2024年滬科版高二物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高二物理下冊月考試卷577考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、有甲、乙兩根材料不同，長度和橫截面積都相同的金屬絲，在溫度一定的情況下，甲金屬絲的電阻率是乙金屬絲電阻率的2倍．以下有關(guān)它們電阻值的說法正確的是（）A.甲、乙兩根金屬絲的電阻值相等B.甲金屬絲的電阻值是乙金屬絲電阻值的2倍C.乙金屬絲的電阻值是甲金屬絲電阻值的2倍D.甲金屬絲的電阻值是乙金屬絲電阻值的4倍2、發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)的科學(xué)家是（）

A.安培。

B.庫侖。

C.奧斯特。

D.法拉第。

3、有一個多用電表，其歐姆擋的四個量程分別為：“×1”“×10”“×100”“×1k”，某同學(xué)把選擇開關(guān)旋到“×100”擋測量一未知電阻時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角很大，為了減小誤差，它應(yīng)該()A.換用“×1k”擋，不必重新調(diào)整調(diào)零旋鈕B.換用“×10”擋，不必重新調(diào)整調(diào)零旋鈕C.換用“×1k”擋，必須重新調(diào)整調(diào)零旋鈕D.換用“×10”擋，必須重新調(diào)整調(diào)零旋鈕4、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，有一鋁質(zhì)圓形金屬球以一定的初速度通過有界勻強(qiáng)磁場，則從球開始進(jìn)入磁場到完全穿出磁場的過程中(磁場寬度大于金屬球的直徑)，則小球()A.整個過程勻速運(yùn)動B.進(jìn)入磁場的過程中球做減速運(yùn)動，穿出過程做加速運(yùn)動C.整個過程都做勻減速運(yùn)動D.穿出時的速度一定小于初速度5、把電量為2.0×10－8C的正試探電荷從電場中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場力做功3.0×10－6J，從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，須克服電場力做功4.0×10－6J的功，則A點(diǎn)和C點(diǎn)比較（）A.電勢差為350V，A點(diǎn)電勢高B.電勢差為350V，C點(diǎn)電勢高C.電勢差為50V，A點(diǎn)電勢高D.電勢差為50V，C點(diǎn)電勢高6、環(huán)形對撞機(jī)是研究高能粒子的重要裝置．帶電粒子在電壓為U的電場中加速后注入對撞機(jī)的高真空圓環(huán)形狀的空腔內(nèi)，在勻強(qiáng)磁場中，做半徑恒定的圓周運(yùn)動帶電粒子，且局限在圓環(huán)空腔內(nèi)運(yùn)動，粒子碰撞時發(fā)生核反應(yīng)．關(guān)于帶電粒子的比荷加速電壓U和磁感應(yīng)強(qiáng)度B以及粒子運(yùn)動的周期T的關(guān)系，下列說法中正確的是（）

①對于給定的加速電壓，帶電粒子的比荷越大；磁感應(yīng)強(qiáng)度B越大。

②對于給定的加速電壓，帶電粒子的比荷越大；磁感應(yīng)強(qiáng)度B越小。

③對于給定的帶電粒子；加速電壓U越大，粒子運(yùn)動的周期T越小。

④對于給定的帶電粒子，不管加速電壓U多大，粒子運(yùn)動的周期T都不變．A.①③B.②③C.①④D.②④7、如圖所示，有一矩形閉合導(dǎo)體線圈，在范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動、下列圖中能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是(

)

A.

水平運(yùn)動B.

水平運(yùn)動C.

繞軸轉(zhuǎn)動D.

繞軸轉(zhuǎn)動8、了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，學(xué)會像科學(xué)家那樣觀察和思考，往往比掌握知識本身更重要.

