2024年華師大新版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大新版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，實線表示電場線，虛線表示等勢線，a、b兩點的電勢分別為Ua=80V，Ub=20V，則a、b連線的中點c的電勢Uc應(yīng)為（）A.50VB.大于50VC.小于50VD.無法判斷Uc的高低2、圖甲所示為氫原子的能級，圖乙為氫原子的光譜.

已知譜線a

是氫原子從n=4

的能級躍遷到n=2

能級時的輻射光，則譜線b

可能是氫原子(

)

時的輻射光A.從n=5

的能級躍遷到n=3

的能級B.從n=4

的能級躍遷到n=3

的能級C.從n=5

的能級躍遷到n=2

的能級D.從n=3

的能級躍遷到n=2

的能級3、用單色光通過小圓盤和小圓孔做衍射實驗時，在光屏上得到衍射圖形，它們的特征是()A.中央均為亮點的同心圓形條紋B.中央均為暗點的同心圓形條紋C.用小圓盤時中央是暗的，用小圓孔時中央是亮的D.用小圓盤時中央是亮的，用小圓孔時中央是暗的4、下列過程中，沒有利用電磁波的是（）A.電視機接收衛(wèi)星電視信號B.移動電話通話C.電風(fēng)扇通電后正常運轉(zhuǎn)D.雷達(dá)發(fā)現(xiàn)飛機5、理想變壓器原副線圈兩側(cè)一定不同的物理量是(

)

A.交變電流的頻率B.交變電流的功率C.磁通量的變化率D.交變電流的峰值6、如圖所示，在力F

的作用下，使同一桌子沿粗糙的水平面運動，其中桌子所受摩擦力最小的是()A.B.C.D.7、一物體做平拋運動，下列四幅圖中能正確反映物體水平速度(

甲)

和豎直速度(

乙)

隨時間變化關(guān)系的是A.B.C.D.8、圖為測量某電源電動勢和內(nèi)阻時得到的U鈭?I

圖線.

用此電源與三個阻值均為3婁賂

的電阻連接成電路，測得路端電壓為4.8V.

則該電路可能為(

)

A.B.C.D.9、如圖所示，同一水平面內(nèi)有一金屬圓線圖M和一帶正電橡膠圓環(huán)N，當(dāng)N繞其圓心在水平面內(nèi)順時針加速轉(zhuǎn)動時，可判斷出M環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向及M變化趨勢（）A.逆時針；收縮B.逆時針；擴張C.順時針；收縮D.順時針；擴張評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、如圖所示，一個邊長L=10cm

匝數(shù)N=100

匝的正方形線圈abcd

在勻強磁場中繞垂直于磁感線的對稱軸OO隆盲

勻速轉(zhuǎn)動，磁感應(yīng)強度B=0.50T

角速度婁脴=10婁脨rad/s

外電路電阻R=4.0婁賂

線圈內(nèi)阻r=1.0婁賂

．

則線圈轉(zhuǎn)動的周期______；感應(yīng)電動勢的最大值______；

線圈由圖中所示位置開始計時，感應(yīng)電動勢的瞬時表達(dá)式______．11、在研究產(chǎn)生感應(yīng)電流條件的實驗中，如圖7所示，把條形磁鐵插入或者拔出閉合線圈的過程，線圈的面積盡管沒有變化，但是線圈內(nèi)的磁場強弱發(fā)生了變化，此時閉合線圈中____感應(yīng)電流（填“有”或“無”）．繼續(xù)做如圖8所示的實驗，當(dāng)向右拉動導(dǎo)體棒時，盡管磁場的強弱沒有變化，但是閉合回路的面積發(fā)生了變化，此時回路中____感應(yīng)電流（填“有”或“無”）．因為不管是磁場強弱發(fā)生變化，還是回路面積發(fā)生變化，都是穿過線圈所圍面積的磁通量發(fā)生了變化．這種觀察總結(jié)的方法是物理學(xué)中重要的研究方法，即歸納法．12、兩相同金屬小球（可看為點電荷）帶電量分別為-2.0×10-8C和+4.0×10-8C，當(dāng)相距0.1m時，其間作用力為____N，將兩金屬球相接觸后再放回原來位置，則其間作用力為____N．13、氣墊導(dǎo)軌是常用的一種實驗儀器；它是利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導(dǎo)軌上，滑塊在導(dǎo)軌上的運動可視為沒有摩擦.

