2024年滬科版高二物理下冊(cè)階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高二物理下冊(cè)階段測試試卷122考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，物塊P、Q疊放在水平地面上，保持靜止，則地面受到的彈力等于（）A.Q的重力B.P對(duì)Q的壓力C.P、Q的重力之和D.P的重力加上Q對(duì)地面的壓力2、如圖所示是用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置.

關(guān)于這一實(shí)驗(yàn)，下列說法中正確的是()A.重物應(yīng)選用密度小的物體B.紙帶釋放前，應(yīng)使其豎直C.應(yīng)先釋放紙帶，后接通電源D.重物減少的重力勢能略小于增加的動(dòng)能3、如圖所示表示兩列相干水波的疊加情況，圖中的實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷.

設(shè)兩列波的振幅均為5cm

且在圖示的范圍內(nèi)振幅不變，波速和波長分別為1m/s

和0.5m.C

點(diǎn)是BE

連線的中點(diǎn)，下列說法不正確的是()

A.E

兩點(diǎn)振動(dòng)始終反相B.圖示時(shí)刻AB

兩點(diǎn)的豎直高度差為20cm

C.圖示時(shí)刻C

點(diǎn)正處在平衡位置且向上運(yùn)動(dòng)D.從圖示的時(shí)刻起經(jīng)0.75s

后，B

點(diǎn)通過的路程為60cm

4、關(guān)于我國發(fā)射的同步通訊衛(wèi)星，下列說法中正確的是()A.它的周期比地球自轉(zhuǎn)周期大B.它的周期比地球自轉(zhuǎn)周期小C.它定點(diǎn)在北京正上方，所以中央電視臺(tái)可以利用它進(jìn)行電視轉(zhuǎn)播D.它運(yùn)行的軌道平面一定與赤道平面重合5、兩個(gè)小燈泡的標(biāo)記分別為L1：“6V，６W”，L2：“6V，9W”，把它們先后分別接在同一直流電源上，電源內(nèi)阻不可忽略，L1燈泡消耗的功率剛好為６Ｗ，則L2燈泡消耗的功率為()A.一定小于９ＷB.一定等于９ＷC.一定大于９ＷD.條件不足，不能確定6、以牛頓運(yùn)動(dòng)定律為基礎(chǔ)的經(jīng)典力學(xué)的適用范圍是()

A.低速、宏觀、弱引力下的運(yùn)動(dòng)問題B.高速、微觀、弱引力下的運(yùn)動(dòng)問題C.低速、微觀、強(qiáng)引力下的運(yùn)動(dòng)問題D.高速、宏觀、強(qiáng)引力下的運(yùn)動(dòng)問題7、兩個(gè)方向相同的共點(diǎn)力的合力大小為10N，其中一個(gè)分力的大小為6N，則另一個(gè)分力的大小為（）A.4NB.6NC.8ND.10N評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、截面積為S的導(dǎo)線中通有電流I，已知導(dǎo)線每單位體積中有n個(gè)自由電子，每個(gè)自由電子的電荷量是e，自由電子定向移動(dòng)的速率是v，則在時(shí)間△t內(nèi)通過導(dǎo)線截面的自由電子數(shù)是（）A.nSv△tB.nv△tC.D.9、(

多選)

如圖所示；一個(gè)質(zhì)量為0.4kg

的小物塊從高h(yuǎn)=0.05m

的坡面頂端由靜止釋放，滑到水平臺(tái)上，滑行一段距離后，從邊緣O

點(diǎn)水平飛出，擊中平臺(tái)右下側(cè)擋板上的P

點(diǎn).

現(xiàn)以O(shè)

為原點(diǎn)在豎直面內(nèi)建立如圖所示的平面直角坐標(biāo)系，擋板的形狀滿足方程y=x2鈭?6(

單位：m)

不計(jì)一切摩擦和空氣阻力，g

取10m/s2

則下列說法正確的是(

)

A.小物塊從O

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P

點(diǎn)的水平位移為2m

B.小物塊從O

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P

點(diǎn)的時(shí)間為1s

C.小物塊剛到P

點(diǎn)時(shí)速度方向與水平方向夾角的正切值等于10

D.小物塊剛到P

點(diǎn)時(shí)速度的大小為10m/s

10、特斯拉線圈是一種制造人工閃電的裝置；如圖是該裝置的簡化結(jié)構(gòu)圖，金屬頂端和大地構(gòu)成一個(gè)持殊的電容器，頂端放電后由電荷補(bǔ)充線圈給頂端補(bǔ)充因放電而流失的電荷，因而能持續(xù)的放電。

下列相關(guān)說法正確的是（）A.頂端帶的電量越多，則其與大地間的電勢差越大B.頂端帶的電量越多，則其與大地構(gòu)成的電容器的電容越大C.帶電量一定時(shí)，頂端離地越高則其與大地間的電勢差越大D.帶電量一定時(shí)，頂端面積越大則其與大地間的電勢差越大11、下列有關(guān)光的說法中正確的是（）A.光的干涉中也存在著光的衍射現(xiàn)象B.泊松亮斑是光通過圓孔發(fā)生衍射時(shí)形成的C.在岸邊觀察前方水中的一條魚，魚的實(shí)際深度要比看到的要深E.醫(yī)學(xué)上用光導(dǎo)纖維制成內(nèi)窺鏡，用來檢查人體內(nèi)臟器官的內(nèi)部，它利用了光的全反射原理E.醫(yī)學(xué)上用光導(dǎo)纖維制成內(nèi)窺鏡，用來檢查人體內(nèi)臟器官的內(nèi)部，它利用了光的全反射原理12、下列說法中正確的有(

)

A.氣缸內(nèi)的氣體具有很大的壓強(qiáng)，是因?yàn)闅怏w分子間表現(xiàn)為斥力B.液體表面具有張力是因?yàn)橐后w表面層的分子間表現(xiàn)為引力C.晶體的物理性質(zhì)具有各向異性是因?yàn)榫w內(nèi)部微粒按一定規(guī)律排列的D.溫度越高的物體，其內(nèi)能一定越大、分子運(yùn)動(dòng)越劇烈13、下列說法正確的是(

)

A.大量的光子中有些光子表現(xiàn)出波動(dòng)性，有些光子表現(xiàn)出粒子性B.光在傳播時(shí)是波，而與物質(zhì)相互作用時(shí)就轉(zhuǎn)變成粒子C.速度相等的電子和質(zhì)子，電子的物質(zhì)波長長D.運(yùn)動(dòng)的微觀粒子與光子一樣，當(dāng)它們通過一個(gè)小孔時(shí)，都沒有特定的運(yùn)動(dòng)軌道評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、螺旋測微器的讀數(shù)______毫米；游標(biāo)卡尺讀數(shù)______毫米。

15、A.如圖所示是我國民用交流電的電壓圖象.

