2024年北師大版高三物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大版高三物理上冊月考試卷396考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、某校同學野營活動中開展搜狐的活動，甲、乙兩個小分隊從如圖所示的地形圖的O點同時出發(fā)，并同時到達A點搜到狐貍，各自的搜狐的路徑已在圖中標出，則下列的說法中，正確的是（）A.兩個小分隊運動的平均速度相等B.甲隊的平均速度大于乙隊C.兩個小分隊運動的平均速率相等D.甲隊的平均速率小于乙隊2、如圖所示，一輕質(zhì)彈簧固定在墻上，一個質(zhì)量為m的木塊以速度v0從右側(cè)沿光滑水平面向左運動并與彈簧發(fā)生相互作用．設相互作用的過程中彈簧始終在彈性限度范圍內(nèi)，那么，在整個相互作用的過程中木塊速度變化量△v的大小和彈簧對木塊做的功W分別是（）A.△v=0，W=mv02B.△v=2v0，W=0C.△v=v0，W=D.△v=2v0，W=3、【題文】我國發(fā)射的“神州”五號載人宇宙飛船的周期約為90min，如果把它繞地球的運動看作是勻速圓周運動，則飛船的運動和人造地球同步衛(wèi)星（軌道平面與地球赤道平面共面，運行周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同）的運動相比，下列判斷中正確的是（）A.飛船的軌道半徑大于同步衛(wèi)星的軌道半徑B.飛船運行的向心加速大于同步衛(wèi)星運行的向心加速度C.飛船的運行速度小于同步衛(wèi)星的運行速度D.飛船運行的角速度小于同步衛(wèi)星運行的角速度4、如圖甲表示某哺乳動物細胞分裂過程中按DNA含量的變化，圖乙為該動物細胞分裂的一個圖象，下列相關說法正確的是

A.在有絲分裂和減數(shù)分裂過程中均會發(fā)生圖甲的變化B.圖乙所示的細胞不一定會發(fā)生基因重組C.圖甲中③→④核DNA數(shù)目減半的原因是同源染色體的分離D.圖乙中有2對同源染色體，對應于圖甲中的②階段5、某力的大小為7N，該力可以分解為（）A.2N和10N的兩個分力B.均為10N的兩個分力C.1N和5N的兩個分力D.均為3N的兩個分力6、如圖，電源電動勢E=8V，內(nèi)電阻為r=0.5Ω，“3V，3W”的燈泡L與電動機M串聯(lián)接在電源上，燈泡剛好正常發(fā)光，電動機剛好正常工作，電動機的線圈電阻R0=1.5Ω．下列說法中正確的是（）A.電動機的輸出功率為3WB.電動機消耗的功率為3WC.電源的輸出功率是8WD.通過電動機的電流為1.6A7、在離地高20m處，沿豎直方向同時向上和向下拋出兩個小球，它們的初速度大小均為5m/s，不計空氣阻力，兩球落地的時間差為（g取10m/s2）（）A.1sB.0.5sC.8sD.4s8、科學家們推測，太陽系的第十顆行星就在地球的軌道上，從地球上看，它永遠在太陽的背面，人類一直未能發(fā)現(xiàn)它，可以說是“隱居”著的地球的“孿生兄弟”．由以上信息可以確定（）A.這顆行星的半徑等于地球的半徑B.這顆行星上同樣存在著生命C.這顆行星的密度等于地球的密度D.這顆行星的公轉(zhuǎn)周期與地球相等9、一束由兩種單色光組成的細光束入射到三棱鏡上，經(jīng)棱鏡折射后，分成了兩束光a、b，則（）A.a光的波長大于b光的波長B.a光的頻率大于b光的頻率C.a光的波長小于b光的波長D.在同一介質(zhì)中傳播時，a光的傳播速度小于b光的傳播速度評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)10、（2015春?武漢校級期末）如圖所示，平行金屬帶電極板A、B間可看作勻強電場，極板間距離d=5cm．電場中C和D分別到A、B兩板間垂直距離均為2cm，B極接地，把一電量q1=-2.0×10-9C的點電荷由C點移到M點（圖中未標出M點0，電場力做功4.0×10-7J，把該電荷由M點移到D點，克服電場力做功為2.0×10-7J．求：

