2024年北師大版高三物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大版高三物理上冊(cè)月考試卷396考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、某校同學(xué)野營(yíng)活動(dòng)中開展搜狐的活動(dòng)，甲、乙兩個(gè)小分隊(duì)從如圖所示的地形圖的O點(diǎn)同時(shí)出發(fā)，并同時(shí)到達(dá)A點(diǎn)搜到狐貍，各自的搜狐的路徑已在圖中標(biāo)出，則下列的說法中，正確的是（）A.兩個(gè)小分隊(duì)運(yùn)動(dòng)的平均速度相等B.甲隊(duì)的平均速度大于乙隊(duì)C.兩個(gè)小分隊(duì)運(yùn)動(dòng)的平均速率相等D.甲隊(duì)的平均速率小于乙隊(duì)2、如圖所示，一輕質(zhì)彈簧固定在墻上，一個(gè)質(zhì)量為m的木塊以速度v0從右側(cè)沿光滑水平面向左運(yùn)動(dòng)并與彈簧發(fā)生相互作用．設(shè)相互作用的過程中彈簧始終在彈性限度范圍內(nèi)，那么，在整個(gè)相互作用的過程中木塊速度變化量△v的大小和彈簧對(duì)木塊做的功W分別是（）A.△v=0，W=mv02B.△v=2v0，W=0C.△v=v0，W=D.△v=2v0，W=3、【題文】我國(guó)發(fā)射的“神州”五號(hào)載人宇宙飛船的周期約為90min，如果把它繞地球的運(yùn)動(dòng)看作是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則飛船的運(yùn)動(dòng)和人造地球同步衛(wèi)星（軌道平面與地球赤道平面共面，運(yùn)行周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同）的運(yùn)動(dòng)相比，下列判斷中正確的是（）A.飛船的軌道半徑大于同步衛(wèi)星的軌道半徑B.飛船運(yùn)行的向心加速大于同步衛(wèi)星運(yùn)行的向心加速度C.飛船的運(yùn)行速度小于同步衛(wèi)星的運(yùn)行速度D.飛船運(yùn)行的角速度小于同步衛(wèi)星運(yùn)行的角速度4、如圖甲表示某哺乳動(dòng)物細(xì)胞分裂過程中按DNA含量的變化，圖乙為該動(dòng)物細(xì)胞分裂的一個(gè)圖象，下列相關(guān)說法正確的是

A.在有絲分裂和減數(shù)分裂過程中均會(huì)發(fā)生圖甲的變化B.圖乙所示的細(xì)胞不一定會(huì)發(fā)生基因重組C.圖甲中③→④核DNA數(shù)目減半的原因是同源染色體的分離D.圖乙中有2對(duì)同源染色體，對(duì)應(yīng)于圖甲中的②階段5、某力的大小為7N，該力可以分解為（）A.2N和10N的兩個(gè)分力B.均為10N的兩個(gè)分力C.1N和5N的兩個(gè)分力D.均為3N的兩個(gè)分力6、如圖，電源電動(dòng)勢(shì)E=8V，內(nèi)電阻為r=0.5Ω，“3V，3W”的燈泡L與電動(dòng)機(jī)M串聯(lián)接在電源上，燈泡剛好正常發(fā)光，電動(dòng)機(jī)剛好正常工作，電動(dòng)機(jī)的線圈電阻R0=1.5Ω．下列說法中正確的是（）A.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為3WB.電動(dòng)機(jī)消耗的功率為3WC.電源的輸出功率是8WD.通過電動(dòng)機(jī)的電流為1.6A7、在離地高20m處，沿豎直方向同時(shí)向上和向下拋出兩個(gè)小球，它們的初速度大小均為5m/s，不計(jì)空氣阻力，兩球落地的時(shí)間差為（g取10m/s2）（）A.1sB.0.5sC.8sD.4s8、科學(xué)家們推測(cè)，太陽系的第十顆行星就在地球的軌道上，從地球上看，它永遠(yuǎn)在太陽的背面，人類一直未能發(fā)現(xiàn)它，可以說是“隱居”著的地球的“孿生兄弟”．由以上信息可以確定（）A.這顆行星的半徑等于地球的半徑B.這顆行星上同樣存在著生命C.這顆行星的密度等于地球的密度D.這顆行星的公轉(zhuǎn)周期與地球相等9、一束由兩種單色光組成的細(xì)光束入射到三棱鏡上，經(jīng)棱鏡折射后，分成了兩束光a、b，則（）A.a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)B.a光的頻率大于b光的頻率C.a光的波長(zhǎng)小于b光的波長(zhǎng)D.在同一介質(zhì)中傳播時(shí)，a光的傳播速度小于b光的傳播速度評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)10、（2015春?武漢校級(jí)期末）如圖所示，平行金屬帶電極板A、B間可看作勻強(qiáng)電場(chǎng)，極板間距離d=5cm．電場(chǎng)中C和D分別到A、B兩板間垂直距離均為2cm，B極接地，把一電量q1=-2.0×10-9C的點(diǎn)電荷由C點(diǎn)移到M點(diǎn)（圖中未標(biāo)出M點(diǎn)0，電場(chǎng)力做功4.0×10-7J，把該電荷由M點(diǎn)移到D點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功為2.0×10-7J．求：

