2025年湘教新版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版高二物理上冊月考試卷67考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、兩只電阻的伏安特性曲線如圖所示，則下列說法中正確的是A.兩電阻的阻值為R1大于R2B.兩電阻并聯(lián)在電路中時，R1的電流小于R2的電流C.兩電阻串聯(lián)在電路中時，R1兩端電壓大于R2兩端電壓D.兩電阻串聯(lián)在電路中時，R1消耗的功率小于R2消耗的功率2、一質(zhì)點由靜止開始做勻加速直線運動，當它時間為t時，未速度為vt；當它的時間為nt時，末速度為（）

A.nvt

B.vt

C.n2vt

D.n

3、某質(zhì)點在0～4s的振動圖象如圖所示；則下列說法正確的是（）

A.質(zhì)點振動的周期是2sB.在0～1s內(nèi)質(zhì)點做初速度為零的加速運動C.在t=2s時，質(zhì)點的速度方向沿x軸的負方向D.質(zhì)點振動的振幅為20cm4、2006

年美國和俄羅斯的科學(xué)家利用回旋加速器，通過(

鈣48)

轟擊(

锎249)

發(fā)生核反應(yīng)，成功合成了第118

號元素，這是迄今為止門捷列夫元素周期表中原子序數(shù)最大的元素，實驗表明，該元素的原子核先放出3

個相同的粒子x

再連續(xù)經(jīng)過3

次婁脕

衰變后，變成質(zhì)量為282

的第112

號元素的原子核，則上述過程中的粒子x

是(

)

A.中子B.質(zhì)子C.電子D.婁脕

粒子5、某原子的能級圖如圖所示，abc

為原子躍遷所發(fā)出的三種波長的光，圖中譜線從左向右的波長依次增大的是(

)

A.B.C.D.6、如圖所示為理想變壓器原線圈所接交流電壓的圖象。原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=10：1，原線圈電路中電流為1A，下列說法正確的是（）A.變壓器輸出端電壓為22VB.變壓器輸出端電壓為22VC.變壓器輸出端的交流電頻率為100HzD.變壓器的輸出功率為20W7、發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的物理學(xué)家是A.亞里士多德B.牛頓C.伽利略D.奧斯特8、如圖甲所示，彈簧振子在MN

兩點之間做簡諧運動.O

點為平衡位置，以平衡位置O

為原點，建立x

軸，向右為x

軸的正方向.

振子的位移x

隨時間t

的變化圖象如圖乙所示.

下列判斷正確的是(

)

A.振子位于M

點時開始計時B.0.4s

和1.2s

時振子的加速度相同C.1.2s

到1.6s

的振動過程中振子的振幅減小D.0.8s

時振子運動到O

點，動能最大評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)9、如圖所示，q1，q2，q3，分別表示在一條直線上的三個點電荷，已知q1與q2之間的距離為l1，已知q2與q3之間的距離為l2；且每個電荷都處于平衡狀態(tài)。

（1）如q2為負電荷，則q1為____電荷，q3為____電荷．

（2）q1，q2，q3三者電量大小之比是____：____：____．

10、如圖所示，在光滑水平面上方，有兩個磁感應(yīng)強度大小均為B、方向相反的水平勻強磁場，如圖所示，PQ為兩個磁場的邊界，磁場范圍足夠大。一個邊長為a，質(zhì)量為m，電阻為R的正方形金屬線框垂直磁場方向，以速度v從圖示位置向右運動，當線框中心線AB運動到與PQ重合時，線框的速度為此時線框中的電功率為________，此過程回路產(chǎn)生的焦耳熱為________。11、汽車是我們十分熟悉的交通工具；也包含豐富的物理知識．