根據(jù)圖象可知；交流電的頻率是________Hz

用交流電壓表測量電壓，測出的電壓值是________V

．

B.如圖所示，ab

是勻強(qiáng)電場中的兩點(diǎn)，兩點(diǎn)間的距離為0.4m

兩點(diǎn)的連線與電場線平行，兩點(diǎn)間的電勢差為4.0V

則勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為________V/m

把電子從a

點(diǎn)移到b

點(diǎn)；電子的電勢能將________(

選填“增大”“減小”或“不變”)

．

16、如圖所示；用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究兩個(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系．

(1)

實(shí)驗(yàn)中；直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的.

但是，可以通過僅測量______(

填選項(xiàng)前的序號(hào))

間接地解決這個(gè)問題．

A.小球開始釋放高度h

B.小球拋出點(diǎn)距地面的高度H

C.小球做平拋運(yùn)動(dòng)的射程。

(2)

圖中O

點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影.

實(shí)驗(yàn)時(shí)；先讓入射球m1

多次從斜軌上S

位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P

測量平拋射程OP

．

然后；把被碰小球m2

靜置于軌道的水平部分，再將入射球m1

從斜軌S

位置靜止釋放，與小球m2

相撞，并多次重復(fù)．

A.用天平測量兩個(gè)小球的質(zhì)量m1m2

B.測量小球m1

開始釋放高度h

C.測量拋出點(diǎn)距地面的高度H

D.分別找到m1m2

相碰后平均落地點(diǎn)的位置MN

E.測量平拋射程OMON

(3)

若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為______(

用(2)

中測量的量表示)

．17、一個(gè)作勻變速直線運(yùn)動(dòng)的物體，在第一個(gè)1s

內(nèi)的平均速度比在第一個(gè)2s

內(nèi)的平均速度大1m/s

而位移小5m.

則第一個(gè)1s

內(nèi)的平均速度為______m/s

第一個(gè)1s

內(nèi)的位移為______m.

18、如圖所示；為某一電流表G的刻度盤，使用時(shí)指針指著某一電流刻度，表示通過電流表的電流為某一數(shù)值，而且也意味著表頭的兩接線柱之間具有一定大小的電壓，因此，電流表G實(shí)際上也是一個(gè)小量程的電壓表．如果圖中電流表的內(nèi)阻是100Ω，請(qǐng)?jiān)谶@個(gè)刻度盤上對(duì)應(yīng)1；2、3的下面標(biāo)出相應(yīng)的電壓數(shù)值（單位為V）．

19、如圖所示，用螺旋測微器測某物體的外徑，其讀數(shù)為______mm．

評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共4分)20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共40分)21、讀數(shù)（1）圖1為______mm（2）圖2為______mm

22、一位同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的電路來測電壓表的內(nèi)阻RV，電壓表的量程為50mV，內(nèi)阻約為50Ω．其實(shí)驗(yàn)的方法是：①將電鍵S1閉合、S2斷開，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R使得電壓表的指針達(dá)到滿偏；②保持滑動(dòng)變阻器R的滑片位置不變，再將電鍵S2閉合，調(diào)節(jié)電阻箱R1，使得電壓表的指針指在刻度盤的中央；③讀出電阻箱的阻值R1，可以認(rèn)為電阻RV=R1．

（1）實(shí)驗(yàn)中調(diào)整電阻箱達(dá)到實(shí)驗(yàn)要求時(shí)，電阻箱的各個(gè)旋鈕的位置如圖所示，待測電壓表的內(nèi)阻是______Ω．

（2）如果電源E的電動(dòng)勢為4V，下面提供最大阻值不同的四個(gè)滑動(dòng)變阻器供選用，既要滿足實(shí)驗(yàn)要求，又要調(diào)整方便，變阻器應(yīng)選______（填寫阻值前相應(yīng)的字母）．

A.10ΩB.100ΩC.6kΩD.50kΩ

（3）若要將此電壓表改裝成量程為3V的電壓表，應(yīng)該怎么做，并畫出電路圖．23、下圖是做探究電磁感應(yīng)的產(chǎn)生條件實(shí)驗(yàn)的器材及示意圖。

(1)

在圖中用實(shí)線代替導(dǎo)線把它們連成實(shí)驗(yàn)電路。(2)

由哪些操作可以使電流表的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)Ⅰ________________________________________Ⅱ_

_______________________________________(3)

假設(shè)在開關(guān)閉合的瞬間，靈敏電流計(jì)的指針向左偏轉(zhuǎn)，則當(dāng)螺線管A

向上拔出的過程中，靈敏電流計(jì)的指針向_______偏轉(zhuǎn)。(

“左”、“右”)

24、（1）在“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中；為使小球的擺動(dòng)盡量符合簡諧運(yùn)動(dòng)，下面關(guān)于本實(shí)驗(yàn)的控制和測量必要的是______

