2024年滬科版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬科版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷646考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，需要將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上兩根細(xì)繩，細(xì)繩與另一端都有繩套（如圖），實(shí)驗(yàn)中需用兩個(gè)彈簧秤分別勾住繩套，并與成角度地拉橡皮條，其同學(xué)認(rèn)為此過(guò)程中必須注意以下幾項(xiàng)．其中正確的是（）（填入相應(yīng)的字母）A.兩根細(xì)繩必須等長(zhǎng)B.橡皮條應(yīng)與兩繩的夾角的平分線在同一直線上C.兩根細(xì)繩應(yīng)互相垂直D.在使用彈簧秤時(shí)要注意使彈簧秤與木板平行2、斜拋運(yùn)動(dòng)、豎直上拋運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)之共同點(diǎn)是（不計(jì)空氣阻力）（）A.加速度都是gB.運(yùn)動(dòng)軌跡都是拋物線C.運(yùn)動(dòng)時(shí)間都與拋出時(shí)的初速度大小有關(guān)D.速度變化率各不相同3、如圖所示，一根輕桿（質(zhì)量不計(jì)）的一端以O(shè)點(diǎn)為固定轉(zhuǎn)軸，另一端固定一個(gè)小球，小球以O(shè)點(diǎn)為圓心在豎直平面內(nèi)沿順時(shí)針?lè)较蜃鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)。當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到圖中位置時(shí)，輕桿對(duì)小球作用力的方向可能A.沿F1的方向B.沿F2的方向C.沿F3的方向D.沿F4的方向4、a、b兩物體的質(zhì)量分別為m1、m2，由輕質(zhì)彈簧相連。當(dāng)用恒力F豎直向上拉著a，使a、b一起向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為x1；當(dāng)用大小仍為F的恒力沿水平方向拉著a，使a、b一起沿光滑水平桌面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為x2，如圖所示。則A.x1一定等于x2B.x1一定大于x2C.若m1>m2，則x1>x2D.若m15、【題文】某線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；產(chǎn)生交變電流的圖象如圖所示，由圖中信息可以判斷。

A.在A和C時(shí)刻線圈處于中性面位置B.在B和D時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量為零C.從A～D時(shí)刻線圈轉(zhuǎn)過(guò)的角度為2πD.在B和D時(shí)刻線圈處于中性面位置6、某衛(wèi)星在半徑為r

的軌道1

上做圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能為E1

變軌到軌道2

上后，動(dòng)能比在軌道1

上減小了鈻?E

在軌道2

上也做圓周運(yùn)動(dòng)，則軌道2

的半徑為(

)

A.E1E1鈭?鈻?Er

B.E1鈻?Er

C.鈻?EE1鈭?鈻?Er

D.E1鈭?鈻?E鈻?Er

7、α粒子散射實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)極少數(shù)α粒子穿過(guò)金箔發(fā)生了大角度散射，關(guān)于大角度散射的α粒子，下列說(shuō)法正確的（）A.α粒子一直受到金原子核的斥力作用B.α粒子的動(dòng)能不斷減小C.α粒子的電勢(shì)能不斷增大D.α粒子發(fā)生大角度散射，是與電子碰撞的結(jié)果評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、質(zhì)量相等的兩顆人造地球衛(wèi)星A和B，分別在不同軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，兩衛(wèi)星的軌道半徑分別為rA和rB，且rA＜rB，則A和B兩衛(wèi)星比較，下列說(shuō)法正確的是（）A.衛(wèi)星A受到地球引力較小B.衛(wèi)星B的動(dòng)能較小C.衛(wèi)星B的運(yùn)動(dòng)周期較大D.衛(wèi)星A的機(jī)械能較小9、下列說(shuō)法正確的是（）A.藍(lán)光照射到某金屬板表面時(shí)能夠產(chǎn)生光電效應(yīng)，則換用強(qiáng)度較低的紫光照射也可發(fā)生B.按照波爾原子理論，電子躍遷時(shí)，輻射或吸收光子的能量由能級(jí)的能量差決定C.氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)電子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，原子能量減小E.光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)E.光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)10、用手施加水平力將物體壓在豎直墻壁上，在物體始終保持靜止的情況下（）A.壓力加大，物體受到的靜摩擦力也加大B.壓力減小，物體受到的靜摩擦力也減小C.物體所受靜摩擦力為定值，與壓力大小無(wú)關(guān)D.不論壓力改變與否，它受到的靜摩擦力總等于重力11、某質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象如圖；以下判斷正確的是（）