a汽車的喇叭聲是通過____傳到人耳的．

b汽車發(fā)電機是利用____原理制成的，汽車上的熱機工作時提供動力的是____沖程．

c汽車晚上行駛時車內(nèi)燈通常是關(guān)閉的，這樣可以防止____（選填“車內(nèi)”或“車外”）的景物平面鏡成像而影響到司機對路況的觀察．12、如圖，A、B分別表示甲單擺(實線)和乙單擺(虛線)的振動圖象，則甲、乙兩擺的擺長之比為____________，甲、乙兩擺的頻率之比為____________；3s內(nèi)甲、乙兩擺的擺球所通過的路程之比____________．13、在研究勻變速直線運動的實驗中，某同學(xué)打出了一條紙帶，已知計時器打點的時間間隔為0.02s，他按打點先后順序每5個點取1個計數(shù)點，得到了O、A、B、C、D等幾個計數(shù)點，如圖所示，用刻度尺量得OA=1.50cm，AB=1.90cm，BC=2.30cm，CD=2.70cm．由此可知，紙帶做______運動（選填“勻加速”或“勻減速”），打C點時紙帶的速度大小為______m/s．

14、靜電計是在驗電器的基礎(chǔ)上制成的，用其指針張角的大小來定性顯示其金屬球與外殼之間的電勢差大小.

如圖所示，AB

是平行板電容器的兩個金屬板，G

為靜電計.

開始時開關(guān)S

閉合，靜電計指針張開一定角度。若開關(guān)S

斷開后，將AB

兩極板靠近些，靜電計指針張開的角度將____(

填：增大，不變，減小)

若保持開關(guān)S

閉合，將變阻器滑動觸頭向右移動，靜電計指針張開的角度將____(

填：增大，不變，減小)

15、某同學(xué)做實驗，想通過檢驗“重物增加的動能”與“重物減少的勢能△Ep=mgh”相等；來驗證機械能守恒．

（1）所用紙帶上起點的要求是初速度為零，為此目的，所選紙帶第一、二兩點間距應(yīng)接近____mm．

（2）如果所選的紙帶如圖所示．測得第四個點A、第七個點B、第十個點C、與第一個點O（測量起點）間的距離為hA，hB，hC，交流電的頻率是f，可由公式vB=____（用題中所給出的符號表示）；計算出打點計時器打B點時重物的速度大小．

（3）將與△Ep=mghB相比較，考慮到阻力實際還是存在的，因此△Ek____△Ep（選填“＞”；“＜”，“=”）

16、一正弦交變電流的電流i隨時間t變化的規(guī)律如圖所示．由圖可知該交變電流的瞬時值表達式為i=______A，若該交變電流通過阻值R=40Ω的白熾燈，則電燈消耗的功率是______W．17、（1）某同學(xué)用游標卡尺測量一圓柱體的長度l，用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑d，示數(shù)如圖1所示．由圖可讀出l=______cm，d=______mm．

（2）某一同學(xué)用歐姆擋測電阻時；實驗步驟如下：

A．將功能選擇開關(guān)置×100擋。

B．將紅黑表筆短接；調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，使指針指向左邊零處。

C．接入被測電阻；讀數(shù)。

D．將功能選擇開關(guān)置OFF檔。

上述實驗步驟中，錯誤的是______，應(yīng)改為______．若操作無誤，指針位置如圖2，則被測電阻的阻值是______．

評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、證明題(共2題，共16分)23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、綜合題(共4題，共8分)25、如圖所示，虛線區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場，一單匝正方形導(dǎo)線框垂直磁場放置，框的右邊與磁場邊界重合..現(xiàn)將導(dǎo)線框沿紙面垂直邊界拉出磁場，則此過程中穿過導(dǎo)線框的磁通量________((選填“增加”或“減少”))若這一過程中磁通量變化了0.05Wb0.05Wb所用時間為0.1s0.1s則導(dǎo)線框中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢是________VV．26、(1)(1)真空中有兩個點電荷，它們之間的靜電力為FF如果保持它們所帶的電量不變，將它們之間的距離增大到原來的33倍，它們之間作用力的大小等于________．A.F

B.3F

C.F3

D.F9

(2)

如圖所示為帶負電的點電荷的電場線分布圖，對該電場中的AB

兩點，下列說法正確的是________．A.A

點的電場強度等于B

點的電場強度B.A

點的電場強度比B

點的電場強度大C.A

點的電勢等于B

點的電勢D.A

點的電勢比B

點的電勢高(3)

在如圖所示的電路中，電源電動勢為E

內(nèi)電阻為r.

