2025年外研版三年級(jí)起點(diǎn)高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級(jí)起點(diǎn)高三物理上冊階段測試試卷562考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、（2015秋?北京校級(jí)期中）兩個(gè)帶電量相等的正點(diǎn)電荷分別固定于絕緣水平面上的A、B兩點(diǎn)，A、B連線的垂直平分線上有P、C、O、H四點(diǎn)，如圖所示，已知PC=CO=OH，取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，則下列結(jié)論中正確的有（）A.C點(diǎn)和H點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同B.H點(diǎn)的場強(qiáng)大小一定大于P點(diǎn)場強(qiáng)大小C.正的檢驗(yàn)電荷q自C點(diǎn)由靜止釋放后，將向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)D.C點(diǎn)電勢高于P點(diǎn)電勢，且C點(diǎn)和P點(diǎn)的電勢皆高于零2、氡222衰變?yōu)獒?18的半衰，期為3.8天，20g氡222經(jīng)7.6天后還剩下（）A.10gB.5gC.2.5gD.1.25g3、我國“北斗”衛(wèi)星導(dǎo)航定位系統(tǒng)將由5顆靜止軌道衛(wèi)星（同步衛(wèi)星）和30顆非靜止軌道衛(wèi)星組成，30顆非靜止軌道衛(wèi)星中有27顆是中軌道衛(wèi)星．中軌道衛(wèi)星軌道高度約為2.15×km，靜止軌道衛(wèi)星的高度約為3.60×km．下列說法正確的是（）A.中軌道衛(wèi)星的線速度大于7.9km/sB.5顆靜止軌道衛(wèi)星的軌道平面和赤道平面的夾角各不相同C.靜止軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期大于中軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期D.靜止軌道衛(wèi)星的向心加速度大于中軌道衛(wèi)星的向心加速度4、【題文】下圖所示，帶電粒子在磁場中所受洛侖茲力的方向與磁場和運(yùn)動(dòng)方向的關(guān)系，其中正確的是（）5、

A.可以計(jì)算出神舟七號(hào)飛船繞地球飛行的線速度B.可以計(jì)算出神舟七號(hào)飛船繞地球飛行的加速度C.可以計(jì)算出神舟七號(hào)飛船繞地球飛行的周期D.神舟七號(hào)飛船繞地球飛行的速度比月球繞地球運(yùn)行的速度小6、如圖所示是“嫦娥三號(hào)”環(huán)月變軌的示意圖.

在Ⅰ圓軌道運(yùn)行的“嫦娥三號(hào)”通過變軌后繞Ⅱ圓軌道運(yùn)行，則下列說法中正確的是(

)

A.“嫦娥三號(hào)”在Ⅰ軌道的線速度大于在Ⅱ軌道的線速度B.“嫦娥三號(hào)”在Ⅰ軌道的角速度大于在Ⅱ軌道的角速度C.“嫦娥三號(hào)”在Ⅰ軌道的運(yùn)行周期大于在Ⅱ軌道的運(yùn)行周期D.“嫦娥三號(hào)”由Ⅰ軌道通過加速才能變軌到Ⅱ軌道7、下列關(guān)于靜電場的說法正確的是（）A.電場線的方向，就是電荷受力的方向B.正電荷只在電場力作用下，一定從高電勢向低電勢運(yùn)動(dòng)C.場強(qiáng)為零處，電勢一定為零；電勢為零處，場強(qiáng)也一定為零D.在單個(gè)點(diǎn)電荷形成的電場中沒有場強(qiáng)相等的兩點(diǎn)，但有電勢相等的兩點(diǎn)8、一物塊在水平地面上沿直線滑行；t=0時(shí)其速度為1m/s．從此刻開始在物塊運(yùn)動(dòng)方向上再施加一水平作用力F，力F與物塊的速度v隨時(shí)間變化的規(guī)律分別如圖甲；乙所示．則下列說法中正確的是（）

