2025年粵教版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高三物理下冊階段測試試卷160考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、2013年6月13日13時11分，天宮一號目標(biāo)飛行器與神舟十號飛船在離地面343km高空的圓軌道上順利對接．神舟十號的航天員成功開啟天宮一號目標(biāo)飛行器艙門，聶海勝、張曉光、王亞平以漂浮姿態(tài)進(jìn)入天宮一號．下列說法正確的是（）A.航天員以漂浮姿態(tài)進(jìn)入天宮一號，說明航天員此時不受地球引力的作用B.王亞平在天宮一號中講課時可演示用彈簧秤測量一杯水的重力C.航天員可以在天宮一號中通過舉重來鍛煉身體D.航天員可以在天宮一號中通過彈簧拉力器來鍛煉臂力2、波源S產(chǎn)生一列沿x軸正方向傳播的波，波速v=400m/s，已知t=0時，波已傳播到x=40m處，如圖所示．在x=400m處，有一接收器A（圖中未標(biāo)出）．則下列說法正確的是（）A.波源的起振方向向上B.x=40m處的質(zhì)點在t=0.5s時位移最大C.t=1s時接收器才能接收到此波D.若波源向x軸負(fù)方向運(yùn)動，則接收器接收到的波的頻率將變小3、在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r，閉合電鍵S，將滑動變阻器滑片P向左移動一段距離后，下列結(jié)論正確的是（）A.燈泡L變亮B.電源的輸出功率先變大后變小C.電容器C上的電荷量減少D.電壓表讀數(shù)的變化量與電流表讀數(shù)的變化量之比恒定4、如圖所示，ABC是光滑軌道，BC段是半徑為r的半圓弧，BC直徑豎直．今讓一小球從A點（與C點在同一水平線上）由靜止開始沿軌道ABC運(yùn)動，則（）A.小球到BC間某一點后再沿原軌道返回A點B.小球不可能到達(dá)C點C.小球到C點后做平拋運(yùn)動D.小球恰能到達(dá)C點5、如圖所示，靠摩擦傳動做勻速轉(zhuǎn)動的大小兩輪接觸面相互不打滑，大輪的半徑是小輪半徑的兩倍．A、B分別為大小輪邊緣上的點，C為大輪上一條半徑的中點，則下列關(guān)系正確的是（）A.vB：vC=2：1B.aA：aB=2：1C.aA：aC=2：1D.aB：aC=2：16、如圖兩條平行虛線之間存在勻強(qiáng)磁場，虛線間的距離為L，磁場方向垂直紙面向里。abcd是位于紙面內(nèi)的梯形線圈，ad與bc間的距離為L，t＝0時刻，bc邊與磁場區(qū)域邊界重合。現(xiàn)令線圈以恒定速度v沿垂直于磁場區(qū)域邊界的方向穿過磁場區(qū)域，取a→b→c→d→a的感應(yīng)電流為正；則在線圈穿越磁場區(qū)域的過程中，感應(yīng)電流I隨時間t變化的圖線可能是下圖中的()

A.B.C.D.7、在物理學(xué)發(fā)展的過程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進(jìn)步，下列說法正確的是（）A.牛頓把地面上物體運(yùn)動的規(guī)律和天體運(yùn)動的規(guī)律統(tǒng)一了起來，建立了萬有引力定律B.笛卡爾以實驗和數(shù)學(xué)推理相結(jié)合的科學(xué)研究方法得到了落體運(yùn)動規(guī)律C.卡文迪許和伽利略為牛頓第一定律的得出做出了貢獻(xiàn)D.伽利略最先測出了引力常量8、利用某一半導(dǎo)體器件將一正弦交變電流的波形變成如圖所示的情況，下面敘述正確的是（）A.它仍然是交變電流B.它的有效值是對應(yīng)它的正弦交變電流的一半C.它的有效值是對應(yīng)它的正弦交變電流有效值的倍D.讓它通過自感線圈仍能產(chǎn)生自感電動勢，只是其峰值減小一半9、鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示（）A.電路中每通過1C電荷量，電源把2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能B.電路斷開時，蓄電池兩極間的電壓為2VC.蓄電池在1s內(nèi)將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能D.蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔艿谋绢I(lǐng)比一節(jié)干電池（1.5V）的大評卷人得分二、雙選題(共5題，共10分)10、【題文】水平桌面上有甲；乙、丙三個完全相同的容器；裝有不同的液體，將三個長方體A、B、C分別放入容器的液體中，靜止時的位置如圖所示，三個容器的液面相平。已知三個長方體的質(zhì)量和體積都相同。則下列判斷正確的是。