將滑動變阻器的滑片P

從圖示位置向右滑動的過程中，關(guān)于各電表示數(shù)的變化，下列判斷中正確的是________．A.電壓表V

的示數(shù)變小B.電流表A2

的示數(shù)變小C.電流表A1

的示數(shù)變小D.電流表A

的示數(shù)變大(4)

在如圖所示的電路中，電源的電動勢為E

內(nèi)電阻為r

電阻R1

與變阻器R2

串聯(lián)，將R2

的阻值調(diào)至零時，下列說法中正確的是________．A.電路的外電阻最小B.電阻R1

消耗的功率最小C.電源內(nèi)消耗的功率最小D.電源內(nèi)部的電勢降落最小(5)

如圖所示，MN

表示真空室中垂直于紙面放置的感光板，它的一側(cè)有勻強磁場，磁場方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強度大小為B.

一個電荷量為q

的帶電粒子從感光板上的狹縫O

處以垂直于感光板的初速度v

射入磁場區(qū)域，最后到達感光板上的P

點.

經(jīng)測量PO

間的距離為l

不計帶電粒子受到的重力.

求：壟脵

帶電粒子所受洛倫茲力的大小為________；壟脷

此粒子的質(zhì)量為________．(6)

水平面上有電阻不計的U

形導(dǎo)軌NMPQ

它們之間的寬度為LM

和P

之間接入電動勢為E

的電源(

不計內(nèi)阻).

現(xiàn)垂直于導(dǎo)軌放置一根質(zhì)量為m

電阻為R

的金屬棒ab

并加一個范圍較大的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B

方向與水平面夾角為婁脠

且指向右上方，如圖所示，問：壟脵

當ab

棒靜止時，受到的支持力和摩擦力各為多少？壟脷

若B

的大小和方向均能改變，則要使ab

棒所受支持力為零，B

的大小至少為多少？此時B

的方向如何？27、(1)

氫原子的能級如圖所示，有一群處于n=4

能級的氫原子。如果原子n=2

向n=1

躍遷所發(fā)生的光正好使某種金屬材料產(chǎn)生光電效應(yīng)，則這群氫原子發(fā)出的光譜中共有____條譜線能使該金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)；從能級n=4

向n=1

發(fā)出的光照射該金屬材料，所產(chǎn)生的光電子的最大初動能為____。(2)

一炮彈質(zhì)量為m

相對水平方向以一定的傾角婁脠

斜向上發(fā)射，發(fā)射速度為v

炮彈在最高點爆炸成兩塊，其中一塊沿原軌道返回，質(zhì)量為m2

求：壟脵

另一塊爆炸后瞬時的速度大?。粔琶?/p>

爆炸過程系統(tǒng)增加的機械能。28、本次未命制試題參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】試題分析：斜率k的倒數(shù)表示由k2＜k1，知R2＞R1，選項A錯誤；兩電阻并聯(lián)在電路中時，電壓相等，根據(jù)I=得：R1的電流大于R2的電流，選項B錯誤；兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，根據(jù)A的分析可知：即U2＞U1，選項C錯誤；兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，根據(jù)P=I2R可知：R1消耗的功率小于R2消耗的功率，選項D正確?？键c：本題旨在考查歐姆定律?！窘馕觥俊敬鸢浮緿2、A【分析】

設(shè)該物體加速度為a，則t時刻有：vt=at①

當時間為nt時有：v=ant②

聯(lián)立①②可得nt時刻物體速度為：v=nvt；故BCD錯誤，A正確．

故選A．

【解析】【答案】本題比較簡單；直接利用初速度為零的勻加速直線運動公式v=at即可求解．

3、C【分析】解：AD；由圖知；振動周期是4s，振幅為10cm．故A、D錯誤．

B；在0～1s內(nèi)質(zhì)點從平衡位置向最大位移處運動；速度減小，做減速運動，故B錯誤．

C；在t=2s時；質(zhì)點經(jīng)過平衡位置向負向最大位移處運動，速度沿x軸負向．故C正確．

故選：C

根據(jù)質(zhì)點完成一次全振動的時間等于一個周期；由圖讀出周期．根據(jù)質(zhì)點的位移分析速度的速度，并判斷質(zhì)點的速度方向．振幅等于質(zhì)點偏離平衡位置的位移x的最大值．

