2025年高考物理解密之填空題

Page2025年高考物理解密之填空題一．填空題（共25小題）1．（2024?漳州三模）為檢測某新能源動力車的剎車性能，現(xiàn)在平直公路上做剎車實(shí)驗(yàn)，某次測試該車做勻減速直線運(yùn)動，由于位移和時(shí)間的關(guān)系圖像為拋物線，為便于直觀研究該運(yùn)動規(guī)律，改作如圖所示的與關(guān)系圖像，則該車的初速度為，剎車過程中加速度大小為，剎車距離為。2．（2024?福建）鍍有反射膜的三棱鏡常用在激光器中進(jìn)行波長的選擇。如圖，一束復(fù)色光以一定入射角進(jìn)入棱鏡后，不同顏色的光以不同角度折射，只有折射后垂直入射到反射膜的光才能原路返回形成激光輸出。若復(fù)色光含藍(lán)、綠光，已知棱鏡對藍(lán)光的折射率大于綠光，則藍(lán)光在棱鏡中的折射角（填“大于”“等于”或“小于”綠光的折射角；若激光器輸出的是藍(lán)光，當(dāng)要調(diào)為綠光輸出時(shí)，需將棱鏡以過入射點(diǎn)且垂直紙面的軸（填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”轉(zhuǎn)動一小角度。3．（2024?福建）如圖，圓心為點(diǎn)、半徑為的圓周上有、、、、、、、八個等分點(diǎn)，點(diǎn)固定有一帶電量為的點(diǎn)電荷，其余各點(diǎn)均固定有帶電量為的點(diǎn)電荷。已知靜電力常量為，則點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為。、分別為、的中點(diǎn)，則點(diǎn)的電勢（填“大于”“等于”或“小于”點(diǎn)的電勢；將一帶電量為的點(diǎn)電荷從點(diǎn)沿圖中弧線移動到點(diǎn)，電場力對該點(diǎn)電荷所做的總功（填“大于零”“等于零”或“小于零”。4．（2024?廣西）單擺可作為研究簡諧運(yùn)動的理想模型。（1）制作單擺時(shí)，在圖甲、圖乙兩種單擺的懸掛方式中，選擇圖甲方式的目的是要保持?jǐn)[動中不變；（2）用游標(biāo)卡尺測量擺球直徑，測得讀數(shù)如圖丙，則擺球直徑為；（3）若將一個周期為的單擺，從平衡位置拉開的角度釋放，忽略空氣阻力，擺球的振動可看為簡諧運(yùn)動。當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?，以釋放時(shí)刻作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，則擺球偏離平衡位置的位移與時(shí)間的關(guān)系為。5．（2024?福建）夜間環(huán)境溫度為時(shí)，某汽車輪胎的胎壓為2.9個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，胎內(nèi)氣體視為理想氣體，溫度與環(huán)境溫度相同，體積和質(zhì)量都保持不變。次日中午，環(huán)境溫度升至，此時(shí)胎壓為個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，胎內(nèi)氣體的內(nèi)能（填“大于”“等于”或“小于”時(shí)的內(nèi)能。（計(jì)算時(shí)取6．（2024?廈門三模）我國唐代對彩虹形成的原因已有記載，《禮記月令季春之月》中提到“日照雨滴則虹生”。一束太陽光射入球形雨滴形成彩虹的光路如圖所示，則光線的頻率（選填“大于”、“等于”或“小于”光線的頻率，已知太陽光射入雨滴時(shí)入射角，光線偏折角，光線在雨滴中的折射率等于（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，，，。7．（2024?包頭二模）如圖所示，假設(shè)沿地球直徑鑿?fù)ㄒ粭l隧道，把一小球從地面點(diǎn)靜止釋放，小球在隧道內(nèi)的運(yùn)動可視為簡諧振動。已知地球半徑為，小球經(jīng)過點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，由向運(yùn)動，經(jīng)時(shí)間第1次過點(diǎn)點(diǎn)圖中未標(biāo)出），再經(jīng)時(shí)間第2次經(jīng)過該點(diǎn)。則小球振動的周期為；到的距離為。8．（2024?重慶模擬）如圖所示是一列沿軸正方向傳播的簡諧橫波在時(shí)刻的波形圖，已知波的傳播速度。試回答下列問題：①寫出處的質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動的表達(dá)式；②處質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)通過的路程為。9．（2024?福建模擬）一定質(zhì)量理想氣體先后經(jīng)歷，，三個階段，其圖像如圖所示。在的過程中氣體內(nèi)能的變化趨勢為（填“一直增大”或“一直減小”或“先增大后減小”或“先減小后增大”。在過程中氣體（填“吸收”或“放出”的熱量為。10．（2024?西寧一模）某報(bào)告廳的平面圖為矩形，如圖所示，、兩處設(shè)有兩個與某同學(xué)等高的兩個喇叭，間距為，間距為，某同學(xué)沿直線從位置運(yùn)動到位置的過程中，在某些位置聽不到聲音，有些位置聽到的聲音卻很強(qiáng)．已知空氣中聲速為，喇叭發(fā)出聲音的頻率為，聲波的波長為，聽不到聲音的位置有個．11．（2024?泉州模擬）滑板運(yùn)動非常有趣。如圖所示，某同學(xué)踩著滑板在弧形滑板的內(nèi)壁來回滑行，滑板的這種運(yùn)動（選填“可以”或“不可以”視為簡諧運(yùn)動，若視為簡諧運(yùn)動，設(shè)該同學(xué)站在滑板上與蹲在滑板上滑行時(shí)到達(dá)了相同的最高點(diǎn)，則站著運(yùn)動的周期（選填“比較大”“比較小”或“一樣大”，運(yùn)動到最低點(diǎn)時(shí)的速度（選填“比較大”“比較小”或“一樣大”。12．（2024?倉山區(qū)校級模擬）2011年3月11日，日本福島核電站發(fā)生核泄漏事故，其中銫對核輻射的影響最大，其半衰期約為30年。（1）請寫出銫137發(fā)生衰變的核反應(yīng)方程已知53號元素是碘，56號元素是鋇。（2）若在該反應(yīng)過程中釋放的核能為，則該反應(yīng)過程中質(zhì)量虧損為（真空中的光速為。（3）泄漏出的銫137約要經(jīng)歷年才會有的原子核發(fā)生衰變。13．（2024?福州模擬）如圖所示，雙縫、的間距，雙縫到光屏的距離。光源到。的距離相等，光屏上的點(diǎn)到、的距離之差，現(xiàn)用某單色光在空氣中做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，測得兩條相鄰亮條紋的中心間距△。已知光在空氣中的傳播速度。則該單色光的波長為，頻率為；處是（選填“亮”或“暗”條紋。14．（2024?福州模擬）如圖甲所示，某款自動洗衣機(jī)進(jìn)水時(shí)，與洗衣缸相連的細(xì)管中會封閉一定質(zhì)量的氣體，通過壓力傳感器感知管中的氣體壓強(qiáng)，從而控制進(jìn)水量。假設(shè)細(xì)管內(nèi)氣體溫度不變，其壓強(qiáng)與體積的關(guān)系如圖乙所示，當(dāng)氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)時(shí)，洗衣缸內(nèi)的水位（填“升高”、“降低”或“不變”，該過程細(xì)管內(nèi)氣體（填“吸熱”、“放熱”或“不吸熱不放熱”。15．（2024?鼓樓區(qū)校級模擬）圖示為氫原子的能級結(jié)構(gòu)圖。在某正四面體密閉容器的其中一個器壁上有一個紅外光子接收儀，可以接收紅外光子（能量范圍在并計(jì)數(shù)。假設(shè)到達(dá)該器壁的所有紅外光子均被接收儀吸收?，F(xiàn)將容器內(nèi)的氫原子全部激發(fā)到的能級，接收儀在之后的較短時(shí)間內(nèi)接收到的紅外光子，假定這段時(shí)間內(nèi)每個氫原子只發(fā)生一次躍遷，且激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷到每個能級的概率相同。能發(fā)射紅外光子的能級躍遷是（填“”或“”或“”，該容器中氫原子的物質(zhì)的量為。16．（2024?三明模擬）1988年，德國物理學(xué)家赫茲對火花放電現(xiàn)象進(jìn)行深入研究，第一次驗(yàn)證了電磁波的存在。一小組研究電磁振蕩實(shí)驗(yàn)，圖甲為時(shí)刻的電路狀態(tài)，此時(shí)電容器正在（選填“充電”或“放電”；圖乙為通過線圈的電流隨時(shí)間變化的圖像，時(shí)刻電場能正在（選填“增大”、“減小”或“不變”；要增大振蕩頻率，可（選填“增大”、“減小”或“不變”電容器的電容。17．（2024?浦東新區(qū)校級模擬）如圖所示，在光滑水平金屬框架上有一導(dǎo)體棒。第一次以速度勻速向右平動，第二次以速度勻速向右平動，兩次移動的距離相同，則兩種情況下回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢之比和通過的電荷量之比。18．（2024?德陽模擬）某同學(xué)利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器探究小車的運(yùn)動規(guī)律，實(shí)驗(yàn)時(shí)按規(guī)范操作得到的一條紙帶的一部分，從比較清晰的點(diǎn)跡起每5個點(diǎn)標(biāo)記一個計(jì)數(shù)點(diǎn)，標(biāo)出了連續(xù)的5個計(jì)數(shù)點(diǎn)、、、、，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間都有4個點(diǎn)跡沒有標(biāo)出，用刻度尺分別測量出、、的長度如圖所示，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期是，紙帶左端連接小車，根據(jù)數(shù)據(jù)可以推測該紙帶記錄的是小車做直線運(yùn)動；打下點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小為，小車的加速度大小為（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）。19．（2024?松江區(qū)校級三模）圖是一種延時(shí)繼電器的示意圖。鐵芯上有兩個線圈和。線圈跟電源連接，線圈兩端連在一起，構(gòu)成一個閉合電路。在斷開開關(guān)的時(shí)候，彈簧將：立即；過一會兒）將銜鐵向上拉起，原因是：。20．（2024?福州二模）如圖所示，一束復(fù)色光從空氣射入到玻璃三棱鏡，出射光分成、兩束單色光，則（選填“”或“”光在玻璃中折射率更大；在真空中光傳播速度（選填“大于”、“等于”或“小于”光的傳播速度；將，兩束光分別經(jīng)過相同的單縫衍射裝置，（選填“”或“”光產(chǎn)生的中央亮條紋更寬。21．（2024?荊州區(qū)校級模擬）某同學(xué)利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行，正確操作后，作出的光路圖及測出的相關(guān)角度如圖所示①此玻璃的折射率計(jì)算式為（用圖中的、表示）；②如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應(yīng)選用寬度。（填“大”或“小”的玻璃磚來測量。22．（2024?北京模擬）如圖為某同學(xué)用電流表和電壓表測量電阻的部分實(shí)驗(yàn)電路圖。在某次測量中，電壓表的示數(shù)為，電流表的示數(shù)為，根據(jù)測量數(shù)據(jù)可計(jì)算出電阻。若僅考慮電表內(nèi)阻的影響，實(shí)驗(yàn)中電阻的測量值比真實(shí)值（選填“偏大”或“偏小”。23．（2024?泉州二模）（1）一根粗細(xì)均勻的金屬絲，當(dāng)其兩端電壓為時(shí)，通過的電流是。若將此金屬絲均勻拉長到原來的2倍時(shí)，電流仍為，金屬絲兩端所加的電壓應(yīng)為。（2）有一個滿偏電流為的毫安表，電表內(nèi)阻為，現(xiàn)將該毫安表的量程擴(kuò)大至，則應(yīng)并聯(lián)一個阻值為的電阻。（3）如圖所示為一雙量程電壓表的示意圖，已知電流表的量程為，內(nèi)阻為，圖中串聯(lián)的分壓電阻，則。24．（2024?泉州模擬）如圖甲所示的電路中，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為，輸入的交變電壓如圖乙所示，、是完全相同的燈泡，設(shè)燈絲電阻保持不變。若燈泡能正常發(fā)光，則燈泡（選填“能”或“不能”正常發(fā)光，燈泡的額定電壓為，交變電壓瞬時(shí)值表達(dá)式為。25．（2024?四川模擬）如圖（a）所示，水平面上、、、四點(diǎn)構(gòu)成一矩形，兩波源分別位于、兩點(diǎn)；兩波源振動規(guī)律如圖（b）所示，已知、兩波源產(chǎn)生的兩列簡諧波傳到點(diǎn)的時(shí)間差是，，，則兩列波的波長均為，、兩點(diǎn)的振動規(guī)律（填“相同”或“不同”，、兩點(diǎn)所在的直線共有個振動加強(qiáng)的點(diǎn)。