A．?dāng)[球密度稍大一點(diǎn)。

B．?dāng)[角要盡量大。

C．測量周期時(shí)為了提高精度應(yīng)該在最低點(diǎn)計(jì)時(shí)。

D．?dāng)[線可用輕且有彈性的細(xì)繩。

（2）用游標(biāo)卡尺測小球直徑的結(jié)果如圖所示；則小球的直徑是______mm

評(píng)卷人得分六、簡答題(共2題，共20分)25、黃血鹽rm{[}亞鐵氰化鉀，rm{K}亞鐵氰化鉀，rm{[}rm{K}rm{{,!}_{4}}rm{Fe(CN)}rm{Fe(CN)}目前廣泛用做食鹽添加劑rm{{,!}_{6}}抗結(jié)劑rm{]}目前廣泛用做食鹽添加劑rm{(}抗結(jié)劑rm{)}我國衛(wèi)生部規(guī)定食鹽中黃血鹽的最大使用量為rm{10mg?kg隆樓}我國衛(wèi)生部規(guī)定食鹽中黃血鹽的最大使用量為rm{]}rm{(}rm{)}回答下列問題：rm{10mg?kg隆樓}步驟Ⅰ反應(yīng)的化學(xué)方程式為________________________________________________。rm{{,!}^{1}}步驟Ⅳ過濾所得的廢液中含量較多的溶質(zhì)為。一種制備黃血鹽的工藝如下：填化學(xué)式rm{(1)}__________________。rm{(2)}步驟Ⅴ所用的試劑rm{(}是_____________________。rm{)}工藝中用到劇毒的rm{(3)}溶液，含rm{X}的廢水必須處理后才能排放。已知?dú)淝杷崾且环N具有苦杏仁特殊氣味的無色劇毒液體，易揮發(fā)，rm{(4)}時(shí)，rm{HCN}rm{CN^{-}}的電子式為____________，反應(yīng)rm{25隆忙}在rm{Ka(HCN)=6.25隆脕10^{-10}}時(shí)的平衡常數(shù)rm{壟脵NaCN}________rm{CN隆樓+H_{2}O?HCN+OH隆樓}填數(shù)值rm{25隆忙}rm{K=}處理含rm{(}廢水的方法是：第一步控制rm{)}用rm{壟脷}溶液先將rm{CN^{-}}“不完全氧化”為rm{pH>10}第二步控制rm{NaClO}為rm{CN隆樓}用rm{OCN^{-}}“完全氧化”rm{pH}生成rm{7.5隆蘆8.5}和兩種鹽。第一步控制強(qiáng)堿性的主要目的是________，第二步反應(yīng)的離子方程式為_____________________________________。rm{NaClO}26、為解決能源短缺問題，工業(yè)生產(chǎn)中應(yīng)合理利用化學(xué)能。rm{(1)}氫能是發(fā)展中的新能源，利用太陽能直接分解水制氫，是最具吸引力的制氫途徑，其能量轉(zhuǎn)化形式為______。rm{25隆忙}rm{1.01隆脕10^{5}Pa}時(shí)，實(shí)驗(yàn)測得，rm{4g}氫氣在rm{O_{2}}中完全燃燒生成液態(tài)水，放出rm{572kJ}的熱量，則表示rm{H_{2}}的燃燒熱的熱化學(xué)方程式為_________________________。rm{(2)}下圖是某筆記本電腦使用的甲醇燃料電池的結(jié)構(gòu)示意圖。放電時(shí)甲醇應(yīng)從________處通入rm{(}填“rm{a}”或“rm”rm{)}電池內(nèi)部rm{H^{+}}向________rm{(}填“左”或“右”rm{)}移動(dòng)。寫出電池負(fù)極的電極反應(yīng)式_______________________。若用該電池將含有rm{0.4molCuSO_{4}}和rm{0.2molNaCl}的水溶液rm{1L}用惰性電極電解一段時(shí)間后，在一個(gè)電極上得到rm{0.3molCu}另一電極上析出的氣體在標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積是____。rm{(3)}從化學(xué)鍵的角度分析，化學(xué)反應(yīng)的過程就是反應(yīng)物的化學(xué)鍵的破壞和生成物的化學(xué)鍵的形成過程。。化學(xué)鍵rm{H隆陋H}rm{N隆陋H}rm{N隆脭N}鍵能rm{/kJ隆隴mol^{-1}}rm{436}rm{a}rm{945}已知：rm{N_{2}(g)+3H_{2}(g)===2NH_{3}(g)婁隴}rm{N_{2}(g)+3H_{2}(g)===2NH_{3}(g)

婁隴}rm{H}試根據(jù)表中所列鍵能數(shù)據(jù)計(jì)算rm{=-93kJ隆隴mol^{-1}}的數(shù)值____________。rm{a}已知：rm{(4)}石墨rm{C(s}rm{)+O_{2}(g)===CO_{2}(g)婁隴}rm{{,!}_{1}=-393.5kJ隆隴mol^{-1;;;;;;;;;;;;;}壟脵}rm{2H_{2}(g)+O_{2}(g)===2H_{2}O(l)婁隴}rm{H}rm{{,!}_{2}=-571.6kJ隆隴mol^{-1;;;;;;;;;;;;;;;;;;;;}壟脷}rm{2C_{2}H_{2}(g)+5O_{2}(g)===4CO_{2}(g)+2H_{2}O(l)婁隴}rm{{,!}_{1}=-393.5

kJ隆隴mol^{-1;;;;;;;;;;;;;}壟脵}rm{{,!}_{3}=-2599kJ隆隴mol^{-1}壟脹}根據(jù)蓋斯定律，計(jì)算反應(yīng)rm{2H_{2}(g)+O_{2}(g)===2H_{2}O(l)

婁隴}石墨rm{H}的rm{{,!}_{2}=-571.6

kJ隆隴mol^{-1;;;;;;;;;;;;;;;;;;;;}壟脷}rm{2C_{2}H_{2}(g)+5O_{2}(g)===4CO_{2}(g)+2H_{2}O(l)

婁隴}rm{H}____________。rm{{,!}_{3}=-2599

kJ隆隴mol^{-1}壟脹}參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】解：對(duì)PQ整體受力分析可知；整體受兩物體的重力和地面的支持力，根據(jù)牛頓第三定律可知，PQ對(duì)地面的壓力等于PQ的重力之和；故C正確，ABD錯(cuò)誤．

故選：C．

以整體為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析；明確支持力和重力之間的關(guān)系，再由牛頓第三定律可求得PQ對(duì)地面的壓力．

本題考查受力分析以及共點(diǎn)力的平衡規(guī)律應(yīng)用，要注意正確選擇研究對(duì)象，注意整體法和隔離法的應(yīng)用．【解析】【答案】C2、B【分析】略【解析】B

3、A【分析】解：A.AE

的連線為振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)，則C

點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，CE

兩點(diǎn)振動(dòng)不一定相反，故A錯(cuò)誤；BD

如圖所示；頻率相同的兩列水波相疊加的現(xiàn)象.

