2024年滬教版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬教版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷228考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、早在三百多年前，牛頓就曾設(shè)想：山頂上一門大炮若以足夠大的速度射出一顆炮彈，它將圍繞地球旋轉(zhuǎn)而不再落回地球，如圖所示.

關(guān)于牛頓的設(shè)想，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.炮彈離地越高，繞地球旋轉(zhuǎn)的速度越大B.炮彈離地越高，繞地球旋轉(zhuǎn)的周期越大C.如果炮彈是在赤道發(fā)射，繞地球旋轉(zhuǎn)的周期為24

小時(shí)D.如果炮彈是在赤道發(fā)射，向東發(fā)射所需的能量最大2、一個(gè)帶電小球從空中的a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中；重力做功3J，電場(chǎng)力做功1J，克服空氣阻力做功0.5J，則正確的是小球（）

A.在a點(diǎn)的重力勢(shì)能比在b點(diǎn)大3J

B.在a點(diǎn)的電勢(shì)能比b點(diǎn)小1J

C.在a點(diǎn)的動(dòng)能比在b點(diǎn)小3.5J

D.在a點(diǎn)的機(jī)械能比在b點(diǎn)小0.5J

3、如圖所示，帶正電的點(diǎn)電荷固定于Q點(diǎn)，電子在庫(kù)侖力作用下，做以O(shè)為焦點(diǎn)的橢圓運(yùn)動(dòng)。M、P、N為橢圓上的三點(diǎn)，P點(diǎn)是軌道上離Q最近的點(diǎn)。電子在從M點(diǎn)經(jīng)過(guò)P到達(dá)N點(diǎn)的過(guò)程中（）A.速率先增大后減小B.速率先減小后增大C.靜電力先減小后增大D.電勢(shì)能先增大后減小4、如圖所示，在沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E中，有一動(dòng)點(diǎn)A以O(shè)為圓心、以r為半徑逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，θ為OA與x軸正方向間的夾角，則O、A兩點(diǎn)問(wèn)電勢(shì)差為().(A)UOA=Er(B)UOA=Ersinθ(C)UOA=Ercosθ(D)5、空間某區(qū)域有一個(gè)正三角形ABC

其三個(gè)頂點(diǎn)處分別固定有三個(gè)等量正點(diǎn)電荷，如圖所示，D

點(diǎn)為正三角形的中心，EGH

點(diǎn)分別為正三角形三邊的中點(diǎn)，F(xiàn)

點(diǎn)為E

關(guān)于C

點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn).

取無(wú)限遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0

下列說(shuō)法中正確的是()

A.根據(jù)對(duì)稱性，D

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度必為0

B.根據(jù)對(duì)稱性，D

點(diǎn)的電勢(shì)必為0

C.根據(jù)對(duì)稱性，EF

兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度等大反向D.EGH

三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)均相同6、如圖所示；疊放在水平地面上的物塊M

和N

分別受到F

和2F

水平拉力的作用.

若M

和N

都靜止，則地面對(duì)物塊N

的摩擦力大小和方向分別是(

)

A.F

方向向右B.F

方向向左C.2F

方向向右D.2F

方向向左7、關(guān)于重力，下列說(shuō)法中正確的是（）A.只有靜止的物體才受到重力B.物體做自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)不受重力C.物體受到地球的吸引力就是重力D.同一物體在赤道和南極，所受重力的大小不同評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示，L是電感足夠大的線圈，其直流電阻可忽略不計(jì)，D1和D2是兩個(gè)相同的燈泡，若將電鍵S閉合，等燈泡亮度穩(wěn)定后，再斷開電鍵S，則（）A.電鍵S閉合時(shí)，燈泡D1、D2同時(shí)亮，然后D1會(huì)變暗直到不亮，D2更亮B.電鍵S閉合時(shí)，燈泡D1很亮，D2逐漸變亮，最后一樣亮C.電鍵S斷開時(shí)，燈泡D2隨之熄滅，而D1會(huì)亮一下后才熄滅D.電鍵S斷開時(shí)，燈泡D1隨之熄滅，而D2會(huì)更亮后一下才熄滅9、用極微弱的可見光做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，隨著時(shí)間的增加，在屏上先后出現(xiàn)如圖（a）、（b）；（c）所示的圖象；則（）

A.圖象（a）表明光具有粒子性B.圖象（c）表明光具有波動(dòng)性C.用紫外光觀察不到類似的圖象D.實(shí)驗(yàn)表明光是一種概率波10、(

多選)

如圖甲所示電路中，小燈泡通電后其兩端電壓U

隨所通過(guò)的電流I

變化的圖線如圖乙所示，P

為圖線上一點(diǎn)，PN

為圖線的切線，PM

為U

軸的垂線，PQ

為I

軸的垂線.

下列說(shuō)法中正確的是()

A.隨著所通電流的增大，小燈泡的電阻增大B.對(duì)應(yīng)P

點(diǎn)，小燈泡的電阻為RL=U1I2

C.在電路中燈泡L

兩端的電壓為U1

時(shí)，電阻R

兩端的電壓為I1R

D.對(duì)應(yīng)P

點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM

所圍的“面積”11、如圖所示，質(zhì)量為m

長(zhǎng)為L(zhǎng)

的直導(dǎo)線用兩絕緣細(xì)線懸掛于OO隆盲

并處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.

