2025年滬科版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，空間中存在勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場和磁場的方向水平且互相垂直．一帶電微粒沿直線由a向b運(yùn)動；在此過程中。

A.微粒做勻加速直線運(yùn)動B.微粒的動量減小C.微粒的電勢能增加D.微粒的機(jī)械能增加2、如圖所示，a、b、c三盞燈都能發(fā)光，且在電路變化時(shí)，燈不會燒壞．試判斷：當(dāng)滑動變阻器的觸頭P向下移動時(shí)（）A.外電路的總電阻變小B.總電流變小C.a燈變暗D.c燈變亮3、超級電容器又叫雙電層電容器，它具有功率密度高、充放電時(shí)間短、循環(huán)壽命長、工作溫度范圍寬等特點(diǎn)．圖示為一款超級電容器，其上標(biāo)有“2.7V400F”，下列說法正確的是

A.該電容器的輸入電壓只能是2.7V時(shí)才能工作B.該電容器的電容與電容器兩極間電勢差成反比C.該電容器不充電時(shí)的電容為零D.該電容器正常工作電時(shí)儲存的電荷量為1080C4、如圖所示，某人騎共享單車從東往西沿直線以速度v騎行，該處地磁場的水平分量大小為方向由南向北，豎直分量大小為方向豎直向下，共享單車車把為金屬材質(zhì)，且?guī)в薪^緣把套，兩把手間距為L。只考慮共享單車在地磁場中的電磁感應(yīng)；下列說法正確的是（）

A.圖示位置輻條中A點(diǎn)電勢比B點(diǎn)電勢高B.圖示位置輻條中電流由A點(diǎn)流向B點(diǎn)C.共享單車左把手的電勢比右把手的電勢高D.該人騎共享單車在十字路口左拐，則共享單車把手間的電勢差要降低5、下列有關(guān)物理量的方向描述正確的是（）A.電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度的方向就是電荷在該點(diǎn)受到的電場力方向B.磁場中某點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是正電荷在該點(diǎn)受到的磁場力方向C.閉合電路中電荷定向運(yùn)動的方向就是電流的方向D.感應(yīng)電流具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場總是要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化6、四條長直導(dǎo)線垂直紙面固定在如圖所示的位置，其中三條導(dǎo)線到導(dǎo)線的距離相等且與導(dǎo)線的連線互成120°角，四條導(dǎo)線均通有電流強(qiáng)度為方向如圖的電流，此時(shí)導(dǎo)線對導(dǎo)線的安培力為則關(guān)于導(dǎo)線所受安培力的合力；下列說法正確的是。

A.大小為方向由指向B.大小為方向由指向C.大小為方向由指向D.大小為方向由指向7、在同一介質(zhì)中，兩列相干波相互疊加，則()A.波峰與波峰疊加的點(diǎn)振動最強(qiáng)，波谷與波谷疊加的點(diǎn)振動最弱B.波峰與波峰疊加的點(diǎn)在經(jīng)過半個(gè)周期后將是波谷與波谷在該點(diǎn)相遇，振動始終最強(qiáng)C.振動最強(qiáng)的點(diǎn)經(jīng)過四分之一周期后剛好經(jīng)平衡位置時(shí)，它的振動最弱D.如果兩相干波源振幅不等，則振動最弱的點(diǎn)將不會出現(xiàn)8、如圖所示，真空中，垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場只在兩個(gè)同心圓所夾的環(huán)狀區(qū)域存在(含邊界)，兩圓的半徑分別為R、3R，圓心為O．一重力不計(jì)的帶正電粒子從大圓邊緣的P點(diǎn)沿PO方向以速度v1射入磁場，其運(yùn)動軌跡如圖，軌跡所對的圓心角為120°．若將該帶電粒子從P點(diǎn)射入的速度大小變?yōu)関2時(shí)，不論其入射方向如何，都不可能進(jìn)入小圓內(nèi)部區(qū)域，則v1：v2至少為。