A．物體受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器對桌面的壓力F甲＜F乙＜F丙

C．液體對容器底的壓強(qiáng)p甲＝p乙＝p丙

D．物體下表面受到液體的壓力F′A＞F′B＝F′C11、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數(shù)之和為rm{45}四種元素均位于不同主族。rm{W}的最高正價和最低負(fù)價代數(shù)和等于rm{0}rm{X}單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強(qiáng)酸。下列說法中正確的是A.原子半徑：rm{X<Y}B.最簡單氫化物的穩(wěn)定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的簡單離子與rm{Z}的簡單離子具有相同的電子層結(jié)構(gòu)D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在離子鍵和極性鍵12、三位分別來自法國、美國、荷蘭的科學(xué)家因研究“分子機(jī)器的設(shè)計與合成”而獲得rm{2016}年諾貝爾化學(xué)獎。納米分子機(jī)器日益受到關(guān)注，機(jī)器的“車輪”常用組件如下，下列說法正確的是()rm{壟脵(}三碟烯rm{)}rm{壟脷(}扭曲烷rm{)}rm{壟脹(}富勒烯rm{)}rm{壟脺(}金剛烷rm{)}A.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴B.rm{壟脵壟脹}均能發(fā)生加成反應(yīng)C.rm{壟脵壟脺}互為同分異構(gòu)體D.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}的一氯代物均只有一種13、常溫下，用rm{0.1000mol/L}的鹽酸滴定rm{20.00mL}未知濃度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}與所加鹽酸的體積關(guān)系如圖所示。下列有關(guān)敘述正確的是A.rm{a}點溶液呈堿性的原因用離子方程式表示為：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}點處的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定過程中使用甲基橙作為指示劑比酚酞更準(zhǔn)確D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}點處溶液中水電離出的rmqjgsyqjrm{c}大于rm{(H^{+})}點處rm14、某課題組以納米rm{Fe_{2}O_{3}}作為電極材料制備鋰離子電池rm{(}另一極為金屬鋰和石墨的復(fù)合材料rm{)}通過在室溫條件下對鋰離子電池進(jìn)行循環(huán)充放電，成功地實現(xiàn)了對磁性的可逆調(diào)控rm{(}如圖rm{)}以下說法正確的是A.放電時，正極的電極反應(yīng)式為rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.該電池可以用水溶液做電解質(zhì)溶液C.放電時，rm{Fe}作電池的負(fù)極，rm{Fe_{2}O_{3}}作電池的正極D.充電時，電池被磁鐵吸引評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、（2014春?松江區(qū)校級月考）如圖所示，ab兩端電壓U不變，若cd兩端接理想電壓表，則示數(shù)為60V，若cd兩端接理想電流表，則示數(shù)為3A，若cd兩端接電阻R3，則R1、R2、R3上消耗的電功率相等．電阻R3的阻值為____Ω，a、b兩端的電壓為____V．．16、（2012春?岳麓區(qū)校級期中）航天器繞地球做勻速圓周運(yùn)動時處于完全失重狀態(tài)；物體對支持面幾乎沒有壓力，所以在這種環(huán)境中已經(jīng)無法用天平稱量物體的質(zhì)量．假設(shè)某同學(xué)在這種環(huán)境中設(shè)計了如圖6所示的裝置（圖中O為光滑小孔）來間接測量物體的質(zhì)量：給待測物體一個初速度，使它在桌面上做勻速圓周運(yùn)動．設(shè)航天器中有基本測量工具（比如刻度尺；秒表、彈簧測力計等）

