2025年魯教五四新版高一物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯教五四新版高一物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、跳水比賽是我國的傳統(tǒng)優(yōu)勢項目．某運動員正在進行10m跳臺訓練（整個過程視為自由落體運動）；在整個下落過程中，下列說法中正確的是（）

A.前一半位移用的時間長；后一半位移用的時間短。

B.前一半時間內位移大；后一半時間內位移小。

C.運動員的平均速度的大小為10m/s

D.運動員在下落過程中；感覺水面在勻速上升。

2、2008年4月28日凌晨，山東境內發(fā)生兩列列車相撞事故，造成了大量人員傷亡和財產損失．引發(fā)事故的主要原因是其中一列列車轉彎時超速行駛．如所示，是一種新型高速列車，當它轉彎時，車廂會自動傾斜，提供轉彎需要的向心力；假設這種新型列車以360km/h的速度在水平面內轉彎，彎道半徑為1.5km，則質量為75kg的乘客在列車轉彎過程中所受到的合外力大小為()．A.500NB.1000NC.500ND.03、【題文】細繩的一端固定，另一端系一小球，讓小球在豎直面內做圓周運動，關于小球運動到P點的加速度方向，下圖中可能的是()4、公路上向左勻速行駛的汽車如圖(a)所示，經過一棵果樹附近時，恰好有一顆果子從上面自由落下，圖(b)是果子運動的軌跡，則車中人以車為參考系看到的果子的運動軌跡是(不計阻力)5、【題文】如圖所示；在同一軌道平面上的幾個人造地球衛(wèi)星A；B、C，在某一時刻恰好在同一直線上，下列正確說法有（）

A.根據可知VA＜VB＜VC

B.根據萬有引力定律，FA＞FB＞FC

C.向心加速度aA＞aB＞aC

D.運動一周后，A先回到原地點6、【題文】如圖所示；質量為m的人用不可伸長的繩子通過定滑輪拉住箱子使箱子靜止在斜面上，拉箱子的繩子平行于斜面。不計滑輪的質量和繩子的質量以及箱子與斜面間的摩擦。保持人拉繩的位置及手的高度不變，當人拉著繩子向右后退一步后，若箱子還是處于靜止狀態(tài)。則人走動后與走動前相比。

A.人受到的合力增大B.人受到地面的作用力增大C.人受到繩子的拉力增大D.人與接觸面的摩擦因數增大7、如圖，質量為m

的物體懸掛在輕質的支架上，斜梁OB

與豎直方向的夾角為婁脠

設水平橫梁OA

和斜梁OB

作用于O

點的彈力分別為F1

和F2.

以下結果正確的是(

)

A.F1=mgsin婁脠

B.F1=mgsin胃

C.F2=mgcos婁脠

D.F2=mgcos胃

評卷人得分二、雙選題(共5題，共10分)8、標準狀況下，有rm{壟脵6.72L}甲烷，rm{壟脷3.01隆脕10^{23}}個rm{HCl}分子，rm{壟脹13.6gH_{2}S}rm{壟脺0.2mol}氨氣，則下列四種氣體的關系表示正確的是A.體積：rm{壟脺<壟脵<壟脷<壟脹}B.質量：rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}C.密度：rm{壟脵<壟脹<壟脺<壟脷}D.氫原子數：rm{壟脷<壟脺<壟脹<壟脵}9、關于化學反應過程中，能量變化描述正確的是A.成鍵過程中吸收能量B.斷鍵過程中吸收能量C.成鍵過程中放出能量D.斷鍵過程中放出能量10、標準狀況下，有rm{壟脵6.72L}甲烷，rm{壟脷3.01隆脕10^{23}}個rm{HCl}分子，rm{壟脹13.6gH_{2}S}rm{壟脺0.2mol}氨氣，則下列四種氣體的關系表示正確的是A.體積：rm{壟脺<壟脵<壟脷<壟脹}B.質量：rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}C.密度：rm{壟脵<壟脹<壟脺<壟脷}D.氫原子數：rm{壟脷<壟脺<壟脹<壟脵}11、關于化學反應過程中，能量變化描述正確的是A.成鍵過程中吸收能量B.斷鍵過程中吸收能量C.成鍵過程中放出能量D.斷鍵過程中放出能量12、下列大氣污染物中，能與人體中血紅蛋白結合而引起中毒的氣體是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)13、汽車做勻加速直線運動，第一個2秒內速度增加1m/s，則第五個2秒內速度增加，它的加速度為____。14、如圖所示，一個驗電器用金屬網罩罩住，當加上水平向右的、場強大小為E