A.B.C.D.2評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、現(xiàn)有一定質(zhì)量的理想氣體，讓其從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷過程ab、bc、cd、da回到原狀態(tài)a，其圖像如圖所示，其中對角線ac的延長線過原點(diǎn)O。下列說法正確的是（）

A.氣體從a到b再到c的過程中壓強(qiáng)先減小后增大B.狀態(tài)a與狀態(tài)c相比較，氣體分子在狀態(tài)a單位時(shí)間內(nèi)攮擊器壁單位面積上的次數(shù)較少C.氣體在狀態(tài)a時(shí)的內(nèi)能等于它在狀態(tài)c時(shí)的內(nèi)能D.在過程cd中，氣體從外界吸收的熱量等于氣體對外界做的功10、下列說法正確的是（）A.一定質(zhì)量的某種理想氣體，當(dāng)溫度降低時(shí)，其內(nèi)能減小B.晶體熔化時(shí)吸收熱量，溫度不變，內(nèi)能不變C.氣體溫度趨近于絕對零度時(shí)，其體積趨近于零E.能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性E.能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性11、下列關(guān)于物理現(xiàn)象的解釋正確的是（）A.荷葉上面的小水珠呈球形的主要原因是液體有表面張力B.土壤里有很多毛細(xì)管，若要防止把地下的水分沿著它們引到地表，可將地面的土壤鋤松C.懸浮在水中的花粉的布朗運(yùn)動反映了花粉分子的熱運(yùn)動E.汽車尾氣中各類有害氣體排入大氣后嚴(yán)重污染了空氣，想辦法使它們自發(fā)地分離，既清潔了空氣，又變廢為寶E.汽車尾氣中各類有害氣體排入大氣后嚴(yán)重污染了空氣，想辦法使它們自發(fā)地分離，既清潔了空氣，又變廢為寶12、如圖所示，把一個(gè)帶電小球A固定在光滑的水平絕緣桌面上，在桌面的另一處有另一帶電小球B，現(xiàn)給B一個(gè)垂直于AB方向的速度v0；則下列說法中正確的是（）

A.B球可能做直線運(yùn)動B.B球的電勢能可能增加C.A球?qū)球的庫侖力可能對B球不做功D.B球可能從電勢較高處向電勢較低處運(yùn)動13、下列說法正確的是_____________．A.紅光由空氣進(jìn)入水中，波長變短，顏色不變B.光纖通信是利用了光的全反射原理C.白光通過三棱鏡在屏上出現(xiàn)彩色光帶，是光的干涉現(xiàn)象E.用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，在干涉圖樣中，紫光的條紋間距比紅光寬E.用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，在干涉圖樣中，紫光的條紋間距比紅光寬14、如圖所示，光滑水平導(dǎo)軌置于磁場中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，左側(cè)導(dǎo)軌間距為L，右側(cè)導(dǎo)軌間距為2L，導(dǎo)軌均足夠長。質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒ab和質(zhì)量為2m的導(dǎo)體棒cd均垂直于導(dǎo)軌放置，處于靜止?fàn)顟B(tài)。ab的電阻為R，cd的電阻為2R，兩棒始終在對應(yīng)的導(dǎo)軌部分運(yùn)動。現(xiàn)給cd一水平向右的初速度v0；則（）

A.兩棒最終以相同的速度做勻速直線運(yùn)動B.最終通過兩棒的電量為C.ab棒最終的速度為D.從cd獲得初速度到二者穩(wěn)定運(yùn)動，此過程系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱為15、在光滑的水平面上，質(zhì)量為m的子彈以初速度v0射擊質(zhì)量為M的木塊，最終子彈未能射穿木塊，射入的深度為d，木塊在加速運(yùn)動中的位移為s，則以下說法正確的是（）

A.子彈動能的虧損大于系統(tǒng)動能的虧損B.子彈動量的減少量等于木塊動量的增加量C.摩擦力對M的做的功一定等于摩擦力對m的做的功D.位移s一定大于深度d評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、（1）用游標(biāo)卡尺測量某鋼管的外徑，某次游標(biāo)卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖1所示，其讀數(shù)為_____cm。

