2025年中圖版高三物理上冊(cè)階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版高三物理上冊(cè)階段測試試卷529考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、甲、乙兩物體分別從10m和20m高處同時(shí)自由落下，不計(jì)空氣阻力，下面描述正確的是（）A.落地時(shí)甲的速度是乙的B.落地的時(shí)間甲是乙的2倍C.下落1s時(shí)，甲的速度小于乙的速度D.甲物體在最后1s內(nèi)下落的高度小于乙物體在最后1s內(nèi)下落的高度2、（2015秋?鷹潭期末）如圖所示電路中，R1=4Ω，R2=6Ω，電源內(nèi)阻不可忽略，當(dāng)開關(guān)S2閉合時(shí)，電流表的示數(shù)為3A，則當(dāng)開關(guān)S2斷開時(shí)，電流表示數(shù)可能為（）A.3.2AB.2.1AC.1.2AD.0.8A3、下列說法正確的是（）A.玻璃棒無論與什么物體摩擦都帶正電，橡膠棒無論與什么物體摩擦都帶負(fù)電B.摩擦起電的過程就是創(chuàng)造等量異種電荷的過程C.只有體積很小的帶電體才能看成點(diǎn)電荷，體積很大的帶電體一定不能看成點(diǎn)電荷D.元電荷是表示跟電子或質(zhì)子所帶電量數(shù)值相等的電量，物體所帶的電量只能是元電荷的整數(shù)倍4、氫原子的能級(jí)公式為，E1表示氫原子處于基態(tài)時(shí)的能量，一群氫原了處于n=4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)它們自發(fā)地躍遷到較低的能級(jí)時(shí)（）A.可能輻射出4種不同頻率的光子B.可能輻射出6種不同頻率的光子C.頻率最小的光子是由n=4能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷時(shí)輻射的D.波長最小的光子是由n=4能級(jí)向n=3能級(jí)躍遷時(shí)輻射的5、在力學(xué)理論建立的過程中，有許多偉大的科學(xué)家作出了貢獻(xiàn)．關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說法正確的是（）A.卡文迪許通過實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量B.伽利略發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律C.牛頓最早指出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因D.法拉第對(duì)牛頓第二定律的建立做出了貢獻(xiàn)6、【題文】(6分)如圖為氫原子的能級(jí)示意圖，鋅的逸出功是3.34eV，那么對(duì)氫原子在能級(jí)躍遷過程中發(fā)射或吸收光子的特征認(rèn)識(shí)正確的是____。(填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得3分；選對(duì)2個(gè)得4分；

選對(duì)3個(gè)得6分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分；最低得分為0分)