當(dāng)導(dǎo)線中通以沿x

負(fù)方向的電流I

且導(dǎo)線保持靜止時(shí)，懸線與豎直方向的夾角為婁脠.

則磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向和大小可能為(

)

A.z

正向，mgILtan婁脠

B.y

負(fù)向，mgIL

C.x

負(fù)向，mgIL

D.沿懸線向上，mgILsin婁脠

12、如圖甲所示，彈簧振子以O(shè)

點(diǎn)為平衡位置，在AB

兩點(diǎn)之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng).

取向右為正方向，振子的位移x

隨時(shí)間t

的變化如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.t=0.8s

時(shí)，振子的速度方向向左B.t=0.2s

時(shí)，振子在O

點(diǎn)右側(cè)6cm

處C.t=0.4s

和t=1.2s

時(shí)，振子的加速度完全相同D.t=0.4s

到t=0.8s

的時(shí)間內(nèi)，振子的速度逐漸增大13、傳感器是一種采集信息的重要器件．如圖所示是一種測(cè)定壓力的電容式傳感器，當(dāng)待測(cè)壓力F作用于可動(dòng)膜片電極上時(shí)，可使膜片產(chǎn)生形變，引起電容的變化，將電容器、靈敏電流計(jì)和電源串接成閉合電路，那么（）A.當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)，電容將減小B.當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)，電容將增大C.若電流計(jì)有示數(shù)，則壓力F發(fā)生變化D.若電流計(jì)有示數(shù)，則壓力F不發(fā)生變化14、下列說(shuō)法中正確的是___________E.隨著低溫技術(shù)的發(fā)展，我們可以使溫度逐漸降低，并最終達(dá)到絕對(duì)零度A.外界對(duì)物體做功，物體內(nèi)能一定增大B.溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)就越顯著C.當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子勢(shì)能隨分子間距離的減小而增大D.在各種晶體中，原子(或分子、離子)都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性15、關(guān)于簡(jiǎn)諧振動(dòng)回復(fù)力的說(shuō)法正確的是（）A.回復(fù)力F=-kx中的x是指振子相對(duì)平衡位置的位移B.回復(fù)力F=-kx中的x是指振子初位置指向末位置的位移C.振子的回復(fù)力一定是合外力D.振子的回復(fù)力不一定是合外力16、某實(shí)驗(yàn)小組在暗室中用“滴水法”測(cè)重力加速度的大小，用頻閃儀發(fā)出的白色閃光將每隔相等時(shí)間滴下的水滴照亮，由大到小逐漸調(diào)節(jié)頻閃儀的頻率，當(dāng)頻閃儀頻率等于水滴滴落的頻率時(shí)，看到一串仿佛固定不動(dòng)的水滴懸在空中。設(shè)滴水間隔為1.2s

頻閃周期為1.0s

則水滴在視覺上的運(yùn)動(dòng)情況為(

重力加速度為g

不計(jì)水滴運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力)

()A.水滴向上運(yùn)動(dòng)B.水滴向下運(yùn)動(dòng)C.水滴運(yùn)動(dòng)的加速度的大小為0.04g

D.水滴運(yùn)動(dòng)的加速度的大小為0.44g

評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、把一彈簧振子從平衡位置拉開3cm后放手，經(jīng)5s振子第10次返回原來(lái)位置，則此振子的周期為____，此過(guò)程中振子經(jīng)過(guò)的路程為____．18、在用落體法驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律時(shí)，某小組按照正確的操作選得紙帶如圖7－9－9.其中O是起始點(diǎn)，A、B、C是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連續(xù)打下的3個(gè)點(diǎn)．用毫米刻度尺測(cè)量O到A、B、C各點(diǎn)的距離，并記錄在圖中．（已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭＝9.80m/s2，重錘質(zhì)量為m＝1kg；計(jì)算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）

4圖7－9－9

①圖中的三個(gè)測(cè)量數(shù)據(jù)中不符合有效數(shù)字讀數(shù)要求的是____段的讀數(shù)，應(yīng)記作____cm；

②甲同學(xué)用重錘在OB段的運(yùn)動(dòng)來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒，他用AC段的平均速度作為B點(diǎn)對(duì)應(yīng)的瞬時(shí)速度vB，則求得該過(guò)程中重錘的動(dòng)能增加量ΔEk＝____J，重力勢(shì)能的減少量ΔEp＝____J____這樣驗(yàn)證的系統(tǒng)誤差總是使ΔEk____ΔEp（選填“>”、“<”或“＝”）；

③乙同學(xué)根據(jù)同一條紙帶，同一組數(shù)據(jù)，也用重錘在OB段的運(yùn)動(dòng)來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒，將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的第一個(gè)點(diǎn)O記為第1個(gè)點(diǎn)，圖中的B是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的第9個(gè)點(diǎn)．因此他用v＝gt計(jì)算與B點(diǎn)對(duì)應(yīng)的瞬時(shí)速度vB，求得動(dòng)能的增加量ΔEk＝____J這樣驗(yàn)證的系統(tǒng)誤差總是使ΔEk____ΔEp（選填“>”、“<”或“＝”）．

④上述兩種處理方法中，你認(rèn)為合理的是____同學(xué)所采用的方法．（選填“甲”或“乙”）19、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)：在小車A的前端粘有橡皮泥；推動(dòng)小車A使之做勻速運(yùn)動(dòng)，然后與原來(lái)靜止的小車B相碰并粘合成一體，繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)．他設(shè)計(jì)的具體裝置如圖所示，在小車后連接著紙帶，電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的電源頻率為50Hz，長(zhǎng)木板墊著小木片以平衡摩擦力．

