2025年滬科版高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高三物理上冊階段測試試卷409考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示；當磁感應強度B增加時，由內外兩金屬環(huán)組成的月牙形的閉合回路中感應電流方向為（）

A.內環(huán)順時針，外環(huán)逆時針B.內環(huán)逆時針，外環(huán)順時針C.內外環(huán)均逆時針D.內外環(huán)均順時針2、如圖將一個小球以速度v0從O點水平拋出，使小球恰好能夠垂直打在斜面上．若斜面的傾角為α，重力加速度為g，小球從拋出到打到斜面在空中飛行的時間為t，那么下述說法中正確的是（）A.小球打在斜面上時的速度大小為v0cosαB.小球在空中飛行的時間t=tanαC.小球起點O與落點P之間高度差為gtD.小球起點O與落點P之間的水平距離為v0t3、如圖所示，物體A和B的重力分別為20N和3N，不計彈簧秤和細線的重力及一切摩擦，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，則彈簧秤的讀數為（）A.17NB.3NC.6ND.23N4、下列運動過程中，機械能一定守恒的是（）A.跳傘員帶著張開的降落傘勻速下降B.做自由落體運動的小球C.沿圓弧槽加速滑下的物塊D.做勻速圓周運動的物體5、質量為lkg的小球從空中某處自由下落，與水平地面相碰后彈到空中某一高度，其速度隨時間變化的關系如圖所示，取g=l0m/s2則（）

A.小球下落時離地面的高度為0.80m

B.小球能彈起的最大高度為0.90m

C.小球第一次反彈的加速度大小為10m/s2

D.小球與地面碰撞過程中速度的變化量的大小為2m/s

6、如圖所示；A；B、C三個小球（可視為質點）的質量分別為m、2m、3m，B球帶負電，電荷量為q，A、C球不帶電，（不考慮小球間的電荷感應），不可伸長的絕緣細線將三個小球連接起來懸掛在O點，三個小球均處于豎直向上的勻強電場中，電場強度大小為E．則以下說法正確的是（）

A.靜止時；A；B球間細線的拉力為5mg+qE

B.靜止時；A；B球間細線的拉力為5mg-qE

C.剪斷OA線瞬間，B球間細線的拉力為qE

D.剪斷OA線瞬間，B球間細線的拉力為qE

7、一輛汽車以速度v行駛了的路程，接著以30km/h的速度跑完了余下的路程，若全程的平均速度是27km/h，則v是（）A.24km/hB.24.5km/hC.22km/hD.22.5km/h8、如圖所示，在光滑水平面上有一個小球a以初速度V0運動，同時刻在它正上方有一小球b也以初V0速度水平拋出，并落于O點，在O點正上方，與b等高處有一小球c也在同一時刻做自由落體運動，則（）A.小球a先到達O點B.小球b先到達O點C.三球同時到達O點D.a、b、c三球能否同時到達不能確定9、如圖所示，實線表示電場線（沒標出方向），虛線表示一個離子穿越電場時的運動軌跡（不計重力），下列判斷正確的是（）A.場強方向一定向右B.該離子一定是負離子C.離子在a點處的動能一定大于在b點處的動能D.離子在a點處的動能一定小于在b點處的動能評卷人得分二、雙選題(共8題，共16分)10、【題文】水平桌面上有甲；乙、丙三個完全相同的容器；裝有不同的液體，將三個長方體A、B、C分別放入容器的液體中，靜止時的位置如圖所示，三個容器的液面相平。已知三個長方體的質量和體積都相同。則下列判斷正確的是。