2025年高考物理解密之填空題參考答案與試題解析一．填空題（共25小題）1．（2024?漳州三模）為檢測某新能源動力車的剎車性能，現(xiàn)在平直公路上做剎車實(shí)驗(yàn)，某次測試該車做勻減速直線運(yùn)動，由于位移和時(shí)間的關(guān)系圖像為拋物線，為便于直觀研究該運(yùn)動規(guī)律，改作如圖所示的與關(guān)系圖像，則該車的初速度為30，剎車過程中加速度大小為，剎車距離為?！敬鸢浮?0，50，90?！究键c(diǎn)】復(fù)雜的運(yùn)動學(xué)圖像問題【專題】推理法；定量思想；運(yùn)動學(xué)中的圖象專題；分析綜合能力【分析】根據(jù)位移—時(shí)間公式，變形成符合圖像坐標(biāo)的表達(dá)式，從而得出物體運(yùn)動的初始條件，進(jìn)而得出答案?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)位移—時(shí)間公式有，等式兩邊都除以，有，所以圖像中軸的截距表示初速度大小，所以初速度為，斜率為加速度的一半，，解得，所以位移的表達(dá)式為，將代入解得故答案為：30，50，90。【點(diǎn)評】學(xué)生在解答本題時(shí)，應(yīng)注意能夠根據(jù)圖像中的橫縱坐標(biāo)，結(jié)合所學(xué)的已知公式，分析圖像中蘊(yùn)含的物理信息。2．（2024?福建）鍍有反射膜的三棱鏡常用在激光器中進(jìn)行波長的選擇。如圖，一束復(fù)色光以一定入射角進(jìn)入棱鏡后，不同顏色的光以不同角度折射，只有折射后垂直入射到反射膜的光才能原路返回形成激光輸出。若復(fù)色光含藍(lán)、綠光，已知棱鏡對藍(lán)光的折射率大于綠光，則藍(lán)光在棱鏡中的折射角小于（填“大于”“等于”或“小于”綠光的折射角；若激光器輸出的是藍(lán)光，當(dāng)要調(diào)為綠光輸出時(shí)，需將棱鏡以過入射點(diǎn)且垂直紙面的軸（填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”轉(zhuǎn)動一小角度。【答案】小于，逆時(shí)針?！究键c(diǎn)】光的折射定律【專題】定量思想；推理法；光的折射專題；推理論證能力【分析】根據(jù)折射定律列式判斷折射角大小，結(jié)合圖像分析棱鏡如何旋轉(zhuǎn)才能使藍(lán)光輸出改為綠光輸出。【解答】解：根據(jù)折射定律可得，由于透鏡對藍(lán)光折射率大于綠光，則透鏡中藍(lán)光折射角小于綠光折射角；若此時(shí)激光為藍(lán)光，要變?yōu)榫G光，根據(jù)，由于綠光的折射率較小，為了保證折射角不變，則入射角應(yīng)減小，即逆時(shí)針改變?nèi)肷浣?。故答案為：小于，逆時(shí)針?！军c(diǎn)評】考查光的折射定律及其應(yīng)用，會根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析判斷。3．（2024?福建）如圖，圓心為點(diǎn)、半徑為的圓周上有、、、、、、、八個等分點(diǎn)，點(diǎn)固定有一帶電量為的點(diǎn)電荷，其余各點(diǎn)均固定有帶電量為的點(diǎn)電荷。已知靜電力常量為，則點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為。、分別為、的中點(diǎn)，則點(diǎn)的電勢（填“大于”“等于”或“小于”點(diǎn)的電勢；將一帶電量為的點(diǎn)電荷從點(diǎn)沿圖中弧線移動到點(diǎn)，電場力對該點(diǎn)電荷所做的總功（填“大于零”“等于零”或“小于零”?！敬鸢浮?，大于，大于零?！究键c(diǎn)】電場力做功與電勢能變化的關(guān)系【專題】推理法；電場力與電勢的性質(zhì)專題；定量思想；推理論證能力【分析】根據(jù)對稱性排除相應(yīng)電荷對電場強(qiáng)的干擾，然后分析不具備對稱性的點(diǎn)電荷對的場強(qiáng)，結(jié)合場強(qiáng)的疊加原理，電場中電勢高低的判斷方法以及電場力做功的知識進(jìn)行分析解答?！窘獯稹拷猓河捎趯ΨQ性，直徑、上面三個電荷與下面三個電荷對點(diǎn)的場強(qiáng)之和為0，對、兩點(diǎn)電勢的影響相同，因此只需考慮點(diǎn)和點(diǎn)兩個電荷即可。根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式和場強(qiáng)疊加原理，點(diǎn)場強(qiáng)為；點(diǎn)更靠近點(diǎn)的，點(diǎn)更靠近點(diǎn)的，則點(diǎn)電勢大于點(diǎn)；將從點(diǎn)移到點(diǎn)，電場力做功。故答案為：，大于，大于零?！军c(diǎn)評】考查點(diǎn)電荷的場強(qiáng)和電場疊加知識，會根據(jù)電荷分布判斷電勢高低以及電場力對電荷做功的問題。4．（2024?廣西）單擺可作為研究簡諧運(yùn)動的理想模型。（1）制作單擺時(shí)，在圖甲、圖乙兩種單擺的懸掛方式中，選擇圖甲方式的目的是要保持?jǐn)[動中擺長不變；（2）用游標(biāo)卡尺測量擺球直徑，測得讀數(shù)如圖丙，則擺球直徑為；（3）若將一個周期為的單擺，從平衡位置拉開的角度釋放，忽略空氣阻力，擺球的振動可看為簡諧運(yùn)動。當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?，以釋放時(shí)刻作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，則擺球偏離平衡位置的位移與時(shí)間的關(guān)系為。【答案】（1）擺長；（2）1.16；（3）?！究键c(diǎn)】用單擺測定重力加速度【專題】實(shí)驗(yàn)題；實(shí)驗(yàn)探究題；定量思想；實(shí)驗(yàn)分析法；單擺問題；實(shí)驗(yàn)探究能力【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，單擺在擺動過程中，應(yīng)保持單擺的擺長不變，據(jù)此分析作答；（2）10分度游標(biāo)卡尺的精確度為，根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)；（3）根據(jù)單擺周期公式求擺長，根據(jù)數(shù)學(xué)知識求單擺的振幅，再求解單擺的振動方程?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，單擺在擺動過程中，應(yīng)保持單擺的擺長不變，圖甲擺線的懸點(diǎn)固定，圖乙中擺線的懸點(diǎn)不固定，因此為了保持?jǐn)[動中擺長不變，應(yīng)該選擇圖甲的方式；（2）10分度游標(biāo)卡尺的精確度為，擺球直徑；（3）根據(jù)單擺周期公式單擺的擺長根據(jù)數(shù)學(xué)知識，單擺的振幅將次單擺從最大位移處釋放，單擺的振動方程為故答案為：（1）擺長；（2）1.16；（3）?！军c(diǎn)評】本題主要考查了游標(biāo)卡尺的讀數(shù)、單擺的周期公式和單擺做簡諧運(yùn)動的規(guī)律；在求解擺球偏離平衡位置的位移與時(shí)間的關(guān)系時(shí)，要主要釋放擺球的初位置。5．（2024?福建）夜間環(huán)境溫度為時(shí)，某汽車輪胎的胎壓為2.9個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，胎內(nèi)氣體視為理想氣體，溫度與環(huán)境溫度相同，體積和質(zhì)量都保持不變。次日中午，環(huán)境溫度升至，此時(shí)胎壓為3.0個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，胎內(nèi)氣體的內(nèi)能（填“大于”“等于”或“小于”時(shí)的內(nèi)能。（計(jì)算時(shí)取【答案】3.0，大于?！究键c(diǎn)】氣體的等容變化與查理定律的應(yīng)用；熱力學(xué)第一定律的表達(dá)和應(yīng)用【專題】定量思想；推理法；氣體的狀態(tài)參量和實(shí)驗(yàn)定律專題；推理論證能力【分析】根據(jù)查理定律和熱力學(xué)第一定律列式求解判斷?！窘獯稹拷猓狠喬?nèi)部被封閉氣體的體積不變，初始溫度，壓強(qiáng)，末狀態(tài)溫度為，壓強(qiáng)為，根據(jù)查理定律有，代入數(shù)據(jù)解得，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△，氣體體積沒有發(fā)生改變，故，由于環(huán)境溫度升高，氣體會從外界吸收熱量，故，所以氣體內(nèi)能大于初始狀態(tài)內(nèi)能。故答案為：3.0，大于?！军c(diǎn)評】考查查理定律的應(yīng)用以及熱力學(xué)第一定律，會根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。6．（2024?廈門三模）我國唐代對彩虹形成的原因已有記載，《禮記月令季春之月》中提到“日照雨滴則虹生”。一束太陽光射入球形雨滴形成彩虹的光路如圖所示，則光線的頻率大于（選填“大于”、“等于”或“小于”光線的頻率，已知太陽光射入雨滴時(shí)入射角，光線偏折角，光線在雨滴中的折射率等于（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，，，。【答案】大于；1.3【考點(diǎn)】光的折射定律【專題】定量思想；推理法；光的折射專題；推理論證能力【分析】根據(jù)光的偏折程度分析折射率，根據(jù)折射定律解得折射率。【解答】解：由圖分析可知，第一次折射時(shí)，光的偏折較小，則光的折射率較小；根據(jù)折射定律可知代入數(shù)據(jù)解得故答案為：大于；1.3【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵之處是分析第一次折射時(shí)折射角的關(guān)系，要注意運(yùn)用折射定律計(jì)算折射率的公式。7．（2024?包頭二模）如圖所示，假設(shè)沿地球直徑鑿?fù)ㄒ粭l隧道，把一小球從地面點(diǎn)靜止釋放，小球在隧道內(nèi)的運(yùn)動可視為簡諧振動。