A.用氫原子從高能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)發(fā)射的光照射鋅板一定不能產(chǎn)生光電效應(yīng)B.一群處于n=3能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，能放出3種不同頻率的光C.一群處于n=3能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，發(fā)出的光照射鋅板，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動(dòng)能為8.75eVD.用能量為10.3eV的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)7、下列說法正確的是（）A.洗衣機(jī)脫水桶脫水時(shí)利用了離心運(yùn)動(dòng)B.牛頓、千克、秒為力學(xué)單位制中的基本單位C.牛頓提出了萬有引力定律，并通過實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量D.理想實(shí)驗(yàn)是把實(shí)驗(yàn)的情況外推到一種理想狀態(tài)，所以是不可靠的8、如圖所示，平行四邊形勻強(qiáng)磁場區(qū)域KLMN，另有一導(dǎo)體棒ab僅在恒定拉力F的作用下從靜止開始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)ab棒的b端到達(dá)磁場區(qū)域的右邊界時(shí)，撤去F．在穿過磁場區(qū)域的過程中導(dǎo)體棒始終保持與磁感線方向垂直．則導(dǎo)體棒穿過磁場區(qū)域的過程中，a、b兩點(diǎn)間的電勢差與時(shí)間的Uab-t圖線為（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、力對(duì)物體做功的功率，下面幾種表達(dá)中正確的是（）A.力對(duì)物體做功越多，這個(gè)力的功率就越大B.力對(duì)物體做功的時(shí)間越短，這個(gè)力的功率就越大C.力對(duì)物體做功較少，其功率可能較大；力對(duì)物體做功較多，但其功率不一定大D.功率是表示做功快慢的物理量，而不是表示做功多少的物理量10、（2015?淮安三模）如圖甲所示，固定斜面AC長為L，B為斜面中點(diǎn)，AB段光滑．一物塊在恒定拉力F作用下，從最低點(diǎn)A由靜止開始沿斜面上滑至最高點(diǎn)C，此過程中物塊的動(dòng)能Ek隨位移s變化的關(guān)系圖象如圖乙所示．設(shè)物塊由A運(yùn)動(dòng)到C的時(shí)間為t0，下列描述該過程中物塊的速度v隨時(shí)間t、加速度大小a隨時(shí)間t、加速度大小a隨位移s、機(jī)械能E隨位移s變化規(guī)律的圖象中，可能正確的是（）A.B.C.D.11、某人在勻速流動(dòng)的河水中游泳，希望渡河運(yùn)動(dòng)的軌跡是一條直線，則人的運(yùn)動(dòng)可能是（）A.垂直于河岸勻加速的游去B.垂直于河岸勻速的游去C.斜向上游勻速的游去D.斜向下游勻加速的游去12、以下幾種說法中，哪個(gè)是錯(cuò)誤的（）A.合力的大小一定大于分力的大小B.合力的大小至少要大于一個(gè)分力的大小C.合力的大小可以比兩個(gè)分力都小，也可以比兩個(gè)分力都大D.若分力F1＞F2，則合力F大小的變化范圍是F2＜F＜F113、如圖，勻強(qiáng)磁場垂直紙面向里，有一足夠長的等腰三角形絕緣滑槽，斜槽兩側(cè)與水平面夾角為α，在斜槽頂點(diǎn)兩側(cè)各放一個(gè)質(zhì)量相等、帶等量負(fù)電荷的滑塊A和B，兩滑塊與斜槽間的動(dòng)摩擦因數(shù)相等，且μ＜tanα，將兩滑塊同時(shí)由靜止釋放，則（）A.洛倫茲力對(duì)B兩滑塊都不做功B.兩滑塊沿斜槽都做勻加速運(yùn)動(dòng)，且aA＞aBC.兩滑塊沿斜槽都做變加速運(yùn)動(dòng)，且aA＞aBD.兩滑塊沿斜槽的最大位移的大小關(guān)系為sA＞sB14、如圖所示，兩根輕質(zhì)細(xì)線的一端拴在O

點(diǎn)、另一端分別固定在樓道內(nèi)的傾斜天花板上的a

點(diǎn)和b

點(diǎn)，一質(zhì)量為m

的重物P

通過長度為L

的輕質(zhì)細(xì)線固定在O

點(diǎn)，系統(tǒng)靜止，Oa

水平、Ob

與豎直方向成一定夾角?，F(xiàn)在對(duì)重物施加一個(gè)水平向右的拉力F

使重物P

緩慢移動(dòng)，至OP

間細(xì)線轉(zhuǎn)動(dòng)60鈭?

此過程中拉力F

做功W

則下列判斷正確的是(

)