A.第1秒內(nèi)水平作用力F做功為1JB.第2秒內(nèi)水平作用力F做功為1.5JC.第3秒內(nèi)水平作用力F不做功D.0～3秒內(nèi)水平作用力F所做總功為6J評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、內(nèi)能是物體內(nèi)部具有的能量，它包括____．10、由于地球自轉(zhuǎn)（AB軸），比較位于赤道上的物體P與物體Q，則它們的線速度之比為____，角速度之比為____．11、光滑水平面上一質(zhì)量m=2kg的小球A以v=1m/s的速度向右運(yùn)動(dòng)，撞上迎面而來的小球B并粘在一起．若兩球粘在一起后保持靜止，則B球在碰撞前的動(dòng)量大小為____kg?m/s；若B在碰撞前后的速度大小相同，則B球的初速度不超過____m/s．12、平行光a垂直射向一半徑為R的玻璃半球的平面，其截面如圖所示，發(fā)現(xiàn)只有P、Q之間所對圓心角為90°的球面上有光射出，則玻璃球?qū)光的折射率為_________，若僅將a平行光換成b平行光，測得有光射出的范圍增大，設(shè)a、b兩種色光在玻璃球中的速度分別為va和vb(選填“＞”、“＜”或“＝”)。13、如圖所示，質(zhì)量為M的長木板靜止在光滑的水平地面上，在木塊的右端為m的小銅塊，現(xiàn)給銅塊一個(gè)水平向左的初速度v0，銅塊向左滑行并與固定在木板左端的長度為l的輕彈簧相碰，碰后返回且恰好停在長木板右端，則輕彈簧與銅塊相碰過程中具有的最大彈性勢能為____，整個(gè)過程中轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的機(jī)械能為____．14、張華同學(xué)在放學(xué)路上拾到一個(gè)小金屬零件．他很想知道這個(gè)零件是什么材料做成的，就把它帶回學(xué)校利用天平和量筒來測定這個(gè)零件的密度．具體操作如下：

①把天平放在____上，并將游碼移至標(biāo)尺左端零刻線處；調(diào)節(jié)天平橫梁平衡時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針在分度盤如圖甲所示位置，此時(shí)應(yīng)將平衡螺母向____（填“左”或“右”）調(diào)節(jié)．

②用調(diào)節(jié)好的天平測零件的質(zhì)量，天平平衡時(shí)，砝碼的質(zhì)量及游碼在標(biāo)尺上的位置如圖乙所示，用量筒測得零件的體積如圖丙所示．請你設(shè)計(jì)一個(gè)記錄實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的表格，并將相應(yīng)的數(shù)據(jù)填入表格中．15、提出電流周圍產(chǎn)生磁場的學(xué)者是____．16、（2014春?隆回縣校級(jí)月考）有一個(gè)已知內(nèi)阻RA=10Ω，RV=2000Ω，來測一個(gè)未知電阻Rx．用圖中甲和乙兩種電路分別對它進(jìn)行測量，用甲圖電路測量時(shí)，兩表讀數(shù)分別為6V，6mA，用乙圖電路測量時(shí)，兩表讀數(shù)分別為5.9V，10mA，則用____圖所示電路測該電阻的阻值誤差較小，測量值Rx=____Ω，真實(shí)值Rx=____Ω評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、物體的瞬時(shí)速度總為零，則平均速度一定為零．____．（判斷對錯(cuò)）18、較大的顆粒不做布朗運(yùn)動(dòng)是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)榉肿記_擊力小，不易改變大顆粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．____．（判斷對錯(cuò)）19、非晶體的結(jié)構(gòu)跟液體非常相似，可以看成是黏滯性極大的液體．____．（判斷對錯(cuò)）20、電視機(jī)的顯象管中電子束每秒進(jìn)行50場掃描____．21、物體受到的合外力不做功，則物體一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)．____．22、地面上靜止的人觀察一條沿自身長度方向高速運(yùn)動(dòng)的桿，其長度總比桿靜止時(shí)的長度小____（判斷對錯(cuò)）23、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動(dòng)的描述盡可能簡單．____．（判斷對錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、畫圖題(共2題，共8分)24、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時(shí)刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時(shí)的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）25、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評(píng)卷人得分五、解答題(共3題，共12分)26、一輛典型的電動(dòng)車蓄電池貯存了4.5×107J的有效電能，若車輛自重2t，裝有1t的貨物，行駛時(shí)所要克服的阻力是車重的0.02倍，電動(dòng)車總工作效率為80%，試計(jì)算這臺(tái)電動(dòng)車行駛的有效距離最多是多少？（g取10m/s2），若電動(dòng)車蓄電池的總電動(dòng)勢為24V，工作時(shí)的電流強(qiáng)度為20A，工作時(shí)能量損失部分在控制電流大小的電阻上及在電池和電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻轉(zhuǎn)化為內(nèi)能上，由于機(jī)械摩擦的損失忽略不計(jì)，則控制電阻、電池和電動(dòng)機(jī)的總內(nèi)阻是多大？電動(dòng)車輛能勻速行駛的速度是多大？電動(dòng)車輛加速行駛的方法是什么？27、荷蘭科學(xué)家惠更斯在研究物體碰撞問題時(shí)做出了突出的貢獻(xiàn)．惠更斯所做的碰撞實(shí)驗(yàn)可簡化為：三個(gè)質(zhì)量分別為m1、m2、m3的小球，半徑相同，并排懸掛在長度均為L的三根平行繩子上，彼此相互接觸．現(xiàn)把質(zhì)量為m1的小球拉開；上升到H高處釋放，如圖所示，已知各球間碰撞時(shí)同時(shí)滿足動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律，且碰撞時(shí)間極短，H遠(yuǎn)小于L，不計(jì)空氣阻力．