則以下符合事實(shí)的是(

)

A.丹麥物理學(xué)家奧斯特夢圓電生磁，終于發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象B.英國物理學(xué)家麥克斯韋認(rèn)為，磁場變化時會在空間激發(fā)一種電場C.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕D.安培定則是用來判斷通電導(dǎo)線在磁場中所受安培力方向的9、如圖，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．A為磁場邊界上一點(diǎn)，有無數(shù)個帶電量為q、質(zhì)量為m的相同粒子（不計(jì)重力）在紙面內(nèi)向各個方向以相同的速率通過A點(diǎn)進(jìn)入磁場，這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段圓弧上，這段圓弧的弧長是圓周長的．則粒子從A點(diǎn)進(jìn)入磁場時的速率為（）A.B.C.D.評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)10、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解11、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)12、平行板電容器所帶電荷量增加了4.0×10-8C，兩板間的電壓相應(yīng)地增加了2.0V，而達(dá)到10.0V，那么該電容器的電容值C=____F；如果再將兩極板上的電量各自減少一半，則電容器兩板間的電壓將是____V．13、用砂輪磨刀具時，刀具的溫度升高，內(nèi)能增加，這是以____________方式改變了刀具的內(nèi)能；放入火爐中的鐵塊的溫度升高，這是以____________方式增加了鐵塊的內(nèi)能．這兩種方式對改變內(nèi)能是____________．14、某同學(xué)學(xué)習(xí)傳感器后；用電源；電磁繼電器、滑動變阻器、開關(guān)、導(dǎo)線等儀器設(shè)計(jì)了一個高溫報警器，要求是：正常情況綠燈亮，有險情時電鈴報警.

電路如圖所示，圖中儀器還不完整，請完成以下問題：

(1)

圖中的甲還需要放入的元件是______；

A.二極管。

B.光敏電阻。

C.NTC

熱敏電阻(

阻值隨溫度升高而減小)

D.PTC

熱敏電阻(

阻值隨溫度升高而增大)

(2)

電路正確連接之后，該同學(xué)調(diào)試過程發(fā)現(xiàn)報警時溫度比預(yù)期偏高了一點(diǎn)點(diǎn).

要求在溫度更低一點(diǎn)時就開始報警，則需要調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑動頭往______(

填“左”或“右”)

移動一點(diǎn)．15、如圖所示，q1，q2，q3，分別表示在一條直線上的三個點(diǎn)電荷，已知q1與q2之間的距離為l1，已知q2與q3之間的距離為l2；且每個電荷都處于平衡狀態(tài)。

（1）如q2為負(fù)電荷，則q1為____電荷，q3為____電荷．

（2）q1，q2，q3三者電量大小之比是____：____：____．

16、（4分）伽利略通過研究自由落體和物塊沿光滑斜面的運(yùn)動，首次發(fā)現(xiàn)了勻加速運(yùn)動規(guī)律．伽利略假設(shè)物塊沿斜面運(yùn)動與物塊自由下落遵從同樣的法則，他在斜面上用刻度表示物塊滑下的路程，并測出物塊通過相應(yīng)路程的時間，然后用圖線表示整個運(yùn)動過程，如圖所示．圖中OA表示測得的時間，矩形OAED的面積表示該時間內(nèi)物塊經(jīng)過的路程，則圖中OD的長度表示．P為DE的中點(diǎn)，連接OP且延長交AE的延長線于B，則AB的長度表示．17、物體A、B質(zhì)量之比mA：mB=3：1，使它們以相同的初速度沿水平地面滑行．如果A、B兩物體受到相同大小的阻力，那么它們停下來所用時間之比tA：tB=____；如果A、B兩物體與地面的動摩擦因數(shù)相同，那么它們停下來所用時間之比tA：tB=____．18、若一氣泡從湖底上升到湖面的過程中溫度保持不變，若將氣泡內(nèi)的氣體視為理想氣體，氣泡從湖底上升到湖面的過程中，對外界做了0.6J的功，則此過程中的氣泡______（填“吸收”或“放出”）的熱量是______J．氣泡到達(dá)湖面后，溫度上升的過程中，又對外界做了0.1J的功，同時吸收了0.3J的熱量，則此過程中，氣泡內(nèi)氣體內(nèi)能增加了______J．19、如圖所示為玻璃厚度檢測儀的原理簡圖，其原理是：固定一束激光AO

以不變的入射角婁脠1

照到MN

表面，折射后從PQ

表面射出，折射光線最后照到光電管C

上，光電管將光信號轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘?，依?jù)激光束在C

上移動的距離，可以確定玻璃厚度的變化.

設(shè)婁脠1=45鈭?

