2016年四川省綿陽市中考物理試卷（教師版）

2016年四川省綿陽市中考物理試卷（教師版）一、選擇題1．（3分）電視機、微波爐等家用電器給我們的生活帶來了許多方便，微波爐使用的電磁波波長很短，但比電視機遙控器所用的波長要長些，下列電磁波成分中波長也比電視機遙控器所用波長長的是（）A．γ射線 B．可見光 C．紅外線 D．無線電波【微點】電磁波的產(chǎn)生．【思路】電視機遙控器所用的電磁波為紅外線，與選項對比即可得出答案?！窘馕觥拷猓弘娨暀C遙控器所用的電磁波為紅外線，電磁波譜（波長從大到小的順序）：無線電波，紅外線，可見光，紫外線，x射線，γ射線。波長最長的為無線電波。故選：D。【點撥】要解答本題需掌握一些生活常識，物理也是與生活緊密相連的。2．（3分）人們在生活中遇到的透鏡及其組合所成的像是各種各樣的，其中只能成實像的是（）A．眼睛 B．放大鏡 C．望遠鏡 D．顯微鏡【微點】實像與虛像的區(qū)別．【思路】（1）人眼的晶狀體相當于凸透鏡，視網(wǎng)膜相當于光屏，物體在視網(wǎng)膜上成倒立、縮小的實像；（2）放大鏡是利用凸透鏡成正立、放大的虛像制成的，然后根據(jù)凸透鏡的特點進行判斷；（3）望遠鏡是利用兩塊凸透鏡的組合制成的；（4）顯微鏡的目鏡和物鏡都是利用凸透鏡成放大的像制成的?！窘馕觥拷猓篈、人的眼球好像一架照相機，晶狀體和角膜的共同作用相當于一個凸透鏡，視網(wǎng)膜相當于光屏，外界物體在視網(wǎng)膜上所成的像是倒立、縮小的實像。故A正確；B、放大鏡是利用凸透鏡成正立、放大的虛像制成的，故B錯誤；C、望遠鏡是利用兩個凸透鏡的組合制成的；目鏡使物體成正立、放大的虛像，故C錯誤；D、顯微鏡的目鏡和物鏡都是利用凸透鏡成放大的像制成的，物鏡使物體成倒立、放大的實像，目鏡使物體成正立、放大的虛像，故D錯誤。故選：A?！军c撥】此題主要考查了實像和虛像的區(qū)別，搞清每種情況下的應用。在學習過程中要善于總結、尋找規(guī)律，學著將所學知識與生活實際聯(lián)系起來。3．（3分）關于能量的轉(zhuǎn)移和轉(zhuǎn)化，下列判斷正確的是（）A．熱量可以從低溫物體轉(zhuǎn)移到高溫物體 B．能量轉(zhuǎn)移和轉(zhuǎn)化沒有方向性 C．電取暖器輻射到房間里的熱量可以再利用 D．汽車由于剎車散失的熱量可以再自動地用來驅(qū)動汽車【微點】能量的轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移．【思路】（1）熱傳遞的條件：存在溫度差；并且熱量從高溫物體轉(zhuǎn)移向低溫物體的；（2）能量轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移有方向性；（3）根據(jù)熱量的作用進行判斷?！窘馕觥拷猓篈、熱量不可以自發(fā)的從低溫物體轉(zhuǎn)移到高溫物體，在外界的影響下，熱量可以從低溫物體轉(zhuǎn)移到高溫物體，例如電冰箱在壓縮機消耗電能的情況下，熱量可以從低溫物體轉(zhuǎn)移到高溫物體，故A正確。B、能量轉(zhuǎn)移和轉(zhuǎn)化有方向性，故B錯誤；C、電取曖器輻射到房間里的熱量被人和房間吸收，由于內(nèi)能的轉(zhuǎn)移具有方向性，所以這部分內(nèi)能不可以再利用，故C錯誤；D、汽車剎車時，由于摩擦，汽車的動能轉(zhuǎn)化為地面、空氣的內(nèi)能，這些能量會散發(fā)到周圍的環(huán)境中，無法再回收利用，因此不能驅(qū)動汽車，故D錯誤。故選：A?！军c撥】本題考查能量轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移的一個特點：方向性，達到正確理解能量轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移的方向性的要求。4．（3分）關于原子核和核能，下列敘述正確的是（）A．原子核由中子和電子組成 B．中子帶正電、電子帶負電 C．核力做功有可能釋放出核能 D．用質(zhì)子轟擊鈾核發(fā)生裂變【微點】原子的核式模型．【思路】解答本題應掌握：（1）原子是由帶正電的原子核和帶負電的電子組成；原子核一般是由帶正電的質(zhì)子和不帶電的中子構成，居于原子的中心，帶有正電荷。（2）原子核由質(zhì)子和中子組成，質(zhì)子帶正電，它們依靠核力緊密地結合在一起，一旦使原子核發(fā)生裂變或聚變，釋放出驚人的能量，這就是核能，所以當核力對核子做正功，原子核要釋放核能。