2025年滬科版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版必修3物理上冊階段測試試卷717考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、三根平行的長直導體棒分別過正三角形ABC的三個頂點，并與該三角形所在平面垂直，各導體棒中均通有大小相等的電流，方向如圖所示．則三角形的中心O處的合磁場方向為()

A.平行于AB，由A指向BB.平行于BC，由B指向CC.平行于CA，由C指向AD.由O指向C2、如圖是一個多用表歐姆檔內部電路示意圖。電流表滿偏電流0.5mA，內阻10Ω；電池電動勢1.5V，內阻1Ω；滑動變阻器R0阻值范圍為0~5000Ω。該歐姆表的刻度值是按電池電動勢為1.5V標度的。當電池的電動勢下降到1.45V；內阻增大到4Ω時，若測得某電阻阻值為2400Ω，則這個電阻的真實值是（）

A.2600ΩB.2320ΩC.2200ΩD.2100Ω3、如圖所示，真空中有兩個等量的正電荷和分別固定于兩點，為連線的中垂線，為兩點連線的中點，將一正電荷由點沿著中垂線移至無窮遠處的過程中，下列結論正確的有（）

A.電勢能逐漸減小B.電勢能逐漸增大.C.受到的電場力逐漸減小D.受到的電場力逐漸增大4、某學生用電流表和電壓表測干電池的電動勢和內阻時，所用滑動變阻器的阻值范圍為接電路的實物圖如圖所示。下列對該學生接線說法錯誤的是（）

A.滑動變阻器不起變阻作用B.電流表接線有錯C.電壓表量程選用不當D.電壓表接線不妥5、如圖為某靜電場的電場線，a、b、c是同一條電場線上的三個點，這三個點的電場強度大小分別為Ea、Eb、Ec，電勢分別為φa、φb、φc。把一個檢驗電荷先后放在a、b、c三點，它受到的電場力大小分別為Fa、Fb、Fc；下列判斷正確的是（）

A.Fa＞Fb＞FcB.Ea＜Eb＜EcC.Fa＝Fb＝FcD.φa＝φb＜φc6、在如圖所示的電路中，為定住電阻，電壓表和電流表均為理想電表，當滑動變阻器的觸片向b端移動時；則下列說法正確的是（）

A.電流表A的讀數減小B.兩端的電壓變化量相比，電壓變化大C.連接電容器兩極板的導線上有電流D.電源的輸出功率減小7、兩個直徑為d的帶正電的小球，當它們相距100d時作用力為F，則當它們相距為d時的作用力為()A.B.10000FC.100FD.以上結論都不對評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、在如圖所示的電路中，電表均為理想電表，閉合開關S，在將滑動變阻器的滑片P向下移動的過程中，以下說法正確的是()

A.電壓表和電流表的示數都增大B.電源的總功率變大C.燈L1變亮，電壓表的示數減小D.燈L2變亮，電容器的帶電量增加9、如圖所示的電路中；A；B、C為三個相同的燈泡，其電阻大于電源內阻，當變阻器的滑動觸頭P向上移動時（）

A.A.B兩燈變亮，C燈變暗B.C燈電壓增加量大于A燈電壓增加量C.電源輸出功率變大D.電源的供電效率升高10、是空間中的立方體，abcd分別是圖示四條邊的中點，在A、B、D、E、F、H六個頂點放置點電荷；電性和電荷量如圖所示，下列說法正確的是（）

A.a、b、c、d四個點中b點電勢最高B.a、b、c、d四個點中a點電場強度最大C.正方形abcd中心處的電場強度為0D.把正檢驗電荷從a點沿ac連線移動到c點，電荷的電勢能不變11、物理學是一門以實驗為基礎的學科。在物理學的發(fā)展過程中，許多重要的物理規(guī)律都是由實驗發(fā)現或由實驗驗證了的，下列有關物理實驗的說法正確的是（）A.探究影響電阻因素的實驗利用了控制變量的思想B.富蘭克林通過油滴實驗測出了元電荷的數值C.庫侖的扭秤實驗利用了微小量放大法的思想D.探究影響平行板電容器電容的因素實驗中使用靜電計的目的是觀察電容器電荷量的變化12、如圖所示，直線A為某電源的U-I圖線，曲線B為某小燈泡的U-I圖線；用該電源和小燈泡組成閉合電路，則（）