本題是簡諧運動的圖象，關(guān)鍵要根據(jù)質(zhì)點的位移情況，分析運動過程，判斷質(zhì)點的速度的變化，并確定出質(zhì)點的速度方向．【解析】【答案】C4、A【分析】解：因為在衰變的過程中質(zhì)量數(shù)守恒；電荷數(shù)守恒．

根據(jù)電荷守恒定律可得；118鈭?3隆脕2鈭?112=0

所以X

粒子的電荷量為零．

再根據(jù)質(zhì)量守恒；48+249鈭?4隆脕3鈭?282=3

所以X

粒子的質(zhì)量數(shù)為1

所以該粒子為中子，故BCD錯誤，A正確．

故選A．

根據(jù)核反應(yīng)過程中的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒求出x

的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)即可判斷x

屬于那種粒子．

本題比較簡單，直接利用核反應(yīng)過程中的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒即可解答．【解析】A

5、D【分析】解：從第3

能級躍遷到第1

能級；能級差最大，知c

光的頻率最大，波長最短；

從第3

能級躍遷到第2

能級，能級差最小，知b

光的光子頻率最?。徊ㄩL最長；

所以波長依次增大的順序為cab.

故D正確；AB

C錯誤．

故選：D

．

能級間躍遷輻射的光子能量等于兩能級間的能級差；能級差越大，光子頻率越大，波長越短．

解決本題的關(guān)鍵知道頻率與波長的關(guān)系，以及知道能級間躍遷吸收或輻射的光子能量等于兩能級的能級差進行分析．【解析】D

6、A【分析】解：A、由圖象可知，變壓器輸入的電壓的最大值為Um1=200V，所以輸入電壓有效值為U1==200V，根據(jù)=解得變壓器輸出端電壓為U2=22V；故A正確。

B、根據(jù)=解得變壓器輸出端的電流為I2=10A；故B錯誤。

C、正弦交流電的周期為T=0.02s，頻率為f==50Hz；故C錯誤。

D、變壓器的輸出功率為P=U2I2=200W；故D錯誤。

故選：A。

根據(jù)圖象可讀出輸入電壓的最大值；求出輸入電壓的有效值，再根據(jù)理想變壓器原副線圈的電壓與匝數(shù)成正比，求變壓器輸出端電壓。根據(jù)電流與匝數(shù)成反比求變壓器輸出端的電流。由圖讀出周期，從而求得頻率等，由P=UI求變壓器的輸出功率。

根據(jù)圖象讀出交流電壓的最大值、周期，求出有效值、頻率是常見問題，要掌握有效值與最大值、周期和頻率的關(guān)系，以及變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系、電流與匝數(shù)的關(guān)系，并能熟練運用。匝數(shù)成正比，與匝數(shù)成反比，即可求得結(jié)論【解析】A7、D【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻即可。本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一。【解答】奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)體周圍存在磁場，是第一個發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家，故D正確，ABC錯誤。

故選D?！窘馕觥緿

8、D【分析】解：A

由圖象乙知；t=0

時，振子經(jīng)過平衡位置，所以是從平衡位置O

點開始計時的.