（3）中子轟擊鈾核發(fā)生裂變是核電站的主要原理?！窘馕觥拷猓篈、原子核是由帶正電的質(zhì)子和不帶電的中子構成，故A錯誤；B、中子不帶電，電子帶負電，故B錯誤；C、當核力對核子做正功時，原子核要釋放出核能，故C正確；D、核反應堆中，是用中子轟擊鈾核發(fā)生裂變，不是質(zhì)子轟擊鈾核發(fā)生裂變，故D錯誤。故選：C。【點撥】本題考查了原子結構、核能以及核裂變的掌握情況，原子核的結構為考查的重點及熱點，需熟練掌握并能應用。5．（3分）下列物理現(xiàn)象中，分析正確的是（）A．推土機的推土鏟刃做得鋒利，是通過增大受力面積來增大壓強的 B．高壓鍋是利用液體的沸點隨著壓強的增大而增大 C．在高海拔地區(qū)一次性打火機不容易打燃火，其主要原因是空氣稀薄，大氣壓高 D．汽車在行駛過程中車窗打開時，遮陽的窗簾總是往外漂，因為窗外空氣流速大，壓強大【微點】沸點及沸點與氣壓的關系；增大壓強的方法及其應用；大氣壓強與高度的關系；流體壓強與流速的關系．【思路】（1）增大壓強的方法：①在受力面積一定時，增大壓力，②在壓力一定時，減小受力面積；（2）大氣壓和高度有關，隨高度的增加而減小；液體的沸點和氣壓有關，氣壓越低，沸點越低。（3）對于流體來說，流速大，壓強?。涣魉傩?，壓強大?！窘馕觥拷猓篈、推土機的推土鏟刃做得很鋒利，是在壓力一定時，減小受力面積來增大壓強，不符合題意。B、高壓鍋是利用增大壓強升高沸點的原理盡快煮熟食物的，故B正確；C、在高海拔地區(qū)一次性打火機不容易打燃火，其主要原因是空氣稀薄，大氣壓越低，故C錯誤；D、車行駛時，打開車窗，遮陽的窗簾總是往外飄，是因為窗外空氣流速大，壓強小，故D錯誤；故選：B。【點撥】這是一道與生活聯(lián)系非常密切的物理題，在我們?nèi)粘Ｉ钪薪?jīng)常需要根據(jù)實際情況來增大或減小壓強，氣壓與沸點的關系，流體壓強與流速的關系等，要學會學以致用，活學活用，這才是學習物理的真正意義。解答時，要注意使用控制變量法。6．（3分）如圖所示，將一把鋼尺緊按在桌面邊緣，一端伸出約為尺長的一半，撥動鋼尺，聽它發(fā)出的聲音，并觀察它的振動情況。然后減小鋼尺伸出長度約為尺長的，再次試驗，得到的結論是（）A．聲音變大 B．頻率變高 C．振動變慢 D．響度變小【微點】頻率與音調(diào)的關系．【思路】頻率是物體在單位時間內(nèi)振動的次數(shù)。振動越快，說明頻率越大。音調(diào)跟頻率有關，頻率越大，音調(diào)越高；頻率越小，音調(diào)越低?！窘馕觥拷猓簩⒁话唁摮呔o按在桌面邊緣，一端伸出約為尺長的一半，撥動鋼尺，聽它發(fā)出的聲音，然后減小鋼尺伸出長度約為尺長的，若仍用同樣的力撥動鋼尺，鋼尺振動的頻率會變快，鋼尺振動發(fā)出聲音的頻率變高，音調(diào)會變高。故選：B?！军c撥】解答此題要明確，鋼尺伸出桌面越長，其振動起來會越慢，則音調(diào)會越低。7．（3分）把一臺手搖發(fā)電機跟燈泡連接起來，使線圈在磁場中轉(zhuǎn)動，可以看到燈泡發(fā)光。關于手搖發(fā)電機發(fā)電過程，下列說法正確的是（）A．發(fā)電機將重力勢能轉(zhuǎn)變成電能的裝置 B．勻速搖動轉(zhuǎn)輪，燈泡的亮度不變 C．轉(zhuǎn)輪轉(zhuǎn)速越快，燈泡亮度越暗 D．轉(zhuǎn)輪在一個周期內(nèi)電流方向改變兩次【微點】電磁感應；發(fā)電機的構造和原理．【思路】（1）發(fā)電機是利用電磁感應原理工作的，發(fā)電機的能量的轉(zhuǎn)化是把機械能轉(zhuǎn)化為電能；（2）大小和方向都隨時間作周期性的變化的電流叫做交流電，發(fā)電機產(chǎn)生的感應電流大小與發(fā)電機的轉(zhuǎn)速有關?！窘馕觥拷猓篈、發(fā)電機是將機械能（動能）轉(zhuǎn)化為電能的裝置；故A錯誤；B、勻速搖動轉(zhuǎn)輪時，由于線圈切割磁感線的角度始終在變，因此產(chǎn)生的感應電流大小發(fā)生改變，故燈泡亮度發(fā)生改變，故B錯誤；C、轉(zhuǎn)輪轉(zhuǎn)速越快，線圈切割磁感線的速度變快，因此線圈中的電流變大，燈燈泡亮度越亮，故C錯誤；D、發(fā)電機產(chǎn)生電流的方向是變化的，并且轉(zhuǎn)輪在一個周期內(nèi)電流方向改變兩次，故D正確。故選：D。