玻璃對該光的折射率為2C

上的光斑向左移動了婁隴s

則可確定玻璃的厚度比原來變________(

填“厚”或“薄”)

了________．評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共28分)20、某同學(xué)用下列器材測定一塊機(jī)電池的電動勢和內(nèi)電阻。電流表A(A(量程3A3A內(nèi)阻約0.5婁賂)0.5婁賂)電壓表V(V(量程15V15V內(nèi)阻約15k婁賂)15k婁賂)滑動變阻器R(0隆蘆50婁賂R(0隆蘆50婁賂額定電流3A)3A)定值電阻RR0=3婁賂=3婁賂開關(guān)SS及導(dǎo)線若干。(1)(1)為減小實(shí)驗(yàn)誤差，電路圖中的導(dǎo)線應(yīng)連接到________((選填“aa”或“bb”))(2)(2)連接好電路閉合SS前，滑動變阻器的滑片PP應(yīng)置于________((選填“cc”或“dd”))端。(3)(3)根據(jù)正確操作，依據(jù)得到的電壓表和電流表讀數(shù)，作出對應(yīng)的U鈭?IU-I圖象如圖所示。由圖線可知該電池的電動勢E=E=_____VV內(nèi)電阻r=r=______婁賂(婁賂(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字))(4)(4)實(shí)驗(yàn)中，隨著滑動變阻器滑片的移動，電壓表的示數(shù)UU及滑動變阻器消耗的功率PP都會發(fā)生變化。以下各示意圖中正確反映P鈭?UP-U關(guān)系的是_____。21、按照要求作圖或?qū)⒄_答案填在題中的橫線上．

（1）某同學(xué)用實(shí)驗(yàn)的方法探究影響單擺周期的因素．

①他組裝單擺時，在擺線上端懸點(diǎn)處用一塊開有狹縫的橡皮夾牢擺線．再用鐵架臺的鐵夾將橡皮夾緊，如圖1所示．這樣做的目的是______（填字母代號）

A．保證擺動過程中擺長不變B．可使周期測量得更加準(zhǔn)確。

C．保證擺球在同一豎直平面內(nèi)擺動D．在改變擺長時便于調(diào)節(jié)。

（2）他組裝好單擺后在擺球自然懸垂的情況下，用毫米刻度尺從懸點(diǎn)量到擺球的最低端的長度l=0.9990m，再用游標(biāo)卡尺測量擺球直徑，結(jié)果如圖2所示，則擺球的直徑為______mm，單擺擺長為______m．22、圖甲為一研究電磁感應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖，其中電流傳感器（相當(dāng)于一只理想的電流表）能將各時刻的電流數(shù)據(jù)實(shí)時通過數(shù)據(jù)采集器傳輸給計(jì)算機(jī)，經(jīng)計(jì)算機(jī)處理后在屏幕上同步顯示出I-t圖象．足夠長光滑金屬軌道電阻不計(jì)，傾角θ=30°．軌道上端連接有阻值R=1.0Ω的定值電阻，金屬桿MN電阻r=0.5Ω，質(zhì)量m=0.4kg，桿長L=1.0m．在軌道區(qū)域加一垂直軌道平面向下的勻強(qiáng)磁場，讓金屬桿從圖示位置由靜止開始釋放，此后計(jì)算機(jī)屏幕上顯示出如圖乙所示的I-t圖象，設(shè)桿在整個運(yùn)動過程中與軌道垂直，取g=10m/s2．試求：

（1）t=0.5s時電阻R的熱功率；

（2）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；

（3）估算0～1.2s內(nèi)通過電阻R的電荷量大小及在R上產(chǎn)生的焦耳熱．23、“驗(yàn)證動量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示.

讓質(zhì)量為m1

的A

小球從斜面上某處自由滾下與靜止在支柱上質(zhì)量為m2

的B

小球發(fā)生對心碰撞；則：

(1)

兩小球質(zhì)量的關(guān)系應(yīng)滿足______

A.m1=m2

B.m1>m2C.m1<m2D.

