2025年新世紀版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀版選修3物理上冊階段測試試卷808考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，陰極射線管（A為其陰極）放在蹄形磁鐵的N、S兩極間，當陰極射線管與高壓直流電源相連接時，從A射出電子束；在磁場的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，以下說法正確的是。

A.A接直流高壓電源的正極，電子束向上偏轉(zhuǎn)B.A接直流高壓電源的正極，電子束向下偏轉(zhuǎn)C.A接直流高壓電源的負極，電子束向上偏轉(zhuǎn)D.A接直流高壓電源的負極，電子束向下偏轉(zhuǎn)2、關(guān)于溫度與溫標，下列說法中正確的是（）A.溫度由攝氏溫度t升至2t，對應的熱力學溫度由T升至2TB.氣體的溫度升高1℃，也可以說溫度升高1KC.絕對零度是通過實驗的方法測出的溫度，是氣體體積為零時的溫度D.隨著制冷技術(shù)的不斷提高，總有一天絕對零度會達到3、佛教經(jīng)典《仁王經(jīng)》中提到:“一彈指六十剎那，一剎那九百生滅”。其實“剎那”是微觀物理學中的一種時間單位，一剎那等于10-8s，下列說法正確的是（）A.“一剎那”指的是某一時刻B.“剎那”屬于單位制中長度的單位C.“一剎那”時間內(nèi)光走過的路程為1mD.1s所含的“剎那數(shù)”比1年所含的“秒數(shù)”多4、一磁場的磁感線如圖所示，一個小磁針放入磁場中，則小磁針將（）A.順時針轉(zhuǎn)動直到N指向右B.逆時針轉(zhuǎn)動直到S指向右C.保持不動D.一直順時針轉(zhuǎn)動5、如圖所示，在直角坐標系的第一象限內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，正、負離子分別以相同的速度從原點O進入磁場，進入磁場的速度方向與x軸正方向夾角為30°。已知正離子運動的軌跡半徑大于負離子；則可以判斷出（）

A.正離子的比荷大于負離子B.正離子在磁場中運動的時間大于負離子C.正離子在磁場中受到的向心力大于負離子D.正離子離開磁場時的位置到原點的距離等于負離子評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、如圖所示，兩根光滑的金屬導軌，平行放置在傾角為θ的斜面上，導軌的左端接有電阻R，導軌自身的電阻可忽略不計．斜面處在一勻強磁場中，磁場方向垂直于斜面向上．質(zhì)量為m、電阻可以不計的金屬棒ab，在沿著斜面與棒垂直的恒力F作用下沿導軌勻速上滑，并上升h高度，在這一過程中（）

A.作用于金屬棒上的各力的合力所做的功等于零B.作用于金屬棒上的各力的合力所做的功等于mgh與電阻R上發(fā)出的焦耳熱之和C.恒力F與安培力的合力所做的功等于零D.恒力F與重力的合力所做的功等于電阻R上發(fā)出的焦耳熱7、一定質(zhì)量的理想氣體的體積V與熱力學溫度T的關(guān)系圖像如圖所示，氣體由狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b、c到狀態(tài)d，O、a、d三點在同一直線上，ab和cd平行于橫軸，bc平行于縱軸；則下列說法正確的是（）

A.狀態(tài)a的壓強大于狀態(tài)b的壓強B.由狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，氣體對外做功C.由狀態(tài)c變化到狀態(tài)d，氣體的密度不變E.由狀態(tài)a變化到狀態(tài)d，氣體對外做功，內(nèi)能增大E.由狀態(tài)a變化到狀態(tài)d，氣體對外做功，內(nèi)能增大8、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態(tài)a。其p-V圖像如圖所示。ab、bc、ca皆為直線，ca平行于p軸，bc平行于V軸。關(guān)于理想氣體經(jīng)歷的三個過程；下列說法正確的是（）

