變電流的周期為T=0.02s,頻率f=1T=50Hz,A錯(cuò)誤;由歐姆定律可得通過(guò)電阻的電流峰值為Im=UmR=10250A=25A,B錯(cuò)誤;通過(guò)電阻的電流有效值為I=Im2=0.2A,由焦耳定律得,電阻在1s內(nèi)消耗的電能W=I2Rt=2J,C錯(cuò)誤;由電阻兩端電壓隨時(shí)間的變化規(guī)律可知,電阻兩端電壓表達(dá)式為u=Umsin2πTt2.AC[解析]僅將滑片P1向上移,原線圈匝數(shù)n1增大,根據(jù)理想變壓器的電壓比等于匝數(shù)比U1U2=n1n2可知,U1不變,則U2減小,根據(jù)I2=U2R可知副線圈電流減小,即A2的示數(shù)變小,再根據(jù)I1U1=I2U2可知原線圈電流減小,即A1的示數(shù)變小,故A正確,B錯(cuò)誤;因原、副線圈匝數(shù)均不變且U1不變,根據(jù)理想變壓器的電壓比等于匝數(shù)比U1U2=n1n2可知U2不變,僅將滑片P2向上移,接入電路的電阻阻值變大,根據(jù)I2=U2R可知副線圈電流減小,即A2的示數(shù)變小,再根據(jù)I1U1=I3.BC[解析]由于P=I線2R線+U3I線,因此I線≠PR線,A錯(cuò)誤;由于U2=I線R線+U3,因此I線=U2-U3R線,B正確;根據(jù)I1I線=n2n1,I線I4=n4n3,解得I線=n1專題四電路與電磁感應(yīng)第8講恒定電流和交變電流題型1例1D[解析]每秒水泵對(duì)水做的功轉(zhuǎn)化為水的機(jī)械能,即被噴出的水的機(jī)械能,為E=12mv02+mgH=300J,選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤.水泵對(duì)水做功的功率P=300W,則水泵輸入功率(即電機(jī)輸出功率)為P電出=Pη=300W75%=400W,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;根據(jù)上述分析可知,電動(dòng)機(jī)線圈消耗的功率為Pr=UI-P電出=40W,由Pr=I2r可知,電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為r=10例2A[解析]由于R0>R2,燈L2與滑動(dòng)變阻器的左部分串聯(lián)的總電阻先大于后小于右部分的電阻,當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由a向b端移動(dòng)時(shí),電路中總電阻先增大,后減小,所以總電流先減小后增大,所以通過(guò)燈L1的電流先減小后增大,故L1先變暗后變亮;并聯(lián)部分阻值增大時(shí),電壓增大,燈L2支路電阻減小,L2中的電流增大;并聯(lián)部分阻值減小時(shí),總電流增大,通過(guò)變阻器右側(cè)的電流減小,L2中的電流繼續(xù)增大,L2不斷變亮,所以A正確,B錯(cuò)誤.電容器上的電壓UC=E-I(r+R1),總電流先減小后增大,所以電容器上的電壓先增大后減小,則電容器極板所帶的電荷量先增大后減小,所以C錯(cuò)誤.電源的效率η=P外P總×100%=UIEI×100%=UE=E-IrE=1-IrE【遷移拓展】1.B[解析]根據(jù)電阻定律有R=ρLS,根據(jù)歐姆定律有ΔU=I·ΔR,整理可得ρ=SI·ΔUL,結(jié)合題圖可知導(dǎo)體L1、L2的電阻率之比ρ1ρ2=2.AD[解析]電壓表測(cè)量定值電阻R1兩端的電壓,電壓表示數(shù)變大,說(shuō)明通過(guò)R1的電流變大,即干路電流I1變大,電源內(nèi)電壓變大,可知R2和R3并聯(lián)電路的電壓減小,則通過(guò)R2的電流I2減小,又I1=I2+I3,可知通過(guò)R3的電流I3增大,即電流表示數(shù)增大,故A正確;電源內(nèi)阻和外電路總電阻大小關(guān)系未知,不能確定電源的輸出功率變化情況,故B錯(cuò)誤;R2兩端的電壓減小,電容不變,由C=QU可知,電容器所帶電荷量減小,故C錯(cuò)誤;由P=I22R2,可知電阻R2的電功率減小,故3.CD[解析]若電源接在1、4之間,由于1、2間的電勢(shì)差為正,所以1要接電源正極,如圖甲所示,不管電阻R接在1、3之間還是接在2、4之間,3、4間的電勢(shì)差都一定是正的,即U34>0,與題目已知條件不符合,故A、B錯(cuò)誤;由上述分析可知電源一定接在1、3之間,若電阻R接在1、4之間,如圖乙所示,則U13=U12+U23=5.5V,同時(shí)U13=U14+U43,因?yàn)閁43=-U34=1.5V,所以只要UR=U14=4V就能滿足題目要求,故C正確;若電阻R接在2、4之間,如圖丙所示,則U23=2.5V,同時(shí)U23=U24+U43,因?yàn)閁43=-U34=1.5V,所以只要UR=U24=1V就能滿足題目要求,故D正確.題型2例3BD[解析]由圖可知,開(kāi)始線圈處于中性面位置,當(dāng)磁極再轉(zhuǎn)過(guò)90°時(shí),穿過(guò)線圈的磁通量變化率最大,則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大,線圈中電流最大;此時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量向右且在減小,根據(jù)楞次定律可知,感應(yīng)電流方向由Q指向P,故B、D正確.