我們可以用帶有豎直擋板C

和D

的氣墊導(dǎo)軌以及滑塊A

和B

來探究碰撞中的不變量，實驗裝置如圖所示(

彈簧的長度忽略不計)

采用的實驗步驟如下：

a.

用天平分別測出滑塊AB

的質(zhì)量mAmB

．

b.

調(diào)整氣墊導(dǎo)軌；使導(dǎo)軌處于水平．

c.

在A

和B

間放入一個被壓縮的輕彈簧；用電動卡銷鎖定，靜止放置在氣墊導(dǎo)軌上．

d.

用刻度尺測出A

的左端至C

板的距離L1

．

e.

按下電鈕放開卡銷；同時使分別記錄滑塊AB

運動時間的計時器開始工作.

當(dāng)AB

滑塊分別碰撞CD

擋板時停止計時，記下AB

分別到達(dá)CD

的運動時間T1

和T2

．

(1)

實驗中還應(yīng)測量的物理量是______；

(2)

利用上述測量的實驗數(shù)據(jù)，若得出關(guān)系式______成立，即可得出碰撞中守恒的量是動量的矢量和，上式中算得的AB

兩滑塊的動量大小并不完全相等，產(chǎn)生誤差的原因是______(

寫出兩點即可)

14、如圖所示；電場中某一電場線為一直線，線上有ABC

三個點，電荷q1=10鈭?8C

從B

點移到A

點時靜電力做了10鈭?7J

的功；電荷q2=鈭?10鈭?8C

在B

點的電勢能比在C

點時大10鈭?7J

那么：

(1)

比較ABC

三點的電勢高低；由高到低的排序是______；

(2)AC

兩點間的電勢差是______V

(3)

若設(shè)B

點的電勢為零，電荷q2

在A

點的電勢能是______J.評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)15、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、綜合題(共3題，共6分)20、如圖所示，豎直放置的圓筒形注射器，活塞上端接有氣壓表，能夠方便測出所封閉理想氣體的壓強．開始時，活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時氣體體積為30cm3，氣壓表讀數(shù)為1.1×105Pa．若用力向下推動活塞，使活塞緩慢向下移動一段距離，穩(wěn)定后氣壓表讀數(shù)為2.2×105Pa．不計活塞與氣缸內(nèi)壁間的摩擦；環(huán)境溫度保持不變．

21、[

物理隆陋隆陋

選修3鈭?4]

(1)

一列簡諧橫波沿x

軸正方向傳播，在t=0

和t=0.20s

時的波形分別如圖中實線和虛線所示。己知該波的周期T>0.20s

下列說法正確的是______。(

填正確答案標(biāo)號。)

A.波速為0.40m/s

B.波長為0.08m

C.x=0.08m

的質(zhì)點在t=0.70s

時位于波谷D.x=0.08m

的質(zhì)點在t=0.12s

時位于波谷E.若此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?.80m/s

則它在該介質(zhì)中的波長為0.32m

(2)

如圖，某同學(xué)在一張水平放置的白紙上畫了一個小標(biāo)記“隆隴

”(

圖中O

點)

然后用橫截面為等邊三角形ABC

的三棱鏡壓在這個標(biāo)記上，小標(biāo)記位于AC

邊上。D

位于AB

邊上，過D

點做AC

邊的垂線交AC

于F

該同學(xué)在D

點正上方向下順著直線DF

的方向觀察。恰好可以看到小標(biāo)記的像；過O

點做AB

邊的垂線交直線DF

于EDE=2cmEF=1cm

求三棱鏡的折射率。(

不考慮光線在三棱鏡中的反射)

22、將質(zhì)量為0.10kg

的小球從離地面20m

高處豎直向上拋出；拋出時的初速度為15m/s

不計空氣阻力，當(dāng)小球落地時，求：

(1)

