2024年上教版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案1

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年上教版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、一個質量為m的彈性小球，在光滑水平面上以速度垂直撞到墻上，碰撞后小球沿相反方向運動，且碰撞后的速度大小與碰撞前相同。記碰撞前后小球速度變化量大小為碰撞過程中墻對小球所做的功大小為碰撞過程中墻對小球作用力的沖量大小為則（）A.B.C.D.2、勁度系數為k的輕彈簧一端固定在傾角30°的足夠長光滑斜面底端，另一端與質量為m的物塊A相連，跨過定滑輪O的輕繩一端系住A，另一端與質量為m的球B相連，細線OA平行于斜面（如圖所示）；用手托住球B，使輕繩剛好伸直?，F松手使球B從靜止開始下落，物塊A將在斜面上做簡諧運動，下列說法正確的是（）

A.物塊A獲得的最大速度v＝B.物塊A獲得的最大速度v＝C.球B下落最大高度h＝D.球B下落最大高度h＝3、物體的質量與速度的乘積叫動量，在國際單位制中動量的單位是（）A.N·mB.kg·mC.kg·m/sD.kg·m/s24、一個小男孩從樓上窗臺突然墜落。幸運的是，樓下老伯高高舉起雙手接住了孩子，孩子安然無恙。假設從樓上窗臺到老伯接觸男孩的位置高度差為h=10m，老伯接男孩的整個過程時間約為0.2s，則（忽略空氣阻力，g取10m/s2）（）A.男孩自由下落時間約為2sB.男孩接觸老伯手臂時的速度大小約為14m/sC.老伯接男孩的整個過程，男孩處于失重狀態(tài)D.老伯手臂受到的平均沖力約等于男孩體重的7倍5、如圖所示，輪船的外側懸掛了很多舊輪胎，這樣做的目的是（）

A.縮短碰撞的作用時間，從而減輕對輪船的破壞B.減小碰撞中輪船受到的沖量，從而減輕對輪船的破壞C.減小碰撞中輪船的動量變化量，從而減輕對輪船的破壞D.減小碰撞中輪船受到的沖擊力，從而減輕對輪船的破壞6、圖甲一簡諧橫波在某時刻的波形圖，圖乙為質點以該時刻為計時起點的振動圖像；則從該時刻起（）

A.經過波沿軸正方向傳播了0.2mB.經過3s，質點的加速度沿軸正方向且最大C.經過5s，質點的振動速度大于質點的振動速度D.經過6s，質點的加速度大于質點的加速度7、一列向右傳播的橫波在t=0時的波形如圖所示；A；B兩質點間距為8m，B、C兩質點平衡位置的間距為3m，當t=1s時，質點C恰好通過平衡位置，該波的波速可能為（）

A.m/sB.3m/sC.5m/sD.11m/s8、甲、乙兩列波振幅分別為在同一介質中相向傳播，某時刻的波形圖如圖所示，處的質點再過1s將第一次到達波谷；以下說法正確的是（）

A.這兩列波不能發(fā)生干涉現象B.經過4s兩波會相遇C.當兩列波疊加時，處的質點振幅為AD.當兩列波疊加時，處的質點振動加強評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、某同學用單色光進行雙縫干涉實驗，在屏上觀察到如圖甲所示的條紋，僅改變一個實驗條件后，在屏上觀察到的條紋如圖乙所示，他改變的條件可能是（）

A.增大光源到單縫的距離B.減小雙縫之間的距離C.增大雙縫到光屏間的距離D.換用頻率更高的單色光源10、一列簡諧橫波沿著x軸正方向傳播，波中A、B兩質點在平衡位置間的距離為0.5m，且小于一個波長，如圖甲所示，A、B兩質點振動圖像如圖乙所示；由此可知（）

A.波中質點在一個周期內通過的路程為8cmB.該簡諧波的波長為4mC.該簡諧波的波速為0.5m/sE.t=1.5s時A、B兩質點的振動速度相同E.t=1.5s時A、B兩質點的振動速度相同11、如圖所示，一小車放在光滑的水平面上，小車段是長為的粗糙水平軌道，段是光滑的、半徑為的四分之一圓弧軌道，兩段軌道相切于B點。一可視為質點、質量與小車相同的物塊在小車左端A點，隨小車一起以的速度水平向右勻速運動，一段時間后，小車與右側墻壁發(fā)生碰撞，碰后小車速度立即減為零，但不與墻壁粘連。已知物塊與小車段之間的動摩擦因數為0.2，取重力加速度則（）