（1）C和D兩點(diǎn)間電勢(shì)差UCD；

（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E的大小；

（3）將點(diǎn)電荷q2=4×10-9C從D點(diǎn)移到C點(diǎn)的過程中，該點(diǎn)電荷的電勢(shì)能變化量Ep=____．11、（2015春?楊浦區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，細(xì)繩AB、CB下懸掛著重20N的重物P，細(xì)繩AC與CB垂直，細(xì)繩CD呈水平，AB與豎直方向成30°角，AC與AB之間也是30°角．這時(shí)細(xì)繩BC所受到的拉力大小是____N，細(xì)繩CD所受到的拉力大小是____N．12、質(zhì)子以速率v=4×106米/秒垂直進(jìn)入0.5特的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，它受到的洛倫磁力為____N．（已知質(zhì)子的電量e=1.6×10-19C）13、（2011秋?遼寧校級(jí)期末）（1）以下是有關(guān)近代物理內(nèi)容的若干敘述，其中正確的是____

A．盧瑟福通過分析α粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果；建立了原子的核式結(jié)構(gòu)模型

B．一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)；可能是因?yàn)檫@束光的光強(qiáng)太小

C．有10個(gè)放射性元素的原子核；當(dāng)有5個(gè)原子核發(fā)生衰變所需的時(shí)間就是該放射性元素的半衰期

D．原子核發(fā)生一次β衰變時(shí)；其內(nèi)部的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子

E．玻爾理論指出氫原子能級(jí)是分立的；原子光譜是線狀譜

（2）如圖所示，在光滑桌面上放著長(zhǎng)木板，其長(zhǎng)度為L(zhǎng)=1.0m，在長(zhǎng)木板的左上端放一可視為質(zhì)點(diǎn)的小金屬塊，它的質(zhì)量和木板的質(zhì)量相等，最初它們是靜止的．現(xiàn)讓小金屬塊以v0=2.0m/s的初速度開始向右滑動(dòng)，當(dāng)滑動(dòng)到長(zhǎng)木板的右端時(shí)，滑塊的速度為v1=1.0m/s，取g=l0m/s2，求：（i）小金屬塊剛滑到長(zhǎng)木板右端時(shí)的速度大小v2及滑塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；

（ii）小金屬塊剛滑到長(zhǎng)木板右端時(shí)經(jīng)歷的時(shí)間t及長(zhǎng)木板的位移大小x．14、（2014春?和平區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，每一級(jí)臺(tái)階的高度和寬度都是0.4m，一球以水平速度由第一級(jí)臺(tái)階上拋出欲打在第五級(jí)臺(tái)階上，則水平速度v的取值范圍是____．15、一質(zhì)點(diǎn)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，初速度為v0=12m/s，加速度大小為a=2m/s2，運(yùn)動(dòng)中從某一時(shí)刻計(jì)時(shí)的1s時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移恰為6m，那么此后質(zhì)點(diǎn)還能運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)16、液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、某時(shí)刻一個(gè)分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動(dòng)的描述盡可能簡(jiǎn)單．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、物體受到的合外力不做功，則物體一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)．____．20、用電器的額定功率與所加的電壓無關(guān)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、坐標(biāo)系都是建立在參考系上的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、重心就是物體上最重的一點(diǎn)．____．23、物體受到的合外力不做功，則物體一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)．____．評(píng)卷人得分四、簡(jiǎn)答題(共3題，共27分)24、一列火車進(jìn)站前先關(guān)閉氣閥，讓車減速滑行，滑行x1=800m時(shí)速度減為關(guān)閉氣閥時(shí)的三分之一，這段滑行的時(shí)間為t1=40s；此后又繼續(xù)滑行了一段，停在車站．設(shè)火車在滑行過程中加速度始終維持不變，求：