（1）若已得到打點(diǎn)紙帶如圖所示，并測(cè)得各計(jì)數(shù)點(diǎn)間距（標(biāo)在圖上）．A為運(yùn)動(dòng)起點(diǎn)，則應(yīng)該選擇____段來(lái)計(jì)算A碰前的速度，應(yīng)選擇____段來(lái)計(jì)算A和B碰后的共同速度．（以上空格選填“AB”；“BC”、“CD”、“DE”）

（2）已測(cè)得小車A的質(zhì)量m1=0.40kg，小車B的質(zhì)量m2=0.20kg，由以上測(cè)量結(jié)果可得碰前m1v=____kg?m/s，碰后（m1+m2）v共=____kg?m/s，由此得出結(jié)論____．20、在兩條平行長(zhǎng)直導(dǎo)線中通以相同方向的電流時(shí)，它們之間為互相____；通以相反方向的電流時(shí)，則互相____．21、電源給電容器充電使平行板電容器所帶量為Q=4×l0-6C，它的兩極板之間電壓U=2V，然后去掉電源。則它的電容為____μF；如果將兩板電量各減少一半，則電容器所帶量為____C，它的電容為____μF，兩板間電勢(shì)差變?yōu)開___V；如果再將兩板間距離增為原來(lái)的2倍，則它的電容為____μF，兩板間電勢(shì)差變?yōu)開___V22、在“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，①測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)，若正確測(cè)出懸線長(zhǎng)L和擺球直徑d,則擺長(zhǎng)為;②測(cè)周期時(shí)，當(dāng)擺球經(jīng)過(guò)____位置（填平衡位置或最高點(diǎn)）時(shí)開始計(jì)時(shí)并計(jì)數(shù)1次，測(cè)出經(jīng)過(guò)該位置N次(約60~100次)的時(shí)間為t,則周期為____。23、某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)量一圓柱體的直徑d，則由圖可讀出d=______cm．用螺旋測(cè)微器測(cè)量某工件的長(zhǎng)度L，則由圖可讀出L=______mm．

24、氣墊導(dǎo)軌是常用的一種實(shí)驗(yàn)儀器.

它是利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導(dǎo)軌上，滑塊在導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)可視為沒有摩擦.

我們可以用帶豎直擋板C

和D

的氣墊導(dǎo)軌以及滑塊A

和B

來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示(

彈簧的長(zhǎng)度忽略不計(jì))

采用的實(shí)驗(yàn)步驟如下：a.

用天平分別測(cè)出滑塊A

、B

的質(zhì)量mA

、mB

．b.

調(diào)整氣墊導(dǎo)軌，使導(dǎo)軌處于水平．c.

在A

和B

間放入一個(gè)被壓縮的輕彈簧，用電動(dòng)卡銷鎖定，靜止放置在氣墊導(dǎo)軌上．d.

用刻度尺測(cè)出A

的左端至C

板的距離L

1

．e.

放開卡銷，同時(shí)使分別記錄滑塊A

、B

運(yùn)動(dòng)時(shí)間的計(jì)時(shí)器開始工作.

當(dāng)A

、B

滑塊分別碰撞C

、D

擋板時(shí)停止計(jì)時(shí)，記下A

、B

分別到達(dá)C

、D

的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t

1

和t

2

．(1)

實(shí)驗(yàn)中還應(yīng)測(cè)量的物理量是________________．(2)

利用上述測(cè)量的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是_______________________，上式中算得的A

、B

兩滑塊的動(dòng)量大小并不完全相等，產(chǎn)生誤差的原因可能是_________________________________________________________(

至少寫出兩點(diǎn))

(3)

利用上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是否可以測(cè)出被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能的大?。縚________________(

填“可以”或“不可以”)

評(píng)卷人得分四、判斷題(共2題，共6分)25、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

26、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共15分)27、某同學(xué)用多用電表測(cè)某電阻的阻值．他選擇“×100”倍率；用正確的操作步驟測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針位置如圖中實(shí)線①所示．

（1）為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量；請(qǐng)你補(bǔ)充完整下列依次應(yīng)該進(jìn)行的主要操作步驟：

A．______

B．______

（2）重新測(cè)量后，刻度盤上的指針位置如圖中實(shí)線②所示，則測(cè)量結(jié)果是______Ω．28、有一種測(cè)定線圈匝數(shù)的方法：把被測(cè)線圈作為變壓器的原線圈，用匝數(shù)已知的線圈作為副線圈，通入交流電，測(cè)量?jī)删€圈的電壓就可以求出被測(cè)線圈的匝數(shù)．某次測(cè)量時(shí)，副線圈匝數(shù)為200匝，把原線圈接到220V的線路中，測(cè)得副線圈的電壓為55V，則被測(cè)線圈匝數(shù)為______匝；某同學(xué)在操作該實(shí)驗(yàn)的過(guò)程中，誤將22V的直流電當(dāng)成220V交流電接入原線圈，則他測(cè)得副線圈的電壓為______V．29、某同學(xué)要研究一質(zhì)地均勻的圓柱形熱敏電阻電阻率隨溫度的變化規(guī)律；其部分步驟如下：