A.b、c兩個狀態(tài)下的氣體溫度相等B.a點氣體溫度與b點氣體溫度之比為C.bc過程中，氣體一定從外界吸熱E.ab過程中，氣體分子的平均動能先變大后變小E.ab過程中，氣體分子的平均動能先變大后變小9、有一定質(zhì)量的理想氣體，其壓強隨熱力學溫度的變化的圖象如圖所示，理想氣體經(jīng)歷了的循環(huán)過程。下列分析正確的是（）

A.過程中氣體吸收熱量B.四個狀態(tài)中，只有狀態(tài)時理想氣體分子的平均動能最大C.過程氣體對外界做功，并從外界吸收熱量E.四個狀態(tài)中，狀態(tài)時氣體的體積最小E.四個狀態(tài)中，狀態(tài)時氣體的體積最小10、下列關(guān)于物體的內(nèi)能及其變化的描述正確的是（）A.熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體B.氣體溫度升高，氣體內(nèi)每個分子的動能一定增大C.一定質(zhì)量的100℃的水吸收熱量后變成100℃的水蒸氣，則吸收的熱量大于增加的內(nèi)能E.兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中，它們的分子勢能先減小后增大E.兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中，它們的分子勢能先減小后增大11、下列說法正確的是（）A.氣體擴散現(xiàn)象表明氣體分子間存在斥力B.熱量總是自發(fā)地從分子動能大的物體傳遞到分子動能小的物體C.自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的D.液體表面層分子間距離小于液體內(nèi)部分子間距離，所以液體表面存在表面張力12、如圖甲所示，左側(cè)接有定值電阻R＝2Ω的水平粗糙導軌處于垂直紙面向外的勻強磁場中，磁感應強度B＝1T，導軌間距L＝1m。一質(zhì)量m＝2kg，阻值r＝2Ω的金屬棒在水平拉力F作用下由靜止開始從CD處沿導軌向右加速運動，金屬棒的v－x圖象如圖乙所示，若金屬棒與導軌間動摩擦因數(shù)μ＝0.2，則從起點發(fā)生x＝1m位移的過程中(g＝10m/s2)()

A.金屬棒克服安培力做的功W1＝0.25JB.金屬棒克服摩擦力做的功W2＝5JC.整個系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q＝4.25JD.拉力做的功W＝9.25J13、關(guān)于電磁波和機械波，下列說法正確的是（）A.電磁波和機械波的傳播都需要借助于介質(zhì)B.電磁波在任何介質(zhì)中傳播的速度都相同，而機械波的波速大小與介質(zhì)密切相關(guān)C.電磁波和機械波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象D.根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論，變化的電場產(chǎn)生磁場14、下列說法正確的是___________.A.在擺角小于5°時單擺的周期與振幅無關(guān)B.用三棱鏡觀察太陽光譜是利用光的干涉現(xiàn)象C.在光導纖維束內(nèi)傳送圖象是利用光的全反射現(xiàn)象E.兩列波相疊加產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，振動加強區(qū)域與振動減弱區(qū)域應交替出現(xiàn)E.兩列波相疊加產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，振動加強區(qū)域與振動減弱區(qū)域應交替出現(xiàn)評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、用圖甲所示的裝置研究光電效應現(xiàn)象，當用光子能量為5eV的光照射到光電管上時，測得電流計的示數(shù)隨電壓變化的圖像如圖乙所示.則光電子的最大初動能為__________J，金屬的逸出功為________J.16、如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，R2、R3是兩個定值電阻．閉合開關(guān)S、滑片P向左滑動，伏特表示數(shù)將___________，當電流表示數(shù)變化量的絕對值為時，電壓表示數(shù)變化量的絕對值為當電流表示數(shù)變化量的絕對值為時，電壓表示數(shù)變化量的絕對值為若則________（此空格填“大于”；“等于”或“小于”）

17、熱力學溫度T與攝氏溫度t

（1）攝氏溫標：一種常用的表示溫度的方法．規(guī)定標準大氣壓下_______為0℃，_______為100℃，在0℃和100℃之間均勻分成_______等份；每份算做1℃。