A.物塊到達C點時對軌道的壓力為0B.物塊經過B點時速度大小為C.物塊最終距離小車A端D.小車最終的速度大小為12、在圖中，當振子由A向O（平衡位置）運動時；下列說法正確的是（）

A.振子的位移在減小B.振子的運動方向向左C.振子的位移方向向左D.振子的位移在增大13、圖為兩個質量分別為的小球在光滑水平冰面上發(fā)生對心正碰前后的圖像；則下列說法正確的是（）

A.B.碰撞過程中兩小球所受合外力相同C.碰撞前后質量為的小球動量的變化量大小為D.兩小球發(fā)生的是彈性碰撞14、如圖，O點固定一個點電荷絕緣細線將另一帶電小球懸掛于O點。將小球輕輕拉至A點，由靜止釋放后，小球在A、B間做小幅擺動，不計空氣阻力。當小球向左經過最低點C時，迅速移走點電荷則（）

A.擺動周期減小B.小球仍能到達B點C.再次經過C點時，小球的速度大于此前經過C點時的速度D.再次經過C點時，細線的張力小于此前經過C點時的張力15、如圖所示，木塊B與水平彈簧相連放在光滑水平面上，子彈A沿水平方向射入木塊后留在木塊B內；入射時間極短，下列說法正確的是（）

A.子彈射入木塊的過程中，子彈與木塊組成的系統(tǒng)動量守恒B.子彈射入木塊的過程中，子彈與木塊組成的系統(tǒng)機械能守恒C.木塊壓縮彈簧的過程中，子彈、木塊與彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒D.木塊壓縮彈簧的過程中，子彈、木塊與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒16、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t與（t+0.2s）兩個時刻，x軸上（-3m，3m）區(qū)間的波形完全相同，如圖所示。圖中M、N兩質點在t時刻的位移均為（a為質點的振幅）；下列說法中正確的是__________。

A.該波的最小波速為20m/sB.（t+0.1s）時刻，x=2m處的質點位移一定為aC.從t時刻起，x=2m處的質點比x=2.5m的質點先回到平衡位置E.該列波在傳播過程中遇到寬度為1m的狹縫時會發(fā)生明顯的衍射現象E.該列波在傳播過程中遇到寬度為1m的狹縫時會發(fā)生明顯的衍射現象評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、介質。

（1）定義：波借以______的物質。

（2）特點：組成介質的質點之間有______，一個質點的振動會引起______質點的振動。18、周期：做簡諧運動的物體完成一次_____所需要的時間，叫作振動的周期，用T表示。在國際單位制中，周期的單位是______。19、判斷下列說法的正誤．

（1）光從一種介質進入另一種介質時，傳播方向一定發(fā)生變化．()

（2）入射角增大為原來的2倍，折射角和反射角也都增大為原來的2倍．()

（3）介質的折射率越大，光在這種介質中傳播速度越慢．()

（4）由折射率的定義式n＝得出，介質的折射率與入射角θ1的正弦成正比，與折射角θ2的正弦成反比．()20、利用圖甲裝置（示意圖），觀察單色激光經過單縫障板后產生的圖樣。因激光經過單縫發(fā)生了______現象，故在光屏上得圖樣應是圖乙中的______（選填“”或“”）。

21、一束平行的自然光，以角入射到平玻璃表面上．若反射光束是完全偏振的，則透射光束的折射角是________。22、質量為5kg的物體運動速度為3m/s，則其動量為____________；如果一個物體所受合力為5N，則5s的動量變化為___________。23、如圖所示的振動曲線，如果采用國際單位制（SI），則用余弦形式表示的振動表達式x=______（SI）。

24、如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸傳播，時刻的波形如實線所示，此時，處的質點A沿y軸負方向振動，時刻的波形如虛線所示，從時刻開始，在0.35s內，質點A兩次到達波谷，則這列波的傳播速度為___________質點A的振動方程為___________。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)25、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標出振子位于A點時加速度的方向。

26、圖中的橫波正在沿軸的正方向傳播，波速為分別畫出經過和時刻的兩個波形圖。

27、某同學利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補全光路圖及標出入射角i和折射角r。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共3分)28、利用“類牛頓擺”驗證碰撞過程中的動量守恒定律。實驗器材：兩個半徑相同的球1和球2；細線若干，坐標紙；刻度尺。