（1）用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度如圖甲所示；由圖可知其長(zhǎng)度為______mm。

（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑如圖乙所示；由圖可知其直徑為______mm。

（3）該同學(xué)利用以下實(shí)驗(yàn)器材設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)研究熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律：

A．熱敏電阻（常溫下阻值約200Ω）；

B．溫度計(jì)；

C．電流表A1（60mA；約10Ω）；

D．電流表A2（3A；約0.1Ω）；

E．電壓表V（6V；約15kΩ）；

F．滑動(dòng)變阻器R1（200Ω；0.5A）；

G．滑動(dòng)變阻器R2（5Ω；2A）；

H．蓄電池（6V；0.05Ω）

I．開關(guān)一個(gè)；導(dǎo)線若干。

實(shí)驗(yàn)要求通過(guò)熱敏電阻的電流從零開始增加，電流表應(yīng)選擇______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇______。（均填器材前的字母）參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】解：A

根據(jù)GMmr2=mv2r

解得：v=GMr

炮彈離地越高，軌道半徑越大，繞地球的速度越小，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)GMmr2=m4婁脨2T2r

解得T=2婁脨r3GM

炮彈離地越高，軌道半徑越大，繞地球旋轉(zhuǎn)的周期越大，故B正確；

C；炮彈在赤道發(fā)射；一定到達(dá)不了同步軌道，繞地球旋轉(zhuǎn)的周期一定不等于24h

故C錯(cuò)誤；

D；在赤道上發(fā)射同一衛(wèi)星時(shí)；向東發(fā)射比向西發(fā)射相對(duì)于地面的初速度較大，即具有較大的動(dòng)能，所以消耗的能量要少些，故D錯(cuò)誤．

故選：B

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力；先根據(jù)線速度關(guān)系分析半徑關(guān)系，再分析向心加速度；周期與軌道半徑之間存在什么關(guān)系；在同步軌道上，衛(wèi)星的周期等于地球自轉(zhuǎn)的周期，赤道上發(fā)射衛(wèi)星相對(duì)于地心的速度最大，所需能量最小。

解決本題的關(guān)鍵是知道衛(wèi)星的vT

等物理量與軌道半徑的關(guān)系，記住“高軌、低速、大周期”，知道同步衛(wèi)星的特點(diǎn)．【解析】B

2、A|C|D【分析】

A、重力做功等于重力勢(shì)能的變化量，重力做功3J，重力勢(shì)能減小3J，所以a點(diǎn)重力勢(shì)能比b點(diǎn)大3J；故A正確。

B、電場(chǎng)力做功等于電勢(shì)能的變化量，電場(chǎng)力做功1J，電勢(shì)能減小1J，所以a點(diǎn)電勢(shì)能比b點(diǎn)大1J；故B錯(cuò)誤．

C、合力做功等于動(dòng)能的變化量，合力做功等于各個(gè)分力做的功，總功為3.5J，故動(dòng)能增加3.5J，所以a點(diǎn)動(dòng)能比b點(diǎn)小3.5J；故C正確．

D、除重力外的各個(gè)力做的總功等于機(jī)械能的變化量，除重力外，電場(chǎng)力做功為1J，克服空氣阻力做功0.5J，故機(jī)械能增加0.5J，所以a點(diǎn)機(jī)械能比b點(diǎn)小0.5J；故D正確．

故選ACD．

【解析】【答案】解決本題需掌握：重力做功等于重力勢(shì)能的變化量；電場(chǎng)力做功等于電勢(shì)能的變化量；合力做功等于動(dòng)能的變化量；

除重力外的各個(gè)力做的總功等于機(jī)械能的變化量．

3、A【分析】試題分析：當(dāng)電子從M點(diǎn)向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，庫(kù)侖力先做正功，后做負(fù)功，運(yùn)動(dòng)的速度先增加后減小，所以動(dòng)能先增加后減小，則電勢(shì)能先減小后增加．根據(jù)公式可得距離先減小后增大，故靜電力先增大后減小，故A正確。考點(diǎn)：考查了庫(kù)侖定律，電勢(shì)能，功能關(guān)系【解析】【答案】A4、C【分析】試題分析：在運(yùn)強(qiáng)電場(chǎng)中，兩點(diǎn)間電勢(shì)差等于場(chǎng)強(qiáng)與兩點(diǎn)沿場(chǎng)強(qiáng)方向距離的乘積即所以UOA=Ercosθ，故C正確?？键c(diǎn)：本題考查運(yùn)強(qiáng)電場(chǎng)中的電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)差等知識(shí)。【解析】【答案】C5、A【分析】試題分析：AB

是兩個(gè)等量同號(hào)正電荷；EDF

是它們連線的垂直平分線.

分析該題目時(shí)，先分析AB

的合場(chǎng)強(qiáng)，再求出三個(gè)點(diǎn)電荷的合場(chǎng)強(qiáng)．

D

點(diǎn)到ABC

三點(diǎn)的距離相等，故三個(gè)電荷在D

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，且夾角互為120鈭?