【點撥】本題主要考查學生對發(fā)電機的原理和能量轉(zhuǎn)化了解和掌握。8．（3分）現(xiàn)在一般標準住宅戶內(nèi)配電系統(tǒng)都使用了空氣開關、漏電保護器、三線插座等設備，有一配電系統(tǒng)如圖所示。其中各個設備的特征是（）A．電能表上可以直接讀出應該交的電費 B．空氣開關的作用與保險絲作用完全相同 C．三線插座正中間的插孔應該接三腳插頭的最長那只腳 D．漏電保護器用于當燈泡的燈絲燒斷時，將電流導入大地【微點】家庭電路的連接．【思路】（1）空氣開關在電路過載或短路時，即通過電流過大時起到保護作用。（2）漏電保護器原理是當火線電流比零線電流大太多的話就說明電路的某個地方可能接地漏電，電流從大地跑了。當單相觸電時實際上就是人體加載在了火線和地線之間，火線電流大，零線電流小，漏電保護器工作。而當雙相觸電時實際上就是在負載上并聯(lián)了一個人體，實際的火線電流和零線電流的差值并沒有什么變化，所以會起不到保護作用?！窘馕觥拷猓篈、電能表是測量用電器消耗的電能的儀表，根據(jù)月末的減去月初的示數(shù)讀出消耗電能，然后可計算出應該交的電費，故A錯誤；B、空氣開關兼并總開關和保險絲的作用，可以在電流過大時自動斷開開關以保護電路安全，也可當總開關使用隨時切斷電流，故B錯誤；C、家庭電路中，兩條進戶線分別為火線和零線，其中與大地相連的是零線；三腳插頭最長的腳與金屬外殼相連。故C正確；D、漏電保護器只有在電路發(fā)生漏電或有人觸電時才會切斷電源，而功率過大時電流過大，此時空氣開關會“跳閘”切斷電源，而不是漏電保護器會切斷電路，故D錯誤。故選：C?！军c撥】本題考查漏電保護器、空氣開關的特點及應用，要注意二者工作原理的不同。同時了解電路中的幾種情況的不同表現(xiàn)：一是短路，二是用電器總功率過大，三是用電器漏電或有人觸電等。9．（3分）關于分子，下列說法正確的是（）A．增大氣體體積時，分子間只存在引力 B．減小氣體體積時，分子間只存在斥力 C．拉伸固體時，分子間距離變大，勢能減小 D．壓縮固體時，分子間距離變小，勢能增大【微點】分子和原子組成物質(zhì)．【思路】分子間由于存在相互的作用力，從而具有的與其相對位置有關的能叫做分子勢能，分子勢能與分子距離有關；分子距離在平衡距離處分子勢能最小?！窘馕觥拷猓篈B、物質(zhì)是由分子或原子組成的，分子之間同時存在相互作用的引力和斥力。當增大或減小氣體體積，也就是改變分子間距離時，分子間的引力和斥力都會發(fā)生變化，但引力和斥力仍然是同時存在的。此兩選項均錯誤；CD、分子之間存在相互作用力，所以存在分子勢能。當拉伸或壓縮固體時，分子間距離發(fā)生變化，勢能相應變化。并且無論是拉伸還是壓縮固體，勢能都是增大的。C選項錯誤，D選項正確。故選：D?！军c撥】此題考查了我們對分子動理論的理解和應用，特別需要清楚的是：分子間作用力是同時存在的，對外表現(xiàn)形式?jīng)Q定于分子間距離。10．（3分）小紅測電阻Rx的阻值，設計的電路如圖所示，電源電壓保持不變，其中R0是0～200Ω的滑動變阻器，R是未知固定電阻。她把開關S擲于a時，電壓表讀數(shù)為2.5V，電流表讀數(shù)為0.5A；再把開關S擲于b，并調(diào)節(jié)R0，得到電壓表讀數(shù)減小0.7V，電流表讀數(shù)增加0.4A．最后小紅得到Rx的阻值為（）A．5Ω B．3Ω C．2Ω D．1.75Ω【微點】歐姆定律的應用．【思路】由電路圖可知，Rx、R、R0串聯(lián)，電流表測電路中的電流；開關S擲于a時，電壓表測Rx與R兩端的電壓之和，根據(jù)歐姆定律求出它們的總電阻；開關S擲于b時，電壓表測R兩端的電壓，根據(jù)題意得出電表的示數(shù)，根據(jù)歐姆定律求出R的阻值，進一步求出Rx的阻值?！窘馕觥拷猓河呻娐穲D可知，Rx、R、R0串聯(lián)，電流表測電路中的電流；開關S擲于a時，電壓表測Rx與R兩端的電壓之和，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，由I可得：Rx+R5Ω，開關S擲于b時，電壓表測R兩端的電壓，因電壓表讀數(shù)減小0.7V，電流表讀數(shù)增加0.4A，所以，Ub＝Ua﹣0.7V＝2.5V﹣0.7V＝1.8V，電路中的電流I′＝I+0.4A＝0.5A+0.4A＝0.9A，則R的阻值：R2Ω，則Rx的阻值：Rx＝5Ω﹣R＝5Ω﹣2Ω＝3Ω。故選：B?！