A．物體受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器對桌面的壓力F甲＜F乙＜F丙

C．液體對容器底的壓強p甲＝p乙＝p丙

D．物體下表面受到液體的壓力F′A＞F′B＝F′C11、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數之和為rm{45}四種元素均位于不同主族。rm{W}的最高正價和最低負價代數和等于rm{0}rm{X}單質可作半導體材料；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強酸。下列說法中正確的是A.原子半徑：rm{X<Y}B.最簡單氫化物的穩(wěn)定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的簡單離子與rm{Z}的簡單離子具有相同的電子層結構D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在離子鍵和極性鍵12、三位分別來自法國、美國、荷蘭的科學家因研究“分子機器的設計與合成”而獲得rm{2016}年諾貝爾化學獎。納米分子機器日益受到關注，機器的“車輪”常用組件如下，下列說法正確的是()rm{壟脵(}三碟烯rm{)}rm{壟脷(}扭曲烷rm{)}rm{壟脹(}富勒烯rm{)}rm{壟脺(}金剛烷rm{)}A.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴B.rm{壟脵壟脹}均能發(fā)生加成反應C.rm{壟脵壟脺}互為同分異構體D.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}的一氯代物均只有一種13、常溫下，用rm{0.1000mol/L}的鹽酸滴定rm{20.00mL}未知濃度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}與所加鹽酸的體積關系如圖所示。下列有關敘述正確的是A.rm{a}點溶液呈堿性的原因用離子方程式表示為：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}點處的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定過程中使用甲基橙作為指示劑比酚酞更準確D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}點處溶液中水電離出的rmkzzwgrnrm{c}大于rm{(H^{+})}點處rm14、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四種原子序數遞增的短周期元素，其部分性質或結構如下：。元素元素性質或原子結構rm{X}形成的簡單陽離子核外無電子rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物的水溶液顯堿性rm{Z}元素在周期表中的周期序數是族序數的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的簡單離子半徑最小下列說法不正確的是rm{(}rm{)}A.原子半徑大小順序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}與rm{Y}可形成既含極性鍵又含非極性鍵的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的化合物只可能含有共價鍵，不可能含有離子鍵D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡單離子，均能破壞水的電離平衡15、某課題組以納米rm{Fe_{2}O_{3}}作為電極材料制備鋰離子電池rm{(}另一極為金屬鋰和石墨的復合材料rm{)}通過在室溫條件下對鋰離子電池進行循環(huán)充放電，成功地實現了對磁性的可逆調控rm{(}如圖rm{)}以下說法正確的是A.放電時，正極的電極反應式為rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.該電池可以用水溶液做電解質溶液C.放電時，rm{Fe}作電池的負極，rm{Fe_{2}O_{3}}作電池的正極D.充電時，電池被磁鐵吸引評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、（2013春?南京校級月考）如圖所示，甲、乙、丙三顆人造地球衛(wèi)星環(huán)繞地球運動，甲、丙分別做勻速圓周運動，速率分別為υ甲和υ丙，乙做橢圓運動，近地點和丙的軌道相切，其速率為υ1，遠地點和甲的軌道相切，其速率為υ2，則有υ1____υ丙，υ2____υ甲．（填“＞”、“=”或“＜”）17、在地球赤道表面附近，一束電子流自東向西水平射出，在不計重力的情況下，由于地球的地磁場方向是____（填“地理南極指向地理北極”或“地理北極指向地理南極”），根據左手定則，該電子將會向____偏轉．18、（1）圖1是一輛連有紙帶的小車做勻變速直線運動時，打點計時器所打的紙帶的一部分．打點頻率為50Hz，圖中A、B、C、D、E、F是按時間順序先后確定的計數點（每兩個計數點間有四個實驗點未畫出）．用刻度尺量出AB、DE之間的距離分別是2.40cm和0.84cm，①那么小車的加速度大小是____m/s2，方向與小車運動的方向相____．

②若當時電網中交變電流的頻率變?yōu)?0Hz電壓變?yōu)?10V，但該同學并不知道，那么做實驗的這個同學測得的物體加速度的測量值與實際值相比____（選填：“偏大”；“偏小”或“不變”）．

（2）某同學在驗證牛頓第二定律的實驗中；實驗裝置如圖2所示．打點計時器使用的交流電源的頻率為50Hz．開始實驗時，細線上掛適當的鉤碼，釋放小車后，小車做勻加速運動，與小車相連的紙帶上被打出一系列小點．

①實驗中，該同學測出拉力F（鉤碼重力）和小車質量M，根據計算出加速度．發(fā)現絕大多數情況下；根據公式計算出的加速度要比利用紙帶測出的加速度大．若該同學實驗操作過程沒有錯誤，試分析其原因．（至少寫兩點）

____、____．

②另一同學在完成同樣的實驗時，每次實驗在吊掛之處逐次增加一個質量為50g的砝碼，利用紙帶測出每次小車的加速度，如果小車質量為100g，細繩質量可忽略，則如圖3，下列曲線何者最適合描述小車加速度隨著吊掛砝碼個數的變化____．

19、【題文】如圖a所示，兩個閉合圓形線圈A、B的圓心重合，放在同一水平面內，線圈A中通以如圖b所示的交變電流，t＝0時電流方向為順時針(如圖箭頭所示)，在t1～t2時間段內，線圈B內有____（填“順時針”或“逆時針”）方向的電流，線圈有____（“擴張”或“收縮”）的趨勢。

20、（2007春?蚌埠月考）雨點以3m/s的速度豎直下落，步行人感到雨點與豎直方向成30°角迎面打來（如圖示）．則人行走的速度大小為____m/s，在圖中作出該速度的方向．評卷人得分四、判斷題(共4題，共28分)21、晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．____．（判斷對錯）22、（2010?駐馬店模擬）如圖為一列沿x軸正方向傳播的簡諧波在t=0時刻的波形圖，已知波速為10m/s，則圖中P質點的振動方程為y=10sin5πt（cm）____（判斷對錯）23、甲、乙兩杯水，水中均有顆粒在做面朗運動，經顯微鏡觀察后，發(fā)現甲杯的布朗運動比乙杯中的激烈，說明甲杯中水溫高于乙杯．____．（判斷對錯）24、青藏高原測水沸時的溫度：應選用水銀溫度計和酒精溫度計．____．（判斷對錯）評卷人得分五、實驗探究題(共3題，共6分)25、如圖甲是測量滑塊與木板間動摩擦因數的裝置；將木板水平固定在桌面上，利用一根壓縮的短彈簧來彈開滑塊．請完成下列實驗操作與分析：