A.Oa

上的拉力F1

可能不變，Ob

上的拉力F2

可能增大B.Oa

上的拉力F1

不斷增大，Ob

上的拉力F2

一定不變C.W=12mgL

D.W=32FL

15、如圖所示，空間中存在具有理想邊界且范圍足夠大的磁場，邊界左側(cè)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外，邊界右側(cè)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里．磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與速度大小的變化關(guān)系均為B=kv+B0（k＞1），在左、右側(cè)磁場中有兩個(gè)完全相同的金屬線框，線框的左右邊均與邊界平行，現(xiàn)將A、B線框同時(shí)釋放，A釋放位置比B略高，初速度分別為vA、vB，不考慮線框間的相互作用．則下列說法正確的是（）A.B線框在下落過程中速度差不變B.如果vA＞vB，則釋放瞬間A中產(chǎn)生的感應(yīng)電流大C.如果vA＞vB，則釋放瞬間B所受的作用力大D.下落相等時(shí)間，B線框上產(chǎn)生的焦耳熱相等16、關(guān)于平拋運(yùn)動(dòng)的下列論述中，正確的是（）A.從同一高度以不同速度同時(shí)水平拋出兩個(gè)物體，它們落地的時(shí)間一定相同B.從同一高度以不同速度同時(shí)水平拋出兩個(gè)物體，它們拋出的水平距離一定相同C.從不同高度以相同速度同時(shí)水平拋出兩個(gè)物體，它們落地的時(shí)間一定不相同D.從不同高度以相同速度同時(shí)水平拋出兩個(gè)物體，它們拋出的水平距離一定不相同評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、光在真空中的傳遞速度為____m/s，從地面向月球發(fā)射的激光到達(dá)月球并返回地面約2.6s，則地球和月球之間的距離是____km．18、將地球上的秒表拿到月球上實(shí)驗(yàn)，不改變其擺長，它的周期將____（選填“大于”、“小于”、“等于”）2秒，這個(gè)秒表在位移相同的情況下，在月球上的回復(fù)力比在地球的回復(fù)力更____（選填“大”、“小”）19、公園里有一個(gè)噴泉，噴水高度為5m，水泵功率為8KW，估算任一時(shí)刻有____m3的水噴在空中．20、（2012春?宿松縣校級(jí)月考）如圖所示，在水平傳送帶上有三個(gè)質(zhì)量分別為m1、m2、m3的木塊1、2、3，1和2及2和3間分別用原長為L，勁度系數(shù)為k的輕彈簧連接起來，木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，現(xiàn)用水平細(xì)繩將木塊1固定在左邊的墻上，傳送帶按圖示方向勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)三個(gè)木塊達(dá)到平衡后，1、3兩木塊之間的距離是____．21、某處高樓著火，消防隊(duì)員救了一個(gè)小孩后要從距地面高h(yuǎn)=34.5m處的一扇窗戶外沿一條豎直懸垂的繩子滑下，為了縮短下滑時(shí)間，他們先勻加速下滑，此時(shí)，手腳對(duì)懸繩的壓力N1=640N，一段時(shí)間后再勻減速下滑，此時(shí)手腳對(duì)懸繩的壓力N2=2080N，滑至地面時(shí)速度為安全速度υ=3m/s．已知：兩人的總質(zhì)量m=80kg，手腳和懸繩間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.50，g取l0m/s2．求他們滑至地面所用的時(shí)間t．22、（2011春?成都校級(jí)月考）如圖所示，質(zhì)量為m，帶電為-q的滑塊從傾角為θ的光滑絕緣斜面上由靜止開始下滑，如果斜面處于垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場內(nèi)，磁感強(qiáng)度為B．若斜面足夠長，滑塊在斜面上滑行的最大速度為____，在斜面上滑行的最長時(shí)間為____．評(píng)卷人得分四、解答題(共3題，共24分)23、已知地球表面重力加速度為g，半徑為R，推導(dǎo)出第一宇宙速度V=．24、如圖（甲）所示，為一傾角0=37°的足夠長斜面，將一質(zhì)量為m=1kg的物體無初速度在斜面上釋放，同時(shí)施加一沿斜面向上的拉力，拉力隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象如圖（乙）所示，物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25，取g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：

（1）2s末物體的速度；

（2）前16s內(nèi)物體發(fā)生的位移．25、如圖所示，質(zhì)量為m的小球在光滑水平面上，被三個(gè)同樣的輕質(zhì)彈簧a、b；c拉住處于靜止?fàn)顟B(tài)；三個(gè)輕質(zhì)彈簧也在水平面內(nèi)，且互成120°角，彈簧的勁度系數(shù)k=20N/cm．