已知地球半徑為，小球經(jīng)過點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，由向運(yùn)動，經(jīng)時(shí)間第1次過點(diǎn)點(diǎn)圖中未標(biāo)出），再經(jīng)時(shí)間第2次經(jīng)過該點(diǎn)。則小球振動的周期為；到的距離為?！敬鸢浮?；。【考點(diǎn)】簡諧運(yùn)動的表達(dá)式及振幅、周期、頻率、相位等參數(shù)【專題】定量思想；方程法；簡諧運(yùn)動專題；推理論證能力【分析】根據(jù)簡諧運(yùn)動具有周期性和對稱性判斷周期，位移時(shí)間函數(shù)圖像是一個正弦函數(shù)圖像，然后根據(jù)振動方程求出與之間的距離?！窘獯稹拷猓河珊喼C運(yùn)動時(shí)間的對稱性可知小球從點(diǎn)運(yùn)動到點(diǎn)的時(shí)間為則小球振動的周期為小球做簡諧運(yùn)動的振動方程為小球從運(yùn)動到的時(shí)間則到的距離為故答案為：；?！军c(diǎn)評】本題考查了簡寫運(yùn)動的周期、位移、回復(fù)力的特點(diǎn)，把握運(yùn)動的周期性是關(guān)鍵。8．（2024?重慶模擬）如圖所示是一列沿軸正方向傳播的簡諧橫波在時(shí)刻的波形圖，已知波的傳播速度。試回答下列問題：①寫出處的質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動的表達(dá)式②；②處質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)通過的路程為?！究键c(diǎn)】波長、頻率和波速的關(guān)系；機(jī)械波的圖像問題【專題】定量思想；推理法；振動圖象與波動圖象專題；推理論證能力【分析】（1）根據(jù)圖象知，處的質(zhì)點(diǎn)初始時(shí)刻在正的最大位移處，通過圖象得出波長、振幅，根據(jù)波速和波長求出周期，從而得出圓頻率，寫出振動的函數(shù)表達(dá)式。（2）抓住質(zhì)點(diǎn)在一個周期內(nèi)的路程等于4倍的振幅求出質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)通過的路程。【解答】解：①波長，周期，振幅。則。初始時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)位于正的最大位移處，所以初相位為，則處質(zhì)點(diǎn)振動的函數(shù)表達(dá)式為。②，則內(nèi)路程。故答案為：①②110；【點(diǎn)評】解決該題的關(guān)鍵是知道振動方程中初相位的求解方法，知道一個周期內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的路程為4個振幅；9．（2024?福建模擬）一定質(zhì)量理想氣體先后經(jīng)歷，，三個階段，其圖像如圖所示。在的過程中氣體內(nèi)能的變化趨勢為先增大后減小（填“一直增大”或“一直減小”或“先增大后減小”或“先減小后增大”。在過程中氣體（填“吸收”或“放出”的熱量為?！敬鸢浮肯仍龃蠛鬁p小；放出；2000。【考點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律的圖像問題；理想氣體及理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學(xué)第一定律的表達(dá)和應(yīng)用【專題】熱力學(xué)定律專題；推理法；定量思想；推理能力【分析】一定質(zhì)量理想氣體的內(nèi)能僅與溫度有關(guān)，溫度越高內(nèi)能越大。根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體分析出氣體的溫度變化，結(jié)合熱力學(xué)第一定律和圖像的物理意義完成分析?！窘獯稹拷猓涸诘倪^程中，根據(jù)可知，先增大后減小，則溫度先增大后減小，一定質(zhì)量理想氣體的內(nèi)能僅與溫度有關(guān)，溫度越高內(nèi)能越大，則在的過程中氣體內(nèi)能的變化趨勢為先增大后減小；由理想氣體狀態(tài)方程有，代入數(shù)據(jù)可得則氣體在狀態(tài)的內(nèi)能等于狀態(tài)的內(nèi)能，在過程中，圖像中圖線與橫軸圍成的面積等于氣體做的功，整個過程，外界對氣體做功為：由熱力學(xué)第一定律有△可得，即在過程中氣體放出的熱量為。故答案為：先增大后減??；放出；2000。【點(diǎn)評】本題主要是考查一定質(zhì)量理想氣體的狀態(tài)方程之圖象問題，關(guān)鍵是弄清楚圖象表示的物理意義、圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示的物理意義，根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程結(jié)合熱力學(xué)第一定律進(jìn)行分析。10．（2024?西寧一模）某報(bào)告廳的平面圖為矩形，如圖所示，、兩處設(shè)有兩個與某同學(xué)等高的兩個喇叭，間距為，間距為，某同學(xué)沿直線從位置運(yùn)動到位置的過程中，在某些位置聽不到聲音，有些位置聽到的聲音卻很強(qiáng)．已知空氣中聲速為，喇叭發(fā)出聲音的頻率為，聲波的波長為，聽不到聲音的位置有個．【考點(diǎn)】機(jī)械波的圖像問題【專題】參照思想；合成分解法；振動圖象與波動圖象專題【分析】本題是波的干涉問題，當(dāng)波程差為半個波長奇數(shù)倍時(shí)振動減弱，聽不到聲音，據(jù)此可正確解答．【解答】解：聲波的波長，在、兩喇叭的距離差為半個波長奇數(shù)倍的位置，兩聲音干涉相抵消，聽不到聲音．連線的中點(diǎn)到兩喇叭的距離差為0，從中點(diǎn)向兩邊到兩喇叭的距離差逐漸增大，由幾何關(guān)系可知，、兩點(diǎn)到兩喇叭的距離差最大為，故點(diǎn)兩邊到兩喇叭的距離增大到、、三個位置時(shí)，聽不到聲音，由對稱性可知，聽不到聲音的位置有6個．故選：，6．【點(diǎn)評】關(guān)于波的干涉，關(guān)鍵要明確干涉條件，并能正確利用振動加強(qiáng)和減弱條件進(jìn)行有關(guān)運(yùn)算．11．（2024?泉州模擬）滑板運(yùn)動非常有趣。如圖所示，某同學(xué)踩著滑板在弧形滑板的內(nèi)壁來回滑行，滑板的這種運(yùn)動不可以（選填“可以”或“不可以”視為簡諧運(yùn)動，若視為簡諧運(yùn)動，設(shè)該同學(xué)站在滑板上與蹲在滑板上滑行時(shí)到達(dá)了相同的最高點(diǎn)，則站著運(yùn)動的周期（選填“比較大”“比較小”或“一樣大”，運(yùn)動到最低點(diǎn)時(shí)的速度（選填“比較大”“比較小”或“一樣大”?！敬鸢浮坎豢梢裕容^小，比較小?！究键c(diǎn)】簡諧運(yùn)動的回復(fù)力【專題】定性思想；推理法；簡諧運(yùn)動專題；分析綜合能力【分析】根據(jù)簡諧運(yùn)動的回復(fù)力特征分析；根據(jù)周期公式分析其運(yùn)動周期，根據(jù)重力勢能與動能的轉(zhuǎn)化分析其速度大小?！窘獯稹拷猓夯逶诨⌒位宓膬?nèi)壁來回滑行，不可以視為簡諧運(yùn)動，簡諧運(yùn)動需要滿足回復(fù)力與位移成正比，且方向相反，即，而滑板運(yùn)動中，滑板除受到重力和支持力外，其所受的摩擦力比較復(fù)雜，不符合簡諧運(yùn)動回復(fù)力的特征，在不計(jì)摩擦及阻力的情況下，最大偏角小于的條件下，可能近似的將其看作簡諧運(yùn)動；若視為簡諧運(yùn)動，根據(jù)周期公式可知：該同學(xué)站在滑板上時(shí)，其重心高度高，則其做簡諧運(yùn)動的擺長小，其周期比較??；從最高點(diǎn)運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，該同學(xué)站在滑板上時(shí)，其重力勢能減小量小，其動能增加量也小，則其速度比較小。故答案為：不可以，比較小，比較小?！军c(diǎn)評】此題考查了簡諧運(yùn)動的相關(guān)知識，掌握簡諧運(yùn)動的定義，用所學(xué)物理知識分析生活中的問題。12．（2024?倉山區(qū)校級模擬）2011年3月11日，日本福島核電站發(fā)生核泄漏事故，其中銫對核輻射的影響最大，其半衰期約為30年。（1）請寫出銫137發(fā)生衰變的核反應(yīng)方程已知53號元素是碘，56號元素是鋇。（2）若在該反應(yīng)過程中釋放的核能為，則該反應(yīng)過程中質(zhì)量虧損為（真空中的光速為。（3）泄漏出的銫137約要經(jīng)歷年才會有的原子核發(fā)生衰變?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）90?！究键c(diǎn)】衰變的特點(diǎn)、本質(zhì)及方程；用愛因斯坦質(zhì)能方程計(jì)算核反應(yīng)的核能【專題】定量思想；推理法；理解能力；光電效應(yīng)專題；衰變和半衰期專題；信息給予題【分析】（1）根據(jù)質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒求解核反應(yīng)方程；（2）根據(jù)愛因斯坦質(zhì)量方程求解質(zhì)量虧損；（3）根據(jù)半衰期求衰變時(shí)間?！窘獯稹拷猓海?）銫發(fā)生衰變時(shí)，由質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，可得該核反應(yīng)方程是（2）根據(jù)愛因斯坦的質(zhì)能方程，可得該反應(yīng)過程中質(zhì)量虧損是（3）泄漏出的銫137有的原子核發(fā)生衰變，還剩，設(shè)衰變的時(shí)間約為，則有半衰期約為30年，解得年。故答案為：（1）；（2）；（3）90。【點(diǎn)評】本題考查了核反應(yīng)方程的書寫、半衰期的求解以及愛因斯坦的質(zhì)能方程，要求熟練掌握相關(guān)知識。13．（2024?福州模擬）如圖所示，雙縫、的間距，雙縫到光屏的距離。光源到。的距離相等，光屏上的點(diǎn)到、的距離之差，現(xiàn)用某單色光在空氣中做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，測得兩條相鄰亮條紋的中心間距△。已知光在空氣中的傳播速度。則該單色光的波長為，頻率為；處是（選填“亮”或“暗”條紋?！敬鸢浮浚?；暗。【考點(diǎn)】光的干涉現(xiàn)象；用雙縫干涉測量光的波長【專題】實(shí)驗(yàn)題；實(shí)驗(yàn)探究題；定量思想；實(shí)驗(yàn)分析法；光的干涉專題；實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Α痉治觥扛鶕?jù)雙縫干涉條紋間距公式和波長與頻率的關(guān)系求解波長和頻率，結(jié)合產(chǎn)生明條紋和暗條紋的條件求解作答?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)雙縫干涉條紋間距公式根據(jù)波長與頻率關(guān)系代入數(shù)據(jù)得點(diǎn)到的距離之差由此可知，所以點(diǎn)為暗條紋。故答案為：；；暗?！军c(diǎn)評】本題主要考查了雙縫干涉測波長的實(shí)驗(yàn)，關(guān)鍵是要明確實(shí)驗(yàn)的原理，知道產(chǎn)生明、暗條紋的條件。14．（2024?福州模擬）如圖甲所示，某款自動洗衣機(jī)進(jìn)水時(shí)，與洗衣缸相連的細(xì)管中會封閉一定質(zhì)量的氣體，通過壓力傳感器感知管中的氣體壓強(qiáng)，從而控制進(jìn)水量。