沒有限制。

(2)

實(shí)驗(yàn)必須滿足的條件是______

A.軌道末端的切線必須是水平的。

B.斜槽軌道必須光滑。

C.入射球m1

每次必須從同一高度滾下。

D.入射球m1

和被碰球m2

的球心在碰撞瞬間必須在同一高度．評卷人得分五、畫圖題(共2題，共4分)24、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象25、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】解：由電阻定律公式R=可知；當(dāng)長度和橫截面積都相同的金屬絲時，電阻與電阻率成正比，由于甲金屬絲的電阻率是乙金屬絲電阻率的2倍，所以甲金屬絲的電阻值是乙金屬絲電阻值的2倍，故B正確，ACD錯誤；

故選B

根據(jù)電阻定律R=可知；當(dāng)長度和橫截面積都相同的金屬絲時，其電阻與電阻率有關(guān)，從而即可求解．

考查電阻定律的應(yīng)用，掌握影響電阻的因素，注意溫度也對電阻的影響．【解析】【答案】B2、D【分析】

A；安培研究了電流與磁場間的作用力規(guī)律；故A錯誤．

B；庫侖發(fā)現(xiàn)了電荷間作用力的規(guī)律庫侖定律；故B錯誤．

C；丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；故C錯誤．

D；英國物理學(xué)家法拉第首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象．故D正確．

故選D

【解析】【答案】本題關(guān)鍵應(yīng)掌握：安培研究了電流與磁場間的作用力規(guī)律；庫侖發(fā)現(xiàn)了電荷間作用力的規(guī)律庫侖定律，奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)的科學(xué)家是法拉第．

3、D【分析】【解析】試題分析：用多用電表的歐姆擋測未知電阻時，指針偏轉(zhuǎn)角很大，說明該待測電阻的阻值相對該擋比較小，為了提高測量精確度，應(yīng)換低率“×10Ω”的擋來測量，換擋之后，必須重新調(diào)零。故選D考點(diǎn)：歐姆表的使用【解析】【答案】D4、D【分析】試題分析：鋁球進(jìn)磁場的過程中，穿過鋁球橫截面的磁通量增大，產(chǎn)生感應(yīng)電流，部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，所以鋁球做減速運(yùn)動；鋁球圈完全進(jìn)入磁場后磁通量保持不變，鋁球做勻速運(yùn)動；鋁球出磁場的過程中磁通量減小，產(chǎn)生感應(yīng)電流，鋁球做減速運(yùn)動，故D正確。考點(diǎn)：考查了導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動【解析】【答案】D5、D【分析】【分析】從Ａ點(diǎn)到B點(diǎn)從B點(diǎn)到C點(diǎn)由此可知C點(diǎn)電勢較高。

【點(diǎn)評】本題為功能關(guān)系的應(yīng)用題目，難度中等，在求解電場力做功與電勢差的關(guān)系類型題的時候要注意小角標(biāo)的順序6、B【分析】解：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，由洛侖茲力提供向心力可知：Bqv=m得R=（1）

而粒子在電場中被加速，則有：（2）

將（1）（2）兩式聯(lián)立可得：R=?帶電粒子運(yùn)行的周期T=．

根據(jù)這兩個表達(dá)式可知：

①、②當(dāng)加速電壓一定時，R也一定時，粒子的比荷越大；磁感應(yīng)強(qiáng)度則越小，故①錯誤；②正確．

③、④對于給定的帶電粒子，加速電壓U越大，R一定，B越大，由T=知周期越?。盛壅_；④錯誤；

故B正確．

故選：B

帶電粒子在電場中被加速后；進(jìn)入勻強(qiáng)磁場后做勻速圓周運(yùn)動．所有帶電粒子圓周運(yùn)動的半徑都相同．根據(jù)動能定理得到加速獲得的速度表達(dá)式，由磁場中圓周運(yùn)動半徑公式結(jié)合進(jìn)行分析．

通過洛倫茲力提供向心力來導(dǎo)出半徑公式與周期公式，再用動能定理得出粒子在電場中的加速公式，從而可推導(dǎo)出加速電壓、磁感應(yīng)強(qiáng)度、粒子的比荷及半徑的關(guān)系．最終由控制變量來研究其它各量之間的具體關(guān)系．【解析】【答案】B7、D【分析】解：A

圖中線圈水平運(yùn)動；磁通量始終為零不變，故無感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A錯誤；

B；圖中線圈水平運(yùn)動；磁通量不變，故無感應(yīng)電流產(chǎn)生，故B錯誤；

C；圖中線圈繞平行于磁感線方向的軸轉(zhuǎn)動；磁通量始終為零不變，故無感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C錯誤；

D；圖中線圈繞垂直于磁感線方向的軸轉(zhuǎn)動；磁通量不斷變化，故有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D正確；

故選：D

．

感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件：閉合回路中的磁通量發(fā)生變化.