（1）C和D兩點間電勢差UCD；

（2）勻強電場的場強E的大?。?/p>

（3）將點電荷q2=4×10-9C從D點移到C點的過程中，該點電荷的電勢能變化量Ep=____．11、（2015春?楊浦區(qū)校級期中）如圖所示，細繩AB、CB下懸掛著重20N的重物P，細繩AC與CB垂直，細繩CD呈水平，AB與豎直方向成30°角，AC與AB之間也是30°角．這時細繩BC所受到的拉力大小是____N，細繩CD所受到的拉力大小是____N．12、質(zhì)子以速率v=4×106米/秒垂直進入0.5特的勻強磁場中，它受到的洛倫磁力為____N．（已知質(zhì)子的電量e=1.6×10-19C）13、（2011秋?遼寧校級期末）（1）以下是有關近代物理內(nèi)容的若干敘述，其中正確的是____

A．盧瑟福通過分析α粒子散射實驗結(jié)果；建立了原子的核式結(jié)構(gòu)模型

B．一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應；可能是因為這束光的光強太小

C．有10個放射性元素的原子核；當有5個原子核發(fā)生衰變所需的時間就是該放射性元素的半衰期

D．原子核發(fā)生一次β衰變時；其內(nèi)部的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子

E．玻爾理論指出氫原子能級是分立的；原子光譜是線狀譜

（2）如圖所示，在光滑桌面上放著長木板，其長度為L=1.0m，在長木板的左上端放一可視為質(zhì)點的小金屬塊，它的質(zhì)量和木板的質(zhì)量相等，最初它們是靜止的．現(xiàn)讓小金屬塊以v0=2.0m/s的初速度開始向右滑動，當滑動到長木板的右端時，滑塊的速度為v1=1.0m/s，取g=l0m/s2，求：（i）小金屬塊剛滑到長木板右端時的速度大小v2及滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)μ；

（ii）小金屬塊剛滑到長木板右端時經(jīng)歷的時間t及長木板的位移大小x．14、（2014春?和平區(qū)校級期中）如圖所示，每一級臺階的高度和寬度都是0.4m，一球以水平速度由第一級臺階上拋出欲打在第五級臺階上，則水平速度v的取值范圍是____．15、一質(zhì)點做勻減速直線運動，初速度為v0=12m/s，加速度大小為a=2m/s2，運動中從某一時刻計時的1s時間內(nèi)質(zhì)點的位移恰為6m，那么此后質(zhì)點還能運動的時間是____．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)16、液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．____．（判斷對錯）17、某時刻一個分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判斷對錯）18、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應使物體運動的描述盡可能簡單．____．（判斷對錯）19、物體受到的合外力不做功，則物體一定作勻速直線運動．____．20、用電器的額定功率與所加的電壓無關．____．（判斷對錯）21、坐標系都是建立在參考系上的．____．（判斷對錯）22、重心就是物體上最重的一點．____．23、物體受到的合外力不做功，則物體一定作勻速直線運動．____．評卷人得分四、簡答題(共3題，共27分)24、一列火車進站前先關閉氣閥，讓車減速滑行，滑行x1=800m時速度減為關閉氣閥時的三分之一，這段滑行的時間為t1=40s；此后又繼續(xù)滑行了一段，停在車站．設火車在滑行過程中加速度始終維持不變，求：

（1）火車滑行過程的加速度大小和剛關閉氣閥時的速度v0大小；

（2）火車從關閉氣閥到停止滑行時，滑行的總位移x大小．25、質(zhì)量均為m=10g、半徑可忽略的兩小球A和B用長度都為L=10cm的輕細絕緣絲線懸掛于同一點C，讓兩小球都有帶上正電荷靜止時如圖所示，兩小球相距r=12cm，已知A球帶電量為B球的3倍，靜電力常量為k=9×109N?m2/C2，g=10m/s2．求：