假設(shè)細(xì)管內(nèi)氣體溫度不變，其壓強(qiáng)與體積的關(guān)系如圖乙所示，當(dāng)氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)時(shí)，洗衣缸內(nèi)的水位降低（填“升高”、“降低”或“不變”，該過程細(xì)管內(nèi)氣體（填“吸熱”、“放熱”或“不吸熱不放熱”?！敬鸢浮拷档?，吸熱?！究键c(diǎn)】理想氣體及理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學(xué)第一定律的表達(dá)和應(yīng)用【專題】定性思想；推理法；熱力學(xué)定律專題；分析綜合能力【分析】根據(jù)氣體做等溫變化，體積減小壓強(qiáng)變大即可分析；再根據(jù)熱力學(xué)第一定律即可分析該過程氣體吸放熱情況?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)題意細(xì)管內(nèi)氣體溫度不變，氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)時(shí)，由可知，狀態(tài)氣體壓強(qiáng)大于狀態(tài)，因此洗衣缸內(nèi)的水位降低；該過程，氣體做等溫變化，氣體內(nèi)能不變，即△，到過程，外界對氣體做功，即，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△可知，，即該過程細(xì)管內(nèi)氣體吸熱。故答案為：降低，吸熱?！军c(diǎn)評】解答本題要把握氣體從狀態(tài)到狀態(tài)過程中，氣體狀態(tài)參量的變化，再根據(jù)熱力學(xué)第一定律即可解答，題目難度適中。15．（2024?鼓樓區(qū)校級模擬）圖示為氫原子的能級結(jié)構(gòu)圖。在某正四面體密閉容器的其中一個器壁上有一個紅外光子接收儀，可以接收紅外光子（能量范圍在并計(jì)數(shù)。假設(shè)到達(dá)該器壁的所有紅外光子均被接收儀吸收?，F(xiàn)將容器內(nèi)的氫原子全部激發(fā)到的能級，接收儀在之后的較短時(shí)間內(nèi)接收到的紅外光子，假定這段時(shí)間內(nèi)每個氫原子只發(fā)生一次躍遷，且激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷到每個能級的概率相同。能發(fā)射紅外光子的能級躍遷是（填“”或“”或“”，該容器中氫原子的物質(zhì)的量為。【答案】，18?！究键c(diǎn)】分析能級躍遷過程中的能量變化（吸收或釋放能量）【專題】定量思想；推理法；原子的能級結(jié)構(gòu)專題；分析綜合能力【分析】先計(jì)算氫原子躍遷發(fā)出光子能量的可能值，據(jù)此判斷被紅外光子接收儀接收的光子的來源，并根據(jù)題設(shè)條件計(jì)算該容器中氫原子的物質(zhì)的量?！窘獯稹拷猓河蓤D可知處在能級的氫原子分別躍遷至能級、能級、能級時(shí)發(fā)出的光子的能量分別為0.66、2.55、12.75，由題意可知，只有從能級躍遷至能級的氫原子發(fā)出的紅外光子能夠被接收到；由題意可知，只有從能級躍遷至能級的氫原子發(fā)出的光子能夠被接收到，則測量時(shí)容器內(nèi)約有的氫原子從能級躍遷到能級，若每個氫原子只發(fā)生一次躍遷且躍遷到每個能級的概率相同，則該容器中氫原子的物質(zhì)的量可能為。故答案為：，18。【點(diǎn)評】本題考查能級躍遷的知識，關(guān)鍵是理解能級躍遷滿足的條件，難度不大。16．（2024?三明模擬）1988年，德國物理學(xué)家赫茲對火花放電現(xiàn)象進(jìn)行深入研究，第一次驗(yàn)證了電磁波的存在。一小組研究電磁振蕩實(shí)驗(yàn)，圖甲為時(shí)刻的電路狀態(tài)，此時(shí)電容器正在充電（選填“充電”或“放電”；圖乙為通過線圈的電流隨時(shí)間變化的圖像，時(shí)刻電場能正在（選填“增大”、“減小”或“不變”；要增大振蕩頻率，可（選填“增大”、“減小”或“不變”電容器的電容?！敬鸢浮砍潆姡辉龃?；減小。【考點(diǎn)】電磁振蕩及過程分析【專題】定量思想；推理法；電磁感應(yīng)與電路結(jié)合；推理能力【分析】電容器充電過程電路電流減小，電容器所帶電荷量增加，電場能增加，根據(jù)圖乙所示圖像分析清楚電磁振蕩過程，根據(jù)振蕩頻率的公式分析解答?！窘獯稹拷猓簣D甲中時(shí)刻，電流沿逆時(shí)針方向，電容器的上極板帶正電，電荷流向極板，所以此時(shí)電容器正在充電；圖乙中根據(jù)電流隨時(shí)間變化的圖像可知，時(shí)刻通過線圈的電流正在減小，磁場能在減小，根據(jù)能量守恒定律可知，電場能在增大；根據(jù)振蕩頻率的公式可知，減小電容器的電容，可以使振蕩頻率增大。故答案為：充電；增大；減小。【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵知道在振蕩電路中，當(dāng)電容器充電時(shí)，電流在減小，電容器上的電荷量增大，磁場能轉(zhuǎn)化為電場能；當(dāng)電容器放電時(shí)，電流在增大，電容器上的電荷量減小，電場能轉(zhuǎn)化為磁場能，理會根據(jù)振蕩頻率的公式分析問題。17．（2024?浦東新區(qū)校級模擬）如圖所示，在光滑水平金屬框架上有一導(dǎo)體棒。第一次以速度勻速向右平動，第二次以速度勻速向右平動，兩次移動的距離相同，則兩種情況下回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢之比和通過的電荷量之比?！敬鸢浮?，。【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式；導(dǎo)體平動切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢【專題】定量思想；等效替代法；電磁感應(yīng)與電路結(jié)合；分析綜合能力【分析】根據(jù)公式求感應(yīng)電動勢之比。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律和電荷量與電流的關(guān)系得到通過的電荷量與棒移動距離的關(guān)系，再求通過的電荷量之比?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)可得兩種情況下回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢之比為設(shè)導(dǎo)體棒移動的距離為。根據(jù)△，，，可得通過的電荷量，則，故通過的電荷量之比為故答案為：，?！军c(diǎn)評】解答本題的關(guān)鍵要熟練根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律和電荷量與電流的關(guān)系推導(dǎo)出，并在理解的基礎(chǔ)上記牢，經(jīng)常用到。18．（2024?德陽模擬）某同學(xué)利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器探究小車的運(yùn)動規(guī)律，實(shí)驗(yàn)時(shí)按規(guī)范操作得到的一條紙帶的一部分，從比較清晰的點(diǎn)跡起每5個點(diǎn)標(biāo)記一個計(jì)數(shù)點(diǎn)，標(biāo)出了連續(xù)的5個計(jì)數(shù)點(diǎn)、、、、，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間都有4個點(diǎn)跡沒有標(biāo)出，用刻度尺分別測量出、、的長度如圖所示，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期是，紙帶左端連接小車，根據(jù)數(shù)據(jù)可以推測該紙帶記錄的是小車做勻加速直線運(yùn)動；打下點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小為，小車的加速度大小為（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）。【答案】勻加速；1.0；2.0?！究键c(diǎn)】探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律【專題】定量思想；實(shí)驗(yàn)分析法；直線運(yùn)動規(guī)律專題；實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Α痉治觥扛鶕?jù)連續(xù)相等時(shí)間間隔位移變化分析小車運(yùn)動情況，勻變速直線運(yùn)動中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于平均速度，根據(jù)逐差法計(jì)算加速度?！窘獯稹拷猓杭俣ㄐ≤囎鰟蚣铀僦本€運(yùn)動，由于△△。相等時(shí)間間隔位移差值恒定，故汽車做勻加速直線運(yùn)動。根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于平均速度，可以求出打紙帶上點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小根據(jù)逐差法得：故答案為：勻加速；1.0；2.0?！军c(diǎn)評】本題主要考查學(xué)生對打點(diǎn)計(jì)時(shí)器紙帶數(shù)據(jù)的處理，需要牢固掌握逐差法計(jì)算加速度。19．（2024?松江區(qū)校級三模）圖是一種延時(shí)繼電器的示意圖。鐵芯上有兩個線圈和。線圈跟電源連接，線圈兩端連在一起，構(gòu)成一個閉合電路。在斷開開關(guān)的時(shí)候，彈簧將：立即；過一會兒）將銜鐵向上拉起，原因是：?！敬鸢浮?；因?yàn)榫€圈中產(chǎn)生了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，從而產(chǎn)生延時(shí)作用?！究键c(diǎn)】楞次定律及其應(yīng)用【專題】定性思想；推理法；電磁感應(yīng)與電路結(jié)合；理解能力【分析】圖中有兩個線圈，其中有電源，接通電路后有電流通過，會產(chǎn)生磁性；而線圈無電源，開關(guān)閉合后沒有電流，只有當(dāng)中的磁場發(fā)生變化時(shí)，根據(jù)電磁感應(yīng)作用，線圈才會產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而根據(jù)楞次定律，即可求解?！窘獯稹拷猓河深}意可知，當(dāng)接通后，線圈中產(chǎn)生磁場，穿過線圈的磁通量要增加，根據(jù)楞次定律：增反減同，結(jié)合右手螺旋定則可知，中產(chǎn)生與圖示方向相反的感應(yīng)電流，當(dāng)將斷開，導(dǎo)致穿過線圈的磁通量減小變慢，根據(jù)楞次定律可知，產(chǎn)生有延時(shí)釋放的作用。答：；因?yàn)榫€圈中產(chǎn)生了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，從而產(chǎn)生延時(shí)作用?！军c(diǎn)評】該題考查楞次定律與右手螺旋定則的應(yīng)用，注意穿過閉合線圈的磁通量變化，線圈相當(dāng)于電源，同時(shí)理解線圈的作用是阻礙線圈磁通量的變化。20．（2024?福州二模）如圖所示，一束復(fù)色光從空氣射入到玻璃三棱鏡，出射光分成、兩束單色光，則（選填“”或“”光在玻璃中折射率更大；在真空中光傳播速度（選填“大于”、“等于”或“小于”光的傳播速度；將，兩束光分別經(jīng)過相同的單縫衍射裝置，（選填“”或“”光產(chǎn)生的中央亮條紋更寬。