實(shí)線表波峰，虛線表波谷，則AE

是波峰與波峰相遇，B

點(diǎn)是波谷與波谷相遇，它們均屬于振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)；由于振幅是5cmA

點(diǎn)是波峰與波峰相遇，則A

點(diǎn)相對(duì)平衡位置高10cm.

而B

點(diǎn)是波谷與波谷相遇，則B

點(diǎn)相對(duì)平衡低10cm.

所以AB

相差20cm

．

周期T=婁脣v=0.51s=0.5s

從圖示時(shí)刻起經(jīng)0.75sB

質(zhì)點(diǎn)通過的路程為6A=60cm.

故BD正確；

C；由圖可知；下一波峰將從E

位置傳播到C

位置，則圖示時(shí)刻C

點(diǎn)正處于平衡位置且向水面上運(yùn)動(dòng)，故C正確；

本題選擇錯(cuò)誤的；故選：A

．

頻率相同的兩列水波的疊加：當(dāng)波峰與波峰；可波谷與波谷相遇時(shí)振動(dòng)是加強(qiáng)的；當(dāng)波峰與波谷相遇時(shí)振動(dòng)是減弱的．

運(yùn)動(dòng)方向相同時(shí)疊加屬于加強(qiáng)，振幅為二者之和，振動(dòng)方向相反時(shí)疊加屬于減弱振幅為二者之差．【解析】A

4、D【分析】【分析】

了解同步衛(wèi)星的含義；即同步衛(wèi)星的周期必須與地球相同；

物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向軌道平面的中心。地球質(zhì)量一定；自轉(zhuǎn)速度一定；同步衛(wèi)星要與地球的自轉(zhuǎn)實(shí)現(xiàn)同步，就必須要角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相等，這就決定了它的軌道高度和線速度。

【解答】

AB.

同步衛(wèi)星要與地球的自轉(zhuǎn)實(shí)現(xiàn)同步；就必須要角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相同，周期也與地球的自轉(zhuǎn)周期相同，相對(duì)地球靜止，故AB錯(cuò)誤；

C.它們只能在赤道的正上方；它若在除赤道所在平面外的任意點(diǎn)，假設(shè)實(shí)現(xiàn)了“同步”，那它的運(yùn)動(dòng)軌道所在平面與受到地球的引力就不在一個(gè)平面上，這是不可能的.

所以不可能定點(diǎn)在北京正上方，故C錯(cuò)誤；

D.它們只能在赤道的正上方；它若在除赤道所在平面外的任意點(diǎn)，假設(shè)實(shí)現(xiàn)了“同步”，那它的運(yùn)動(dòng)軌道所在平面與受到地球的引力就不在一個(gè)平面上，這是不可能的，所以它運(yùn)行的軌道平面一定與赤道平面重合，故D正確。

故選D。【解析】D

5、A【分析】【分析】由公式可得：當(dāng)電壓相同時(shí)，電功率越大，電阻越小，所以燈泡L2的電阻小于燈泡L1的電阻；將L2接在a、b兩端時(shí)，由于L2的電阻較小，因此電路的總電阻變小，根據(jù)歐姆定律可知，電路電流變大，故定值電阻R兩端電壓增大，再根據(jù)串聯(lián)電路總電壓等于各部分電壓之和可知，燈泡L2分得的電壓將小于6V，因此燈泡L2的實(shí)際功率一定小于其額定功率．A正確；

【點(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵是根據(jù)公式判斷出兩燈泡的電阻關(guān)系，在運(yùn)用串聯(lián)電路特點(diǎn)進(jìn)行分析，綜合性較強(qiáng)，有點(diǎn)難度，屬于中檔題．6、A【分析】【分析】經(jīng)典力學(xué)是狹義相對(duì)論在低速(v<<c)

條件下的近似，牛頓經(jīng)典力學(xué)只考慮了空間，而狹義相對(duì)論既考慮了空間，也考慮了時(shí)間，牛頓經(jīng)典力學(xué)只適用于宏觀低速物體，而微觀、高速物體適用于狹義相對(duì)論。本題主要考查了狹義相對(duì)論和經(jīng)典力學(xué)之間的區(qū)別與聯(lián)系，如果理解不深，就很容易出錯(cuò)。【解答】經(jīng)典力學(xué)的基礎(chǔ)是牛頓運(yùn)動(dòng)定律，經(jīng)典力學(xué)只適用于宏觀世界，低速運(yùn)動(dòng)，和弱引力下。故選：A

【解析】A

7、A【分析】解：由題意知：兩個(gè)方向相同，F(xiàn)合=10N，F(xiàn)1=6N；

當(dāng)兩個(gè)分力同向時(shí)，F(xiàn)合=F1+F2，則F2=F合-F1=10N-6N=4N；

故選：A。

根據(jù)同一直線上兩個(gè)力的合成方法分析解答：

（1）兩個(gè)力在同一直線上；方向相同時(shí)，合力大小等于兩個(gè)分力大小之和，方向與分力方向相同；

（2）兩個(gè)力在同一直線上；方向相反時(shí)，合力大小等于兩個(gè)分力大小之差，方向與較大的分力方向相同．

本題考查了同一直線上力的合成，掌握同一直線上力的合成方法是解題的關(guān)鍵，解題時(shí)考慮問題要全面．【解析】A二、多選題(共6題，共12分)8、AC【分析】解：電流可以表示為：

解得：

N=nSv△t

N=故AC正確，BD錯(cuò)誤。

故選：AC

由電流定義式和微觀表達(dá)式可以得到時(shí)間t內(nèi)通過導(dǎo)線橫截面的電子數(shù)．

重點(diǎn)掌握電流的各種表達(dá)式，能靈活選取表達(dá)式并進(jìn)行計(jì)算．【解析】【答案】AC9、BC【分析】【分析】對(duì)小物塊由動(dòng)能定理可以求出物塊的速度；物塊做平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以求出P