電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量；場(chǎng)強(qiáng)的合成滿足平行四邊形定則，故G；H

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，但方向不同．

A；由于一點(diǎn)為正二角形的中心；即到二個(gè)點(diǎn)電荷的距離相等，故任意兩點(diǎn)電荷在一點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)與第二個(gè)點(diǎn)電荷在一點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小等大反向，故一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故A正確；

B；由于取無(wú)限遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0

在AB

兩個(gè)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，EF

上電場(chǎng)方向從E

指向無(wú)窮處，D

的點(diǎn)電勢(shì)高于無(wú)窮處的電勢(shì)；在C

單獨(dú)產(chǎn)生的電場(chǎng)中，一的點(diǎn)電勢(shì)也高于無(wú)窮處的電勢(shì)；故一點(diǎn)電勢(shì)必定高于無(wú)窮處電勢(shì)，電勢(shì)大于0

故B錯(cuò)誤；

C；由C

點(diǎn)電荷在EF

兩點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度等大反向；但AB

兩個(gè)點(diǎn)電荷在EF

兩點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度卻不相等，故C錯(cuò)誤；

D；由對(duì)稱性可知；EGH

二點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和電勢(shì)均相等，但電場(chǎng)強(qiáng)度的方向不同，故D錯(cuò)誤．

故選：A

．【解析】A

6、A【分析】解：根據(jù)平衡條件；以MN

為整體，進(jìn)行受力分析，則有：地面對(duì)N

的摩擦力f=2F鈭?F=F

方向向右，故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A

．

依據(jù)平衡條件；并根據(jù)整體法判斷N

與地面間的摩擦力，從而即可求解．

連接體問(wèn)題通常利用整體法和隔離法，注意研究對(duì)象的轉(zhuǎn)換.

學(xué)會(huì)區(qū)別靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力，和大小的計(jì)算.

靜摩擦力的大小等于引起它有運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)的外力，而滑動(dòng)摩擦力等于婁脤FN

．【解析】A

7、D【分析】解：A；地球表面的物體在任何狀態(tài)下均有重力；故A錯(cuò)誤；

B；物體做自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)同樣受到重力；故B錯(cuò)誤；

C；物體的重力是由于地球的吸引而產(chǎn)生的；但并不是說(shuō)吸引力就是重力，故C錯(cuò)誤；

D；赤道和北極的重力加速度不同；則同一物體在赤道和北極所受的重力大小不同，故D正確。

故選：D。

重力是由于地球的吸引而使物體受到的力；地球上不同的位置重力加速度不同。

解決本題的關(guān)鍵是知道重力與引力的關(guān)系、重力大小的決定因素等知識(shí)?！窘馕觥緿二、多選題(共9題，共18分)8、AC【分析】解：A、B、剛閉合S的瞬間，電源的電壓同時(shí)加到兩燈上，由于L的自感作用，L瞬間相當(dāng)于斷路，所以電流通過(guò)兩燈，兩燈同時(shí)亮．隨著電流的逐漸穩(wěn)定，L將D1燈短路，所以D1燈很快熄滅，D2燈變得更亮；故A正確，B錯(cuò)誤．

C、D、閉合S待電路達(dá)到穩(wěn)定后，再將S斷開，D2燈立即熄滅，而L與D1燈組成閉合回路，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，D1燈閃亮一下而后熄滅；故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：AC

根據(jù)線圈在電流發(fā)生變化會(huì)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)；電流增大時(shí)自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流增大，電流減小時(shí)自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電減小，相當(dāng)于電源；并結(jié)合歐姆定律分析．

本題考查了自感線圈對(duì)電流發(fā)生變化時(shí)的阻礙作用，增大瞬間相當(dāng)于斷路，減小瞬間相當(dāng)于電源，穩(wěn)定后相當(dāng)于短路．【解析】【答案】AC9、ABD【分析】解：A；圖象（a）以一個(gè)個(gè)的亮點(diǎn)；即每次只照亮一個(gè)位置，這表明光是一份一份傳播的，說(shuō)明光具有粒子性，故A正確．

B；圖象（c）有明顯的明暗相間的干涉條紋；而干涉是波特有的性質(zhì)，故表明光具有波動(dòng)性，故B正確．

C；因?yàn)樽贤夤馐遣豢梢姽?；所以直接用眼睛觀察不到類似的圖象，但是用感光膠片就能觀察到類似現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤．

D；因?yàn)閱蝹€(gè)光子所能到達(dá)的位置不能確定；但大量光子卻表現(xiàn)出波動(dòng)性，即光子到達(dá)哪個(gè)位置是一個(gè)概率問(wèn)題，故此實(shí)驗(yàn)表明了光是一種概率波．故D正確．

故選ABD．

因?yàn)閱蝹€(gè)光子所能到達(dá)的位置不能確定；即每次只照亮一個(gè)位置，這表明光是一份一份傳播的，說(shuō)明光具有粒子性，單個(gè)光子所到達(dá)哪個(gè)位置是個(gè)概率問(wèn)題，大量光子卻表現(xiàn)出波動(dòng)性，即光子到達(dá)哪個(gè)位置是一個(gè)概率問(wèn)題，故此實(shí)驗(yàn)表明了光是一種概率波．

只要多讀課本，掌握了基礎(chǔ)知識(shí)，就能順利解決此類問(wèn)題．【解析】【答案】ABD10、ABD【分析】【分析】此燈泡是非線性元件，根據(jù)電阻是指對(duì)電流的阻礙作用判斷燈泡電阻與電壓之間的關(guān)系；找到P

點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電壓和電流，根據(jù)歐姆定律求出此時(shí)燈泡的電阻；由功率公式可對(duì)應(yīng)圖線的“面積”?！窘獯稹緼.圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率等于電阻大??；由數(shù)學(xué)知識(shí)可以知道，隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大，故A正確；