A.電源的電動勢為3V，內阻為0.5ΩB.此時小燈泡的電阻大于1ΩC.電源內阻消耗的熱功率為2WD.電源的效率為33.3%評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、電子式單相電能表已經廣泛使用，其重要參數imp/（kw·h）表示用電器消耗1kW·h電能指示燈閃爍的次數。亮亮家的電能表標明“6400imp/（kW·h）”，當某用電器單獨接在該表上，用電器正常工作5min，指示燈閃爍了640次，則5min內該用電器消耗的電能為________kW·h，該用電器的額定功率為________W。14、實線為電場線，虛線為等勢面，且相鄰等勢面間的電勢差相等，正電荷在等勢面上時，具有動能它運動到等勢面上時，動能為零。令那么，當該電荷的電勢能為時，求它的動能是_____J。

15、如圖所示，游標卡尺的示數為___________cm；螺旋測微器的示數為___________mm。

16、摩擦起電：當兩種物質組成的物體互相摩擦時，一些受束縛較弱的電子會____________到另一個物體上。于是，原來電中性的物體由于得到電子而帶____________電，失去電子的物體則帶___________電。17、如圖甲所示為一測量電解液電阻率的玻璃容器，P、Q為電極，設a=1m，b=0.2m，c=0.1m，當里面注滿某電解液，且P、Q加上電壓后，其U-I圖線如圖乙所示，當U=10V時，求電解液的電阻率ρ是_______Ω·m

評卷人得分四、作圖題(共1題，共9分)18、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共10分)19、有一根粗細均勻的導電材料樣品，截面為同心圓環(huán)，如圖甲所示；用刻度尺測量樣品的長度l，用游標卡尺測得其內徑d，用螺旋測微器測得其外徑D；示數如圖乙所示；用如圖丙所示電路測其電阻，電流表和電壓表的示數如圖丁所示。

內徑d=______mm，外徑D=______mm，電阻R=______Ω。20、在“測定金屬的電阻率”實驗中，為測量一段阻值約為粗細均勻的電阻絲的電阻，將其拉直固定在帶有刻度尺的木板上，現有電源（電動勢為E；內阻不計），開關和導線若干；以及電流表（量程恰當，內阻未如）．

某同學用上述器材設計了一個實驗，電路如圖所示，已測出電阻絲的橫截面積為S，用一個小金屬夾沿電阻絲滑動，可改變接入電路中電阻絲的長度L，實驗中記錄了幾組不同長度L對應的電流I。該同學作出了如圖的圖像，其縱軸是________（選填“I”或“”）。已知該圖像的斜率為k，縱軸截距為b，則該金屬的電阻率為________，電流表內阻為________，電流表內阻對電阻率測量結果的影響是________（選填“偏大”“偏小”或“無影響”）。評卷人得分六、解答題(共3題，共21分)21、如圖所示，一平行板電容器跟一電源相接，當S閉合時，平行板電容器極板間的一帶電液滴恰好靜止．（1）若將兩板間距離增大為原來的兩倍；那么液滴的運動狀態(tài)如何變化；（2）若先將S斷開，再將兩板間距離增大為原來的兩倍，液滴的運動狀態(tài)又將如何變化．

22、如圖所示，abcd是勻強電場中的四個點，它們正好是一個矩形的四個頂點，電場線與矩形所在平面平行，已知a點電勢為20V，b點電勢為24V，d點電勢為4V，求：c點電勢多大。

23、如圖，長l=1m的輕質細繩上端固定，下端連接一個質量m=4.0×10-4kg的帶電小球（可視為質點），小球靜止在水平向右的勻強電場中，繩與豎直方向的夾角θ=已知勻強電場的場強E＝3.0×103N/C，取重力加速度g=10m/s2，sin=0.6，cos=0.8；求：

(1)小球所帶電荷的電荷量和電性；

(2)細繩對小球的拉力的大小；

(3)將電場改為豎直向上；大小不變，小球回到最低點時速度的大小。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】

由題意可知考查磁感應強度的矢量性；根據右手螺旋定則及磁感應強度的矢量性分析可得。

【詳解】

根據右手螺旋定則，電流A在O產生的磁場平行于BC，且由C向B，B電流在O產生的磁場平行AC，且由A向C，電流C在O產生的磁場平行AB，且由A向B，由于三導線電流大小相同，到O點的距離相同，根據平行四邊形定則，則合場強的方向平行于AB，由A指向B。