【答案】；等于；【考點(diǎn)】折射率的波長表達(dá)式和速度表達(dá)式；光的單縫衍射和小孔衍射【專題】定性思想；推理法；光的衍射、偏振和電磁本性專題；理解能力【分析】根據(jù)光線的偏折程度判斷折射率的大小，真空中所有光的傳播速度相等；根據(jù)單縫衍射的特點(diǎn)分析。【解答】解：從圖中可看出的偏折程度大，所以的折射率大；在真空中所有光的傳播速度相等；根據(jù)題意可知的頻率大，波長小，在經(jīng)過相同的單縫衍射裝置，光產(chǎn)生的中央亮條紋更寬。故答案為：；等于；【點(diǎn)評】本題是幾何光學(xué)的基本問題，關(guān)鍵要掌握折射率的意義、注意衍射產(chǎn)生的中央亮條紋的影響因素。21．（2024?荊州區(qū)校級模擬）某同學(xué)利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行，正確操作后，作出的光路圖及測出的相關(guān)角度如圖所示①此玻璃的折射率計(jì)算式為（用圖中的、表示）；②如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應(yīng)選用寬度。（填“大”或“小”的玻璃磚來測量?！究键c(diǎn)】測量玻璃的折射率【專題】光的折射專題【分析】（1）入射角和折射角是光線與法線的夾角，根據(jù)圖確定入射角和折射角，根據(jù)折射定律求出折射率。（2）在相同條件下，測量的量大時(shí)，相對誤差較小?！窘獯稹拷猓海?）由圖得到，光線在玻璃磚上表面上入射角為，折射角為，根據(jù)折射定律得（2）在寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇時(shí)，玻璃磚寬度較大時(shí)，引起的角度誤差較小。故答案為：（1）①；②大【點(diǎn)評】本實(shí)驗(yàn)用“插針法”測定玻璃的折射率的原理是折射定律，入射角和折射角都是光線與法線的夾角，不是與界面的夾角。22．（2024?北京模擬）如圖為某同學(xué)用電流表和電壓表測量電阻的部分實(shí)驗(yàn)電路圖。在某次測量中，電壓表的示數(shù)為，電流表的示數(shù)為，根據(jù)測量數(shù)據(jù)可計(jì)算出電阻10。若僅考慮電表內(nèi)阻的影響，實(shí)驗(yàn)中電阻的測量值比真實(shí)值（選填“偏大”或“偏小”。【答案】10，偏小?！究键c(diǎn)】伏安法測電阻【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力【分析】根據(jù)電阻的公式代入數(shù)據(jù)計(jì)算電阻，由電表的接法和電壓表的分流分析誤差?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)公式，考慮電表內(nèi)阻的影響，因?yàn)殡妷罕淼姆至髯饔茫娏鞅淼碾娏鞔笥陔娮璧恼鎸?shí)電流，而電壓值準(zhǔn)確，故測量值小于真實(shí)值。故答案為：10，偏小?！军c(diǎn)評】考查電阻的定義，會根據(jù)題意代入數(shù)據(jù)運(yùn)算，會分析誤差。23．（2024?泉州二模）（1）一根粗細(xì)均勻的金屬絲，當(dāng)其兩端電壓為時(shí)，通過的電流是。若將此金屬絲均勻拉長到原來的2倍時(shí)，電流仍為，金屬絲兩端所加的電壓應(yīng)為。（2）有一個滿偏電流為的毫安表，電表內(nèi)阻為，現(xiàn)將該毫安表的量程擴(kuò)大至，則應(yīng)并聯(lián)一個阻值為的電阻。（3）如圖所示為一雙量程電壓表的示意圖，已知電流表的量程為，內(nèi)阻為，圖中串聯(lián)的分壓電阻，則。【答案】（1）；（2）1.8；（3）1000。【考點(diǎn)】電表的改裝和應(yīng)用（實(shí)驗(yàn)）；串聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用【專題】分析綜合能力；定量思想；推理法；恒定電流專題【分析】（1）根據(jù)電阻定律先求解金屬絲變化后的電阻和原來電阻值的比較，然后再由歐姆定律求電壓；（2）根據(jù)并聯(lián)分流原理改裝電流表，列式求解；（3）根據(jù)串聯(lián)分壓的原理改裝電壓表，并根據(jù)所給數(shù)據(jù)列式求解?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)題意，金屬絲原來的電阻，，金屬絲均勻拉長到原來的2倍，電阻，根據(jù)歐姆定律，所加電壓。（2）根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)代入，，解得；（3）根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)改裝為量程為的電壓表時(shí)，有代入，，，解得故答案為：（1）；（2）1.8；（3）1000?！军c(diǎn)評】熟練掌握電阻定律和電表的改裝原理，并能進(jìn)行相關(guān)應(yīng)用。24．（2024?泉州模擬）如圖甲所示的電路中，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為，輸入的交變電壓如圖乙所示，、是完全相同的燈泡，設(shè)燈絲電阻保持不變。若燈泡能正常發(fā)光，則燈泡不能（選填“能”或“不能”正常發(fā)光，燈泡的額定電壓為，交變電壓瞬時(shí)值表達(dá)式為?！敬鸢浮坎荒?，40，?！究键c(diǎn)】變壓器的構(gòu)造與原理；交變電流的圖像和圖像【專題】定量思想；交流電專題；推理法；推理能力【分析】根據(jù)變壓器的變壓比和電壓的有效值以及電壓關(guān)系列式求解，結(jié)合交變電壓的表達(dá)式列式解答?！窘獯稹拷猓涸本€圈的匝數(shù)比，即燈泡的電流是燈泡電流的2倍，故燈泡正常發(fā)光，不能正常發(fā)光；根據(jù)圖乙，電源電壓有效值為，設(shè)燈泡的電阻為，的電流為，根據(jù)電壓關(guān)系有，則，所以燈泡的電壓為，根據(jù)圖乙，交變電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為。故答案為：不能，40，?！军c(diǎn)評】考查交流電的最大值、有效值、變壓器的相關(guān)問題，會根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析和解答。25．（2024?四川模擬）如圖（a）所示，水平面上、、、四點(diǎn)構(gòu)成一矩形，兩波源分別位于、兩點(diǎn)；兩波源振動規(guī)律如圖（b）所示，已知、兩波源產(chǎn)生的兩列簡諧波傳到點(diǎn)的時(shí)間差是，，，則兩列波的波長均為2，、兩點(diǎn)的振動規(guī)律（填“相同”或“不同”，、兩點(diǎn)所在的直線共有個振動加強(qiáng)的點(diǎn)。【答案】2；相同；5。【考點(diǎn)】波的疊加；波長、頻率和波速的關(guān)系【專題】推理能力；定量思想；方程法；簡諧運(yùn)動專題【分析】、兩波源產(chǎn)生的兩列簡諧波傳到點(diǎn)的時(shí)間差是，由此求解波速，由題圖（b）可知兩列波的周期，根據(jù)求解波長；根據(jù)對稱性得到、兩點(diǎn)的振動規(guī)律相同；當(dāng)、間的點(diǎn)與、的距離差等于波長的整數(shù)倍時(shí)，該點(diǎn)為振動加強(qiáng)點(diǎn)，由此解答?！窘獯稹拷猓涸O(shè)波速為，、兩波源產(chǎn)生的兩列簡諧波傳到點(diǎn)的時(shí)間差是，則有：解得：由題圖（b）可知兩列波的周期為：則波長：、兩波源振動情況相同，、兩點(diǎn)到、兩點(diǎn)的距離對稱，則、兩點(diǎn)的振動規(guī)律相同。由幾何關(guān)系可知：波長，當(dāng)、間的點(diǎn)與、的距離差等于波長的整數(shù)倍時(shí)，該點(diǎn)為振動加強(qiáng)點(diǎn)，設(shè)該點(diǎn)到點(diǎn)的距離為，有：，1，解得：，，，，所以、兩點(diǎn)所在的直線共有5個點(diǎn)為振動加強(qiáng)點(diǎn)。故答案為：2；相同；5?！军c(diǎn)評】本題主要是考查波的疊加，關(guān)鍵是掌握波長與波速的關(guān)系，知道振動加強(qiáng)的條件。

考點(diǎn)卡片1．復(fù)雜的運(yùn)動學(xué)圖像問題【知識點(diǎn)的認(rèn)知】1.除了常見的x﹣t圖像，v﹣t圖像與a﹣t圖像外，還有一些少見的運(yùn)動學(xué)圖像如﹣t圖像，v﹣x圖像、v2﹣x圖像等。2.這些圖像往往都與運(yùn)動學(xué)的公式有關(guān)聯(lián)。3.解題步驟一般如下：①根據(jù)圖像的縱橫坐標(biāo)找出圖像應(yīng)用了那個運(yùn)動學(xué)公式；②根據(jù)圖像推出具體的表達(dá)式；③分析斜率、截距、面積等因素的物理意義?！久}方向】在平直公路上有甲、乙兩輛汽車同時(shí)從同一位置沿著同一方向做勻加速直線運(yùn)動，它們速度的平方隨位移變化的圖象如圖所示，則（）A、甲車的加速度比乙車的加速度小B、在x＝0.5m處甲、乙兩車相遇C、在x＝1m處甲、乙兩車相遇D、在t＝2s末甲、乙兩車相遇分析：根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的速度—位移關(guān)系公式：＝2ax，可以知道圖象斜率是兩倍的加速度，由圖象可以直接得到速度相等時(shí)的位移，從同一位置出發(fā)，兩車相遇時(shí)的位移相等，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動特征判斷位移相等時(shí)的位移和時(shí)間．解答：A、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動速度—位移關(guān)系＝2ax，得v2＝2ax+，可知圖象的斜率k＝2a。由圖可知甲的斜率大于乙的斜率，故甲車的加速度大于乙車的加速度，故A錯誤；BCD、由圖象可知x＝0.5m時(shí)，兩車速度的平方相等，速度相等。由圖可知，對于甲車做初速度為0加速度為2m/s2的勻加速直線運(yùn)動，乙做初速度為1m/s，加速度為1m/s2的勻加速直線運(yùn)動，兩車相遇時(shí)，位移相等，則有：＝代入得：2×t2＝1×t+1×t2解得，t＝2s相遇處兩車的位移為x＝＝m＝4m，故BC錯誤，D正確。故選：D。點(diǎn)評：讀懂圖象的坐標(biāo)，并能根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的位移—速度關(guān)系求出描述勻變速直線運(yùn)動的相關(guān)物理量，并再由勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律求出未知量．【解題思路點(diǎn)撥】非常規(guī)的運(yùn)動學(xué)圖像一般都是從某一個表達(dá)式得來的，要先從橫縱坐標(biāo)及圖像出發(fā)確定表達(dá)式，求解出關(guān)鍵物理量，再分析物體的運(yùn)動問題。2．簡諧運(yùn)動的表達(dá)式及振幅、周期、頻率、相位等參數(shù)【知識點(diǎn)的認(rèn)識】簡諧運(yùn)動的描述（1）描述簡諧運(yùn)動的物理量①位移x：由平衡位置指向質(zhì)點(diǎn)所在位置的有向線段，是矢量．②振幅A：振動物體離開平衡位置的最大距離，是標(biāo)量，表示振動的強(qiáng)弱．③周期T和頻率f：物體完成一次全振動所需的時(shí)間叫周期，而頻率則等于單位時(shí)間內(nèi)完成全振動的次數(shù)，它們是表示震動快慢的物理量．二者互為倒數(shù)關(guān)系．（2）簡諧運(yùn)動的表達(dá)式x＝Asin（ωt+φ）．（3）簡諧運(yùn)動的圖象①物理意義：表示振子的位移隨時(shí)間變化的規(guī)律，為正弦（或余弦）曲線．