（1）火車滑行過程的加速度大小和剛關(guān)閉氣閥時(shí)的速度v0大??；

（2）火車從關(guān)閉氣閥到停止滑行時(shí)，滑行的總位移x大?。?5、質(zhì)量均為m=10g、半徑可忽略的兩小球A和B用長(zhǎng)度都為L(zhǎng)=10cm的輕細(xì)絕緣絲線懸掛于同一點(diǎn)C，讓兩小球都有帶上正電荷靜止時(shí)如圖所示，兩小球相距r=12cm，已知A球帶電量為B球的3倍，靜電力常量為k=9×109N?m2/C2，g=10m/s2．求：

（1）B球的帶電量；

（2）A、B連線中點(diǎn)O的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向．26、單質(zhì)銅及其化合物一般都具有特殊的顏色，如：。rm{Cu}rm{Cu_{2}O}rm{CuO}rm{Cu(OH)_{2}}rm{CuSO_{4}隆隴5H_{2}O}紅色rm{(}或紫紅色rm{)}紅色黑色藍(lán)色藍(lán)色某學(xué)校研究性學(xué)習(xí)小組甲為檢測(cè)實(shí)驗(yàn)室用rm{H_{2}}還原rm{CuO}所得紅色固體中是否含有rm{Cu_{2}O}進(jìn)行了認(rèn)真的探究。Ⅰrm{.}查閱資料得出下列信息：rm{壟脵C(jī)u_{2}O}屬于堿性氧化物；rm{壟脷}高溫灼燒rm{CuO}生成rm{Cu_{2}O}rm{壟脹Cu_{2}O}在酸性條件下能發(fā)生下列反應(yīng)：rm{Cu_{2}O+2H^{+}=Cu+Cu^{2+}+H_{2}O}Ⅱrm{.}設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)方案：方案rm{1}取該紅色試樣溶于足量的稀硝酸中，觀察溶液顏色變化。方案rm{2}取該紅色試樣溶于足量的稀硫酸中，觀察溶液是否呈藍(lán)色。方案rm{3}稱得干燥坩堝的質(zhì)量為rm{ag}取紅色試樣置于坩堝中稱得總質(zhì)量為rm{bg.}在空氣中高溫灼燒至質(zhì)量恒定，稱得最后總質(zhì)量為rm{cg}rm{(1)}寫出下列的化學(xué)方程式：方案rm{1}中rm{Cu_{2}O}參與的化學(xué)方程式：__________________________。方案rm{2}中rm{Cu_{2}O}參與的化學(xué)方程式：___________________________。rm{(2)}請(qǐng)你評(píng)價(jià)方案rm{1}和方案rm{2}的合理性，并簡(jiǎn)述理由：方案rm{1}__________________________________________________。方案rm{2}__________________________________________________。rm{(3)}方案rm{3}中，若確認(rèn)紅色粉末中含有rm{Cu_{2}O}則rm{a}rmrm{c}應(yīng)符合的數(shù)學(xué)關(guān)系為________，該實(shí)驗(yàn)方案最少得進(jìn)行________次稱量。Ⅲrm{.}研究性學(xué)習(xí)小組乙，設(shè)計(jì)了新的探究方案，擬通過干燥管rm{CuSO_{4}}是否變藍(lán)來判斷紅色固體中是否含有rm{Cu_{2}O}裝置如圖所示。rm{(4)}簡(jiǎn)述該探究方案中，檢驗(yàn)氣體發(fā)生裝置氣密性的方法rm{(}說明操作方法、現(xiàn)象和結(jié)論rm{)}____________________________________。rm{(5)}為確保探究的科學(xué)、合理、安全，你認(rèn)為實(shí)驗(yàn)中還應(yīng)采取的措施有：________rm{(}填字母代號(hào)rm{)}A.在氫氣發(fā)生器與硬質(zhì)玻璃管之間加一個(gè)干燥裝置B.加熱前先排盡裝置中的空氣C.在盛有硫酸銅的干燥管后再連接一個(gè)裝有堿石灰的干燥管評(píng)卷人得分五、證明題(共3題，共6分)27、宇航員駕駛一飛船在靠近某行星表面附近的圓形軌道上運(yùn)行，已知飛船運(yùn)行的周期為T，行星的平均密度為ρ．試證明ρT2=k（萬有引力恒量G為已知，k是恒量）．28、宇航員駕駛一飛船在靠近某行星表面附近的圓形軌道上運(yùn)行，已知飛船運(yùn)行的周期為T，行星的平均密度為試證明（萬有引力恒量G為已知，是恒量）29、如圖，太陽系中星體A繞太陽做半徑為R1的圓周運(yùn)動(dòng)，星體B作拋物線運(yùn)動(dòng)．B在近日點(diǎn)處與太陽的相距為R2=2R1，且兩軌道在同一平面上，兩星體運(yùn)動(dòng)方向如圖中箭頭所示．設(shè)B運(yùn)動(dòng)到近日點(diǎn)時(shí)，A恰好運(yùn)動(dòng)到B與太陽連線上，A、B隨即發(fā)生某種強(qiáng)烈的相互作用而迅速合并成一個(gè)新的星體，其間的質(zhì)量損失可忽略．試證明新星體繞太陽的運(yùn)動(dòng)軌道為橢圓．評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共2分)30、如圖1

用光電門等器材驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.