（1）先接通打點計時器的電源；再釋放滑塊，滑塊被彈開后繼續(xù)拖動紙帶運動一段距離后停下．

（2）某次實驗打出的紙帶后面的一段如圖乙，其中B點為滑塊停下時在紙帶上記錄到的點．打點計時器打點周期為T，其他數據已在圖中標出，則滑塊通過A點的速度v=______（用T、x1、x2表示）；再用______測出AB之間的距離L．

（3）已知重力加速度為g，則滑塊與木板間動摩擦因數μ=______（用g、L、T、x1、x2表示）．由于紙帶與計時器存在阻力，測出的動摩擦因數μ與真實值相比______（填“一樣大”、“偏大”或“偏小”）．26、多用電表是實驗室和生產實際中常用的儀器，使用多用電表進行了兩次測量，指針所指的位置分別如圖中a、b所示．若選擇開關處在“×10Ω”的電阻檔時指針位于a，則被測電阻的阻值是______Ω；若選擇開關處在“直流電壓2.5V”檔時指針位于b，則被測電壓是______V．無論用多用電表進行何種測量（限于直流），電流都應該從______色表筆經______插孔流入電表．27、（1）如圖1所示實驗裝置可用來探究影響平行板電容器電容的因素；其中電容器左側極板和靜電計外殼接地，電容器右側極板與靜電計金屬球相連．

①用摩擦過的玻璃棒或橡膠棒接觸右側極板使電容器帶電．上移其中一極板，可觀察到靜電計指針偏轉角______（選填“變大”、“變小”、“不變”，下同）；當在兩板間插入電介質時，靜電計指針偏轉角將______．

②關于本實驗使用的靜電計，以下說法正確的有______

A．該靜電計可以用電壓表替代。

B．該靜電計可以用電流表替代。

C．使用靜電計的目的是觀察電容器電壓的變化情況。

D．使用靜電計的目的是觀察電容器電量的變化情況。

（2）圖2為用拉力傳感器和速度傳感器探究“加速度與物體受力的關系”實驗裝置．用拉力傳感器記錄小車受到拉力的大?。陂L木板上相距L=48.0cm的A；B兩處各安裝一個速度傳感器；分別記錄小車到達A、B時的速率．

①實驗主要步驟如下：

A．將拉力傳感器固定在小車上；

B．調整長木板的傾斜角度，以平衡小車受到的摩擦力，讓小車在不受拉力作用時能在木板上做______運動；

C．把細線的一端固定在拉力傳感器上；另一端通過定滑輪與鉤碼相連；

D．接通電源后自C點釋放小車，小車在細線拉動下運動，記錄細線拉力F的大小及小車分別到達A、B時的速率vA、vB；

E．改變所掛鉤碼的數量；重復步驟D的操作．

。次數F（N）-（m2/s2）a（m/s2）10.600.770.8021.041.611.6831.422.34______42.003.483.6352.624.654.8463.005.495.72②表中記錄了實驗測得的幾組數據，-是兩個速度傳感器記錄速率的平方差，則加速度的表達式a=______；請將表中第3次的實驗數據填寫完整（保留三位有效數字）；

③由表中數據在坐標紙上描點并作出a～F關系圖線；

④對比實驗結果與理論計算得到的關系圖線（圖3中已畫出理論圖線），造成上述偏差的原因是______．評卷人得分六、綜合題(共4題，共24分)28、

（1）該勻強電場的場強大小和方向；

（2）從開始運動到第5s末帶電物體所運動的路程；

（3）若第6s末突然將勻強電場的方向變?yōu)椋珁軸方向，場強大小保持不變，在0～8s內帶電物體電勢能的增量．29、【題文】如圖（a）所示，在光滑絕緣水平面內存在水平向右的電場，電場強度E隨時間的變化如圖（b）所示．不帶電的絕緣小球P2靜止在B點．t=0時，帶正電的小球P1以速度v0從A點開始向右運動，隨后與P2發(fā)生正碰后反彈，反彈速度大小是碰前速度的一半，P1的質量為m，帶電量為q，P2的質量3m，A、B間距為L0．已知．

（1）求第一次碰撞后小球P2的速度．

（2）在兩球第一次碰撞后到第二次碰撞前的這段時間內，求兩球之間距離的最大值．30、(1)

下列關于電磁波說法正確的是_______。A.電磁波在真空中的傳播速度與電磁波的頻率無關B.周期性變化的電場和磁場可以相互激發(fā)，形成電磁波C.電磁波在真空中自由傳播時，其傳播方向與電場強度、磁感應強度均垂直D.利用電磁波傳遞信號可以實現無線通信，但電磁波不能通過電纜、光纜傳輸E.電磁波可以由電磁振蕩產生，若波源的電磁振蕩停止，空間的電磁波隨即消失(2)

一列簡諧橫波在介質中沿x

軸正向傳播，波長不小于10cm

O

和A

是介質中平衡位置分別位于x

=0

和x

=5cm

處的兩個質點。t

=0

時開始觀測，此時質點O

的位移為y

=4cm

質點A

處于波峰位置；t

=1/3s

時，質點O

第一次回到平衡位置，t

=1s

時，質點A

第一次回到平衡位置。求：壟脵

簡諧波的周期、波速和波長；壟脷

質點O

的位移隨時間變化的關系式。31、(1)

關于熱力學定律，下列說法正確的是________．A.氣體吸熱后溫度一定升高B.對氣體做功可以改變其內能C.理想氣體等壓膨脹過程一定放熱D.熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體E.如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達到熱平衡(2)

在水下氣泡內空氣的壓強大于氣泡表面外側水的壓強，兩壓強差婁隴

p

與氣泡半徑r

之間的關系為婁隴

p

=2婁脪r

其中婁脪

=0.070N/m.