（2）如圖2所示，螺旋測微器測出的某物件的寬度是_____mm。

17、電子電路中的信號可以分為___________信號和___________信號。數(shù)字信號的兩個(gè)工作狀態(tài)可以用“___________”和“___________”來表示。在數(shù)字電路中分別代表___________電壓和___________電壓。18、毛細(xì)現(xiàn)象：浸潤液體在細(xì)管中______的現(xiàn)象，以及不浸潤液體在細(xì)管中______的現(xiàn)象．19、回?zé)崾街评錂C(jī)是一種深低溫設(shè)備，制冷極限約50K，某臺設(shè)備工作時(shí)，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經(jīng)歷如圖所示的四個(gè)過程：從狀態(tài)到和到是等溫過程；從狀態(tài)到和到是等容過程，體積分別為和則圖中___（填“>”“<”或者“=”）；整個(gè)循環(huán)過程氦氣系統(tǒng)是______的（填“吸熱”“放熱”或者“絕熱”）。

20、一太陽能電池板，直接用理想電壓表測得它兩極的開路電壓為0.8V，理想電流表測出的短路電流為0.04A，此電源內(nèi)阻為________Ω．若將該電池板與一阻值為20Ω的電阻器連成一閉合電路，則流過電阻的電流為________A．21、如下左圖所示，楔形木塊A固定在水平放置壓力傳感器上，A的斜面是光滑的．某同學(xué)將質(zhì)量不同的小鋼球從斜面頂端靜止釋放，記錄小鋼珠在斜面上運(yùn)動時(shí)壓力傳感器的示數(shù)．重力加速度g="9.8"m/s2.記錄實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)后；根據(jù)數(shù)據(jù)做出F-m圖像，如下右圖．

（1）由圖像知，木塊A的質(zhì)量M=____kg（保留小數(shù)點(diǎn)后一位）

（2）若斜面傾角為θ，由圖像知，_____（保留小數(shù)點(diǎn)后兩位）

（3）不同質(zhì)量的小鋼珠在斜面上運(yùn)動的時(shí)間______________（填“相同”或“不相同”）

評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共21分)25、如圖1所示，用半徑相同的A、B兩球的碰撞可以驗(yàn)證“動量守恒定律”．實(shí)驗(yàn)時(shí)先讓質(zhì)量為m1的A球從斜槽上某一固定位置C由靜止開始滾下，進(jìn)入水平軌道后，從軌道末端水平拋出，落到位于水平地面的復(fù)寫紙上，在下面的白紙上留下痕跡．重復(fù)上述操作10次，得到10個(gè)落點(diǎn)痕跡．再把質(zhì)量為m2的B球放在水平軌道末端，讓A球仍從位置C由靜止?jié)L下，A球和B球碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)操作10次．M、P、N為三個(gè)落點(diǎn)的平均位置，未放B球時(shí)，A球的落點(diǎn)是P點(diǎn)，O點(diǎn)是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影點(diǎn)，如圖2所示．

（1）在這個(gè)實(shí)驗(yàn)中，為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，兩個(gè)小球的質(zhì)量應(yīng)滿足m1____m2（選填“>”或“<”）；除了圖中器材外，實(shí)驗(yàn)室還備有下列器材，完成本實(shí)驗(yàn)還必須使用的兩種器材是___________．

A．秒表BB．天平CCD．刻度尺

D_______．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

（2）下列說法中正確的是

．A

．如果小球每次從同一位置由靜止釋放，每次的落點(diǎn)一定是重合的B．重復(fù)操作時(shí)發(fā)現(xiàn)小球的落點(diǎn)并不重合，說明實(shí)驗(yàn)操作中出現(xiàn)了錯(cuò)誤C