（1）若c彈簧在圖中伸長了2cm，則a、b彈簧伸長了多少？

（2）在剪斷c彈簧的瞬間，小球受的加速度是多大？方向如何？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】兩個(gè)物體根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式即可求解【解析】【解答】解：A、根據(jù)v=可知，落地時(shí)乙的速度是甲乙速度的倍；故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)；落地的時(shí)間乙是甲的倍，故B錯(cuò)誤；

C；根據(jù)v=gt可知；下落1s時(shí)甲的速度與乙的速度都為10m/s，相同，故C錯(cuò)誤；

D、甲乙兩物體下落的時(shí)間不同，最后一秒的甲初速度大于乙的初速度，所以最后1s下落的距離；故甲的位移小于乙的位移，故D正確；

故選：D2、B【分析】【分析】對(duì)S2閉合和斷開的情況，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電流的變化，結(jié)合路端電壓的變化列式，從而確定電流的范圍．即可選擇．【解析】【解答】解：當(dāng)開關(guān)S2斷開時(shí)，外電阻增大，電路中電流減小，所以電流表示數(shù)I2＜3A．

外電阻增大，路端電壓增大，則有I2（R1+R2）＞I1R1，得I2＞=A=1.2A

故電流表示數(shù)的范圍為：1.2A＜I2＜3A．故ACD錯(cuò)誤；B正確．

故選：B3、D【分析】【分析】摩擦起電的原因是不同物質(zhì)的原子核束縛核外電子的能力不同，能力強(qiáng)的得電子帶負(fù)電，能力弱的失電子帶正電，所以摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移．摩擦后的物體帶什么電荷要看相互摩擦的兩個(gè)物體獲得電子的能力的強(qiáng)弱，如果兩個(gè)物體獲得電子能力相同，則相互摩擦的后不會(huì)帶電．獲得電子的能力強(qiáng)的會(huì)得到電子帶負(fù)電，獲得電子的能力弱的失電子帶正電．電子的帶電量最小，質(zhì)子的帶電量與電子相等，但電性相反，故物體的帶電量只能是電子電量的整數(shù)倍，人們把這個(gè)最小的帶電量叫做叫做元電荷．【解析】【解答】解：A；摩擦起電的原因是不同物質(zhì)的原子核束縛核外電子的能力不同；兩個(gè)物體摩擦后帶什么電荷要看相互摩擦的兩個(gè)物體獲得電子的能力的強(qiáng)弱，故A錯(cuò)誤；

B；摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移；不是創(chuàng)造電荷，故B錯(cuò)誤；

C；只要帶電體的大小在所研究的問題中可以忽略不計(jì)就可以看作點(diǎn)電荷；即與體積的相對(duì)大小有關(guān)，而與體積絕對(duì)大小無關(guān)，故C錯(cuò)誤；

D；元電荷是表示跟電子或質(zhì)子所帶電量數(shù)值相等的電量；物體所帶的電量只能是元電荷的整數(shù)倍，故D正確；

故選：D．4、B【分析】【分析】能級(jí)間躍遷輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出可能輻射的光子頻率種數(shù)．【解析】【解答】解：A、根據(jù)=6知；一群氫原了處于n=4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)它們自發(fā)地躍遷到較低的能級(jí)時(shí)，可能輻射6種不同頻率的光子．故A錯(cuò)誤，B正確．

C；由于n=4和n=1間的能級(jí)差最大；則輻射的光子頻率最大，n=4和n=3間的能級(jí)差最小，輻射的光子頻率最小，波長最長．故C、D錯(cuò)誤．

故選B．5、A【分析】試題分析：牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律但并沒有測出引力常量，直到100多年后卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量，所以A正確；開普靳根據(jù)他老師第谷的觀測數(shù)據(jù)總結(jié)出了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，所以B錯(cuò)誤；伽利略推反了亞里士多德關(guān)于力是維持物體運(yùn)動(dòng)的觀點(diǎn)，所以C錯(cuò)誤；牛頓定律由牛頓提出，對(duì)牛頓第二定律的建立做出重要貢獻(xiàn)的是伽利略，他對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律的描述被稱為牛頓第二定律的雛形，所以D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：物理學(xué)史【解析】【答案】A6、B|C|E【分析】【解析】