军c撥】本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，分清電路的連接方式是解題的關鍵。11．（3分）小李使用彈簧測力計、純水和水杯幫媽媽粗略鑒定首飾的材質(zhì)，他首先將重為5.5N的金屬塊，和首飾用細線與彈簧測力計連接如圖所示；然后將首飾浸入純水中，他發(fā)現(xiàn)當首飾浸入水中一半時彈簧測力計讀數(shù)為9.6N，剛好全部浸入時讀數(shù)為9.5N．已知首飾為某一單一材質(zhì)制成，則該首飾用的材質(zhì)為（）（g＝10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ銅＝8.9×103kg/m3，ρ銀＝10.5×103kg/m3，ρ金＝19.3×103kg/m3，ρ鉑＝21.4×103kg/m3）A．鉑 B．金 C．銀 D．銅【微點】密度的計算；阿基米德原理的應用；浮力大小的計算．【思路】當首飾浸入水中一半、全浸入時，金屬塊和首飾的總重力等于浮力加上彈簧測力計的示數(shù)，據(jù)此解方程組求出首飾的體積，進而求出首飾的重力、質(zhì)量，利用密度公式求首飾的密度，找出與之最接近的金屬，即該首飾用的材質(zhì)?！窘馕觥拷猓涸O金屬塊的重力為G1，首飾的重力為G2，首飾的體積為V，當首飾浸入水中一半時，首飾受到的浮力：F?。溅阉甮V排＝ρ水gVρ水gV，此時根據(jù)力的平衡條件有：G1+G2＝F浮+F示，即：G1+G2ρ水gV+9.6N，﹣﹣﹣①當首飾全部浸入水中時，首飾受到的浮力：F?。溅阉甮V排′＝ρ水gV，此時根據(jù)力的平衡條件有：G1+G2＝F浮′+F示′，即：G1+G2＝ρ水gV+9.5N，﹣﹣﹣②②﹣①得：ρ水gV＝0.1N，代入數(shù)據(jù)有：1.0×103kg/m3×10N/kg×V＝0.1N，解得首飾的體積：V＝2×10﹣5m3，將G1＝5.5N、V＝2×10﹣5m3代入①得：5.5N+G21.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣5m3+9.6N，解得首飾的重：G2＝4.2N，則首飾的質(zhì)量：m20.42kg，首飾的密度：ρ221×103kg/m3。測得首飾的密度與鉑的密度最接近，該首飾用的材質(zhì)為鉑。故選：A?！军c撥】本題考查了密度的計算，根據(jù)金屬塊和首飾的總重力等于浮力加上彈簧測力計的示數(shù)列方程得到首飾的體積是關鍵。12．（3分）一輛質(zhì)量為1.4×104kg的小型壓路機，以2km/h的速度在路面上勻速行駛。在施工時可以等效為每次鋼輪以2.5×105N的恒力垂直作用在路面上，下壓路面的距離為1mm，鋼輪每秒鐘壓路25次。下列判斷中正確的是（g＝10N/kg）（）A．壓路機靜止時對水平路面的壓力是1.4×104N B．壓路機在5min內(nèi)通過的路程是200m C．壓路機在1min內(nèi)對路面做功是3.7×105J D．壓路機在1min內(nèi)對路面做功功率是6.25×103W【微點】速度公式及其應用；壓力及重力與壓力的區(qū)別；功的計算；功率的計算．【思路】（1）壓路機靜止時對水平路面的壓力等于自身的重力，根據(jù)G＝mg求出壓路機對水平路面的壓力；（2）根據(jù)速度的變形公式求出壓路機在5min內(nèi)通過的路程；（3）根據(jù)W＝Fh求出壓路機在1min內(nèi)對路面做功；（4）根據(jù)P即可求出功率。【解析】解：A、壓路機靜止時對水平路面的壓力：F＝G＝mg＝1.4×104kg×10N/kg＝1.4×105N；故A錯誤；B、由v可得，壓路機在5min內(nèi)通過的路程：s＝vt＝2km/hh≈0.167km＝167m；故B錯誤；C、壓路機在1min內(nèi)對路面做功：W＝nFh＝25×60s×2.5×105N×10﹣3m＝3.75×105J；故C錯誤；D、壓路機在1min內(nèi)對路面做功功率是：P6.25×103W，故D正確。故選：D?！军c撥】此題考查壓力及重力與壓力的區(qū)別，速度公式及其應用，功和功率的計算，是一道綜合性較強的題目，關鍵是各種公式及其變形公式的熟練運用，同時還要知道壓路機靜止時對水平路面的壓力等于自身的重力。二、填空題13．（4分）丹麥物理學家奧斯特通過實驗證實了電流周圍存在著磁場，我市某校學生在實驗室驗證奧斯特實驗，當水平導線中通有如圖所示的電流時，S極將偏向紙外（選填“紙內(nèi)”或“紙外”）；要使實驗效果更加明顯應使通電導線沿南北（選填“東西”或“南北”）方向放置。