②從平衡位置開始計(jì)時(shí)，函數(shù)表達(dá)式為x＝Asinωt，圖象如圖1所示．從最大位移處開始計(jì)時(shí)，函數(shù)表達(dá)式為x＝Acosωt，圖象如圖2所示．【命題方向】?？碱}型是考查簡諧運(yùn)動的圖象的應(yīng)用：（1）一質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動的圖象如圖所示，下列說法正確的是（）A．質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動頻率是4HzB．在10s要內(nèi)質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過的路程是20cmC．第4s末質(zhì)點(diǎn)的速度是零D．在t＝1s和t＝3s兩時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)位移大小相等、方向相同分析：由圖可知質(zhì)點(diǎn)振動周期、振幅及各點(diǎn)振動情況；再根據(jù)振動的周期性可得質(zhì)點(diǎn)振動的路程及各時(shí)刻物體的速度．解：A、由圖可知，質(zhì)點(diǎn)振動的周期為4s，故頻率為Hz＝0.25Hz，故A錯誤；B、振動的振幅為2cm，10s內(nèi)有2.5個周期，故質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過的路程為2.5×4×2cm＝20cm，故B正確；C、4s質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置處，故質(zhì)點(diǎn)的速度為最大，故C錯誤；D、1s時(shí)質(zhì)點(diǎn)位于正向最大位移處，3s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)處于負(fù)向最大位移處，故位移方向相反，故D錯誤；故選：B．點(diǎn)評：圖象會直觀的告訴我們很多信息，故要學(xué)會認(rèn)知圖象，并能熟練應(yīng)用．（2）一個彈簧振子在A、B間做簡諧運(yùn)動，O為平衡位置，如圖所示，以某一時(shí)刻t＝0為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，經(jīng)周期，振子具有正方向最大的加速度，那么選項(xiàng)所示的振動圖線中，能正確反應(yīng)振子的振動情況是（以向右為正方向）（）A．B．C．D．分析：根據(jù)某一時(shí)刻作計(jì)時(shí)起點(diǎn)（t＝0），經(jīng)周期，振子具有正方向最大加速度，分析t＝0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位置和速度方向，確定位移的圖象．解：由題，某一時(shí)刻作計(jì)時(shí)起點(diǎn)（t＝0），經(jīng)周期，振子具有正方向最大加速度，由a＝﹣知，此時(shí)位移為負(fù)方向最大，即在A點(diǎn)，說明t＝0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過平衡位置向左，則x＝0，在周期內(nèi)位移向負(fù)方向最大變化．故選：D．點(diǎn)評：本題在選擇圖象時(shí)，關(guān)鍵研究t＝0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位移和位移如何變化．屬于基礎(chǔ)題．【解題方法點(diǎn)撥】振動物體路程的計(jì)算方法（1）求振動物體在一段時(shí)間內(nèi)通過路程的依據(jù)：①振動物體在一個周期內(nèi)通過的路程一定為四個振幅，在n個周期內(nèi)通過的路程必為n?4A；②振動物體在半個周期內(nèi)通過的路程一定為兩倍振幅；③振動物體在內(nèi)通過的路程可能等于一倍振幅，還可能大于或小于一倍振幅，只有當(dāng)初始時(shí)刻在平衡位置或最大位移處時(shí)，內(nèi)通過的路程才等于一倍振幅。（2）計(jì)算路程的方法是：先判斷所求時(shí)間內(nèi)有幾個周期，再依據(jù)上述規(guī)律求路程。3．簡諧運(yùn)動的回復(fù)力【知識點(diǎn)的認(rèn)識】1.回復(fù)力定義：如果物體在運(yùn)動方向上所受的力與它偏離平衡位置位移的大小成正比，并且總是指向平衡位置，質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動就是簡諧運(yùn)動。用數(shù)學(xué)式表達(dá)即為F＝﹣kx。2.加速度：a＝＝﹣3.運(yùn)動性質(zhì)：變速度運(yùn)動【命題方向】如圖所示，豎直懸掛的輕彈簧下端系著A、B兩物塊，mA＝0.1kg，mB＝0.5kg，彈簧伸長15cm，若剪斷A、B間的細(xì)繩，A做簡諧振動，g取10m/s2，求：（1）物塊A做簡諧運(yùn)動的振幅是多少；（2）物塊A在最高點(diǎn)時(shí)彈簧的彈力。分析：（1）先研究AB兩球，由平衡關(guān)系要得出勁度系數(shù)；剛剪斷細(xì)線時(shí)小球的加速度最大，此處相當(dāng)于是小球到達(dá)簡諧運(yùn)動的振幅處。（2）剪斷繩子是瞬間，小球A的加速度最大，此時(shí)小球A受到的合力大小等于B的重力，由此求出加速度；由簡諧振動的對稱性，小球A在等高點(diǎn)的加速度與小球A在最低點(diǎn)的加速度大小相等，由此求出彈簧對A的作用力的大小和方向。解答：（1）由兩球靜止時(shí)的力平衡條件，得彈簧的勁度系數(shù)為：由kx＝（mA+mB）g；k＝＝40N/m剪斷A、B間細(xì)線后，A球靜止懸掛時(shí)的彈簧的伸長量為xA＝＝0.025m；彈簧伸長量為0.025m時(shí)下端的位置就是A球振動中的平衡位置。懸掛B球后又剪斷細(xì)線，相當(dāng)于用手把A球下拉后又突然釋放，剛剪斷細(xì)線時(shí)彈簧比靜止懸掛A球多伸長的長度就是振幅，即A＝x﹣xA＝15cm﹣2.5cm＝12.5cm；（2）振動過程中物塊A最大加速度為：am＝＝50m/s2物塊A在最高點(diǎn)時(shí)具有最大加速度，加速度的方向向下，重力與彈簧的彈力一起提供加速度，由牛頓第二定律得：F+mAg＝mAam代入數(shù)據(jù)得：F＝4N，方向豎直向下；答：（1）物塊A做簡諧運(yùn)動的振幅是12.5cm；（2）物塊A在最高點(diǎn)時(shí)彈簧的彈力大小為4N，方向豎直向下。點(diǎn)評：解決簡諧運(yùn)動的題目應(yīng)注意找出平衡位置，找出了平衡位置即能確定振幅及最大加速度。【解題思路點(diǎn)撥】1.回復(fù)力的來源（1）回復(fù)力是指將振動的物體拉回到平衡位置的力，同向心力一樣是按照力的作用效果來命名的。（2）回復(fù)力可以由某一個力提供，如水平彈簧振子的回復(fù)力即為彈簧的彈力；也可能是幾個力的合力，如豎直懸掛的彈簧振子的回復(fù)力是彈簧彈力和重力的合力；還可能是某一力的分力。歸納起來，回復(fù)力一定等于振動物體在振動方向上所受的合力。分析物體的受力時(shí)不能再加上回復(fù)力。2.關(guān)于k值：公式F＝﹣kx中的k指的是回復(fù)力與位移的比例系數(shù)，而不一定是彈簧的勁度系數(shù)，系數(shù)k由振動系統(tǒng)自身決定。3.加速度的特點(diǎn)：根據(jù)牛頓第二定律得a＝＝﹣，表明彈籃振子做簡諧運(yùn)動時(shí)，振子的加速度大小與位移大小成正比，加速度方向與位移方向相反。4.回復(fù)力的規(guī)律：因x＝Asin（ωt+φ），故回復(fù)力F＝﹣kx＝﹣kAsin（ωt+φ），可見回復(fù)力隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化。5.判斷一個振動為簡諧運(yùn)動的方法：（1）通過對位移的分析，列出位移—時(shí)間表達(dá)式，利用位移—時(shí)間圖像是否滿足正弦規(guī)律來判斷。（2）對物體進(jìn)行受力分析，求解物體所受力在振動方向上的合力，利用物體所受的回復(fù)力是否滿足F＝﹣kx進(jìn)行判斷。（3）根據(jù)運(yùn)動學(xué)知識，分析求解振動物體的加速度，利用簡諧運(yùn)動的運(yùn)動學(xué)特征a＝﹣x是進(jìn)行判斷。4．波長、頻率和波速的關(guān)系【知識點(diǎn)的認(rèn)識】描述機(jī)械波的物理量（1）波長λ：兩個相鄰的、在振動過程中對平衡位置的位移總是相同的質(zhì)點(diǎn)間的距離叫波長．在橫波中，兩個相鄰波峰（或波谷）間的距離等于波長．在縱波中，兩個相鄰密部（或疏部）間的距離等于波長．（2）頻率f：波的頻率由波源決定，無論在什么介質(zhì)中傳播，波的頻率都不變．（3）波速v：單位時(shí)間內(nèi)振動向外傳播的距離．波速的大小由介質(zhì)決定．（4）波速與波長和頻率的關(guān)系：v＝λf．【命題方向】?？碱}型：如圖所示是一列簡諧波在t＝0時(shí)的波形圖象，波速為v＝10m/s，此時(shí)波恰好傳到I點(diǎn)，下列說法中正確的是（）A．此列波的周期為T＝0.4sB．質(zhì)點(diǎn)B、F在振動過程中位移總是相等C．質(zhì)點(diǎn)I的起振方向沿y軸負(fù)方向D．當(dāng)t＝5.1s時(shí)，x＝10m的質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置處E．質(zhì)點(diǎn)A、C、E、G、I在振動過程中位移總是相同【分析】由波形圖可以直接得出波的波長，根據(jù)v＝求解周期，根據(jù)波形圖來確定I處的起振方向，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)間的距離為波長的整數(shù)倍時(shí)，振動情況完全相同，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)間的距離為半波長的奇數(shù)倍時(shí)，振動情況相反．解：A、由波形圖可知，波長λ＝4m，則T＝，故A正確；B、質(zhì)點(diǎn)B、F之間的距離正好是一個波長，振動情況完全相同，所以質(zhì)點(diǎn)B、F在振動過程中位移總是相等，故B正確；C、由圖可知，I剛開始振動時(shí)的方向沿y軸負(fù)方向，故C正確；D、波傳到x＝l0m的質(zhì)點(diǎn)的時(shí)間t′＝，t＝5.1s時(shí)，x＝l0m的質(zhì)點(diǎn)已經(jīng)振動4.1s＝10T，所以此時(shí)處于波谷處，故D錯誤；E、質(zhì)點(diǎn)A、C間的距離為半個波長，振動情況相反，所以位移的方向不同，故D錯誤；故選：ABC【點(diǎn)評】本題考察了根據(jù)波動圖象得出振動圖象是一重點(diǎn)知識，其關(guān)鍵是理解振動和波動的區(qū)別．【解題方法點(diǎn)撥】牢記機(jī)械振動的有關(guān)公式，熟練的進(jìn)行公式之間的轉(zhuǎn)化與計(jì)算。5．機(jī)械波的圖像問題【知識點(diǎn)的認(rèn)識】橫波的圖象如圖所示為一橫波的圖象。縱坐標(biāo)表示某一時(shí)刻各個質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移，橫坐標(biāo)表示在波的傳播方向上各個質(zhì)點(diǎn)的平衡位置。它反映了在波傳播的過程中，某一時(shí)刻介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)的位移在空間的分布。簡諧波的圖象為正弦（或余弦）曲線?！久}方向】（1）第一類?？碱}型：波的圖象的理解與應(yīng)用如圖為一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波在t＝0時(shí)的波形圖，當(dāng)Q點(diǎn)在t＝0時(shí)的振動狀態(tài)傳到P點(diǎn)時(shí)，則BA．