試題分析：氫原子從高能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)輻射的光子能量等于能級(jí)差，只有能級(jí)差大于等于鋅板逸出功比如從躍遷到基態(tài)時(shí)，輻射處的光子能量就大于可以使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)，選項(xiàng)A錯(cuò)。一群處于n=3能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，存在三條路徑，輻射出三種不同能量即不同頻率的光子，選項(xiàng)B對(duì)。輻射出的光子能量等于能極差，逸出光電子的最大初動(dòng)能選項(xiàng)C對(duì)。用能量為10.3eV的光子照射，由于該光子能量不等于任意兩個(gè)氫原子的能極差，而且小于從基態(tài)到電離所需的能量，所以基態(tài)的氫原子不能吸收該光子躍遷，而14.0eV的光子足以使得氫原子從基態(tài)電離，多余的能量轉(zhuǎn)化為電離后的動(dòng)能，選項(xiàng)D錯(cuò)E對(duì)。

考點(diǎn)：氫原子能級(jí)結(jié)構(gòu)【解析】【答案】BCE7、A【分析】解：A；洗衣機(jī)脫水時(shí)利用離心運(yùn)動(dòng)將附著在衣服上的水分甩掉；水做離心運(yùn)動(dòng)．故A正確；

B；米、千克、秒為力學(xué)單位制中的基本單位；而牛頓不是的基本單位，故B錯(cuò)誤；

C；牛頓提出了萬有引力定律；卡文迪許通過實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量．故C錯(cuò)誤．

D；理想實(shí)驗(yàn)是把實(shí)驗(yàn)的情況外推到一種理想狀態(tài)；是可靠的，故D錯(cuò)誤；

故選：A．

根據(jù)需要的向心力大于提供的向心力；發(fā)生離心現(xiàn)象；牛頓不是基本單位；牛頓提出了萬有引力定律，伽勒觀察到海王星，卡文迪許通過實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量；理想實(shí)驗(yàn)是可靠的，來判斷正誤．

考查離心現(xiàn)象的原理，及發(fā)生條件，掌握基本單位與導(dǎo)出單位的區(qū)別，注意萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)與引力常量測定者的不同．【解析】【答案】A8、D【分析】【分析】導(dǎo)體棒ab在恒定拉力F的作用下從靜止做勻加速運(yùn)動(dòng)，分三段研究：b端進(jìn)入磁場、ab桿完全進(jìn)入磁場和b端出磁場，得到a、b兩點(diǎn)間的電勢差與時(shí)間的關(guān)系式，再進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：設(shè)∠KNM=α．

導(dǎo)體棒在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)將產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，但沒有感應(yīng)電流，不受安培力，所以ab在恒定拉力F的作用下將做勻加速運(yùn)動(dòng)．設(shè)加速度為a，ab桿的總長為L．

從b端進(jìn)入磁場開始計(jì)時(shí)，則b端進(jìn)入磁場的過程中，t時(shí)刻ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為E=Blv=B?vttanα?v=Bv2tanα

又v=at，則得E=（Ba2tanα）t2

a、b兩點(diǎn)間的電勢差與時(shí)間的Uab=E=（Ba2tanα）t2，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知這個(gè)過程Uab-t圖線為開口向上的拋物線；

ab桿完全進(jìn)入磁場的過程，Uab=E=BLv=BLat；該段圖線是向上傾斜的直線；

b端出磁場的過程已經(jīng)撤去F，桿ab做勻速運(yùn)動(dòng)，有效的切割長度均勻減小，感應(yīng)電動(dòng)勢均勻減小，Uab=E均勻減??；則此段圖線是向下傾斜的直線，故D正確．