【微點】通電直導線周圍的磁場．【思路】（1）利用安培定則判斷直導線的磁場時，大拇指指向電流的方向，四指環(huán)繞方向為磁場方向，據(jù)此判斷；（2）由于小磁針靜止時要指南北方向，在驗證電流周圍有磁場時，一般也把直導線南北放置，這樣在直導線下方的磁場方向是東西方向的?！窘馕觥拷猓海?）根據(jù)安培定則可知，在判斷直導線的磁場時，大拇指指向電流的方向，四指環(huán)繞方向為磁場方向。又知道小磁針N極的方向與磁場方向一致，所以N極將偏向紙里，S極將偏向紙外；（2）由于小磁針靜止時要指南北方向，在驗證電流周圍有磁場時，一般也把直導線南北放置，這樣導線下方的小磁針偏轉(zhuǎn)，不再指示南北，這更能說明是受到了新的磁場的作用，使實驗更具說服力。故答案為：紙外；南北?！军c撥】本題考查了奧斯特實驗的過程與判斷，關鍵是知道利用安培定則判斷直導線的磁場時，大拇指指向電流的方向，四指環(huán)繞方向為磁場方向；同時要知道使實驗效果更加明顯的放置方法。14．（4分）將一溫度為20℃質(zhì)量為4.2kg的鐵塊的溫度升高到80℃，需要吸收1.1592×105J的熱量。然后將其放入一個裝有溫度為10℃質(zhì)量為1.15kg的水的量熱器中，最后水的溫度將升高到30℃．（忽略量熱器吸熱，c水＝4.2×103J/（kg?℃），c鐵＝0.46×103J/（kg?℃））【微點】熱量的計算．【思路】（1）知道鐵塊的質(zhì)量、比熱容、初溫和末溫，利用吸熱公式Q吸＝cm△t求鐵塊吸收的熱量；（2）將鐵塊投入到盛水的量熱器中，達到熱平衡時，鐵塊和水的末溫度相同，鐵塊放出的熱量等于水吸收的熱量，據(jù)此進行計算。【解析】解：（1）鐵塊吸收的熱量Q吸＝cm△t＝0.46×103J/（kg?℃）×4.2kg×（80℃﹣20℃）＝1.1592×105J；（2）將鐵塊投入到盛水的量熱器中，達到熱平衡時，鐵塊和水的末溫度相同，設此時的溫度為t；鐵塊放出的熱量等于水吸收的熱量，即Q水吸＝Q鐵放，Q水吸＝c水m水（t﹣t0水），Q鐵放＝c鐵m鐵（t0鐵﹣t），所以有c水m水（t﹣t0水）＝c鐵m鐵（t0鐵﹣t），即：4.2×103J/（kg?℃）×1.15kg×（t﹣10℃）＝0.46×103J/（kg?℃）×4.2kg×（80℃﹣t），解得t＝30℃。故答案為：1.16×105；30?！军c撥】本題考查了學生對吸熱公式Q吸＝cm△t的掌握和運用，注意溫度升高了（△t）與升高到（末溫）的區(qū)別。15．（4分）如圖所示，甲用90N的拉力，乙用50N的推力，在30s內(nèi)共同使一輛小車從一個傾角為30°長為60m的斜坡底端勻速運動到頂端。甲乙二人對小車做功8400J，甲對小車做功的功率為180W?！疚Ⅻc】功的計算；功率的計算．【思路】（1）知道甲乙二人對小車的力和和移動的距離，根據(jù)W＝Fs分別求出甲乙二人做的功，然后二者相加即得所求的功；（2）知道甲對小車做的功和所用的時間，根據(jù)P求出甲對小車做功的功率?！窘馕觥拷猓杭讓π≤囎龅墓Γ篧甲＝F甲s＝90N×60m＝5400J，乙對小車做的功：W乙＝F乙s＝50N×60m＝3000J，則甲乙二人對小車做功：W＝W甲+W乙＝5400J+3000J＝8400J。則甲對小車做功的功率：P甲180W。故答案為：8400；180?！军c撥】本題考查了學生對功的計算公式和功率的計算公式的掌握和應用，熟練運用公式即可正確解題，屬于基礎性題目，比較簡單。16．（4分）小花在做“探究凸透鏡成像的規(guī)律”實驗時發(fā)現(xiàn)，保持蠟燭和屏之間的距離為45cm不變，只改變凸透鏡的位置可以在屏上得到兩個清晰的像，將凸透鏡從成第一個像的位置向蠟燭移動15cm得到第二個像。她通過分析得出第一個像與蠟燭相比是縮小的（選填“縮小”、“等大”或“放大”），凸透鏡的焦距為10cm。【微點】凸透鏡成像規(guī)律及其探究實驗．【思路】在凸透鏡成像實驗中，物距u、像距v、焦距f滿足，根據(jù)蠟燭和屏之間的距離為45cm不變，列出等式求解即可求得焦距，再利用可知像的變化?！窘馕觥拷猓涸谕雇哥R成像實驗中，物距u、像距v、焦距f滿足，，由題知u+v＝45cm，所以第一次成像時，物距為u，像距為v＝45﹣u；第二次成像時，物距u′＝u﹣15cm，像距v′＝60﹣u，聯(lián)立方程解得：u＝30cmf＝10cm。