2025年高考生物復習熱搜題速遞之遺傳的基本規(guī)律（2024年7月）

第1頁（共1頁）2025年高考生物復習熱搜題速遞之遺傳的基本規(guī)律（2024年7月）一．選擇題（共15小題）1．果蠅灰體和黑檀體由常染色體上一對等位基因控制。實驗室現有親子代關系的甲乙兩瓶果蠅，甲瓶僅有灰體，乙瓶既有灰體又有黑檀體。由于沒有貼標簽，不清楚哪瓶是親代，哪瓶是子代。不考慮變異和致死的情況，下列分析正確的是（）A．若甲瓶為子代，則乙瓶中的黑檀體果蠅有雌性和雄性 B．若乙瓶為子代，則甲瓶中的灰體果蠅都是雜合個體 C．據以上信息可知：灰體為隱性性狀，黑檀體為顯性性狀 D．據乙瓶灰體果蠅相互交配的結果可判斷親子代關系2．現有三個純合的水稻淺綠葉突變體X、Y、Z，突變位點不同，這些突變體的淺綠葉性狀均為單基因隱性突變。X、Y、Z兩兩雜交后，三組雜交實驗的F1均為綠色葉，為判斷X、Y、Z的淺綠葉基因是否位于同一對染色體上，育種人員將三組雜交實驗的F1自交，觀察并統(tǒng)計F2的表型及比例。下列預測結果正確的是（）A．若三組F2均為綠葉：淺綠葉＝9：7，則X、Y、Z的淺綠葉基因均位于同一對染色體上 B．若三組F2均為葉：淺綠葉＝1：1，則X、Y、Z的淺綠葉因均位于同一對染色體上 C．若三組F2中綠葉：淺綠葉的比例有一組為9：7，兩組為1：1，則X、Y、Z的淺綠葉基因位于兩對不同染色體上 D．若三組F2均為綠葉：淺綠葉＝15：1，則X、Y、Z的淺綠葉基因位于三對不同染色體上3．某品種甘藍的葉色有綠色和紫色，由兩對獨立遺傳的基因A/a和B/b控制。只含隱性基因的個體表現隱性性狀，其他基因型的個體均表現顯性性狀。某科研小組進行以下雜交實驗，下列分析錯誤的是（）組別親本組合子代個體中葉色性狀及比例實驗①綠葉甘藍（甲）自交均為綠葉實驗②甲植株與紫葉甘藍（乙）雜交綠葉：紫葉＝1：3實驗③甲植株與紫葉甘藍（丙）雜交綠葉：紫葉＝1：1A．綠色為隱性性狀，甲植株的基因型為aabb B．乙植株的基因型為AaBb，實驗②子代中有4種基因型 C．實驗③組中，子代紫葉個體中葉色基因純合的比例為 D．將乙和丙植株雜交，子代個體中綠葉：紫葉＝1：74．玉米的某突變型和野生型是一對相對性狀，分別由顯性基因B和隱性基因b控制，但是攜帶基因B的個體外顯率為75%（即雜合子中只有75%表現為突變型）?，F將某一玉米植株自交，F1中突變型：野生型＝5：3，下列分析正確的是（）A．F1比例說明該性狀的遺傳遵循基因自由組合定律 B．親本表現型為突變型 C．F1中純合子占比 D．F1自由交配獲得的F2突變型和野生型的比例也是5：35．純種黑檀體長翅果蠅和純種灰體殘翅果蠅正、反交得到的F1均為灰體長翅，F2中灰體長翅、灰體殘翅、黑檀體長翅與黑檀體殘翅的比例接近9：3：3：1。下列有關敘述錯誤的是（）A．F1能產生四種配子，遵循基因的分離定律 B．黑檀體殘翅果蠅的出現是由于F1雌雄果蠅某一方產生配子時發(fā)生了基因重組 C．F1灰體長翅果蠅的測交后代中，重組類型占50% D．F1和F2果蠅群體中殘翅基因的頻率未發(fā)生改變6．自然界中存在一種“單向異交不親和”玉米，表現為：自交可以結實，異交時作父本可受精結實、作母本不能結實。假設該性狀由H/h控制，進行了如下四組實驗。玉米籽粒顏色紫色和黃色為一對相對性狀，用基因A/a表示。研究人員選擇純種紫粒單向異交不親和品系與純種黃粒正常品系進行雜交，F1均為黃粒正常品系。下列推測錯誤的是（）①hh（♂）×HH（♀）→不結實；②HH（♂）×hh（♀）→結實；③HH（♂）×Hh（♀）→結實；④Hh（♂）×HH（♀）→結實。A．表現為“單向異交不親和”植株的基因型為HH B．基因為H的雌配子可能無法與基因為h的雄配子結合 C．為了讓親本正常雜交，純種黃粒正常品系應作為母本 D．可推測紫粒為隱性性狀，兩對基因遵循自由組合定律7．普通抗蟲棉僅導入一種抗蟲基因，稱為單價抗蟲棉，科研工作者將兩種機理不同的抗蟲基因同時導入到棉花中，獲得甲、乙、丙三種雙價抗蟲棉，其體細胞抗蟲基因分布如圖所示（不考慮其他變異）。下列相關敘述，正確的是（）A．甲、乙、丙植株細胞有絲分裂后期，都有4條染色體含抗蟲基因 B．甲、乙、丙分別自交，子代中保持雙價抗蟲性狀比例最高的是甲 C．甲、乙、丙與非轉基因棉雜交，子代具抗蟲性狀比例最高的是丙 D．與雙價相比，種植單價抗蟲棉有利于延緩棉鈴蟲種群抗性的發(fā)展8．某玉米品種紫色素的合成途徑如圖。研究人員將兩個都不含有紫色素的純系玉米雜交，所有F1植株都產生了紫色的種子，F1自交，得到的F2中，56%能產生紫色素，44%不能。不考慮染色體互換，則F1植株的基因組成最可能的情況是（）A． B． C． D．9．薺菜蒴果形狀有三角形和卵形兩種，純合三角形和純合卵形雜交，F1均為三角形，F1自交后代為三角形和卵形，如圖1，且比例為15：1，圖2為基因作用模式圖。下列敘述錯誤的是（）A．控制果形的兩對基因分別位于兩對同源染色體上 B．F2三角形蒴果中純合子所占比例為 C．F2三角形蒴果自由交配多代，T1的基因頻率會逐代升高 D．圖2中基因T1和基因T2的產物作用可能相同10．某雙子葉植物種子胚的顏色受兩對等位基因A/a、B/b控制，表型有橙色、黃色、紅色。取甲（橙色）與乙（黃色）植株雜交，F1均為紅色，F1自交，F2中紅色：橙色：黃色的比例為9：4：3。用A、a、B、b四種基因的特異性引物對甲、乙細胞的DNA進行PCR擴增，并用A基因特異性引物對F2中紅色丙、用B基因特異性引物對F2中紅色丁的DNA進行PCR擴增作為標準參照，PCR產物電泳結果如圖所示。下列敘述正確的是（）A．甲的基因型為AABB，乙的基因型為aabb B．條帶1﹣4對應的基因分別是a、B、b、A C．丙和丁的基因型可能是AABB、AABb、AAbb D．F2的橙色個體隨機傳粉，子代會出現性狀分離11．科研人員對長白山上某種二倍體植物種群的花色（受一對等位基因控制）進行了調查（結果如表所示），并利用一株紅花植株和一株白花植株進行雜交，子一代均為粉花，子一代粉花自交，子二代出現紅花：粉花：白花＝1：2：1。下列敘述正確的是（）紅花植株粉花植株白花植株初次調查64%32%4%二次調查76%8%16%A．該植物控制花色的所有基因可以構成一個基因庫 B．該植物的花色遺傳不遵循孟德爾遺傳定律 C．正常情況下紅花與白花植株雜交，子代均為粉花 D．調查期間，該植物種群發(fā)生了進化12．研究發(fā)現某昆蟲的體色，灰色和黑色是一對相對性狀，分別由基因A、a控制，但是基因A的外顯率為80%，（即具有A基因的個體只有80%是灰色，其余20%的個體為黑色）。現將一對相對性狀的親本雜交，下列判斷正確的是（）A．若只考慮體色，F1黑色都是純合子 B．親本的雜交組合方式只有2種 C．若F1灰色與黑色之比為3：2，親本的基因型一定相同 D．F1自由交配，獲得的F2灰色和黑色的比例與F1相同13．小鼠體色的黃色和灰色是一對相對性狀，受一對等位基因控制。科學家發(fā)現用甲基化飼料（含甲基葉酸）飼喂的動物，其后代甲基化水平升高，引起后代性狀改變，甲基化可隨DNA的復制而遺傳。為驗證小鼠的體色是否受所喂飼料的影響，科學家選取若干只黃色和灰色親本進行三組雜交實驗，并對子代小鼠體色進行統(tǒng)計，結果如下，下列敘述不合理的是（）實驗1：黃色×灰色→F1灰色（飼喂普通飼料）實驗2：黃色×黃色→F1黃色（？）實驗3：黃色×黃色→F1棕褐色（？）A．實驗1可判斷黃色為隱性性狀，親本灰色和子代灰色基因型不同 B．實驗2與實驗3飼喂的飼料不完全相同，實驗2飼喂普通飼料 C．實驗3中，產生棕褐色小鼠可能與飼喂含甲基葉酸的甲基化飼料有關 D．實驗3中，為確定F1棕褐色可遺傳，可用棕褐色雌雄個體相互交配，飼喂甲基化飼料14．某野生型松鼠的體色是褐色，褐色源于黃色素（由M基因控制）和黑色素（由N基因控制）的疊加?，F有一白色純合品系A，該品系黃色素和黑色素的合成均受抑制。研究人員讓品系A與純合野生型松鼠進行雜交，所得F1的體色均為褐色。