（1）B球的帶電量；

（2）A、B連線中點O的電場強度大小和方向．26、單質(zhì)銅及其化合物一般都具有特殊的顏色，如：。rm{Cu}rm{Cu_{2}O}rm{CuO}rm{Cu(OH)_{2}}rm{CuSO_{4}隆隴5H_{2}O}紅色rm{(}或紫紅色rm{)}紅色黑色藍色藍色某學校研究性學習小組甲為檢測實驗室用rm{H_{2}}還原rm{CuO}所得紅色固體中是否含有rm{Cu_{2}O}進行了認真的探究。Ⅰrm{.}查閱資料得出下列信息：rm{壟脵Cu_{2}O}屬于堿性氧化物；rm{壟脷}高溫灼燒rm{CuO}生成rm{Cu_{2}O}rm{壟脹Cu_{2}O}在酸性條件下能發(fā)生下列反應：rm{Cu_{2}O+2H^{+}=Cu+Cu^{2+}+H_{2}O}Ⅱrm{.}設計實驗方案：方案rm{1}取該紅色試樣溶于足量的稀硝酸中，觀察溶液顏色變化。方案rm{2}取該紅色試樣溶于足量的稀硫酸中，觀察溶液是否呈藍色。方案rm{3}稱得干燥坩堝的質(zhì)量為rm{ag}取紅色試樣置于坩堝中稱得總質(zhì)量為rm{bg.}在空氣中高溫灼燒至質(zhì)量恒定，稱得最后總質(zhì)量為rm{cg}rm{(1)}寫出下列的化學方程式：方案rm{1}中rm{Cu_{2}O}參與的化學方程式：__________________________。方案rm{2}中rm{Cu_{2}O}參與的化學方程式：___________________________。rm{(2)}請你評價方案rm{1}和方案rm{2}的合理性，并簡述理由：方案rm{1}__________________________________________________。方案rm{2}__________________________________________________。rm{(3)}方案rm{3}中，若確認紅色粉末中含有rm{Cu_{2}O}則rm{a}rmrm{c}應符合的數(shù)學關系為________，該實驗方案最少得進行________次稱量。Ⅲrm{.}研究性學習小組乙，設計了新的探究方案，擬通過干燥管rm{CuSO_{4}}是否變藍來判斷紅色固體中是否含有rm{Cu_{2}O}裝置如圖所示。rm{(4)}簡述該探究方案中，檢驗氣體發(fā)生裝置氣密性的方法rm{(}說明操作方法、現(xiàn)象和結(jié)論rm{)}____________________________________。rm{(5)}為確保探究的科學、合理、安全，你認為實驗中還應采取的措施有：________rm{(}填字母代號rm{)}A.在氫氣發(fā)生器與硬質(zhì)玻璃管之間加一個干燥裝置B.加熱前先排盡裝置中的空氣C.在盛有硫酸銅的干燥管后再連接一個裝有堿石灰的干燥管評卷人得分五、證明題(共3題，共6分)27、宇航員駕駛一飛船在靠近某行星表面附近的圓形軌道上運行，已知飛船運行的周期為T，行星的平均密度為ρ．試證明ρT2=k（萬有引力恒量G為已知，k是恒量）．28、宇航員駕駛一飛船在靠近某行星表面附近的圓形軌道上運行，已知飛船運行的周期為T，行星的平均密度為試證明（萬有引力恒量G為已知，是恒量）29、如圖，太陽系中星體A繞太陽做半徑為R1的圓周運動，星體B作拋物線運動．B在近日點處與太陽的相距為R2=2R1，且兩軌道在同一平面上，兩星體運動方向如圖中箭頭所示．設B運動到近日點時，A恰好運動到B與太陽連線上，A、B隨即發(fā)生某種強烈的相互作用而迅速合并成一個新的星體，其間的質(zhì)量損失可忽略．試證明新星體繞太陽的運動軌道為橢圓．評卷人得分六、實驗探究題(共1題，共2分)30、如圖1

用光電門等器材驗證機械能守恒定律.