第一次成像，所以第一個像與蠟燭相比是縮小的。故答案為：縮小；10?！军c撥】此題考查凸透鏡成像規(guī)律及其探究實驗，利用好是解答此題的關鍵。此題有一定的拔高難度，屬于難題。17．（4分）如圖所示，小麗用三個均重10N的滑輪組成的滑輪組以1m/s勻速起吊重470N的物體，物體上升5m，不計繩的重力及一切摩擦。繩的拉力F＝125N；滑輪組的機械效率為94%?！疚Ⅻc】7!：滑輪組繩子拉力的計算；滑輪（組）的機械效率．【思路】先對裝置中每個動滑輪進行受力分析，然后根據(jù)二力平衡條件求出作用在繩子上的力，進一步求出F的大?。桓鶕?jù)作用在動滑輪省力費距離的特點求出自由端移動的距離，最后根據(jù)η求出裝置的機械效率?！窘馕觥拷猓菏芰Ψ治鋈缦拢焊鶕?jù)圖1和二力平衡條件可得：2F′＝G+G動﹣﹣﹣﹣①因為定滑輪不省力，所以根據(jù)圖2和二力平衡條件可得：2F＝F′+G動﹣﹣﹣﹣②聯(lián)立①②可，2FG動10N＝250N，則F250N＝125N；根據(jù)圖1可知，因為動滑輪省一半力，所以當物體上升5m時，右端F′處移動2×5m＝10m；根據(jù)圖2可知，因為動滑輪省一半力，所以F處移動的距離：s＝2×10m＝20m；滑輪組的機械效率：η100%100%100%＝94%。故答案為：125；94%。【點撥】本題考查二力平衡條件的應用、拉力以及機械效率的計算，關鍵會對動滑輪進行正確受力分析，同時能利用s＝nh求出自由端移動的距離。三、探究題：本題包括3小題，其中第20小題①問1分，作圖2分，其余每空2分，共19分．18．（4分）讓一束光從某介質(zhì)以不同角度射入空氣中，觀察光束在介質(zhì)和空氣中的徑跡變化，得到光速在介質(zhì)中的入射角i及其正弦值sini、折射角r及其正弦值sinr的值如下表所示。從探究中我們可以得出：折射角總是大于入射角（選填“小于”、“等于”或“大于”）；采用多次測量求平均值的方法我們可以得到折射角的正弦與入射角的正弦之比等于1.50（保留兩位小數(shù)）。次數(shù)數(shù)據(jù)物理量123456i10°20°30°40°50°60°sini0.1740.3420.50.6430.7660.866r15.1°30.9°48.7°76.5°﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣sinr0.260.5130.7510.972﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣【微點】光的折射規(guī)律的應用．【思路】比較實驗中折射角和入射角的關系可得出結論，根據(jù)表中數(shù)據(jù)可求得折射角的正弦與入射角的正弦之比?！窘馕觥拷猓河蓪嶒灴芍?，入射角i由10°增大到40°，折射角r由15.1°增大到76.5°，由此可得，光從某介質(zhì)以不同角度射入空氣中，折射角總是大于入射角；折射角的正弦與入射角的正弦之比1.50，1.50，…故答案為：大于；1.50。【點撥】本題考查光的折射規(guī)律，通過簡單計算找出規(guī)律，需要有敏銳的觀察能，考查學生分析數(shù)據(jù)的能力。19．（4分）如圖所示，鋼球從高h處的斜槽上由靜止?jié)L下，在水平面上運動，運動的鋼球A碰上木塊B后，能將B撞出一段距離S．再讓同一鋼球從高1.5h處由靜止?jié)L下，重復第一次實驗。實驗表明：質(zhì)量相同時，鋼球的速度越大，木塊B被撞得越遠。在兩次實驗中木塊移動時受到的摩擦力分別為fh、f1.5h，則fh＝f1.5h（選填“＞”、“＝”或“＜”）?！疚Ⅻc】功的大小比較；探究影響物體動能大小的因素．【思路】（1）動能的大小通過木塊被撞的距離來反映，在質(zhì)量相同時，鋼球速度越大，動能越大；（2）影響摩擦力大小的因素是壓力和接觸面的粗糙程度，據(jù)此判斷。【解析】解：（1）在實驗中，鋼球動能的大小是通過木塊被撞的距離來反映的，在質(zhì)量相同時，鋼球的速度越大，動能越大，所以木塊B被撞得越遠。（2）在兩次實驗中木塊對水平面的壓力不變，接觸面的粗糙程度也不變，所以木塊移動時受到的摩擦力不變，則fh＝f1.5h。故答案為：大；＝?！军c撥】通過本題的實驗考查了影響動能大小的因素，以及影響滑動摩擦力大小的因素，結合實驗現(xiàn)象做出判斷，是正確解答的關鍵。20．