的勻強電場時，驗電器的箔片______(

填“張開”或“不張開”)

我們把這種現象稱之為______.

此時，金屬網罩的感應電荷在網罩內部空間會激發(fā)一個電場，它的場強大小為______，方向為______．15、“驗證機械能守恒定律”的實驗裝置可以采用圖示的甲或乙方案來進行

（1）比較這兩種方案，____（填“甲”或“乙”）方案好些；

（2）該同學開始實驗時情形如圖丙所示；接通電源釋放紙帶．請指出該同學在實驗中存在的兩處明顯錯誤或不當的地方：

①____；②____．

（3）某同學通過實驗方案甲驗證機械能守恒，已知當地重力加速度g=9.80m/s2．實驗選用重錘質量為0.5kg，紙帶上連續(xù)的點A、B、C、D至O點的距離如丁圖所示（O點為開始下落點），則重錘從O運動到C，重力勢能減少____J，重錘經過C時，其動能增加____J．16、如圖為一小球做平拋運動的一段軌跡，某同學由于粗心漏測了C點的坐標，只得到軌跡上其他三個點的坐標分別為A（0，0）、B（10，25）、D（30，105），則根據平拋運動的規(guī)律可得小球做平拋運動的初速度大小為V=____；小球拋出點的坐標為（____，____）．（g取10m/s2）

17、小明和小華一起在探究《平拋物體的運動的規(guī)律》的實驗中，他們得到了小球做平拋運動的閃光照片，但由于不小心給撕掉了一段，他們在剩下的坐標紙上描出了幾個點，如圖所示，已知圖中每個小方格的邊長都是5cm，根據剩下的這塊坐標紙求閃光周期為____s

平拋初速度為____m/s，A點的速度為____m/s．

（g取10m/s2；結果保留2位有效數字）

18、某同學在做平拋運動實驗得出如圖所示的小球運動軌跡，a、b、c三點的位置在運動軌跡上已標出。則：（g取10m/s2）

①小球平拋的初速度為____m/s。

②小球開始做平拋運動的位置坐標為x＝____cm，y＝____cm。

③小球運動到b點的速度為____m/s。19、一個100

匝的線圈，在0.4s

內穿過它的磁通量從0.02Wb

均勻增加到0.08Wb

則線圈中總的感應電動勢E=

__________V.

若線圈電阻為10惟

則線圈中產生的電流強度I=

________A

．評卷人得分四、實驗探究題(共4題，共32分)20、在測量電源電動勢和內阻的實驗中，兩組同學分別設計了圖(a)

和圖(b)

兩種電路．

(1)

現提供兩種定值電阻；阻值分別為2婁賂

和10婁賂

為了使電壓表V1

的讀數范圍較大，R0

應選擇阻值為______婁賂

的定值電阻；

(2)

其中一組利用測量數據繪制的U1鈭?U2

圖象如圖(c)

所示(U1U2

分別為電壓表V1

和V2

的讀數)

則這組同學采用的電路為______(

填“a

”或“b

”)

(3)

若圖(c)

中圖線的截距為a

斜率為k

則被測電源的電動勢為E=

______，內阻為r=

______.(

定值電阻阻值用R0

表示)

21、下列因素中，不會使“利用斜面小槽裝置研究平拋物體的運動”實驗誤差增大的是()A.小球與斜槽之間有摩擦B.安裝斜槽時其末端切線不水平C.每次從不同位置由靜止釋放小球D.根據曲線計算平拋運動的初速度時，在曲線上取作計算的點距原點O

較近22、三個同學根據不同的實驗條件；進行了“探究平拋運動規(guī)律”的實驗：

(1)

甲同學采用如圖(1)

所示的裝置.