（2）熱力學溫標：現(xiàn)代科學中常用的表示溫度的方法，熱力學溫標表示的溫度叫熱力學溫度，用符號_______表示，單位是_______，符號為_______。

（3）攝氏溫度與熱力學溫度的關(guān)系為T＝t＋_______K。18、查理定律。

（1）內(nèi)容：一定質(zhì)量的某種氣體，在體積不變的情況下，壓強p與熱力學溫度T成______。

（2）表達式：p＝______。

（3）適用條件：氣體的______和______不變。

（4）圖像：如圖所示。

①p－T圖像中的等容線是一條______。

②p－t圖像中的等容線不過原點，但反向延長線交t軸于______。19、假定兩個分子的距離為無窮遠時，它們的分子勢能為0，使一個分子固定，另一個分子在外力作用下從無窮遠逐漸向它靠近，直至相距很近很近，整個過程中分子勢能______(填“不變”或“先增大后減小”或“先減小后增大”)。物體從單一熱源吸收的熱量______(填“可以”或“不可以”)全部用于做功。20、如圖所示，電源電動勢E=9.0V，內(nèi)阻r=1.0Ω，定值電阻R0=0.5Ω，R為滑動變阻器，其電阻可調(diào)范圍為0～10Ω，當R=________Ω時，R上獲得電功率最大，最大功率是________W．

21、在如圖所示的電路中；電源電壓保持不變。由于電阻R；燈L可能出現(xiàn)了故障，閉合開關(guān)S，兩電表只有一個有示數(shù)。

①發(fā)生故障時；小燈L__發(fā)光（選填“可能”或“不可能”）；

②在原故障電路中，將一個檢查小燈L′并在R兩端，電流表A的示數(shù)不發(fā)生變化，電路中可能存在的故障是_________。評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共12分)25、某同學想測定某節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻,實驗室提供了合適的實驗器材,甲同學按電路圖進行測量實驗,其中R0=1.0Ω；則:

(1)由電壓表的讀數(shù)U和電流表的讀數(shù)I,畫出U-I圖線如圖b所示,可得電源的電動勢E=____V,內(nèi)電阻r=_____Ω；(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)；

(2)在上述實驗過程中存在系統(tǒng)誤差，在下圖所繪圖象中,虛線代表沒有誤差情況下,電壓表兩端電壓的直實值與通過電源電流直實值關(guān)系的圖象,實線是根據(jù)測量數(shù)據(jù)繪出的圖象,則下圖中能正確表示二者關(guān)系的是______

(3)乙同學將測量電路連接成如圖c所示,其他操作正確,由電壓表的讀數(shù)U和電流表的讀數(shù)I,畫出U-I圖線如圖d所示,可得電源的電動勢E=_____V,內(nèi)電阻r=_____Ω(結(jié)果保留2位有效數(shù)字).26、要測繪一個標有“3V1.5W”小燈泡的伏安特性曲線；備有下列器材：

A．電壓表(量程3V；內(nèi)阻約6kΩ)；

B．電壓表(量程15V；內(nèi)阻約30kΩ)；

C．電流表(量程0.6A；內(nèi)阻約0.5Ω)；

D．電流表(量程3A；內(nèi)阻約0.1Ω)；

E．滑動變阻器(阻值范圍0～5Ω)；

F．滑動變阻器(阻值范圍0～100Ω)；

G．直流電源(3V；內(nèi)阻不計)；

H．開關(guān)；導線若干．

（1）要求多次測量并使電壓表讀數(shù)從零開始連續(xù)可調(diào)，上述器材中電壓表應選用________；電流表應選用________；滑動變阻器應選用________．（以上均填寫器材前字母）