研究人員利用F1又進行了以下實驗：實驗一：讓F1雌松鼠與品系A的雄松鼠雜交，后代的表型及比例為褐色：白色＝1：1。實驗二：讓F1雄松鼠與品系A的雌松鼠雜交，后代有4種表型，分別為褐色（占45%）、黃色（占5%）、黑色（占5%）和白色（占45%）。不考慮致死、突變及X和Y染色體的同源區(qū)段，根據以上實驗分析，下列說法錯誤的是（）A．僅由實驗一不能判斷控制松鼠體色的基因的遺傳是否遵循自由組合定律 B．控制體色色素合成的兩對基因均位于常染色體上，品系A的基因型為mmnn C．F1雄松鼠的減數分裂過程中，體色基因所在的染色體片段發(fā)生了互換 D．若讓F1雌、雄松鼠相互交配，則后代各表型的比例可能為29：1：1：915．如圖是某雌雄同株的植物體內的1個細胞中染色體和基因的分布圖，①和②、③和④是兩對同源染色體，A/a、B/b、C/c各控制一對相對性狀且為完全顯性。下列相關敘述錯誤的是（）A．基因型為AaBbcc植株自交，后代的表型比例可能是3：1 B．A和a的本質區(qū)別是所含的遺傳信息不同 C．不考慮非姐妹染色單體互換，1個圖中的精原細胞可形成2種類型的精子 D．該細胞在有絲分裂前期或減數分裂Ⅰ可形成2個四分體二．解答題（共5小題）16．某兩性花植物的花色由三對獨立遺傳的等位基因控制。A控制紫色，a無控制色素合成功能。B控制紅色，b控制藍色，D不影響上述基因的功能，但d純合的個體為白花。基因型為A_B_D_和A_bbD_的個體分別表現紫紅色花和靛藍色花?，F有該植物的3個純合品系甲、乙、丙，花色分別為靛藍色、白色和紅色，雜交組合和結果如下表，不考慮突變和致死現象，回答下列相關問題：雜交組合親本F1表型F2表型及比例一甲×乙紫紅色紫紅色：靛藍色：白色＝9：3：4二乙×丙紫紅色紫紅色：紅色：白色＝9：3：4（1）花色遺傳遵循定律，該定律發(fā)生的時期是；基因A、a不同的原因是。（2）甲、丙的基因型分別是、。甲與丙雜交得F1自交，F2的表型及比例為。（3）若某植株自交子代中白花植株占比是1/4，則該植株可能的基因型有種。（4）從上述植物中選擇實驗材料，設計一代雜交實驗確定雜交組合一的F2中靛藍色植株的基因型，實驗思路及預期結果是：。17．雜交水稻為解決我國糧食問題作出了巨大貢獻，水稻秈、粳亞種間雜交稻可能比現有的雜交稻單產提高，但目前面臨的問題是兩者雜交子代會出現花粉不育的現象?；卮鹣铝袉栴}：（1）科研人員研究上述現象的遺傳機制時發(fā)現，水稻7號染色體上名為qH7的片段與此密切相關。他們用粳稻品種D（qH7片段的遺傳組成為DD，花粉100%可育）與秈稻品種M（qH7片段的遺傳組成為MM，花粉100%可育）進行雜交、得到水稻品系N（qH7片段的遺傳組成為DM）品系N的表型為花粉50%可育品系N自交，子代結果如下表所示：自交子代遺傳組成及數量DM（236株）DD（242株）表型（可育花粉占比）50%100%實驗結果說明品系N產生的含有的花粉是不育的。據此推測水稻品系N（♂）與水稻品種D（♀）雜交子代的遺傳組成為，表型為。（2）為進一步研究上述花粉不育的機理，科研人員對水稻品系N（DM）的7號染色體qH7片段進行測序和分析，結果如圖所示?？蒲腥藛T利用基因工程向水稻品系N中導入基因F，獲得轉基因植株A，植株A的遺傳組成為DMF﹣（F﹣表示在qH7區(qū)域外染色體上插入一個F基因），攜帶F基因的不育花粉可恢復育性。植株A自交，若F基因插入到了7號染色體上，子代的表型及比例為；若F基因插入到了非7號染色體上，則子代個體的遺傳組成有種，子代的表型及比例為。（3）物種之間存在，從生物進化的角度分析，上述導致雜交水稻部分花粉不育的基因是新物種形成的分子基礎。18．某二倍體植物的花色由位于三對同源染色體上的三對等位基因（Aa、Bb、Dd）控制，研究發(fā)現體細胞中的d基因數多于D基因時，D基因不能表達，且a基因對B基因表達有抑制作用，只要a基因存在，B基因就不能表達，如圖1．某突變體細胞基因型與其可能的染色體組成如圖2所示（其他染色體與基因均正常，產生的各種配子正常存活）?；卮鹣铝袉栴}；（1）根據圖1可知，基因控制性狀的方式是：，正常情況下，雜合的橙紅花基因型有種。（2）圖2中，基因型為AABbDdd的突變體花色為，丙的變異類型為。（3）基因型為AABbDdd的突變體植株乙與純合橙紅植株雜交。若細胞減數分裂時，配對的三條染色體中，任意配對的兩條染色體分離時，另一條染色體隨機移向細胞任一極，則子代中表現型及比例為。（4）寫出基因型為AABbDdd的突變體植株丙與純合橙紅植株雜交的遺傳圖解。。19．大豆是我國非常重要的經濟作物，產量是大豆的重要育種目標。已知大豆的葉片顏色正常表現為綠色。育種學家發(fā)現葉柄適度變短，可以增加下位葉的光能吸收比例進而提高產量。（1）科研人員在綠葉的后代中發(fā)現若干株黃葉突變體yl2，用黃葉突變體yl2與正常葉植株雜交，F1均為正常綠葉，自交后F2中綠葉、黃葉分別為271株、89株。現將F2中的綠葉單株種植收獲種子并種植，則F3中出現黃葉的比例為。（2）科研人員對黃葉突變體yl1進一步研究發(fā)現：與葉色相關的某基因第383位G堿基缺失，從而使對應的蛋白序列由404個氨基酸變?yōu)?69個氨基酸。請從基因與蛋白質的關系角度解釋：。（3）科研人員通過大豆田間雜交發(fā)現了若干株葉柄超短突變體，突變體植株經過多代自交純化，分別得到兩種純合突變體dsp1和dsp2，已知控制dsp2的葉柄超短基因位于11號染色體上，為探究控制dsp1葉柄超短基因的位置，利用dsp1和dsp2大豆設計實驗：將二者進行雜交，F1自交，統(tǒng)計F2性狀分離比。①預期一：若F1均為葉柄正常，F2葉柄超短：葉柄正常為7：9，則dsp1和dsp2葉柄超短性狀的遺傳遵循（填“分離”或自由組合）定律，且葉柄超短均為（填“顯性”或“隱性”）突變。②預期二：若F1，F2均超短，不考慮交叉互換，則控制dsp1和dsp2葉柄超短基因的位置關系可能是。（4）SSR是DNA中普遍存在的的簡單重復序列，不同品系、不同染色體DNA的SSR互不相同，因此可作為分子標記進行基因定位。研究者構建了葉柄長度為5cm（含SSR1標記）和4cm（含SSR2標記）的兩個親本，二者僅在一對基因上存在差異，雜交后再自交，F2中葉柄長度5cm個體占，4cm個體占。測定F2植株的SSR組成，請從下表中選擇一種實驗結果與對應推論的正確組合：。實驗結果推論Ⅰ：5cm葉柄和4cm葉柄植株的SSR組成均為SSR1/SSR1：SSR1/SSR2：SSR2/SSR2＝1：2：1Ⅱ：4cm葉柄植株僅具有SSR2標記Ⅲ：5cm葉柄植株僅有2/3具有SSR2標記Ⅳ：4cm葉柄植株中的SSR1：SSR2＝1：1①該葉柄長度基因與該SSR標記位于同源染色體②該葉柄長度基因與該SSR標記位于非同源染色體20．家兔的毛色有野鼠色、黑色和褐色之分，受常染色體上兩對等位基因共同控制。D、d為控制顏色的基因，D基因控制黑色，d基因控制褐色；E、e為控制顏色分布的基因，E基因控制顏色分布不均勻，體色均為野鼠色，e基因控制顏色分布均勻，體色表現為相應顏色。研究人員利用不同毛色的純種家兔進行了雜交實驗，結果如圖。回答下列問題：（1）基因D、d和E、e的遺傳遵循定律，野鼠色兔的基因型有種。（2）實驗一中，F1野鼠色兔的基因型為，F2野鼠色兔與褐色兔雜交，其后代表型及比例為。（3）實驗二中，F2野鼠色兔中性狀能穩(wěn)定遺傳的個體占。若實驗一F2中一只野鼠色雄兔和實驗二F2中一只野鼠色雌兔雜交，后代中為野鼠色兔的概率為。（4）研究發(fā)現，在實驗二F2黑色兔群體中偶然出現一只灰色可育突變雄兔，經檢測，其基因型為DdeeGg，G基因會影響D和d的表達，導致家兔黑色或褐色淡化為灰色或黃色。為探究D、d和G、g在染色體上的位置關系，科研人員讓該雄兔與多只褐色雌兔雜交，觀察并統(tǒng)計后代的表型及比例。①若后代出現：，則兩對基因位于兩對同源染色體上。②若后代出現：黑色兔與黃色兔數量比接近1：1，則該突變雄兔細胞中D、d和G、g在染色體上的位置關系（不考慮互換）。