（1）實驗步驟如下：

①測量小球1、2的質量分別為將小球各用兩細線懸掛于水平支架上，各懸點位于同一水平面，如圖甲；

②將坐標紙豎直固定在一個水平支架上，使坐標紙與小球運動平面平行且盡量靠近．坐標紙每一小格是邊長為d的正方形，將小球1拉至某一位置A；由靜止釋放，垂直坐標紙方向用手機高速連拍；

③分析連拍照片得出，球1從A點由靜止釋放，在最低點與球2發(fā)生水平方向的正碰，球1反彈后到達最高位置為B，球2向左擺動的最高位置為C如圖乙，已知重力加速度為g，碰前球1的動量大小為________．若滿足關系式__________；則驗證碰撞中動量守恒；

（2）與用一根細線懸掛小球相比，本實驗采用雙線擺的優(yōu)點是：_____________；

（3）將球1和球2分別更換為半徑相同的球3和球4，在某高度由靜止釋放球3，在最低點與靜止的球4水平正碰后，球3向右反彈擺動，球4向左擺動。若為彈性碰撞，則可判斷球3的質量__________（選填“大于”“等于”或“小于”）球4的質量；若為非彈性碰撞，則___________（選填“能”或“不能”）比較兩球質量大小，理由是：_____________。評卷人得分六、解答題(共3題，共12分)29、在一次表演中某同學用他的拳頭向下打斷了一塊木板。如圖，拳頭的質量為m1，木板的質量為m2。木板向下偏離距離d時木板將折斷。木板向下彎曲至木板折斷時，其彈性可視為勁度系數為k的彈簧。為了簡化問題的研究；假設碰撞是指包括拳頭和木板的瞬間作用，碰撞后拳頭隨木板的彎曲一起向下運動，直到木板折斷。碰撞后拳頭；木板、地球組成的系統(tǒng)，機械能是守恒的。

（1）畫出木板折斷前，彈力F的大小隨木板向下偏離距離x的圖像，并據此證明，折斷前木板的彈性勢能：

（2）拳頭和木板向下運動所對應的重力勢能變化可忽略不計。求：

①使木板折斷所需要拳頭的最小速率v；

②若將圖中的木板換為水泥板，并用①的速率對其打擊，水泥板向下偏移的距離為時將會折斷；水泥板的彈性對應的勁度系數以及水泥板的質量均為木板的10倍，此種情況下是否能讓水泥板折斷，試說明理由。

30、一枚在空中飛行的火箭，質為m，在某點的速度大小為v方向水平，燃料即將耗盡?；鸺谠擖c炸裂成兩塊，如圖所示，其中m1的一塊沿著與v相反的方向飛出，速度大小為v1。

(1)求火箭炸裂前的動量P；

(2)出炸裂后另一塊的速度大小v2；

(3)求炸裂過程中燃氣對炸裂后另一塊的沖量I。

31、如圖為t=0時刻兩列簡諧波在同一介質中傳播的波形圖；虛線波的頻率為2Hz求：

(1)實線波的頻率和波速；

(2)從t=0時刻開始橫坐標6m～12m之間的某質點出現位移是-40cm的最短時間（結果保留2位有效數字）。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

以碰撞后反向運動的速度方向為正方向，小球速度變化量大小為

碰撞過程中小球動能不變，故墻對小球所做的功大小為

由動量定理可得，碰撞過程中墻對小球作用力的沖量大小為

D正確。

故選D。2、A【分析】【詳解】

AB．由題知，開始位置彈簧處于壓縮狀態(tài)，根據胡克定律有

解得

掛上球B后，平衡時彈簧處于伸長狀態(tài)，根據平衡條件得

解得

故物塊A在斜面上做簡諧運動的振幅為

到達平衡位置時，物塊A獲得最大速度，又A、B及彈簧系統(tǒng)機械能守恒，故有

聯立解得：

故A正確；B錯誤；

CD．因為物塊A在斜面上做簡諧運動，振幅A為故球B下降的最大高度為2A，即故CD錯誤；

故選A。3、C【分析】【詳解】

由動量表達式質量的國際單位為速度的國際單位為可知動量的國際單位為選項C正確，ABD錯誤；

故選C。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由自由落體運動公式。

可得男孩自由下落時間約為。

故A錯誤；

B．男孩接觸老伯手臂時的速度大小約為。

故B正確；

CD．設老伯手臂受到的平均作用力是F，則老伯對男孩的平均作用力大小也為F；則根據動量定理得。

解得。

由于老伯接男童的整個過程F=8mg；男孩處于超重狀態(tài)，故CD錯誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