．用半徑盡量小的圓把10C個(gè)落點(diǎn)圈起來，這個(gè)圓的圓心可視為小球落點(diǎn)的平均位置OPD

．僅調(diào)節(jié)斜槽上固定位置，它的位置越低，線段m的長度越大m（3）在某次實(shí)驗(yàn)中，測量出兩個(gè)小球的質(zhì)量M1、N2OP．記錄的落點(diǎn)平均位置O、OM幾乎與OP在同一條直線上，測量出三個(gè)落點(diǎn)位置與ON點(diǎn)距離________________、OP、____________的長度．在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式

，則可以認(rèn)為兩球碰撞前后在方向上的總動量守恒；若碰撞是彈性碰撞，那么還應(yīng)滿足關(guān)系式OP．（用測量的量表示）OM（4ON）在、、____________這三個(gè)長度中，與實(shí)驗(yàn)所用小球B質(zhì)量無關(guān)的是______________，與實(shí)驗(yàn)所用小球質(zhì)量

B有關(guān)的是M．P（5N）某同學(xué)在做這個(gè)實(shí)驗(yàn)時(shí)，記錄下小球三個(gè)落點(diǎn)的平均位置、、M，如圖N3OP所示．他發(fā)現(xiàn)OP和______________偏離了

方向．這位同學(xué)猜想兩小球碰撞前后在26、某同學(xué)用如圖所示的裝置做“驗(yàn)證動量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)．先將a球從斜槽軌道上某固定點(diǎn)處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次；再把同樣大小的b球放在斜槽軌道末端水平段的最右端靜止放置，讓a球仍從原固定點(diǎn)由靜止開始滾下和b球相碰后；兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復(fù)10次．

（1）本實(shí)驗(yàn)必須測量的物理量有()

A.斜槽軌道末端的水平地面的高度H

B.小球a、b的質(zhì)量

C.小球a、b的半徑r

D.小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時(shí)間t

E.記錄紙上0點(diǎn)到A；B、C各點(diǎn)的距離OA、OB、OC

F.a球的固定釋放點(diǎn)到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h

（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求，_________（填“大于”；“小于”或“等于”）；

（3）放上被碰小球后，兩小球碰后是否同時(shí)落地？如果不是同時(shí)落地，對實(shí)驗(yàn)結(jié)果有沒有影響________？（不必作分析）

（4）為測定未放小球b時(shí)，小球a落點(diǎn)的平均位置，把刻度尺的零刻度線跟記錄紙上的0點(diǎn)對齊，下圖給出小球a落點(diǎn)附近的情況，由圖可得OB距離應(yīng)為_______cm．

（5）按照本實(shí)驗(yàn)方法，驗(yàn)證動量守恒的驗(yàn)證式是___________________．27、（1）某同學(xué)根據(jù)如圖右所示的裝置測量某電源的電動勢和內(nèi)阻，兩次實(shí)驗(yàn)測得電壓表的讀數(shù)為時(shí)電阻箱的讀數(shù)為當(dāng)電壓表的讀數(shù)為時(shí)電阻箱的讀數(shù)為則電源的電動勢E=_______．

（2）為減小電壓表讀數(shù)帶來的實(shí)驗(yàn)誤差，該同學(xué)結(jié)合實(shí)驗(yàn)室的器材對原電路稍作了改進(jìn)如下圖：請根據(jù)電路圖將下列器材連接成電路________．

（3）閉合電鍵后，調(diào)節(jié)電阻箱接入電路的阻值．得到多組電阻箱接入電路的阻值R和對應(yīng)的電壓表的示數(shù)U，為了比較準(zhǔn)確地得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論．該同學(xué)準(zhǔn)備用直線圖象來處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，根據(jù)測得的多組電阻箱的阻值R和記錄的對應(yīng)電壓表的讀數(shù)U，作出圖象如下圖所示，圖線與橫、縱坐標(biāo)軸的截距分別為和定值電阻的阻值R0=4.5Ω．則可得該電源的電動勢為_____，內(nèi)阻為________．

評卷人得分六、解答題(共1題，共7分)28、一自感線圈，電流從最大值減小到零的時(shí)間為0.05s，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為180V，如果電流在0.03s內(nèi)減小到零，則線圈兩端可得到多大感應(yīng)電動勢？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