現讓水下10m

處一半徑為0.50cm

的氣泡緩慢上升，已知大氣壓強p

0=1.0隆脕105Pa

水的密度婁脩

=1.0隆脕103kg/m3

重力加速度大小g

取10m/s2

．(i)

求在水下10m

處氣泡內外的壓強差；(ii)

忽略水溫隨水深的變化，在氣泡上升到十分接近水面時，求氣泡的半徑與其原來半徑之比的近似值．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】當磁感應強度B增加時，穿過兩金屬環(huán)的磁通量增加，而磁場方向向里，根據楞次定律判斷感應電流的方向．【解析】【解答】解：當磁感應強度B增加時；穿過兩金屬環(huán)的磁通量增加，而磁場方向向里，根據楞次定律判斷可知，兩圓環(huán)組成的回路中感應電流方向為逆時針方向，則內環(huán)順時針外環(huán)逆時針．

故選：A．2、D【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，結合小球垂直打在斜面上，即速度方向與斜面垂直，根據平行四邊形定則求出豎直分速度和速度的大??；根據豎直分速度，運用速度時間公式求出飛行的時間，根據速度位移公式求出OP的高度差，結合初速度和時間求出水平距離．【解析】【解答】解：A、根據平行四邊形定則得，小球打在斜面上的速度大小v=．故A錯誤．

B、根據平行四邊形定則，小球在豎直方向上的分速度，則小球在空中飛行的時間t=．故B錯誤．

C、小球起點O與落點P之間高度差為．故C錯誤．

D、小球起點O與落點P之間的水平距離為v0t．故D正確．

故選：D．3、B【分析】【分析】彈簧秤在一對拉力作用下保持靜止，合力為零；彈簧秤讀數等于其中的一個拉力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓簩分析可知繩子對B的拉力為3N；說明繩子對彈簧秤的拉力也為3N，故彈簧秤的讀數為3N．

故選：B．4、B【分析】【分析】物體機械能守恒的條件是只有重力或者是彈力做功，根據機械能守恒的條件逐個分析物體的受力的情況，即可判斷物體是否是機械能守恒．【解析】【解答】解：A；跳傘員帶著張開的降落傘勻速下降；動能不變，重力勢能減小，所以機械能減小，故A錯誤．

B；做自由落體運動的小球；只有重力做功，故B正確．

C；沿圓弧槽加速滑下的物塊；由于是否受摩擦力不清楚，所以機械能不一定守恒，故C錯誤．

D；做豎直面上的勻速圓周運動的物體；在運動中重力勢能改變，而動能不變，機械能不守恒，故D錯誤．

故選B．5、C【分析】

小球下落過程中的加速度。

a1===10m/s2

小球下落時離地面的高度。

h1=a1t12=×10×（0.5）2m=1.25m

故A錯誤．

小球彈起過程的加速度。

a2===10m/s2

故C正確。

小球彈起的最大高度。

h2=v2t2+a2t22=（-3）×0.3+×10×（0.3）2m=-0.45m

其中“-”表示運動方向豎直向上．

故B錯誤．

小球與地面碰撞過程的速度的變化量。

△v=v2-v1=（-3）-5m/s=-8m/s

故速度的變化量大小為8m/s．

故答案D錯誤。

故選C．

【解析】【答案】解答本題應掌握：如何利用速度圖象求物體在某一段時間內發(fā)生的位移；速度的變化量以及物體的加速度．

6、A|C【分析】

靜止時；對B球進行受力分析，則有：

T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq；故A正確，B錯誤；

剪斷OA線瞬間；假設B球也不帶電，則剪斷OA線瞬間，A；B、C三個小球一起以加速度g自由下落，互相相對靜止，AB、BC間拉力為0．

若B球帶電，則相當于在上述狀態(tài)下給B球瞬間施加一個豎直下下的電場力qE，經過AB繩傳遞，qE對A、B球整體產生一個豎直下下的加速度

此時A、B球的加速度為g+（顯然＞g），C球以加速度g保持自由下落，以A球為研究對象可得A、B球間細線的拉力為qE．故C正確；D錯誤．

故選AC

【解析】【答案】靜止時；對B球進行受力分析，B受到AB間細線的拉力，BC間細線的拉力，重力和電場力，受力平衡，即可求得A；B球間細線的拉力；假設B球也不帶電，則剪斷OA線瞬間，A、B、C三個小球一起以加速度g自由下落，互相相對靜止，AB、BC間拉力為0．若B球帶電，則相當于在上述狀態(tài)下給B球瞬間施加一個豎直下下的電場力qE，把AB看成一個整體即可求解．