點(diǎn)的速度大小與方向，及時(shí)間，從而即可求解。

本題考查了求速度與坐標(biāo)問題，分析清楚小球的運(yùn)動(dòng)過程、應(yīng)用動(dòng)能定理與平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律即可正確解題?！窘獯稹緼B

對(duì)小物塊，從釋放至到達(dá)O

點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理得：mgh=12mv2鈭?0

代入數(shù)據(jù)解得：v=2gh=1m/s小物塊從OO點(diǎn)水平拋出做平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向，有y=鈭?12gt2，水平方向，有x=v0t，解得y=鈭?5x2，又y=x2鈭?6，聯(lián)立解得：x=1mx=1my=鈭?5my=-5mt=1st=1s故A錯(cuò)誤B正確；

C、那么豎直方向的速度大?。簐y=gt=10隆脕1=10m/s

設(shè)剛到P

點(diǎn)時(shí)速度方向與水平方向夾角為婁脠

則有：tan婁脠=vyv0=10

故C正確；

D、根據(jù)速度的合成法則，則有剛到P

點(diǎn)時(shí)速度的大小為：v=vy2+vx2=101m/s

故D錯(cuò)誤。

故選：BC

【解析】BC

10、AC【分析】解：AB、電容器的電容由電容器本身的特性決定，與電容器的電壓和帶電量無關(guān)，可知，頂端帶的電量Q越多，其與大地構(gòu)成的電容器的電容C不變，由C=分析知其與大地間的電勢差越大；故A正確，B錯(cuò)誤。

C、頂端離地越高，電容越小，帶電量一定時(shí)，由C=分析知其與大地間的電勢差越大；故C正確。

D、頂端面積越大，電容越大，帶電量一定時(shí)，由C=分析知其與大地間的電勢差越?。还蔇錯(cuò)誤。

故選：AC。

電容器的電容由電容器本身的特性決定，與電容器的電壓和帶電量無關(guān)，根據(jù)電容的定義式C=分析電勢差與電壓的關(guān)系。

解決本題的關(guān)鍵要掌握電容的決定因素，如板間距離、極板的正對(duì)面積等，知道電容由電容器本身的特性決定，與電容器的電壓和帶電量無關(guān)。還要掌握電容的定義式C=【解析】AC11、ACE【分析】解：A；雙縫干涉現(xiàn)象是光從兩個(gè)縫中穿過后傳播到了障礙物的后面；所以光通過每個(gè)縫都發(fā)生了衍射，而兩列衍射波由于頻率相同相遇時(shí)發(fā)生疊加形成干涉現(xiàn)象，故A正確．

B；泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象；是光照射圓板發(fā)生衍射時(shí)形成的．故B錯(cuò)誤．

C；在岸邊觀察前方水中的一條魚；看到的魚實(shí)際上是由于折射而成的虛像，魚的實(shí)際深度要比看到的要深，故C正確．

D；太陽光沿各個(gè)方向振動(dòng)的強(qiáng)度相同；所以轉(zhuǎn)動(dòng)偏振片，透射光亮度不會(huì)發(fā)生改變．故D錯(cuò)誤．

E；醫(yī)學(xué)上用光導(dǎo)纖維制成內(nèi)窺鏡；利用了光的全反射原理，故E正確．

故選：ACE

波發(fā)生衍射的條件是：孔；縫的寬度或障礙物的尺寸與波長相比差不多或者比波長更?。此闪涟呤枪馔ㄟ^圓板發(fā)生衍射時(shí)形成的．在岸邊觀察前方水中的一條魚；看到的魚由于折射而變淺．眼睛通過一偏振片觀察太陽，轉(zhuǎn)動(dòng)偏振片，透射光亮度不變．醫(yī)學(xué)上用光導(dǎo)纖維制成內(nèi)窺鏡，利用了光的全反射原理．

解決本題的關(guān)鍵要理解各種光現(xiàn)象形成的原因，明確衍射產(chǎn)生的條件．說明一下：光的偏振現(xiàn)象說明光波是橫波．【解析】【答案】ACE12、BC【分析】解：A

氣體壓強(qiáng)是由分子的頻繁碰撞產(chǎn)生；不是因?yàn)闅怏w分子間表現(xiàn)為斥力，故A錯(cuò)誤；

B；液體表面具有張力是因?yàn)橐后w表面層的分子間隙較大；分子間表現(xiàn)為引力，故B正確；

C；晶體的物理性質(zhì)具有各向異性是因?yàn)榫w內(nèi)部微粒按一定規(guī)律排列；故C正確；

D；影響物體內(nèi)能的因素有物質(zhì)的量、溫度、體積等多方面；故D錯(cuò)誤．

故選：BC

．

氣體壓強(qiáng)是由分子的頻繁碰撞產(chǎn)生；不是因?yàn)闅怏w分子間表現(xiàn)為斥力；液體表面具有張力是因?yàn)橐后w表面層的分子間隙較大，分子間表現(xiàn)為引力；晶體的物理性質(zhì)具有各向異性是因?yàn)榫w內(nèi)部微粒按一定規(guī)律排列的；影響物體內(nèi)能的因素有物質(zhì)的量；溫度、體積等多方面．

本題全面考查了熱學(xué)的有關(guān)基礎(chǔ)知識(shí)，對(duì)于這部分知識(shí)主要是加強(qiáng)記憶和平時(shí)的積累【解析】BC

13、CD【分析】解：A

大量光子的效果往往表現(xiàn)出波動(dòng)性；個(gè)別光子的行為往往表現(xiàn)出粒子性，不能說有些光子表現(xiàn)出波動(dòng)性，有些光子表現(xiàn)出粒子性.