1cm＜x＜3cm范圍內(nèi)的質(zhì)點(diǎn)正在向y軸的負(fù)方向運(yùn)動B．Q處的質(zhì)點(diǎn)此時(shí)的加速度沿y軸的正方向C．Q處的質(zhì)點(diǎn)此時(shí)正在波峰位置D．Q處的質(zhì)點(diǎn)此時(shí)運(yùn)動到P處。分析：由題意利用平移法可知Q點(diǎn)的狀態(tài)傳到P點(diǎn)時(shí)的波形圖，由波形圖可判斷各點(diǎn)的振動情況。解：當(dāng)Q點(diǎn)在t＝0時(shí)的振動狀態(tài)傳到P點(diǎn)時(shí)，Q點(diǎn)在t＝0時(shí)的波沿也向左傳到P點(diǎn)，所以x＝0cm處質(zhì)點(diǎn)在波谷，x＝2cm處質(zhì)元在波峰，則1cm＜x＜2cm向y軸的正方向運(yùn)動，2cm＜x＜3cm向y軸的負(fù)方向運(yùn)動，A錯誤；Q點(diǎn)振動四分之三周期后到達(dá)波谷加速度沿y軸的正方向最大，質(zhì)點(diǎn)不能平移，B正確，CD錯誤。故選B。點(diǎn)評：本題畫波形是關(guān)鍵，只要畫出新的波形各點(diǎn)的振動即可明確！第二類常考題型：波的傳播方向與質(zhì)點(diǎn)的振動方向的判斷一列沿x軸正方向傳播的簡諧機(jī)械橫波，波速為4m/s。某時(shí)刻波形如圖所示，下列說法正確的是（）A．這列波的振幅為4cmB．這列波的周期為1sC．此時(shí)x＝4m處質(zhì)點(diǎn)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動D．此時(shí)x＝4m處質(zhì)點(diǎn)的加速度為0分析：由波的圖象讀出振幅和波長，由波速公式v＝算出周期。由波的傳播方向判斷質(zhì)點(diǎn)的振動方向，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的位置分析質(zhì)點(diǎn)的加速度。解：A、振幅等于y的最大值，故這列波的振幅為A＝2cm。故A錯誤。B、由圖知，波長λ＝8m，由波速公式v＝，得周期T＝＝s＝2s。故B錯誤。C、簡諧機(jī)械橫波沿x軸正方向傳播，由波形平移法得知，此時(shí)x＝4m處質(zhì)點(diǎn)沿y軸正方向運(yùn)動。故C錯誤。D、此時(shí)x＝4m處質(zhì)點(diǎn)沿處于平衡位置，加速度為零。故D正確。故選：D。點(diǎn)評：根據(jù)波的圖象讀出振幅、波長、速度方向及大小變化情況，加速度方向及大小變化情況等，是應(yīng)具備的基本能力?！窘忸}方法點(diǎn)撥】波的圖象的理解與應(yīng)用1．波的圖象反映了在某時(shí)刻介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)離開平衡位置的位移情況，圖象的橫軸表示各質(zhì)點(diǎn)的平衡位置，縱軸表示該時(shí)刻各質(zhì)點(diǎn)的位移，如圖：圖象的應(yīng)用：（1）直接讀取振幅A和波長λ，以及該時(shí)刻各質(zhì)點(diǎn)的位移。（2）確定某時(shí)刻各質(zhì)點(diǎn)加速度的方向，并能比較其大小。（3）結(jié)合波的傳播方向可確定各質(zhì)點(diǎn)的振動方向或由各質(zhì)點(diǎn)的振動方向確定波的傳播方向。2．在波的傳播方向上，當(dāng)兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置間的距離為nλ時(shí)（n＝1，2，3…），它們的振動步調(diào)總相同；當(dāng)兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置間的距離為（2n+1）（n＝0，1，2，3…）時(shí)，它們的振動步調(diào)總相反。3．波源質(zhì)點(diǎn)的起振方向決定了它后面的質(zhì)點(diǎn)的起振方向，各質(zhì)點(diǎn)的起振方向與波源的起振方向相同。波的傳播方向與質(zhì)點(diǎn)的振動方向的判斷方法圖象方法（1）微平移法：沿波的傳播方向?qū)⒉ǖ膱D象進(jìn)行一微小平移，然后由兩條波形曲線來判斷。例如：波沿x軸正向傳播，t時(shí)刻波形曲線如左圖中實(shí)線所示。將其沿v的方向移動一微小距離△x，獲得如左圖中虛線所示的圖線?？梢耘卸ǎ簍時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A振動方向向下，質(zhì)點(diǎn)B振動方向向上，質(zhì)點(diǎn)C振動方向向下。（2）“上、下坡”法：沿著波的傳播方向看，上坡的點(diǎn)向下振動，下坡的點(diǎn)向上振動，即“上坡下，下坡上”。例如：左圖中，A點(diǎn)向上振動，B點(diǎn)向下振動，C點(diǎn)向上振動。（3）同側(cè)法：質(zhì)點(diǎn)在振動方向與波的傳播方向在波的圖象的同一側(cè)。如左圖所示。6．波的疊加【知識點(diǎn)的認(rèn)識】1.波的疊加原理：幾列波相遇時(shí)，每列波都能夠保持各自的狀態(tài)繼續(xù)傳播而不互相干擾，只是在重疊的區(qū)域里，介質(zhì)的質(zhì)點(diǎn)同時(shí)參與這幾列波引起的振動，質(zhì)點(diǎn)的位移等于這幾列波單獨(dú)傳播時(shí)引起的位移的矢量和．2.波在疊加時(shí)的特點(diǎn)：①位移是幾列波分別產(chǎn)生位移的矢量和。②各列波獨(dú)立傳播。③兩列同相波疊加，振動加強(qiáng)，振幅增大。（如圖1所示）④兩列反相波疊加，振動減弱，振幅減小。（如圖2所示）【命題方向】常考題型：如圖所示，實(shí)線與虛線分別表示振幅、頻率均相同的兩列波的波峰和波谷．此刻M是波峰與波峰相遇點(diǎn)，下列說法中正確的是（）A．該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)O正處于平衡位置B．P、N兩質(zhì)點(diǎn)始終處在平衡位置C．隨著時(shí)間的推移，質(zhì)點(diǎn)M將向O點(diǎn)處移動D．從該時(shí)刻起，經(jīng)過二分之一周期，質(zhì)點(diǎn)M到達(dá)平衡位置【分析】由圖知M、O都處于振動加強(qiáng)點(diǎn)，在波的傳播過程中，質(zhì)點(diǎn)不會向前移動．解：由圖知O點(diǎn)是波谷和波谷疊加，是振動加強(qiáng)點(diǎn)，A錯誤；P、N兩點(diǎn)是波谷和波峰疊加，位移始終為零，即處于平衡位置，B正確；振動的質(zhì)點(diǎn)只是在各自的平衡位置附近振動，不會“隨波逐流”，C錯誤；從該時(shí)刻起，經(jīng)過四分之一周期，質(zhì)點(diǎn)M到達(dá)平衡位置，D錯誤；故選B【點(diǎn)評】介質(zhì)中同時(shí)存在幾列波時(shí)，每列波能保持各自的傳播規(guī)律而不互相干擾．在波的重疊區(qū)域里各點(diǎn)的振動的物理量等于各列波在該點(diǎn)引起的物理量的矢量和．【解題思路點(diǎn)撥】波的獨(dú)立性原理：兩列波相遇后，每列波仍像相遇前一樣，保持各自原來的波形，繼續(xù)向前傳播。7．電場力做功與電勢能變化的關(guān)系【知識點(diǎn)的認(rèn)識】1．靜電力做功的特點(diǎn)：靜電力做功與路徑無關(guān)，或者說：電荷在電場中沿一閉合路徑移動，靜電力做功為零。2．電勢能概念：電荷在電場中具有勢能，叫電勢能。電荷在某點(diǎn)的電勢能，等于把電荷從該點(diǎn)移動到零勢能位置時(shí)，靜電力做的功，用EP表示。3．靜電力做功與電勢能變化的關(guān)系：①靜電力做正功，電勢能減小；靜電力做負(fù)功，電勢能增加。②關(guān)系式：WAB＝EPA﹣EPB。4．單位：J（宏觀能量）和eV（微觀能量），它們間的換算關(guān)系為：1eV＝1.6×10﹣19J。（5）特點(diǎn)：①系統(tǒng)性：由電荷和所在電場共有；②相對性：與所選取的零點(diǎn)位置有關(guān)，通常取大地或無窮遠(yuǎn)處為電勢能的零點(diǎn)位置；③標(biāo)量性：只有大小，沒有方向，其正負(fù)的物理含義是：若EP＞0，則電勢能比在參考位置時(shí)大，若EP＜0，則電勢能比在參考位置時(shí)小。理解與注意：學(xué)習(xí)電勢能時(shí)，可以通過與重力勢能類比來理解相關(guān)概念，上面列舉的各項(xiàng)概念幾乎是所有勢能都有的，只是具體環(huán)境不同而已?！久}方向】a和b為電場中的兩個點(diǎn)，如果把q＝﹣2×10﹣8C的負(fù)電荷從a點(diǎn)移動到b點(diǎn)，電場力對該電荷做了4×10﹣7J的正功，則該電荷的電勢能（）A、增加了4×10﹣7JB、增加了2×10﹣8JC、減少了4×10﹣7JD、減少了8×10﹣15J分析：電荷在電場力作用下做功，導(dǎo)致電勢能變化．所以根據(jù)電場力做功的正負(fù)可確定電勢能增加與減少．解答：根據(jù)電場力做功與電勢能改變的慣性可知，電場力對該電荷做了4×10﹣7J的正功，則該電荷的電勢能減少了4×10﹣7J．所以選項(xiàng)C正確。故選：C。點(diǎn)評：該題考查電場力做功與電勢能的慣性．電荷的電勢能增加還是減少是由電場力做功的正負(fù)決定．就像重力做功與重力勢能一樣．【解題方法點(diǎn)撥】1.靜電力做功與電勢能變化的關(guān)系（1）WAB＝EPA﹣EPB。靜電力做正功，電勢能減小；靜電力做負(fù)功，電勢能增加。（2）正電荷在電勢高的地方電勢能大，而負(fù)電荷在電勢高的地方電勢能小。2.電勢能大小的比較方法（1）做功判斷法：電場力做正功時(shí)電勢能減??；電場力做負(fù)功時(shí)電勢能增大。（對正、負(fù)電荷都適用）。（2）依據(jù)電勢高低判斷：正電荷在電勢高處具有的電勢能大，負(fù)電荷在電勢低處具有的電勢能大。8．串聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用【知識點(diǎn)的認(rèn)識】1．串、并聯(lián)電路的特點(diǎn)串聯(lián)電路并聯(lián)電路電路電流I＝I1＝I2＝…＝InI＝I1+I2+…+In電壓U＝U1+U2+…+UnU＝U1＝U2＝…＝Un總電阻R總＝R1+R2+…+Rn＝++…+功率分配＝P總＝P1+P2+…Pn＝P總＝P1+P2+…+Pn【命題方向】如圖中，AB間的電壓為30V，改變滑動變阻器觸頭的位置，可以改變CD間的電壓，則UCD的變化范圍是（）A、0～10VB、0～20VC、10～20VD、20～30V分析：根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻的關(guān)系分析得知，當(dāng)滑動變阻器觸頭置于變阻器的最上端時(shí)，UCD最大，當(dāng)滑動變阻器觸頭置于變阻器的最下端時(shí)，UCD最小，分別求出UCD最小值和最大值，再得到UCD的變化范圍．解答：當(dāng)滑動變阻器觸頭置于變阻器的最上端時(shí)，UCD最大，最大值為Umax＝＝＝20V；當(dāng)滑動變阻器觸頭置于變阻器的最下端時(shí)，UCD最小，最小值為Umin＝，所以UCD的變化范圍是10～20V。故選：C。點(diǎn)評：本題實(shí)質(zhì)是分壓器電路，考查對串聯(lián)電路電壓與電阻成正比特點(diǎn)的理解和應(yīng)用能力．【解題思路點(diǎn)撥】解決串聯(lián)電路問題的基本邏輯是：串聯(lián)電路中電流處處相等，所以電壓之比等于電阻之比，功率之比也等于電阻之比。9．閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式【知識點(diǎn)的認(rèn)識】1.