2025年高考生物復習熱搜題速遞之遺傳的基本規(guī)律（2024年7月）參考答案與試題解析一．選擇題（共15小題）1．果蠅灰體和黑檀體由常染色體上一對等位基因控制。實驗室現有親子代關系的甲乙兩瓶果蠅，甲瓶僅有灰體，乙瓶既有灰體又有黑檀體。由于沒有貼標簽，不清楚哪瓶是親代，哪瓶是子代。不考慮變異和致死的情況，下列分析正確的是（）A．若甲瓶為子代，則乙瓶中的黑檀體果蠅有雌性和雄性 B．若乙瓶為子代，則甲瓶中的灰體果蠅都是雜合個體 C．據以上信息可知：灰體為隱性性狀，黑檀體為顯性性狀 D．據乙瓶灰體果蠅相互交配的結果可判斷親子代關系【考點】基因的分離定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律．【答案】A【分析】基因分離定律的實質：在雜合子的細胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨立性；在減數分裂形成配子的過程中，等位基因會隨著同源染色體的分開而分離，分別進入兩個配子中，獨立地隨配子遺傳給后代?！窘獯稹拷猓篈、若甲瓶為子代，乙瓶親代中灰體和黑檀體一對相對性狀的親本雜交，甲瓶僅有灰體，說明灰體為顯性性狀，相關基因位于常染色體，則乙瓶中的黑檀體果蠅有雌性和雄性，A正確；B、分析題意，若甲瓶為親代，則根據乙瓶出現性狀分離可知，灰體為顯性性狀，甲瓶中的灰體果蠅可能有AA、Aa類型，B錯誤；C、結合AB可知，無論哪瓶是親代，灰體為顯性性狀，C錯誤；D、無論乙瓶是親代還是子代，乙瓶既有灰體又有黑檀體，相互交配后仍然有兩種表型，無法判斷親子代關系，D錯誤。故選：A?！军c評】本題考查基因分離定律的實質及應用，要求考生識記基因分離定律的實質，能根據題干信息準確判斷各選項，屬于考綱理解層次的考查。2．現有三個純合的水稻淺綠葉突變體X、Y、Z，突變位點不同，這些突變體的淺綠葉性狀均為單基因隱性突變。X、Y、Z兩兩雜交后，三組雜交實驗的F1均為綠色葉，為判斷X、Y、Z的淺綠葉基因是否位于同一對染色體上，育種人員將三組雜交實驗的F1自交，觀察并統(tǒng)計F2的表型及比例。下列預測結果正確的是（）A．若三組F2均為綠葉：淺綠葉＝9：7，則X、Y、Z的淺綠葉基因均位于同一對染色體上 B．若三組F2均為葉：淺綠葉＝1：1，則X、Y、Z的淺綠葉因均位于同一對染色體上 C．若三組F2中綠葉：淺綠葉的比例有一組為9：7，兩組為1：1，則X、Y、Z的淺綠葉基因位于兩對不同染色體上 D．若三組F2均為綠葉：淺綠葉＝15：1，則X、Y、Z的淺綠葉基因位于三對不同染色體上【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律．【答案】B【分析】基因的自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或組合是互不干擾的：在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合。【解答】解：AB、若X、Y、Z的淺綠葉基因均在同一對染色體上，假設X、Y、Z的基因型分別為aaBBCC、AAbbCC、AABBcc，X、Y、Z兩兩雜交后的基因型分別為AaBbCC、AaBBCc、AABbCc，若淺綠葉基因均位于同一對染色體上，第1組F1的自交后代F2為1aaBBCC（淺綠葉）、1AAbbCC（淺綠葉），2AaBbCC（綠葉），即綠葉：淺綠葉1：1，同理第2組和第3組的結果也是綠葉：淺綠葉＝1：1，A錯誤，B正確；C、假設X、Y、Z的基因型分別為aaBBCC、AAbbCC、AABBcc，X、Y、Z兩兩雜交后的基因型分別為AaBbCC、AaBBCc、AABbCc，若淺綠葉基因位于兩對不同染色體上，則X、Y、Z兩兩雜交后的基因型為AaBbCC、AaBBCc、AABbCc，分別自交的結果為兩組為綠葉：淺綠葉＝9：7，一組為綠葉：淺綠葉＝1：1，C錯誤；D、假設X、Y、Z的基因型分別為aaBBCC、AAbbCC、AABBcc，X、Y、Z兩兩雜交后的基因型分別為AaBbCC、AaBBCc、AABbCc，若淺綠葉基因位于三對不同染色在上，三組雜交的結果均為綠葉：淺綠葉＝9：7，D錯誤。故選：B。【點評】本題主要考查的是基因自由組合定律的實質和應用的相關知識，意在考查學生對基礎知識的理解掌握，難度適中。3．某品種甘藍的葉色有綠色和紫色，由兩對獨立遺傳的基因A/a和B/b控制。只含隱性基因的個體表現隱性性狀，其他基因型的個體均表現顯性性狀。某科研小組進行以下雜交實驗，下列分析錯誤的是（）組別親本組合子代個體中葉色性狀及比例實驗①綠葉甘藍（甲）自交均為綠葉實驗②甲植株與紫葉甘藍（乙）雜交綠葉：紫葉＝1：3實驗③甲植株與紫葉甘藍（丙）雜交綠葉：紫葉＝1：1A．綠色為隱性性狀，甲植株的基因型為aabb B．乙植株的基因型為AaBb，實驗②子代中有4種基因型 C．實驗③組中，子代紫葉個體中葉色基因純合的比例為 D．將乙和丙植株雜交，子代個體中綠葉：紫葉＝1：7【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律．【答案】C【分析】只含隱性基因的個體表現為隱性性狀，說明隱性性狀的基因型為aabb。實驗①的子代都是綠葉，說明甲植株為純合子。實驗②的子代發(fā)生了綠葉：紫葉＝1：3性狀分離，說明乙植株產生四種比值相等的配子，并結合實驗①的結果可推知：綠葉為隱性性狀，其基因型為aabb，紫葉為A_B_、A_bb和aaB_。【解答】解：AB、依據題干信息，只含隱性基因的個體表現隱性性狀，說明隱性性狀的基因型為aabb，由實驗①的自交子代均為綠葉，可說明甲植株為純合子，由實驗②，綠葉：紫葉＝1：3，說明紫葉甘藍乙可產生四種不同的配子，進而可推知，綠葉為隱性性狀，且甲植株的基因型為aabb，乙植株的基因型為AaBb，乙植株與甲植株雜交，可以產生4種基因型，2種表現型，AB正確；C、甲植株的基因型為aabb，其與紫葉丙甘藍雜交，出現綠葉：紫葉＝1：1，則說明丙植株的基因型為Aabb或aaBb，該基因型的個體與aabb雜交，子代紫葉個體的基因型為Aabb或aaBb，不會出現純合子，C錯誤；D、乙植株的基因型為AaBb，丙植株的基因型為Aabb或aaBb，兩植株雜交，綠葉的基因型為×＝，則紫葉植株的基因型為，綠葉：紫葉＝1：7，D正確。故選：C?！军c評】本題主要考查的是基因自由組合定律的實質和應用的相關知識，意在考查學生對基礎知識的理解掌握，難度適中。4．玉米的某突變型和野生型是一對相對性狀，分別由顯性基因B和隱性基因b控制，但是攜帶基因B的個體外顯率為75%（即雜合子中只有75%表現為突變型）。現將某一玉米植株自交，F1中突變型：野生型＝5：3，下列分析正確的是（）A．F1比例說明該性狀的遺傳遵循基因自由組合定律 B．親本表現型為突變型 C．F1中純合子占比 D．F1自由交配獲得的F2突變型和野生型的比例也是5：3【考點】基因的分離定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律．【答案】D【分析】基因的分離定律的實質是：在雜合子的細胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨立性；在減數分裂形成配子的過程中，等位基因會隨同源染色體的分開而分離，分別進入兩個配子中，獨立地隨配子遺傳給后代?；虻姆蛛x定律的實質是：在雜合子的細胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨立性；在減數分裂形成配子的過程中，等位基因會隨同源染色體的分開而分離，分別進入兩個配子中，獨立地隨配子遺傳給后代?！窘獯稹拷猓篈、玉米的某突變型和野生型是一對相對性狀，F1比例說明該性狀的遺傳遵循基因的分離定律，A錯誤；B、親本表型為雜合子Bb，由于攜帶基因B的個體外顯率為75%，因此親本可能是突變型，也可能是野生型，B錯誤；C、親本表型為雜合子Bb，自交得的F1中BB：Bb：bb＝1：2：1，所以F1中純合子占比，C錯誤；D、F1減數分裂產生的配子中，B：b＝1：1，所以自由交配獲得的F2中BB：Bb：bb＝1：2：1，表現型為（+）：（+）＝5：3，D正確。