對帶電粒子進(jìn)行受力分析；受到豎直向下的重力，水平向左的電場力和垂直于虛線向右上的洛倫茲力，由于帶電粒子做直線運(yùn)動，可判斷粒子合外力為零，再根據(jù)各力的做功情況，即可判斷．

【詳解】

AB；微粒受到重力、電場力和洛倫茲力作用；微粒做直線運(yùn)動，其合力方向與速度方向共線，根據(jù)做直線運(yùn)動的條件可知微粒的受力情況如圖所示：

所以微粒一定帶負(fù)電；微粒一定做勻速直線運(yùn)動；否則速度變化，洛倫茲力變化，微粒做曲線運(yùn)動，因此微粒的動量保持不變，故AB錯(cuò)誤；

C、微粒由a沿直線運(yùn)動到b的過場中；電場力做正功，電勢能一定減小，故C錯(cuò)誤；

D；重力做負(fù)功；重力勢能增加，而動能不變，則微粒的機(jī)械能一定增加，故D正確．

故選D．

【點(diǎn)睛】

帶電粒子在重力場、電場、磁場的復(fù)合場中，只要是做直線運(yùn)動，一定是勻速直線運(yùn)動（v與B不平行）．若速度是變的，洛倫茲力會變，合力就是變的，合力與速度不在一條直線上，帶電體就會做曲線運(yùn)動．2、A【分析】【詳解】

A．據(jù)圖可知；當(dāng)滑動變阻器滑片向下滑動時(shí)，相當(dāng)于滑動變阻器被短接部分變大，未短接部分減小，則滑動變阻器阻值減小，外電路總電阻與其中之一電阻的變化一致，所以外電阻總電阻變小，A選項(xiàng)正確；

B．據(jù)

總電流變大；B選項(xiàng)錯(cuò)誤；

C．a(chǎn)燈接在干路，總電流變大，則a燈變亮；C錯(cuò)誤；

D．據(jù)“串反并同”c燈與滑動變阻器并聯(lián)，c燈電流、電壓變化與滑動變阻器阻值變化一致，則c燈變暗；D錯(cuò)誤．

故選A。3、D【分析】【詳解】

A、電容器的額定電壓為2.7V，說明工作電壓要不超過2.7V，可以小于2.7V，故A錯(cuò)誤；

B、電容器的電容由電容器本身來決定，跟電容器兩極間的電勢差無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C、電容是描述電容器容納電荷的本領(lǐng)，不充電是電容仍然存在，與充電與否無關(guān)，故C錯(cuò)誤；

D、該電容器最大容納電荷量：Q＝CU＝400F×2.7V＝1080C，故D正確．4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．共享單車從東往西行駛時(shí)，輻條切割地磁場水平分量的磁感線，由右手定則可判斷，題圖所示位置輻條中A點(diǎn)電勢比B點(diǎn)電勢低；選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．輻條不在閉合回路中；故輻條中無電流，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．共享單車車把切割地磁場豎直分量的磁感線，由右手定則及電磁感應(yīng)定律知，左把手的電勢比右把手的電勢高選項(xiàng)C正確；

D．該人騎共享單車在十字路口左拐；共享單車車把仍切割地磁場豎直分量的磁感線，且有效切割長度不變，則共享單車把手間的電勢差大小不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。5、D【分析】A；電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度的方向就是正電荷在電場中某點(diǎn)受力的方向；故A錯(cuò)誤；

B；磁場中任一點(diǎn)；小磁針北極受力方向，就是該點(diǎn)的磁場方向，故B錯(cuò)誤；

C；電荷的定向移動形成電流；正電荷的定向移動方向是電流的方向，故C錯(cuò)誤；

D；楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出楞次定律；即感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，故D正確。

點(diǎn)睛：本題考查了電場、磁場、電流以及感應(yīng)電流的方向，注意教材中對這些方向的規(guī)定。6、D【分析】【分析】

根據(jù)題圖可知；考查了通電導(dǎo)線之間的安培力的計(jì)算；導(dǎo)線的電流方向相同二者相互吸引，電流方向相反二者相互排斥，由此進(jìn)行分析．