故A錯(cuò)誤；

B；光在傳播時(shí)表現(xiàn)出波動(dòng)性；而與物質(zhì)相互作用時(shí)表現(xiàn)為粒子性，故B錯(cuò)誤；

C、速度相等的電子和質(zhì)子，電子的動(dòng)量?。桓鶕?jù)物質(zhì)波的波長公式婁脣=hp

可知；電子的波長長；故C正確；

D；物質(zhì)具有波動(dòng)性；運(yùn)動(dòng)的微觀粒子與光子一樣，當(dāng)它們通過一個(gè)小孔時(shí)，都沒有特定的運(yùn)動(dòng)軌道，故D正確；

故選：CD

光的波粒二象性是指光既具有波動(dòng)性又有粒子性；少量粒子體現(xiàn)粒子性，大量粒子體現(xiàn)波動(dòng)性；德布羅意波理論告訴我們，一切運(yùn)動(dòng)的微粒都有一種波與之對(duì)應(yīng)，即一切運(yùn)動(dòng)的微粒都具有波粒二象性.

電子有波動(dòng)性，但在一定的條件下才能表現(xiàn)出來。

在宏觀世界里找不到既有粒子性又有波動(dòng)性的物質(zhì)，同時(shí)波長長的可以體現(xiàn)波動(dòng)性，波長短可以體現(xiàn)粒子性【解析】CD

三、填空題(共6題，共12分)14、略

【分析】解：1；螺旋測微器的固定刻度為0.5mm；可動(dòng)刻度為40.0×0.01mm=0.400mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.400mm=0.900mm．

2；游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：3cm=30mm；游標(biāo)尺上第6個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為6×0.1mm=0.6mm，所以最終讀數(shù)為：30mm+0.6mm=30.6mm．

故答案為：0.900；30.6

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

對(duì)于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】0.900；30.615、略

【分析】A.【分析】本題很簡單直接從圖象中即可求出交流電的最大值及周期。

電壓表測出有效值明確交流電圖象的物理意義，正確根據(jù)圖象獲取有關(guān)交流電的信息是對(duì)學(xué)生的基本要求，平時(shí)要加強(qiáng)練習(xí)。【解答】由圖讀出周期T=2隆脕10鈭?2s

頻率為f=1T=50Hz

由圖讀出，電壓的最大值是Um=311V

電壓表測量有效值，有效值為U=22Um=220V

故答案為：5050220220B.【分析】

題中已知?jiǎng)驈?qiáng)電場中ab

間的電勢差和距離；根據(jù)電勢差與場強(qiáng)的關(guān)系式U=Edd

是兩點(diǎn)沿場強(qiáng)方向的距離求解場強(qiáng)。W=qU

求出電場力做功，即可得到電勢能的變化。

解決本題的關(guān)鍵是掌握U=Ed

和W=qU

兩個(gè)公式，知道d

是兩點(diǎn)沿場強(qiáng)方向的距離?！窘獯稹?/p>

ab

的方向與電場線的方向平行，則由Uab=Edab

則場強(qiáng)為：E=Uabdab=4.00.4=10V/m

電子在電場中受到的電場力的方向與電場線的方向相反，則電子受到的電場力的方向向左，把電子從a

點(diǎn)移到b

點(diǎn)；電場力對(duì)電子做負(fù)功，電子的電勢能增大。

故答案為：10

增大。

【解析】A.5050220220

B.1010增大

16、略

【分析】解：(1)

驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)中；即研究兩個(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過落地高度不變情況下水平射程來體現(xiàn)速度.

故選C．

(2)

實(shí)驗(yàn)時(shí)；先讓入射球ml

多次從斜軌上S

位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P

測量平拋射程OP.

然后，把被碰小球m2

靜置于軌道的水平部分，再將入射球ml

從斜軌上S

位置靜止釋放，與小球m2

相碰，并多次重復(fù).

測量平均落點(diǎn)的位置，找到平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，因此步驟中DE

是必須的，而且D

要在E

之前.

至于用天平秤質(zhì)量先后均可以.

故選ADE．

(3)

設(shè)落地時(shí)間為t

則v0=OPtv1=OMtv2=ONt

．

而動(dòng)量守恒的表達(dá)式是m1v0=m1v1+m2v2

若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒；則m1?OM+m2?ON=m1?OP

成立．

故答案為：(1)C(2)ADE(3)m1?OM+m2?ON=m1?OP

驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)中；質(zhì)量可測而瞬時(shí)速度較難.

因此采用了落地高度不變的情況下，水平射程來反映平拋的初速度大小，所以僅測量小球拋出的水平射程來間接測出速度.

過程中小球釋放高度不需要，小球拋出高度也不要求.

最后可通過質(zhì)量與水平射程乘積來驗(yàn)證動(dòng)量是否守恒．

驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律中，會(huì)在相同高度下，用水平射程來間接測出速度，將復(fù)雜問題簡單化．【解析】Cm1?OM+m2?ON=m1?OP

17、略

【分析】解：設(shè)第一個(gè)1s

內(nèi)的位移為x1

第一個(gè)2s

內(nèi)的位移為x2

．

根據(jù)題意有：

x2鈭?x1=5m

壟脵

x1t鈭?x22t=1m/s

壟脷

由壟脵

可得x2=5+x1

代入壟脷

中得。

x11鈭?5+x12=1

解得：x1=7m

所以v1爐=x1t=71m/s=7m/s

故答案為：77

．

根據(jù)題意，兩次位移大小關(guān)系為：x2鈭?x1=5m

兩次平均速度大小關(guān)系為：x1t鈭?x22t=1m/s

聯(lián)立方程組，可解得位移，在根據(jù)平均速度的定義，可解得平均速度．

本題考查平均速度的概念，能夠根據(jù)題意列出位移的大小關(guān)系.