（1）若三個(gè)球的質(zhì)量相同；則發(fā)生碰撞的兩球速度交換，試求此時(shí)系統(tǒng)的運(yùn)動(dòng)周期．

（2）若三個(gè)球的質(zhì)量不同，要使球1與球2、球2與球3相碰之后，三個(gè)球具有同樣的動(dòng)量，則m1：m2：m3應(yīng)為多少？它們上升的高度分別為多少？28、如圖，懸掛在天花板下重60N的小球，在均勻的水平風(fēng)力作用下偏離了豎直方向θ=30°角．求風(fēng)對小球的作用力F風(fēng)和繩子的拉力T．評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共32分)29、【題文】放在光滑地面上的汽缸如圖8-3-6所示，缸體質(zhì)量為2kg，活塞質(zhì)量為1kg.靜止時(shí)，活塞距離汽缸底面10cm，活塞面積為100cm2，外界大氣壓p0為1×105Pa.現(xiàn)用水平推力F向左推活塞；活塞和汽缸以共同加速度向左加速運(yùn)動(dòng)，這時(shí)活塞和汽缸底的距離為8cm,求水平推力F.（溫度不變，下列因素不考慮：缸體厚度；空氣阻力、活塞與汽缸間的摩擦）

圖8-3-630、

(1)求該星球表面的重力加速度

(2)若測得該星球的半徑為R=6×106m；宇航員要在該星球上發(fā)射一顆探測器繞其做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則探測器運(yùn)行的最大速度為多大？

(3)取地球半徑R0=6.4×106mm，地球表面的重力加速度g0=10m/s2，求該星球的平均密度與地球的平均密度之比ρ/ρ0。31、【題文】）在如圖所示的xOy平面內(nèi)（y軸的正方向豎直向上）存在著水平向右的勻強(qiáng)電場，有一帶正電的小球自坐標(biāo)原點(diǎn)O沿y軸正方向豎直向上拋出，它的初動(dòng)能為5J，不計(jì)空氣阻力，當(dāng)它上升到最高點(diǎn)M時(shí)；它的動(dòng)能為4J，求：

（1）試分析說明帶電小球被拋出后沿豎直方向和水平方向分別做什么運(yùn)動(dòng)？

（2）若帶電小球落回到x軸上的P點(diǎn),在圖中標(biāo)出P點(diǎn)的位置；

（3）求帶電小球到達(dá)P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能。32、[

物理隆陋

選修3簍C3]

(1)

如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a

出發(fā)，經(jīng)過等容過程ab

到達(dá)狀態(tài)b

再經(jīng)過等溫過程bc

到達(dá)狀態(tài)c

最后經(jīng)等壓過程ca

回到狀態(tài)a

下列說法正確的是_____(

填正確答案標(biāo)號(hào)。)

A.在過程ab

中氣體的內(nèi)能增加B.

在過程ca

中外界對氣體做功C.過程ab

中氣體對外界做功D.

過程bc

中氣體從外界吸收熱量E.在過程ca

中氣體從外界吸收熱量(2)

一種測量稀薄氣體壓強(qiáng)的儀器如圖(a)

所示，玻璃泡M

的上端和下端分別連通兩豎直玻璃細(xì)管K1

和K2K1

長為l

頂端封閉，K2

上端與待測氣體連通；M

下端經(jīng)橡皮軟管與充有水銀的容器R

連通。開始測量時(shí)，M

與K2

相通；逐漸提升R

直到K2

中水銀面與K1

頂端等高，此時(shí)水銀已進(jìn)入K1

且K1

中水銀面比頂端低h

如圖(b)

所示。設(shè)測量過程中溫度、與K2

相通的待測氣體的壓強(qiáng)均保持不變。已知K1

和K2

的內(nèi)徑均為dM

的容積為V0

水銀的密度為婁脩

重力加速度大小為g

求：(i)