（2）請將甲圖中的實物電路圖用筆代替導線補充完整_______．

（3）乙圖為某同學根據(jù)正確的實驗電路圖所測的幾組數(shù)據(jù)畫出的U－I圖象．圖象是一條曲線而不是直線的原因是_________；從圖象中可求得小燈泡電壓為1.8V時的小燈泡的實際功率為_______W．27、如圖甲所示，豎直面MN的左側(cè)空間中存在豎直向上的勻強電場（上、下及左側(cè)無邊界）。一個質(zhì)量為m、電荷量為q、可視為質(zhì)點的帶正電小球，以水平初速度沿PQ向右做直線運動若小球剛經(jīng)過D點時（t=0），在電場所在空間疊加如圖乙所示隨時間周期性變化、垂直紙面向里的勻強磁場，使得小球再次通過D點時與PQ連線成角，已知D、Q間的距離為小于小球在磁場中做圓周運動的周期；忽略磁場變化造成的影響，重力加速度為g．求：

（1）電場強度E的大小。

（2）與的比值。

（3）小球過D點后做周期性運動．則當小球運動的周期最大時，求出此時磁感應強度及運動的最大周期的大小，并在圖中畫出此情形下小球運動一個周期的軌跡．評卷人得分六、解答題(共4題，共24分)28、輕質(zhì)細線吊著一質(zhì)量為m=0.64kg，邊長為L=0.8m、匝數(shù)n=5、總電阻為r=1Ω的正方形線圈。邊長為L/2的正方形磁場區(qū)域?qū)ΨQ分布在線圈下邊的兩側(cè)，如圖甲所示，磁場方向垂直紙面向里，大小隨時間變化如圖乙所示，從t=0開始經(jīng)t0時間細線開始松馳，g=10m/s2。求：

（1）在前t0時間內(nèi)線圈中產(chǎn)生的感應電流；

（2）求t0的值。

（3）第4s末繩的拉力大小29、如圖所示，兩平行金屬板間的電勢差為U，金屬板下方有一磁感應強度為B的勻強磁場．電荷量為+q、質(zhì)量為m的粒子，由靜止開始從正極板出發(fā)，經(jīng)電場加速后射出，并垂直磁場邊界從O點進入磁場，經(jīng)歷半個圓周打在P點．忽略重力的影響；求：

(1)粒子從電場射出時速度v的大??；

(2)O、P兩點間的距離l．

30、如圖所示為回旋加速器的結(jié)構(gòu)示意圖，勻強磁場的方向垂直于半圓型且中空的金屬盒D1和D2，磁感應強度為R，金屬盒的半徑為R，兩盒之間有一狹縫，其間距為d，且兩盒間電壓為U.A處的粒子源可釋放初速度不計的帶電粒子，粒子在兩盒之間被加速后進入D1盒中，經(jīng)半個圓周之后再次到達兩盒間的狹縫．通過電源正負極的交替變化，可使帶電粒子經(jīng)兩盒間電場多次加速后獲得足夠高的能量.已知帶電粒子的質(zhì)量為m、電荷量為+q.

(1)不考慮加速過程中的相對論效應和重力的影響.

①求粒子可獲得的最大速度vm；

②若粒子第1次進入D1盒在其中的軌道半徑為r1，粒子第1次進入D2盒在其中的軌道半徑為r2，求r1與r2之比.

(2)根據(jù)回旋加速器的工作原理；請通過計算對以下兩個問題進行分析：

①在上述不考慮相對論效應和重力影響的情況下；計算粒子在回旋加速器中運動的時間時，為何常常忽略粒子通過兩盒間狹縫的時間，而只考慮粒子在磁場中做圓周運動的時間；

②實驗發(fā)現(xiàn)：通過該回旋加速器，加速的帶電粒子能量達到25~30MeV后，就很難再加速了．這是由于速度足夠大時，相對論效應開始顯現(xiàn)，粒子的質(zhì)量隨著速度的增加而增大．結(jié)合這一現(xiàn)象，分析在粒子獲得較高能量后，為何加速器不能繼續(xù)使粒子加速了．31、如圖所示，兩個壁厚可忽略的圓柱形金屬筒A和B套在一起，底部到頂部的高度為18cm，兩者橫截面積相等，光滑接觸且不漏氣．將A用繩系于天花板上，用一塊絕熱板托住B，使它們內(nèi)部密封的氣體壓強與外界大氣壓相同，均為1.0×105Pa，然后緩慢松開絕熱板，讓B下沉，當B下沉了2cm時，停止下沉并處于靜止狀態(tài)．求：