（11分）小凱和小明為了弄清一個未知電阻的阻值，小凱將未知電阻、電流表、電壓表、滑動變阻器、開關和電源連接成了如圖甲所示的電路，小凱正準備閉合開關時，旁邊的小明急忙攔住他，說線接錯了。①小是發(fā)現(xiàn)只要改接一根導線就可以連接正確，請你檢查一下電路，指出改接的是d（選填：a、b、c、d、e、f、g）②故障排除后，電阻兩端的電壓表示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為1.40V．（保留兩位小數(shù)）③小凱在實驗中通過調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片，測出通過電阻R的不同電流和對應的電壓值，如下表所示：U/V0.51.01.61.92.5I/A0.10.20.30.40.5根據(jù)表中的數(shù)據(jù)在圖丙中畫出電阻R的I﹣U關系圖象。④由③中圖象求出該電阻的阻值為5.0Ω．（保留一位小數(shù)）⑤將圖甲所示電路改成如圖丁所示電路，電源電壓保持不變，已知R1：R2：R3＝2：1：1，測得開關S斷開時R2中的電流為I，消耗功率為P；則開關S閉合后，R1中的電流值為1.2I，R3消耗的功率為0.36P。【微點】歐姆定律的應用；伏安法測電阻的探究實驗；電功率的計算．【思路】①圖甲中電流表并聯(lián)在定值電阻兩端了，應將電壓表并聯(lián)在定值電阻兩端；②分清電壓表小量程的分度值讀數(shù)；③應用描點法作圖，根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在坐標系中描出相應的點，然后作出U﹣I圖象；④根據(jù)所畫圖象求出該電阻的阻值；⑤分別求出S斷開時、S閉合時2種情況下電路的總電阻，根據(jù)電壓不變時，電流與電阻成反，得到通過R1中的電流（第2種情況）與通過R2電流（第1種情況）的關系；在第2種情況下，根據(jù)分流原理和并聯(lián)電路電流的特點，求出通過R3的電流I3與通過R1中的電流的關系，從而可得出在第1種情況下通過R2的電流I與在第2種情況下通過R3的電流I3的關系，根據(jù)P＝I2R、結合電阻之比，求出R3、R2消耗的電功率之比?！窘馕觥拷猓孩贉y電阻時，電壓表并聯(lián)在定值電阻兩端，電流表與定值電阻串聯(lián)，所以，應將d線與電流表接線柱改接在滑動變阻器金屬桿的左接線柱；②電壓表小量程的分度值為0.1V，示數(shù)為1.4V；③根據(jù)表中的電壓值和對應的電流值在圖丙中確定相應的點，然后連接起來，如圖所示：④電阻R的I﹣U關系圖象為一直線，電阻大小為一定值，R5.0Ω；⑤開關S斷開時，R1與R2串聯(lián)，電路的總電阻R12＝R1+R2＝2R2+R2＝3R2，R2中的電流為I，R2消耗的功率P＝I2R2；當開關S閉合后，R3與R2并聯(lián)后再與R1串聯(lián)，為混聯(lián)電路，設此時通過R1的電流為I混，R3、R2為等值電阻，并聯(lián)后的電阻R23，電路的總電阻R混＝R1+R23＝2R22.5R2，根據(jù)在電壓不變時，電流與電阻成反比，所以I混I＝1.2I；根據(jù)分流原理，通過R2的電流I2與通過R3的電流I3之比等于電阻的反比，即1，I2＝I3，根據(jù)并聯(lián)電路電流的特點I混＝I3+I2，所以，I3I混1.2I＝0.6I，R3消耗的電功率P3＝I32×R3＝I32R2＝（0.6I）2R2＝0.36I2R2＝0.36P。故答案為：①d；②1.40；③如上圖所示；④5.0；⑤1.2；0.36P?！军c撥】本題測未知電阻的大小，涉及電路的連接、作圖等知識，最后一問考查歐姆定律、串并聯(lián)電路的特點、分流原理、電功率的計算，綜合性較強。21．（8分）如圖所示，電源電壓保持不變，R2＝4Ω，開關S閉合后，電壓表讀數(shù)為7.2V，電流表讀數(shù)為1.8A；由于某個電阻斷路，電壓表讀數(shù)變?yōu)?6V，電流表讀數(shù)變?yōu)?A．求：①斷路前后R3的功率之比。②R1的阻值③電源電壓U和R0的阻值?！疚Ⅻc】歐姆定律的應用；電功率的計算．