（1）實驗時需要測量的物理量：彈簧測力計示數(shù)F、圓周運(yùn)動的周期T，還需要測出：____．

（2）用所測得的物理量寫出待測物體質(zhì)量的表達(dá)式為m=____．17、（2013秋?諸暨市校級期中）如圖，金屬桿ab的質(zhì)量為m，長為L，通過的電流為I，處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，結(jié)果ab靜止且緊壓于水平導(dǎo)軌上．若磁場方向與導(dǎo)軌平面成θ角，則棒ab受到的摩擦力的大小為____，方向____．18、（2013?上海）如圖，在：半徑為2.5m的光滑圓環(huán)上切下一小段圓弧，放置于豎直平面內(nèi)，兩端點距最低點高度差H為1cm．將小環(huán)置于圓弧端點并從靜止釋放，小環(huán)運(yùn)動到最低點所需的最短時間為____s，在最低點處的加速度為____m/s2．（取g=10m/s2）19、如圖所示，質(zhì)量mA=3.0kg的物體A和質(zhì)量為mB=2.0kg的物體B緊靠著放在光滑水平面上．從某一時刻t=0起，對B施加向右的水平恒力F2=4.0N，同時對A施加向右的水平變力F1，當(dāng)t=0時，F(xiàn)1為24N，以后每秒鐘均勻減小2.0N，即F1=24-2t（N）．那么在2秒末兩物體的加速度a2=____m/s2；從t=0起，經(jīng)過____s時間兩物體分離．

20、現(xiàn)要通過實驗驗證機(jī)械能守恒定律．實驗裝置如圖1所示：水平桌面上固定一傾斜的氣墊導(dǎo)軌；導(dǎo)軌上A點處有一帶長方形遮光片的滑塊，其總質(zhì)量為M，左端由跨過輕質(zhì)光滑定滑輪的細(xì)繩與一質(zhì)量為m的砝碼相連；遮光片兩條長邊與導(dǎo)軌垂直；導(dǎo)軌上B點有一光電門，可以測試遮光片經(jīng)過光電門時的擋光時間t，用d表示A點到導(dǎo)軌低端C點的距離，h表示A與C的高度差，b表示遮光片的寬度；s表示A，B兩點的距離，將遮光片通過光電門的平均速度看作滑塊通過B點時的瞬時速度．用g表示重力加速度．

完成下列填空和作圖；

（1）若將滑塊自A點由靜止釋放，則在滑塊從A運(yùn)動至B的過程中，滑塊、遮光片與砝碼組成的系統(tǒng)重力勢能的減小量可表示為____．動能的增加量可表示為____．若在運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒，與s的關(guān)系式為=____．

（2）多次改變光電門的位置；每次均令滑塊自同一點（A點）下滑，測量相應(yīng)的s與t值，結(jié)果如表所示：

。12345S（m）0.6000.8001.0001.2001.400T（m/s）8.227.176.445.855.431/t2（104s-2）1.481.952.412.923.39以s為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，在圖2坐標(biāo)紙中描出第1和第5個數(shù)據(jù)點；根據(jù)5個數(shù)據(jù)點作直線，求得該直線的斜率k=____（保留3位有效數(shù)字）．