用小錘打擊彈性金屬片；金屬片把A

球沿水平方向彈出，同時B

球被松開，自由下落，觀察到兩球同時落地，改變小錘打擊的力度，即改變A

球被彈出時的速度，兩球仍然同時落地，這說明______

(2)

乙同學采用如圖(2)

所示的裝置.

兩個相同的弧形軌道MN

分別用于發(fā)射小鐵球PQ

其中N

的末端與可看作光滑的水平板相切；兩軌道上端分別裝有電磁鐵CD

調節(jié)電磁鐵CD

的高度，使AC=BD

從而保證小鐵球PQ

在軌道出口處的水平初速度v0

相等，現將小鐵球PQ

分別吸在電磁鐵CD

上，然后切斷電源，使兩小鐵球能以相同的初速度v0

同時分別從軌道MN

的下端射出.

實驗可觀察到的現象應是______.

僅僅改變弧形軌道M

的高度，重復上述實驗，仍能觀察到相同的現象，這說明______．

(3)

丙同學采用頻閃攝影的方法拍攝到如圖(3)

所示的“小球做平拋運動”的照片.

圖中每個小方格的邊長為1.25cm

則由圖可求得拍攝時每______s

曝光一次，該小球平拋的初速度大小為______m/s(g

取9.8m/s2).

23、某同學用如圖甲所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律

（1）下列說法正確的是______（選填字母代號）

A．每次改變小車質量時；應重新平衡摩擦力。

B．實驗時應先釋放小車后接通電源。

C．調節(jié)滑輪的高度；使細線與木板平行。

D．實驗中小車的加速度越大越好。

（2）在實驗中，得到一條如圖丙所示的紙帶，已知相鄰計數點間的時間間隔為T=0.1s，且間距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出分別為3.09cm、3.43cm、3.77cm、4.10cm、4.44cm、4.77cm，則小車的加速度a=______m/s2．（結果保留兩位有效數字）

（3）消除小車與水平木板之間摩擦力的影響后；可用盤和重物總重力代替小車所受的拉力，此時盤和重物質量m與小車和車上砝碼總質量M之間應滿足的關系為______；

（4）有一組同學保持小車及車中的砝碼質量一定，探究加速度a與所受外力F的關系，他們在軌道水平及傾斜兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖乙所示。圖線______是在軌道傾斜情況下得到的（填“①”或“②”）；小車及車中砝碼的總質量M=______kg。評卷人得分五、綜合題(共3題，共12分)24、【題文】0如圖所示，摩托車演員作特技表演，當到達高臺底端時關閉油門，從底端以初速度v0＝20m/s沖上頂部水平的高臺，然后從頂部水平飛出(不計空氣阻力)，摩托車和人落到緩沖墊上(圖中未畫出)，摩托車落地速度大小為v＝10m/s，已知平臺頂部距緩沖墊的高度為H＝10m，g＝10m/s2。試求摩托車和人飛行的水平距離。(結果取兩位有效數字)25、【題文】（6分）甲、乙兩位同學做測定反應時間的小實驗，甲同學的兩個手指捏住直尺的上端，乙同學用一只手在直尺下端做準備。當看到甲同學放手后，乙同學立即捏住直尺，發(fā)現直尺下降了0.2m，則乙同學的反應時間是多少？（重力加速度g取10m/s2）26、【題文】如圖1-24（原圖1-38）所示，質量為m＝5kg的物體，置于傾角為q＝30°的粗糙斜面塊上，用一平行于斜面的大小為30N的力推物體，使其沿斜面向上勻速運動．求地面對斜面塊M的靜摩擦力是多少？