故A錯誤；

B、由圖象乙知，t=0.4s

時，振子的位移最大，1.2s

時振子的位移為負方向的最大，根據(jù)a=鈭?kxm

可知；兩處的加速度方向相反，故B錯誤；

C；彈簧振子的振幅不隨時間發(fā)生變化；故C錯誤；

D；由圖乙可知；0.8s

時刻振子經(jīng)過平衡位置，速度最大，動能最大，故D正確；

故選：D

由圖象可知振動的周期和振幅；振子向平衡位置運動的過程中，速度增大，加速度減小，回復(fù)力F=鈭?kx

再結(jié)合牛頓第二定律判斷加速度的方向．

該題考查了彈簧振子的振動圖象，會判斷振子的速度和加速度的變化，注意振動圖象與波動圖象的區(qū)別，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】D

二、填空題(共9題，共18分)9、略

【分析】

（1）假設(shè)q1帶負電，要使q2平衡則q3也應(yīng)帶負電，但此時q1、q3因都受斥力而不平衡，故q1帶正電，同理分析q3帶正電．

（2）由于三個電荷均處于平衡狀態(tài)；所以。

對q1有：①

對q2有：②

對q3有：③

聯(lián)立①②③可解得：

答：（1）正；正。

（2）q1，q2，q3三者電量大小之比是：

【解析】【答案】（1）解決本題一定要把握“每個電荷都處于平衡狀態(tài)”這一特點進行分析，已知q2為負電荷，可以利用假設(shè)法判斷q1和q3的電性，如假設(shè)q1帶正電；其它電荷是否平衡等，也可以利用“兩同夾異，近小遠大”（三個電荷處于平衡時兩邊電性相同和中間相反，中間電荷離電量小的近，離電量大的遠）進行判斷．

（2）三個電荷處于同一直線上；每個電荷受兩個庫侖力作用處于平衡狀態(tài)，據(jù)此列方程即可求解．

10、略

【分析】試題分析：當線框中心線AB運動到與PQ重合時，線框的速度為此時線框的受到的安培力根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒定律，整個過程動能的變化了所以此過程回路產(chǎn)生的焦耳熱為考點：本題考查了電磁感應(yīng)中的能量問題。【解析】【答案】11、空氣電磁感應(yīng)做功車內(nèi)【分析】【解答】（1）喇叭和人耳之間只用空氣；所以聲音是通過空氣進入人耳的．（2）發(fā)電機是利用電磁感應(yīng)現(xiàn)象制成的．在熱機的工作沖程中，做功沖程是將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能，即提供動力的沖程．（3）當車內(nèi)開燈時，燈發(fā)出的光線照射到車內(nèi)的物體上，車內(nèi)物體能夠反射出較強的光線，其中一部分射到汽車前面的擋風(fēng)玻璃上，以擋風(fēng)玻璃為平面鏡成像在擋風(fēng)玻璃的前面，將前面的路況和車內(nèi)的景物混雜在一起，影響到司機對路況的觀察．

故答案為：（1）空氣；（2）電磁感應(yīng)；做功；（3）車內(nèi)．

【分析】（1）通過喇叭與人的耳朵之間的物質(zhì)可以確定聲音是通過哪種介質(zhì)進入人耳朵的．（2）利用發(fā)電機的基礎(chǔ)知識可以確定其制成原理；提供動力的沖程是將得到機械能的沖程．（3）根據(jù)提到的物理情景進行分析，可以得到此題的答案．12、略

【分析】解：擺球完成一次全振動所用的時間為一個周期，由圖讀出甲、乙兩單擺的周期分別為T甲=2s，T乙=4s，則T甲：T乙=1：2；

根據(jù)單擺的周期公式T=2π得：擺長L=知L∝T2，所以甲、乙兩擺的擺長之比為L甲：L乙=1：4；

由頻率與周期的關(guān)系：f=則得甲、乙兩擺的頻率之比為f甲：f乙=2：1；

由圖知，3s內(nèi)甲、乙兩擺通過的路程分別為S甲=6A甲=6×8cm=48cm，S乙=3A乙=3×4cm=12cm；則：

S甲：S乙=4：1．

故答案為：1：4，2：1，4：1．【解析】1：4;2：1;4：113、略

【分析】解：他按打點先后順序每5個點取1個計數(shù)點；所以相鄰的計數(shù)點之間的時間間隔為0.1s．

紙帶上相鄰計數(shù)點的距離在增大；而且相鄰計數(shù)點的距離之差不變，所以紙帶做勻加速運動．

利用勻變速直線運動的推論得：

vC==0.25m/s

故答案為：勻加速；0.25

知道相鄰的計數(shù)點之間的時間間隔相等．

根據(jù)紙帶上相鄰點的距離間隔判斷小車的運動情況．

紙帶實驗中；若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度．

要注意單位的換算．

對于紙帶的問題，我們要熟悉勻變速直線運動的特點和一些規(guī)律．【解析】勻加速；0.2514、不變；不變【分析】【分析】靜電計測量電勢差的大小，電勢差越大大，指針張開的角度越大.