待測氣體的壓強(qiáng)；(ii)

該儀器能夠測量的最大壓強(qiáng)。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式E=，運(yùn)用矢量合成的平行四邊形定則求出連線中垂線上各個(gè)點(diǎn)的合場強(qiáng)．電場強(qiáng)度是矢量有大小和方向．【解析】【解答】解：A、根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式E=；運(yùn)用矢量合成的平行四邊形定則得：C點(diǎn)和H點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，方向分別是向上和向下，故A錯(cuò)誤．

B；根據(jù)等量同種電荷電場線的分布情況可知；H點(diǎn)的場強(qiáng)大小不一定大于P點(diǎn)場強(qiáng)大小，故B錯(cuò)誤．

C；正的檢驗(yàn)電荷q在c點(diǎn)釋放后受到兩個(gè)相等大小的靜電力；合力豎直向上，向上運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤．

D；沿著場強(qiáng)方向；電勢越來越低．取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，C點(diǎn)和P點(diǎn)的電勢皆高于零，且C點(diǎn)電勢高于P點(diǎn)電勢，故D正確．

故選：D2、B【分析】【分析】經(jīng)過一個(gè)半衰期，有半數(shù)發(fā)生衰變，根據(jù)m=m0求出剩余的氡核．【解析】【解答】解：氡222衰變?yōu)獒?18的半衰期為3.8天；7.6天是2個(gè)半衰期；

20g氡222經(jīng)7.6天后還剩下m=m0=20×=5g．

故選：B．3、C【分析】【分析】衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)衛(wèi)星受到地球的萬有引力提供向心力，列式得出線速度、周期和向心加速度與軌道半徑的關(guān)系，再進(jìn)行分析．靜止軌道衛(wèi)星的軌道平面只能在赤道的上方．【解析】【解答】解：根據(jù)萬有引力等于向心力得：G=m=ma

得線速度v=，T=2，a=；則。

A；由于中軌道衛(wèi)星的半徑大于地球半徑；故中軌道衛(wèi)星的線速度小于第一宇宙速度7.9km/s，故A錯(cuò)誤；

B；靜止軌道衛(wèi)星的軌道平面只能在赤道的上方．故B錯(cuò)誤．

C、由T=2可知；靜止軌道衛(wèi)星的軌道半徑較大，其周期較大，故C正確．

D、由a=知；軌道半徑越大，向心加速度越小，故靜止軌道衛(wèi)星的向心加速度較小，故D錯(cuò)誤．

故選C4、B【分析】【解析】

試題分析：本題考查了左手定則的應(yīng)用；注意四指指向是和正電荷運(yùn)動(dòng)方向一致和負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)方向相反，這點(diǎn)在練習(xí)中容易出錯(cuò)，尤其是判斷負(fù)電荷受力時(shí)．

根據(jù)左手定則可知A圖中洛倫茲力向上；故A錯(cuò)誤，B圖中洛倫茲力方向向上，故B正確；C圖中洛倫茲力向外，故C錯(cuò)誤；D圖中洛倫茲力向上，故D錯(cuò)誤．

故選B．

考點(diǎn)：判斷洛侖茲力的方向．

點(diǎn)評(píng)：在利用左手定則判斷洛倫茲力方向時(shí)一定弄清磁場方向的表示方法，在練習(xí)中很多學(xué)生容易錯(cuò)用右手進(jìn)行判斷，這點(diǎn)要特別注意．【解析】【答案】B5、A|B|C【分析】【解析】在地球的表面有由得故A正確，神舟七號(hào)飛船繞地球飛行的半徑比月球繞地球運(yùn)行小，則神舟七號(hào)飛船繞地球飛行的速度比月球繞地球運(yùn)行的速度大，故D不正確；根據(jù)得故B正確；根據(jù)可知故C正確?！窘馕觥俊敬鸢浮緼BC6、C【分析】解：航天器繞星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，由此可知：GmMr2=mv2r=mr婁脴2=mr(2婁脨T)2

A、線速度v=GMr

知；I

軌道上半徑大，線速度小，故A錯(cuò)誤；

B、角速度婁脴=GMr3

知；I

軌道上半徑大，角速度小，故B錯(cuò)誤；

C、周期T=4婁脨2r3GM

知；I

軌道上半徑大，周期大，故C正確；

D；衛(wèi)星在較高軌道上到較低軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)；變軌時(shí)是在較高軌道上減速，使得萬有引力大于在該軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，從而做近心運(yùn)動(dòng)而減小軌道半徑，故D錯(cuò)誤。