直徑為d

質(zhì)量為m

的金屬小球由A

處靜止釋放，下落過程中經(jīng)過A

處正下方的B

處固定的光電門，測得AB

的距離為H(H>>d)

光電門測出小球通過光電門的時間為t

當?shù)氐闹亓铀俣葹間

則。

(1)

小球通過光電門B

時的速度表達式______；(

用題中所給物理量表示)

(2)

多次改變高度H

重復上述實驗，作出1t2

隨H

的變化圖象如圖2

所示，當圖中已知量t0H0

和重力加速度g

及小球直徑d

滿足以下表達式1t02=2gd2H0

時；可判斷小球下落過程中機械能______(

選填“守恒”；“不守恒”)

(3)

實驗中發(fā)現(xiàn)動能增加量鈻?EK

總是小于重力勢能減少量鈻?EP

增加下落高度后，鈻?EP鈭?鈻?EK

將______(

選填“增加”、“減小”或“不變”)

．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】根據(jù)軌跡，分析甲、乙兩個小分隊初位置、末位置的關系，分析他們位移關系，再分析平均速度的關系．路程是物體運動軌跡的長度，由圖直接比較路程的大小．【解析】【解答】解：A、B、由圖看出，兩個小分隊起點都在O點，終點都在A點，位移相同，所用時間相同，則根據(jù)平均速度的公式=得知；平均速度一定相同．故A正確，B錯誤．

C；D、由于甲通過的路程大于乙的路程；所用時間相等，則甲隊的平均速率大于乙隊，故CD錯誤．

故選：A．2、B【分析】【分析】明確物體的運動過程即可求出物體的速度變化量；再由動能定理可求得彈簧對木塊所做的功．【解析】【解答】解：由于木塊與彈簧相互作用時；沒有能量損失，故物體以原速度反向彈回；故速度變化量為：

△v=（-v0）-v0=-2v0；

由動能定理可知，彈簧對木塊所做的功為：W=-；故彈力做功為零；故只有B正確；

故選：B．3、B【分析】【解析】略【解析】【答案】B4、D【分析】略【解析】D5、B【分析】【分析】根據(jù)兩個分力的合力在兩個分力之差與兩個分力之和之間，分析兩個力的大小可能值．【解析】【解答】解：A；2N和10N的合力范圍是8N≤F≤12N；所以不可能是大小為7N分解得兩個力，故A錯誤；

B；10N、10N的合力范圍是0N≤F≤20N；所以可能是大小為7N分解得兩個力，故B正確；

C；1N、5N的合力范圍是4N≤F≤6N；所以不可能是大小為7N分解得兩個力，故C錯誤；

D；3N、3N的合力范圍是0N≤F≤6N；所以不可能是大小為7N分解得兩個力，故D錯誤；

故選：B．6、A【分析】【分析】由燈泡銘牌可知；燈泡額定電壓是3V，額定功率是3W，由電功率公式的變形公式可以求出燈泡額定電流，由串聯(lián)電路特點可以求出通過電機的電流．

求出路端電壓；然后由P=UI求出電源的輸入功率和電動機消耗的功率．則可求得效率；

由串聯(lián)電路特點求出電動機電壓，由P=UI求出電動機輸入功率，由P=I2R求出電動機熱功率，電動機輸入功率與熱功率之差是電動機的輸出功率．【解析】【解答】解：燈泡L正常發(fā)光，通過燈泡的電流：；流過燈泡的電流與電路中的電流是相等的．

A、路端電壓：U=E-Ir═8-1×0.5=7.5（V）；

電動機兩端的電壓：UM=U-UL=7.5-3=4.5（V）；

電動機的輸入功率為：P入=UMIM=4.5×1=4.5W；

電動機的輸出功率：P輸出=UMIM-IM2R=4.5-1×1.5=3W；故A正確；B錯誤；

C、路端電壓是7.5V，所以電源的輸出功率：P出=UI=7.5×1=7.5W．故C錯誤；

D、電動機與燈泡串聯(lián)，通過電動機的電流IM=IL=1（A）；故D錯誤．

故選：A．7、A【分析】【分析】兩個小球拋出后，加速度都是g，兩個球的位移相同，根據(jù)位移公式，求解它們落地的時間差．【解析】【解答】解：設兩球距離地面的高度為h；則。