由測得的h、d、b、M和m數(shù)值可以計算出-s直線的斜率k0，將k和k0進(jìn)行比較，若其差值在實驗允許的范圍內(nèi)，則可認(rèn)為此實驗驗證了機(jī)械能守恒定律．21、某人駕駛摩托車，行至某處遇到5m寬的溝，若對面比此處低4.9m，則此人騎車的速度超過____時就可躍過．22、一輛汽車向懸崖勻速駛近時鳴喇叭，經(jīng)t1=8s后聽到來自懸崖的回聲；再前進(jìn)t2=27s，第二次鳴喇叭，經(jīng)t3=6s又聽到回聲．已知聲音在空氣中的傳播速度v0=340m/s．則汽車第一次鳴喇叭時與懸崖的距離為____；汽車行駛的速度為____．評卷人得分四、判斷題(共3題，共24分)23、液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．____．（判斷對錯）24、根據(jù)公式v=ωr可知，若角速度增大一倍，則線速度也增大一倍．____．25、大氣壓強(qiáng)是由地面上每平方米面積的上方，整個大氣壓對地面的壓力，它等于地面上方的這一大氣柱的重力．____．（判斷對錯）評卷人得分五、畫圖題(共2題，共12分)26、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）27、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分六、解答題(共1題，共2分)28、如圖所示，電源電動勢E=20V，內(nèi)電阻r=0.6Ω，電阻R1=4Ω，R2=6Ω，R3=7Ω，求：流過R3的電流和R1兩端的電壓．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】航天員由萬有引力提供圓周運(yùn)動的向心力，天宮一號處于完全失重狀態(tài)，不能用彈簧秤懸掛測一杯水的重力．也不能做與重力有關(guān)的實驗和鍛煉．【解析】【解答】解：A；航天員以漂浮姿態(tài)進(jìn)入天宮一號；處于完全失重狀態(tài)，但地球?qū)λ娜f有引力仍然存在，提供他隨天宮一號圍繞地球做圓周運(yùn)動的向心力，故A錯誤；

B；天宮一號處于完全失重狀態(tài)；不能用彈簧秤懸掛測一杯水的重力．故B錯誤．

C；用舉重鍛煉身體主要就是利用啞鈴等物體的重力；在軌道艙中啞鈴處于完全失重狀態(tài)，它對人的胳膊沒有壓力的作用．故C錯誤．

D；彈簧拉力器鍛煉的是人肌肉的伸縮和舒張力；與重力無關(guān)．故D正確。

故選：D2、D【分析】【分析】由質(zhì)點帶動法，知波源S開始振動時方向沿y軸負(fù)方向，由周期公式可以求出周期，波在傳播過程中頻率不變，波源與接收器間的距離增大，產(chǎn)生多普勒效應(yīng)，接收器接收到的波的頻率將變?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈；波在傳播過程中；各個質(zhì)點的起振方向都與波源的起振方向相同，由質(zhì)點帶動法，知波源S開始振動時方向向下，故A錯誤；

B、該波的周期為T==s=0.05s；因t=0.5s=10T，根據(jù)波的周期性可知x=40m處的質(zhì)點在t=0.5s又回到平衡位置，位移為0，故B錯誤；

C、波從圖示位置傳到接收器的時間為t==s=0.9s；故C錯誤；

D；若波源向x軸負(fù)方向運(yùn)動；波源與接收器間的距離增大，產(chǎn)生多普勒效應(yīng)，則接收器接收到的波的頻率將變小，故D正確；

故選：D．3、D【分析】【分析】電路穩(wěn)定時，電容器相當(dāng)于開關(guān)斷開；滑動變阻器滑片P向左移動時，變阻器在路電阻增大，分析電路總電阻的變化，由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化，判斷燈泡亮度的變化；根據(jù)推論：內(nèi)、外電阻相等時，電源的輸出功率功率最大．分析電源的輸出功率如何變化．變阻器兩端電壓增大，電容器上電荷量增大，電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)U=E-Ir變大．由閉合電路歐姆定律分析兩電表示數(shù)變化量的比值．【解析】【解答】解：A、當(dāng)滑動變阻器滑片P向左移動，其接入電路的電阻增大，電路總電阻R總增大，干路電流I減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，燈泡的功率P=I2RL，RL不變；則電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大，燈泡變暗．故A錯誤．

B、當(dāng)內(nèi)、外電阻相等時，電源的輸出功率最大．由題意，燈炮L的電阻大于電源的內(nèi)阻r；當(dāng)R增大時，外電阻與電源內(nèi)電阻的差值增大，電源的輸出功率變?。蔅錯誤．

C；變阻器兩端電壓增大；電容器與變阻器并聯(lián)，電容器上電壓也增大，則其電荷量增大，故C錯誤．

D、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-Ir，則=r，即電壓表讀數(shù)的變化量與電流表讀數(shù)的變化量之比等于電源的內(nèi)電阻r；保持不變．故D正確．