內(nèi)容：閉合電路的電流跟電源的電動勢成正比跟內(nèi)、外電路的電阻之和成反比。2.表達(dá)式：I＝，E表示電動勢，I表示干路總電流，R表示外電路總電阻，r表示內(nèi)阻。3.閉合電路中的電壓關(guān)系：閉合電路中電源電動勢等于內(nèi)、外電路電勢降落之和E＝U外+U內(nèi)。4.由E＝U外+U內(nèi)可以得到閉合電路歐姆定律的另一個變形U外＝E﹣Ir?！久}方向】在已接電源的閉合電路里，關(guān)于電源的電動勢、內(nèi)電壓、外電壓的關(guān)系應(yīng)是（）A、如外電壓增大，則內(nèi)電壓增大，電源電動勢也會隨之增大B、如外電壓減小，內(nèi)電阻不變，內(nèi)電壓也就不變，電源電動勢必然減小C、如外電壓不變，則內(nèi)電壓減小時(shí)，電源電動勢也隨內(nèi)電壓減小D、如外電壓增大，則內(nèi)電壓減小，電源的電動勢始終為二者之和，保持恒量分析：閉合電路里，電源的電動勢等于內(nèi)電壓與外電壓之和．外電壓變化時(shí)，內(nèi)電壓也隨之變化，但電源的電動勢不變．解答：A、如外電壓增大，則內(nèi)電壓減小，電源電動勢保持不變。故A錯誤。B、如外電壓減小，內(nèi)電阻不變，內(nèi)電壓將增大，電源電動勢保持不變。故B錯誤。C、如外電壓不變，則內(nèi)電壓也不變。故C錯誤。D、根據(jù)閉合電路歐姆定律得到，電源的電動勢等于內(nèi)電壓與外電壓之和，如外電壓增大，則內(nèi)電壓減小，電源的電動勢保持恒量。故D正確。故選：D。點(diǎn)評：本題要抓住電源的電動勢是表征電源的本身特性的物理量，與外電壓無關(guān)．【解題思路點(diǎn)撥】閉合電路的幾個關(guān)系式的對比10．楞次定律及其應(yīng)用【知識點(diǎn)的認(rèn)識】1.楞次定律的內(nèi)容：感應(yīng)電流具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化。2.適用范圍：所有電磁感應(yīng)現(xiàn)象。3.實(shí)質(zhì)：楞次定律是能量守恒的體現(xiàn)，感應(yīng)電流的方向是能量守恒定律的必然結(jié)果。4.應(yīng)用楞次定律判斷感應(yīng)電流方向的一般步驟：①確定研究對象，即明確要判斷的是哪個閉合電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流。②確定研究對象所處的磁場的方向及其分布情況。③確定穿過閉合電路的磁通量的變化情況。④根據(jù)楞次定律，判斷閉合電路中感應(yīng)電流的磁場方向。⑤根據(jù)安培定則（即右手螺旋定則）判斷感應(yīng)電流的方向。【命題方向】某磁場的磁感線如圖所示，有銅線圈自圖示A處落到B處，在下落過程中，自上向下看，線圈中感應(yīng)電流的方向是（）A、始終順時(shí)針B、始終逆時(shí)針C、先順時(shí)針再逆時(shí)針D、先逆時(shí)針再順時(shí)針分析：楞次定律的內(nèi)容是：感應(yīng)電流的磁場總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化．根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向．在下落過程中，根據(jù)磁場強(qiáng)弱判斷穿過線圈的磁通量的變化，再去判斷感應(yīng)電流的方向．解答：在下落過程中，磁感應(yīng)強(qiáng)度先增大后減小，所以穿過線圈的磁通量先增大后減小，A處落到C處，穿過線圈的磁通量增大，產(chǎn)生感應(yīng)電流磁場方向向下，所以感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針。C處落到B處，穿過線圈的磁通量減小，產(chǎn)生感應(yīng)電流磁場方向向上，所以感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針。故選：C。點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律的內(nèi)容：感應(yīng)電流的磁場總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化．【解題方法點(diǎn)撥】1．楞次定律中“阻礙”的含義。2．楞次定律的推廣對楞次定律中“阻礙”含義的推廣：感應(yīng)電流的效果總是阻礙產(chǎn)生感應(yīng)電流的原因。（1）阻礙原磁通量的變化﹣﹣“增反減同”；（2）阻礙相對運(yùn)動﹣﹣“來拒去留”；（3）使線圈面積有擴(kuò)大或縮小的趨勢﹣﹣“增縮減擴(kuò)”；（4）阻礙原電流的變化（自感現(xiàn)象）﹣﹣“增反減同”。3．相互聯(lián)系（1）應(yīng)用楞次定律，必然要用到安培定則；（2）感應(yīng)電流受到的安培力，有時(shí)可以先用右手定則確定電流方向，再用左手定則確定安培力的方向，有時(shí)可以直接應(yīng)用楞次定律的推論確定。11．導(dǎo)體平動切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢【知識點(diǎn)的認(rèn)識】1.如果感應(yīng)電動勢是由導(dǎo)體運(yùn)動而產(chǎn)生的，它也叫作動生電動勢。2.當(dāng)導(dǎo)體的運(yùn)動方向與磁場垂直時(shí)，動生電動勢的大小為：E＝Blv3.適用條件：（1）勻強(qiáng)磁場；（2）平動切割；（3）B、l、v三者相互垂直。4.當(dāng)導(dǎo)體的運(yùn)動方向與磁場有夾角時(shí)，如下圖即如果導(dǎo)線的運(yùn)動方向與導(dǎo)線本身是垂直的，但與磁感線方向有一個夾角θ，則動生電動勢為：E＝Blv1＝Blvsinθ，即利用速度垂直于磁場的分量?！久}方向】如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝1.2T的勻強(qiáng)磁場中，讓導(dǎo)體PQ在U形導(dǎo)軌上以速度υ0＝10m/s向右勻速滑動，兩導(dǎo)軌間距離L＝0.5m，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小和PQ中的電流方向分別為（）分析：導(dǎo)體棒PQ運(yùn)動時(shí)切割磁感線，回路中的磁通量發(fā)生變化，因此有感應(yīng)電流產(chǎn)生，根據(jù)右手定則可以判斷電流方向，由E＝BLv可得感應(yīng)電動勢的大?。獯穑寒?dāng)導(dǎo)體棒PQ運(yùn)動時(shí)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：E＝BLv＝1.2×0.5×10＝6V，根據(jù)右手定則可知，通過PQ的電流為從Q點(diǎn)流向P點(diǎn)，故ABC錯誤，D正確。故選：D。點(diǎn)評：本題比較簡單，考查了導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生電動勢和電流方向問題，注意公式E＝BLv的適用條件和公式各個物理量的含義．【解題方法點(diǎn)撥】閉合或不閉合電路的一部分導(dǎo)體在磁場中做切割磁感線運(yùn)動時(shí)，導(dǎo)體兩端將產(chǎn)生感應(yīng)電動勢。如果電路閉合，電路中形成感應(yīng)電流。切割磁感線運(yùn)動的那部分導(dǎo)體相當(dāng)于電路中的電源。常見的情景有以下幾種：1．在E＝BLv中（要求B⊥L、B⊥v、L⊥v，即B、L、v三者兩兩垂直），式中的L應(yīng)該取與B、v均垂直的有效長度（所謂導(dǎo)體的有效切割長度，指的是切割導(dǎo)體兩端點(diǎn)的連線在同時(shí)垂直于v和B的方向上的投影的長度，下圖中的有效長度均為ab的長度）。2．公式E＝BLv中，若速度v為平均速度，則E為平均電動勢；若v為瞬時(shí)速度，則E為瞬時(shí)電動勢。3．若導(dǎo)體不是垂直切割磁感線運(yùn)動，v與B有一夾角，如圖所示，則E＝Blv1＝Blvsinθ。12．交變電流的u-t圖像和i-t圖像【知識點(diǎn)的認(rèn)識】1.用以描述交流電隨時(shí)間變化的規(guī)律，如果線圈從中性面位置開始計(jì)時(shí)，其圖象為正弦曲線．如圖（e）、（f）所示．2.可以直接或間接從圖像上讀取的物理量有：任意時(shí)刻的電壓或電流、交變電壓或電流的最大值、交變電壓或電流的周期、可以求出交變電流或電壓的角頻率（線圈轉(zhuǎn)動的角速度）、交變電壓或電流的表達(dá)式、交變電壓或電流的有效值等?！久}方向】圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強(qiáng)磁場，A為交流電流表．線圈繞垂直于磁場方向的水平軸OO′沿逆時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動．從圖示位置開始計(jì)時(shí)，產(chǎn)生的交變電流隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示．以下判斷正確的是（）A．電流表的示數(shù)為10AB．線圈轉(zhuǎn)動的角速度為50πrad/sC．0.01s時(shí)線圈平面與磁場方向平行D．0.02s時(shí)電阻R中電流的方向自右向左分析：由題圖乙可知交流電電流的最大值、周期，電流表的示數(shù)為有效值，感應(yīng)電動勢最大，則穿過線圈的磁通量變化最快，由楞次定律可判斷出0.02s時(shí)流過電阻的電流方向．解答：A、由題圖乙可知交流電電流的最大值是A，周期T＝0.02s，由于電流表的示數(shù)為有效值，故示數(shù)I＝＝10A，選項(xiàng)A正確；B、角速度＝＝100πrad/s，選項(xiàng)B錯誤；C、0.01s時(shí)線圈中的感應(yīng)電流達(dá)到最大，感應(yīng)電動勢最大，則穿過線圈的磁通量變化最快，磁通量為0，故線圈平面與磁場方向平行，選項(xiàng)C正確；D、由楞次定律可判斷出0.02s時(shí)流過電阻的電流方向自左向右，選項(xiàng)D錯誤．故選AC．點(diǎn)評：本題是2013年的高考題，考查的知識點(diǎn)較多，難度不大．【解題方法點(diǎn)撥】解決交變電流圖象問題的三點(diǎn)注意（1）只有當(dāng)線圈從中性面位置開始計(jì)時(shí)，電流的瞬時(shí)值表達(dá)式才是正弦形式，其變化規(guī)律與線圈的形狀及轉(zhuǎn)動軸處于線圈平面內(nèi)的位置無關(guān)．（2）注意峰值公式Em＝nBSω中的S為有效面積．（3）在解決有關(guān)交變電流的圖象問題時(shí)，應(yīng)先把交變電流的圖象與線圈的轉(zhuǎn)動位置對應(yīng)起來，再根據(jù)特殊位置求特征解．13．變壓器的構(gòu)造與原理【知識點(diǎn)的認(rèn)識】1.變壓器的構(gòu)造：變壓器是由閉合鐵芯和繞在鐵芯上的兩個線圈組成的（如圖）。一個線圈與交流電源連接，叫作原線圈，也叫初級線圈；另一個線圈與負(fù)載連接，叫作副線圈，也叫次級線圈。2.各部分的功能原線圈：接在交流電源上的線圈，在鐵芯內(nèi)產(chǎn)生交變磁場。副線圈：連接負(fù)載的線圈，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，為負(fù)載提供電能。鐵芯：硅鋼疊合成的閉合框架，能增強(qiáng)磁場和集中磁感線，提高變壓器效率。3.工作原理：互感現(xiàn)象是變壓器工作的基礎(chǔ)。當(dāng)原線圈兩端加上交變電壓U1時(shí)，原線圈中就有交變電流I1通過，并在鐵芯中產(chǎn)生交變的磁場，鐵芯中的磁通量就發(fā)生變化。由于副線圈也繞在同一鐵芯上，鐵芯中磁通量的變化便會在副線圈上產(chǎn)生感應(yīng)電動勢。4.理想變壓