（1）此時金屬筒內(nèi)氣體的壓強．

（2）若當時的溫度為27℃，欲使下沉后的套筒恢復到原來位置，應將氣體的溫度變?yōu)槎嗌佟?？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

為了使電子束射出后得到電場的加速，則A接直流高壓電源的負極，根據(jù)左手定則可知，電子束向下偏轉(zhuǎn)；故選項D正確，ABC錯誤；2、B【分析】【詳解】

A．溫度由攝氏溫度升至則對應的熱力學溫度升高至即對應的熱力學溫度由升高至故A錯誤；

B．熱力學溫標的標度與攝氏溫標的標度大小相等；所以氣體的溫度升高1℃，也可以說溫度升高1K，故B正確；

CD．絕對零度是理論上所能達到的最低溫度；在此溫度下物體內(nèi)能為零，并非能用實驗方法測得，絕對零度是不可能達到的最低溫度，自然界的溫度只能無限逼近，所以不可能會達到絕對零度，故C；D錯誤；

故選B。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．“一剎那”指的是時間間隔；故A錯誤；

B．“剎那”屬于單位制中時間的單位；故B錯誤；

C．“一剎那”時間內(nèi)光走過的路程為

故C錯誤；

D．1s所含的“剎那數(shù)”為

一年所含的“秒數(shù)”為

故D正確。4、A【分析】【詳解】

小磁針N極指向即為該點磁感應強度方向，而磁場方向水平向右，故小磁針將順時針轉(zhuǎn)動直到N指向右，A正確．5、D【分析】【詳解】

A．粒子做圓周運動的向心力等于洛倫茲力，則

解得

因正離子運動的軌跡半徑大于負離子；故正離子的比荷小于負離子，選項A錯誤；

D．由左手定則可知，正離子向上偏轉(zhuǎn)，從y軸射出，其圓弧所對的圓心角為120°；負離子向下偏轉(zhuǎn)，從x軸射出，其圓弧所對的圓心角為60°；因正離子運動的軌跡半徑大于負離子；則正離子離開磁場時的位置到原點的距離大于負離子，選項D正確；

B．根據(jù)

可知正離子在磁場中運動的圓弧長度較大；則時間大于負離子，選項B正確；

C．帶電粒子在磁場中運動的向心力是由洛倫茲力提供的，根據(jù)洛倫茲力F=qvB

可知，由于q大小關(guān)系未知；所以不能比較向心力的大小，所以C錯誤。

故選BD。二、多選題(共9題，共18分)6、A:D【分析】【詳解】

AB．導體棒勻速上升過程中，合力為零，則合力所作的功等于零，根據(jù)動能定理得：

得

克服安培力所做功即等于回路電阻中產(chǎn)生的熱量，故有：金屬棒上的各個力的合力所做的功等于零，恒力F等于mgh與電阻R上發(fā)出的焦耳熱之和；A正確，B錯誤；