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】

A、運動員下落的過程中，速度越來越大，后一半時間內的位移比前一半時間內位移大，根據前一半時間內的位移是整個位移的所以前一半時間內的位移與后一半時間內的位移比為1：3．前一半位移內所用的時間長，后一半位移內所用的時間短．故A正確，B錯誤．

C、根據得，則平均速度．故C錯誤．

D；運動員在下落過程中；做勻加速直線運動，以自己為參考系，掌握水面做勻加速上升．故D錯誤．

故選A．

【解析】【答案】A；向下運動的過程中；速度越來越大．可知前一半位移所用的時間長．

B；跳臺比賽可看成自由落體運動；前一半時間和后一半時間的位移比為1：3．

C、求出自由落體的時間，根據求出運動員的平均速度．

D；運動員在下落的過程做勻加速直線運動；以自己為參考系，水面做勻加速上升．

2、A【分析】360km/h＝100m/s，乘客在列車轉彎過程中所受的合外力提供向心力F＝＝75×N＝500N.【解析】【答案】A3、D【分析】【解析】

試題分析：小球在豎直面內做圓周運動；運動到圖示的P點時，所受的合力可分解為向心力和切向方向的力，即P點的加速度應可分解為沿PO方向的向心加速度和垂直于PO的切向加速度，故D選項正確．

故選D

考點：向心加速度；牛頓第二定律；向心力．

點評：本題要注意該小球在豎直平面內做的不是勻速圓周運動，加速度方向不指向圓心，難度不大，屬于基礎題．【解析】【答案】D4、B【分析】【解析】試題分析：車相對果子向左運動，那么果子相對車就是向右運動，而且果子在豎直方向向下運動，所以B對；考點：考查參考系和相對運動的概念【解析】【答案】B5、C|D【分析】【解析】

試題分析：設地球的質量為M，衛(wèi)星的軌道半徑為r，衛(wèi)星的速度可見，r越大，v越小，則有故A錯誤．由于三顆的質量關系未知，無法根據萬有引力定律比較引力的大?。蔅錯誤．衛(wèi)星的向心加速度等于重力加速度r越小，a越大，則有．故C正確．衛(wèi)星的周期r越大；T越大，所以運動一周后，A先回到原地點．故D正確．

故選CD

考點：萬有引力定律及其應用．

點評：對于衛(wèi)星的線速度、周期、角速度、向心加速度等物理量的比較，只要抓住衛(wèi)星的速度公式比較出線速度的大小，其他量可以根據圓周運動知識理解并比較．【解析】【答案】CD6、B【分析】【解析】

試題分析：人走動后與走動前一直保持靜止狀態(tài)；合力一直為零，A錯；箱子靜止說明繩子張力（人受到繩子的拉力）一直等于斜面上箱子重力的下滑分量，保持不變，人向后退的過程中繩子拉人的力偏向水平方向，人受到地面的摩擦力變大，支持力變大（繩子拉人的豎直分量減?。Σ亮εc支持力的合力也變大，Ｂ正確Ｃ錯誤；接觸面的摩擦因數是由相互接觸的物體的材料決定的，D錯誤。

考點：共點力的平衡【解析】【答案】B7、D【分析】解：對節(jié)點O

受力分析如圖所示，根據平衡條件可得F1=mgtan婁脠F2=mgcos胃

故選D．

對節(jié)點進行受力分析；可用合成法求解，也可以用正交分解法．

本題是對節(jié)點受力分析求得答案，也可以將重力按實際效果分解來求．【解析】D

二、雙選題(共5題，共10分)8、BD【分析】【分析】該題是中等難度的試題，試題綜合性強，在注重對基礎知識考查的同時，更側重對學生能力的培養(yǎng)。該題學生需要注意的是在進行物質的量的有關計算時，關鍵是熟練應用幾個關系式rm{n=m/M}特別還要注意氣體摩爾體積的使用條件，即只能適用于氣體，且只有在標準狀況下，氣體的摩爾體積才是rm{22.4L/mol}【解答】根據題意可知，甲烷、氯化氫、rm{H_{2}S}的物質的量分別是rm{壟脵}rm{壟脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{壟脹}氨氣。A.根據阿伏加德羅定律可知，氣體的體積大小關系是rm{壟脹}故A錯誤；B.甲烷的質量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氫的質量是rm{壟脺0.2mol}氨氣。氨氣的質量是rm{壟脺0.2mol}所以質量關系是rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}故B正確；C.在相同條件下，氣體的密度之比是相對分子質量之比，故C錯誤；D.氫原子的物質的量分別是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}則氫原子數rm{1.2mol}故D正確。故選BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}9、BC【分析】【分析】本題考查了化學反應中的能量變化，理解化學鍵的斷裂和形成是能量變化的根本原因是解題的關鍵。