故選：D．二、多選題(共8題，共16分)9、CD【分析】【分析】功率的定義式為P=，是用比值法定義的，與時(shí)間和做功多少無關(guān)，表示做功的快慢；公式P=Fv反映了功率的決定因素．【解析】【解答】解：A；功率表示做功的快慢；力對(duì)物體做功多，時(shí)間不一定小，故這個(gè)力的功率不一定大，故A錯(cuò)誤；

B；功率表示做功的快慢；力對(duì)物體做功的時(shí)間短，但功不一定大，故這個(gè)力的功率不一定大，故B錯(cuò)誤；

C；功率表示做功的快慢；是用比值法定義的，與做功的大小無直接關(guān)，故C正確；

D；功率是表示做功快慢而不是表示做功多少的物理量；故D正確；

故選：CD．10、CD【分析】【分析】根據(jù)動(dòng)能隨s的表達(dá)式得出整個(gè)過程中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，即前半段做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后半段做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合平均速度的推論比較兩段過程中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間．根據(jù)除重力以外其它力做功判斷機(jī)械能的變化．【解析】【解答】解：A；根據(jù)動(dòng)能隨s的表達(dá)式知；動(dòng)能先均勻增加，然后均勻減小，即合力先做正功再做負(fù)功，知物塊先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移和勻減速直線運(yùn)動(dòng)的位移大小相等，勻減速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度大于勻加速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度，則勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間小于勻加速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，故A錯(cuò)誤．

B；前半段和后半段均做勻變速直線運(yùn)動(dòng)；兩段過程中加速度分別不變，但是兩段過程中的時(shí)間不等，故B錯(cuò)誤，C正確．

D；根據(jù)除重力以外其它力做功等于機(jī)械能的增量；知前半段恒力F做正功，可知機(jī)械能隨s均勻增加，后半段只有重力做功，機(jī)械能守恒，故D正確．

故選：CD．11、BC【分析】【分析】根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解，結(jié)合平行四邊形定則及直線運(yùn)動(dòng)的條件，即可求解．【解析】【解答】解：根據(jù)矢量的合成法則；要使運(yùn)動(dòng)軌跡是直線，且水流是勻速，因此人必須勻速運(yùn)動(dòng)；

則可以垂直河岸勻速的游去；也可以斜向上游勻速的游去，故BC正確，AD錯(cuò)誤；

故選：BC．12、ABD【分析】【分析】合力與分力遵循平行四邊形定則，根據(jù)平行四邊形定則確定合力與分力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈BC；根據(jù)平行四邊形定則知；合力可能比分力小，可能比分力大，可能與分力相等．故A、B錯(cuò)誤，C正確．

D、若分力F1＞F2；則合力F可能比兩分力都大．故D錯(cuò)誤．

本題選錯(cuò)誤的，故選ABD．13、AC【分析】【分析】洛倫茲力總是與速度方向垂直；洛倫茲力對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷不做功；

對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷進(jìn)行受力分析；然后由牛頓第二定律求出加速度，然后判斷加速度的大?。?/p>

分析滑塊的運(yùn)動(dòng)過程，然后判斷滑塊最大位移間的關(guān)系．【解析】【解答】解：A；洛倫茲力總是與滑塊的運(yùn)動(dòng)方向垂直；洛倫茲力對(duì)滑塊不做功，故A正確；

B；由左手定則可知；滑塊A受到的洛倫茲力垂直于斜面向上，洛倫茲力f=qvB；

由牛頓第二定律可知，物體的加速度aA=；

滑塊沿斜面加速下滑，速度v越來越大，加速度aA越來越??；A做變加速度運(yùn)動(dòng)；

B受到的洛倫茲力垂直于斜面向下；由牛頓第二定律可知，物體的加速度

aB=；滑塊沿斜面加速下滑，速度v越來越大；

加速度aB=越來越小，B做變加速度運(yùn)動(dòng)；aA＞aB；故B錯(cuò)誤，C正確；

D；A受到的洛倫茲力垂直于斜面向上；當(dāng)洛倫茲力等于重力垂直于斜面的分力后；

小球?qū)㈦x開斜面；滑塊B垂直于斜面向下；滑塊做加速度越來越小的加速運(yùn)動(dòng)；

當(dāng)滑動(dòng)摩擦力等于重力平行于斜面向下的分力時(shí)；滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)；