B.對(duì)應(yīng)P

點(diǎn)，小燈泡的電阻為R=U1I2

故B正確；

C.在電路中燈泡L

兩端的電壓為U1

時(shí)；電阻R

兩端的電壓為I2R

故C錯(cuò)誤；

D.由恒定電流的功率公式P=UI

推廣可以知道，對(duì)應(yīng)P

點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM

所圍的面積，故D正確。故選ABD。

【解析】ABD

11、AD【分析】解：A

磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)閦

正方向，根據(jù)左手定則，直導(dǎo)線所受安培力方向沿y

正方向，由平衡條件得：BILcos婁脠=mgsin婁脠

解得：B=mgILtan婁脠

故A正確；

B、當(dāng)磁場(chǎng)沿y

負(fù)方向時(shí)，由左手定則可知，導(dǎo)線受到的安培力豎直向上，當(dāng)BIL=mgB=mgIL

導(dǎo)線靜止，與豎直方向夾角婁脠=0鈭?

不符合題意，故B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)磁場(chǎng)沿x

負(fù)方向時(shí)，磁場(chǎng)與電流平行，導(dǎo)線不受安培力，導(dǎo)線在重力與細(xì)線拉力作用下靜止，磁感應(yīng)強(qiáng)度可以為任何值，B=mgIL

可以使導(dǎo)線靜止，但與豎直方向夾角婁脠=0鈭?

不符合題意，故C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)沿懸線向上時(shí)，由左手定則可知，安培力垂直于導(dǎo)線斜向上方，由平衡條件得：BIL=mgsin婁脠

則B=mgILsin婁脠

故D正確；

故選AD．

左手定則：左手平展；讓磁感線穿過(guò)手心，使大拇指與其余四指垂直，并且都跟手掌在一個(gè)平面內(nèi).

把左手放入磁場(chǎng)中，讓磁感線垂直穿入手心，手心面向N

極，四指指向電流所指方向，則大拇指的方向就是導(dǎo)體受力的方向.

根據(jù)左手定則的內(nèi)容，逐個(gè)分析判斷即可的出結(jié)論．

左手定則和右手定則一定要區(qū)分開，如果是和力有關(guān)的則全依靠左手定則，即，關(guān)于力的用左手，其他的(

一般用于判斷感應(yīng)電流方向)

用右手定則．【解析】AD

12、AD【分析】解：At=0.8s

時(shí)；圖象切線的斜率為負(fù)，說(shuō)明振子的速度為負(fù)，即速度方向向左，故A正確．

B；在0鈭?0.4s

內(nèi)；振子做變減速運(yùn)動(dòng)，不是勻速運(yùn)動(dòng)，所以t=0.2s

時(shí)，振子不在O

點(diǎn)右側(cè)6cm

處，故B錯(cuò)誤．

C、t=0.4s

和t=1.2s

時(shí)，振子的位移完全相反，由a=鈭?kxm

知加速度完全相反，故C錯(cuò)誤．

D；t=0.4s

到t=0.8s

的時(shí)間內(nèi)；振子的位移減小，正向平衡位置靠近，速度逐漸增大，故D正確．

故選：AD

由圖象可讀出振子振動(dòng)的周期和振幅；振子向平衡位置運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，速度增大，加速度減小.

通過(guò)分析振子位移的變化，即可判斷其速度和加速度的變化．

本題考查了彈簧振子的振動(dòng)圖象，會(huì)判斷振子的速度和加速度的變化，要知道加速度、回復(fù)力與位移的變化情況是一致的，而與速度的變化情況相反．【解析】AD

13、BC【分析】解：A、B，當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)，板間距離減小，由電容的決定式C=得到；電容器的電容將增大。故A錯(cuò)誤，B正確。

C；D；當(dāng)F變化時(shí)，電容變化，而板間電壓不變，由Q=CU，故帶電荷量Q發(fā)生變化，電容器將發(fā)生充、放電現(xiàn)象，回路中有電流，電流計(jì)有示數(shù)。反之，電流計(jì)有示數(shù)時(shí)，壓力F必發(fā)生變化。故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：BC。

根據(jù)電容器的電容與板間距離的關(guān)系判斷當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)電容的變化．由題；電容器；靈敏電流計(jì)和電源串接成閉合電路，若電流計(jì)有示數(shù)，電容器在充電或放電，壓力F一定發(fā)生變化．

本題電容器動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，只要掌握電容的定義式和決定式就能正確解答．【解析】BC14、B:C:D【分析】【詳解】

A；外界對(duì)物體做功；若物體放熱，則物體內(nèi)能不一定增大，故A錯(cuò)誤；

B；溫度越高；布朗運(yùn)動(dòng)就越顯著，故B正確；

C；當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)；隨分子間距離的減小，分子力做負(fù)功，則分子勢(shì)能增大，故C正確；

D；在各中晶體中；原子（或分子、離子）都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性，故D正確；

E、根據(jù)熱力學(xué)第三定律可知，絕對(duì)零度只能接近，不能達(dá)到，故E錯(cuò)誤。15、AD【分析】解：A；回復(fù)力F=-kx中的x是指振子相對(duì)平衡位置的位移；故A正確；B錯(cuò)誤；