由

得

C．即恒力F與重力的合力所做的功等于克服安培力所做功，即等于電阻R上發(fā)出的焦耳熱；故C正確；

D．重力做功不改變金屬棒的機械能，恒力F與安培力的合力所做的功等于金屬棒機械能的增量，故D錯誤．7、C:D:E【分析】【詳解】

AB．由狀態(tài)a變化到狀態(tài)b的過程中，氣體發(fā)生等容變化，氣體對外界不做功，根據(jù)查理定律

可知氣體的溫度升高，壓強增大，則狀態(tài)a的壓強小于狀態(tài)b的壓強；故AB錯誤；

C．由狀態(tài)c變化到狀態(tài)d，氣體發(fā)生等容變化；體積不變，質(zhì)量不變，所以密度不變，故C正確；

D．由狀態(tài)b變化到狀態(tài)c；氣體體積增大，氣體對外界做功，溫度不變，則內(nèi)能不變，故D正確；

E．由狀態(tài)a變化到狀態(tài)d；氣體體積增大，氣體對外做功，溫度升高，內(nèi)能增大，故E正確。

故選CDE。8、B:D:E【分析】【詳解】

A．由圖知b、c兩個狀態(tài)，氣壓相等，且

根據(jù)蓋-呂薩克定律

所以

故A錯誤；

B．由圖知a、b兩個狀態(tài)下

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

解得

故B正確；

C．bc過程中，根據(jù)熱力學第一定律

因體積變小，所以

壓強不變，體積變小，根據(jù)蓋-呂薩克定律，溫度降低，所以內(nèi)能變小，即

所以

體積減小氣體一定放熱；故C錯誤；

D．ca過程中；體積不變，氣體壓強增大，根據(jù)查理定律，氣體溫度升高，故D正確；

E．作出a、b兩點的等溫線，可知ab過程中溫度先增大后減??；所以氣體分子的平均動能先變大后變小，故E正確。

故選BDE。9、A:C:E【分析】【詳解】

A.由圖象可知，過程壓強不變，溫度升高，內(nèi)能增加，由可知，氣體體積增大，對外做功，由知；氣體吸熱，故A正確；

B.恒溫過程；氣體分子平均動能不變，故B錯誤；

C.過程，壓強減小，由可知體積增加；氣體對外做功，因此氣體一定吸熱，故C正確；

D.過程，壓強恒定，減小，減小，由可知體積減小，則外界對氣體做功，由可知；氣體放熱，故D錯誤；

E.延長線通過原點，體積相等，即過程過程綜上分析可知狀態(tài)氣體體積最?。还蔈正確。

故選：ACE。10、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．熱量不能自發(fā)從低溫物體傳遞到高溫物體；但借助外界條件可以從低溫物體向高溫物體傳遞，故A正確；

B．氣體溫度升高時；分子的平均動能增大，但氣體內(nèi)每個分子的動能不一定都增大，故B錯誤；

C.．一定質(zhì)量的100℃的水吸收熱量后變成100℃的水蒸氣，由于體積膨脹對外做功，根據(jù)熱力學第一定律

可知吸收的熱量大于增加的內(nèi)能；故C正確；

D．根據(jù)熱力學第一定律

可知；系統(tǒng)的內(nèi)能增量等于外界向它傳遞的熱量與外界對它做的功的和，故D錯誤；

E．兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中；先是分子斥力做正功，分子勢能減小，隨后是分子引力做負功，分子勢能增大，所以它們的分子勢能先減小后增大，故E正確。

故選ACE。11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．擴散說明分子在做無規(guī)則運動；不能說明分子間的斥力，A錯誤；

B．熱量總是自發(fā)地從溫度高的物體傳遞到溫度低的物體；而溫度是分子平均動能的標志，所以熱量總是自發(fā)地從分子平均動能大的物體傳遞到分子平均動能減小的物體，但分子動能并非分子平均動能，B錯誤；

C．根據(jù)熱力學第二定律；自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的，C正確；

D．液體表面層分子間的距離大于液體內(nèi)部分子間的距離；則液體表面分子間的作用表現(xiàn)為相互吸引，所以存在表面張力，D正確。

故選CD。12、A:C【分析】【分析】

由速度圖象得出v與x的關(guān)系式，由安培力公式得到FA與x的關(guān)系式，可知FA與x是線性關(guān)系，即可求出發(fā)生s=1m位移的過程中安培力做功WA=-x；再根據(jù)動能定理求解拉力做功；根據(jù)能量守恒求解整個系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q．