【解答】化學鍵的斷裂和形成是化學反應中能量變化的原因，破壞化學鍵要吸收能量，形成新的化學鍵要釋放能量，故B、C正確。故選BC?！窘馕觥縭m{BC}10、BD【分析】【分析】該題是中等難度的試題，試題綜合性強，在注重對基礎知識考查的同時，更側重對學生能力的培養(yǎng)。該題學生需要注意的是在進行物質的量的有關計算時，關鍵是熟練應用幾個關系式rm{n=m/M}特別還要注意氣體摩爾體積的使用條件，即只能適用于氣體，且只有在標準狀況下，氣體的摩爾體積才是rm{22.4L/mol}【解答】根據題意可知，甲烷、氯化氫、rm{H_{2}S}的物質的量分別是rm{壟脵}rm{壟脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{壟脹}氨氣。A.根據阿伏加德羅定律可知，氣體的體積大小關系是rm{壟脹}故A錯誤；B.甲烷的質量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氫的質量是rm{壟脺0.2mol}氨氣。氨氣的質量是rm{壟脺0.2mol}所以質量關系是rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}故B正確；C.在相同條件下，氣體的密度之比是相對分子質量之比，故C錯誤；D.氫原子的物質的量分別是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}則氫原子數rm{1.2mol}故D正確。故選BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}11、BC【分析】【分析】本題考查了化學反應中的能量變化，理解化學鍵的斷裂和形成是能量變化的根本原因是解題的關鍵。

【解答】化學鍵的斷裂和形成是化學反應中能量變化的原因，破壞化學鍵要吸收能量，形成新的化學鍵要釋放能量，故B、C正確。故選BC。【解析】rm{BC}12、BD【分析】【分析】本題主要考查物質的性質方面的知識，解答時要理解一氧化碳、一氧化氮等物質能夠與血紅蛋白結合，從而引起中毒。【解答】A.二氧化硫對眼和呼吸道有強烈刺激作用，吸入高濃度二氧化硫可引起喉水腫、肺水腫、聲帶水腫及rm{(}或rm{)}痙攣導致窒息，rm{SO_{2}}還會導致糖及蛋白質的代謝障礙；從而引起腦；肝、脾等組織發(fā)生退行性變，故A錯誤；

B.一氧化碳容易與血液中的血紅蛋白結合，使人中毒；故B正確；

C.二氧化氮的毒作用主要是損害深部呼吸道；故C錯誤；

D.一氧化氮容易與血液中的血紅蛋白結合；使人中毒，故D正確。

故選BD?！窘馕觥縭m{BD}三、填空題(共7題，共14分)13、略

【分析】加速度在數值上等于單位時間內速度的變化量，第一個2秒內速度增加1m/s，所以加速度為0.5m/s2，第五個2秒內速度增加也為1m/s【解析】【答案】1，0.514、不張開；靜電屏蔽；E；水平向左【分析】解：因為在金屬內部由于電子可以自由移動；當加上水平向右的；場強大小為E

的勻強電場時，金屬網罩會產生一個與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內部的電場，以保證平衡，從而金屬上電荷重新分布.

就是所謂“靜電屏蔽”的原理.

此時驗電器不會受到影響，故驗電器的箔片不張開．

故答案為：不張開；靜電屏蔽；E

水平向左．

本題從靜電屏蔽的原理出發(fā)即可解題.