C；振子的回復(fù)力可以是合外力也可以是某個(gè)力的分力；故C錯(cuò)誤；

D；振子的回復(fù)力不一定是合外力；如單擺的合力不還提供向心力；故D正確；

故選：AD

回復(fù)力是做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體所受到的指向平衡位置的合力；方向總是指向平衡位置；回復(fù)力公式F=-kx中的k是比例系數(shù)；回復(fù)力是變力．

對(duì)于簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，要理解并掌握回復(fù)力的概念、方向特點(diǎn)，知道簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特征方程F=-kx．【解析】【答案】AD16、AC【分析】【分析】下一點(diǎn)在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間比前一個(gè)點(diǎn)少0.2

秒，水滴在視覺上的運(yùn)動(dòng)是向上運(yùn)動(dòng)，兩點(diǎn)距離對(duì)應(yīng)的時(shí)間是1.2

秒，拍照時(shí)對(duì)應(yīng)的點(diǎn)比前一個(gè)點(diǎn)少運(yùn)動(dòng)0.2

秒，利用視覺關(guān)系解答。本題關(guān)鍵視覺上就是以某一點(diǎn)為參考系，觀察其他點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況，畫出示意圖最好理解。【解答】AB.

根據(jù)題意下一點(diǎn)在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間比前一個(gè)點(diǎn)少0.2

秒，所以水滴在視覺上的運(yùn)動(dòng)是向上運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤，A正確；CD.

兩點(diǎn)距離對(duì)應(yīng)的時(shí)間是1.2

秒，拍照時(shí)對(duì)應(yīng)的點(diǎn)比前一個(gè)點(diǎn)少運(yùn)動(dòng)0.2

秒，12at2=12g(1.2鈭?1.0)2t=1.0s

解得a=0.04g

水滴運(yùn)動(dòng)的加速度的大小為0.04g

故C正確，D錯(cuò)誤；故選AC。

【解析】AC

三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】

經(jīng)5s振子第10次返回原來(lái)位置，知周期．振子的振幅為3cm；一個(gè)周期內(nèi)的路程為12cm，則振子經(jīng)過(guò)的路程s=10×12cm=120cm．

故答案為：0.5s；120cm．

【解析】【答案】振子完成一次全振動(dòng)所需的時(shí)間為一個(gè)周期；振子在一個(gè)周期內(nèi)經(jīng)過(guò)的路程等于4倍的振幅．

18、OC15.701.201.22<1.23>甲【分析】【解答】①毫米刻度尺讀數(shù)要估讀到毫米下一位，OC長(zhǎng)度讀數(shù)到1毫米，不符合讀數(shù)要求．應(yīng)記作15.70cm.②AC段的平均速度即B點(diǎn)瞬時(shí)速度vB＝＝＝1.55m/s，則系統(tǒng)增加的動(dòng)能ΔEk＝≈1.20J，重力勢(shì)能減少了ΔEp＝mg≈1.22J，由于摩擦力的作用，部分重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以ΔEk<ΔEp.③B是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的第9個(gè)點(diǎn)，所以B點(diǎn)的速度vB＝gt＝g×8×0.02s＝1.57m/s，動(dòng)能的增加量ΔEk＝≈1.23J，這樣做把加速度按照自由落體計(jì)算，沒有考慮摩擦力的作用，而實(shí)際上，由于摩擦力的作用，加速度a<g，所以vB＝gt應(yīng)大于實(shí)際對(duì)應(yīng)h的速度大小，所以會(huì)使得ΔEk>ΔEp.④乙方案中直接把加速度按照重力加速度計(jì)算；不符合事實(shí)，而且誤差大，所以合理的是甲方案．

【分析】解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題首先會(huì)讀數(shù)，計(jì)算速度，從而求解動(dòng)能和勢(shì)能，會(huì)分析產(chǎn)生實(shí)驗(yàn)誤差的原因.19、略

【分析】

（1）由于碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度；故AC應(yīng)在碰撞之前，DE應(yīng)在碰撞之后．

推動(dòng)小車由靜止開始運(yùn)動(dòng)；故小車有個(gè)加速過(guò)程，在碰撞前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，即在相同的時(shí)間內(nèi)通過(guò)的位移相同，故BC段為勻速運(yùn)動(dòng)的階段，故選BC計(jì)算碰前的速度；

碰撞過(guò)程是一個(gè)變速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程；而A和B碰后的共同運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故在相同的時(shí)間內(nèi)通過(guò)相同的位移，故應(yīng)選DE段來(lái)計(jì)算碰后共同的速度．

故答案為BC；DE

（2）碰前系統(tǒng)的動(dòng)量即A的動(dòng)量，則P1=m1v1=m1=0.40×=0.420kg?m/s

碰后的總動(dòng)量P2=（m1+m2）v2=（m1+m2）=（0.40+0.20）×=0.417kg?m/s

碰撞前后動(dòng)量近似相等；所以在誤差允許的范圍內(nèi)，碰撞中mv的矢量和是守恒的．

故答案為：0.420；0.417．

故本題的答案為：（1）BCDE（2）0.4200.417在誤差允許的范圍內(nèi)；碰撞中mv的矢量和是守恒的。

【解析】【答案】（1）碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度；確定AC應(yīng)在碰撞之前，DE應(yīng)在碰撞之后，在勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)在相同的時(shí)間內(nèi)通過(guò)的位移相同，所以BC應(yīng)為碰撞之前勻速運(yùn)動(dòng)階段，DE應(yīng)為碰撞之后勻速運(yùn)動(dòng)階段．