直徑為d

質(zhì)量為m

的金屬小球由A

處靜止釋放，下落過程中經(jīng)過A

處正下方的B

處固定的光電門，測(cè)得AB

的距離為H(H>>d)

光電門測(cè)出小球通過光電門的時(shí)間為t

當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間

則。

(1)

小球通過光電門B

時(shí)的速度表達(dá)式______；(

用題中所給物理量表示)

(2)

多次改變高度H

重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，作出1t2

隨H

的變化圖象如圖2

所示，當(dāng)圖中已知量t0H0

和重力加速度g

及小球直徑d

滿足以下表達(dá)式1t02=2gd2H0

時(shí)；可判斷小球下落過程中機(jī)械能______(

選填“守恒”；“不守恒”)

(3)

實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)動(dòng)能增加量鈻?EK

總是小于重力勢(shì)能減少量鈻?EP

增加下落高度后，鈻?EP鈭?鈻?EK

將______(

選填“增加”、“減小”或“不變”)

．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】根據(jù)軌跡，分析甲、乙兩個(gè)小分隊(duì)初位置、末位置的關(guān)系，分析他們位移關(guān)系，再分析平均速度的關(guān)系．路程是物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，由圖直接比較路程的大小．【解析】【解答】解：A、B、由圖看出，兩個(gè)小分隊(duì)起點(diǎn)都在O點(diǎn)，終點(diǎn)都在A點(diǎn)，位移相同，所用時(shí)間相同，則根據(jù)平均速度的公式=得知；平均速度一定相同．故A正確，B錯(cuò)誤．

C；D、由于甲通過的路程大于乙的路程；所用時(shí)間相等，則甲隊(duì)的平均速率大于乙隊(duì)，故CD錯(cuò)誤．

故選：A．2、B【分析】【分析】明確物體的運(yùn)動(dòng)過程即可求出物體的速度變化量；再由動(dòng)能定理可求得彈簧對(duì)木塊所做的功．【解析】【解答】解：由于木塊與彈簧相互作用時(shí)；沒有能量損失，故物體以原速度反向彈回；故速度變化量為：

△v=（-v0）-v0=-2v0；

由動(dòng)能定理可知，彈簧對(duì)木塊所做的功為：W=-；故彈力做功為零；故只有B正確；

故選：B．3、B【分析】【解析】略【解析】【答案】B4、D【分析】略【解析】D5、B【分析】【分析】根據(jù)兩個(gè)分力的合力在兩個(gè)分力之差與兩個(gè)分力之和之間，分析兩個(gè)力的大小可能值．【解析】【解答】解：A；2N和10N的合力范圍是8N≤F≤12N；所以不可能是大小為7N分解得兩個(gè)力，故A錯(cuò)誤；

B；10N、10N的合力范圍是0N≤F≤20N；所以可能是大小為7N分解得兩個(gè)力，故B正確；

C；1N、5N的合力范圍是4N≤F≤6N；所以不可能是大小為7N分解得兩個(gè)力，故C錯(cuò)誤；

D；3N、3N的合力范圍是0N≤F≤6N；所以不可能是大小為7N分解得兩個(gè)力，故D錯(cuò)誤；

故選：B．6、A【分析】【分析】由燈泡銘牌可知；燈泡額定電壓是3V，額定功率是3W，由電功率公式的變形公式可以求出燈泡額定電流，由串聯(lián)電路特點(diǎn)可以求出通過電機(jī)的電流．

求出路端電壓；然后由P=UI求出電源的輸入功率和電動(dòng)機(jī)消耗的功率．則可求得效率；

由串聯(lián)電路特點(diǎn)求出電動(dòng)機(jī)電壓，由P=UI求出電動(dòng)機(jī)輸入功率，由P=I2R求出電動(dòng)機(jī)熱功率，電動(dòng)機(jī)輸入功率與熱功率之差是電動(dòng)機(jī)的輸出功率．【解析】【解答】解：燈泡L正常發(fā)光，通過燈泡的電流：；流過燈泡的電流與電路中的電流是相等的．