【詳解】

導(dǎo)線的電流方向相同二者相互吸引；電流方向相反二者相互排斥，則d導(dǎo)線的受力情況如圖所示：

根據(jù)力的平行四邊形法則可知；d導(dǎo)線所受安培力的合力大小為2F，方向沿dc方向．

故D正確；ABC錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

掌握電流之間相互作用的情況是解題的關(guān)鍵．7、B【分析】【詳解】

A.波峰和波峰疊加；為振動加強(qiáng)點(diǎn)，且始終振動加強(qiáng)；波谷與波谷疊加，振動也始終加強(qiáng)，而波谷與波谷疊加，為振動減弱點(diǎn)，且始終振動減弱．故A錯(cuò)誤．

B.波峰與波峰疊加的點(diǎn)在經(jīng)過半個(gè)周期后將是波谷與波谷在該點(diǎn)相遇；且振動始終最強(qiáng)．故B正確．

C.振動最強(qiáng)的點(diǎn)經(jīng)過四分之一周期后剛好經(jīng)過平衡位置；它們的振動仍然相同，因此也是振動加強(qiáng)．故C錯(cuò)誤．

D.如果兩相干波源振幅不相等，則振動最弱的點(diǎn)仍將出現(xiàn)．故D錯(cuò)誤．8、B【分析】【詳解】

粒子在磁場中做圓周運(yùn)動；如圖：

由幾何知識得：洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：當(dāng)該帶電粒子從P點(diǎn)射入的速度大小變?yōu)関2時(shí)，若粒子豎直向上射入磁場粒子恰好不能進(jìn)入磁場時(shí)，即粒子軌道半徑則不論其入射方向如何，都不可能進(jìn)入小圓內(nèi)部區(qū)域，此時(shí)洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：則：故B正確，ACD錯(cuò)誤．二、多選題(共7題，共14分)9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)氣體狀態(tài)方程。

得。

V-T圖象的斜率。

acO連線的斜率大于bO連線的斜率，所以氣體在狀態(tài)a、c時(shí)的壓強(qiáng)小于它在狀態(tài)b時(shí)的壓強(qiáng)，氣體從a到b再到c的過程中壓強(qiáng)先增大后減?。还蔄錯(cuò)誤；

B．溫度升高，氣體分子的平均動能增加，過原點(diǎn)直線表示等壓變化，狀態(tài)a與狀態(tài)c相比較，則氣體分子在狀態(tài)a單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)較少；故B正確；

C．理想氣體在狀態(tài)a的溫度大于狀態(tài)c的溫度，理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度高，內(nèi)能大，故氣體在狀態(tài)a時(shí)的內(nèi)能大于它在狀態(tài)c時(shí)的內(nèi)能；故C錯(cuò)誤；

D．在過程cd中，等溫變化，內(nèi)能不變，體積增大，氣體對外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律。

可知?dú)怏w從外界吸收的熱量等于氣體對外界做的功；故D正確。

故選BD。10、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．一定質(zhì)量的某種理想氣體；分子勢能為零，當(dāng)溫度降低時(shí)，分子平均動能減小，其內(nèi)能減小，故A正確；

B．晶體熔化時(shí)吸收熱量；溫度不變，內(nèi)能增大，故B錯(cuò)誤；

C．對于理想氣體；溫度趨近絕對零度，體積趨近零，但是對于實(shí)際氣體，溫度過低，氣體已經(jīng)液化或凝固，故C錯(cuò)誤；

D．不可能違背熱力學(xué)第二定律；故無法制造出效率是100%的熱機(jī)，故D正確；

E．由熱力學(xué)第二定律可知自然界的宏觀過程具有方向性；能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性，故E正確。

故選ADE。11、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．液體的表面張力使液面具有收縮到液面表面積最小的趨勢；荷葉上面的小水珠呈球形的主要原因是液體有表面張力，故A正確；