A.0～4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)加速度大小是1.5m/s2B.0～4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移是24mC.4～8s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，位移大小是24mD.8～10s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的加速度逐漸減小12、甲、乙兩個(gè)物體在同一直線上運(yùn)動(dòng)，它們的v-t圖象如圖所示，則在t1時(shí)刻（）A.甲、乙運(yùn)動(dòng)的速度大小相等，方向相反B.甲、乙運(yùn)動(dòng)的速度大小相等，方向相同C.甲、乙運(yùn)動(dòng)的加速度大小不等，方向相同D.甲、乙運(yùn)動(dòng)的加速度大小不等，方向相反13、空間有一沿x軸對(duì)稱分布的電場(chǎng)，其電場(chǎng)強(qiáng)度E隨x變化的圖象如圖所示．下列判斷可能正確的是（）A.O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最小，電勢(shì)最低B.-x1處的電勢(shì)絕對(duì)值與x1處的電勢(shì)絕對(duì)值相等C.電子從x1處運(yùn)動(dòng)到-x1處的過(guò)程中加速度先增大后減小D.電子從x1處運(yùn)動(dòng)到-x1處的過(guò)程中電勢(shì)能一直減小14、關(guān)于合力與分力的說(shuō)法，正確的是（）A.合力與分力同時(shí)作用在物體上，且它們的作用效果相同B.分力的大小可以比合力大、也可以比合力小、還可能與合力的大小相等C.兩個(gè)大小確定的力，隨著它們間夾角的變化，合力可以在零與無(wú)窮大之間變化D.將一確定的力分解成兩力時(shí)，兩分力的夾角越大，則兩分力的值都增大15、下列各種運(yùn)動(dòng)中，屬于簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的是（）A.拍皮球時(shí)球的往復(fù)運(yùn)動(dòng)B.將輕彈簧上端固定，下端掛一砝碼、砝碼在豎直方向上來(lái)回運(yùn)動(dòng)C.水平光滑平面上，一端固定的輕彈簧組成彈簧振子的往復(fù)運(yùn)動(dòng)D.孩子用力蕩秋千，秋千來(lái)回運(yùn)動(dòng)16、由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律容易證明出平拋物體運(yùn)動(dòng)軌跡方程為拋物線y=kx2（k為常數(shù)）．現(xiàn)有內(nèi)壁光滑的空心玻璃管豎直放置在直角坐標(biāo)系中，空心玻璃管剛好與拋物線y=2.5x2吻合，在豎直方向的高度為y=0.1m．一直徑略小于玻璃管直徑的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）以初速度v=4m/s水平射入玻璃管，與玻璃管碰撞時(shí)無(wú)能量損失．g=10ms/2．則下列判斷正確的是（）A.從O點(diǎn)以水平初速度v0=m/s的平拋物體，其運(yùn)動(dòng)軌跡與玻璃管重合B.小球射出管口時(shí)速度方向與水平方向夾角?=30°C.小球到達(dá)管口的時(shí)間是0.1sD.小球射出管口時(shí)速度大小是v=3m/s評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、寫出下列公式：電場(chǎng)強(qiáng)度定義式____，電勢(shì)差定義式____電容定義式____以上三個(gè)公式都是用____法定義的．18、一輛汽車勻速率通過(guò)一座圓形拱橋后，接著又勻速率通過(guò)圓弧形凹地．設(shè)圓弧半徑相等，汽車通過(guò)橋頂A時(shí)，對(duì)橋面的壓力FA為車重的一半，汽車在弧形地最低點(diǎn)B時(shí)，對(duì)地面的壓力為FB，則FA：FB為_(kāi)___．19、有質(zhì)量的物體周圍存在著引力場(chǎng)．萬(wàn)有引力和庫(kù)侖力有類似的規(guī)律，因此我們可以用定義靜電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的方法來(lái)定義引力場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)．由此可得，與質(zhì)量為M的質(zhì)點(diǎn)相距r處的引力場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的表達(dá)式為EG=____（萬(wàn)有引力恒量用G表示）．20、【題文】將一個(gè)l×lO-6C的負(fù)電荷從電場(chǎng)中A點(diǎn)移到B點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功2×10-6J，從B點(diǎn)移到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做功4×10-6J，則UAV=____V，UAC=____V。21、如圖所示，當(dāng)S閉合后，要使電阻R1、R2并聯(lián)，甲表是______、乙表是______．22、（2015秋?天津期中）如圖所示，是A、B兩物體同時(shí)由同一地點(diǎn)向同一方向做直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖象，則B物體運(yùn)動(dòng)的加速度為_(kāi)___m/s2，經(jīng)____s物體A、B相遇．23、一根玻璃管封閉，另一端開(kāi)口，內(nèi)用10厘米長(zhǎng)的水銀柱封閉住一段空氣，空氣柱長(zhǎng)5厘米，則當(dāng)玻璃管水平放置時(shí)，空氣柱長(zhǎng)____厘米，如圖所示，已知大氣壓強(qiáng)p0=76厘米汞柱．24、（2006春?武穴市校級(jí)月考）如圖，一個(gè)輕質(zhì)彈簧，左端固定在墻上，一個(gè)質(zhì)量為m的木塊以速度v0從右沿光滑水平面向左運(yùn)動(dòng)，與彈簧發(fā)生相互作用，設(shè)相互過(guò)程中，彈簧始終處在彈性限度內(nèi)，當(dāng)彈簧壓縮到最短時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為_(kāi)___．評(píng)卷人得分四、解答題(共2題，共8分)25、如圖所示；豎直固定放置的斜面DE與一光滑的圓弧軌道ABC相連，C為切點(diǎn)，圓弧軌道的半徑為R，斜面的傾角為θ．現(xiàn)有一質(zhì)量為m的滑塊從D點(diǎn)無(wú)初速下滑，滑塊可在斜面和圓弧軌道之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，已知圓弧軌道的圓心O與A；D在同一水平面上，滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，求：