保持開關(guān)S

閉合，電容器的電壓保持不變。插入介質(zhì)，電容器的電容增大.

斷開開關(guān)S

后，電容器的電量不變，由C=QU

分析電勢差U

的變化。本題是電容器動態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵要抓住不變量，當電容器保持與電源相連時，其電壓不變；充電后與電源斷開，其電量不變?！窘獯稹勘３珠_關(guān)S

閉合，不論將AB

兩極板分開些，還是將AB

兩極板靠近些，還是將變阻器滑動觸頭向右移動，電容器的電壓都保持不變，則靜電計張開的角度保持不變；故填：不變；不變【解析】不變；不變15、略

【分析】

（1）物體運動越接近自由落體運動，誤差越小，所以由自由落體運動規(guī)律：h=得：h=5×0.022=0.002m

所以紙帶第一；二兩點間距越接近2mm；誤差越?。侍睿?mm

（2）物體的運動是勻變速運動：

所以：

又：xAC=hC-hA

交流電的頻率是f，所以：T=又：ABC之間有兩個點，所以：t=3T=

所以：=

（2）由于系統(tǒng)受到阻力的原因；所以減少的重力勢能有一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以會出現(xiàn)減少的重力勢能大于增加的動能的情況，故填：＞

故答案為：（1）2mm；（2）（3）＞

【解析】【答案】（1）物體運動越接近自由落體運動；誤差越小，故可根據(jù)自由落體運動求第一；二兩點間距．

（2）物體的運動是勻變速運動；B點的速度等于AC之間的平均速度．

（3）由于系統(tǒng)受到阻力的原因；所以減少的重力勢能有一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以會出現(xiàn)減少的重力勢能大于增加的動能的情況．

16、略

【分析】解：由圖象可知；交流電的最大值為10A，電流的周期為0.04s；

交流電的加速度為：ω==50π；所以交流電的電流瞬時值的表達式為：i=10sin（50πt）（A）

交流電的電流有效值為：A，所以電阻消耗的功率為：P=I2R=（5）2×40=2000W

故答案為：10sin（50πt）2000

根據(jù)圖象可以知道交流電的最大值和交流電的周期；根據(jù)最大值和有效值的關(guān)系即可求得交流電的有效值和頻率．

本題考查的是學(xué)生讀圖的能力，根據(jù)圖象讀出交流電的最大值和周期，再逐項計算即可．【解析】10sin（50πt）；200017、略

【分析】解：（1）游標卡尺的讀數(shù)為：22mm+0.1×5mm=22.5mm=2.25cm；螺旋測微器的讀數(shù)為：0+0.01×38.5mm=0.385mm．

（2）上述實驗步驟中；錯誤的是B，將紅黑表筆短接，指針指向右側(cè)的零處．電阻的阻值R=15×100=1500Ω．

故答案為：（1）2.250.385（2）B是指針指向右側(cè)的0Ω處1500Ω

（1）游標卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)；不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，需估讀．

（2）歐姆表的零刻度線在表盤的右邊；歐姆調(diào)零時，將兩表筆短接，使得指針指在右側(cè)零刻度處．

電阻的大小等于表盤讀數(shù)乘以倍率．

解決本題的關(guān)鍵知道游標卡尺和螺旋測微器以及歐姆的讀數(shù)方法，知道多用電表的使用步驟以及注意事項．【解析】2.25；0.385；B；是指針指向右側(cè)的0Ω處；1500Ω三、判斷題(共5題，共10分)18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．四、證明題(共2題，共16分)23、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動24、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動五、綜合題(共4題，共8分)25、減少0.5【分析】【分析】根據(jù)磁通量的計算公式分析答題，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動勢。本題考查了判斷磁通量的變化、求感應(yīng)電動勢，知道磁通量的計算公式、應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律即可正確解題?！窘獯稹繉?dǎo)線框沿紙面垂直邊界拉出磁場，在此過程中，面積S