小球的動量。

(2)

小球從拋出至落地過程中受到的重力的沖量．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】解：由圖看出，ac段電場線比bc段電場線密，ac段場強較大，根據(jù)公式U=Ed可知，a、c間電勢差Uac大于b、c間電勢差Ucb，即φa-φc＞φc-φb；得到：

φc＜==50V．故ABD錯誤；C正確。

故選：C

由圖看出，ac段電場線比bc段電場線密，ac段場強較大，根據(jù)公式U=Ed定性分析a、c間與b、c間電勢差的大小，再求解中點b的電勢φc．

本題的關(guān)鍵是運用勻強電場中場強與電勢差的公式定性分析電勢差的大小，同時還可以根據(jù)電場線的疏密程度，大致確定30V的電勢線，從而進(jìn)行比較，即可求解．【解析】【答案】C2、C【分析】解：譜線a

是氫原子從n=4

的能級躍遷到n=2

的能級時的輻射光，波長大于譜線b

所以a

光的光子頻率小于b

光的光子頻率.

所以b

光的光子能量大于n=4

和n=2

間的能級差.n=3

躍遷到n=2n=5

躍遷到n=3

的能級差小于n=4

和n=2

的能級差.n=5

和n=2

間的能級差大于n=4

和n=2

間的能級差.

故A；B

D錯誤，C正確．

故選：C

．

氫原子能級躍遷時；兩能級間的能級差越大，輻射的光子能量越大，則光子頻率越大，波長越小．

解決本題的關(guān)鍵知道能級差與光子頻率的關(guān)系，以及知道光子頻率大小與波長大小的關(guān)系．【解析】C

3、A【分析】【分析】單色光通過小圓盤得到衍射圖形，稱為泊松亮斑，小圓孔做衍射實驗，衍射圖樣，它們中央均為亮點的同心圓形條紋，從而即可求解。

本題考查的是泊松亮斑，光照在小圓盤上卻在屏上中央出現(xiàn)亮斑，說明光具有波動性．

【解答】圓孔衍射實驗圖樣，與單色光通過小圓盤得到的泊松亮斑，它們的衍射圖形中央均為亮點的同心圓形條紋..故A正確，BCD錯誤。

故選A。

【解析】A

4、C【分析】解：A；電視機用電磁波傳遞圖象信號和聲音信號；故A不符合題意；

B；移動電話是利用電磁波傳遞信息的；故B不符合題意．

C；電風(fēng)扇是利用電動機把電能轉(zhuǎn)化成機械能來工作；所以沒有利電磁波，故C符合題意；

D；雷達(dá)是利用電磁波進(jìn)行工作的；故D不符合題意；

故選：C．

電磁波在生活中有著廣泛的應(yīng)用；如：無線電廣播；電視、手機、雷達(dá)都是靠電磁波來傳遞信息的．而電風(fēng)扇沒有利用電磁波工作．

解決本題的關(guān)鍵知道生活中的電器哪些用的是電磁波，電磁波包括無線電波、微波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線．【解析】【答案】C5、D【分析】解：變壓器的變壓原理即為在同一個鐵芯中磁通量的變化率相同；輸入功率等于輸出功率，變壓器只改變電壓和電流，不改變電流的頻率，故D正確，ABC錯誤．

故選：D

．

變壓器的電流與匝數(shù)成反比；輸入功率等于輸出功率，磁通量的變化率相同，頻率不變．

本題考查了變壓器的變壓特點，知道電壓、電流與匝數(shù)的關(guān)系，輸入功率等于輸出功率等．【解析】D

6、C【分析】【分析】桌子受到的摩擦力是滑動摩擦力，根據(jù)豎直方向受力平衡分析桌子與水平面的壓力大小，再根據(jù)f=婁脤FN

求解即可。本題考查了摩擦力的判斷與計算。求解摩擦力時要先分析是靜摩擦力還是滑動摩擦力，滑動摩擦力與正壓力成正比，而靜摩擦力隨外力的變化而變化，故靜摩擦力通?？梢愿鶕?jù)共點力平衡條件求解，或者結(jié)合運動狀態(tài)，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解?！窘獯稹繉ψ雷邮芰Ψ治?，豎直方向根據(jù)平衡條件可知，AB