據(jù)此可正確解答本題．

此題是考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象；要知道只有當(dāng)穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化時就會有感應(yīng)電流產(chǎn)生；或者當(dāng)閉合電路的部分導(dǎo)體在磁場中切割磁感線運(yùn)動時就會有感應(yīng)電流產(chǎn)生；根據(jù)題目的情況結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件進(jìn)行判斷．【解析】D

8、B【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一?！窘獯稹緼.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故A錯誤；B.英國物理學(xué)家麥克斯韋認(rèn)為，磁場變化時會在空間激發(fā)一種電場，故B正確；C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕，故C錯誤；D.安培定則，也叫右手定則，是表示電流和電流激發(fā)磁場的磁感線方向間關(guān)系的定則.

故D錯誤。故選B?！窘馕觥緽

9、A【分析】解：

因?yàn)榱Ｗ由涑鲞吔绲奈恢锰幱谶吔绲哪骋欢螆A弧上；并不是整個圓周上都有，所以粒子做圓周運(yùn)動的半徑小于R；則粒子能射到的邊界其圓弧所對應(yīng)的弦長正好等于圓周運(yùn)動的直徑；

因?yàn)檫@段圓弧的弧長是圓周長的所以，弦長對應(yīng)的等腰三角形的內(nèi)頂角為90°，所以，弦長2r=2Rsin45°，則粒子做圓周運(yùn)動的半徑r=Rsin45°=R；

粒子做圓周運(yùn)動，洛倫茲力充當(dāng)向心力，即qvB=m所以故D正確，ABC錯誤；

故選：A。

明確帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動；根據(jù)有粒子射出的范圍得到偏轉(zhuǎn)圓半徑，進(jìn)而由洛倫茲力做向心力求得速率。

帶電粒子在磁場中的運(yùn)動問題，一般由洛倫茲力做向心力求得半徑，然后根據(jù)幾何關(guān)系求得半徑聯(lián)立求解?！窘馕觥緼二、雙選題(共2題，共4分)10、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B11、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共8題，共16分)12、略

【分析】

該電容器的電容值C===F=2×10-8F．如果再將兩極板上的電量各自減少一半，而電容C不變，由公式C=可知；電壓也減半，即為5V．

故答案為：2×10-8；5

【解析】【答案】電容的定義式是C=對于給定的電容器，電容C一定，所以電容也可以用C=．電量減半時；板間電壓也減半．

13、略

【分析】解：改變物體內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳遞；這兩種方式對改變內(nèi)能是等效的．

用砂輪磨刀具時；對刀具做功，使刀具的溫度升高；內(nèi)能增大，是利用做功的方法改變物體的內(nèi)能．

放入火爐中的鐵塊；從火爐中吸熱；溫度升高，是利用熱傳遞改變物體的內(nèi)能；

故答案為：做功；熱傳遞；等效的．【解析】做功;熱傳遞;等效的14、略

【分析】解：(1)

根據(jù)要求；在常溫下熱敏電阻甲阻值較大，電磁鐵磁性較弱，不能將銜鐵吸下，此時綠燈所在電路接通，綠燈亮，所以為是綠燈；

溫度升高；熱敏電阻阻值較小，控制電路電流增大時，電磁鐵磁性增大，將銜鐵吸下.

所以圖中的甲還需要放入的元件是NTC

熱敏電阻(

阻值隨溫度升高而減小)

故選：C

(2)

電路正確連接之后；該同學(xué)調(diào)試過程發(fā)現(xiàn)報警時溫度比預(yù)期偏高了一點(diǎn)點(diǎn)，則是在熱敏電阻的電阻值比較小的時候才報警說明電路中的總電阻值比較大.