故選：D。【點評】本題考查基因分離定律的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題的能力。5．純種黑檀體長翅果蠅和純種灰體殘翅果蠅正、反交得到的F1均為灰體長翅，F2中灰體長翅、灰體殘翅、黑檀體長翅與黑檀體殘翅的比例接近9：3：3：1。下列有關敘述錯誤的是（）A．F1能產生四種配子，遵循基因的分離定律 B．黑檀體殘翅果蠅的出現是由于F1雌雄果蠅某一方產生配子時發(fā)生了基因重組 C．F1灰體長翅果蠅的測交后代中，重組類型占50% D．F1和F2果蠅群體中殘翅基因的頻率未發(fā)生改變【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律．【答案】B【分析】純種黑檀體長翅果蠅和純種灰體殘翅果蠅正、反交得到F1均為灰體長翅，說明體色翅形基因均位于常染色體上，假設灰體為顯性（A），黑檀體為隱性（a），長翅為顯性（B），殘翅為隱性（b），則純種黑檀體長翅果蠅基因型為aaBB，純種灰體殘翅果蠅基因型為AAbb，F1基因型為AaBb?！窘獯稹拷猓篈、純種黑檀體長翅果蠅和純種灰體殘翅果蠅正、反交得到的F1均為灰體長翅，F2中灰體長翅、灰體殘翅、黑檀體長翅與黑檀體殘翅的比例接近9：3：3：1，灰體：黑檀體＝3：1，長翅：殘翅＝3：1，說明兩對基因遵循基因的分離定律，用A/a，B/b分別表示控制體色和翅型的相關基因，則F1基因型為AaBb，且F1能產生四種配子，A正確；B、根據A項可知，F2黑檀體殘翅aabb出現的原因是F1雌雄親本雙方產生配子時，等位基因彼此分離，非等位基因自由組合，發(fā)生基因重組產生基因型為ab的雌雄配子，基因型為ab的雌雄配子結合產生黑檀體殘翅，B錯誤；C、F1灰體長翅（AaBb）果蠅的測交（與aabb雜交）后代中，重組類型（灰體長翅與黑檀體殘翅）占了+＝，C正確；D、F1殘翅基因頻率為，F2殘翅基因頻率為+×＝，D正確。故選：B?！军c評】本題考查自由組合定律的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，重點考查基因型的判斷以及遺傳概率的計算問題，難度中等。6．自然界中存在一種“單向異交不親和”玉米，表現為：自交可以結實，異交時作父本可受精結實、作母本不能結實。假設該性狀由H/h控制，進行了如下四組實驗。玉米籽粒顏色紫色和黃色為一對相對性狀，用基因A/a表示。研究人員選擇純種紫粒單向異交不親和品系與純種黃粒正常品系進行雜交，F1均為黃粒正常品系。下列推測錯誤的是（）①hh（♂）×HH（♀）→不結實；②HH（♂）×hh（♀）→結實；③HH（♂）×Hh（♀）→結實；④Hh（♂）×HH（♀）→結實。A．表現為“單向異交不親和”植株的基因型為HH B．基因為H的雌配子可能無法與基因為h的雄配子結合 C．為了讓親本正常雜交，純種黃粒正常品系應作為母本 D．可推測紫粒為隱性性狀，兩對基因遵循自由組合定律【考點】基因的分離定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律．【答案】D【分析】據題意分析，①②組屬于正反交實驗，③④組屬于正反交實驗，其中hh作父本，則雌穗均不能結實，若用其作母本，則可以結實；Hh無論作父本還是作母本，雌穗均可結實，說明應是h的精子無法參與受精作用。【解答】解：A、單向異交不親和表現為自交可以結實，異交時作父本可受精結實、作母本不能結實，①②組屬于正反交實驗，其中hh作父本，則雌穗均不能結實，若用其作母本，則可以結實，即表現為單向異交不親和的基因型為HH，A正確；C、據①②實驗結果可以得出，表現為單向異交不親和植株的基因型為HH，從配子的角度看單向異交不親和現象是雌配子H不能與雄配子h結合導致，B正確；C、純種紫粒表現為單向異交不親和，因而不能作母本，只能作父本，因此，為了讓親本正常雜交，純種黃粒正常品系應作為母本，C正確；D、題意顯示，純種紫粒單向異交不親和品系與純種黃粒正常品系進行雜交，F1均為黃粒正常品系，說明黃粒對紫粒為顯性，但據此不能確定兩對基因遵循自由組合定律，D錯誤。故選：D?！军c評】本題考查基因分離定律的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題的能力是解答本題的關鍵。7．普通抗蟲棉僅導入一種抗蟲基因，稱為單價抗蟲棉，科研工作者將兩種機理不同的抗蟲基因同時導入到棉花中，獲得甲、乙、丙三種雙價抗蟲棉，其體細胞抗蟲基因分布如圖所示（不考慮其他變異）。下列相關敘述，正確的是（）A．甲、乙、丙植株細胞有絲分裂后期，都有4條染色體含抗蟲基因 B．甲、乙、丙分別自交，子代中保持雙價抗蟲性狀比例最高的是甲 C．甲、乙、丙與非轉基因棉雜交，子代具抗蟲性狀比例最高的是丙 D．與雙價相比，種植單價抗蟲棉有利于延緩棉鈴蟲種群抗性的發(fā)展【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】模式圖；正推法；基因分離定律和自由組合定律．【答案】B【分析】由圖及題意可知，甲植株的兩個抗蟲基因位于一條染色體上，相當于抗蟲基因雜合子；乙植株的兩個抗蟲基因位于一對同源染色體上，相當于抗蟲基因純合子，丙植株的兩個抗蟲基因位于2對同源染色體上，相當于抗蟲基因雙雜合子；?！窘獯稹拷猓篈、甲、乙、丙植株細胞有絲分裂后期中，乙、丙含抗蟲基因的染色體都有4條，甲含抗蟲基因的染色體只有2條，A錯誤；B、由圖可知，甲植株產生的配子中有含有抗蟲基因，不含抗蟲基因，其自交后代中不抗蟲植株占，抗蟲植株占，且抗蟲植株都保持雙價抗蟲性狀，乙植株產生的配子均含有抗蟲基因，其自交后代均含有抗蟲基因，且抗蟲植株保持雙價抗蟲性狀的占，丙植株產生的配子中有含有抗蟲基因，不含抗蟲基因，其自交后代中不抗蟲植株占，抗蟲植株占，且抗蟲植株保持雙價抗蟲性狀的占，故甲、乙、丙分別自交，子代中保持雙價抗蟲性狀比例最高的是甲，B正確；C、由圖可知，甲植株產生的配子中有含有抗蟲基因，不含抗蟲基因，其與非轉基因棉雜交，子代具抗蟲性狀占，乙植株產生的配子均含有抗蟲基因，其與非轉基因棉雜交，子代具抗蟲性狀占100%，丙植株產生的配子中有含有抗蟲基因，不含抗蟲基因，其與非轉基因棉雜交，子代具抗蟲性狀占，故甲、乙、丙與非轉基因棉雜交，子代具抗蟲性狀比例最高的是乙，C錯誤；D、棉鈴蟲產生抗性基因是自然產生的，而種植雙價抗蟲棉可淘汰該基因控制的性狀，D錯誤。故選：B。【點評】本題結合基因所在位置圖，考查基因分離定律和基因自由組合定律的實質及應用，要求考生能根據圖中抗蟲基因所在的位置，準確判斷甲、乙和丙個體產生含有抗蟲基因的配子的概率，再計算子代含有抗蟲基因的概率，進而做出準確的判斷。8．某玉米品種紫色素的合成途徑如圖。研究人員將兩個都不含有紫色素的純系玉米雜交，所有F1植株都產生了紫色的種子，F1自交，得到的F2中，56%能產生紫色素，44%不能。不考慮染色體互換，則F1植株的基因組成最可能的情況是（）A． B． C． D．【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】概念圖；基因分離定律和自由組合定律．【答案】D【分析】所得F2植株中紫色：無色＝56%：44%≈9：7，屬于9：3：3：1的變形，說明控制花色的是兩對獨立遺傳的基因，遵循自由組合定律?！窘獯稹拷猓阂阎獌蓚€都不含有紫色素的純系玉米雜交，所有F1植株都產生了紫色的種子，F1自交，得到的F2中，56%能產生紫色素，44%不能，即紫色：無色＝56%：44%≈9：7，說明A_B_是紫色，其它基因型都不含紫色素，則親本為AAbb×aaBB，子一代為AaBb，且兩對基因位于兩對同源染色體上，遵循自由組合定律，即D正確，ABC錯誤。故選：D?！军c評】本題結合實驗，考查基因自由組合定律的實質及應用，要求考生掌握基因自由組合定律的實質，屬于考綱理解和應用層次的考查。