故選：D4、B【分析】【分析】小球在運(yùn)動中，只受重力和支持力，支持力與速度垂直不做功，只有重力做功，機(jī)械能守恒，物體要能到達(dá)最高點，速度至少為．【解析】【解答】解：假設(shè)小球能到達(dá)C點；機(jī)械能守恒得知，小球到達(dá)C點的速度為零．

而小球經(jīng)過C點時，mg+N=m，N≥0，則必須滿足v≥；所以小球不可能到達(dá)最高點C，小球到達(dá)BC間某一點時，速度不為零，到達(dá)上部某一點時與軌道分離，做斜上拋運(yùn)動，故B正確，ACD錯誤．

故選：B5、A【分析】【分析】在轉(zhuǎn)盤問題中要明確轉(zhuǎn)盤接觸的邊緣線速度大小相同，同一轉(zhuǎn)盤上角速度相同，然后利用角速度、線速度、半徑之間的關(guān)系以及向心加速度公式進(jìn)行求解．【解析】【解答】解：根據(jù)轉(zhuǎn)盤轉(zhuǎn)動特點可知：vA=vB，ωA=ωC①

向心加速度公式為：a=ω2r②

由圖知半徑關(guān)系為：rA=2rC，rB=rC③

由①②③聯(lián)立可解得：vB=vC=2：1，aA：aB=1：2，aA：aC=2：1，aB：aC=4：1；故BD錯誤，Ac正確．

故選：AC．6、C【分析】【解答】由楞次定律可知當(dāng)bc進(jìn)入勻強(qiáng)磁場至其離開時，線圈磁通量逐漸增大感生電流為負(fù)、并且由于磁通量的變化速率在逐漸減小故感應(yīng)電流的大小應(yīng)逐漸減小，同理bc離開勻強(qiáng)磁場后；線圈磁通量逐漸減小感生電流為正；并且由于磁通量的變化速率在逐漸減小故感應(yīng)電流的大小應(yīng)逐漸減小，由此可知ABD錯誤、C項正確。

故選C

【分析】本題考查楞次定律的應(yīng)用，是電磁感應(yīng)中的一種常見題型。7、A【分析】解：A；英國物理學(xué)家牛頓把地面上物體運(yùn)動的規(guī)律和天體運(yùn)動的規(guī)律統(tǒng)一了起來；建立了萬有引力定律．故A正確．

B；伽利略運(yùn)用實驗和數(shù)學(xué)推理相結(jié)合的科學(xué)研究方法；得到了落體運(yùn)動規(guī)律．故B錯誤．

C；笛卡兒和伽利略研究了力和運(yùn)動的關(guān)系；為牛頓第一定律的得出做出了貢獻(xiàn)．故C錯誤．

D；英國物理學(xué)家卡文迪許最后測出了萬有引力常量．故D錯誤．

故選：A．

牛頓把地面上物體運(yùn)動的規(guī)律和天體運(yùn)動的規(guī)律統(tǒng)一了起來；建立了萬有引力定律．伽利略以實驗和數(shù)學(xué)推理相結(jié)合的科學(xué)研究方法得到了落體運(yùn)動規(guī)律．笛卡兒和伽利略為牛頓第一定律的得出做出了貢獻(xiàn)．卡文迪許最先測出了萬有引力常量．

本題考查物理學(xué)史，要與科學(xué)家的成績、時代背景等結(jié)合起來記憶，不能混淆．【解析】【答案】A8、C【分析】【分析】交變電流的大小和方向都隨時間作周期性變化；

根據(jù)有效值的定義求解．取一個周期時間，將交流與直流分別通過相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．【解析】【解答】解：A；電流方向沒有改變；不是交變電流，故A錯誤；