對豎直上拋的小球，有-h=v0t-；

對豎直下拋的小球，有h=v0t′+gt′2

落地的時間差為△t=t′-t

聯(lián)立解得，△t=

故A正確；BCD錯誤；

故選：A．8、D【分析】【分析】研究行星繞太陽做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式．太陽系的第十顆行星就在地球的軌道上，說明它與地球的軌道半徑相等．【解析】【解答】解：A；這顆行星的軌道半徑等于地球的軌道半徑；但行星的半徑不一定等于地球半徑，故A錯誤；

B；這顆行星是否存在生命無法確定；故B錯誤；

C；這顆行星的密度與地球的密度相比無法確定；故C錯誤；

D、萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，行星的周期T=2π；由于軌道半徑相等，則行星公轉(zhuǎn)周期與地球公轉(zhuǎn)周期相等，故D正確；

故選：D．9、A【分析】【分析】先根據(jù)折射率定義公式n=比較折射率大小，頻率大的單色光折射率也大，根據(jù)c=λf判斷光的波長大小，根據(jù)v=判斷玻璃中的光速大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓汗庥锌諝馍湎虿Ａr，在三棱鏡的左側(cè)界面上，兩種單色光的入射角相同，但a光的折射角偏大，根據(jù)射率定義公式n=，有na＜nb；

B、頻率大的單色光折射率也大，由于na＜nb，故fa＜fb；故B錯誤；

A、C、根據(jù)c=λf，由于fa＜fb，故λa＞λb；故A正確，C錯誤；

D、由于na＜nb，根據(jù)v=，有va＞vb；故D錯誤；

故選：A．二、填空題(共6題，共12分)10、-4×10-7J【分析】【分析】根據(jù)電勢差公式U=；可求出電勢差；

電場中C和D分別到A、B兩板間垂直距離均為2cm，根據(jù)E=求解勻強電場的場強E的大?。?/p>

根據(jù)電場力做功與電勢能的變化量的關系求解．【解析】【解答】解：（1）把一電量q1=-2.0×10-9C的點電荷由C點移到M點電場力做功4.0×10-7J，把該電荷由M點移到D點，克服電場力做功為2.0×10-7J．

根據(jù)電勢差公式U=得：

UCD==-100V；

（2）極板間距離d=5cm．電場中C和D分別到A；B兩板間垂直距離均為2cm；

勻強電場的場強為：E===1×104V/m；

（3）將點電荷q2=4×10-9C從D點移到C點的過程中；電場力做功為：

W=qUDC=4×10-9×100=4×10-7J；

電場力做正功；電勢能減小；

所以該點電荷的電勢能變化量為：△Ep=-4×10-7J；

答：（1）C和D兩點間電勢差是-100V；

（2）勻強電場的場強E的大小是1×104V/m；

（3）點電荷的電勢能變化量是-4×10-7J11、【分析】【分析】對B點受力分析，根據(jù)共點力平衡求出BC繩的拉力大小，對C點分析，根據(jù)共點力平衡求出繩CD的拉力大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓悍治鯞點得：BC繩拉力FBC

2FBCcos30°=G

所以FBC=．

分析C點；

根據(jù)平衡條件FCB與FCA的合力與FCD等大反向；如上圖。

由幾何關系得θ=30°

FCD=．

故答案為：，．12、3.2×10-13【分析】【分析】根據(jù)洛倫茲力大小公式F=qvB求出洛倫茲力的大?。敶艌龇较蚺c粒子速度方向平行，則磁場力為零．【解析】【解答】解：v垂直于磁場方向時，洛倫茲力F=qvB=1.6×10-19×4×106×0.5N=3.2×10-13N．

故答案為：3.2×10-13，13、ADE【分析】【分析】（1）A；盧瑟福根據(jù)α粒子散射實驗；提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型；