（1）滑塊第一次至左側(cè)AC弧上時(shí)距A點(diǎn)的最小高度差h．

（2）滑塊在斜面上能通過(guò)的最大路程s．

26、（2016?大慶模擬）如圖所示．光滑豎直絕緣桿與一圓周交于B、C兩點(diǎn)，圓心固定有電量為+Q的點(diǎn)電荷，一質(zhì)量為m，電量為+q的環(huán)從桿上A點(diǎn)由靜止釋放．已知AB=BC=h，q＜＜Q，環(huán)沿絕緣桿滑到B點(diǎn)時(shí)的速度vB=，求A、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差及環(huán)達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】在實(shí)驗(yàn)中使用一根彈簧秤拉細(xì)線與兩根彈簧秤拉細(xì)線的作用效果要相同（即橡皮條拉到同一位置），而細(xì)線的作用是畫(huà)出力的方向，彈簧秤能測(cè)出力的大?。虼思?xì)線的長(zhǎng)度沒(méi)有限制，彈簧秤的示數(shù)也沒(méi)有要求，兩細(xì)線的夾角不要太小也不要太大，但拉彈簧秤時(shí)必須保證與木板平面平行．【解析】【解答】解：A；細(xì)線的作用是能顯示出力的方向；所以不必須等長(zhǎng)．故A錯(cuò)誤；