B；將交流與直流通過阻值都為R的電阻；

設(shè)直流電流為I；則根據(jù)有效值的定義有。

則I2RT=（）2R×T

解得：I==，即它的有效值是對應(yīng)它的正弦交變電流有效值的倍；故B錯誤，C正確；

D；讓它通過自感線圈仍能產(chǎn)生自感電動勢；只是其峰值不變，故D錯誤；

故選：C．9、A【分析】【分析】電動勢是一個表征電源特征的物理量．定義電源的電動勢是電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，在數(shù)值上，等于非靜電力將單位正電荷從電源的負(fù)極通過電源內(nèi)部移送到正極時所做的功．它是能夠克服導(dǎo)體電阻對電流的阻力，使電荷在閉合的導(dǎo)體回路中流動的一種作用．常用符號E（有時也可用ε）表示，單位是伏（V）．【解析】【解答】解：A；鉛蓄電池的電動勢為2V；表示非靜電力將單位正電荷從電源的負(fù)極通過電源內(nèi)部移送到正極時所做的功為2J，故A正確；

B；當(dāng)電源與外電路斷開時；即電源斷路時，電源兩極間的電壓等于2V；故B正確；

C；電源的電動勢表示將1C的電量轉(zhuǎn)移時做功為2J；但并不明確做功的時間；故C錯誤；

D；電源的電動勢是表示電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)；鉛蓄電池的電動勢比一節(jié)干電池的電動勢大，故D正確；

故選：ABD．二、雙選題(共5題，共10分)10、B|D【分析】【解析】

試題分析：三個長方體的質(zhì)量相同，它們在三種液體中都只受重力和浮力，由二力平衡，它們受到的浮力大小相等，A選項錯誤。由三個長方體在液體中所處的深度不同，得到容器底所處的深度相同，液體對容器底的壓強(qiáng)C選項錯誤。容器是相同的，所以容器對桌面的壓力B選項正確。浮力是物體上下表面所受的壓力差，A物體上下表面都受到液體的壓力，B/、C只有下表面受到壓力，所以它們下表面所受到的壓力F′A＞F′B＝F′C；D選項正確。

考點：壓力壓強(qiáng)【解析】【答案】B、D11、AB【分析】【分析】本題考查了位置、結(jié)構(gòu)與性質(zhì)的關(guān)系，題目難度中等，推斷元素為解答關(guān)鍵，注意熟練掌握原子結(jié)構(gòu)與元素周期律、元素周期表的關(guān)系。【解答】rm{X}單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料，則rm{X}為rm{Si}元素；rm{W}的最高正價和最低負(fù)價代數(shù)和等于rm{0}四種元素均位于不同主族，則rm{W}為rm{H}元素；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強(qiáng)酸，則rm{Z}為rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數(shù)之和為rm{45}則rm{Y}的原子序數(shù)為rm{45-1-14-17=13}則rm{Y}為rm{Al}元素。單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料，則rm{X}為rm{X}元素；rm{Si}的最高正價和最低負(fù)價代數(shù)和等于rm{W}四種元素均位于不同主族，則rm{0}為rm{W}元素；rm{H}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強(qiáng)酸，則rm{Z}為rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序數(shù)之和為rm{Z}則rm{45}的原子序數(shù)為rm{Y}則rm{45-1-14-17=13}為rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Al>Si}故A正確；為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Si}故A正確；rm{Al}則氫化物穩(wěn)定性：rm{Al>Si}故B正確；B.由于非金屬性rm{Cl>Si}則氫化物穩(wěn)定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正確；個電子，氯離子有rm{Cl>Si}個電子，故C錯誤；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有極性鍵，無離子鍵，故D錯誤。C.鋁離子有rm{10}個電子，氯離子有rm{18}個電子，故C錯誤；

rm{10}【解析】rm{AB}12、AB【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，為高頻考點，注意把握官能團(tuán)與性質(zhì)的關(guān)系，側(cè)重苯、烷烴性質(zhì)的考查?！窘獯稹緼.只含有碳?xì)鋬煞N元素的有機(jī)物為烴，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴，故A正確；B.三碟烯和富勒烯中均含有不飽和鍵，能發(fā)生加成反應(yīng)，故B正確；C.三碟烯的分子式為rm{C_{20}H_{14}}金剛烷的分子式為rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分異構(gòu)體，故C錯誤；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}種，金剛烷的一氯代物有rm{3}種，故D錯誤。故選AB?！窘馕觥縭m{AB}13、rm{BC}【分析】【分析】本題考查了酸堿中和滴定的應(yīng)用，題目難度中等，明確溶液酸堿性與溶液rm{pH}的關(guān)系為解答關(guān)鍵，注意掌握中和滴定側(cè)重方法，試題培養(yǎng)了學(xué)生的分析能力及化學(xué)實驗?zāi)芰Α！窘獯稹緼.rm{a}點為rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根離子部分水解，溶液呈堿性，碳酸根離子的水解一第一步為主，正確的離子方程式為：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A錯誤；