減小，由婁碌=BS

可知，穿過導(dǎo)線框的磁通量減少，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動勢為：E=婁隴?婁隴t=0.05Wb0.1s=0.5V

故答案為：減少；0.5

【解析】減少0.5

26、(1)D

(2)B

(3)B

(4)A

(5)qvBqBl2v

(6)

解：從b

向a

看側(cè)視圖如圖所示，

壟脵

水平方向：F=FAsin婁脠

豎直方向：FN+FAcos婁脠=mg

又FA=BIL=BERL

聯(lián)立得：FN=mg?BLEcos?婁脠RF=BLEsin?婁脠R

壟脷

使ab

棒受支持力為零，且讓磁場最小，可知安培力豎直向上，

則有FA=mg

Bmin=mgREL

根據(jù)左手定則判定磁場方向水平向右。

【分析】(1)

【分析】電量不變，只是將距離增大到原來的3

倍，根據(jù)點電荷庫侖力的公式F=kQ1Q2r2

可以求得改變之后的庫侖力的大小。本題就是對庫侖力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了?！窘獯稹坑牲c電荷庫侖力的公式F=kQ1Q2r2

可以得到，電量不變，當距離增大到原來的3

倍，庫侖力將變?yōu)樵瓉淼?9

故D正確。故選D。

(2)

【分析】電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向，且沿著電場線的方向，電勢降低，據(jù)此可正確解答。電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布，明確電場線分布與電場強度之間的關(guān)系?！窘獯稹侩妶鼍€的疏密表示電場強度的強弱，由于電場線的疏密可知，AB

兩點電場強度的大小關(guān)系，所以EA>EB

故A錯誤；B正確；

根據(jù)沿著電場線的方向；電勢降低，則有A

點的電勢低于B

點的電勢，故CD錯誤；

故選B。(3)

【分析】由滑片的移動可知滑動變阻器接入電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流及路端電壓的變化，再分析局部電路可得出電流表及電壓表的變化。本題考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，要注意明確解題的思路為：“局部?

整體?

局部”?！窘獯稹緼D.

當滑片向右滑動時，滑動變阻器接入電阻增大，則總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，則由U=E?Ir

可知；路端電壓增大；則可知電流表A

的示數(shù)減小，電壓表V

的示數(shù)增大；故AD錯誤；

BC.

因路端電壓增大；A1

中電流增大，因總電流減小，而R1

中電流增大，則A2

中電流減小，故C錯誤，B正確。

故選B。(4)

【分析】將R2

的阻值調(diào)至零時，R2

被短路，電路中電阻最小，則電流最大，根據(jù)閉合電路歐姆定律及功率公式即可求解。本題考查閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析類題目，一般思路都是先分析局部電路的電阻變化，再分析整體中電流及電壓的變化，最后分析局部電路中的流及電壓的變化；在分析局部電路時要注意靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路的性質(zhì)?！窘獯稹繉2

的阻值調(diào)至零時，R2

被短路，電路中外電阻最小，由閉合電路歐姆定律可得電路中電流最大，則內(nèi)電壓最大，電源內(nèi)部的電勢降落最大，根據(jù)P=I2R

可知，電流最大，則電阻R1

消耗的功率最大，電源內(nèi)消耗的功率也最大，故A正確，BCD錯誤。故選A。(5)

【分析】壟脵

根據(jù)洛倫茲力公式解答；壟脷

由題意可以求得帶電粒子做勻速圓周運動的半徑為POO的一半；由洛侖茲力提供向心力從而求出帶電粒子的質(zhì)量；

本題是帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動最基礎(chǔ)的問題，畫出運動軌跡，由半徑大小和牛頓第二定律就能求出帶電粒子的質(zhì)量?！窘獯稹繅琶?/p>

帶電粒子所受洛倫茲力的大小為F=qvB