要求在溫度更低一點(diǎn)時就開始報警，則需要調(diào)節(jié)滑動變阻器，使滑動變阻器的電阻值小一些，則需要將滑動頭往右移動一些．

故答案為：(1)C(2)

右。

掌握電磁繼電器的組成及工作原理；其主要組成部分為電磁鐵，電磁繼電器就是利用電磁鐵來控制電路的，當(dāng)控制電路電流較小時，電磁鐵磁性較弱，不能將銜鐵吸下；當(dāng)控制電路電流增大時，電磁鐵磁性增大，將銜鐵吸下．

此題考查了電磁繼電器的構(gòu)造及工作原理，并考查了并聯(lián)電路電壓的關(guān)系；電磁繼電器是利用電磁鐵來工作的自動開關(guān)．【解析】C

右15、略

【分析】

（1）假設(shè)q1帶負(fù)電，要使q2平衡則q3也應(yīng)帶負(fù)電，但此時q1、q3因都受斥力而不平衡，故q1帶正電，同理分析q3帶正電．

（2）由于三個電荷均處于平衡狀態(tài)；所以。

對q1有：①

對q2有：②

對q3有：③

聯(lián)立①②③可解得：

答：（1）正；正。

（2）q1，q2，q3三者電量大小之比是：

【解析】【答案】（1）解決本題一定要把握“每個電荷都處于平衡狀態(tài)”這一特點(diǎn)進(jìn)行分析，已知q2為負(fù)電荷，可以利用假設(shè)法判斷q1和q3的電性，如假設(shè)q1帶正電；其它電荷是否平衡等，也可以利用“兩同夾異，近小遠(yuǎn)大”（三個電荷處于平衡時兩邊電性相同和中間相反，中間電荷離電量小的近，離電量大的遠(yuǎn)）進(jìn)行判斷．

（2）三個電荷處于同一直線上；每個電荷受兩個庫侖力作用處于平衡狀態(tài)，據(jù)此列方程即可求解．

16、略

【分析】試題分析：建立時間軸和速度軸，如圖P點(diǎn)為中間時刻，所以O(shè)D對應(yīng)的長度為平均速度，OB段表示速度時間圖線，反映速度隨時間的變化情況，AB的長度表示末速度?？键c(diǎn)：考查了伽利略研究自由落體運(yùn)動的實(shí)驗(yàn)和推理方法．【解析】【答案】平均速度物塊的末速度17、略

【分析】

如果A、B兩物體受到相同大小的阻力，根據(jù)牛頓第二定律得，a=知A、B兩物體的加速度大小之比為1：3，根據(jù)t=知；初速度相同，則停下來的時間之比為3：1．

如果A、B兩物體與地面的動摩擦因數(shù)相同，根據(jù)牛頓第二定律得，a=知加速度大小之比為1：1，根據(jù)t=知；初速度相同，則停下來的時間之比，1：1．

故答案為：3：1；1：1

【解析】【答案】根據(jù)牛頓第二定律求出加速度之比；通過速度時間公式求出兩物體的運(yùn)動時間之比．

18、略

【分析】解：氣泡從湖底上升到湖面過程中；W=-0.6J，△U=0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q得Q=0.6J，即吸收熱量0.6J．

氣泡到達(dá)湖面后；溫度上升的過程中W=-0.1J，Q=0.3J，則△U=W+Q=0.2J，即氣泡內(nèi)氣體內(nèi)能增加0.2J．

故答案為：吸收；0.6；0.2．

一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只跟溫度有關(guān)；溫度不變，其內(nèi)能不變．氣體對外做功，功為負(fù)值，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況和內(nèi)能變化情況．

熱力學(xué)第一定律是能量守恒定律的特殊情況，可以從能量轉(zhuǎn)化和守恒的角度理解．應(yīng)用時關(guān)鍵抓住符號法則：使氣體內(nèi)能增加的量均為正值，否則為負(fù)值．【解析】吸收；0.6；0.219、厚

【分析】【分析】

根據(jù)平行玻璃磚的光學(xué)特性可知；光線通過玻璃磚后傳播方向不變，只發(fā)生側(cè)移，據(jù)題激光束在C

的光斑向左移動，說明玻璃磚增厚。

本題是關(guān)于折射定律的考查，基礎(chǔ)題目【解答】

根據(jù)折射定律得：n=sin婁脠1sin婁脠2

得sin婁脠2=sin婁脠1n=0.5

得婁脠2=30鈭?