B.rm{c}點的rm{pH=7}溶液呈中性，則rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根據(jù)電荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正確；

C.碳酸氫鈉溶液的rm{pH}接近rm{8.2}與酚酞變色的rm{pH}接近，變色時的rm{pH}和反應(yīng)終點的rm{pH}不好判斷；而使用甲基橙容易判斷終點，且反應(yīng)產(chǎn)生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的誤差小rm{(}使用甲基橙易判斷滴定終點，誤差小rm{)}故C正確；

D.rm點碳酸氫根離子水解，促進(jìn)了水的電離，而rmxvaxujb點溶液呈酸性，抑制了水的電離，則rmxbdefsf點處溶液中水電離出的rm{c(H^{+})}小于rm點處；故D錯誤；

故選BC。

【解析】rm{BC}14、AD【分析】【分析】本題綜合考查原電池和電解池知識，為高頻考點，側(cè)重于學(xué)生的分析能力和計算能力的考查，注意把握原電池、電解池的工作原理以及電極方程式的書寫，難度中等?！窘獯稹緼.正極發(fā)生還原反應(yīng)，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得電子被還原rm{F}所以放電時電池正極的電極反應(yīng)式為rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正確；B.鋰和水發(fā)生反應(yīng)，所以不可以用rm{e}溶液為電解質(zhì)溶液，故rm{2}錯誤；C.rm{2}作電池的負(fù)極，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}錯誤；D.充電時，，，作為陽極，電池被磁鐵吸引，故，。故選AD。，【解析】rm{AD}三、填空題(共8題，共16分)15、75100【分析】【分析】本題給出的條件較多，只需按照題目給出的條件根據(jù)歐姆定律以及電路的串并聯(lián)規(guī)律，列出式子聯(lián)立解之，即可得到答案．【解析】【解答】解：cd端接電壓表時：總電流I=；

則IR2=R2=60V①；

cd端接電流表時：R2短路，I′==3A②；

cd端接R3，功率相等，R2和R3并聯(lián)：U2=U3，由P=可得R2=R3；

I1=I2+I3=2I3=2I2，由題意知三個電阻消耗的功率相等，由P=I2R可得R1==③；

將①②③聯(lián)立得：R1=25Ω，R2=R3=100Ω；U=75Ω．

故答案為：75，100．16、圓周運(yùn)動的半徑R【分析】【分析】航天器繞地球做勻速圓周運(yùn)動時處于完全失重狀態(tài)，物體做圓周運(yùn)動時，物體也處于完全失重狀態(tài)，對支持面沒有壓力，則物體做圓周運(yùn)動的向心力由拉力提供，結(jié)合牛頓第二定律列出表達(dá)式，從而得出待測物體質(zhì)量的表達(dá)式以及所需測量的物理量．【解析】【解答】解：（1）物體處于完全失重狀態(tài)；支持面對物體沒有支持力，物體做勻速圓周運(yùn)動所需要的向心力由細(xì)線的拉力提供，根據(jù)牛頓第二定律有：

F=m（）2R；可知要測出物體的質(zhì)量，則需測量彈簧秤的示數(shù)F，物體做圓周運(yùn)動的周期T，以及圓周運(yùn)動的半徑R．

（2）根據(jù)：F=m（）2R，得：m=．

故答案為：（1）圓周運(yùn)動的半徑R；（2）．17、ILBsinθ水平向右【分析】【分析】金屬桿ab受到重力、安培力、導(dǎo)軌的支持力和摩擦力平衡，金屬桿與磁場方向垂直，安培力大小FA=BIL，根據(jù)平衡條件列方程求解．【解析】【解答】解：作出金屬桿受力的主視圖；如圖．