金屬內部由于電子可以自由移動；會產生一個與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內部的電場，以保證平衡，從而使金屬上電荷重新分布．

本題考查了靜電屏蔽的原理，難度不大屬于基礎題．【解析】不張開；靜電屏蔽；E

水平向左15、略

【分析】

（1）機械能守恒的前提是只有重力做功；實際操作的方案中應該使摩擦力越小越好，誤差小，操作方便，乙方案中小車受斜面的摩擦力影響較大，故甲方案好一些．

故答案為：甲．

（2））由圖可知；丙圖中打點計時器接直流電源，打點計時器應接交流電源，重物釋放時離打點計時器太遠，不利于數據的采集和測量．

故答案為：打點計時器接了直流電源；重物離打點計時器太遠了．

（3）重力勢能的減小等于重力做功大小，因此有：△EP=mgh=0.5×9.8×0.561J≈2.75J

勻變速直線運動中；時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度，因此有：

動能的變化量為：．

故答案為：2.75；2.73．

【解析】【答案】（1）解決實驗問題首先要掌握該實驗原理；選擇實驗裝置要從減小實驗誤差和便于操作的角度去考慮；

（2）了解實驗的儀器、操作步驟和數據處理以及注意事項即可正確解答；

（3）重力勢能的減小量等于重力做功大??；根據某段時間內的平均速度等于時間中點的瞬時速度，可以求出C點速度大小，從而進一步求出其動能的增加量．

16、略

【分析】

（1）設C點的縱坐標為：yC，則有：yC-25-25=105-yC-（yC-25）

解得：yC=60cm

在豎直方向上△y=gT2，T==

則小球平拋運動的初速度v=

B點在豎直方向上的分速度vBy=

則運動的時間t==0.3s

水平方向上的位移x1=vt=0.3m，豎直方向上的位移y==0.45m

所以開始做平拋運動的位置坐標x=0.1-0.3m=-20cm；y=0.25-0.45m=-20cm

故答案為：（1）1m/s；（2）（-20；-20）

【解析】【答案】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據豎直方向上△y=gT2；求出時間間隔，再根據水平方向上的勻速直線運動求出初速度．

求出B點在豎直方向上的速度，即可求出運動的時間和b點速度；從而求出此時小球水平方向和豎直方向上的位移，即可求出拋出點的坐標．

17、略

【分析】

在豎直方向上有：△h=gT2；其中△h=（3-1）×5=10cm，代入求得：T=0.1s；

水平方向：x=vt，其中x=3L=0.15m，t=T=0.1s，故v=1.5m/s；

A點左上方點的速度為：

A點豎直方向速度為：vAy=vy+gT=2m/s

因此

故答案為：0.1；1.5，2.5．

【解析】【答案】根據閃光的頻率知相鄰兩點間的時間間隔．在豎直方向上根據△y=gT2，可以求出閃光周期大小，水平方向上做勻速直線運動，根據可以求出水平速度的大小；根據運動學規(guī)律求出A點豎直方向的速度大小，然后根據運動的合成可以求出A點速度的大小．

18、2101.252.5【分析】【解答】解:（1）由圖可知a、b、c三點的時間間隔相等，設為T，則豎直方向有：解得T=0.1s；小球平拋的初速度為（2）b點的豎直速度為則從拋出點到b點的時間：拋出點離b點的豎直距離：拋出點離b點的水平距離：小球開始做平拋運動的位置坐標為x＝10cm，y＝1.25cm。（3）小球運動到b點的速度為：

【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據豎直方向上△y=gT2；求出時間間隔，再根據水平方向上的勻速直線運動求出初速度.