B．將地面的土壤鋤松；破壞了毛管，可以減小土地下的水分蒸發(fā)，故B正確；

C．懸浮在水中的花粉的布朗運(yùn)動反映了水分子的熱運(yùn)動；故C錯(cuò)誤；

D．液晶像液體一樣具有流動性；而其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性，彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)，故D正確；

E．通過物理方法使汽車尾氣中各類有害氣體只是分離而不吸收的話并不能清潔空氣；變廢為寶，只能通過化學(xué)方法將有害氣體轉(zhuǎn)化為無害的物質(zhì)，這樣才能清潔空氣，變廢為寶，故E錯(cuò)誤。

故選ABD。12、B:C:D【分析】【詳解】

A.由題看出，小球B受到的靜電力與速度不在同一直線上，則B球不可能做直線運(yùn)動；故A錯(cuò)誤；

B.若小球A、B帶異種電荷，而且引力恰好小于時(shí)；B球會遠(yuǎn)離A球，引力做負(fù)功，電勢能增加，故B正確；

C.若小球A、B帶異種電荷，而且引力恰好等于時(shí)；B球做勻速圓周運(yùn)動，A球?qū)球的庫侖力不做功，故C正確；

D.由于兩球電性未知；B球可能受斥力會遠(yuǎn)離A球，也可能受到引力靠近A球，所以B球可能從電勢較高處向電勢較低處運(yùn)動，故D正確．

【名師點(diǎn)睛】

由小球B受到的靜電力與速度不在同一直線上可知，B球不可能做直線運(yùn)動．若小球A、B帶異種電荷小球B做勻速圓周運(yùn)動，庫侖力不做功，若小球B所受的引力小于所需要的向心力，小球B做離心運(yùn)動時(shí)，B球的電勢能可能增加，B球不一定從電勢較高處向電勢較低處運(yùn)動．13、A:B:D【分析】【詳解】

A項(xiàng)：光從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)的頻率不變；根據(jù)紅光由空氣進(jìn)入水中，波長變短，但顏色不變，故A正確；

B項(xiàng)：光纖通信和醫(yī)用纖維式內(nèi)窺鏡都是利用了光的全反射原理；當(dāng)內(nèi)芯的折射率比外套的大時(shí)，光傳播時(shí)在內(nèi)芯與外套的界面上才能發(fā)生全反射，故B正確；

C項(xiàng)：白光通過三棱鏡在屏上出現(xiàn)彩色條紋是光的一種折射現(xiàn)象；故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：根據(jù)發(fā)生明顯衍射的條件可知；對同一障礙物波長越長的光越容易衍射，故D正確；

E項(xiàng)：由公式可知，用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，在干涉圖樣中，波長較小的紫光的條紋間距比紅光窄，故E錯(cuò)誤．14、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AC．cd獲得速度后，電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)左手定則得cd棒減速，ab棒加速，當(dāng)

電路中磁通量不變，沒有感應(yīng)電流，最終兩棒做勻速直線運(yùn)動，分別對兩棒列動量定理得

兩式合并得

聯(lián)立解得

A錯(cuò)誤；C正確；

B．對ab棒列動量定理得

解得

B正確；

D．從cd獲得初速度到二者穩(wěn)定運(yùn)動，此過程系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱為

解得

D錯(cuò)誤。

故選BC。15、A:B【分析】【詳解】

A；子彈射穿木塊的過程中；子彈損失的動能轉(zhuǎn)化為木塊的動能和系統(tǒng)的內(nèi)能，故子彈減少的動能大于木塊增加的動能，故A正確；

B；水平面光滑；則系統(tǒng)在水平方向的動量守恒，由動量守恒定律可知，子彈動量減少量等于木塊動量增加量，故B正確；

C；子彈擊中木塊的過程中；子彈克服阻力做的功，一方面轉(zhuǎn)化為木塊的動能，另一方面轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)內(nèi)能；根據(jù)動能定理可知摩擦力對木塊做的功等于木塊的動能的增加量，因此摩擦力對木塊做的功一定小于摩擦力對子彈的做的功，故C錯(cuò)誤；