輪船在發(fā)生碰撞如靠岸的過程，外側懸掛了很多舊輪胎，由動量定理知，在動量變化相同的情況下，即沖量相同，但延長了碰撞作用時間使得撞擊力變小；從而減輕對輪船的破壞，故D正確，ABC錯誤。

故選D。6、C【分析】【詳解】

A．由乙圖可知計時起點時P向y軸負方向振動，再由甲圖可知波向x軸負方向傳播；故A錯誤；

B．由乙圖可知，周期

則

所以經過3s，質點的加速度沿軸負方向且最大；故B錯誤；

C．由

可知經過5s，質點的位移是正值且向y軸正方向振動；質點的位移是負向最大處，速度為0，故經過5s，質點的振動速度大于質點的振動速度；故C正確；

D．由

可知可知經過6s，質點的位移是正值且向y軸負方向振動；質點的位置在平衡位置，加速度為0，故經過6s，質點的加速度小于質點的加速度；故D錯誤。

故選C。7、C【分析】【詳解】

由圖讀出波長λ=8m．波向右傳播，質點C恰好通過平衡位置時，波傳播的最短距離為1m，根據波形的平移法得：t=（n+1/8）T或（n+5/8）T，n=0，1，2，則波速v==（8n+1）m/s或v=（8n+5）m/s；當n=0時：v=1m/s或5m/s；當n=1時：v=9m/s或13m/s，當n=2時：v=17m/s或21m/s，故選C．

【點睛】

本題的解題關鍵是運用波形平移法，得到時間與周期的關系式，得到波速的通項，再研究特殊值．8、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由題圖可知；兩列波的波長相同，且在同種介質中傳播時兩波的波速相同，則兩波的頻率相同，因此會發(fā)生干涉現象，A錯誤；

B．由題圖可知波長由處的質點再過1s將第一次到達波谷可知周期則波速

兩列波相遇所需時間

B錯誤；

C．和的質點振動情況相反，兩質點到的距離相等，可知兩列波在處相互減弱，因此在處的質點振幅為C錯誤；

D．和的質點振動情況相同，兩質點到的距離相等，因此在處的質點振動加強；D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)9、B:C【分析】【詳解】

根據知，雙縫條紋間距增大，可能是雙縫到光屏間的距離L變大，雙縫之間的距離d減??；換用了波長更大的單色光源，即頻率更小的單色光源。

A．增大光源到單縫的距離；與結論不相符，選項A錯誤；

B．減小雙縫之間的距離；與結論相符，選項B正確；

C．增大雙縫到光屏間的距離；與結論相符，選項C正確；

D．換用頻率更高的單色光源；與結論不相符，選項D錯誤；

故選BC。10、A:C:E【分析】【分析】

由振動圖像可得出振幅與周期，在圖像上的同一時刻可知兩點振動狀態(tài)，得到兩質點A、B相距的距離與波長的關系；則可求得可能的波長；由波長；頻率及波速的關系可得出波速的值。

【詳解】

A．由乙圖可知；該波的振幅為2cm，波中質點在一個周期內通過的路程為4倍的振幅，即8cm，故A正確；

B．由乙圖知，t=0時刻B質點通過平衡位置向上運動，A質點位于波峰，則有：

由題知則知n只能取0，所以該簡諧波的波長為故B錯誤；

C．由圖知周期T=4s，則該簡諧波的波速

故C正確；

D．由圖可知，在t=1.5s時刻，A的位移為負，而B的位移為正；故D錯誤；

E.由圖知，在t=1.5s時，A、B兩質點到平衡位置的距離是相等的，所以振動的速度大小相等；又由圖可知，在t=1.5s時A、B兩質點運動的方向相同；所以它們的振動速度相同，故E正確。

故選ACE。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．對木塊在AB段分析，由牛頓第二定律可知

代入數據解得

根據運動學公式，可物塊在B點的速度為

代入數據解得

B到A的過程中，由動能定理可得

解得

根據向心力公式有

故物塊到達C點時對軌道的壓力為0；A正確；

B．物塊返回B時，由于BC是光滑的，有

代入數據解得

B錯誤；

CD．物塊從B到A，由小車與物塊的動量守恒，可知有

解得

整個過程由動能定理可得

得

符合題意，故最終距離A端的距離為

C錯誤；D正確。

故選AD。12、A:B【分析】【分析】

【詳解】

簡諧運動的位移是相對平衡位置O而言的，不是相對運動的起點，由于振子在O點右側由A向O運動；所以振子的位移方向向右，運動方向向左，位移不斷減小，故AB正確，ＣD錯誤；