B；兩細(xì)線拉橡皮條時(shí)；只要確保拉到同一點(diǎn)即可，不一定橡皮條要在兩細(xì)線的夾角平分線上．故B錯(cuò)誤；

C；兩個(gè)拉力的方向不一定需要垂直．故C錯(cuò)誤．

D；在拉彈簧秤時(shí)必須要求彈簧秤與木板平面平行；否則會(huì)影響力的大?。蔇正確；

故選D．2、A【分析】【分析】斜拋運(yùn)動(dòng)、豎直上拋運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)都是拋體運(yùn)動(dòng)，拋體運(yùn)動(dòng)是只受重力且具有一定初速度的運(yùn)動(dòng)，加速度相同，是勻變速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：A；斜拋運(yùn)動(dòng)、豎直上拋運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)均只受重力；故加速度為g，故A正確；

B；豎直上拋運(yùn)動(dòng)的軌跡是直線；不是拋物線，故B錯(cuò)誤；

C、平拋上拋運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=；與高度有關(guān)，與初速度無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；

D、速度變化率是加速度；等于g，故D錯(cuò)誤；

故選A．3、C【分析】試題分析：小球以O(shè)點(diǎn)為圓心在豎直平面內(nèi)沿順時(shí)針?lè)较蜃鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng),小球所受外力的合力提供向心力，對(duì)小球受力分析，只有F3與重力的合力有可能指向圓心，C正確，ABD錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：本題考查勻速圓周運(yùn)動(dòng)中向心力的來(lái)源。【解析】【答案】C4、A【分析】試題分析：先整體后隔離的方法，豎直向上拉時(shí)有：聯(lián)立可得水平拉時(shí)有：聯(lián)立可得由此可知A正確?？键c(diǎn)：本題考查牛頓第二定律?！窘馕觥俊敬鸢浮緼5、D【分析】【解析】在A和C時(shí)刻感應(yīng)電流最大，線圈與磁場(chǎng)平行，A錯(cuò)誤；在B和D時(shí)刻，感應(yīng)電流為零，處于中性面，穿過(guò)線圈的磁通量最大，B錯(cuò)誤、D正確；從A～D時(shí)刻線圈轉(zhuǎn)過(guò)的角度為C錯(cuò)誤。【解析】【答案】D6、A【分析】解：根據(jù)GMmr2=mv2r

得衛(wèi)星的動(dòng)能為：E1=12mv2=GMm2r

當(dāng)衛(wèi)星到達(dá)軌道2

上時(shí)，動(dòng)能為：EK=E1鈭?鈻?E=GMm2r鈥?

聯(lián)立解得：r隆盲=E1E1鈭?鈻?Er

故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A

根據(jù)動(dòng)能的計(jì)算公式Ek=12mv2

和萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力求得衛(wèi)星的動(dòng)能與軌道半徑的關(guān)系，即可解答。

此題的關(guān)鍵要結(jié)合動(dòng)能的表達(dá)式，由萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力分析求解線速度與半徑的關(guān)系，由動(dòng)能關(guān)系得出半徑與動(dòng)能的關(guān)系?！窘馕觥緼

7、A【分析】【分析】在α粒子穿過(guò)金箔發(fā)生大角度散射，是因?yàn)槭艿皆雍说膸?kù)侖斥力，根據(jù)電場(chǎng)力做功判斷動(dòng)能以及電勢(shì)能的變化．【解析】【解答】解：A；發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)；是因?yàn)槭艿皆雍说膸?kù)侖斥力，電子對(duì)α粒子的作用力可以忽略不計(jì)．故A正確，D錯(cuò)誤．

B；在散射的過(guò)程中；電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功，則動(dòng)能減小再增大，而電勢(shì)能先增大再減?。蔅、C錯(cuò)誤．

故選：A．二、多選題(共9題，共18分)8、BCD【分析】【分析】萬(wàn)有引力提供衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，應(yīng)用萬(wàn)有引力公式與牛頓第二定律分析答題．【解析】【解答】解：A、兩衛(wèi)星的質(zhì)量m相等，軌道半徑：rA＜rB，由F=G可知，F(xiàn)A＞FB；故A錯(cuò)誤；

B、由牛頓第二定律得：G=m，動(dòng)能：EK=mv2，解得：EK=，已知：質(zhì)量m相同而：rA＜rB；則衛(wèi)星B的動(dòng)能減小，故B正確；