【思路】①由電路圖可知，當電阻斷路時，電流表有示數(shù)說明R0與R3電路通路，電壓表有示數(shù)說明電壓表與電源之間是通路，則斷路的電阻為R2，此時電路為R0與R3串聯(lián)，電壓表測R3兩端的電壓，電流表測電路中的電流，根據(jù)P＝I2R求出斷路前后R3的功率之比；②電阻斷路時，根據(jù)歐姆定律求出R3的阻值；電阻沒有斷路時，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點和串聯(lián)電路的電壓特點求出R1兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點和歐姆定律求出R1與R2支路的電流，再根據(jù)歐姆定律求出R1的阻值；③電阻沒有斷路時，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點求出干路電流，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律表示出電源的電壓；電阻斷路時，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電源的電壓，利用電源的電壓不變得出等式即可求出R0的阻值，進一步求出電源的電壓。【解析】解：①斷路前后，電流表均測R3的電流，由P＝I2R可得，斷路前后R3的功率之比：P3：P3′＝I2R3：（I′）2R3＝I2：（I′）2＝（1.8A）2：（2A）2＝81：100；②由題意和電路圖可知，當某個電阻斷路時，由于電流表、電壓表均有示數(shù)，所以斷路的電阻不可能是R1和R3，只能是R2；此時，R0與R3串聯(lián)，電壓表測R3兩端的電壓，電流表測電路中的電流，R2斷路時，由I可得，R3的阻值：R38Ω，R2沒有斷路時，R1與R2串聯(lián)后與R3并聯(lián)、再與R0串聯(lián)，電壓表測R2兩端的電壓，電流表測R3支路的電流，此時R3兩端的電壓：U3＝IR3＝1.8A×8Ω＝14.4V，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，R1和R2這一支路兩端的電壓：U12＝U3＝14.4V，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，R1兩端的電壓：U1＝U12﹣U2＝14.4V﹣7.2V＝7.2V，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，R1與R2支路的電流：I121.8A，則R1的阻值：R14Ω；③R2沒有斷路時，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，干路電流：I總＝I12+I3＝1.8A+1.8A＝3.6A，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，電源電壓：U＝U3+I總R0＝14.4V+3.6A×R0，R2斷路時，電源電壓：U＝U3′+I總′R0＝16V+2A×R0，因電源電壓不變，所以，14.4V+3.6A×R0＝16V+2A×R0，解得：R0＝1Ω，所以電源電壓：U＝U3+I總R0＝14.4V+3.6A×1Ω＝18V。答：①斷路前后R3的功率之比為81：100；②R1的阻值為4Ω；③電源電壓為18V，R0的阻值為1Ω?！军c撥】本題考查了串并聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，會根據(jù)電壓表有無示數(shù)判斷斷路電阻是關鍵。22．（12分）武都引水工程被譽為“第二個都江堰”，具有防洪、灌溉、生態(tài)環(huán)保、國土資源保護、工業(yè)生活供水、旅游以及發(fā)電等綜合利用功能的大型骨干水利工程。作為武引一期工程的骨干屯水庫﹣﹣沉抗水庫位于綿陽市的游仙區(qū)沉抗鎮(zhèn)境內(nèi)，距離綿陽市區(qū)15公里，現(xiàn)已成為綿陽的著名旅游景點“仙海風景區(qū)”。作為二期工程內(nèi)容的武都水庫位于我市江油武都鎮(zhèn)的涪江干流上?？値烊?.72億立方米，碾壓混凝土大壩高120米，設計控灌面積228萬畝。武都電站是依托武都水庫興建的壩后式電站，裝有三臺機組，總裝機容量15萬千瓦（g＝10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）。①若電站實際年平均發(fā)電量為6.1億kW?h，電力系統(tǒng)吸收的有效電量為5.745億kW?h，其中電廠用電0.5%，出廠后專用輸變電損失1%，按平均上網(wǎng)電價0.28元/kW?h計算，電站年