設(shè)玻璃磚變厚了d

根據(jù)幾何知識得：dtan45鈭??dtan30鈭?=?s

解得，d=3+32?s

故答案為厚；3+32?s

【解析】厚3+32?s

四、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共28分)20、（1）a

（2）d

（3）8.50.75

（4）C【分析】【分析】本題考察伏安法測電源電動勢和內(nèi)阻，電流表內(nèi)接法和外接法的靈活應(yīng)用。解題時明確實(shí)驗(yàn)原理，知道在相應(yīng)題目中電流表內(nèi)、外接法誤差小；根據(jù)實(shí)驗(yàn)安全要求進(jìn)行分析，從而明確滑片開始時的位置；根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析，由圖象即可求解電動勢和內(nèi)電阻；U

為路端電壓，P

為電源的輸出功率，根據(jù)電源輸出功率的特點(diǎn)可明確對應(yīng)的圖象?！窘獯稹?1)因電源內(nèi)阻較小，應(yīng)采用電流表內(nèi)接，故應(yīng)接aa端；(2)

連接好電路閉合SS前，為了讓電流由最小值開始調(diào)節(jié)，開始時滑動變阻器應(yīng)接入最大電阻，故開始時滑片應(yīng)在d

端；(3)(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律可以知道U=E鈭?I(r+R0)U=E-Ileft(r+{R}_{0}right)，縱軸的交點(diǎn)表示電動勢，圖像斜率表示內(nèi)阻和定值電阻之和，故有E=8.5VE=8.5V；r+R0=?U?Ir+{R}_{0}=dfrac{?U}{?I}r=8.5鈭?4.01.2鈭?3=0.75婁賂r=dfrac{8.5-4.0}{1.2}-3=0.75婁賂(4)

電壓表測量路端電壓，其示數(shù)隨滑動變阻器的阻值增大而增大；而當(dāng)內(nèi)阻和外阻相等時，電源的輸出功率最大；此時輸出電壓為電動勢的一半。外電路斷開時，路端電壓等于電源的電動勢，此時輸出功率為零；故符合條件的圖象應(yīng)為C

故答案為(1)a(2)d(3)8.50.75(4)C

【解析】(1)a

(2)d

(3)8.50.75

(4)C

21、略

【分析】解：（1）在擺線上端的懸點(diǎn)處；用一塊開有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺的鐵夾將橡皮夾緊，是為了防止動過程中擺長發(fā)生變化，如果需要改變擺長來探究擺長與周期關(guān)系時，方便調(diào)節(jié)擺長，故AC正確．

故選：AC．

（2）游標(biāo)卡尺示數(shù)為d=12mm=0.0120m；單擺擺長為：

L=l-=0.9990m-0.0060m=0.9930m

故答案為：

（1）AC；

（2）12；0.9930

（1）單擺的擺長在擺動中不能變化．而擺長是影響周期的因素；應(yīng)該在研究的時候予以改變，看看周期你與擺長的關(guān)系；

（2）擺長為懸點(diǎn)到球心的距離。

掌握單擺的周期公式，從而求解加速度，擺長、周期等物理量之間的關(guān)系；擺長要注意是懸點(diǎn)到球心的距離，一般可利用擺線長度加球的半徑的方式得到，題目中的方式不是特別常用【解析】AC；12；0.993022、略

【分析】

（1）由乙圖讀出t=0.5s時電路中電流，由公式P=I2R求出電阻R的熱功率；

（2）由乙圖讀取金屬桿達(dá)到穩(wěn)定運(yùn)動時的電流；此時桿受力平衡，由平衡條件和安培力公式求解磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?/p>

（3）通過電阻的電量等于圖線與t軸包圍的面積大小，估算出圖線所包圍的面積，即可求得通過電阻的電量，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律得到感應(yīng)量q==即可求出桿通過的距離x，根據(jù)能量守恒定律