例4D[解析]依題意,原線圈電壓有效值為U1=Um2=220V,根據(jù)理想變壓器原、副線圈電壓和匝數(shù)的關(guān)系,可得U1U2=n1n2,解得U2=110V,則電流表A2的示數(shù)為I2=U2R1=2A,故A錯(cuò)誤;R2的滑片向上滑動(dòng)的過(guò)程中,滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值減小,根據(jù)I3=U2R2,可知A3示數(shù)變大,由I1I2+I3=n2n1,可知例5C[解析]發(fā)電機(jī)的輸出電流I1=PU1=100×103250A=400A,選項(xiàng)A錯(cuò)誤.輸電線上的電流I線=P線R線=5×1038A=25A,選項(xiàng)B錯(cuò)誤.升壓變壓器的輸出電壓U2=PI線=100×10325V=4×103V,輸電線損耗電壓ΔU=I線R線=25×8V=200V,降壓變壓器的原線圈電壓U3=U2-ΔU=3800V,故降壓變壓器的匝數(shù)比n3n4=U3U4=3800220=19011,選項(xiàng)C正確.降壓變壓器的功率P4=P3=P-P線=【遷移拓展】1.D[解析]由題圖可知,該交變電流的周期為T=0.02s,頻率f=1T=50Hz,A錯(cuò)誤;由歐姆定律可得通過(guò)電阻的電流峰值為Im=UmR=10250A=25A,B錯(cuò)誤;通過(guò)電阻的電流有效值為I=Im2=0.2A,由焦耳定律得,電阻在1s內(nèi)消耗的電能W=I2Rt=2J,C錯(cuò)誤;由電阻兩端電壓隨時(shí)間的變化規(guī)律可知,電阻兩端電壓表達(dá)式為u=Umsin2πTt2.AC[解析]僅將滑片P1向上移,原線圈匝數(shù)n1增大,根據(jù)理想變壓器的電壓比等于匝數(shù)比U1U2=n1n2可知,U1不變,則U2減小,根據(jù)I2=U2R可知副線圈電流減小,即A2的示數(shù)變小,再根據(jù)I1U1=I2U2可知原線圈電流減小,即A1的示數(shù)變小,故A正確,B錯(cuò)誤;因原、副線圈匝數(shù)均不變且U1不變,根據(jù)理想變壓器的電壓比等于匝數(shù)比U1U2=n1n2可知U2不變,僅將滑片P2向上移,接入電路的電阻阻值變大,根據(jù)I2=U2R可知副線圈電流減小,即A2的示數(shù)變小,再根據(jù)I1U1=I3.BC[解析]由于P=I線2R線+U3I線,因此I線≠PR線,A錯(cuò)誤;由于U2=I線R線+U3,因此I線=U2-U3R線,B正確;根據(jù)I1I線=n2n1,I線I4=n4n3,解得I線=n1第8講恒定電流和交變電流1.A[解析]圖示位置線框處于與中性面垂直的平面,矩形線框左右兩邊垂直切割磁感線,此時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大為Em=NBSω,根據(jù)正弦式交變電流的表達(dá)式可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間的變化關(guān)系為e=NBSωcosωt,故選A.2.D[解析]單塊電池充滿電后儲(chǔ)存的電荷量是q1=200A·h=200×3600C=7.2×105C,故C錯(cuò)誤;單塊電池充滿電后儲(chǔ)存的電能是E1=U1q1=3.2×200W·h=640W·h,該車型汽車充滿電后儲(chǔ)存的電能是E=120×640W·h=76800W·h=76.8kW·h,故B錯(cuò)誤;該車充滿電后續(xù)航里程是s=76.813×100km≈591km,故A錯(cuò)誤;由題意可知80%IUt=E,解得3.D[解析]第一次,燈泡兩端電壓的有效值為U1=U02,功率P1=U12R=U022R;第二次,設(shè)燈泡兩端電壓的有效值為U2,有(2U0)2R·T2+U02R·T2=U22RT,解得4.ABD[解析]開(kāi)關(guān)S閉合后,電路中的總電阻變小,總電流變大,內(nèi)電壓變大,電動(dòng)勢(shì)不變,所以路端電壓變小,即車燈兩端的電壓變小,車燈的電流變小,故選項(xiàng)A、B正確,C錯(cuò)誤;電源的總功率P=IE,總電流變大,電動(dòng)勢(shì)不變,故總功率變大,選項(xiàng)D正確.5.C[解析]兩個(gè)二極管正向電阻為0,反向電阻無(wú)窮大,則二極管導(dǎo)通時(shí)短路并聯(lián)的燈泡,此時(shí)另一個(gè)燈泡與電源串聯(lián),根據(jù)電路圖可知,在一個(gè)完整的周期內(nèi),兩個(gè)燈泡有電流通過(guò)的時(shí)間相等,都為半個(gè)周期,電壓有效值也相等,根據(jù)P=U2R,可知P1∶P2=RL2∶RL1=1∶6.B[解析]由閉合電路歐姆定律得U=E-Ir,電源的輸出功率為P=UI=EI-I2r,故EI1-I12r=EI2-I22r,整理得I1+I2=Er,A錯(cuò)誤,B正確;P0=I12R1=I22R2,因I=ER+r,故E7.C[解析]由U1U2=n1n2,解得U2=n2n1U1=11V,則I2=U2R=2A,A、B錯(cuò)誤;負(fù)載電阻消耗的功率PR=U2I2=22W,D錯(cuò)誤;由I1I2=n2n1,解得I1=8.B[解析]由圖可知,電源的路端電壓為U1,電流為I1,則輸出功率P=U1I1,故A錯(cuò)誤;由閉合電路歐姆定律得U=E-Ir,當(dāng)I=0時(shí)E=U,由a與縱軸的交點(diǎn)讀