A、路端電壓：U=E-Ir═8-1×0.5=7.5（V）；

電動(dòng)機(jī)兩端的電壓：UM=U-UL=7.5-3=4.5（V）；

電動(dòng)機(jī)的輸入功率為：P入=UMIM=4.5×1=4.5W；

電動(dòng)機(jī)的輸出功率：P輸出=UMIM-IM2R=4.5-1×1.5=3W；故A正確；B錯(cuò)誤；

C、路端電壓是7.5V，所以電源的輸出功率：P出=UI=7.5×1=7.5W．故C錯(cuò)誤；

D、電動(dòng)機(jī)與燈泡串聯(lián)，通過電動(dòng)機(jī)的電流IM=IL=1（A）；故D錯(cuò)誤．

故選：A．7、A【分析】【分析】?jī)蓚€(gè)小球拋出后，加速度都是g，兩個(gè)球的位移相同，根據(jù)位移公式，求解它們落地的時(shí)間差．【解析】【解答】解：設(shè)兩球距離地面的高度為h；則。

對(duì)豎直上拋的小球，有-h=v0t-；

對(duì)豎直下拋的小球，有h=v0t′+gt′2

落地的時(shí)間差為△t=t′-t

聯(lián)立解得，△t=

故A正確；BCD錯(cuò)誤；

故選：A．8、D【分析】【分析】研究行星繞太陽做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式．太陽系的第十顆行星就在地球的軌道上，說明它與地球的軌道半徑相等．【解析】【解答】解：A；這顆行星的軌道半徑等于地球的軌道半徑；但行星的半徑不一定等于地球半徑，故A錯(cuò)誤；

B；這顆行星是否存在生命無法確定；故B錯(cuò)誤；

C；這顆行星的密度與地球的密度相比無法確定；故C錯(cuò)誤；

D、萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，行星的周期T=2π；由于軌道半徑相等，則行星公轉(zhuǎn)周期與地球公轉(zhuǎn)周期相等，故D正確；

故選：D．9、A【分析】【分析】先根據(jù)折射率定義公式n=比較折射率大小，頻率大的單色光折射率也大，根據(jù)c=λf判斷光的波長(zhǎng)大小，根據(jù)v=判斷玻璃中的光速大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓汗庥锌諝馍湎虿Ａr(shí)，在三棱鏡的左側(cè)界面上，兩種單色光的入射角相同，但a光的折射角偏大，根據(jù)射率定義公式n=，有na＜nb；

B、頻率大的單色光折射率也大，由于na＜nb，故fa＜fb；故B錯(cuò)誤；

A、C、根據(jù)c=λf，由于fa＜fb，故λa＞λb；故A正確，C錯(cuò)誤；

D、由于na＜nb，根據(jù)v=，有va＞vb；故D錯(cuò)誤；

故選：A．二、填空題(共6題，共12分)10、-4×10-7J【分析】【分析】根據(jù)電勢(shì)差公式U=；可求出電勢(shì)差；

電場(chǎng)中C和D分別到A、B兩板間垂直距離均為2cm，根據(jù)E=求解勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E的大?。?/p>

根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的變化量的關(guān)系求解．【解析】【解答】解：（1）把一電量q1=-2.0×10-9C的點(diǎn)電荷由C點(diǎn)移到M點(diǎn)電場(chǎng)力做功4.0×10-7J，把該電荷由M點(diǎn)移到D點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功為2.0×10-7J．

根據(jù)電勢(shì)差公式U=得：

UCD==-100V；

（2）極板間距離d=5cm．電場(chǎng)中C和D分別到A；B兩板間垂直距離均為2cm；

勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為：E===1×104V/m；

（3）將點(diǎn)電荷q2=4×10-9C從D點(diǎn)移到C點(diǎn)的過程中；電場(chǎng)力做功為：

W=qUDC=4×10-9×100=4×10-7J；

電場(chǎng)力做正功；電勢(shì)能減小；

所以該點(diǎn)電荷的電勢(shì)能變化量為：△Ep=-4×10-7J；

答：（1）C和D兩點(diǎn)間電勢(shì)差是-100V；

（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E的大小是1×104V/m；

（3）點(diǎn)電荷的電勢(shì)能變化量是-4×10-7J11、【分析】【分析】對(duì)B點(diǎn)受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出BC繩的拉力大小，對(duì)C點(diǎn)分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出繩CD的拉力大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓悍治鯞點(diǎn)得：BC繩拉力FBC