7、D【分析】【分析】設全程為s，可以得到全程所用時間、前路程所用時間和后路程所用時間，求出全程的平均速度，據此列出方程求得第一段的速度．【解析】【解答】解：設全程為s，前路程的速度為v1；

因為v=；

則全程所用時間為t=；

前路程所用時間為t1=，后路程所用時間為t2=；

則t=t1+t2，代入數值，=+；

解得：v1=22.5km/h．

故選：D．8、C【分析】【分析】小球b做的是平拋運動；平拋運動可以分解為在水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動來分析．

小球a做的就是勻速直線運動，小球c自由落體運動，bc豎直方向運動一樣，自由落體高度一樣．【解析】【解答】解：小球b做的是平拋運動，在水平方向上的運動是勻速直線運動，小球a做的就是勻速直線運動，小球c自由落體運動，所以a、b兩球在水平方向的運動情況一樣，b；c兩球在豎直方向上高度相同；都是自由落體運動，故三個球將同時到達c點，故C正確．

故選：C．9、D【分析】【分析】由運動的軌跡與電場線確定出受力向，根據力的方向與速度方向的夾角確定電場力做功的正負，從而判斷出能量的大小關系．【解析】【解答】解：AB、由曲線運動的知識可知：帶電粒子所受的電場力向左，由于粒子的運動方向不知，所以可能是從a到b，也可能是從b到a．所以場強的方向不能確定；帶電粒子帶電性質不確定，故AB錯誤；

CD、帶電粒子從b到a點過程中，電場力做負功，電荷的電勢能增大，由動能定理，粒子的動能減小，即粒子在a點的動能大于在b點的動能；C錯誤，D正確；

故選：D．二、雙選題(共8題，共16分)10、B|D【分析】【解析】

試題分析：三個長方體的質量相同，它們在三種液體中都只受重力和浮力，由二力平衡，它們受到的浮力大小相等，A選項錯誤。由三個長方體在液體中所處的深度不同，得到容器底所處的深度相同，液體對容器底的壓強C選項錯誤。容器是相同的，所以容器對桌面的壓力B選項正確。浮力是物體上下表面所受的壓力差，A物體上下表面都受到液體的壓力，B/、C只有下表面受到壓力，所以它們下表面所受到的壓力F′A＞F′B＝F′C；D選項正確。

考點：壓力壓強【解析】【答案】B、D11、AB【分析】【分析】本題考查了位置、結構與性質的關系，題目難度中等，推斷元素為解答關鍵，注意熟練掌握原子結構與元素周期律、元素周期表的關系?！窘獯稹縭m{X}單質可作半導體材料，則rm{X}為rm{Si}元素；rm{W}的最高正價和最低負價代數和等于rm{0}四種元素均位于不同主族，則rm{W}為rm{H}元素；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強酸，則rm{Z}為rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數之和為rm{45}則rm{Y}的原子序數為rm{45-1-14-17=13}則rm{Y}為rm{Al}元素。單質可作半導體材料，則rm{X}為rm{X}元素；rm{Si}的最高正價和最低負價代數和等于rm{W}四種元素均位于不同主族，則rm{0}為rm{W}元素；rm{H}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強酸，則rm{Z}為rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序數之和為rm{Z}則rm{45}的原子序數為rm{Y}則rm{45-1-14-17=13}為rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Al>Si}故A正確；為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Si}故A正確；rm{Al}則氫化物穩(wěn)定性：rm{Al>Si}故B正確；B.由于非金屬性rm{Cl>Si}則氫化物穩(wěn)定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正確；個電子，氯離子有rm{Cl>Si}個電子，故C錯誤；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有極性鍵，無離子鍵，故D錯誤。C.鋁離子有rm{10}個電子，氯離子有rm{18}個電子，故C錯誤；

rm{10}【解析】rm{AB}12、AB【分析】【分析】本題考查有機物的結構與性質，為高頻考點，注意把握官能團與性質的關系，側重苯、烷烴性質的考查?！窘獯稹緼.只含有碳氫兩種元素的有機物為烴，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴，故A正確；B.三碟烯和富勒烯中均含有不飽和鍵，能發(fā)生加成反應，故B正確；C.三碟烯的分子式為rm{C_{20}H_{14}}金剛烷的分子式為rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分異構體，故C錯誤；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}種，金剛烷的一氯代物有rm{3}種，故D錯誤。故選AB?！窘馕觥縭m{AB}13、rm{BC}【分析】【分析】本題考查了酸堿中和滴定的應用，題目難度中等，明確溶液酸堿性與溶液rm{pH}的關系為解答關鍵，注意掌握中和滴定側重方法，試題培養(yǎng)了學生的分析能力及化學實驗能力?！窘獯稹緼.rm{a}點為rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根離子部分水解，溶液呈堿性，碳酸根離子的水解一第一步為主，正確的離子方程式為：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A錯誤；

B.rm{c}點的rm{pH=7}溶液呈中性，則rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根據電荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正確；

C.碳酸氫鈉溶液的rm{pH}接近rm{8.2}與酚酞變色的rm{pH}接近，變色時的rm{pH}和反應終點的rm{pH}不好判斷；而使用甲基橙容易判斷終點，且反應產生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的誤差小rm{(}使用甲基橙易判斷滴定終點，誤差小rm{)}故C正確；