故選：C

萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力并由此分析描述圓周運(yùn)動(dòng)各物理量與半徑間的關(guān)系；根據(jù)半徑關(guān)系求解其它物理的變化．

熟悉衛(wèi)星變軌原理，并掌握萬有引力提供衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力是解題的關(guān)鍵．【解析】C

7、D【分析】【分析】場強(qiáng)可根據(jù)電場線的疏密分析大小，由切線方向分析場強(qiáng)的方向．在以點(diǎn)電荷為球心的球面上各點(diǎn)的電勢相等；電荷的運(yùn)動(dòng)情況不僅跟電場力有關(guān)，還與初速度條件有關(guān)；場強(qiáng)與電勢沒有直接關(guān)系；電荷要沿電場線運(yùn)動(dòng)，電場線必須是直線．根據(jù)這些知識(shí)解答．【解析】【解答】解：A；電場線的方向；與正電荷受力的方向相同，與負(fù)電荷受力的方向相反，故A錯(cuò)誤．

B；正電荷只在電場力作用下；若無初速度，或初速度與電場線的夾角不大于90°，從高電勢向低電勢運(yùn)動(dòng)，若初速度與電場線的夾角大于90°，從低電勢向高電勢運(yùn)動(dòng)．故B錯(cuò)誤．

C；電勢是相對的；電勢零點(diǎn)可人為選擇，而場強(qiáng)由電場本身決定，兩者沒有直接的關(guān)系，所以場強(qiáng)為零處，電勢不一定為零；電勢為零處，場強(qiáng)不一定為零．故C錯(cuò)誤．

D；根據(jù)電場線的分布情況可知；離點(diǎn)電荷距離越遠(yuǎn)場強(qiáng)越小，而以點(diǎn)電荷為球心的球面上各點(diǎn)場強(qiáng)大小相等，方向不同，所以在點(diǎn)電荷形成的電場中沒有場強(qiáng)相等的兩點(diǎn)．以點(diǎn)電荷為球心的球面，其上各點(diǎn)的電勢相等，故D正確．

故選：D．8、B【分析】【分析】根據(jù)功的公式W=FL可知，知道F的大小，再求得各自時(shí)間段內(nèi)物體的位移即可求得力F做功的多少．【解析】【解答】解：由速度圖象可知，第1s、2s、3s內(nèi)的位移分別為0.5m、0.5m、1m，由F-t圖象及功的公式w=Fscosθ可求知：W1=0.5J，W2=1.5J，W3=2J．

總功為4J；故本題中ACD錯(cuò)誤，B正確．

故選：B．二、填空題(共8題，共16分)9、組成物體的所有分子動(dòng)能和分子勢能【分析】【分析】內(nèi)能是由所有分子動(dòng)能與勢能的加和．【解析】【解答】解：內(nèi)能是物體內(nèi)部具有的能量；它包括組成物體的所有分子動(dòng)能和分子勢能．

故答案為：組成物體的所有分子動(dòng)能和分子勢能10、1：11：1【分析】【分析】同軸轉(zhuǎn)動(dòng)角速度相等，然后根據(jù)公式v=rω比較線速度大小關(guān)系．【解析】【解答】解：赤道上的物體P與物體Q都繞地軸轉(zhuǎn)動(dòng)；是同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等；

由于P和Q都在赤道上，轉(zhuǎn)動(dòng)半徑相等，根據(jù)公式v=rω；線速度相等；

故答案為：1：1，1：1．11、略

【分析】

根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：PB-mvA=0，則B球在碰撞前的動(dòng)量大小為PB=mvA=2×1kg?m/s=2kgm/s．

若B在碰撞前后的速度大小相同；設(shè)為v′，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得。

mv-mBv′=（m+mB）v′

則得v′==＜1m/s

故B球的初速度不超過1m/s

故答案為：2；1

【解析】【答案】A；B兩球碰撞過程；系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求解B球在碰撞前的動(dòng)量大小．

12、略

【分析】畫出經(jīng)過P點(diǎn)的入射光線，不難看出入射角為45°，臨界角為45°，由sinC=1/n,n=若僅將a平行光換成b平行光，測得有光射出的范圍增大說明臨界角增大了，折射率減小了，由n=c/v可知速度v增大了【解析】【答案】＜（每空2分）13、【分析】【分析】小物塊向左運(yùn)動(dòng)過程中，物塊、木板、組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng)物塊與彈簧達(dá)到共同速度時(shí)，彈簧壓縮到最短，彈性勢能最大【解析】【解答】解：設(shè)物塊運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较?；彈簧壓縮最大時(shí)，兩者最終共同速度為v由動(dòng)量守恒定律得：