9．薺菜蒴果形狀有三角形和卵形兩種，純合三角形和純合卵形雜交，F1均為三角形，F1自交后代為三角形和卵形，如圖1，且比例為15：1，圖2為基因作用模式圖。下列敘述錯誤的是（）A．控制果形的兩對基因分別位于兩對同源染色體上 B．F2三角形蒴果中純合子所占比例為 C．F2三角形蒴果自由交配多代，T1的基因頻率會逐代升高 D．圖2中基因T1和基因T2的產物作用可能相同【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】模式圖；基因分離定律和自由組合定律．【答案】C【分析】根據圖1可知：F2中三角形：卵圓形＝15：1，而15：1實質上是9：3：3：1的變式，說明薺菜果實的形狀受非同源染色體上的兩對獨立遺傳的等位基因控制，遵循基因的自由組合定律，且雙顯A_B_表現三角形，單顯A_bb和aaB_也表現為三角形，只有雙隱aabb表現卵圓形?！窘獯稹拷猓篈、根據圖1可知：F2中三角形：卵圓形＝15：1，而15：1實質上是9：3：3：1的變式，說明薺菜果實的形狀受非同源染色體上的兩對獨立遺傳的等位基因控制，遵循基因的自由組合定律，A正確；B、純合三角形和純合卵形雜交，產生的F2的三角形薺菜：卵圓形＝15：1，基因型及表現型比例為A_B_三角形：單顯A_bb和aaB_三角形：雙隱aabb卵圓形＝9：6：1，在三角形中有3個純合子（AABB、AAbb、aaBB），所以三角形純合子占三角形總數的3÷15＝，B正確；C、根據遺傳平衡定律，F2三角形蒴果自由交配多代，T1的基因頻率基本不變，C錯誤；D、圖2中基因T1和基因T2的產物都能使前體物質轉變?yōu)楫a物，推測基因T1和基因T2的產物作用可能相同，D正確。故選：C?！军c評】本題結合實驗，考查基因自由組合定律的實質及應用，要求考生掌握基因自由組合定律的實質，能根據題干中信息判斷基因型與表現型之間的對應關系，能熟練運用逐對分析法進行相關概率的計算，屬于考綱理解和應用層次的考查。10．某雙子葉植物種子胚的顏色受兩對等位基因A/a、B/b控制，表型有橙色、黃色、紅色。取甲（橙色）與乙（黃色）植株雜交，F1均為紅色，F1自交，F2中紅色：橙色：黃色的比例為9：4：3。用A、a、B、b四種基因的特異性引物對甲、乙細胞的DNA進行PCR擴增，并用A基因特異性引物對F2中紅色丙、用B基因特異性引物對F2中紅色丁的DNA進行PCR擴增作為標準參照，PCR產物電泳結果如圖所示。下列敘述正確的是（）A．甲的基因型為AABB，乙的基因型為aabb B．條帶1﹣4對應的基因分別是a、B、b、A C．丙和丁的基因型可能是AABB、AABb、AAbb D．F2的橙色個體隨機傳粉，子代會出現性狀分離【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】模式圖；基因分離定律和自由組合定律．【答案】B【分析】基因自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或自由組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合?！窘獯稹拷猓篈B、F2中紅色：橙色：黃色的比例為9：4：3，屬于9：3：3：1的變式，可以推斷F1的基因型為AaBb，親代甲、乙的基因型存在兩種情況，第一種情況：甲AAbb、乙aaBB；第二種情況：甲aaBB、乙AAbb。若親代橙色甲的基因型為AAbb，則親代黃色乙的基因型為aaBB，又因為紅色丙只用A基因的特異引物進行擴增，所以丙對應的條帶4為A，所以由此推測條帶3為b，同理，根據丁只用B基因的特異引物進行的擴增，所以條帶2為B，則條帶1為a，因為乙的基因型為aaBB，由此推測條帶1、2、3、4對應的基因分別是a、B、b、A；若親代橙色甲的基因型為aaBB，則與題意不符，由此可知，可知甲的基因型為AAbb、乙的基因型為aaBB，A錯誤，B正確；C、丙為F2中紅色的個體，且?guī)в蠥基因，因此其基因型可能是AABB、AABb、AaBb，不可能是AAbb，丁為F2中紅色的個體，且?guī)в蠦基因，因此其基因型可能是AABB、AABb、AaBb，不可能是aaBB，C錯誤；D、橙色個體的基因型為1AAbb：2Aabb：1aabb，該群體隨機傳粉，后代基因型為__bb，表型全部是橙色，不會出現性狀分離，D錯誤。故選：B?！军c評】本題考查基因的自由組合定律的應用的相關知識，學生要熟悉9：3：3：1及其變式的靈活應用，結合題圖信息進行正確分析。11．科研人員對長白山上某種二倍體植物種群的花色（受一對等位基因控制）進行了調查（結果如表所示），并利用一株紅花植株和一株白花植株進行雜交，子一代均為粉花，子一代粉花自交，子二代出現紅花：粉花：白花＝1：2：1。下列敘述正確的是（）紅花植株粉花植株白花植株初次調查64%32%4%二次調查76%8%16%A．該植物控制花色的所有基因可以構成一個基因庫 B．該植物的花色遺傳不遵循孟德爾遺傳定律 C．正常情況下紅花與白花植株雜交，子代均為粉花 D．調查期間，該植物種群發(fā)生了進化【考點】基因的分離定律的實質及應用；種群和種群基因庫；種群基因頻率的變化．【專題】數據表格；基因分離定律和自由組合定律；生物的進化．【答案】C【分析】分離定律的實質是雜合體內等位基因在減數分裂生成配子時隨同源染色體的分開而分離，進入兩個不同的配子，獨立的隨配子遺傳給后代?！窘獯稹拷猓篈、一個種群中全部個體所含有的全部基因，叫做這個種群的基因庫，故該植物控制花色的所有基因不可以構成一個基因庫，A錯誤；B、分析題意，一株紅花植株和一株白花植株進行雜交，子一代均為粉花，子一代粉花自交，子二代出現紅花：粉花：白花＝1：2：1，由此可知控制花色的這一對基因遵循分離定律，B錯誤；C、設控制花色的基因為A/a，則紅花的基因型為AA，粉花的基因型為Aa，白花的基因型為aa，則正常情況下紅花與白花植株雜交，子代均為粉花，C正確；D、分析表格數據可知，初次調查時，A的基因頻率為64%+×32%＝80%。a的基因頻率＝1﹣80%＝20%；二次調查時，A的基因頻率為76%+×8%＝80%。a的基因頻率＝1﹣80%＝20%，即調查期間，種群的基因頻率沒有發(fā)生改變，則該植物種群沒有發(fā)生進化，D錯誤。故選：C?！军c評】本題考查分離定律和生物進化的相關知識，要求學生掌握基因庫的定義，理解分離定律的實質，生物進化的實質，從而結合題干信息對本題做出正確判斷，意在考查學生的識記能力和理解能力。12．研究發(fā)現某昆蟲的體色，灰色和黑色是一對相對性狀，分別由基因A、a控制，但是基因A的外顯率為80%，（即具有A基因的個體只有80%是灰色，其余20%的個體為黑色）?，F將一對相對性狀的親本雜交，下列判斷正確的是（）A．若只考慮體色，F1黑色都是純合子 B．親本的雜交組合方式只有2種 C．若F1灰色與黑色之比為3：2，親本的基因型一定相同 D．F1自由交配，獲得的F2灰色和黑色的比例與F1相同【考點】基因的分離定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律．【答案】C【分析】題意分析：灰色對黑色為顯性，且基因型AA和Aa中有80%是灰色，其余20%的個體為黑色。即黑色的基因型有三種，即AA、Aa、aa?！窘獯稹拷猓篈、由題意可知黑色的基因型有三種，即AA、Aa、aa，在只考慮控制體色的基因的情況下，將一對相對性狀的親本雜交，F1黑色不都是純合子，A錯誤；B、由題意可知，灰色的基因型有AA、Aa兩種，黑色的基因型有AA、Aa、aa三種，因此，相對性狀的親本的雜交組合方式有6種，B錯誤；C、若F1灰色與黑色之比為3：2，則親本的基因型均為Aa，即親本基因型一定相同，C正確；D、若題中相對性狀的親本的基因型為AA和aa，則F1的基因型為Aa，表現型的比例為灰色：黑色＝3：1，若F1自由交配，F2的基因型為AA：Aa：aa＝1：2：1，因為具有A基因的個體只有80%是灰色，其余20%的個體為黑色，則F2中表現型的比例為灰色：黑色＝×：（+×）＝3：2，D錯誤。