2FBCcos30°=G

所以FBC=．

分析C點(diǎn)；

根據(jù)平衡條件FCB與FCA的合力與FCD等大反向；如上圖。

由幾何關(guān)系得θ=30°

FCD=．

故答案為：，．12、3.2×10-13【分析】【分析】根據(jù)洛倫茲力大小公式F=qvB求出洛倫茲力的大?。?dāng)磁場(chǎng)方向與粒子速度方向平行，則磁場(chǎng)力為零．【解析】【解答】解：v垂直于磁場(chǎng)方向時(shí)，洛倫茲力F=qvB=1.6×10-19×4×106×0.5N=3.2×10-13N．

故答案為：3.2×10-13，13、ADE【分析】【分析】（1）A；盧瑟福根據(jù)α粒子散射實(shí)驗(yàn)；提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型；

B；當(dāng)光子的頻率大于金屬的極限頻率時(shí)；金屬可以發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，能否發(fā)生光電效應(yīng)與光的強(qiáng)度無關(guān)；

C；原子核的半衰期是一個(gè)統(tǒng)計(jì)規(guī)律；對(duì)大量的原子核成立，少量原子核的有一半發(fā)生衰變所需時(shí)間并不一定等于半衰期；

D；β粒子實(shí)際上就是電子；β衰變的實(shí)質(zhì)是原子核中的一個(gè)中子釋放出一個(gè)電子變成一個(gè)質(zhì)子；

E；波爾的原子理論認(rèn)為原子能級(jí)是分立的；原子光譜是線狀光譜．

（2）由動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律可以求出金屬塊速度與動(dòng)摩擦因數(shù)．

應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出木板的位移，由牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可以求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間．【解析】【解答】解：（1）A；盧瑟福根據(jù)α粒子散射實(shí)驗(yàn)；提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故A正確；

B；當(dāng)光子的頻率大于金屬的極限頻率時(shí)；金屬可以發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，能否發(fā)生光電效應(yīng)與光的強(qiáng)度無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C；原子核的半衰期是一個(gè)統(tǒng)計(jì)規(guī)律；是大量原子核有一半發(fā)生衰變所需要的時(shí)間，10個(gè)放射性元素的原子核；

有5個(gè)原子核發(fā)生衰變所需的時(shí)間不一定等于是該放射性元素的半衰期；故C錯(cuò)誤；

D；原子核發(fā)生一次β衰變時(shí)；其內(nèi)部的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，故D正確；

E；玻爾理論指出氫原子能級(jí)是分立的；原子光譜是線狀譜，故E正確；

故選ADE．

（2）（i）設(shè)小金屬塊和木板的質(zhì)量均為m；

以小金屬塊與木板組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象；

由動(dòng)量守恒定律可得：mv0=mvl+mv2；

由能量守恒定律可得：mv02-mv12-mv22=μmgL；

解得：v2=1m/s；μ=0.1；

（ii）對(duì)木板由動(dòng)能定理得：μmgx=mv22-0；解得x=0.5m；

對(duì)木板；由牛頓第二定律得：μmg=ma；

由勻變速運(yùn)動(dòng)的速度公式得：v2=at；解得：t=1s；

故答案為：（1）ADE；

（2）（i）小金屬塊剛滑到長(zhǎng)木板右端時(shí)的速度為1m/s；滑塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1．

（ii）小金屬塊剛滑到長(zhǎng)木板右端時(shí)經(jīng)歷的時(shí)間為1s，長(zhǎng)木板的位移大小為0.5m．14、【分析】【分析】一球以水平速度由第一級(jí)臺(tái)階上拋出欲打在第五級(jí)臺(tái)階上，求出兩個(gè)臨界情況，速度最小時(shí)打在第四級(jí)臺(tái)階的邊緣上，速度最大時(shí)，打在第五級(jí)臺(tái)階的邊緣上．根據(jù)h=和x=vt，得出v的臨界值．【解析】【解答】解：若小球打在第五級(jí)臺(tái)階的邊緣上高度h=4d，根據(jù)h=，得t1=

水平位移x1=4d．則平拋的最大速度

若小球打在第四級(jí)臺(tái)階的邊緣上，高度h=3d，根據(jù)，得

水平位移x2=3d，則平拋運(yùn)動(dòng)的最小速度

所以速度范圍．

故本題答案為：．15、2.5s【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間關(guān)系，求出物體計(jì)時(shí)的起點(diǎn)，再根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系求出質(zhì)點(diǎn)還能運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；已知初速度、末速度和加速度根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系直接求質(zhì)點(diǎn)停止運(yùn)動(dòng)所需時(shí)間．【解析】【解答】解：令計(jì)時(shí)時(shí)間為t，則根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系質(zhì)點(diǎn)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的位移x=v0t-at2