兩種情況桌子對水平面的壓力等于其重力，C

選項桌子對水平面的壓力小于其重力，D

選項桌子對水平面的壓力大于其重力，而動摩擦因數(shù)相同，根據(jù)f=婁脤FN

可知，C

種情況桌子所受摩擦力最小；故C正確，ABD錯誤。故選C?！窘馕觥緾

7、B【分析】【分析】平拋運動分解成水平方向上勻速直線運動和豎直方向上的自由落體運動。平拋運動的處理思想是分解的思想，分解成水平方向上勻速直線運動和豎直方向上的自由落體運動?！窘獯稹科綊佭\動分解成豎直方向上的勻速直線運動和豎直方向上的自由落體運動，vx=v0,vy=gt;

故B正確，ACD錯誤?！窘馕觥緽

8、B【分析】解：A

電源的電動勢為6V

內(nèi)阻為0.5婁賂.

在A

電路中，外電阻為1婁賂

則總電阻為1.5婁賂

根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流為4A

則外電壓為4V.

故A錯誤．

B；在B

電路中；外電阻為2婁賂

則總電阻為2.5婁賂

根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流為2.4A

則外電壓為4.8V.

故B正確．

C、在C

電路中，外電阻為9婁賂.

則總電阻為9.5婁賂

根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流為129

則外電壓為1089.

故C錯誤．

D；在D

電路中；外電阻為4.5婁賂

則總電阻為5婁賂

根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流為1.2A

則外電壓為5.4V.

故D錯誤．

故選：B

．

根據(jù)U鈭?I

圖線得出電源的電動勢為6V

圖線的斜率的絕對值表示內(nèi)阻，所以內(nèi)阻為0.5婁賂.

然后結(jié)合閉合電路歐姆定律求出各電路的電流，以及路段電壓．

解決本題的關(guān)鍵掌握閉合電路歐姆定律，同時注意路端電壓的求法U=IR

．【解析】B

9、B【分析】解：當(dāng)帶正電的絕緣圓環(huán)N順時針加速旋轉(zhuǎn)時；相當(dāng)于順時針方向電流，并且在增大，根據(jù)右手定則，其內(nèi)（金屬圓環(huán)a內(nèi)）有垂直紙面向里的磁場，其外（金屬圓環(huán)M處）有垂直紙面向外的磁場，并且磁場的磁感應(yīng)強度在增大，金屬圓環(huán)M包圍的面積內(nèi)的磁場的總磁感應(yīng)強度是垂直紙面向里（因為向里的比向外的磁通量多，向里的是全部，向外的是部分）而且增大，根據(jù)楞次定律，M中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場垂直紙面向外，磁場對電流的作用力向外，所以M中產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流，根據(jù)左手定則，磁場對電流的作用力向外，所以具有擴張趨勢，故ACD錯誤B正確；

故選：B。

本題中是由于N的轉(zhuǎn)動而形成了感應(yīng)電流；而只有N中的感應(yīng)電流的變化可以在M中產(chǎn)生磁通量的變化，才使M中產(chǎn)生了感應(yīng)電流；因此本題應(yīng)采用逆向思維法分析判斷。

本題有兩個判斷，一個是電流方向，另一個是收縮趨勢還是擴張趨勢。綜合考查電流的磁場（安培定則），磁通量，電磁感應(yīng)，楞次定律，磁場對電流的作用力，左手定則等?！窘馕觥緽二、填空題(共5題，共10分)10、0.2s；15.7；e=15.7cos10πt【分析】解：根據(jù)公式：T=2婁脨婁脴=2婁脨10婁脨s=0.2s

根據(jù)Em=NB婁脴S

可得感應(yīng)電動勢的最大值：

Em=100隆脕0.5隆脕0.1隆脕0.1隆脕10婁脨v=15.7(v)