故選：C。【點評】本題考查了基因分離定律的相關內容，考查考生的理解和計算能力，難度適中。13．小鼠體色的黃色和灰色是一對相對性狀，受一對等位基因控制?？茖W家發(fā)現用甲基化飼料（含甲基葉酸）飼喂的動物，其后代甲基化水平升高，引起后代性狀改變，甲基化可隨DNA的復制而遺傳。為驗證小鼠的體色是否受所喂飼料的影響，科學家選取若干只黃色和灰色親本進行三組雜交實驗，并對子代小鼠體色進行統(tǒng)計，結果如下，下列敘述不合理的是（）實驗1：黃色×灰色→F1灰色（飼喂普通飼料）實驗2：黃色×黃色→F1黃色（？）實驗3：黃色×黃色→F1棕褐色（？）A．實驗1可判斷黃色為隱性性狀，親本灰色和子代灰色基因型不同 B．實驗2與實驗3飼喂的飼料不完全相同，實驗2飼喂普通飼料 C．實驗3中，產生棕褐色小鼠可能與飼喂含甲基葉酸的甲基化飼料有關 D．實驗3中，為確定F1棕褐色可遺傳，可用棕褐色雌雄個體相互交配，飼喂甲基化飼料【考點】基因的分離定律的實質及應用；表觀遺傳．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律．【答案】D【分析】生物體基因的堿基序列保持不變，但基因表達和表型發(fā)生可遺傳變化的現象，叫作表觀遺傳。表觀遺傳現象普遍存在于生物休的生長、發(fā)育和衰老的整個生命活動過程中?！窘獯稹拷猓篈、根據實驗1：黃色×灰色→F1灰色，可以判斷出，黃色為隱性性狀，灰色為顯性性狀，若用A、a表示，實驗1組中親本灰色的基因型是AA，子代灰色基因型為Aa，A正確；B、黃色為隱性性狀，黃色與黃色雜交的后代應該都為黃色，而實驗2與實驗3中F1的表型不同，說明實驗2與實驗3飼喂的飼料不完全相同，實驗2中F1為黃色，說明飼喂普通飼料，B正確；C、實驗3中，親本都為黃色，F1為棕黃色，已知用甲基化飼料（含甲基葉酸）飼喂的動物，其后代甲基化水平升高，會引起后代性狀改變，因此實驗3中產生棕褐色小鼠可能與飼喂含甲基葉酸的甲基化飼料有關，C正確；D、實驗3中，為確定F1棕褐色可遺傳，可用棕褐色雌雄個體相互交配，飼喂普通飼料，觀察子代性狀，后代全為棕褐色，可確定F1棕褐色可遺傳，D錯誤。故選：D?！军c評】本題考查了與表觀遺傳相關的內容，意在考查考生對于表觀遺傳的理解和應用，難度適中。14．某野生型松鼠的體色是褐色，褐色源于黃色素（由M基因控制）和黑色素（由N基因控制）的疊加。現有一白色純合品系A，該品系黃色素和黑色素的合成均受抑制。研究人員讓品系A與純合野生型松鼠進行雜交，所得F1的體色均為褐色。研究人員利用F1又進行了以下實驗：實驗一：讓F1雌松鼠與品系A的雄松鼠雜交，后代的表型及比例為褐色：白色＝1：1。實驗二：讓F1雄松鼠與品系A的雌松鼠雜交，后代有4種表型，分別為褐色（占45%）、黃色（占5%）、黑色（占5%）和白色（占45%）。不考慮致死、突變及X和Y染色體的同源區(qū)段，根據以上實驗分析，下列說法錯誤的是（）A．僅由實驗一不能判斷控制松鼠體色的基因的遺傳是否遵循自由組合定律 B．控制體色色素合成的兩對基因均位于常染色體上，品系A的基因型為mmnn C．F1雄松鼠的減數分裂過程中，體色基因所在的染色體片段發(fā)生了互換 D．若讓F1雌、雄松鼠相互交配，則后代各表型的比例可能為29：1：1：9【考點】基因的自由組合定律的實質及應用；伴性遺傳．【專題】正推反推并用法；基因分離定律和自由組合定律；伴性遺傳．【答案】A【分析】分析題文描述：白色純合品系A與純合野生型松鼠進行雜交，所得F1的體色均為褐色，說明控制體色色素合成的兩對等位基因都位于常染色體上，品系A的基因型為mmnn，純合野生型松鼠的基因型為MMNN，F1的基因型為MmNn。實驗一與實驗二的后代的表型及比例不同，其原因是：實驗一中的F1雌松鼠在減數第一次分裂過程中，體色基因之間的染色體片段不發(fā)生交叉互換；實驗二中的F1雄松鼠在減數第一次分裂過程中，體色基因之間的染色體片段發(fā)生了交叉互換。【解答】解：AB、不考慮致死、突變及X和Y染色體的同源區(qū)段，由題意“F1的體色均為褐色”可推知：控制體色色素合成的兩對等位基因都位于常染色體上，品系A的基因型為mmnn，F1的基因型為MmNn。若控制松鼠體色的基因的遺傳遵循自由組合定律，則實驗一中的后代各表型及比例為褐色（MmNn）：黃色（Mmnn）：黑色（mmNn）：白色（mmnn）＝1：1：1：1，與實際的“褐色：白色＝1：1”不符，說明控制體色色素合成的兩對等位基因都位于同一對常染色體上，所以僅由實驗一能判斷控制松鼠體色的基因的遺傳不遵循自由組合定律，A錯誤，B正確；C、控制體色色素合成的兩對等位基因都位于同一對常染色體上，F1雄松鼠與品系A的雌松鼠雜交，后代有4種表型，分別為褐色（占45%）、黃色（占5%）、黑色（占5%）和白色（占45%），說明F1雄松鼠產生的配子及比例為MN：Mn：mN：mn＝9：1：1：9，在減數分裂過程中，體色基因所在的染色體片段發(fā)生了互換，C正確；D、F1雌松鼠與品系A的雄松鼠雜交，后代的表型及比例為褐色：白色＝1：1，說明F1雌松鼠產生的配子及比例為MN：mn＝1：1，而F1雄松鼠產生的配子及比例為MN：Mn：mN：mn＝9：1：1：9。可見，讓F1雌、雄松鼠相互交配，則后代各表型的比例褐色（M_N_）：黃色（M_nn）：黑色（mmN_）：白色（mmnn）＝（+×）：（×）：（×）：（×）＝29：1：1：9，D正確。故選：A?！军c評】本題考查基因自由組合定律和伴性遺傳定律及運用的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題和解決問題的能力。15．如圖是某雌雄同株的植物體內的1個細胞中染色體和基因的分布圖，①和②、③和④是兩對同源染色體，A/a、B/b、C/c各控制一對相對性狀且為完全顯性。下列相關敘述錯誤的是（）A．基因型為AaBbcc植株自交，后代的表型比例可能是3：1 B．A和a的本質區(qū)別是所含的遺傳信息不同 C．不考慮非姐妹染色單體互換，1個圖中的精原細胞可形成2種類型的精子 D．該細胞在有絲分裂前期或減數分裂Ⅰ可形成2個四分體【考點】基因的自由組合定律的實質及應用；細胞的減數分裂．【專題】模式圖；正推法；減數分裂；基因分離定律和自由組合定律．【答案】D【分析】1、分析題圖：基因A和B連鎖（位于同一條染色體上）、基因a和b連鎖，連鎖的基因一般隨所在的染色體從親代傳遞給子代。2、DNA能夠儲存足夠量的遺傳信息，遺傳信息蘊藏在4種堿基的排列順序之中?；蛲ǔＪ怯羞z傳效應的DNA片段?！窘獯稹拷猓篈、若減數分裂過程中，沒有交叉互換的發(fā)生，基因型為AaBbcc的植株將產生兩種比值相等的配子ABc和aac，因此該植株自交，后代的表型比例是A_B_cc：aabbcc＝3：1，A正確；B、對于“某雌雄同株的植物體”而言，基因是有遺傳效應的DNA片段，遺傳信息就蘊藏在組成DNA分子的4種堿基的排列順序中，等位基因A和a的堿基的排列順序存在差異，因此二者的本質區(qū)別是所含的遺傳信息不同，B正確；C、不考慮非姐妹染色單體互換，1個初級精母細在減數第一次分裂過程中，細胞中的同源染色體分離，分別進入到2個次級精母細胞中，同1個次級精母細胞經過減數第二次分裂所形成的2個精細胞相同，因此1個圖中的精原細胞可形成4個、2種類型的精子，C正確；D、在有絲分裂過程中沒有四分體的形成，四分體的形成發(fā)生在減數分裂Ⅰ的前期，D錯誤。故選：D?！军c評】本題考查減數分裂和自由組合定律的相關知識，要求學生掌握基因的含義，自由組合定律的實質，精子的形成過程及特點，從而結合題圖信息對本題做出正確判斷，意在考查學生的理解能力。二．解答題（共5小題）16．某兩性花植物的花色由三對獨立遺傳的等位基因控制。A控制紫色，a無控制色素合成功能。B控制紅色，b控制藍色，D不影響上述基因的功能，但d純合的個體為白花?；蛐蜑锳_B_D_和A_bbD_的個體分別表現紫紅色花和靛藍色花?