D、設(shè)子彈與木塊之間的相互作用力為子彈和木塊達(dá)到的共同速度大小為由動能定理得：對子彈：對木塊：又據(jù)動量守恒定律得：聯(lián)立方程解得：因?yàn)樗怨蔇錯(cuò)誤；

故選AB．

【點(diǎn)睛】

關(guān)鍵是子彈擊中木塊過程系統(tǒng)動量守恒，分析清楚物體運(yùn)動過程，應(yīng)用動量守恒定律，動能定理即可正確解題．三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【分析】

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時(shí)需估讀，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀。

【詳解】

（1）[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為5.4cm，游標(biāo)尺上第4個(gè)刻度與主尺刻度對齊，則游標(biāo)尺讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

（2）[2]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動刻度讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

【點(diǎn)睛】

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀，注意兩種儀器讀數(shù)的不同?！窘馕觥?.445.69517、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電子電路中的信號可以分為數(shù)字信號和模擬信號。

[3][4]數(shù)字信號的兩個(gè)工作狀態(tài)可以用“0”和“1”來表示。

[5][6]在數(shù)字電路中分別代表低電壓和高電壓?！窘馕觥繑?shù)字模擬01低高18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】上升下降19、略

【分析】【詳解】

[1]從狀態(tài)B到C，由查理定律得

由于所以

[2]A-B過程外界對系統(tǒng)做正功，C-D過程外界對系統(tǒng)做負(fù)功，p-V圖象與橫軸圍成的面積表示做的功，所以

所以整個(gè)循環(huán)過程外界對系統(tǒng)做正功。整個(gè)循環(huán)過程

所以

整個(gè)循環(huán)過程A-B-C-D-A氦氣系統(tǒng)要放熱?！窘馕觥?gt;放熱20、略

【分析】【分析】

根據(jù)開路電壓可求得電源的電動勢；再根據(jù)短路電流由閉合電路歐姆定律可求得內(nèi)阻大??；再對接入20Ω的電阻進(jìn)行分析，由閉合電路歐姆定律求出電流大??；

【詳解】

開路電壓為則電源的電動勢短路電流為

則內(nèi)阻

若與20Ω的電阻串聯(lián)時(shí)，電流．

【點(diǎn)睛】

本題考查閉合電路歐姆定律的正確應(yīng)用，要注意明確開路電壓為電源的電動勢，當(dāng)外電阻為零時(shí)的電流為短路電流．【解析】200.0221、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）當(dāng)m=0時(shí)，傳感器的示數(shù)即為木塊A的重力，則有：Mg=4.80N，解得：

（2）對小球受力分析；根據(jù)平衡條件可知，A對小球的支持力N=mgcosθ；

根據(jù)牛頓第三定律可知；小球?qū)的壓力為mgcosθ；

對A受力分析可知；傳感器對A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

則傳感器的示數(shù)為F=Mg+mgcos2θ

則F-m圖象的斜率k=gcos2θ；

則有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根據(jù)牛頓第二定律得小球下滑的加速度為：a＝gsinθ；則不同質(zhì)量的小鋼珠在斜面上運(yùn)動情況完全相同，所以運(yùn)動的時(shí)間也相同．

考點(diǎn)：研究加速度與物體質(zhì)量；受力的關(guān)系.

【名師點(diǎn)睛】

本題考查研究加速度與物體質(zhì)量、受力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)；解題的關(guān)鍵是搞清實(shí)驗(yàn)的原理及分別對小球和A受力分析，求出傳感器的示數(shù)F與m的表達(dá)式，注意F-m圖象斜率和截距所表示的含義，難度適中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同四、作圖題(共3題，共12分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共21分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)根據(jù)碰撞的特點(diǎn)可知，兩小球質(zhì)量應(yīng)滿足該實(shí)驗(yàn)需要測量兩球質(zhì)量和平拋運(yùn)動中的水平距離，故需要天平和刻度尺，故BC正確；

(2)由于