D.rm點碳酸氫根離子水解，促進了水的電離，而rmrnmepgy點溶液呈酸性，抑制了水的電離，則rmbuxxtpo點處溶液中水電離出的rm{c(H^{+})}小于rm點處；故D錯誤；

故選BC。

【解析】rm{BC}14、AC【分析】【分析】本題考查元素的結構與元素的性質，題目難度中等，注意正確推斷元素的種類為解答該題的關鍵?！窘獯稹縭m{X}形成的簡單陽離子核外無電子，應為rm{H}元素；rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物和它的最高價氧化物對應的水化物能發(fā)生化合反應，形成的物質為銨鹽，應為rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序數等于周期序數的rm{3}倍，即最外層電子數為電子層數的rm{3}倍，應為rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的簡單離子半徑最小，應為rm{Al}元素；

即rm{X}為rm{H}元素，rm{Y}為rm{N}元素，rm{Z}為rm{O}元素，rm{T}為rm{Al}元素；則。

A.根據同周期元素從左到右原子半徑逐漸減小，原子的核外電子層數越多，半徑越大可知，原子半徑順序為rm{T>Y>Z>X}故A錯誤；

B.rm{X}分別與rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含極性鍵又含非極性鍵，故B正確；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共價鍵也含有離子鍵rm{X}rm{Y}的三種元素形成的rm{Z}中只含有共價鍵也含有離子鍵；故C錯誤；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡單離子，均能和rm{X}三種元素的簡單離子，均能促進水的電離；故D正確。

故選AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}15、AD【分析】【分析】本題綜合考查原電池和電解池知識，為高頻考點，側重于學生的分析能力和計算能力的考查，注意把握原電池、電解池的工作原理以及電極方程式的書寫，難度中等?！窘獯稹緼.正極發(fā)生還原反應，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得電子被還原rm{F}所以放電時電池正極的電極反應式為rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正確；B.鋰和水發(fā)生反應，所以不可以用rm{e}溶液為電解質溶液，故rm{2}錯誤；C.rm{2}作電池的負極，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}錯誤；D.充電時，，，作為陽極，電池被磁鐵吸引，故，。故選AD。，【解析】rm{AD}三、填空題(共5題，共10分)16、＞＜【分析】【分析】當萬有引力等于衛(wèi)星所需的向心力，則衛(wèi)星做圓周運動；當萬有引力大于衛(wèi)星所需的向心力，衛(wèi)星做近心運動；當萬有引力小于衛(wèi)星所需的向心力，衛(wèi)星做離心運動．【解析】【解答】解：衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力等于所需的向心力，要做離心運動，則速度需增加，所以v1＞v丙．

做橢圓運動，在遠地點由于萬有引力大于向心力，將做近心運動，在遠地點要做圓周運動，需使得萬有引力等于向心力，所以v2＜v甲．

故答案為：＞，＜．17、地理南極指向地理北極上【分析】【分析】地磁的N極在地理南極附近，地磁的S極在地理北極附近，在外部，磁場由N指向S．根據左手定則，判斷出洛倫茲力方向，從而得出電子的偏轉方向．【解析】【解答】解：磁場方向由地磁N極指向S極；地磁的N極在地理南極附近，地磁的S極在地理北極附近，所以地磁場方向由地理南極指向地理北極．

電子流自東向西射出；則電流的方向指向東，為四指方向，磁感線穿過掌心，則大拇指（洛倫茲力）指向上，即電子向上偏轉．

故答案為：地理南極指向地理北極，上．18、略

【分析】

（1）①每兩個計數點間有四個實驗點未畫出；所以相鄰的計數點之間的時間間隔為0.1s

根據運動學公式得：△x=at2；

a===0.52m/s2；

由于從A到F相鄰的計數點位移逐漸減??；所以紙帶做減速運動，加速度方向與小車運動的方向相反．

②如果在某次實驗中；交流電的頻率偏離60Hz，那么實際打點周期變??；

根據運動學公式△x=at2得：真實的加速度值就會偏大；

所以測量的加速度值與真實的加速度值相比是偏小。

（2）①實驗中小車合力要小于鉤碼重力；所以根據公式計算出的加速度要比利用紙帶測出的加速度大的原因是存在摩擦阻力，繩實際的拉力小于鉤碼的重力．

所以原因為：沒有平衡摩擦力；或鉤碼質量沒有遠小于M

②根據牛頓第二定律得：

對m：mg-F拉=ma

對M：F拉=Ma

解得：F拉=

所以小車加速度a==

每次實驗在吊掛之處逐次增加一個質量為50g的砝碼；即m增大；

所以描述小車加速度隨著吊掛砝碼個數的變化最為適合是D；

故答案為：（1）①0.52相反②偏?。?）①沒有平衡摩擦力鉤碼質量沒有遠小于M②D

【解析】【答案】（1）紙帶實驗中；若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的加速度．

（2）①實驗中小車合力要小于鉤碼重力；所以根據公式計算出的加速度要比利用紙帶測出的加速度大．

②根據牛頓第二定律表示出加速度求解．

19、略

【分析】【解析】根據電磁感應定律，感應電流產生的磁場總是阻礙原磁通量的變化，在t1～t2時間段內；向外的磁通量在增多，所以產生順時針的電流，產生向里的磁通量阻礙原磁通量的變化增多。