C、由牛頓第二定律得：G=mr，解得：T=2π，已知：rA＜rB，則TA＜TB；故C正確；

D、衛(wèi)星的機(jī)械能：E=EK+EP=-=-，已知：rA＜rB；則衛(wèi)星A的機(jī)械能較小，故D正確；

故選：BCD．9、ABE【分析】【分析】當(dāng)入射光的頻率大于極限頻率時(shí)，才會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，由光電效應(yīng)方程EKm=hγ-W可知，最大初動(dòng)能與入射光的頻率關(guān)系；庫(kù)侖力對(duì)電子做負(fù)功，所以動(dòng)能變小，電勢(shì)能變大（動(dòng)能轉(zhuǎn)為電勢(shì)能），因?yàn)槲樟斯庾樱偰芰孔兇螅浑娮榆S遷時(shí)，輻射或吸收光子的能量由能級(jí)的能量差決定；α粒子散射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明原子具有核式結(jié)構(gòu)．【解析】【解答】解：A；藍(lán)光照射到某金屬板表面時(shí)能夠產(chǎn)生光電效應(yīng)；則換用強(qiáng)度較低的紫光照射，其頻率大于藍(lán)光頻率，則一定有發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，故A正確；

B、根據(jù)波爾原子理論，電子躍遷時(shí)，輻射或吸收光子的能量由能級(jí)的能量差決定，即△E=Em-En；故B正確；

C；庫(kù)侖力對(duì)電子做負(fù)功；所以動(dòng)能變小，電勢(shì)能變大（動(dòng)能轉(zhuǎn)為電勢(shì)能），因?yàn)槲樟斯庾樱偰芰孔兇?，故C錯(cuò)誤；

D；α粒子散射實(shí)驗(yàn)證明了原子具有核式結(jié)構(gòu)；故D錯(cuò)誤；

E、在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，由光電效應(yīng)方程EKm=hγ-W可知；光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故E正確；

故選：ABE．10、CD【分析】【分析】先對(duì)物體受到哪些力、方向如何進(jìn)行分析，然后根據(jù)物體所處的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)來(lái)判斷力的關(guān)系，從而判斷出摩擦力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓簩?duì)物體進(jìn)行受力分析：

A；根據(jù)平衡力特點(diǎn)可知：靜摩擦力等于重力；而重力不變，所以摩擦力不變．故AB錯(cuò)誤，D正確．

C；壓力改變；而靜摩擦力不變，所以與壓力大小無(wú)關(guān)，故C正確．

故選：CD．11、AC【分析】【分析】v-t圖象中，傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動(dòng)，與時(shí)間軸平行的直線表示做勻速直線運(yùn)動(dòng)，斜率表示加速度，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移．【解析】【解答】解：A、圖象的斜率表示加速度，則0～4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)加速度大小a=；故A正確；

B、圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，則0～4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移x=；故B錯(cuò)誤；

C；4～8s內(nèi)物體速度不變；做勻速直線運(yùn)動(dòng)，位移x′=6×4=24m，故C正確；

D；8～10s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；加速度不變，故D錯(cuò)誤．

故選：AC12、BD【分析】【分析】本題是速度-時(shí)間圖象，根據(jù)速度的正負(fù)表示速度的方向，縱坐標(biāo)的大小表示速度的大小．圖象的“面積”表示位移．進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：A；B、速度圖線都在橫軸上方；速度均為正值，表示物體的速度方向均沿正方向，方向相同．故A錯(cuò)誤，B正確．

C；由斜率的大小可以看出乙的加速度較大；方向相反，故C錯(cuò)誤D正確；

故選：BD．13、BD【分析】解：AB；從E-x圖象可以看出；O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最?。挥捎陔妶?chǎng)強(qiáng)度一直為正值，說(shuō)明E的方向沿x軸的正方向，而沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，故在x軸正方向上，x越大，電勢(shì)越低，所以O(shè)點(diǎn)的電勢(shì)不是最低；故A錯(cuò)誤．