求出b點在豎直方向上的速度，即可求出運動的時間和b點速度，從而求出此時小球水平方向和豎直方向上的位移，即可求出拋出點的坐標。19、151.5

【分析】【分析】

根據法拉第電磁感應定律E=n?婁碌?t

求出感應電動勢，再根據歐姆定律求出感應電流的大小。解決本題的關鍵掌握法拉第電磁感應定律E=n鈻?婁碌鈻?t

和閉合電路歐姆定律。

【解答】感應電動勢E=n?婁碌?t=100隆脕(0.08鈭?0.02)0.4V=15V

感應電流的大小I=ER=1510A=1.5A

故答案為151.5

【解析】151.5

四、實驗探究題(共4題，共32分)20、2；a；【分析】解：(1)

由電路圖可知；定值電阻與滑動變阻器串聯，故定值電阻阻越大，外電阻的調節(jié)范圍越小；因此為了使電壓表V1

的讀數范圍較大，故應選擇小電阻；

(2)

根據閉合電路歐姆定律可知；圖a

中對應的表達式為：

U1=E鈭?U1鈭?U2R0r

變形可得：

U1=ER0r+R0+rR0+rU2

對于圖b

對應的表達式為：

U1=E鈭?U2R0r

根據數學規(guī)律可知；圖象應為a

電路所得出的圖象；

(3)

根據數學規(guī)律可知：

ER0r+R0=a

rR0+r=k

聯立解得：

E=a1鈭?k

r=k1鈭?kR0

故答案為：(1)2(2)a(3)a1鈭?kk1鈭?kR0

(1)

根據滑動變阻器及定值電阻的作用可明確應選擇的定值電阻；

(2)

根據電路結構利用閉合電路歐姆定律進行分析；建立函數關系可明確對應的電路；

(3)

根據得出的函數關系可明確截距和斜率的表達式；從而求出電動勢和內電阻．

本題考查測量電動勢和內電阻的實驗，要注意明確實驗原理；特別注意數據處理的方法，能根據閉合電路歐姆定律列式求解．【解析】2aa1鈭?kk1鈭?kR0

21、A【分析】【分析】

在實驗中讓小球能做平拋運動，并能描繪出運動軌跡.

因此要求從同一位置多次無初速度釋放，同時由運動軌跡找出一些特殊點利用平拋運動可看成水平方向勻速直線運動與豎直方向自由落體運動去解題。掌握如何讓小球做平拋運動及平拋運動軌跡的描繪，并培養(yǎng)學生利用平拋運動規(guī)律去分析與解決問題的能力.

同時強調測量長度時越長誤差越小?！窘獯稹緼.只要小球從同一高度；無初速開始運動；在相同的情形下，即使球與槽之間存在摩擦力，由于每次摩擦力的影響相同，因此仍能保證球做平拋運動的初速度相同，對實驗沒有影響，故A正確；

B.安裝斜槽末端不水平；則初速度不水平，使得小球的運動不是平拋運動，使得實驗的誤差增大，故B錯誤；

C.建立坐標時；以斜槽末端端口位置為坐標原點，將會影響長度的測量，故C錯誤；

D.根據曲線計算平拋運動的初速度時；在曲線上取作計算的點離原點O

較遠，可以減小偶然誤差，故D錯誤。

故選A。

【解析】A

22、略

【分析】解：(1)

在打擊金屬片時；兩小球同時做平拋運動與自由落體運動.

結果同時落地，則說明平拋運動豎直方向是自由落體運動；

(2)

兩小鐵球PQ

能以相同的初速度同時分別從軌道下端水平射出；小球P

做平拋運動，小球Q

在水平方向做勻速直線運動，可以看到：P

球落地時剛好和Q

球相遇；當同時改變兩小球滾下的高度時，相同現象是：仍能相碰；不同現象是：相遇時間不同；因此這說明：初速度相同時，平拋運動在水平方向的運動規(guī)律與勻速運動規(guī)律相同，即：說明平拋運動在水平方向做勻速直線運動．

(3)

根據平拋運動豎直方向運動特點鈻?y=L=gT2

得：

T=鈻?yg=Lg=0.01259.8=0.036s

小球水平方向勻速運動；因此有：

v0=xT=2隆脕0.01250.036隆脰0.7m/s

故答案為：(1)

平拋運動在豎直方向上是自由落體運動；(2)PQ

二球相碰；平拋運動在水平方向上是勻速運動；(3