同時有擴張的趨勢，面積擴大A產生的向里的會抵消其產生的向外的磁通量，也起到阻礙作用?！窘馕觥俊敬鸢浮縚_______20、【分析】【分析】雨滴相對于人的速度方向是與豎直方向成30°，根據平行四邊形定則求出人行走的速度．【解析】【解答】解：人行走的速度與雨滴豎直下落速度的合速度與豎直方向成30°角，根據平行四邊形定則有：tan30°==；

解得v2=m/s．

方向如圖所示；

人的速度方向；水平向左；

故答案為：，方向水平向左．四、判斷題(共4題，共28分)21、√【分析】【分析】晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．晶體是具有一定的規(guī)則外形和各向異性．【解析】【解答】解：根據晶體的結構的特點可知；晶體的分子（或原子；離子）排列是有規(guī)則的．所以該說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】首先據波動圖象讀出波長和求出周期，根據質點的振動和波的傳播特點分析質點的振動情況，然后再寫出振動方程，與題干中的方程比較即可．【解析】【解答】解：該波是振幅是10cm，波速為10m/s，波長為4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

該波向x軸的正方向傳播；由上下坡法可知，圖中P質點在t=0時刻振動的方向向下，所以振動方程為y=-10sin5πt（cm），錯誤．

故答案為：×23、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運動是布朗運動，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運動越明顯；布朗運動是液體（或氣體）分子無規(guī)則運動的反應．【解析】【解答】解：布朗運動的激烈程度與液體的溫度；懸浮顆粒的大小有關；溫度越高，懸浮物的顆粒越小，布朗運動越激烈．所以發(fā)現甲杯的布朗運動比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水溫高于乙杯．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×24、×【分析】【分析】選擇溫度計的原則是：溫度計內測溫物質的凝固點應低于被測物體的溫度，同時，溫度計內測溫物質的沸點應高于被測物體的溫度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸點為100℃；在青藏高原水的沸點也有80℃多，而酒精的沸點只有78℃，所以不能選擇酒精溫度計．該說法是錯誤的．

故答案為：×．五、實驗探究題(共3題，共6分)25、略

【分析】解：（2）根據做勻變速運動的物體在某段時間內的平均速度等于該段時間中間時刻的瞬時速度；則知。

滑塊通過A點時的速度然后用刻度尺測出AB間的距離L；

（3）物體做勻減速運動，由勻變速運動的速度位移公式可得：0-v2=2（-a）L；

則得a=

由牛頓第二定律得：μmg=ma，可得動摩擦因數

由于紙帶與計時器存在阻力；測出的動摩擦因數μ與真實值相比大．

故答案：（2）刻度尺；（3）偏大．

（2）做勻變速運動的物體在某段時間內的平均速度等于該段時間中間時刻的瞬時速度；根據圖示數據求出A點的速度；用刻度尺測物體的長度；

（3）由勻變速運動的速度位移公式求出物體的加速度；然后由牛頓第二定律求出動摩擦因數，由于紙帶存在摩擦力，所測動摩擦因數大于動摩擦因數的實際值．

解決本題的關鍵是掌握勻變速直線運動的兩個推論，并能用來求速度和加速度，再根據牛頓第二定律分析測量動摩擦因數的原理．【解析】刻度尺；偏大26、略

【分析】解：擇開關處在“×10Ω”的電阻檔時指針位于a；由圖示表盤可知，歐姆檔示數為：50×10Ω=500Ω；

圖示電壓檔的讀數：因最小分度為0.05；則估讀到同位為：1.98V；

無論用多用電表進行何種測量（限于直流）；電流都應該從紅色表筆經“+”插孔流入電表．

故答案為：500；1.98；紅；+

歐姆表指針示數與擋位的乘積是歐姆表示數；根據電壓表量程；由圖示表盤確定其分度值，讀出其示數，使用多用電表時，紅表筆插“+”插孔，黑表筆插“-”插孔，電流由紅表筆流入電表．

本題考查了多用電表讀數，對多用電表讀數時，要先根據選擇開關的位置確定其所測量的量與量程，然后根據表盤進行讀數，對多用電表讀數時視線要與電表刻度線垂直．【解析】500；1.98；紅；+27、略