B；當光子的頻率大于金屬的極限頻率時；金屬可以發(fā)生光電效應現(xiàn)象，能否發(fā)生光電效應與光的強度無關；

C；原子核的半衰期是一個統(tǒng)計規(guī)律；對大量的原子核成立，少量原子核的有一半發(fā)生衰變所需時間并不一定等于半衰期；

D；β粒子實際上就是電子；β衰變的實質(zhì)是原子核中的一個中子釋放出一個電子變成一個質(zhì)子；

E；波爾的原子理論認為原子能級是分立的；原子光譜是線狀光譜．

（2）由動量守恒定律與能量守恒定律可以求出金屬塊速度與動摩擦因數(shù)．

應用動能定理可以求出木板的位移，由牛頓第二定律與運動學公式可以求出運動時間．【解析】【解答】解：（1）A；盧瑟福根據(jù)α粒子散射實驗；提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故A正確；

B；當光子的頻率大于金屬的極限頻率時；金屬可以發(fā)生光電效應現(xiàn)象，能否發(fā)生光電效應與光的強度無關，故B錯誤；

C；原子核的半衰期是一個統(tǒng)計規(guī)律；是大量原子核有一半發(fā)生衰變所需要的時間，10個放射性元素的原子核；

有5個原子核發(fā)生衰變所需的時間不一定等于是該放射性元素的半衰期；故C錯誤；

D；原子核發(fā)生一次β衰變時；其內(nèi)部的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，故D正確；

E；玻爾理論指出氫原子能級是分立的；原子光譜是線狀譜，故E正確；

故選ADE．

（2）（i）設小金屬塊和木板的質(zhì)量均為m；

以小金屬塊與木板組成的系統(tǒng)為研究對象；

由動量守恒定律可得：mv0=mvl+mv2；

由能量守恒定律可得：mv02-mv12-mv22=μmgL；

解得：v2=1m/s；μ=0.1；

（ii）對木板由動能定理得：μmgx=mv22-0；解得x=0.5m；

對木板；由牛頓第二定律得：μmg=ma；

由勻變速運動的速度公式得：v2=at；解得：t=1s；

故答案為：（1）ADE；

（2）（i）小金屬塊剛滑到長木板右端時的速度為1m/s；滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)為0.1．

（ii）小金屬塊剛滑到長木板右端時經(jīng)歷的時間為1s，長木板的位移大小為0.5m．14、【分析】【分析】一球以水平速度由第一級臺階上拋出欲打在第五級臺階上，求出兩個臨界情況，速度最小時打在第四級臺階的邊緣上，速度最大時，打在第五級臺階的邊緣上．根據(jù)h=和x=vt，得出v的臨界值．【解析】【解答】解：若小球打在第五級臺階的邊緣上高度h=4d，根據(jù)h=，得t1=

水平位移x1=4d．則平拋的最大速度

若小球打在第四級臺階的邊緣上，高度h=3d，根據(jù)，得

水平位移x2=3d，則平拋運動的最小速度

所以速度范圍．

故本題答案為：．15、2.5s【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動的位移時間關系，求出物體計時的起點，再根據(jù)勻變速直線運動時間關系求出質(zhì)點還能運動的時間；已知初速度、末速度和加速度根據(jù)速度時間關系直接求質(zhì)點停止運動所需時間．【解析】【解答】解：令計時時間為t，則根據(jù)位移時間關系質(zhì)點做勻減速直線運動的位移x=v0t-at2

有：在計時1s內(nèi)的位移△x=6m=v0（t+1）-（v0t-）

由此可解方程得t=2.5s

據(jù)速度時間關系有：質(zhì)點在（t+1）s末的速度v=v0-a（t+1）=5m/s

所以質(zhì)點還能運動時間t0==s=2.5s

故答案為：2.5三、判斷題(共8題，共16分)16、√【分析】【分析】人們熟悉的物質(zhì)狀態(tài)（又稱相）為氣、液、固，較為生疏的是電漿和液晶，液晶像液體一樣可以流動，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)．【解析】【解答】解：液晶像液體一樣可以流動；又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)，所以液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．故該說法是正確的．