，F有該植物的3個純合品系甲、乙、丙，花色分別為靛藍色、白色和紅色，雜交組合和結果如下表，不考慮突變和致死現象，回答下列相關問題：雜交組合親本F1表型F2表型及比例一甲×乙紫紅色紫紅色：靛藍色：白色＝9：3：4二乙×丙紫紅色紫紅色：紅色：白色＝9：3：4（1）花色遺傳遵循基因的自由組合定律，該定律發(fā)生的時期是減數分裂Ⅰ后期；基因A、a不同的原因是基因片段中脫氧核苷酸的排列順序的差別，即堿基序列不同。（2）甲、丙的基因型分別是AAbbDD、aaBBDD。甲與丙雜交得F1自交，F2的表型及比例為紫紅色：靛藍色：紅色：白色＝9：3：3：1。（3）若某植株自交子代中白花植株占比是1/4，則該植株可能的基因型有9種。（4）從上述植物中選擇實驗材料，設計一代雜交實驗確定雜交組合一的F2中靛藍色植株的基因型，實驗思路及預期結果是：實驗思路：讓該靛藍色植株與白花植株雜交，觀察子代的表現型及比例；預期結果：若后代表型中出現白花，則基因型為AAbbDd；若后代表型無白花，則基因型為AAbbDD?！究键c】基因的自由組合定律的實質及應用．【答案】（1）基因的自由組合減數分裂Ⅰ后期基因片段中脫氧核苷酸的排列順序的差別，即堿基序列不同（2）AAbbDDaaBBDD紫紅色：靛藍色：紅色：白色＝9：3：3：1（3）9（4）實驗思路：讓該靛藍色植株與白花植株雜交，觀察子代的表現型及比例；預期結果：若后代表型中出現白花，則基因型為AAbbDd；若后代表型無白花，則基因型為AAbbDD【分析】根據題意，基因型為A_B_D_和A_bbD_的個體分別表現紫紅色花和靛藍色花，aaB_D_的個體表現為紅色，_____dd表現為白色。雜交組合一中F2的性狀分離比為紫紅色：靛藍色：白色＝9：3：4，為9：3：3：1的變式，說明相關的兩對等位基因的遺傳符合基因自由組合定律。同理根據乙雜交結果，說明相關的等位基因的遺傳符合基因自由組合定律。甲、乙、丙為三個不同品系，甲的花色為靛藍色，則基因型為AAbbDD；丙的花色為紅色，則基因型為aaBBDD；根據雜交結果的F1均表現為紫紅色（A_B_D_），已知甲、丙的基因型，乙花為白色，則乙的基因型應該為AABBdd?！窘獯稹拷猓海?）由題意可知，某兩性花植物的花色由三對獨立遺傳的等位基因控制，因此花色遺傳遵循基因的自由組合定律，該定律發(fā)生的時期是減數分裂Ⅰ后期；基因A、a不同的原因是基因片段中脫氧核苷酸的排列順序的差別，即堿基序列不同。（2）已知基因A控制紫色，a無控制色素合成的功能?；駼控制紅色，b控制藍色?；駾不影響上述2對基因的功能，但d純合的個體為白色花，甲為靛藍色、乙為白色，它們產生的F1均為紫紅色（A﹣B﹣D﹣），可判斷甲的基因型為AAbbDD，乙的基因型為﹣﹣BBdd。又因乙和丙雜交產生的F1均為紫紅色（A﹣B﹣D﹣），丙為紅色，可判斷丙的基因型為aaBBDD，乙的基因型為AA﹣﹣dd，綜合兩組雜交，乙的基因型為AABBdd；甲（AAbbDD）與丙（aaBBDD）雜交得F1（AaBbDD），F1自交，F2的表型及比例為紫紅色：靛藍色：紅色：白色＝9：3：3：1。（3）若某植株自交子代中白花植株占比為，則親本為﹣﹣﹣﹣Dd，因此該植株可能的基因型有9種。（4）由題意可知，靛藍色植株的基因型可能是AAbbDD、AAbbDd，因此要設計一代雜交實驗確定雜交組合一的F2中靛藍色植株的基因型，用白花植株與靛藍色植株雜交，觀察子代表型。若后代表型中出現白花，則基因型為AAbbDd；若后代表型無白花，則基因型為AAbbDD。故答案為：（1）基因的自由組合減數分裂Ⅰ后期基因片段中脫氧核苷酸的排列順序的差別，即堿基序列不同（2）AAbbDDaaBBDD紫紅色：靛藍色：紅色：白色＝9：3：3：1（3）9（4）實驗思路：讓該靛藍色植株與白花植株雜交，觀察子代的表現型及比例；預期結果：若后代表型中出現白花，則基因型為AAbbDd；若后代表型無白花，則基因型為AAbbDD【點評】本題考查基因的分離定律與自由組合定律的分析應用，首先結合題中具體情境分析基因型與表現的對應關系，再運用有關的規(guī)律、方法進行推理、計算。17．雜交水稻為解決我國糧食問題作出了巨大貢獻，水稻秈、粳亞種間雜交稻可能比現有的雜交稻單產提高，但目前面臨的問題是兩者雜交子代會出現花粉不育的現象?；卮鹣铝袉栴}：（1）科研人員研究上述現象的遺傳機制時發(fā)現，水稻7號染色體上名為qH7的片段與此密切相關。他們用粳稻品種D（qH7片段的遺傳組成為DD，花粉100%可育）與秈稻品種M（qH7片段的遺傳組成為MM，花粉100%可育）進行雜交、得到水稻品系N（qH7片段的遺傳組成為DM）品系N的表型為花粉50%可育品系N自交，子代結果如下表所示：自交子代遺傳組成及數量DM（236株）DD（242株）表型（可育花粉占比）50%100%實驗結果說明品系N產生的含有M的花粉是不育的。據此推測水稻品系N（♂）與水稻品種D（♀）雜交子代的遺傳組成為DD，表型為花粉100%可育。（2）為進一步研究上述花粉不育的機理，科研人員對水稻品系N（DM）的7號染色體qH7片段進行測序和分析，結果如圖所示?？蒲腥藛T利用基因工程向水稻品系N中導入基因F，獲得轉基因植株A，植株A的遺傳組成為DMF﹣（F﹣表示在qH7區(qū)域外染色體上插入一個F基因），攜帶F基因的不育花粉可恢復育性。植株A自交，若F基因插入到了7號染色體上，子代的表型及比例為花粉50%可育：花粉100%可育＝1：1，或者全為花粉100%可育；若F基因插入到了非7號染色體上，則子代個體的遺傳組成有8種，子代的表型及比例為花粉50%可育：花粉75%可育：花粉100%可育＝2：3：7。（3）物種之間存在生殖隔離，從生物進化的角度分析，上述導致雜交水稻部分花粉不育的基因是新物種形成的分子基礎。【考點】基因的自由組合定律的實質及應用；基因的分離定律的實質及應用．【專題】正推反推并用法；基因分離定律和自由組合定律．【答案】（1）M；DD；花粉100%可育（2）花粉50%可育：花粉100%可育＝1：1，或者全為花粉100%可育；8；花粉50%可育：花粉75%可育：花粉100%可育＝2：3：7（3）生殖隔離【分析】生殖隔離指由于各方面的原因，不同物種之間在自然條件下不交配，或者即使能交配也不能產生后代或不能產生可育性后代的隔離機制，若隔離發(fā)生在受精以前，就稱為受精前的生殖隔離?！窘獯稹拷猓海?）水稻品系N（qH7片段的遺傳組成為DM）。品系N的表現型為花粉50%可育，品系N自交，自交子代遺傳組成沒有MM，說明品系N產生的含有M的花粉是不育的。據此推測水稻品系N（♂），產生含有D的花粉和含有M的花粉（不育），水稻品種D（♀），只產生含有D的雌配子，二者雜交子代的遺傳組成為DD，表現型為花粉100%可育。（2）若F基因插入到了7號染色體上，第一種導入的基因F在7號染色體與基因D位于一條染色體上，植株A可產生的雌配子為DF和M，可產生的雄配子為DF和M（不育），則植株A自交，子代表型及比例為花粉50%可育：花粉100%可育＝1：1；第二種導入的基因F在7號染色體與基因M位于一條染色體上，植株A可產生的雌配子為D和MF，可產生的雄配子為D和MF，則植株A自交，子代表型及比例為全為花粉100%可育；導入的基因F在非7號染色體上，植株A可產生的雌配子為DF、MF、D﹣、M﹣，可產生的雄配子為DF、MF、D﹣、M﹣（不育），子代DDFF、DMFF、DDF﹣、DMF﹣、MMFF、MMF﹣、DD﹣﹣、DM﹣﹣，子代個體的遺傳組成有8種，攜帶F基因的不育花粉可恢復育性，DMF﹣的花粉育性為75%，DM﹣﹣的花粉育性為50%，DDFF、DMFF、DDF﹣、MMFF、MMF、DD﹣﹣花粉育性為100%，故子代的表型及比例為花粉50%可育：花粉75%可育：花粉100%可育＝2：3：7。（3）不同物種之間存在生殖隔離，從生物進化的角度分析，上述導致雜交水稻部分花粉不育的基因是新物種形成的分子基礎。