【詳解】

由速度圖象得：v=2x，金屬棒所受的安培力代入得：FA=0.5x，則知FA與x是線性關(guān)系。當x=0時，安培力FA1=0；當x=1m時，安培力FA2=0.5N，則從起點發(fā)生x=1m位移的過程中，安培力做功為：WA=-x=-0.25J；即金屬棒克服安培力做的功為：W1=0.25J，故A正確。金屬棒克服摩擦力做的功為：W2=-μmgx=-0.2×2×10×1J=-4J，故B錯誤；克服安培力做功等于產(chǎn)生的電熱，克服摩擦力做功等于產(chǎn)生的摩擦熱，則整個系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q＝WA+W2=4.25J，選項C正確；根據(jù)動能定理得：WF+W2+WA=mv2，其中v=2m/s，μ=0.2，m=2kg，代入解得拉力做的功為：WF=8.25J。故D錯誤。故選AC。

【點睛】

對于電磁感應問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)動能定理、功能關(guān)系等列方程求解．13、C:D【分析】【詳解】

A.機械波的傳播需要借助于介質(zhì)；但電磁波的傳播不需要借助介質(zhì)，選項A不合題意.

B.電磁波和機械波的傳播速度都與介質(zhì)有關(guān)；選項B不合題意.

C.電磁波和機械波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象；選項C符合題意.

D.根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論，變化的電場產(chǎn)生磁場，變化的磁場產(chǎn)生電場；選項D符合題意．14、A:C:E【分析】【詳解】

在擺角小于5°時單擺的振動可視為簡諧振動，此時周期與振幅無關(guān)，選項A正確；三棱鏡觀察太陽光譜，是利用光的折射率不同，出現(xiàn)光的折射色散現(xiàn)象，故B錯誤；在光導纖維束內(nèi)傳送圖象是利用光的全反射現(xiàn)象，選項C正確；用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用光的干涉現(xiàn)象，選項D錯誤；兩列波相疊加產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，振動加強區(qū)域與振動減弱區(qū)域應交替出現(xiàn)，選項E正確.三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【詳解】

第一空.由題中I－U圖像可知：遏止電壓Uc=2V，即Ekm=eUc=3.2×10-19J。

第二空.由光電效應方程Ekm=hv－W0解得W0=hv－Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10－194.8×10－1916、略

【分析】【詳解】

[1]由電路圖可以知道，三電阻串聯(lián)，電流表測電路中的電流，電壓表測量滑動變阻器R1兩端的電壓；滑片P向左滑動；滑動變阻器接入電路的電阻變小，由串聯(lián)分壓規(guī)律可以知道，變阻器兩端的電壓變小，即電壓表示數(shù)將減??；

[2]由歐姆定律可以知道，定值電阻兩端電壓變化量與電流變化量的比值等于其阻值，滑片P向左滑動，滑動變阻器接入電路的電阻變小，變阻器兩端的電壓變小，電源電壓不變，由串聯(lián)分壓規(guī)律可以知道，R2和R3兩端的總電壓將變大，且變阻器兩端電壓減小量等于R2和R3兩端總電壓的增大量，即電壓表示數(shù)變化量的絕對值串聯(lián)電路電流處處相等，則電壓表和電流表示數(shù)變化量的比值

電壓表示數(shù)變化量的絕對值為時，同理可得此時電壓表和電流表示數(shù)變化量的比值

而R2、R3均為定值電阻，所以【解析】.減小等于17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】冰的熔點水的沸點100T開爾文K273.1518、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】正比CT或＝質(zhì)量體積過原點的直線－273.15℃19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]開始時兩分子間距離大；分子間作用力表現(xiàn)為引力，分子相互靠近，引力做正功，分子勢能減小，隨分子間距離減小到平衡位置后，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，分子相互靠近，斥力做負功，分子勢能增加，故整個過程分子勢能先減小后增加；

[2]根據(jù)熱力學第二定律可知，在外界因素影響下，物體從單一熱源吸收的熱量可以全部用于做功?！窘馕觥肯葴p小后增大可以20、略

【分析】【分析】

把R0看成是電源的一部分，此時等效電源的電動勢沒變，內(nèi)阻為R0+r，所以當R=R0+r=1+0.5=1.5Ω時，電阻R的電功率最大，最大功率為．

【詳解】

當R=R0+r=1+0.5=1.5Ω時，電阻R的最大電功率．

【點睛】

知道電源的輸出功率何時最大，當外電路的電阻等于電源的內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大，最大為．【解析】①.1.5②.13.521、略