故答案為：√17、√【分析】【分析】分子在永不停息的做無規(guī)則熱運動，物體內(nèi)部個別分子的速度具有怎樣的數(shù)值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整體來看，在一定的條件下，物體分子的速度分布也遵從一定的統(tǒng)計規(guī)律．【解析】【解答】解：對于大量分子；其運動有一定的統(tǒng)計規(guī)律，但對于個別分子，其運動的速度完全是偶然的；

故答案為：√18、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應使物體運動的描述盡可能簡單．該說法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】物體做勻速直線運動時，合外力對物體不做功，但合外力不做功，物體不一定作勻速直線運動．【解析】【解答】解：物體受到的合外力不做功；則物體一定作勻速直線運動，如勻速圓周運動，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案為：×20、√【分析】【分析】根據(jù)額定電壓和額定功率的概念進行分析，即用電器正常工作時的電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率．【解析】【解答】解：因用電器正常工作時；電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率，所以額定功率與實際電壓無關，實際功率與工作時的電壓有關；

故答案為：√21、√【分析】【分析】建立坐標系的意義是為了定量描述質(zhì)點的位置變化，要根據(jù)問題的實際需要，建立合適的坐標系，沿直線運動建立直線坐標系，在平面上運動，建立平面直角坐標系．【解析】【解答】解：建立坐標系是為了定量描述物體的位置和位置的變化；坐標系都是建立在參考系上的，沒有參考系則坐標系無法建立，所以該說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】重心是物體的等效作用點，不是物體上最重的一點，重心可以在物體上，也可以不在物體上．【解析】【解答】解：重心是物體所受重力的等效作用點；不是物體上最重的一點；有的物體重心根本不在物體上，如玻璃杯，圓環(huán)，皮球等等，故說法錯誤．

故答案為：×23、×【分析】【分析】物體做勻速直線運動時，合外力對物體不做功，但合外力不做功，物體不一定作勻速直線運動．【解析】【解答】解：物體受到的合外力不做功；則物體一定作勻速直線運動，如勻速圓周運動，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案為：×四、簡答題(共3題，共27分)24、略

【分析】【分析】（1）火車關閉氣閥后做勻減速直線運動；根據(jù)勻變速直線運動位移速度公式以及速度時間公式列式，聯(lián)立方程即可求解；

（2）從火車從關閉氣閥到停止滑行的過程中，根據(jù)勻變速直線運動位移速度公式求解滑行位移．【解析】【解答】解：（1）設火車滑行過程的加速度大小為a，剛關閉氣閥時的速度為v0；

根據(jù)位移時間關系得：①；

根據(jù)速度位移公式得：②；

由①②解得：v0=30m/s，a=0.5m/s2；

（2）根據(jù)速度位移公式得

解得：滑下總位移x=

答：（1）火車滑行過程的加速度大小為0.5m/s2，剛關閉氣閥時的速度v0大小為30m/s；

（2）火車從關閉氣閥到停止滑行時，滑行的總位移x大小為900m．25、略

【分析】【分析】（1）由對稱性可知：A；B連線是水平的；A、B兩球受力對稱，根據(jù)幾何關系求出絕緣絲線與豎直方向的夾角，對B球，根據(jù)平衡條件結(jié)合庫侖定律列式求解即可；

（2）由點電荷場強公式求出A球和B球在O點的產(chǎn)生的場強大小和方向，再根據(jù)矢量合成原則求解．【解析】【解答】解：（1）由對稱性可知：A；B連線是水平的；A、B兩球受力對稱．