根據(jù)平衡條件：Ff=FAsinθ

又FA=BIL

解得：Ff=BILsinθ；方向水平向右；

故答案為：ILBsinθ；水平向右．18、0.7850.08【分析】【分析】由題，由于圓弧兩端點距最低點高度差H遠(yuǎn)小于圓弧的半徑，小球在圓弧上的運(yùn)動等效成單擺運(yùn)動，小環(huán)運(yùn)動到最低點所需的最短時間為周期．周期為T=2；R是圓弧的半徑．

根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出小環(huán)運(yùn)動到最低點時的速度，由向心加速度公式a=求解加速度．【解析】【解答】解：將小球的運(yùn)動等效成單擺運(yùn)動，則小環(huán)運(yùn)動到最低點所需的最短時間為周期，即最低時間為t==?2π=s≈0.785s．

設(shè)小環(huán)運(yùn)動到最低點時的速度為v；根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：

mgH=，得v2=2gH

小環(huán)在最低點的加速度為a====0.08m/s2．

故答案為：0.785，0.0819、略

【分析】

當(dāng)A、B恰好分離時，之間的彈力減為零，加速度相同，對物體B受力分析，受重力、支持力和拉力F2，根據(jù)牛頓第二定律，有：F2=mBa；

解得：

此時A受重力、支持力和推力F1，根據(jù)牛頓第二定律，有：F1=mAa=3×2=6N；

由于F1=24-2t（N）；故t=9s；

2s時AB整體受重力；支持力、兩個推力；根據(jù)牛頓第二定律，有：

F1+F2=（mA+mB）a′

解得：a′==4.8m/s2；

故答案為：4.8；9．

【解析】【答案】當(dāng)A、B恰好分離時，之間的彈力減為零，加速度相同；求解出臨界加速度和此時的推力F1；最后對整體分析求解加速度．

20、Mgs-mgs（m+M）s2.39×104m-1?s-2【分析】【分析】這是一個根據(jù)書本上驗證機(jī)械能守恒定律的實驗改裝后的題目．

這題的關(guān)鍵在于研究對象不是單個物體而是滑塊；遮光片與砝碼組成的系統(tǒng)．

對于系統(tǒng)的重力勢能變化量要考慮系統(tǒng)內(nèi)每一個物體的重力勢能變化量．動能也是一樣．

光電門測量瞬時速度是實驗中常用的方法．由于光電門的寬度b很??；所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度．

根據(jù)變量的數(shù)據(jù)作出圖象，結(jié)合數(shù)學(xué)知識求出斜率．【解析】【解答】解：（1）滑塊；遮光片下降重力勢能減小；砝碼上升重力勢能增大．

所以滑塊、遮光片與砝碼組成的系統(tǒng)重力勢能的減小量△EP=Mgs-mgs

光電門測量瞬時速度是實驗中常用的方法．由于光電門的寬度b很小；所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度．

vB=

根據(jù)動能的定義式得出：

△Ek=（m+M）vB2=（m+M）

若在運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒，△Ek=△EP

與s的關(guān)系式為=s

（2）見圖。

運(yùn)用數(shù)學(xué)知識求得斜率k==2.39×104m-1?s-2

由測得的h、d、b、M和m數(shù)值可以計算出-s直線的斜率ko=

比較k與ko；若其差值在試驗允許的范圍內(nèi)，則可認(rèn)為此試驗驗證了機(jī)械能守恒定律．

故答案為：（1）Mgs-mgs，（m+M），s；

（2）如上圖，2.39×104m-1?s-2．21、5m/s【分析】【分析】根據(jù)高度差求出平拋運(yùn)動的時間，結(jié)合水平位移和時間求出初速度．【解析】【解答】解：根據(jù)得平拋運(yùn)動的時間為：

t=；

則平拋運(yùn)動的速度為：

．

故答案為：5m/s．22、1400m10m/s【分析】【