B、根據(jù)對(duì)稱性可知，-x1處的電勢(shì)絕對(duì)值與x1處的電勢(shì)絕對(duì)值相等；故B正確．

C、電子從x1處運(yùn)動(dòng)到-x1處的過(guò)程中；場(chǎng)強(qiáng)先減小后增大，粒子所受的電場(chǎng)力先減小后增大，所以其加速度先減小后增大，故C錯(cuò)誤．

D、由于電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正方向，故電子所受的電場(chǎng)力沿著x軸負(fù)方向，故電子從x1處到-x1處的過(guò)程中；電場(chǎng)力一直做正功，電勢(shì)能一直減小，故D正確；

故選：BD

根據(jù)圖象能直接讀出場(chǎng)強(qiáng)的大?。桓鶕?jù)電場(chǎng)線的方向能分析出電勢(shì)的變化．由牛頓第二定律分析加速度的變化．由電場(chǎng)力做功情況分析電勢(shì)能的變化．

本題關(guān)鍵抓住沿著電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電勢(shì)一定降低；然后結(jié)合圖象得到電場(chǎng)強(qiáng)度的分布情況，再分析電勢(shì)變化情況即可．【解析】【答案】BD14、BD【分析】【分析】從合力與分力的定義知道合力的作用效果；與其兩個(gè)分力共同作用的效果一定相同．

力是矢量，求兩力的合力時(shí)要用平行四邊形定則；根據(jù)幾何關(guān)系及分力間的夾角可得出合力和分力可能的關(guān)系．【解析】【解答】解：A；合力的作用效果；與其兩個(gè)分力共同作用的效果一定相同，但合力與分力不可能同時(shí)作用在物體上，故A錯(cuò)誤；

B；根據(jù)力的平行四邊形可知；兩個(gè)力的合力可以比合力大、也可以比合力小、還可能與合力的大小相等，故B正確；

C；兩個(gè)大小確定的力；隨著它們間夾角的變化，合力可以在零與兩力之和的之間變化，故C錯(cuò)誤；

D；一確定的力分解成兩力時(shí)；兩分力的夾角越大，則兩分力的值都增大，故D正確；

故選：BD．15、BC【分析】【分析】某物體進(jìn)行簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體所受的力跟位移成正比，并且總是指向平衡位置．只有滿足這個(gè)條件的運(yùn)動(dòng)才能認(rèn)為是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：A；拍皮球隨時(shí)往返運(yùn)動(dòng)；但是受到力不滿足簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的條件，所以不是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B；輕彈簧上端固定、下端連重物；重物上下振動(dòng)時(shí)，重物受到的合力與物體相對(duì)于平衡位置的位移滿足F=-kx，為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故B正確；

C；光滑平面上；一端固定的輕彈簧組成彈簧振子的往復(fù)運(yùn)動(dòng)，此模型是彈簧振子模型，屬于簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故C正確；

D；孩子蕩秋千；只有秋千在擺角很小的情況下才能看作是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；

故選：BC．16、AD【分析】【分析】當(dāng)平拋物體的運(yùn)動(dòng)軌跡與玻璃管重合時(shí)，其軌跡方程為y=2.5x2，已知y=0.1m，代入得到x，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律即可求得初速度．小球射出管口時(shí)速度方向沿管口的切線方向，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出夾角θ．根據(jù)y=求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，再分析小球?qū)嶋H運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．根據(jù)機(jī)械能守恒求解小球射出管口時(shí)速度大小．【解析】【解答】解：A、據(jù)題平拋物體的運(yùn)動(dòng)軌跡與玻璃管重合時(shí)，其軌跡方程為y=2.5x2；將y=0.1m，代入得到x=0.2m．

由y=，得：t===0.1s，則初速度v0==m/s=m/s，所以從O點(diǎn)以水平初速度v0=m/s的平拋物體；其運(yùn)動(dòng)軌跡與玻璃管重合，故A正確．