【分析】【詳解】

①電源電壓不變,閉合電鍵S,兩電表只有一個有示數(shù),則有:

若電壓表有示數(shù),電流表無示數(shù),只能是小燈泡發(fā)生斷路,電壓表串聯(lián)在電路中,小燈泡不發(fā)光;

若電壓表無示數(shù),電流表有示數(shù),只能是小燈泡短路,小燈泡不發(fā)光;

綜上所述,電路發(fā)生故障時,小燈泡L不可能發(fā)光;

②將一個檢查小燈L′并在R兩端,電流表A的示數(shù)不發(fā)生變化,故障為小燈泡L斷路,或者小燈泡L斷路且電阻R短路,此時電壓表串聯(lián)在電路中,電流表無示數(shù),電壓表有示數(shù).

因此；本題正確答案是:①不可能;②L斷路(或L斷路且R短路).

【點睛】

電路故障包括短路和斷路,電流表示數(shù)為零,則說明電路斷路;電壓表示數(shù)為零,則說明與電壓表并聯(lián)部分短路;根據(jù)電壓表示數(shù)情況確定電路故障問題.【解析】不可能L斷路（或L斷路且R短路）四、作圖題(共3題，共27分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共12分)25、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析，根據(jù)圖象即可得出電源的電動勢和內(nèi)電阻；

（2）明確實驗誤差原因，根據(jù)測量值和真實值之間的關(guān)系確定正確的圖象；

（3）明確電路結(jié)構(gòu)；知道滑動變阻左右兩端并聯(lián)接入電路，則根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律和圖象結(jié)合可求得電動勢和內(nèi)電阻．

【詳解】

（1）電源U-I圖象與縱軸交點坐標值為電源電動勢，由圖示圖象可知，電源電動勢：E=3.0V，

電源內(nèi)阻：

（2）本實驗采用相對電源的電流表外接法，由于電壓表不是理想電表，故存在分流現(xiàn)象，導致電流表示數(shù)偏小；而當外電路短路時，電壓表的分流可以忽略，故真實圖象和測量圖象在橫軸上的交點相同，故A正確，BCD錯誤，故選A.

（3）由乙同學的電路接法可知，R左右兩部分并聯(lián)后與R0串聯(lián)，則可知，在滑片移動過程中，滑動變阻器接入電阻先增大后減小，則路端電壓先增大后減小，所以出現(xiàn)圖d所示的圖象，則由圖象可知，當電壓為2.40V時，電流為0.50A，此時兩部分電阻相等，則總電流為I1=1A；而當電壓為2.30V時，電流分別對應0.33A和0.87A，則說明當電壓為2.4V時，干路電流為I2=0.33+0.87=1.2A；

則根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：2.40=E-r，2.30=E-1.2r，解得：E=2.9V，r=0.50Ω；

【點睛】

本題考查電源電動勢和內(nèi)電阻的測量實驗，用伏安法測量電源的電動勢和內(nèi)阻的原理是閉合電路歐姆定律，要注意掌握數(shù)據(jù)處理的基本方法以及誤差分析的方法【解析】（1）3.0V；0.33Ω（2）A（3）2.9V0.50Ω；26、略

【分析】【詳解】

(1)燈泡電壓為3V，故電壓表應選擇3V量程的A；由P=U/I可知，I=P/U=1.5/3=0.5A，故電流表應選擇C；由于本實驗采用滑動變阻器分壓接法，故應選用小電阻E；

(2)本實驗要求電流從零開始調(diào)節(jié)；故應采用分壓接法，同時因燈泡內(nèi)阻較小，故應選用電流表外接法；如圖所示；

(3)燈泡電阻隨溫度的升高而增大，因此圖象為曲線；當電壓為1.8V時，電流為0.4A，則功率P=UI=1.8×0.4=0.72W．

【點睛】

（1）明確燈泡額定值，從而確定電壓表和電流表，再根據(jù)實驗要求