由于線框垂直于中性面開始計時；

所以電動勢瞬時值的表達(dá)式：e=15.7cos10婁脨t

故答案為：0.2s15.7e=15.7cos10婁脨t

由周期和角速度關(guān)系可求得周期；根據(jù)Em=NB婁脴S

求出最大值；再寫出電動勢和電流的瞬時表達(dá)式；

題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識，要能根據(jù)題意寫出瞬時值的表達(dá)式，知道有效值跟峰值的關(guān)系，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】0.2s15.7e=15.7cos10婁脨t

11、略

【分析】只要穿過閉合線框的磁通量發(fā)生變化就有感應(yīng)電流產(chǎn)生，只要閉合電路的一部分導(dǎo)體做切割磁感線運動閉合電路中就有感應(yīng)電流產(chǎn)生【解析】【答案】有，有12、略

【分析】

由庫侖定律可得：

兩球接觸前的庫侖力F=N=7.2×10-4N；

而兩球接觸后平分電量，則兩球的電量q′=

則作用力F′==9.0×10-5N；

故答案為：7.2×10-4，9.0×10-5；

【解析】【答案】由庫侖定律列出接觸前的庫侖力表達(dá)式；根據(jù)電荷守恒定律可得出接觸后兩球的電荷量；再由庫侖定律列出庫侖力表達(dá)式，即可求得兩力的關(guān)系．

13、略

【分析】解：(1)

滑塊的速度：vA=L1T1vB=L2T2

如果動量守恒；則：mAvA鈭?mBvB=0

把速度代入得：mAL1T1鈭?mBL2T2=0

由此可知；還要測量的物理量是：B

到D

的距離L2

．

(2)

由(1)

可知：實驗需要驗證的表達(dá)式為：mAL1T1鈭?mBL2T2=0

由：mAL1T1鈭?mBL2T2=0

可知；產(chǎn)生誤差的原因是：測量mAmBL1L2T1T2

時帶來的誤差；氣墊導(dǎo)軌不水平；滑塊與氣墊導(dǎo)軌間有摩擦．

故答案為：(1)B

到D

的距離L2(2)mAL1T1鈭?mBL2T2=0

測量距離；測量時間不準(zhǔn)確；由于阻力、氣墊導(dǎo)軌不水平等造成誤差．

根據(jù)題求出物塊的速度；然后求出驗證動量守恒定律的表達(dá)式，然后根據(jù)表達(dá)式分析答題．

知道實驗原理，應(yīng)用動量守恒定律求出實驗需要驗證的表達(dá)式是正確解題的關(guān)鍵；利用位移或位移與時間的比值表示物體的速度是物理實驗中常用的一種方法，要注意掌握．【解析】B

到D

的距離L2mAL1T1鈭?mBL2T2=0

測量距離、測量時間不準(zhǔn)確；由于阻力、氣墊導(dǎo)軌不水平等造成誤差14、φC＞φB＞φA；-20；1×10-7【分析】解：(1)

根據(jù)電勢差的定義式U=Wq

得。

BA

間電勢差UBA=WBAq1=10鈭?710鈭?8V=10V

說明B

點的電勢比A

點高10V

BC

間電勢差UBC=WBCq2=10鈭?7鈭?10鈭?8V=鈭?10V

說明B

點的電勢比C

點低10V

故A、BC

三點的電勢高低順序是：婁脮C>婁脮B>婁脮A

．

(2)AC

兩點間的電勢差UAC=UAB+UBC=鈭?10V鈭?10V=鈭?20V

(3)

設(shè)B

點的電勢為零；A

點的電勢為婁脮A=鈭?10V

電荷q2

在A

點的電勢能是Ep=q2婁脮A=鈭?10鈭?8隆脕(鈭?10)J=1隆脕10鈭?7J

故答案為：

(1)婁脮C>婁脮B>婁脮A

．

(2)鈭?20

(3)1隆脕10鈭?7

(1)

根據(jù)電勢差的定義式U=Wq

求出BA

間和BC

間電勢差，即可比較三點電勢的高低；

(2)AC

兩點間的電勢差UAC=UAB+UBC

．

(3)

設(shè)B

點的電勢為零；確定出A

點的電勢，由Ep=q婁脮

公式求出電荷q2

在A

點的電勢能．

本題的解題關(guān)鍵是掌握電勢差的定義式U=Wq

并能正確運用.