故選AB。13、A:D【分析】【詳解】

A．圖像的切線斜率表示速度，可知碰撞前小球的速度為小球的速度為

碰撞后小球的速度為

碰撞后小球的速度為

碰撞過程滿足動量守恒，則有

解得

A正確；

B．碰撞過程中兩小球所受合外力大小相等；方向相反，B錯誤；

C．碰撞前后質量為的小球動量變化量為

可知碰撞前后質量為的小球動量變化量大小為C錯誤；

D．碰撞過程中，由于

可知碰撞過程滿足機械能守恒；故兩小球發(fā)生的是彈性碰撞，D正確。

故選AD。14、B:D【分析】【詳解】

A．因為小球在A、C間受到的庫侖力沿細線方向，則單擺周期公式中的g值不變；故擺動周期不變，故A錯誤；

B．小球在A、C間受到的庫侖力沿細線方向，與速度方向垂直，對小球不做功，小球在A、B間做小幅擺動過程中只有重力做功，機械能守恒，所以小球仍能到達B點；故B正確；

C．因為機械能守恒，所以再次經過C點時，小球的速度大小等于此前經過C點時的速度大??；故C錯誤；

D．小球第一次經過C點時，根據牛頓第二定律有

小球再次經過C點時，根據牛頓第二定律有

可知再次經過C點時，細線的張力小于此前經過C點時的張力；故D正確。

故選BD。15、A:D【分析】【詳解】

A.子彈射入木塊的過程中系統(tǒng)所受合外力為零；系統(tǒng)動量守恒，故A項與題意相符；

B.子彈射入木塊的過程中要克服阻力做功產生熱能；系統(tǒng)機械能不守恒，故B項與題意不相符；

C.木塊壓縮彈簧過程中系統(tǒng)所受合外力不為零；系統(tǒng)動量不守恒，故C項與題意不相符；

D.木塊壓縮彈簧過程中，只有彈簧的彈力做功，子彈、木塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，故D項與題意相符。16、A:C:E【分析】【詳解】

A．由圖知波長由于與兩個時刻的波形相同，經過了整數倍周期的時間，則

可得到最大的周期為由會得最小波速為

故A正確；

B．由于周期不確定，時間不一定等于半個周期，則時刻，處的質點不一定到達波峰。位移不一定是故B錯誤；

C．簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t時刻處的質點向下運動，返回平衡位置的時間大于而處的質點到達平衡位置時間等于所以處的質點比的質點先回到平衡位置；故C正確；

D．根據數學知識可知質點M和N之間的距離等于由波形可知，質點M第一次到達平衡位置時，質點N不在波峰，故D錯誤；

E．當障礙物的尺寸與波長相同或比波長小時；能發(fā)生明顯衍射，該波波長為4m，則該列波在傳播過程中遇到寬度為1m的狹縫時會發(fā)生明顯的衍射現象，故E正確。

故選ACE。三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.傳播②.相互作用③.相鄰18、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.全振動②.秒（s）19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.錯誤②.錯誤③.正確④.錯誤20、略

【分析】【詳解】

[1][2]因激光經過單縫發(fā)生了衍射現象；由于擋板的縫是水平的，衍射條紋應與縫平行，且中央寬，兩邊窄，不等間距，故在光屏上得圖樣應是圖乙中的【解析】衍射21、略

【分析】【詳解】

據題，當入射角為時，反射光恰好產生完全偏振，此時反射光線與折射光線垂直，由幾何關系可得反射角為=60°；

則折射角為30°。【解析】30°22、略

【分析】【詳解】

[1]．質量為5kg的物體運動速度為3m/s，則其動量為

[2]．根據動量定理，如果一個物體所受合力為5N，則5s的動量變化為【解析】15kg?m/s25kg?m/s23、略

【分析】【詳解】

若以正弦形式表示圖中的振動表達式，則有

根據三角函數的轉化可知，用余弦形式表示的振動表達式為

或者【解析】或者24、略

【分析】【詳解】

[1][2]由題可知，時刻，處的質點A沿y軸負方向振動，由同側法可知，波沿x軸負方向傳播，從時刻開始，在0.35s內，質點A兩次到達波谷，則

解得

則波傳播的速度

質點A的振動方程【解析】20四、作圖題(共3題，共18分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)26、略

【分析】【詳解】

ls內波向前傳播的距離為0.5×1m=0.5m，1s后故x=0.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形如圖1虛線。

4s內波向前傳播的距離為0.5×4m=2.0m，4s后故x=2.0m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此圖形與開始時是相同的，如圖2

【解析