故答案為：（1）M；DD；花粉100%可育（2）花粉50%可育：花粉100%可育＝1：1，或者全為花粉100%可育；8；花粉50%可育：花粉75%可育：花粉100%可育＝2：3：7（3）生殖隔離【點評】本題主要考查基因自由組合定律等相關知識點，意在考查學生對相關知識點的理解和掌握。18．某二倍體植物的花色由位于三對同源染色體上的三對等位基因（Aa、Bb、Dd）控制，研究發(fā)現體細胞中的d基因數多于D基因時，D基因不能表達，且a基因對B基因表達有抑制作用，只要a基因存在，B基因就不能表達，如圖1．某突變體細胞基因型與其可能的染色體組成如圖2所示（其他染色體與基因均正常，產生的各種配子正常存活）。回答下列問題；（1）根據圖1可知，基因控制性狀的方式是：基因通過控制酶的合成來控制代謝過程，進而控制生物體的性狀，正常情況下，雜合的橙紅花基因型有3種。（2）圖2中，基因型為AABbDdd的突變體花色為黃色，丙的變異類型為染色體（結構）變異（重復）。（3）基因型為AABbDdd的突變體植株乙與純合橙紅植株雜交。若細胞減數分裂時，配對的三條染色體中，任意配對的兩條染色體分離時，另一條染色體隨機移向細胞任一極，則子代中表現型及比例為黃色：橙紅色＝1：5。（4）寫出基因型為AABbDdd的突變體植株丙與純合橙紅植株雜交的遺傳圖解。。【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】圖文信息類簡答題；基因分離定律和自由組合定律；基因重組、基因突變和染色體變異．【答案】（1）基因通過控制酶的合成來控制代謝過程，進而控制生物體的性狀3（2）黃色染色體（結構）變異（重復）（3）黃色：橙紅色＝1：5（4）【分析】基因對性狀的控制方式：①基因通過控制酶的合成來影響細胞代謝，進而間接控制生物的性狀，如白化病、豌豆的粒形；②基因通過控制蛋白質分子結構來直接控制性狀，如鐮刀型細胞貧血癥、囊性纖維病?！窘獯稹拷猓海?）根據圖1可知，基因控制性狀的方式是基因通過控制酶的合成來控制代謝過程，進而控制生物體的性狀。據圖可知，當存在AA、B、D基因時，表現為橙紅花，基因型共有1×2×2＝4種，純合子只有AABBDD，因此正常情況下，雜合的橙紅花基因型有4﹣1＝3種。（2）據題意可知，體細胞中的d基因數多于D基因時，D基因不能表達，只要a基因存在，B基因就不能表達，因此基因型為AABbDdd的突變體能將白色物質轉變形成黃色色素，表現為黃色。據圖可知，丙中重復了d基因，變異類型為染色體結構變異中的重復。（3）純合橙紅植株基因型為AABBDD，只能產生ABD配子，基因型為AABbDdd的突變體植株乙能產生的配子（只考慮Ddd）及比例為D：d：Dd：dd＝1：2：2：1，因此基因型為AABbDdd的突變體植株乙與純合橙紅植株雜交，子代基因型為AAB_DD：AAB_Dd：AAB_DDd：AAB_Ddd＝1：2：2：1，體細胞中的d基因數多于D基因時，D基因不能表達，因此表現型為黃色：橙紅色＝1：5。（4）據圖可知，Ddd的突變體植株丙能產生的配子為D：dd＝1：1，因此基因型為AABbDdd的突變體植株丙能產生配子為ABD：ABdd：AbD：Abdd＝1：1：1：1，純合橙紅植株為AABBDD，只能產生ABD配子，因此兩者雜交的遺傳圖解為：故答案為：（1）基因通過控制酶的合成來控制代謝過程，進而控制生物體的性狀3（2）黃色染色體（結構）變異（重復）（3）黃色：橙紅色＝1：5（4）【點評】本題考查基因自由組合定律及運用的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題和解決問題的能力。19．大豆是我國非常重要的經濟作物，產量是大豆的重要育種目標。已知大豆的葉片顏色正常表現為綠色。育種學家發(fā)現葉柄適度變短，可以增加下位葉的光能吸收比例進而提高產量。（1）科研人員在綠葉的后代中發(fā)現若干株黃葉突變體yl2，用黃葉突變體yl2與正常葉植株雜交，F1均為正常綠葉，自交后F2中綠葉、黃葉分別為271株、89株?，F將F2中的綠葉單株種植收獲種子并種植，則F3中出現黃葉的比例為。（2）科研人員對黃葉突變體yl1進一步研究發(fā)現：與葉色相關的某基因第383位G堿基缺失，從而使對應的蛋白序列由404個氨基酸變?yōu)?69個氨基酸。請從基因與蛋白質的關系角度解釋：基因發(fā)生堿基缺失后造成轉錄出的mRNA中終止密碼子提前出現導致翻譯提前終止，肽鏈截短。（3）科研人員通過大豆田間雜交發(fā)現了若干株葉柄超短突變體，突變體植株經過多代自交純化，分別得到兩種純合突變體dsp1和dsp2，已知控制dsp2的葉柄超短基因位于11號染色體上，為探究控制dsp1葉柄超短基因的位置，利用dsp1和dsp2大豆設計實驗：將二者進行雜交，F1自交，統(tǒng)計F2性狀分離比。①預期一：若F1均為葉柄正常，F2葉柄超短：葉柄正常為7：9，則dsp1和dsp2葉柄超短性狀的遺傳遵循自由組合（填“分離”或自由組合）定律，且葉柄超短均為隱性（填“顯性”或“隱性”）突變。②預期二：若F1，F2均超短，不考慮交叉互換，則控制dsp1和dsp2葉柄超短基因的位置關系可能是互為等位基因。（4）SSR是DNA中普遍存在的的簡單重復序列，不同品系、不同染色體DNA的SSR互不相同，因此可作為分子標記進行基因定位。研究者構建了葉柄長度為5cm（含SSR1標記）和4cm（含SSR2標記）的兩個親本，二者僅在一對基因上存在差異，雜交后再自交，F2中葉柄長度5cm個體占，4cm個體占。測定F2植株的SSR組成，請從下表中選擇一種實驗結果與對應推論的正確組合：Ⅰ和②或Ⅱ和①或Ⅲ和①。實驗結果推論Ⅰ：5cm葉柄和4cm葉柄植株的SSR組成均為SSR1/SSR1：SSR1/SSR2：SSR2/SSR2＝1：2：1Ⅱ：4cm葉柄植株僅具有SSR2標記Ⅲ：5cm葉柄植株僅有2/3具有SSR2標記Ⅳ：4cm葉柄植株中的SSR1：SSR2＝1：1①該葉柄長度基因與該SSR標記位于同源染色體②該葉柄長度基因與該SSR標記位于非同源染色體【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】圖文信息類簡答題；基因分離定律和自由組合定律．【答案】（1）（2）基因發(fā)生堿基缺失后造成轉錄出的mRNA中終止密碼子提前出現導致翻譯提前終止，肽鏈截短（3）自由組合隱性互為等位基因（4）Ⅰ和②或Ⅱ和①或Ⅲ和①【分析】自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或自由組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合。【解答】解：（1）由題意可知，黃化葉突變體相對于正常綠葉植株為隱性突變體，且都由一對等位基因控制，故F3中出現黃化葉植株的比例為。（2）與葉色相關的某基因第383位G堿基缺失，從而使對應的蛋白序列由404個氨基酸變?yōu)?69個氨基酸，肽鏈變短了，原因可能為基因發(fā)生堿基缺失后造成轉錄出的mRNA中終止密碼子提前出現導致翻譯提前終止，肽鏈截短。（3）dsp1和dsp2雜交，F1均為葉柄正常，F2葉柄超短：葉柄正常為7：9（1：3：3：9的變形），說明控制dsp1和dsp2葉柄超短性狀的遺傳遵循基因自由組合定律，是由2對等位基因控制的，且為隱性突變。若F2均為葉柄超短，說明F1的兩對基因的遺傳遵循自由組合定律，則dsp1和dsp2葉柄超短基因位于兩對同源染色體上。dsp1和dsp2雜交，F1為雜合性狀正常，F1自交產生的子代基因型中，無論是dspl基因純合還是dsp2基因純合，都體現葉柄超短性狀，則F2均超短。（4）葉柄把長度為5cm（含SSR1標記）和4cm（含SSR2標記）的兩個親本雜交，子二代和親本類型一樣，比例為3：1，初步判斷長度性狀受一對等位基因控制，SSR序列基因可能和長度性狀基因獨立遺傳，也可能位于一對同源染色體上。若兩性狀獨立遺傳，則可以用乘法原理分開分析，子二代長度比為3：1，SSR序列的分離比為SSR1SSR1：SSR1SSR2：SSR2SSR2＝1：2：1；若