滑塊不會(huì)離開斜面，故兩滑塊沿斜槽的最大位移的大小關(guān)系為sA＜sB；故D錯(cuò)誤；

故選AC．14、BC【分析】解：AB

開始時(shí)重物受到重力和繩子的拉力；所以繩子的拉力等于重物的重力；

設(shè)對(duì)重物施加一個(gè)水平向右的拉力后設(shè)OC

與豎直方向之間的拉力為婁脠

如圖，則有：FP=mgcos胃

選擇節(jié)點(diǎn)O

點(diǎn)為研究對(duì)象；則O

點(diǎn)受到三個(gè)力的作用處于平衡狀態(tài)，受力如圖；

由圖可知；在豎直方向：F2

沿豎直方向的分力始終等于FPcos婁脠=mg

而且F2

的方向始終不變，所以F2

始終不變；

沿水平方向：F1

的大小等于F2

沿水平方向的分力與FP

沿水平方向分力的和；由于FP

沿水平方向分力隨婁脠

的增大而增大，所以F1

逐漸增大，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD

由題意可知重物繞O

做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；則拉力和重力垂直半徑方向的分力等大，拉力做功功率為：P=(mgsin婁脠)隆脕v

不斷增大。

根據(jù)動(dòng)能定理可知：W=mgL(1鈭?cos60鈭?)=12mgL

故C正確；D錯(cuò)誤。

故選：BC

先對(duì)重物進(jìn)行分析；得出重物對(duì)繩子的拉力，然后對(duì)O

點(diǎn)受力分析，受三個(gè)拉力，根據(jù)平衡條件并結(jié)合分解法列式求解即可。

本題關(guān)鍵對(duì)O

點(diǎn)受力分析后根據(jù)平衡條件列式求解，可以結(jié)合合成法、分解法、正交分解法求解。動(dòng)力學(xué)中解決問題中，物體緩慢移動(dòng)的過程可視為物體在移動(dòng)過程中始終處于平衡狀態(tài)，物體的動(dòng)能保持不變，功的定義式適用于恒力做功，不能計(jì)算變力做功。【解析】BC

15、AD【分析】【分析】線框下落的過程中，線框中的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)安培力的公式與方向判定線框的受力；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢與感應(yīng)電流，由Q=分析線框產(chǎn)生的焦耳熱．【解析】【解答】解：A；C、線框下落的過程中；線框中的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流．由于線框的上下兩邊感應(yīng)電流的大小相等，方向相反，所以上下兩邊受到的安培力大小相等，方向相反，合力等于0；同理，先線框的左右兩邊受到的安培力也是大小相等，方向相反；整個(gè)的線框受到的安培力的合力等于0．線框在重力的作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，釋放瞬間A、B所受的作用力一樣大，兩線框在下落過程中速度差不變．故A正確，C錯(cuò)誤；

B、線框在重力的作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，v=v0+gt，則B=kv+B0=kv0+kgt+B0；線框的面積是S，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：

；

可知線框產(chǎn)生的電動(dòng)勢是常數(shù)；與線框的速度無關(guān)，所以釋放瞬間A中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢一樣大，感應(yīng)電流一樣大．故B錯(cuò)誤；

D、線框上產(chǎn)生的焦耳熱：；由于感應(yīng)電動(dòng)勢一樣大，所以下落相等時(shí)間，A；B線框上產(chǎn)生的焦耳熱相等．故D正確．

故選：AD16、ACD【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)的豎直分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，水平分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)．由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律分別得到時(shí)間和水平距離的表達(dá)式，再進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：

A、C、平拋運(yùn)動(dòng)的豎直分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)y=gt2

得到t=；即運(yùn)動(dòng)時(shí)間只與拋出點(diǎn)的高度y有關(guān)，與初速度無關(guān)，所以相同高度平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定相同；相反，不同高度平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定不同，故AC正確．