（M+m）v=mv0

v=v0

由于物塊最終停在木板最右端；故最終兩者共同速度為v；

由能量守恒得；整個(gè)過程放出的總熱：

Q=m-（m+M）v2=

所以；彈簧壓縮到最大時(shí)具有的彈性勢能：

Ep==

故答案為：；14、水平臺(tái)右【分析】【分析】調(diào)節(jié)天平的橫梁平衡的方法：把天平放在水平臺(tái)上；游碼移到標(biāo)尺左端的零刻度．調(diào)節(jié)天平的平衡螺母，當(dāng)指針指到分度盤的中央位置，或左右偏轉(zhuǎn)的格數(shù)相同時(shí)，天平的橫梁平衡．

根據(jù)測量的要求，需將所測的數(shù)據(jù)全部記錄，并最終通過密度的公式計(jì)算結(jié)果，據(jù)此來設(shè)計(jì)記錄數(shù)據(jù)的表格．【解析】【解答】解：①把天平放在水平臺(tái)上；并將游碼移至標(biāo)尺左端零刻線處；調(diào)節(jié)天平橫梁平衡時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針在分度盤如圖甲所示位置，即向左偏，根據(jù)“左偏右移”，此時(shí)應(yīng)將平衡螺母向右調(diào)節(jié)；

②根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟中所需測量的物理量；可設(shè)計(jì)如下記錄數(shù)據(jù)的表格；

其中零件的質(zhì)量m=50g+10g+2g=62.0g；零件的體積V=80ml-60ml=20ml=20cm3；

故答案為：①水平太；右；②如圖．15、奧斯特【分析】【分析】要解決此題，需要掌握奧斯特實(shí)驗(yàn)，知道此實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電流周圍存在磁場．【解析】【解答】解：1820年；丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，即電流周圍存在磁場；

故答案為：奧斯特．16、甲1000990【分析】【分析】根據(jù)題給條件分析電流表、電壓表示數(shù)變化顯著程度，來分析電路誤差大?。疁y量值由電壓表與電流表讀數(shù)之比求出，剔除誤差后求出真實(shí)值．【解析】【解答】解：兩次測量電壓表示數(shù)變化率大小==；

電流表示數(shù)變化率大小==

則＜

可見電流表示數(shù)變化顯著；說明電壓分流作用顯著，采用電流表內(nèi)接法誤差較小，故甲圖所示電路測該電阻的阻值誤差較?。?/p>

測量值Rx===1000Ω

真實(shí)值R真=Rx-RA=1000-10=990Ω；

故答案是：甲；1000；990．三、判斷題(共7題，共14分)17、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段時(shí)間或某一過程內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況；而瞬時(shí)速度只能表示物體在某一瞬時(shí)或某一位置時(shí)的速度．平均速度與位移與時(shí)間的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬時(shí)速度為0；則物體不動(dòng)，無位移，則平均速度為0

故答案為：√18、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；布朗運(yùn)動(dòng)是液體（或氣體）分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反應(yīng)．【解析】【解答】解：較大的顆粒不做布朗運(yùn)動(dòng)是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)楦鱾€(gè)方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，不是因?yàn)榉肿拥臎_擊力小．所以以上的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．19、√【分析】【分析】液體微觀結(jié)構(gòu)理論：

（1）液體分子的排列更接近于固體；是密集在一起的，因而液體具有一定的體積，不易被壓縮。

（2）液體分子之間的相互作用不像固體中的微粒那樣強(qiáng)；液體分子只在很小的區(qū)域內(nèi)做有規(guī)則的排列，這種區(qū)域是暫時(shí)形成的，邊界和大小隨時(shí)改變，有時(shí)瓦解，有時(shí)又重新形成，液體由大量的這種暫時(shí)形成的小區(qū)域構(gòu)成，這種小區(qū)域雜亂無章地分布著，因而液體表現(xiàn)出各向同性。