也可以推論：正電荷在電勢高處電勢能大，負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，判斷電勢高低．【解析】婁脮C>婁脮B>婁脮A鈭?201隆脕10鈭?7

三、判斷題(共5題，共10分)15、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、綜合題(共3題，共6分)20、①在移動活塞的過程中，氣體體積變小，外界對氣體做功，W＞0；環(huán)境溫度不變，活塞緩慢向下移動過程中，氣體溫度不變，氣體溫度內(nèi)能不變，△U=0；由熱力學(xué)第一定律△U=W+Q，可知Q=△U﹣W=﹣W＜0，因此氣體要放出熱量；②氣體發(fā)生了等溫變化，由玻意耳定律可得：P1V1=P2V2，即：1.1×105Pa×30cm3=2.2×105Pa×V2，解得：V2=15cm3，③氣體溫度不變，分子平均動能不變，每個分子對器壁的撞擊力不變；在活塞向下移動的過程中，氣體體積減小，分子密度增加，單位時間內(nèi)撞擊器壁的分子數(shù)增加，器壁單位面積受到的壓力增大，即氣體壓強增大．故答案為：（1）AC；（2）①封閉氣體放熱；②活塞穩(wěn)定后氣體的體積是15cm3；③氣體溫度不變，分子平均動能不變，氣體體積減小，分子密度增大，氣體壓強變大．【分析】【解答】①在移動活塞的過程中，氣體體積變小，外界對氣體做功，W＞0；

環(huán)境溫度不變，活塞緩慢向下移動過程中，氣體溫度不變，氣體溫度內(nèi)能不變，△U=0；

由熱力學(xué)第一定律△U=W+Q，可知Q=△U﹣W=﹣W＜0；因此氣體要放出熱量；

②氣體發(fā)生了等溫變化，由玻意耳定律可得：P1V1=P2V2；

即：1.1×105Pa×30cm3=2.2×105Pa×V2，解得：V2=15cm3；

③氣體溫度不變；分子平均動能不變，每個分子對器壁的撞擊力不變；

在活塞向下移動的過程中；氣體體積減小，分子密度增加；

單位時間內(nèi)撞擊器壁的分子數(shù)增加；器壁單位面積受到的壓力增大，即氣體壓強增大．

故答案為：①封閉氣體放熱；②活塞穩(wěn)定后氣體的體積是15cm3；

③氣體溫度不變；分子平均動能不變，氣體體積減小，分子密度增大，氣體壓強變大．

【分析】（1）懸浮在液體或氣體中的固體小顆粒的無規(guī)則運動是布朗運動；

溫度是分子平均動能的標(biāo)志；物體溫度越高，分子的平均動能越大，分子平均速度越大，每個分子的速率不一定大；

同溫度的水變?yōu)橥瑴囟鹊乃魵庖諢崃浚粌?nèi)能增加，由于溫度不變，所以分子的平均動能不變，增加的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為分子勢能，分子勢能增加；

熱力學(xué)第二定律的內(nèi)容：熱量可以自發(fā)地從較熱的物體傳遞到較冷的物體，但不可能自發(fā)地從較冷的物體傳遞到較熱的物體（克勞修斯表述）；（2）①氣體溫度不變，氣體體積減小，外界對氣體做功，由熱力學(xué)第一定律分析氣體吸熱還是放熱；②氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律可以求出氣體體積；③應(yīng)用分子動理論解釋氣體的等溫變化中壓強的變化規(guī)律．21、(1)ACE

(2)

過D

點作AB

邊的法線NN鈥?

連接OD

則隆脧ODN=婁脕

為O

點發(fā)出的光線在D

點的入射角；設(shè)該光線在D

點的折射角為婁脗

如圖所示：根據(jù)折射定律有：nsin婁脕=sin婁脗

由幾何關(guān)系可知隆脧婁脗=60鈭?隆脧EOF=30鈭?

在?OEF

中有：E