有：在計(jì)時(shí)1s內(nèi)的位移△x=6m=v0（t+1）-（v0t-）

由此可解方程得t=2.5s

據(jù)速度時(shí)間關(guān)系有：質(zhì)點(diǎn)在（t+1）s末的速度v=v0-a（t+1）=5m/s

所以質(zhì)點(diǎn)還能運(yùn)動(dòng)時(shí)間t0==s=2.5s

故答案為：2.5三、判斷題(共8題，共16分)16、√【分析】【分析】人們熟悉的物質(zhì)狀態(tài)（又稱相）為氣、液、固，較為生疏的是電漿和液晶，液晶像液體一樣可以流動(dòng)，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)．【解析】【解答】解：液晶像液體一樣可以流動(dòng)；又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)，所以液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．故該說法是正確的．

故答案為：√17、√【分析】【分析】分子在永不停息的做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)，物體內(nèi)部個(gè)別分子的速度具有怎樣的數(shù)值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整體來看，在一定的條件下，物體分子的速度分布也遵從一定的統(tǒng)計(jì)規(guī)律．【解析】【解答】解：對(duì)于大量分子；其運(yùn)動(dòng)有一定的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，但對(duì)于個(gè)別分子，其運(yùn)動(dòng)的速度完全是偶然的；

故答案為：√18、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對(duì)運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對(duì)運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動(dòng)的描述盡可能簡(jiǎn)單．該說法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，合外力對(duì)物體不做功，但合外力不做功，物體不一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：物體受到的合外力不做功；則物體一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案為：×20、√【分析】【分析】根據(jù)額定電壓和額定功率的概念進(jìn)行分析，即用電器正常工作時(shí)的電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率．【解析】【解答】解：因用電器正常工作時(shí)；電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率，所以額定功率與實(shí)際電壓無關(guān)，實(shí)際功率與工作時(shí)的電壓有關(guān)；

故答案為：√21、√【分析】【分析】建立坐標(biāo)系的意義是為了定量描述質(zhì)點(diǎn)的位置變化，要根據(jù)問題的實(shí)際需要，建立合適的坐標(biāo)系，沿直線運(yùn)動(dòng)建立直線坐標(biāo)系，在平面上運(yùn)動(dòng)，建立平面直角坐標(biāo)系．【解析】【解答】解：建立坐標(biāo)系是為了定量描述物體的位置和位置的變化；坐標(biāo)系都是建立在參考系上的，沒有參考系則坐標(biāo)系無法建立，所以該說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】重心是物體的等效作用點(diǎn)，不是物體上最重的一點(diǎn)，重心可以在物體上，也可以不在物體上．【解析】【解答】解：重心是物體所受重力的等效作用點(diǎn)；不是物體上最重的一點(diǎn)；有的物體重心根本不在物體上，如玻璃杯，圓環(huán)，皮球等等，故說法錯(cuò)誤．

故答案為：×23、×【分析】【分析】物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，合外力對(duì)物體不做功，但合外力不做功，物體不一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：物體受到的合外力不做功；則物體一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案為：×四、簡(jiǎn)答題(共3題，共27分)24、略

【分析】【分析】（1）火車關(guān)閉氣閥后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移速度公式以及速度時(shí)間公式列式，聯(lián)立方程即可求解；

（2）從火車從關(guān)閉氣閥到停止滑行的過程中，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移速度公式求解滑行位移．【解析】【解答】解：（1）設(shè)火車滑行過程的加速度大小為a，剛關(guān)閉氣閥時(shí)的速度為v0；

根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系得：①；

根據(jù)速度位移公式得：②；

由①②解得：v0=30m/s，a=0.5m/s2；

（2）根據(jù)速度位移公式得

解得：滑下總位移x=

答：（1）火車滑行過程的加速度大小為0.5m/s2，剛關(guān)閉氣閥時(shí)的速度v0大小為30m/s；

（2）火車從關(guān)閉氣閥到停止滑行時(shí)，滑行的總位移x大小為900m．25、略

【分析】【分析】（1）由對(duì)稱性可知：A；B連線是水平的；A、B兩球受力對(duì)稱，根據(jù)幾何關(guān)系求出絕緣絲線與豎直方向的夾角，對(duì)B球，根據(jù)平衡條件結(jié)合庫侖定律列式求解即可；

（2）由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式求出A球和B球在O點(diǎn)的產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向，再根據(jù)矢量合成原則求解．【解析】【解答】解：（1）由對(duì)稱性可知：A；B連線是水平的；A、B兩球受力對(duì)稱．

；cosθ=0.8

B球受力如圖所示，由平衡條件可得：F拉sinθ=F電，F(xiàn)拉cosθ=mg；

由庫侖定律得：

由題意可知：QA=3QB

所以，B球的帶電量為：C

（2）由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式可得；A球在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向由A指向B；