（2）物體發(fā)生的位移與發(fā)生這些位移所用時(shí)間的比值等于勻速運(yùn)動(dòng)的物體在該段時(shí)間內(nèi)的速度．P=mv=m

20、略

【分析】

根據(jù)通電直導(dǎo)線產(chǎn)生磁場(chǎng)的特點(diǎn)；兩條導(dǎo)線周圍都產(chǎn)生圓形磁場(chǎng)，而且磁場(chǎng)的走向相反．在兩條導(dǎo)線之間磁場(chǎng)方向相同．

這就好像在兩條導(dǎo)線中間放置了兩塊磁鐵；它們的N極和N極相對(duì)，S極和S極相對(duì)．由于同名磁極相斥，這兩條導(dǎo)線會(huì)產(chǎn)生排斥力．

故答案為：吸引；排斥．

【解析】【答案】通電導(dǎo)線a的周圍有磁場(chǎng)，通電導(dǎo)體b放在了通電導(dǎo)線a的磁場(chǎng)內(nèi)；受到磁場(chǎng)的作用，根據(jù)左手定則就可以判斷出相互作用力．

21、略

【分析】【解析】試題分析：根據(jù)公式可得如果將兩板電量各減少一半，則電容器所帶量為電容器的電容大小和其兩端的電壓，電荷量無(wú)關(guān)，所以電容扔為2根據(jù)公式可得其兩端的電壓為1V，根據(jù)公式可得如果再將兩板間距離增為原來(lái)的2倍，電容變?yōu)?根據(jù)可得電壓為2V，考點(diǎn)：考查了電容的計(jì)算【解析】【答案】2，2×l0-6，21，1，222、略

【分析】①單擺的擺長(zhǎng)為懸點(diǎn)到球心的距離，所以是②測(cè)周期時(shí)，擺球開始計(jì)時(shí)的位置應(yīng)是平衡位置，容易判斷，最高點(diǎn)位置因速度為0，不容易判斷，從開始計(jì)時(shí)并計(jì)數(shù)1次，測(cè)出經(jīng)過(guò)該位置N次，是N-1個(gè)半周期，得T=【解析】【答案】①(1分);②平衡(1分);(2分);23、略

【分析】解：游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為29mm；游標(biāo)尺上第8個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為8×0.1mm=0.8mm，所以最終讀數(shù)為：29mm+0.8mm=29.8mm=2.98cm．

螺旋測(cè)微器的固定刻度為6mm；可動(dòng)刻度為12.3×0.01mm=0.123mm，所以最終讀數(shù)為6mm+0.123mm=6.123mm．

故答案為：2.98；6.123

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量．【解析】2.98；6.12324、（1）滑塊B的右端到D擋板的距離L2（2）一是測(cè)量本身就存在誤差，如測(cè)量質(zhì)量、時(shí)間、距離等存在誤差；二是空氣阻力或者是導(dǎo)軌不是水平的等原因。（3）可以

【分析】【分析】(1)

要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律需要知道物體的質(zhì)量和速度，而速度可以用位移與時(shí)間的比值代替，故要測(cè)位移；(2)

利用vA=L1t1vB=L2t2

即可將mAvA鈭?mBVB=0

轉(zhuǎn)化為mAL1t1鈭?mBL2t2=0

(3)

根據(jù)能量守恒，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為兩滑塊勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能即Ep=mAvA22+mBvB22

利用位移求出vA

和vB

本題考查動(dòng)量守恒定律的驗(yàn)證；利用位移或位移與時(shí)間的比值表示物體的速度是物理實(shí)驗(yàn)中常用的一種方法，要注意掌握。【解答】(1)

因系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒即mAvA鈭?mBVB=0

由于系統(tǒng)不受摩擦，故滑塊在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)故有vA=L1t1vB=L2t2

，即mAL1t1鈭?mBL2t2=0

所以還要測(cè)量的物理量是：B

的右端至D

板的距離L2隆攏

(2)

由(1)

分析可知驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是mAL1t1鈭?mBL2t2=0

分析可知，本實(shí)驗(yàn)中的誤差主要來(lái)自于一是測(cè)量本身就存在誤差，如測(cè)量質(zhì)量、時(shí)間、距離等存在誤差；二是空氣阻力或者是導(dǎo)軌不是水平的等原因；(3)

根據(jù)能量守恒定律被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能Ep=mAvA22+mBvB22

將vA=L1t1vB=L2t2

代入上式得Ep=mA(L1t1)22+mB(L2t2)22

故可以測(cè)出被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能。故填：(1)

滑塊B

的右端到D

擋板的距離L2

(2)mAL1t1=mBL2t2一是測(cè)量本身就存在誤差，如測(cè)量質(zhì)量、時(shí)間、距離等存在誤差；二是空氣阻力或者是導(dǎo)軌不是水平的等原因(3)

可以

【解析】(1)

滑塊B

的右端到D

擋板的距離L2

(2)mAL1t1=mBL2t2一是測(cè)量本身就存在誤差，如測(cè)量質(zhì)量、時(shí)間、距離等存在誤差；二是空氣阻力或者是導(dǎo)軌不是水平的等原因。(3)

可以

四、判斷題(共2題，共6分)25、A【分析