（3）液體分子的熱運(yùn)動(dòng)與固體類似，主要表現(xiàn)為在平衡位置附近做微小的振動(dòng)，但液體分子沒有長期固定的平衡位置，在一個(gè)平衡位置附近振動(dòng)一小段時(shí)間以后，又轉(zhuǎn)移到另一個(gè)平衡位置附近去振動(dòng)，即液體分子可以在液體中移動(dòng)，這就是液體具有流動(dòng)性的原因．【解析】【解答】解：由液體的結(jié)構(gòu)知非晶體的結(jié)構(gòu)進(jìn)行比較可知；二者在很多的方面非常類似，可以看作是粘滯性極大的液體．該說法是正確的；

故答案為：√20、√【分析】【分析】根據(jù)顯像原理：顯像管尾部的電子槍發(fā)射的電子束被加速和控制后呈掃描狀轟擊屏幕上的熒光粉，使屏幕發(fā)光，結(jié)合交流電的頻率，即可求解．【解析】【解答】解：電子槍發(fā)射電子束擊在顯像管的屏幕上的彩色繭光粉上；它的電子束是逐行掃描的，速度非常的快，肉眼是看不出來的，電子束掃描的方向主是靠顯像管管頸上的偏轉(zhuǎn)線圈來控制的，交流電的頻率為50赫茲，因此電子束能在1秒內(nèi)，打在熒光屏上50場畫面，所以顯象管中電子束每秒進(jìn)行50場掃描；

故答案為：√．21、×【分析】【分析】物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，合外力對物體不做功，但合外力不做功，物體不一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：物體受到的合外力不做功；則物體一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案為：×22、√【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的幾個(gè)重要的效應(yīng)之一：尺縮效應(yīng)：在尺子長度方向上運(yùn)動(dòng)的尺子比靜止的尺子短，當(dāng)速度接近光速時(shí)，尺子縮成一個(gè)點(diǎn)，即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的尺縮效應(yīng)：一條沿自身長度方向運(yùn)動(dòng)的桿；其長度總比桿靜止時(shí)的長度短．故該說法是正確的．

故答案為：√23、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動(dòng)的描述盡可能簡單．該說法是正確的．

故答案為：√四、畫圖題(共2題，共8分)24、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長，由波速公式求出周期．根據(jù)簡諧運(yùn)動(dòng)在一個(gè)周期內(nèi)通過的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫出7s時(shí)的波形圖．由圖直接可得波長根據(jù)得：7秒內(nèi)波傳播的位移為：根據(jù)平移法，把波形沿傳播方向平移3.5米，如下圖實(shí)線：考點(diǎn)：畫波形圖【解析】【答案】圖形向左平移1.5m25、略

【分析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題【解析】【答案】【解析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題五、解答題(共3題，共12分)26、略

【分析】【分析】電動(dòng)車行駛過程中不剎車，車輛貯存的能量全部用來克服地面阻力做功，根據(jù)ηE總=μMgs求解最大行駛距離，由蓄電池工作時(shí)損失的能量全部轉(zhuǎn)化為控制電阻、電池和電動(dòng)機(jī)的內(nèi)能，根據(jù)焦耳定律求解電阻，電動(dòng)車勻速行駛時(shí)牽引力等于摩擦力F，再根據(jù)P=Fv求解速度．【解析】【解答】解：設(shè)電動(dòng)車行駛過程中不剎車，車輛貯存的能量全部用來克服地面阻力做功，有：ηE總=μMgs，這輛車最多能行駛距離為=60km

由蓄電池工作時(shí)損失的能量全部轉(zhuǎn)化為控制電阻、電池和電動(dòng)機(jī)的內(nèi)能，有：EI（1-η）=I2R；

可得控制電阻，電池和電動(dòng)機(jī)總內(nèi)阻R=；

由蓄電池工作時(shí)80%能量轉(zhuǎn)化為電動(dòng)車的機(jī)械能；且電動(dòng)車勻速行駛時(shí)牽引力等于摩擦力F=f，有ηEI=Fv=μMgv；

可得，電動(dòng)車勻速行駛速度v=；

電動(dòng)車欲加速行駛；必須從工作電路中減小控制電阻，使工作電流變大，電功率變大，從而增大率引力，且F＞f而產(chǎn)生加速度．

答：這臺(tái)電動(dòng)車行駛的有效距離最多是60km，控制電阻、電池和電動(dòng)機(jī)的總內(nèi)阻是0.24Ω，電動(dòng)車輛能勻速行駛的速度0.64m/s，電動(dòng)車輛加速行駛的方法是從工作電路中減小控制電阻．27、略