大小為：N/C

B球在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向由B指向A，大小為：N/C

A、B連線中點(diǎn)O的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為：N/C

方向由A指向B．

答：（1）B球的帶電量為2×10-7C；

（2）A、B連線中點(diǎn)O的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為1×106，方向由A指向B．26、（1）3Cu2O＋14HNO3（稀）＝6Cu（NO3）2＋2NO↑＋7H2O

Cu2O＋H2SO4（?。紺u＋CuSO4＋H2O

（2）不合理，因?yàn)殂~和氧化亞銅均可溶于稀硝酸形成藍(lán)色溶液

合理，因?yàn)檠趸瘉嗐~與稀硫酸生成Cu和Cu2+，導(dǎo)致溶液呈藍(lán)色

（3）8c＜9b－a4

（4）關(guān)閉導(dǎo)氣管上的活塞，從長(zhǎng)頸漏斗中往試管中注水，漏斗中的液面高度高于試管中的液面高度，在一段時(shí)間內(nèi)液面差不變，說明氣體發(fā)生裝置氣密性良好

（5）ABC【分析】【分析】本題是一道探究物質(zhì)組成和實(shí)驗(yàn)方案設(shè)計(jì)的綜合性試題，要求學(xué)生具有分析和解決問題的能力，難度較大。【解答】Ⅱrm{.(1)}方案rm{1}中中rm{1}與稀硝酸發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成硝酸銅、一氧化氮和水，反應(yīng)的化學(xué)方程式為：rm{Cu_{2}O}稀rm{3Cu_{2}O+14HNO_{3}(}rm{)=6Cu(NO_{3})_{2}+2NO隆眉+7H_{2}O}中方案rm{2}中rm{Cu}rm{2}rm{Cu}參與的化學(xué)方程式為rm{{,!}_{2}}稀rm{O}參與的化學(xué)方程式為

故答案為：rm{O}稀rm{Cu_{2}O+H_{2}SO_{4}(}rm{)=Cu+CuSO_{4}+H_{2}O}稀rm{3Cu_{2}O+14HNO_{3}(}

rm{)=6Cu(NO_{3})_{2}+2NO隆眉+7H_{2}O}銅和氧化亞銅都能和硝酸反應(yīng)生成rm{Cu_{2}O+H_{2}SO_{4}(}故方案rm{)=Cu+CuSO_{4}+H_{2}O}不合理；

故答案為：不合理；因?yàn)殂~和氧化亞銅均可溶于稀硝酸形成藍(lán)色溶液；

rm{(2)壟脵}氧化亞銅與稀硫酸反應(yīng)生成rm{Cu^{2+}}和rm{1}金屬銅和稀硫酸不反應(yīng)，故方案rm{壟脷}合理；

故答案為：合理，因?yàn)檠趸瘉嗐~與稀硫酸生成rm{Cu}和rm{Cu^{2+}}導(dǎo)致溶液呈藍(lán)色；

rm{2}根據(jù)銅元素守恒；

則rm{Cu}

rm{Cu^{2+}}rm{(3)}

rm{2Cu隆蘆Cu_{2}O}rm{128}

則rm{144}故若紅色粉末中含有rm{b-a}則rm{c-a}rm{8c=9b-a}與rm{Cu_{2}O}的應(yīng)符合的數(shù)學(xué)關(guān)系式為rm{a}

在空氣中高溫灼燒至質(zhì)量恒定，這一步驟至少需稱量rm次，加上前面的rm{c}次稱量，故該實(shí)驗(yàn)方案最少得進(jìn)行rm{8c<9b-a}次稱量；

故答案為：rm{2}rm{2}

Ⅲrm{4}檢驗(yàn)裝置氣密性的方法：關(guān)閉導(dǎo)氣管上的活塞；從長(zhǎng)頸漏斗中往試管中注水，漏斗中的液面高度高于試管中的液面高度，在一段時(shí)間內(nèi)液面差不變，說明氣體發(fā)生裝置氣密性良好；

故答案為：關(guān)閉導(dǎo)氣管上的活塞；從長(zhǎng)頸漏斗中往試管中注水，漏斗中的液面高度高于試管中的液面高度，在一段時(shí)間內(nèi)液面差不變，說明氣體發(fā)生裝置氣密性良好；

rm{8c<9b-a}根據(jù)硫酸銅是否變藍(lán)判斷是否含有氧化亞銅時(shí)；要注意水的干擾因素，所以制取的氫氣要干燥，可以在氫氣發(fā)生器與硬質(zhì)玻璃管之間加一個(gè)干燥裝置，并且要將空氣中的水的干擾排除，可以在盛有