B、D、物體水平分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)，拋出的水平距離為s=v0t=v0，s與v0、y兩個(gè)因素有關(guān)，可知y相同，v0不同，s一定不同；或者y不同，v0相同；s一定不同；故B錯(cuò)誤，D正確．

故選：ACD．三、填空題(共6題，共12分)17、3×1083.9×105【分析】【分析】光在真空中的傳遞速度最大，為3×108m/s，利用激光測距，根據(jù)s=ct列式求解即可．【解析】【解答】解：光在真空中的傳遞速度為3×108m/s；

從地面向月球發(fā)射的激光到達(dá)月球并返回地面約2.6s；故地球和月球之間的距離：

s=ct=×3×108×2.6m=3.9×108m=3.9×105km

故答案為：3×108，3.9×105．18、大于小【分析】【分析】根據(jù)單擺的周期公式，結(jié)合重力加速度的變化分析周期的變化．單擺的回復(fù)力為重力沿切線方向的分力大小．【解析】【解答】解：根據(jù)T=知；擺長不變，重力加速度減小，則周期增大，所以周期將大于2s．

秒表的回復(fù)力為重力沿切線方向的分力；即F=mgsinθ，重力加速度減小，則回復(fù)力減小．

故答案為：大于，?。?9、0.32【分析】【分析】水泵做功轉(zhuǎn)化為水的動(dòng)能，水噴出后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用能量守恒定律可以求出水的體積．【解析】【解答】解：水噴出后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由速度位移公式得：v2=2gh；

由能量守恒定律得：Pt=mv2；

水的質(zhì)量：m=ρVt；

代入數(shù)據(jù)解得，體積：V=0.32m3；

故答案為：0.32．20、2L+【分析】【分析】分別對(duì)木塊3和木塊2和3整體分析，通過共點(diǎn)力平衡，結(jié)合胡克定律求出兩根彈簧的形變量，從而求出1、3量木塊之間的距離．【解析】【解答】解：對(duì)木塊3分析，摩擦力與彈簧彈力平衡，有：μm3g=kx，則x=．

對(duì)木塊2和3整體分析，摩擦力和彈簧彈力平衡，有：μ（m2+m3）g=kx′，則x′=．

則1、3兩木塊的距離s=2L+x+x′=2L+．

故答案為：2L+．21、略

【分析】

消防隊(duì)員勻加速下滑，設(shè)其加速度大小為a1；根據(jù)牛頓第二定律有。

mg-μFN1=ma1

a1=6m/s2

設(shè)消防隊(duì)員勻減速下滑的加速度大小為a2；根據(jù)牛頓第二定律有。

μFN2-mg=ma2

a2=3m/s2

根據(jù)勻加速運(yùn)動(dòng)規(guī)律有。

h=

v1=a1t1

根據(jù)勻減速運(yùn)動(dòng)規(guī)律有。

h2=v1t2-

v=v1-a2t2

由題意知。

h=h1+h2

t=t1+t2=5s

答：他們滑至地面所用的時(shí)間為5s．

【解析】【答案】消防隊(duì)員和小孩從已知長度的繩子頂端由靜止開始先勻加速再勻減速下滑；滑到地面時(shí)速度恰好為零．由他加速時(shí)的加速度大小是減速時(shí)的2倍，下滑的總時(shí)間，可求出加速與減速過程的時(shí)間之比．在加速過程中由加速時(shí)間與加速位移結(jié)合牛頓運(yùn)動(dòng)定律可求出加速度大小，同理可算出減速過程中的加速度．再根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分段求時(shí)間，最后求總和即可．

22、【分析】【分析】對(duì)物體進(jìn)行受力分析；當(dāng)物體對(duì)斜面的壓力為零時(shí)，物體開始離開斜面，由平衡條件求出物體此時(shí)的速度；

由牛頓第二定律求出物體的加速度，然后由勻變速運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間關(guān)系公