A．由前面分析可知合磁場方向平行于AB，由A指向B故A正確

BCD．由前分析可知合磁場平行于AB，由A指向B故BCD錯誤。

【點睛】

先用右手螺旋定則確定出每條導線在0處磁感應強度的大小，再矢量求和可求得合磁場的方向。2、B【分析】【分析】

【詳解】

將兩表筆短接；則電流表滿偏，根據閉合電路的歐姆定律得。

解得。

在兩表筆之間接入一個的電阻；則流過表頭的電流。

電池的電動勢和內阻發(fā)生變化后；歐姆表需要重新調零，將兩表筆短接，則電流表滿偏，由閉合電路的歐姆定律得。

解得。

在測量未知電阻時，由于讀數為則流過表頭的電流由閉合電路的歐姆定律得。

解得。

故選B。3、A【分析】【分析】

由題可知，q1、q2是兩個等量的正電荷，DC為A、B連線的中垂線，作出CD線上的電場線，根據電場線方向判斷正電荷q3由C點沿CD移至無窮遠的過程中；電勢的變化，由電場力做功正負判斷其電勢能的變化，運用極限法判斷場強的變化，確定電場力的變化．

【詳解】

AB；兩個等量正電荷產生的電場如圖所示：

由此可見，正電荷由點沿著中垂線移至無窮遠處的過程中；電場力做正功，電勢能減小，故A正確，B錯誤；

CD、由上圖可以得知，點電場強度為零，由點沿中垂線至無窮遠的過程中，電場強度先增大后減小，所以受到的電場力先增大后減少；故C；D錯誤；

故選A．4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．變阻器要起到變阻作用接入電路的兩根導線一條接在上面的金屬桿一端；另一條接在下面的接線柱上，所以圖中滑動變阻器不起變阻作用，故A正確；

B．電表接入電路；選好量程后，還應注意正；負接線柱，圖中電流表接法不對，故B正確；

C．一節(jié)干電池的電壓不超過3V；所以電壓表量程選用得當，故C錯誤；

D．在實驗中電壓表不應并聯在電源兩端；因為電鍵斷開后，電壓表仍有讀數，故D正確。本題選擇不正確的。

故選C。5、A【分析】【詳解】

B．電場線越密電場強度越大，有Ea＞Eb＞Ec；故B錯誤。

AC．由于Ea＞Eb＞Ec，而電場力F＝qE，則有Fa＞Fb＞Fc；故A正確，C錯誤。

D．沿電場線方向電勢逐漸降低，所以有φa>φb>φc；故D錯誤。

故選A。6、C【分析】【詳解】

A．當滑動變阻器的觸片向b端移動時，阻值減小，根據串反并同可知，與串聯的電流表示數增大；故A錯誤；

B．根據

可知

根據串反并同可知，與并聯的電壓減小，與串聯的和r電壓增大，故

故

故

故B錯誤；

C．與并聯的電容器兩端電壓減小，根據

可知極板電荷量減?。还视须娏?，故C正確；

D．當內外電阻相同時；電源輸出功率最大，不知道內外電阻關系，無法判斷輸出功率變化，故D錯誤。

故選C。7、D【分析】【詳解】

當兩個直徑為d的帶電球相距100d時，兩電荷可以看成點電荷，庫侖定律適用。但當它們相距d時，不能看成點電荷，庫侖定律不適用，無法用比例法求解它們相距d時的作用力。故D正確；A；B、C錯誤。故選D。

【點睛】

本題考查對庫侖定律適用的條件理解能力，并注意點電荷的成立條件。二、多選題(共5題，共10分)8、B:C【分析】【分析】

由題中“在將滑動變阻器的滑片P向下移動的過程中”可知；本題考查含電容器電路變化，根據歐姆定律和電容器規(guī)律可分析本題。

【詳解】

A.將滑動變阻器的滑片P向下移動的過程中，滑動變阻器電阻變小，因此電流表示數變大，但是電路總電阻變小，電壓表所測電壓為路端電壓，根據閉合電路歐姆定律可得

所以電壓表示數會變?。还蔄錯誤；

B.電源的總功率可以表示為

電阻變小；電流變大，電動勢不變，因此電源總功率變大，故B正確；

C.因為燈L1在干路上，電阻變小，總電流變大，因此燈L1變亮；電壓表示數變小，故C正確；

D.因為燈L2于滑動變阻器并聯，因此其兩端電壓等于路端電壓，因為電壓表示數變小，故燈L2變暗，電容器電壓也變小，根據公式

可知，電容器電容不變，電壓表小，電荷量也變小，故D錯誤、9、B:C【分析】【詳解】

A．當變阻器的滑動觸頭P向上移動時；變阻器接入電路的電阻減小，外電路的總電阻減小，總電流增大，A燈變亮，A燈和電源的內電壓增大，并聯部分的電壓減小，B燈變暗，由于總電流增大，而流經B燈的電流減小，則流經C燈的電流增大，C燈變亮，A錯誤；