【分析】【分析】（1）球1與球2；球2與球3碰撞后速度互換；各球間碰撞時(shí)同時(shí)滿足動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律，根據(jù)單擺周期公式求解。

（2）對于球1與球2碰撞，對于球2與球3碰撞，根據(jù)機(jī)械能守恒定律列出等式求解．【解析】【解答】解：（1）球1與球2、球2與球3碰撞后速度互換，球3以球1碰球2前瞬間的速度開始上升到H高處，然后再擺回來與球2、球2與球1碰撞，使球1上升到H高處，此后，系統(tǒng)做到周期性運(yùn)動(dòng)，則

由此可知系統(tǒng)的運(yùn)動(dòng)周期為：

（2）由題意知三球碰后的動(dòng)量均相同；設(shè)為p；

則；球2在與球3碰前具有動(dòng)量2p；

根據(jù)機(jī)械能守恒定律，對于球2與球3碰撞的情況應(yīng)有：=+

由此得：m2：m3=3：1

球1與球2碰前的動(dòng)量為3p，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：

由此得：m1：m2=2：1

從而可得：m1：m2：m3=6：3：1

設(shè)三球碰后上升的高度分別為H1、H2、H3

球1碰前動(dòng)能EK1=m1gH，又EK1=，∴H2=

球1碰后動(dòng)能EK1=m1gH1，又EK1=，∴

從而可得：

同理可得：

H3=4H

答：（1）若三個(gè)球的質(zhì)量相同，則發(fā)生碰撞的兩球速度交換，．

（2）若三個(gè)球的質(zhì)量不同，要使球1與球2、球2與球3相碰之后，三個(gè)球具有同樣的動(dòng)量，則m1：m2：m3=6：3：1．

它們上升的高度分別為，，4H．28、略

【分析】【分析】對小球受力分析，受重力、拉力和風(fēng)力處于平衡，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出風(fēng)對小球的作用力和繩子的拉力．【解析】【解答】解：小球的受力如圖；根據(jù)共點(diǎn)力平衡得風(fēng)對小球的作用力為：

F風(fēng)=mgtan30°=60×N=20N．

繩子的拉力大小為：

T==N=40N．

答：風(fēng)對小球的作用力為20N．繩子的拉力為40N．六、綜合題(共4題，共32分)29、略

【分析】【解析】本例氣體系統(tǒng)處于力學(xué)非平衡狀態(tài)；需要綜合應(yīng)用氣體定律和牛頓運(yùn)動(dòng)定律解題.由于整個(gè)裝置一起做加速運(yùn)動(dòng)，為了求F，只要求出加速度即可.而求加速度最簡便的方法是以缸體為研究對象，利用牛頓第二定律求解.

裝置靜止時(shí)，汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p0,體積V1=l1S=1×10-3m3;設(shè)裝置加速運(yùn)動(dòng)時(shí)氣體的壓強(qiáng)為p2,體積V2=l2S=8×10-4m3,由玻意耳定律得：p0V1=p2V2①

裝置加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，缸體受力情況如圖所示，由牛頓第二定律得：p2S-p0S="Ma"②

以整個(gè)裝置為研究對象，則F=（M+m)a,解得F=（M+m)(p0V1S/V2-p0S)/M="375"N【解析】【答案】375N30、略

【分析】【解析】(1)小滑塊從A到C的過程中；由動(dòng)能定理得。

(3分)

代入數(shù)值解得g=6m/s2(2分)

(2)設(shè)探測器質(zhì)量為探測器繞該星球表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)運(yùn)行速度最大，由牛頓第二定律和萬有引力定律得。

(2分)

又(2分)

解得(1分)

代入數(shù)值解得v=6km/s(1分)

(3)由星球密度和得該星球的平均密度與地球的平均密度之比(2分)

代入數(shù)值解得(2分)【解析】【答案】（1）6m/s2（2）6km/s（3）31、略

【分析】【解析】（1）在豎直方向；小球受重力作用，由于重力與小球初速度方向相反，所以沿豎直方向小球做勻減速直線運(yùn)動(dòng)（豎直上拋運(yùn)動(dòng)）。沿水平方向，小球受水平向右的恒定電場力作用，做初速度為零的勻加速度直線運(yùn)動(dòng)。

（2）P點(diǎn)坐標(biāo)如圖所示。

（3）設(shè)粒子的質(zhì)量為m，帶電量為q，小球能上升的最大高度為h，OM之間的電勢差為U1，MP之間的電勢差為U2-，對粒子從O到M的過程有：

所以：J，J

從O到P由動(dòng)