B、若小球射出管口時(shí)速度方向沿管口的切線方向，由tanθ====1；θ=45°，故B錯(cuò)誤．

C、由A項(xiàng)分析可知，做平拋運(yùn)動(dòng)的物體運(yùn)動(dòng)時(shí)間為0.1s，而題中初速度v=4m/s＞m/s，所以該小球做的不是平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間不是0.1s．故C錯(cuò)誤．

D、根據(jù)機(jī)械能守恒得：mgy+=

得：v′==m/s=3m/s；故D正確．

故選：AD三、填空題(共8題，共16分)17、E=U=，C=比值定義【分析】【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度等于放在電場(chǎng)中某點(diǎn)的試探電荷所受的電場(chǎng)力與其電荷的比值，電勢(shì)差為電勢(shì)差U反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷q無(wú)關(guān)，兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U等于在兩點(diǎn)間移動(dòng)電荷電場(chǎng)力做功W與電荷量q的比值，即U=，電容為電量與電壓的比值．【解析】【解答】解：電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式：E=；

電勢(shì)差的定義式：U=

電容的定義式：C=

三定義式為：比值定義法。

故答案為：E=；U=；C=18、1：3【分析】【分析】汽車在拱形橋的頂端和在凹地的最低點(diǎn)靠豎直方向上的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得出壓力大小之比．【解析】【解答】解：過(guò)橋頂A時(shí)有：mg-FA=m

由題知，F(xiàn)A=

過(guò)凹地B時(shí)有：FB-mg=m

聯(lián)立解得：FB=mg

所以FA和FB之比是1：3．

故答案為：1：3．19、略

【分析】

電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式為E=其中q為放入電場(chǎng)中的檢驗(yàn)電荷，F(xiàn)為其受到的電場(chǎng)力．類似的，我們?cè)谫|(zhì)量為M的質(zhì)點(diǎn)相距r處放入一個(gè)檢驗(yàn)質(zhì)點(diǎn)，其質(zhì)量為m，則其受到的萬(wàn)有引力G=與其質(zhì)量m之比與檢驗(yàn)質(zhì)點(diǎn)無(wú)關(guān)，只由場(chǎng)源質(zhì)量M、到場(chǎng)源距離r決定，我們定義它為引力場(chǎng)強(qiáng)度EG==．

故答案為．

【解析】【答案】我們用定義靜電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的方法來(lái)定義引力場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)；這種方法稱為類比法，類比推理是根據(jù)兩個(gè)對(duì)象之間在某些方面的相似或相同而推出它們?cè)谄渌矫嬉部赡芟嗨苹蛳嗤囊环N邏輯方法．

20、略

【分析】【解析】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．根據(jù)公式求解電勢(shì)差，再結(jié)合WAC=WAB+WBC，求出UAC．

=2V="-2V"故本題答案是2；-2．【解析】【答案】21、略

【分析】解：要使電阻R1、R2并聯(lián)，由圖可知電流必須從開(kāi)關(guān)S分別流入支路R1、支路R2和儀表乙；然后流回負(fù)極，所以甲為電壓表；乙為電流表．

如果甲為電流表，乙為電壓表，這R2會(huì)被短路；因此這種情況錯(cuò)誤．

故答案為：電壓表；電流表．

電壓表并聯(lián)在電路中；在電路中可以看作開(kāi)路；電流表必須串聯(lián)在電路中，在電路中相當(dāng)于導(dǎo)線；因此根據(jù)儀表的連接方式以及在電路中的作用解答本題．

此題主要考查電流表和電壓表的連接方式以及在電路中的作用，并會(huì)設(shè)計(jì)串并聯(lián)電路．【解析】電壓表；電流表22、0.2540【分析】【分析】物體B做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其圖線的斜率表示加速度．兩物體同時(shí)由同一地點(diǎn)向同一方向做直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者的位移相同時(shí)，兩者相遇．【解析】【解答】解：B物體運(yùn)動(dòng)的加速度為a=

圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移；由圖可知，經(jīng)過(guò)40s時(shí)兩物體的位移相等，發(fā)生相遇．

故答案為：0.25；4023、5.66【分析】【分析】將玻璃管從豎直變到水平時(shí)管中