B．在變阻器的滑動觸頭P沒有移動時；C燈的電流小于A燈電流，當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，電路中總電流增大，此時B燈的電流減小，則有C燈的電流增加量要大于A燈的電流增加量，A；C兩燈相同，因此C燈電壓增加量大于A燈電壓增加量，B正確；

C．由題意；A；B、C為三個燈泡的電阻大于電源內阻，由推論可知，外電阻等于電源內電阻時，電源的輸出功率最大，則知當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，外電路的總電阻減小，則有電源的輸出功率變大，C正確；

D．電源的供電效率

外電路電阻減??；路端電壓減小，則電源的供電效率降低，D錯誤。

故選BC。10、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據點電荷的位置、電性和等量異號電荷、等量同號電荷的特點，可知a、b、c、d四個點中b點電勢最高；故A正確；

B．根據點電荷的電場強度和矢量的合成，可判斷出a、b、c、d四個點中a點電場強度最大；故B正確；

C．根據矢量的合成可知正方形abcd中心處電場強度的矢量和一定不為0；故C錯誤；

D．ac連線是電場中的等勢線，把正電荷從a點沿ac連線移動到c點；電荷的電勢能不變，故D正確。

故選ABD。11、A:C【分析】【詳解】

A．電阻大小取決于電阻率；長度及截面積；故在實驗中應采用控制變量法；故A正確；

B．密立根通過油滴實驗測出了元電荷的數值；故B錯誤；

C．法國物理學家?guī)靵隼门こ訉嶒灠l(fā)現了電荷之間的相互作用規(guī)律時利用了放大法的思想；故C正確；

D．探究影響平行板電容器電容的因素實驗中使用靜電計的目的是觀察電容器電壓的變化；故D錯誤。

故選AC。12、A:C【分析】【詳解】

A．直線A的縱截距表示電源電動勢，斜率的絕對值表示電源內阻，根據圖像可得E=3V，

故A正確；

B．電源的U?I圖線與小燈泡的U?I圖線的交點為小燈泡接在電源兩端的工作電壓，此時小燈泡的工作電壓為2V，工作電流為2A，所以小燈泡的電阻為

故B錯誤；

C．電源內阻消耗的熱功率為

故C正確；

D．電源的效率為

故D錯誤。

故選AC。三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由于沒閃爍6400次消耗1kW·h；因此閃爍640次消耗0.1kW·h；

[2]由于

因此該用電器的額定功率【解析】①.0.1②.14、略

【分析】【分析】

【詳解】

由題可知，正電荷在等勢面上時動能20J，在等勢面上時動能為零，動能的減小量為20J，由于相鄰等勢面間的電勢差相等，電荷經過相鄰等勢面時電場力做功相等，動能減小量相等，則電荷經經過等勢面時的動能為10J，又所以電荷的動能與電勢能的總量為10J，根據能量守恒定律得到，電勢能為3J時它的動能為7J?！窘馕觥?15、略

【分析】【詳解】

[1]圖甲所示是20分度游標卡尺，示數為

[2]螺旋測微器的示數為【解析】1.3456.79016、略

【解析】①.轉移②.負③.正17、略

【分析】【詳解】

由圖乙可求得電解液的電阻為由圖甲可知電解液長為截面積為結合電阻定律可得【解析】40四、作圖題(共1題，共9分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據電場線從正電荷出發(fā)；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析五、實驗題(共2題，共10分)19、略

【分析】【詳解】

[1]10分度游標卡尺的精確值為由圖中游標卡尺刻度可知內徑為

[2]螺旋測微器的精確值為由圖中螺旋測微器刻度可知外徑為

[3]電壓表讀數為

電流表讀數為

根據歐姆定律可得【解析】5.210.703##10.702##10.704##10.7058.020、略

【分析】【詳解】

[1]根據電阻定律可知

由歐姆定律可得

聯立可得

故應該作“”圖像，即圖像縱坐標為

[2][3]由前面的關系式可知圖像斜