本題不難，屬于簡單題．【解析】77

18、略

【分析】

由歐姆定律知；相應(yīng)電流對(duì)應(yīng)的電壓值為U=IR

則刻度盤上的1對(duì)應(yīng)的電流1mA，其對(duì)應(yīng)的電壓值為V

刻度盤上的2對(duì)應(yīng)的電流2mA，其對(duì)應(yīng)的電壓值為：V

刻度盤上的3對(duì)應(yīng)的電流3mA，其對(duì)應(yīng)的電壓值為：V

則改成后的電表刻度盤如圖：

【解析】【答案】電流表當(dāng)作電壓表使用；把電流刻度改成相應(yīng)的電壓值即可，其電壓值為U=IR．

19、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度為2mm；可動(dòng)刻度為13.5×0.01mm=0.135mm，所以最終讀數(shù)為2mm+0.135mm=2.135mm，由于需要估讀，最后的結(jié)果可以在2.134～2.136之間．

故答案為：2.134～2.136

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

對(duì)于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】2.134～2.136四、判斷題(共1題，共4分)20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共40分)21、略

【分析】解：圖1螺旋測微器的固定刻度為1.5mm；可動(dòng)刻度為20.3×0.01mm=0.203mm，所以最終讀數(shù)為1.5mm+0.203mm=1.703mm．

圖2螺旋測微器的固定刻度為6.5mm；可動(dòng)刻度為35.8×0.01mm=0.358mm，所以最終讀數(shù)為6.5mm+0.358mm=6.858mm．

故答案為：1.703；6.858．

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

對(duì)于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．注意螺旋測微器的讀數(shù)時(shí)需要估讀，同時(shí)注意在讀固定部分時(shí)，要注意半毫米刻度是否露出．【解析】1.703；6.85822、略

【分析】解：（1）由圖2所示可知；電阻箱示數(shù)為：0×100+4×10+3×1+0×0.1=43.0Ω，待測電壓表內(nèi)阻為：R=43.0Ω；

（2）由S1閉合、S2斷開，電壓表滿偏可知，電路中的最大電流應(yīng)為：Imax==≈1.16×10-3A；

整個(gè)電路的最小電阻應(yīng)為：Rmin==≈3448Ω，阻器最小阻值應(yīng)為：R變=3448-43=3405Ω；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選C．

（3）把電壓表改裝為3V的電壓表，應(yīng)串聯(lián)一個(gè)分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值為：R===2537Ω；改裝后的電路圖如圖所示：

故答案為：（1）43.0；（2）C；（3）串聯(lián)一個(gè)2537Ω的電阻；電路圖如圖所示．

（1）電阻箱各旋鈕示數(shù)與對(duì)應(yīng)倍率的乘積之和是電阻箱示數(shù)；

（2）求出滑動(dòng)變阻器的最小阻值；然后選擇滑動(dòng)變阻器；

（3）把小量程電壓表改裝成大量程電壓表；需要串聯(lián)一個(gè)分壓電阻，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出電阻阻值．

電阻箱各旋鈕示數(shù)與對(duì)應(yīng)倍率的乘積是電阻箱示數(shù)，電阻箱不需要估讀；分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可正確解題．【解析】43.0；C23、（1）（2）Ⅰ將開關(guān)閉合（或者斷開）Ⅱ?qū)⒙菥€管A插入（或拔出）螺線管B（3）右【分析】【分析】(1)

探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)有兩套電路；電源；開關(guān)、滑動(dòng)變阻器、螺線管A

組成控制電路；螺旋管B

與電流計(jì)組成實(shí)驗(yàn)電路；

(2)

當(dāng)線圈B

中有感應(yīng)電流產(chǎn)生時(shí)；電流表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)；根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件：穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，分析答題；

(3)

根據(jù)楞次定律判斷是否有感應(yīng)電流產(chǎn)生；結(jié)合閉合開關(guān)瞬間，靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)判斷將滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)的過程中，靈敏電流計(jì)的指針的偏轉(zhuǎn)方向。

探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)有兩套電路，要知道各電路的阻值與作用.

本題考查了感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，難度不大，是一道基礎(chǔ)題，知道感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件、分析清楚圖示情景即可正確解題?！窘獯稹?1)

將電流表與大線圈B

組成閉合回路；電源；開關(guān)、小線圈A

組成閉合回路，電路圖如圖所示．

(2)

Ⅰ；將開關(guān)閉合或斷開；或Ⅱ、將螺線管A

插入(

或拔出)

螺線管B

時(shí)穿過線圈B

的磁通量發(fā)生變化，線圈B

中產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針偏轉(zhuǎn)．

(3)

在開關(guān)閉合的瞬間；穿過線圈B

的磁通量增大，靈敏電流計(jì)的指針向左偏轉(zhuǎn)，則當(dāng)螺線管A

向上拔出的過程中，穿過線圈B

的磁通量減小，靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)．

故答案為：(1)

電路圖如圖所示(2)

將開關(guān)閉合(

或者斷開)

將螺線管A

插入(

或拔出)

螺線管B(3)

右。

【解析】(1)

(2)Ⅰ將開關(guān)閉合(

或者斷開)Ⅱ?qū)⒙菥€管A

插入(

或拔出)

螺線管B(3)

右24、AC16.0【分析】解：（1）A；為減小實(shí)驗(yàn)誤差；擺球要盡量選擇質(zhì)量大而體積小，即密度大的球，故A正確；

B；擺動(dòng)中擺球振幅不宜過大；否則擺的振動(dòng)不再是簡諧運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C；測量擺球周期時(shí)；計(jì)時(shí)起點(diǎn)應(yīng)選擇擺球經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，故C正確；

D；為減小誤差應(yīng)保證擺線的長短不變；擺線不可用輕且有彈性的細(xì)繩，故D錯(cuò)誤；

故選：AC；

（2）由圖示游標(biāo)卡尺可知；其示數(shù)為：16mm+0×0.1mm=16.0mm；

故答案為：（1）AC；（2）16.0

（1）單擺測定重力加速度的原理：單擺的周期公式；還要知道：擺角很小的情況下單擺的振動(dòng)才是簡諧運(yùn)動(dòng)；擺長等于擺線的長度加上擺球的半徑，為減小誤差應(yīng)保證擺線的長短不變；

（2）游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)；

單擺是一種理想的運(yùn)動(dòng)模型，單擺只有在擺角很小，空氣阻力影響不計(jì)的情況下單擺的振動(dòng)才可以看成簡諧運(yùn)動(dòng)，要知道影響實(shí)驗(yàn)結(jié)論的因素。根據(jù)單擺的周期公式分析圖象的意義?！窘馕觥緼C16.0六、簡答題(共2題，共20分)25、（1）6HCN+3Ca(OH)2+FeSO4=Ca2Fe(CN)6+CaSO4↓+6H2O