【分析】解：（1）①上移其中一極板，極板正對面積減小，電容減小，而電容器的電量不變，由C=分析可知；板間電壓增大，則靜電計指針偏轉角變大．

當在兩板間插入電介質時，電容增大，電容器的電量不變，由C=分析可知；板間電壓減小，靜電計指針偏轉角將變小．

②靜電計測量電容器的電壓；但不能用電壓表代替，因為電壓表必須有電流通過，才有示數，更不能用電流表代替．故C正確．

故選：C．

（2）①根據平衡狀態(tài)的特點可知道當小車做勻速直線運動時；說明摩擦力已經被重力的下滑分力平衡．

②根據勻變速直線運動的位移與速度公式：v2-=2as可以求出：a=

代入數據解得：a=2.44m/s2．

③根據表中數據；得出圖象如圖所示：

④對比圖象可知；實際圖象沒有過原點而是和橫坐標有交點，造成原因為沒有完全平衡摩擦力．

故答案為：

（1）①變大；變小．②C

（2）①勻速直線。

②2.44

③如圖所示（不描點扣1分）

④沒有完全平衡摩擦力．

（1）①靜電計測定電勢差；板間電勢差越大，其指針偏轉角越大．根據電容的決定式和定義式結合進行分析．

②電壓表要有電壓才能工作；靜電計測量電壓，此實驗不能用電壓表代替．

（2）①注意平衡摩擦力的原理；利用重力沿斜面的分力來平衡摩擦力，若物體能勻速運動則說明恰好平衡了摩擦力；

②根據運動學公式中速度和位移的關系可以寫出加速度的表達式；

③利用描點法可正確畫出圖象；

④對比實際與理論圖象可知；有外力時還沒有加速度，由此可得出產生偏差原因．

本題關鍵要明確實驗原理，正確進行誤差分析和數據處理是對學生學習實驗的基本要求，要加強這方面的訓練．【解析】變大；變小；C；勻速直線；2.44；沒有完全平衡摩擦力六、綜合題(共4題，共24分)28、略

【分析】【解析】（1）由x＝0.3t－0.05t2知，加速度大小a＝0.1m/s2（1分）

電場力的大小F＝ma＝4×10－2×0.1N＝4×10－3N（1分）

場強大小E＝F/q＝4×10－3/2×10－6N/C＝2×103N/C（1分）

場強方向沿x軸負方向．（1分）

（2）由x＝0.3t－0.05t2知，初速度v0＝0.3m/s（1分）

減速時間為t1＝v0/a＝（0.3/0.1）s＝3s（1分）

5s內帶電物體所經過的路程為。

s＝x1＋x2＝（0.3×3－0.05×32＋0.1×22/2）m＝0.65m（2分）

（3）由x＝0.3t－0.05t2知，第6s末，帶電物體的位移為x＝0（2分）

第8s末y＝at22/2＝（0.1×22/2）m＝0.2m（2分）

帶電物體電勢能的增量為。

△E＝－Eqy＝－2×103×2×10－6×0.2J＝－8×10－4J（2分）【解析】【答案】(1)2×103N/C場強方向沿x軸負方向．

(2)0.65m(3)－8×10－4J29、略

【分析】【解析】（1）在0～T內，電場強度為0，P1做勻速運動；位移為。

①

說明P1與P2恰好在t=T時發(fā)生碰撞，P1碰前速度為v0；取水平向右方向為正方向，根據動量守恒定律得。

②

解得第一次碰撞后P2的速度。

（方向水平向右）③

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（2）碰后P1受到水平向右的電場力作用，先向左減速運動，再向右加速運動，而P2保持向右勻速運動。當P1與P2的速度達到相等時；兩球之間的距離達到最大。

設這一過程時間為t，P1的加速度為a；則。

④

由牛頓定律；得。

⑤

將和代入解得。

t＝T⑥

這段時間內，P1的位移為。

⑦

P2的位移為。

⑧

因此兩球之間距離的最大值。

⑨

（每式2分）【解析】【答案】（1）（方向水平向右）（2）30、（1）ABC（2）①設振動周期為T，由于質點A在0到1s內由最大位移處第一次回到平衡位置，經歷的是個周期，由此可知T=4s，由于質點O與A的距離5m小于半個波長，且波沿x軸正向傳播，O在時回到平衡位置，而A在t=1s時回到平衡位置，時間相差兩質點平衡位置的距離除以傳播時間，可得波的速度v=7.5m/s，利用波長、波速和周期的關系得，簡諧波的波長λ=30cm；②設質點O的位移隨時間變化的關系為將①式及題給條件代入上式得:解得：A=8cm，(國際單位制)，或(國際單位制)?！痉治觥?1)【分析】(1)

電磁波在真空的傳播速度均相等；(2)

變化的電場與變化的磁場共同產生電磁場；(3)

電磁波是橫波；電磁波傳遞信號可以實現無線通信，也可以進行有線通信；(4)

若波源的電磁振蕩停止，空間的電磁波不會隨即消失。本題考查電磁波的產生原理，類型，及電磁波的作用，同時注意電磁波在真空中傳播速度均相等，與頻率沒有關系?！窘獯稹緼.電磁波在真空中的傳播速度均相等；與電磁波的頻率無關，故A正確；

B.周期性變化的磁場產生周期性變化電場；周期性變化的電場產生周期性變化磁場，相互激發(fā)，形成電磁波，故B正確；

C.變化的電場與變化的磁場共同產生電磁場；電磁波的電場強度與磁感應強度總是相互垂直，且與傳播方向垂直.

所以電磁波是橫波，故C正確；

D.電磁波可以通過電纜；光纜進行有線傳輸；也可以實現無線傳輸，故D錯誤；

E.電磁波可以由電磁振蕩產生，若波源的電磁振蕩停止，空間的電磁波繼續(xù)傳播，不會隨即消失，故E錯誤。故選ABC。

(2)

該題