；cosθ=0.8

B球受力如圖所示，由平衡條件可得：F拉sinθ=F電，F(xiàn)拉cosθ=mg；

由庫侖定律得：

由題意可知：QA=3QB

所以，B球的帶電量為：C

（2）由點電荷場強公式可得；A球在O點的場強方向由A指向B；

大小為：N/C

B球在O點的場強方向由B指向A，大小為：N/C

A、B連線中點O的電場強度大小為：N/C

方向由A指向B．

答：（1）B球的帶電量為2×10-7C；

（2）A、B連線中點O的電場強度大小為1×106，方向由A指向B．26、（1）3Cu2O＋14HNO3（稀）＝6Cu（NO3）2＋2NO↑＋7H2O

Cu2O＋H2SO4（?。紺u＋CuSO4＋H2O

（2）不合理，因為銅和氧化亞銅均可溶于稀硝酸形成藍色溶液

合理，因為氧化亞銅與稀硫酸生成Cu和Cu2+，導致溶液呈藍色

（3）8c＜9b－a4

（4）關閉導氣管上的活塞，從長頸漏斗中往試管中注水，漏斗中的液面高度高于試管中的液面高度，在一段時間內(nèi)液面差不變，說明氣體發(fā)生裝置氣密性良好

（5）ABC【分析】【分析】本題是一道探究物質(zhì)組成和實驗方案設計的綜合性試題，要求學生具有分析和解決問題的能力，難度較大。【解答】Ⅱrm{.(1)}方案rm{1}中中rm{1}與稀硝酸發(fā)生氧化還原反應生成硝酸銅、一氧化氮和水，反應的化學方程式為：rm{Cu_{2}O}稀rm{3Cu_{2}O+14HNO_{3}(}rm{)=6Cu(NO_{3})_{2}+2NO隆眉+7H_{2}O}中方案rm{2}中rm{Cu}rm{2}rm{Cu}參與的化學方程式為rm{{,!}_{2}}稀rm{O}參與的化學方程式為

故答案為：rm{O}稀rm{Cu_{2}O+H_{2}SO_{4}(}rm{)=Cu+CuSO_{4}+H_{2}O}稀rm{3Cu_{2}O+14HNO_{3}(}

rm{)=6Cu(NO_{3})_{2}+2NO隆眉+7H_{2}O}銅和氧化亞銅都能和硝酸反應生成rm{Cu_{2}O+H_{2}SO_{4}(}故方案rm{)=Cu+CuSO_{4}+H_{2}O}不合理；

故答案為：不合理；因為銅和氧化亞銅均可溶于稀硝酸形成藍色溶液；

rm{(2)壟脵}氧化亞銅與稀硫酸反應生成rm{Cu^{2+}}和rm{1}金屬銅和稀硫酸不反應，故方案rm{壟脷}合理；

故答案為：合理，因為氧化亞銅與稀硫酸生成rm{Cu}和rm{Cu^{2+}}導致溶液呈藍色；

rm{2}根據(jù)銅元素守恒；

則rm{Cu}

rm{Cu^{2+}}rm{(3)}

rm{2Cu隆蘆Cu_{2}O}rm{128}

則rm{144}故若紅色粉末中含有rm{b-a}則rm{c-a}rm{8c=9b-a}與rm{Cu_{2}O}的應符合的數(shù)學關系式為rm{a}

在空氣中高溫灼燒至質(zhì)量恒定，這一步驟至少需稱量rm次，加上前面的rm{c}次稱量，故該實驗方案最少得進行rm{8c<9b-a}次稱量；

故答案為：rm{2}rm{2}

Ⅲrm{4}檢驗裝置氣密性的方法：關閉導氣管上的活塞；從長頸漏斗中往試管中注水，漏斗中的液面高度高于試管中的液面高度，在一段時間內(nèi)液面差不變，說明氣體發(fā)生裝置氣密性良好；

故答案為：關閉導氣管上的活塞；從長頸漏斗中往試管中注水，漏斗中的液面高度高于試管中的液面高度，在一段時間內(nèi)液面差不變，說明氣體發(fā)生裝置氣密性良好；

rm{8c<9b-a}根據(jù)硫酸銅是否變藍判斷是否含有氧化亞銅時；要注意水的干擾因素，所以制取的氫氣要干燥，可以在氫氣發(fā)生器與硬質(zhì)玻璃管之間加一個干燥裝置，并且要將空氣中的水的干擾排除，可以在盛有