（2）CaCl2(KCl可答)

（3）K2CO3

（4）①1.6×10-5

②防止生產(chǎn)HCN，污染環(huán)境2CNO-+3ClO-+2H2O=N2+3Cl-+2HCO3-【分析】【分析】本題考查物質(zhì)的制備實(shí)驗(yàn)方案的設(shè)計(jì)，側(cè)重于學(xué)生的分析能力、實(shí)驗(yàn)?zāi)芰陀?jì)算能力的考查，為高考常見題型，注意根據(jù)流程圖把握實(shí)驗(yàn)的原理和操作方法，難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}步驟Ⅰrm{HCN}溶液，石灰乳和硫酸亞鐵反應(yīng)制備步驟Ⅰrm{(1)}溶液，石灰乳和硫酸亞鐵反應(yīng)制備rm{HCN}rm{Ca_{2}Fe(CN)_{6}}，方程式為故答案為：rm{6HCN+3Ca(OH)_{2}+FeSO_{4}=Ca_{2}Fe(CN)_{6}+CaSO_{4}隆媒+6H_{2}O}rm{6HCN+3Ca(OH)_{2}+FeSO_{4}=Ca_{2}Fe(CN)_{6}+CaSO_{4}隆媒+6H_{2}O}步驟Ⅲrm{(2)}與rm{KCl}反應(yīng)得到rm{Ca_{2}Fe(CN)_{6}}rm{K_{2}CaFe(CN)_{6}}步驟Ⅳ過濾所得的廢液中含量較多的溶質(zhì)為故答案為：rm{CaCl_{2,}}rm{CaCl_{2}}rm{(3)}脫鈣，將鈣離子轉(zhuǎn)化為沉淀，不能增加其它離子，所以試劑步驟Ⅴ，用試劑rm{X}脫鈣，將鈣離子轉(zhuǎn)化為沉淀，不能增加其它離子，所以試劑rm{X}為rm{K_{2}CO_{3}}故答案為：為rm{X}故答案為：rm{X}rm{K_{2}CO_{3}}的電子式為：rm{K_{2}CO_{3}}rm{(4)壟脵NaCN}應(yīng)rm{CN隆樓+H}rm{CN隆樓+H}rm{{,!}_{2}}在rm{O}時(shí)的平衡常數(shù)rm{K=K=dfrac{cleft(HCNright)隆隴cleft(O{H}^{-}right)}{cleft(C{N}^{-}right)}=dfrac{cleft(HCNright)隆隴{K}_{W}}{cleft(C{N}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}=dfrac{{K}_{W}}{Ka}=dfrac{{10}^{-14}}{6.25隆脕{10}^{-10}}=1.6隆脕{10}^{-5}}故答案為：rm{O}rm{?}rm{HCN+OH隆樓}在rm{25隆忙}時(shí)的平衡常數(shù)rm{K=K=

dfrac{cleft(HCNright)隆隴cleft(O{H}^{-}right)}{cleft(C{N}^{-}right)}=

dfrac{cleft(HCNright)隆隴{K}_{W}}{cleft(C{N}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}=

dfrac{{K}_{W}}{Ka}=dfrac{{10}^{-14}}{6.25隆脕{10}^{-10}}=1.6隆脕{10}^{-5}

}防止生產(chǎn)rm{HCN+OH隆樓}污染環(huán)境，rm{25隆忙}為rm{K=K=

dfrac{cleft(HCNright)隆隴cleft(O{H}^{-}right)}{cleft(C{N}^{-}right)}=

dfrac{cleft(HCNright)隆隴{K}_{W}}{cleft(C{N}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}=

dfrac{{K}_{W}}{Ka}=dfrac{{10}^{-14}}{6.25隆脕{10}^{-10}}=1.6隆脕{10}^{-5}

}用rm{1.6隆脕10^{-5;}}“完全氧化”rm{壟脷}生成第一步控制強(qiáng)堿性的主要目的是rm{HCN}第二步控制rm{pH}為rm{7.5隆蘆8.5}用rm{NaClO}“完全氧化”rm{OCN隆樓}生成rm{N}rm{pH}rm{7.5隆蘆8.5}，故答案為：防止生產(chǎn)rm{NaClO}污染環(huán)境；rm{OCN隆樓}rm{N}rm{{,!}_{2}}【解析】rm{(1)6HCN+3Ca(OH)_{2}+FeSO_{4}=Ca_{2}Fe(CN)_{6}+CaSO_{4}隆媒+6H_{2}O}rm{(2)CaCl_{2}(KCl}可答rm{)}rm{(3)K_{2}CO_{3}}rm{(4)}rm{壟脵}rm{1.6隆脕10^{-5;}}rm{壟脷}防止生產(chǎn)rm{HCN}污染環(huán)境rm{2CNO^{-}+3ClO^{-}+2H_{2}O=N_{2}}rm{+3Cl^{-}+2HCO_{3}^{-}}26、(1)光能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能H2(g)＋O2(g)=H2O(l)ΔH＝－286kJ/molΔ＝－O2(g)=H2O(l)H286kJ/mol＋(2)a－右CH3OH＋H2O－6e－=CO2＋6H＋4.48L－CH3OH＋H2O＋6e=CO2

6H4.48L·(3)391－(4)＋226.7kJ·mol－1226.7kJ【分析】【分析】本題旨在考查學(xué)生對(duì)化學(xué)反應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化、反應(yīng)熱和焓變、吸熱反應(yīng)和放熱反應(yīng)、化學(xué)新型電池、電極反應(yīng)式的書寫、用蓋斯定律及有關(guān)計(jì)算的應(yīng)用?！窘獯稹縭m{(1)}根據(jù)題意，制取氫的途徑中能量轉(zhuǎn)化為光能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能，rm{4g}氫氣物質(zhì)的量為rm{2mol}故rm{1mol}